精品解析：浙江台州市2025-2026学年高一下学期6月期末物理试题

台州市2025学年第二学期高一年级期末质量评估试题 物 理 2026.6 注意事项： 1．本卷共8页，17小题，满分100分，考试时间90分钟； 2．非选择题的答案必须用黑色字迹的签字笔或钢笔书写在答题纸上规定区域内； 3．本卷中除特别说明外，重力加速度均取。 选择题部分 一、选择题Ⅰ（本题共10小题，每小题3分，共30分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分） 1. 下列仪器不能测量基本物理量的是（　　） A. 电火花计时器 B. 天平 C. 弹簧秤 D. 直尺 2. 书法课上，某同学临摹“州”字时，笔尖的轨迹如图中带箭头的实线所示。笔尖由点经点回到点，则下列说法正确的是（ ） A. 该过程位移为0 B. 该过程路程为0 C. 两次过点时速度方向相同 D. 两次过点时摩擦力方向相同 3. 第十五届全国运动会开幕式上的“飞天鳌鱼”，是一个巨大的气球组合体，由20名学生用绳索牵引，控制着鳌鱼在空中完成盘旋等高难度动作。下列说法正确的是（ ） A. 绳子对鳌鱼的拉力是由于鳌鱼形变产生的 B. 鳌鱼所受的空气浮力与鳌鱼所受的重力是一对平衡力 C. 牵引绳对鳌鱼的拉力与鳌鱼对牵引绳的拉力是一对作用力与反作用力 D. 在研究鳌鱼在空中完成盘旋等动作时，可以将其看成质点 4. 如图所示两本书逐页交叉叠放，下列哪种情况最不容易被拉开（ ） A. 将叠放的两本书水平放置在桌面上，沿水平方向拉动 B. 将叠放的两本书竖直立在桌面上，沿水平方向拉动 C. 将叠放的两本书一起自由落体，在它们下落的过程中水平拉开 D. 将叠放的两本书一起竖直上抛，在它们上升的过程中水平拉开 5. 下列说法中，符合物理学史的是（　　） A. 牛顿发现了万有引力定律，并测定了引力常量 B. 开普勒发现了行星运动三定律，从而提出了日心学说 C. 卡文迪什用扭秤实验发现了库仑定律，并测定了静电力常量 D. 法拉第认为在电荷周围存在着由它产生的电场，并用电场线来描述电场 6. 如图是一个常用的电容器，关于它的说法中正确的是（ ） A. 该电容器的电容为220法拉 B. 50 V为该电容器的击穿电压 C. 该电容器储存的电荷越多，电容越大 D. 该电容器两极间电势差为1 V时，所带电荷量为 7. 我国发射“天问二号”探测器对某小行星进行探测，已知该小行星是地球的“近邻”，绕太阳运行的轨道半长轴略大于地球公转轨道半径。下列说法正确的是（ ） A. 小行星绕太阳运行的周期小于一年 B. “天问二号”起飞瞬间处于失重状态 C. “天问二号”在地球的发射速度可以小于 D. 在轨道交点处，若仅考虑太阳的引力，小行星的加速度等于地球的加速度 8. 手机电容式触摸屏的核心部件可简化为平行板电容器。当手指靠近触摸屏时，电容器两极板和手指间的电场线分布如图所示。下列说法正确的是（ ） A. 点的电势高于点的电势 B. 点的电场强度大于点的电场强度 C. 将一电子从点移到点，电场力做正功 D. 若电子在点静止释放，仅受静电力作用将沿电场线运动 9. 如图所示，光滑圆弧竖直固定，用轻绳连接两个小球P、Q，两小球套在圆环上且均处于平衡状态，两小球与圆弧的圆心连线夹角分别为和，则两球质量之比为（ ） A. B. C. D. 10. 运动员把质量为的足球踢出后，某人观察它在空中的飞行情况，估计踢出的初速度为，上升的最大高度是。不考虑空气阻力，则运动员踢球时对足球做的功和足球在落地瞬间重力的功率约为（　　） A. ， B. ， C. ， D. ， 二、选择题Ⅱ（本题共3小题，每小题4分，共12分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得4分，选对但不选全的得2分，有选错的得0分） 11. 以下四个图形的理解，说法正确的是（ ） A. 甲图展示了平行金属板间的电场线分布，证实电场线的客观存在 B. 乙图展示了点电荷周围的三个等势面，若，则 C. 丙图用于感受向心力的大小，绳和小沙袋不可能在同一个水平面 D. 