云南曲靖市罗平县第一中学2025-2026学年高三上学期11月学情检测物理试卷

**基本信息** 高三11月物理月考卷，以氢原子能级、载人登月等真实情境为载体，覆盖力学、电磁学等核心知识，通过分层设问考查科学思维与模型建构能力。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |选择题|10/46|原子物理、天体运动、力学平衡等|第4题结合登月工程考查开普勒定律，体现科技前沿| |非选择题|5/54|平抛实验、电路测量、电磁感应等|第15题电磁感应综合动量定理，考查科学推理与综合应用|

2025-2026学年高三上学期11月份考试 物理 试卷 满分100分，考试时间75分钟。 第I卷(选择题，共46分) 1、 选择题(本大题共10小题，每小题4分，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求;第8-10题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分) 1.氢原子的能级结构如图所示，下列说法正确的是(  ) A.由基态跃迁到激发态后，核外电子动能增大 B.用11 eV的光子照射，能使处于基态的氢原子跃迁到激发态 C.氢原子外层电子在不同能级上绕核运动时，不辐射电磁波 D.大量n=3激发态的氢原子，向n=1的基态跃迁时可辐射出2种不同频率的光子 2.如图，两个相同的小球A和B，质量均为m，用长度相同的两根细线把A、B悬挂在水平天花板上的同一点O，并用长度相同的细线连接A、B．现用一水平力F作用在A上，使两球均保持静止，三根细线均处于伸直状态，且OB位于竖直方向。两小球均视为质点，重力加速度为g，则力F的大小为(  ) A. B.mg C. D. 3.把一个小球放在如图所示的玻璃漏斗中，晃动漏斗，可以使小球在短时间内沿光滑的漏斗壁在某一水平面内做匀速圆周运动。关于小球的运动，下列说法正确的是(　) A.半径越大，小球受到的合力越大 B.半径越大，小球向心加速度的大小不变 C.半径越大，小球转速越大 D.半径越大，转动一圈小球受到的合力的冲量越大 4.我国计划在2030年前实现首次载人登月，如图所示，飞船被月球捕获后，会先绕月球做周期为T的椭圆轨道运动，已知飞船贴着月球表面运动的周期为，月球的半径为R，则(　　) A.飞船从B到C的运动时间为0.25T B.若，则 C.飞船在C点的速度大于在D点的速度 D.飞船在A点的加速度小于在D点的加速度 5.如图甲所示，质量为的物体放在水平面上，通过轻弹簧与质量为的物体连接，现在竖直方向给物体一初速度，当物体运动到最高点时，物体与水平面间的作用力刚好为零。从某时刻开始计时，物体的位移随时间的变化规律如图乙所示，已知重力加速度为，则下列说法正确的是() A.时间内，物体的速度与加速度方向相反 B.物体在任意一个内通过的路程均为 C.物体的振动方程为 D.物体对水平面的最大压力为 6.如图所示，M、N、P、Q分别是一边长为2a的正方形四条边的中点，O是MN的中点，A、B分别是MO和NO的中点。在M、N两点放置电量均为+q的点电荷，整个空间存在与纸面平行的匀强电场。已知P点的合电场强度为0， 静电力常量为k，下列说法正确的是(　　) A.匀强电场的方向由P指向Q，大小为 B.Q点的合场强方向由P指向Q，大小为 C.直线上从O到Q的电势先增大后减小 D.将一正的试探电荷从A点沿直线移到B点的过程中，电荷的电势能先减小后增大 7.