丁图当汽车向左的加速度增大到一定值时，桶C就脱离A而运动到B的右边 12. 如图所示，水平放置的家用小石磨圆盘上放着黄豆，它们与转盘的动摩擦因数都为。转动把手，使圆盘由静止开始绕中心加速转动，黄豆与圆盘始终相对静止。转动一周后圆盘角速度为，某颗可视为质点的黄豆质量为，与转动中心的距离为，关于此过程，下列说法不正确的是（ ） A. 该黄豆所受的摩擦力方向指向转动中心 B. 当圆盘的角速度为时，该黄豆的线速度大小为 C. 该黄豆所受合力做的功为 D. 摩擦力对该黄豆所做的功为 13. 如图，质量为2 kg的物块B（视为质点）放置在质量为3 kg、长度为0.2 m的木板A（厚度不计）的最左端，B与A叠放在水平桌面上，B通过一条跨过轻质定滑轮的、与桌面平行的、不可伸长的轻绳与质量为1 kg的小球C相连，B与A、A与桌面的动摩擦因数分别为、，轻托小球C使轻绳处于自然伸直状态。从静止释放C，C向下加速运动，下降0.2 m后开始匀速运动，A若碰到右侧挡板则立即停止，最大静摩擦力等于滑动摩擦力轻绳与滑轮间的摩擦力不计（ ）。 A. 释放C瞬间，物块B的加速度为 B. 释放C瞬间，物块A的加速度为 C. C运动过程中动能的最大值为 D. C从静止释放至开始匀速的过程中，A与B因摩擦而产生的热量为2 J 非选择题部分 三、非选择题（本题共4小题，共58分） 实验题（Ⅰ、Ⅱ二题共18分） 14. 利用打点计时器探究加速度与力、质量的关系，实验装置如图1所示， （1）上图所示是_______（选填“电磁”或“电火花”）打点计时器，电源采用的是_______（选填“交流8 V”“交流220 V”或“六节干电池”）； （2）本实验采用的实验方法是 。 A. 理想模型法 B. 等效替代法 C. 控制变量法 （3）以小车为研究对象，在平衡摩擦力时，下列操作要求正确的是 。 A. 应垫高有打点计时器轨道一端，不挂槽码，轻推小车让小车拖纸带匀速下滑 B. 应垫高有打点计时器轨道一端，不挂槽码，轻推小车让小车不拖纸带匀速下滑 C. 应该调平轨道，增减槽码，轻推小车，让小车拖着纸带匀速下滑 （4）在进行实验时，还要求槽码的质量远小于小车的质量，这样做的目的是 。 A. 使小车获得较大的加速度 B. 使细线的拉力近似等于槽码重力 C. 使纸带上点迹清晰，便于进行测量 D. 使细线的拉力等于小车受到的合外力 （5）①如图所示为甲同学记录小车运动情况的纸带，图中、、为相邻的计时点，其中点对应的读数为_______cm；点的速度大小_______m/s。（计算结果小数点后保留两位数字）、 ②乙同学则是这样处理纸带的：每隔4个点选取1个计数点，在各计数点处将纸带剪断，分成若干段纸条，将这些纸条的下端对齐并排粘贴在坐标纸上。图中和和和和和为同一个计数点。根据图中数据，与纸带相连的小车的加速度大小为_______（计算结果小数点后保留两位数字） 15. 某同学做“测量金属丝的电阻率”实验： （1）使用多用电表测量金属丝电阻，正确的操作顺序是_______。 A．把选择开关旋转到交流电压最高挡 B．调节欧姆调零旋钮使指针到欧姆零点 C．把红黑表笔分别接在两端，然后读数 D．把选择开关旋转到合适的挡位，将红、黑表笔接触 E．把红黑表笔插入多用电表“+、-”插孔，用螺丝刀调节指针定位螺丝，使指针指“0”刻度 （2）某次操作时，先将多用电表开关置于欧姆“×10”挡，发现指针指在1位置，该同学需将欧姆表换挡至_______（选填“×1”或“×100”）挡，再次欧姆调零，发现指针指在2位置，可知该元件阻值为_____。Ω。 （3）按图甲进行实验时，多次改变合金丝接入电路的长度，调节滑动变阻器的阻值，使电流表的示数每次都达到相同值，记录电压表的示数，从而得到多组、的数据，作出图像，如图乙所示。 ①为方便操作，滑动变阻器应选用_______（选填“0~20”或“0~200”）Ω； ②某次测量时，量程为的电压表指针位置如图丙所示，则示数____________； ③已知合金丝的横截面积为，图乙中直线的斜率为，横轴的截距为，则该合金丝的电阻率__________，电流表的内阻__________。（结果均选用、、、表示） 16. 如图所示，有一企鹅在倾角为的倾斜冰面上，先以加速度从冰面底部由静止开始沿直线向上“奔跑”，时，突然卧倒以肚皮贴着冰面向前滑行，最后退滑到出发点，完成一次游戏（企鹅在滑动过程中姿势保持不变）。已知企鹅肚皮与冰面间的动摩擦因数。求： （1）企鹅向上“奔跑”的位移大小； （2）企鹅在冰面向前滑动的加速度大小； （3）企鹅退滑到出发点时的速度大小。（结果可用根式表示） 17. 一游戏装置的竖直截面如图所示。固定的理想弹射器、水平直轨道、半径为的竖直螺旋轨道、水平轨道、倾角为的倾斜直轨道平滑连接成一个抛射装置；水平高台上安装固定倾角接收管的移动小车（高度不计）作为接收装置，接收管管口略大于小球直径，其与水平面的高度可自由调整。游戏开始，一质量为的小球从弹射器中弹出，经过抛射装置进入接收装置，小球落在段，反弹后水平分速度保持不变，竖直分速度减少，段动摩擦因数，其余各段均光滑，不计空气阻力。已知弹射器中弹簧的最大弹性势能为，，，，，。 （1）若小球恰能经过竖直螺旋轨道的最高点，求 ①经过点的速度大小； ②弹射装置释放的弹性势能； ③小球离开抛射装置后，轨迹最高点到的距离。 （2）若小球不脱离螺旋轨道，并最终切入接收管管口，则游戏成功，分析弹射器中弹簧的弹性势能和接收器最大接收次数的关系。 18. 角分辨光电子能谱仪含电子发射区、同心半球极板构成的静电分析器、边长为的正方体匀强电场偏转区及二维位置灵敏探测器，探测器距偏转电场底面竖直高度为；静电分析器两极间加电势差可形成径向电场，能筛选出特定动能电子沿半径（）的中线轨道通过。电子从点垂直射入分析器，只有垂直点射出的电子才能出静电分析器，进入场强为的偏转电场，最终打在探测器上；无偏转电场时电子垂直打在二维探测器的点，以点为原点，平行于电场方向为轴、垂直于电场方向为轴建立平面直角坐标系。现有入射动能分别为和的电子、，分别到达点，间电势差的大小为。电子质量为、电荷量为，不计重力。 （1）判断两点的电势高低； （2）电子a轨迹处的电场强度的大小和电子b到达点的动能； （3）调节静电分析器电压，使动能在范围内的电子均能沿中线轨道运动，从而电子都可以从偏转电场底面射出 ①求电子到达探测器的位置坐标与动能的关系； ②让偏转电场系统绕轴缓慢转动，且系统转动周期远大于电子穿过电场的时间，求探测器上能检测到电子的区域面积。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 台州市2025学年第二学期高一年级期末质量评估试题 物 理 2026.6 注意事项： 1．本卷共8页，17小题，满分100分，考试时间90分钟； 2．非选择题的答案必须用黑色字迹的签字笔或钢笔书写在答题纸上规定区域内； 3．本卷中除特别说明外，重力加速度均取。 选择题部分 一、选择题Ⅰ（本题共10小题，每小题3分，共30分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分） 1. 下列仪器不能测量基本物理量的是（　　） A. 电火花计时器 B. 天平 C. 弹簧秤 D. 直尺 【答案】C 【解析】 【详解】A．电火花计时器可以测基本物理量时间，故A错误； B．天平可以测基本物理量质量，故B错误； C．弹簧秤只能测力，不能测基本物理量，故C正确； D．直尺可以测基本物理量长度，故D错误。 故选C。 2. 书法课上，某同学临摹“州”字时，笔尖的轨迹如图中带箭头的实线所示。笔尖由点经点回到点，则下列说法正确的是（ ） A. 该过程位移为0 B. 该过程路程为0 C. 两次过点时速度方向相同 D. 两次过点时摩擦力方向相同 【答案】A 【解析】 【详解】A．该运动过程起点为a点，终点也是a点，因此位移为0，故A正确； B．该运动过程有明显的运动轨迹，其长度不为0，因此该过程路程不为0。故B错误； C．由图可知第一次经过a点时速度方向斜向右下，第二次斜向右上，明显速度方向不同，故C错误； D．摩擦力的方向为阻碍物体相对运动的方向，两次经过a点时速度方向不同、相对运动的方向不同，因此摩擦力方向也不同。故D错误。 故选A。 3. 