一定质量的理想气体经历如图所示的循环过程，其中c→a过程是绝热过程，下列说法正确的是（　　） A.b→c过程中，气体的温度升高 B.c→a过程中，气体分子的平均动能不变 C.a→b过程中，气体从外界吸收的热量等于气体内能的增加量 D.a→b→c→a的整个过程中，气体从外界吸收热量 8.如图(a)，轻质弹簧下端固定在光滑斜面底端，上端与物块甲相连，甲处于静止状态。现从斜面上某位置由静止释放物块乙，运动一段距离与甲碰撞，碰撞后一起沿斜面向下运动。取乙的释放位置为坐标原点O建立一维坐标系，x轴的正方向沿斜面向下。乙的动能Ek与位置坐标x的关系如图(b)所示，图像中0~x1之间为直线，其余部分为曲线且在x=x2处切线斜率为0。甲、乙均可视为质点，弹簧始终处于弹性限度内，不计空气阻力，下列说法正确的是(　　) A.甲、乙质量之比为1∶1 B.甲、乙碰撞后在x=x2位置加速度最大 C.位置坐标满足关系 D.弹簧的劲度系数 9.A、B是两个完全相同的电热器，A通以如图甲所示的方波交变电流，B通以如图乙所示的正弦式交变电流。则A、B两个电热器的(　) A.交变电流有效值之比为：2 B.交变电压最大值之比为：2 C.电功率之比为4：5 D.在一个周期T的时间内产生的电热之比为5：4 10.在距离水平地面某一高度的光滑水平平台上，放置一水平压缩弹簧。半径为R的四分之一光滑圆弧轨道AB和半径也为R的光滑圆弧轨道CDE固定在平台上的同一竖直面内，D为轨道最高点，圆弧CDE对应的圆心角为135°，B、C挨得很近且与两轨道圆心O、O′在同一水平线上，如图。质量为m的小球(可视为质点)被弹簧弹射出去后(与弹簧分离)从A点沿切线方向进入圆弧轨道，恰好能通过最高点D。忽略空气阻力，重力加速度为g，下列说法正确的是(　　) A.弹簧的弹性势能为3mgR B.小球到达D点时的速度大小为 C.小球通过A点时对圆弧轨道的压力大小为6mg D.小球从A点运动到E点的过程中机械能守恒 第Ⅱ卷(非选择题，共54分) 二、非选择题：本题共5个小题，共54分 11.（8分）某实验小组通过实验研究平抛运动。 (1)实验装置如图1所示，实验中小球平抛后落入卡槽N中，为了记录小球的位置需要在竖直板上放置白纸和复写纸，那么应该在竖直板上           。（选填“先放白纸后放复写纸”或“先放复写纸后放白纸”）。 (2)该小组实验时忘记记录抛出点，从记录的轨迹中选取了O、A、B、C四点，以O点为原点建立坐标系，测量数据如图2所示，重力加速度g取10m/s2。则小球平抛的初速度大小为           m/s，A点对应的速度大小为           m/s，C点的纵坐标为           cm。 12.（10分）现要尽量准确地测量一量程为0-0.6A，内阻约为5Ω的电流表A1的内阻RA1，实验室选用了下述的一些器材，设计了图示的电路图进行测量。 电流表A2（量程0-0.6A，内阻RA2=10Ω）； 滑动变阻器M（最大阻值50Ω，最大电流1A）； 滑动变阻器N（最大阻值5Ω，最大电流1.5A）； 电阻箱P（阻值范围0-99Ω）； 电阻箱Q（阻值范围0-9.9Ω）； 电源E（电动势6V，内阻约0.5Ω）； 开关，导线若干。 (1)在图示电路中，电阻箱R2应选择_________（填“P”或“Q”），滑动变阻器R1应选择________（填“M”或“N”） (2)对图示电路进行如下操作： ①先将滑动变阻器R1的滑动触头移到__________（选填“最左端”或“最右端”），再把电阻箱R2的阻值调到最大。 ②闭合开关S，调节滑动变阻器R1，使电流表A2的指针有较大幅度偏转。 ③保持S闭合、R1不变，调节R2使电流表A1、A2的示数相同，读出此时电阻箱的阻值R0，则电流表A1的内阻RA1=_____________（用所给物理量的字母表示）。 (3)测量时难以将两电流表示数刚好调节到相同，若某次测得电流表A1、A2的示数分别为I1、I2，电阻箱的示数为R0'，则电流表A1的内阻R'A1的测量值为_________（用所给物理量的字母表示）。 13.（10分）如图所示，一半径为R的半圆形薄玻璃砖，某种单色光以α=45º的入射角照射到玻璃砖的上表面，已知玻璃砖对该单色光的折射率为，真空中的光速为c，不考虑多次反射。求： (1)从圆心O处入射的光在玻璃砖处的折射角； (2)从圆心O处入射的光在玻璃砖中传播的时间。 14.利用电场和磁场可以控制带电粒子的轨迹。如图所示，半径为R的圆形区域内存在垂直纸面向外的匀强磁场，MN为过圆心O的竖直轴，纸面内边长也为R的正方形abcd内存在与ab边平行的匀强电场，bc边所在直线与MN重合，ab边与圆相切。质量为m、电荷量为q的粒子从P点正对圆心O以大小为的速度垂直射入磁场，速度方向与MN夹角为，之后从MN与圆的交点b射出磁场立即进入电场，最后恰好从d点射出电场，打在ad边左侧距离为R处的竖直照相底片上，不计粒子重力，求： (1) 匀强磁场的磁感应强度B； (2)粒子打到照相底片上时的速度大小； (3) 粒子从进入磁场到打到照相底片上的运动总时间t。 15.如图，两根电阻不计的光滑平行金属导轨倾斜固定，间距为d，长度为L，与水平面间夹角为，下端连接一阻值为R的电阻，整个导轨均处于垂直导轨向上、磁感应强度大小为B的匀强磁场中(图中未画出)。一质量为m、每边电阻为R、边长为d的均匀正方形导体框从导轨顶端由静止开始沿导轨下滑，经过时间t后开始匀速下滑到导轨底端，整个过程中导体框保持与导轨平行且接触良好(重力加速度取g)。求： (1)导体框匀速运动时的速度大小； (2)整个过程中，外接电阻R上产生的焦耳热； (3)导体框在时间t内的位移大小。 一、单选题 1.C【解析】由题意可知，氢原子从基态跃迁到激发态后，核外电子轨道半径增大。核外电子做圆周运动，库仑力提供向心力，可得电子动能，可知增大时动能减小，A错误；根据玻尔理论的跃迁条件可知，氢原子吸收光子跃迁时，光子能量必须等于两能级的能级差。基态，跃迁到需要，跃迁到需要，不等于任何能级差，也达不到电离所需的，因此不能使基态氢原子跃迁，B错误；根据玻尔理论的定态假设：电子在不同能级(定态轨道)绕核运动时，处于稳定状态，不辐射电磁波，只有能级跃迁时才会辐射或者吸收能量，C正确；大量激发态的氢原子向n=1的基态跃迁，共可辐射出种不同频率的光子，D错误。故选C。 2.A【解析】取B球为研究对象，进行受力分析，OB处于竖直方向，B球静止，受力平衡。B受竖直向下的重力、OB竖直向上的拉力；若AB绳有拉力，拉力沿AB方向，会产生水平分力，而B水平方向没有其他力平衡，因此AB绳拉力为0，B仅重力和OB拉力平衡。取A球为研究对象，进行受力分析，由题意，，因此是等边三角形，可得与竖直方向的夹角为。A受三个力，水平力、重力、OA绳的拉力，处于静止状态，在竖直和水平方向，由平衡条件分别有，，联立解得。故选A。 3.B【解析】以小球为研究对象，小球受重力、漏斗壁的支持力，竖直方向受力平衡，合力沿水平方向提供向心力。设漏斗壁的倾角为定值，，故向心加速度，故小球所受合力和向心加速度与圆周运动半径无关，A错误，B正确；根据向心加速度公式，可得，故半径越大，转速越小，C错误；根据动量定理，小球转动一圈，初末动量相同，动量变化为0，因此合力冲量始终为0，与半径无关，D错误。