第十五届全国运动会开幕式上的“飞天鳌鱼”，是一个巨大的气球组合体，由20名学生用绳索牵引，控制着鳌鱼在空中完成盘旋等高难度动作。下列说法正确的是（ ） A. 绳子对鳌鱼的拉力是由于鳌鱼形变产生的 B. 鳌鱼所受的空气浮力与鳌鱼所受的重力是一对平衡力 C. 牵引绳对鳌鱼的拉力与鳌鱼对牵引绳的拉力是一对作用力与反作用力 D. 在研究鳌鱼在空中完成盘旋等动作时，可以将其看成质点 【答案】C 【解析】 【详解】A．弹力是施力物体发生弹性形变产生的，绳子对鳌鱼的拉力，施力物体是绳子，因此拉力是绳子形变产生的，故A错误； B．鳌鱼除重力、空气浮力外，还受到牵引绳的拉力，因此浮力和重力不是一对平衡力，故B错误； C．牵引绳对鳌鱼的拉力与鳌鱼对牵引绳的拉力，是两个物体之间的相互作用，符合牛顿第三定律中作用力与反作用力的定义，故C正确； D．研究鳌鱼的盘旋动作时，鳌鱼的形状、大小对研究问题影响不可忽略，不能将其看成质点，故D错误。 故选C 。 4. 如图所示两本书逐页交叉叠放，下列哪种情况最不容易被拉开（ ） A. 将叠放的两本书水平放置在桌面上，沿水平方向拉动 B. 将叠放的两本书竖直立在桌面上，沿水平方向拉动 C. 将叠放的两本书一起自由落体，在它们下落的过程中水平拉开 D. 将叠放的两本书一起竖直上抛，在它们上升的过程中水平拉开 【答案】A 【解析】 【详解】A．当两本书水平放置在桌面上，沿水平方向拉动，除了书和桌面之间存在摩擦力，每一页上下接触面都相互挤压，都存在摩擦力，因此最难拉开，故A正确； B．书本竖直放置在桌面上，沿水平方向拉动，只有书和桌面之间的摩擦力，书页之间的摩擦力很小；故B错误； CD．若在自由落体或上抛过程中，系统处于近似完全失重状态，书页之间几乎没有摩擦力，加上此时不存在书和桌面之间的摩擦力，最易分开，故CD错误。 故选A。 5. 下列说法中，符合物理学史的是（　　） A. 牛顿发现了万有引力定律，并测定了引力常量 B. 开普勒发现了行星运动三定律，从而提出了日心学说 C. 卡文迪什用扭秤实验发现了库仑定律，并测定了静电力常量 D. 法拉第认为在电荷周围存在着由它产生的电场，并用电场线来描述电场 【答案】D 【解析】 【详解】A．牛顿发现了万有引力定律，但引力常量是由卡文迪什通过扭秤实验首次测定的，并非牛顿本人测定，故A错误； B．开普勒发现了行星运动三定律，但日心说是由哥白尼提出的，开普勒是在日心说的基础上发现了行星运动的规律，支持并完善了日心说，故B错误； C．卡文迪什用扭秤实验测定了引力常量。发现库仑定律并测定静电力常量的是法国物理学家库仑，故C错误； D．法拉第提出了“场”的概念，认为电荷周围存在电场，并最早用电场线来形象地描述电场，故D正确。 故选D。 6. 如图是一个常用的电容器，关于它的说法中正确的是（ ） A. 该电容器的电容为220法拉 B. 50 V为该电容器的击穿电压 C. 该电容器储存的电荷越多，电容越大 D. 该电容器两极间电势差为1 V时，所带电荷量为 【答案】D 【解析】 【详解】A．该电容器电容为，不是，故A错误； B．电容器上标注的是额定电压（允许电容器长期工作的最大电压），击穿电压是电容器被击穿损坏的临界电压，大于额定电压，故B错误； C．电容是电容器本身的固有属性，由电容器自身结构决定，与所带电荷量无关，故C错误； D．根据电容定义式​，可得，故D正确。 故选 D。 7. 我国发射“天问二号”探测器对某小行星进行探测，已知该小行星是地球的“近邻”，绕太阳运行的轨道半长轴略大于地球公转轨道半径。下列说法正确的是（ ） A. 小行星绕太阳运行的周期小于一年 B. “天问二号”起飞瞬间处于失重状态 C. “天问二号”在地球的发射速度可以小于 D. 在轨道交点处，若仅考虑太阳的引力，小行星的加速度等于地球的加速度 【答案】D 【解析】 【详解】A．根据开普勒第三定律，绕同一中心天体太阳运行时，轨道半长轴越大，周期越大。 已知小行星轨道半长轴大于地球公转轨道半径，因此小行星周期大于地球公转周期1年，故A错误； B．探测器起飞瞬间，加速向上运动，加速度方向向上，处于超重状态，不是失重，故B错误； C．要发射探测器脱离地球前往太阳系探测小行星，发射速度必须大于，远大于，故C错误； D．