故选B。 4.B【解析】椭圆轨道周期为T，从A到C(从远月点到近月点)的时间为半个周期，即0.5T。根据开普勒第二定律(面积定律)，飞船在近月点附近速度快，远月点附近速度慢。从A到B(远月点附近)的平均速度小于从B到C(近月点附近)的平均速度，因此从A到B的时间大于从B到C的时间。由于A到C总时间为0.5T，故B到C的时间小于0.25T，A错误；若，则椭圆轨道的半长轴为4R，由开普勒第三定律可得，得，B正确；飞船从C到D的过程中，距月球的距离增大，引力做负功，速度减小，因此飞船在C点的速度大于在D点的速度，C错误；A点到月球的距离小于D点到月球的距离，由可得飞船在A点的加速度大于在D点的加速度，D错误。故选B。 5.D【解析】由乙图可知，的时间内，物体由负的最大位移向平衡位置运动，速度方向沿轴正方向，回复力指向平衡位置，即沿轴正方向，二者方向相同，A错误；依题意，，当物体由特殊位置(平衡位置或最大位移处)开始计时，质点通过的路程才等于振幅的5倍，除此外在的时间内通过的路程不等于振幅的5倍，B错误；由图乙可知振幅为，周期为，圆频率为，规定向上为正方向，时刻位移为，表示振子由平衡位置上方处开始运动，所以初相为，则振子的振动方程为，C错误；物体在最高点时，物体与水平面间的作用力刚好为零，对B，由平衡条件可知，对于物体，由牛顿第二定律，有，解得，当物体运动到最低点时，物体对水平面的压力最大，由简谐运动的对称性可知，物体在最低点时加速度向上，且大小等于，由牛顿第二定律得，解得弹簧弹力，对物体，由平衡条件可知水平面的支持力，根据牛顿第三定律可知，物体对水平面的最大压力为，D正确。故选D。 6.D【解析】根据点电荷场强决定式，M、N两点处的点电荷在P点的场强，M、N两点处的点电荷在P点的合场强，方向由Q指向P，因P点的合电场强度为0，故匀强电场方向由P指向Q，大小为，A错误；在Q点，匀强电场场强的大小和方向与M、N两点处的点电荷在Q点处的电场强度大小相等，方向相同，故Q点的场强方向由P指向Q，大小为，B错误；从O到Q的电场线方向从O指向Q，故从O到Q的电势逐渐降低，C错误；根据等量正点电荷的电场分布特点可知，将一正的试探电荷从A点沿直线移到B点的过程中，电势先降低后升高，则正电荷的电势能先减小后增大，D正确。故选D。 7.D【解析】b→c过程中，气体体积不变压强减小，根据可知，气体的温度降低，故A错误；c→a为绝热过程，即Q=0；因体积减小，故外界对气体做功，即W>0。 根据ΔU=Q+W可知，ΔU>0。即气体内能增大，则温度升高，气体分子的平均动能增大，故B错误；a→b过程中，气体压强不变体积增大，对外做功，即W<0。根据可知，温度升高，故内能增大。根据ΔU=Q+W可知，气体从外界吸收的热量大于气体内能的增加量，故C错误；因ab段图像与横轴所包围的面积大于ca段图像与横轴所包围的面积，故气体对外界做的功大于外界对气体做的功。即a→b→c→a的整个过程中，W<0，ΔU=0。 则根据ΔU=Q+W可知Q>0，即气体从外界吸收热量，故D正确。故选D。 8.AD【解析】由图b可知，物块乙与物块甲碰撞前的动能为，物块乙与物块甲碰撞后的动能为，物块乙与物块甲碰撞过程，根据动量守恒定律可得，联立解得，A正确；由图b可知，甲与乙碰撞后乙在x2处动能最大，则甲与乙碰撞后在x2位置处速度最大，说明该位置为系统的平衡位置，合外力为零，加速度为零，B错误；由图(b)可知，x3处动能为零，为简谐振动的最大位移处。