仅考虑太阳引力时，加速度满足​​，交点到太阳的距离相同，因此小行星和地球在点的加速度相等，故D正确。 故选D 。 8. 手机电容式触摸屏的核心部件可简化为平行板电容器。当手指靠近触摸屏时，电容器两极板和手指间的电场线分布如图所示。下列说法正确的是（ ） A. 点的电势高于点的电势 B. 点的电场强度大于点的电场强度 C. 将一电子从点移到点，电场力做正功 D. 若电子在点静止释放，仅受静电力作用将沿电场线运动 【答案】A 【解析】 【详解】A．沿电场线方向电势降低，图中电场线从靠近下极板的区域指向靠近手指的区域，点比点更靠近高电势侧，所以点的电势高于点，故A正确； B．电场线越密处电场强度越大，图中点附近的电场线比点附近稀疏，所以点的电场强度小于点的电场强度，故B错误； C．、两点在同一导体极板上，静电平衡时同一导体为等势体，将电子从点移到点，电场力做功为零，故C错误； D．电场线ab是曲线，电场线上各点的切线方向表示该点电场强度方向，并不是带电粒子的运动轨迹；电子带负电，所受静电力方向与电场方向相反，从点静止释放后不会沿电场线运动，故D错误。 故选A。 9. 如图所示，光滑圆弧竖直固定，用轻绳连接两个小球P、Q，两小球套在圆环上且均处于平衡状态，两小球与圆弧的圆心连线夹角分别为和，则两球质量之比为（ ） A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【详解】方法一：以小球P和Q为系统，根据力矩平衡有 可得 方法二：对P受力分析，受重力、圆弧轨道的支持力和轻绳的拉力，将重力和绳子拉力沿着垂直半径方向分解，根据平衡条件可得 可得 同理可得 则 故选B。 10. 运动员把质量为的足球踢出后，某人观察它在空中的飞行情况，估计踢出的初速度为，上升的最大高度是。不考虑空气阻力，则运动员踢球时对足球做的功和足球在落地瞬间重力的功率约为（　　） A. ， B. ， C. ， D. ， 【答案】C 【解析】 【详解】运动员踢球过程中，对足球做的功等于足球获得的初动能，由动能公式得 代入，，解得 重力的瞬时功率为重力与竖直方向分速度的乘积，即 不考虑空气阻力，足球竖直方向做竖直上抛运动，上升最大高度，由运动学公式 解得落地时竖直分速度大小 代入得 故选C。 二、选择题Ⅱ（本题共3小题，每小题4分，共12分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得4分，选对但不选全的得2分，有选错的得0分） 11. 以下四个图形的理解，说法正确的是（ ） A. 甲图展示了平行金属板间的电场线分布，证实电场线的客观存在 B. 乙图展示了点电荷周围的三个等势面，若，则 C. 丙图用于感受向心力的大小，绳和小沙袋不可能在同一个水平面 D. 丁图当汽车向左的加速度增大到一定值时，桶C就脱离A而运动到B的右边 【答案】CD 【解析】 【详解】A．电场线是为了描述电场强度分布情况而人为画出的曲线，是虚构的一个假想模型，客观并不存在。故A错误； B．点电荷周围的电场是非匀强电场，电场强度随到场源电荷的距离增大而减小，AB段的平均电场强度大于BC段，因此不适用匀强电场公式，AB间电势差大于BC间，故B错误； C．丙图中的小沙袋只受重力和绳拉力的作用，绳拉力必定有竖直方向分量与重力相互平衡。因此绳子不会处于水平状态，绳和小沙袋不可能在同一个水平面。故C正确； D．丁图中桶C受重力、AB两桶的支持力。加速度由合力提供。桶C的水平加速度由AB两桶支持力的合力水平分力提供。当汽车向左的加速度增大到A对C的支持力减为0后，若加速度继续增大，桶C能获得的最大向左加速度小于汽车的加速度，因此桶C相对于汽车向右运动，即脱离A而运动到B的右边。故D正确。 故选CD。 12. 如图所示，水平放置的家用小石磨圆盘上放着黄豆，它们与转盘的动摩擦因数都为。转动把手，使圆盘由静止开始绕中心加速转动，黄豆与圆盘始终相对静止。转动一周后圆盘角速度为，某颗可视为质点的黄豆质量为，与转动中心的距离为，关于此过程，下列说法不正确的是（ ） A. 该黄豆所受的摩擦力方向指向转动中心 B. 当圆盘的角速度为时，该黄豆的线速度大小为 C. 该黄豆所受合力做的功为 D. 摩擦力对该黄豆所做的功为 【答案】AD 【解析】 【详解】A．黄豆随圆盘做加速圆周运动，重力与支持力平衡，则该黄豆所受的摩擦力存在指向圆心的分力提供向心力（改变速度方向），还存在沿切线方向的分力提供切向加速度（增大线速度大小），所以该黄豆所受的摩擦力方向不指向转动中心，故A错误，满足题意要求； B．当圆盘的角速度为时，黄豆与圆盘始终相对静止，该黄豆的线速度大小为，故B正确，不满足题意要求； C．根据动能定理可得该黄豆所受合力做的功为，故C正确，不满足题意要求； D．黄豆与圆盘相对静止，受到的是静摩擦力，大小不等于；重力、支持力不做功，只有摩擦力做功，由动能定理可知，摩擦力做功等于黄豆动能变化，则有 摩擦力对该黄豆所做的功不等于，故D错误，满足题意要求。 故选AD。 13. 如图，质量为2 kg的物块B（视为质点）放置在质量为3 kg、长度为0.2 m的木板A（厚度不计）的最左端，B与A叠放在水平桌面上，B通过一条跨过轻质定滑轮的、与桌面平行的、不可伸长的轻绳与质量为1 kg的小球C相连，B与A、A与桌面的动摩擦因数分别为、，轻托小球C使轻绳处于自然伸直状态。从静止释放C，C向下加速运动，下降0.2 m后开始匀速运动，A若碰到右侧挡板则立即停止，最大静摩擦力等于滑动摩擦力轻绳与滑轮间的摩擦力不计（ ）。 A. 释放C瞬间，物块B的加速度为 B. 释放C瞬间，物块A的加速度为 C. C运动过程中动能的最大值为 D. C从静止释放至开始匀速的过程中，A与B因摩擦而产生的热量为2 J 【答案】BC 【解析】 【详解】AB．取 ，释放瞬间，若物块B与木板A相对静止，则A、B、C三者加速度大小相同。对A、B、C整体，由牛顿第二定律有 得 检验A、B间静摩擦力，对木板A有 得 故A、B相对静止，物块B的加速度也为 ，故A错误，B正确； C．从释放到C开始匀速前，C做初速度为零、加速度为 的匀加速直线运动，下降时速度最大，由得 此时C的最大动能为 ，故C正确； D．从释放到C开始匀速前，A、B相对静止，A、B间没有相对位移，因摩擦产生的热量为 ，故D错误。 故选BC。 非选择题部分 三、非选择题（本题共4小题，共58分） 实验题（Ⅰ、Ⅱ二题共18分） 14. 利用打点计时器探究加速度与力、质量的关系，实验装置如图1所示， （1）上图所示是_______（选填“电磁”或“电火花”）打点计时器，电源采用的是_______（选填“交流8 V”“交流220 V”或“六节干电池”）； （2）本实验采用的实验方法是 。 A. 理想模型法 B. 等效替代法 C. 控制变量法 （3）以小车为研究对象，在平衡摩擦力时，下列操作要求正确的是 。 A. 应垫高有打点计时器轨道一端，不挂槽码，轻推小车让小车拖纸带匀速下滑 B. 应垫高有打点计时器轨道一端，不挂槽码，轻推小车让小车不拖纸带匀速下滑 C. 应该调平轨道，增减槽码，轻推小车，让小车拖着纸带匀速下滑 （4）在进行实验时，还要求槽码的质量远小于小车的质量，这样做的目的是 。 A. 使小车获得较大的加速度 B. 使细线的拉力近似等于槽码重力 C. 使纸带上点迹清晰，便于进行测量 D. 使细线的拉力等于小车受到的合外力 （5）①如图所示为甲同学记录小车运动情况的纸带，图中、、为相邻的计时点，其中点对应的读数为_______cm；点的速度大小_______m/s。（计算结果小数点后保留两位数字）、 ②乙同学则是这样处理纸带的：每隔4个点选取1个计数点，在各计数点处将纸带剪断，分成若干段纸条，将这些纸条的下端对齐并排粘贴在坐标纸上。图中和和和和和为同一个计数点。根据图中数据，与纸带相连的小车的加速度大小为_______（计算结果小数点后保留两位数字） 【答案】（1） ①. 电火花 ②. 交流 （2）C （3）A （4）B （5） ①. 3.70 ##3.68##3.69##3.71 ②. 0.43 ##0.41##0.42##0.44 ③. 0.95##0.93##0.94##0.96 【解析】 【小问1详解】 [1]由图可知，该实验用的是电火花计时器，故填“电火花”； [2]电火花计时器，应该使用220V的交流电源，故填“交流220V”。 