x1处动能不为零，不是最大位移处，且x1到x2(平衡位置)的距离为x2−x1，x2到x3的距离为x3−x2，由于x1处动能为E，x3处动能为0，可知从x1到平衡位置x2经过的位移小于从平衡位置x2到最大位移x3的位移，因此有，解得，C错误；设甲静止时弹簧的压缩量为x0，对甲受力分析，由平衡条件有，当甲乙一起运动到x2位置(平衡位置)时，系统所受合外力为零，速度最大，根据平衡条件可得，物块乙从释放到位置x1的过程中，由动能定理可得，，联立解得，D正确。故选AD。 9.AD【解析】设两交变电流的有效值分别为 I1、I2，电热器电阻值为R，根据焦耳定律有，解得I1=，又，可得，A正确；根据欧姆定律推论有U=IR，A、B两电热器交变电压的最大值之比为1：1，B错误；根据热功率公式P=I2R及焦耳定律Q=I2Rt，A、B两个电热器的电功率之比、在一个周期T的时间内产生的电热之比均为5：4，C错误、D正确。故选AD。 10.CD【解析】依题意，小球恰好能通过圆弧CDE的最高点D，则重力提供向心力，由牛顿第二定律得，，解得小球到达D点时的速度大小为，故B错误；从初始位置到小球运动到最高点D的过程中，根据机械能守恒定律，弹簧的弹性势能为，故A错误；小球通过A点时，有，，解得小球通过A点时圆弧轨道对小球的支持力大小，，由牛顿第三定律可知小球通过A点时对圆弧轨道的压力大小为6mg，故C正确；小球从A点运动到E点的过程中只有重力做功，故机械能守恒，故D正确。故选CD。 第Ⅱ卷(非选择题，共54分) 二、非选择题：本题共5个小题，共54分 11. (1)先放白纸后放复写纸 (2) 2 2.5 26.25 【解析】（1）实验中小球平抛后落入卡槽N中，为了记录小球的位置需要在竖直板上放置白纸和复写纸，那么应该在竖直板上先放白纸后放复写纸。 （2）由图2可知，竖直方向有，解得，则小球平抛的初速度大小为。 根据匀变速直线运动中一段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度可知，A点对应的竖直分速度大小为，则A点对应的速度大小为。 根据，解得，则C点的纵坐标为。 12. (1)Q，N；(2)①最左端，③；(3) 【解析】（1）由题意可知，图示电路中，两电流表量程相等，则电阻箱R2约为，应选择Q；由于滑动变阻器要接成分压电路，则R1应选择阻值较小的N； （2）①为了保护电路的安全，先将滑动变阻器R1的滑动触头移到最左端，再把电阻箱R2的阻值调到最大。③保持S闭合、R1不变，调节R2使电流表A1、A2的示数相同，根据并联电路特点可知，两支路的电阻相等，读出此时电阻箱的阻值R0，则电流表A1的内阻。 （3）根据并联电路的等压分流特点，可知，解得 13. (1) (2) 【解析】（1）设从圆心O处入射的光在玻璃砖处的折射角为，根据折射定律有 代入数据解得 即 （2）光在玻璃中的传播速度为 折射后光沿某条半径传播，所以光在玻璃中传播的距离为R，则光在玻璃砖中传播的时间为 14. (1) (2) (3) 【解析】(1)根据牛顿第二定律有 由几何关系得： 联立得： (2)在电场中，粒子做类平抛运动有， 又 解得 (3)粒子在磁场中的运动周期 粒子在磁场中的运动时间 粒子在电场中的运动时间 粒子离开电场后的运动时间 联立得： 15. (1)；(2)；(3) 【解析】(1)设匀速速度为v，则AD、BC产生感应电动势 导体框的AB和CD边被导轨短路，电阻为零，等效内阻 总电流 匀速运动时 解得 (2)整个过程中，回路总产热 外接电阻R上产生的焦耳热 解得 (3)对导线框根据动量定理 根据 整理得 其中 解得 第1页 共1页 学科网（北京）股份有限公司 $