【小问2详解】 本实验采用的实验方法是控制变量法。 故选C。 【小问3详解】 平衡摩擦力的目的是让小车的重力分力抵消摩擦力和纸带的阻力，所以需要垫高有打点计时器的轨道一端，不挂槽码，并且让小车拖着纸带匀速下滑，这样才能平衡纸带与打点计时器之间的阻力。 故选A。 【小问4详解】 在进行实验时，还要求槽码的质量远小于小车的质量，这样做的目的是使细线的拉力近似等于槽码重力。 故选B。 【小问5详解】 [1]刻度尺最小分度值为1mm，故点对应的读数为3.70cm。 [2]已知电源的频率为50Hz，则打点周期为，根据匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度，可得在打下B点时，物体运动的速度为 其中 解得 [3]乙同学每5个点取一个计数点，所以相邻计数点间的时间间隔为。 在各计数点处将纸带剪断，分成若干段纸条，将这些纸条的下端对齐并排粘贴在坐标纸上。纸带宽度相等，可以对应相邻计数点间的时间间隔，纸带长度可以对应此时间内物体的位移。 设图中A点横坐标对应第一条纸带中间时刻，此时物体速度 图中F点横坐标对应第六条纸带中间时刻，此时物体速度 解得小车的加速度大小 15. 某同学做“测量金属丝的电阻率”实验： （1）使用多用电表测量金属丝电阻，正确的操作顺序是_______。 A．把选择开关旋转到交流电压最高挡 B．调节欧姆调零旋钮使指针到欧姆零点 C．把红黑表笔分别接在两端，然后读数 D．把选择开关旋转到合适的挡位，将红、黑表笔接触 E．把红黑表笔插入多用电表“+、-”插孔，用螺丝刀调节指针定位螺丝，使指针指“0”刻度 （2）某次操作时，先将多用电表开关置于欧姆“×10”挡，发现指针指在1位置，该同学需将欧姆表换挡至_______（选填“×1”或“×100”）挡，再次欧姆调零，发现指针指在2位置，可知该元件阻值为_____。Ω。 （3）按图甲进行实验时，多次改变合金丝接入电路的长度，调节滑动变阻器的阻值，使电流表的示数每次都达到相同值，记录电压表的示数，从而得到多组、的数据，作出图像，如图乙所示。 ①为方便操作，滑动变阻器应选用_______（选填“0~20”或“0~200”）Ω； ②某次测量时，量程为的电压表指针位置如图丙所示，则示数____________； ③已知合金丝的横截面积为，图乙中直线的斜率为，横轴的截距为，则该合金丝的电阻率__________，电流表的内阻__________。（结果均选用、、、表示） 【答案】（1）EDBCA （2） ①. ×1 ②. 14 （3） ①. 0~20 ②. 1.50 ③. ④. 【解析】 【小问1详解】 使用多用电表欧姆挡测电阻时，先将红、黑表笔插入“+、-”插孔并进行机械调零，再选择欧姆挡合适倍率，将红、黑表笔短接并进行欧姆调零，接入待测电阻读数，最后将选择开关旋至交流电压最高挡或“OFF”挡，故操作顺序为EDBCA。 【小问2详解】 [1] 用“×10”挡时指针在1位置，偏转角过大，说明倍率偏大，应换用小一挡“×1”挡。 [2] 换挡后需重新欧姆调零，指针在2位置时欧姆刻度读数为14，倍率为“×1”，故该元件阻值为 。 【小问3详解】 [1] 滑动变阻器采用限流接法，为便于调节电流达到相同值，应选择较小阻值范围的 。 [2] 电压表选用0~3 V量程，按0~3 V刻度读数，指针位于1.50 V处，。 [3][4] 电压表测量合金丝与电流表串联部分两端电压，电流保持为 由电阻定律和欧姆定律有 整理得 图乙中 图像斜率为，所以 解得 横轴截距为 ，即 时 将、代入 ，得 解得 16. 如图所示，有一企鹅在倾角为的倾斜冰面上，先以加速度从冰面底部由静止开始沿直线向上“奔跑”，时，突然卧倒以肚皮贴着冰面向前滑行，最后退滑到出发点，完成一次游戏（企鹅在滑动过程中姿势保持不变）。已知企鹅肚皮与冰面间的动摩擦因数。求： （1）企鹅向上“奔跑”的位移大小； （2）企鹅在冰面向前滑动的加速度大小； （3）企鹅退滑到出发点时的速度大小。（结果可用根式表示） 【答案】（1） （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 根据题意可得 解得 【小问2详解】 企鹅在冰面向前滑动过程，由牛顿第二定律得 解得 【小问3详解】 根据题意可得时，企鹅速度大小 向前滑动过程，由运动学公式得 从最高点向下滑行时，由牛顿第二定律得 解得 从最高点到出发点的总位移为 由运动学公式 解得 17. 一游戏装置的竖直截面如图所示。固定的理想弹射器、水平直轨道、半径为的竖直螺旋轨道、水平轨道、倾角为的倾斜直轨道平滑连接成一个抛射装置；水平高台上安装固定倾角接收管的移动小车（高度不计）作为接收装置，接收管管口略大于小球直径，其与水平面的高度可自由调整。游戏开始，一质量为的小球从弹射器中弹出，经过抛射装置进入接收装置，小球落在段，反弹后水平分速度保持不变，竖直分速度减少，段动摩擦因数，其余各段均光滑，不计空气阻力。已知弹射器中弹簧的最大弹性势能为，，，，，。 （1）若小球恰能经过竖直螺旋轨道的最高点，求 ①经过点的速度大小； ②弹射装置释放的弹性势能； ③小球离开抛射装置后，轨迹最高点到的距离。 （2）若小球不脱离螺旋轨道，并最终切入接收管管口，则游戏成功，分析弹射器中弹簧的弹性势能和接收器最大接收次数的关系。 【答案】（1）①②③ （2）Ⅰ．，小球不能通过圆形轨道的最高点，接收次数为0次；Ⅱ．，最多有三次 【解析】 【小问1详解】 ①小球恰好过点，由重力提供圆周运动的向心力 解得 ②从到，弹簧的弹性势能转化为小球的机械能 代入数据解得 ③从到，由能量守恒可知 代入数据解得 小球在空中做斜抛运动，竖直方向上升的最大高度满足 【小问2详解】 Ⅰ．由小问（1）分析可知，若，则小球不能通过圆形轨道的最高点，接收次数为0次； Ⅱ．弹射器中弹簧的最大弹性势能为，考虑 接收器可以水平自由移动、管口竖直自由伸缩，故只要抛体轨迹切线的角度（偏转角）存在，即合理。考虑小球与平面碰撞时为每次抛体运动的最大偏转角，则仅需考虑该角度的情况。设从点抛出时小球的速度为，小球速度的水平分量不变，满足 小球从点抛出时，速度的竖直分量 则碰撞次后， 由题意，小球能沿切线进入接收管管口，需满足偏转角的正切值 可知可取0、1、2，故最多有三次。 18. 角分辨光电子能谱仪含电子发射区、同心半球极板构成的静电分析器、边长为的正方体匀强电场偏转区及二维位置灵敏探测器，探测器距偏转电场底面竖直高度为；静电分析器两极间加电势差可形成径向电场，能筛选出特定动能电子沿半径（）的中线轨道通过。电子从点垂直射入分析器，只有垂直点射出的电子才能出静电分析器，进入场强为的偏转电场，最终打在探测器上；无偏转电场时电子垂直打在二维探测器的点，以点为原点，平行于电场方向为轴、垂直于电场方向为轴建立平面直角坐标系。现有入射动能分别为和的电子、，分别到达点，间电势差的大小为。电子质量为、电荷量为，不计重力。 （1）判断两点的电势高低； （2）电子a轨迹处的电场强度的大小和电子b到达点的动能； （3）调节静电分析器电压，使动能在范围内的电子均能沿中线轨道运动，从而电子都可以从偏转电场底面射出 ①求电子到达探测器的位置坐标与动能的关系； ②让偏转电场系统绕轴缓慢转动，且系统转动周期远大于电子穿过电场的时间，求探测器上能检测到电子的区域面积。 【答案】（1） （2）， （3）①② 【解析】 【小问1详解】 电子带负电，电场力提供向心力，且电子受力方向与电场方向相反，因此电场方向由H指向P， 【小问2详解】 电子a在静电分析器中做匀速圆周运动，静电力提供向心力， 又 解得 根据动能定理， 解得 【小问3详解】 ① 电子在偏转电场中做类平抛运动， 偏转距离满足 出偏转电场后做匀速直线运动， 由几何关系可得，， 解得 ②系统转动周期远大于电子穿过电场的时间，电子在偏转系统仍做类平抛运动，出偏转电场后做匀速直线运动； 随着电场的水平绕轴旋转， 动能为的电子在探测器上的位置集合是半径为的圆， 动能为的电子在探测器上的位置集合是半径为的圆， 解得探测器上能检测到电子的区域面积， 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $