第3章 5 共点力的平衡-【创新大课堂系列】2025-2026学年高中物理必修第一册同步辅导与测试(人教版)

物理必修第一册 ③测出此时这3根橡皮条的长度L1、L2、L3,分 别算出它们的伸长量x1=L1一L0,x2=L2 L0,x3=L3-L0。 ④将3根橡皮条的一端都拴在一个图钉O上， 将这三根橡皮条的另一端分别拴上图钉A、B、 C,注意此时4个图钉均未固定在板上。 ⑤用刻度尺测出橡皮条的自由长度L。,注意从 图钉脚之间测起。 (1)请你确定该研究小组的实验步骤的顺序是 5共点 学习目标要求 1.知道共点力的平衡条件，并会分析生产生活中的相关 问题。 2.能运用数学中的三角函数、几何关系等对力与平衡问题 进行分析和推理。 3.能从不同的角度解决力与平衡问题。 必备知识·自主梳理 一、共点力 1.定义：如果一个物体受到两个或更多力的作用， 这些力共同作用在物体的 上，或者虽 不作用在同一点上，但它们的 交于一 点，这样的一组力叫作共点力。 2.力的合成的平行四边形定则只适用于 二、共点力平衡的条件 1.平衡状态：物体保持 或 2.平衡条件： 即学即用 1.判断下列说法的正误 (1)只有静止的物体才受力平衡。 关键能力·合作探究 要点1对共点力平衡条件的理解及应用 探究导入如图所示，质量为m的小鸟 停在与水平方向夹角为α的树枝上， 那么小鸟所受弹力的大小和摩擦力 的大小是多少？ (2)对于本实验下列论述中正确的是 A.实验中用到了图钉O受到3个力而静止，任 意两个力的合力与第3个力大小相等、方向 相反的原理，使合力和分力在一次实验中全 部出现，从而简化了实验的过程 B.实验中用到了胡克定律，简化了力的测量，可 以不用弹簧测力计就完成实验 C.由于实验中总有OC'与OC的微小夹角0，实 验有误差，该方法不可取 D.3根橡皮条不能做到粗细、长短完全相同，是 该实验的主要误差来源之一 力的平衡 核心素养和关键能力 1.核心素养 能运用数学中的三角函数、几何关系等对力与平衡问题进 行分析和推理；能从不同的角度解决力与平衡问题。 2.关键能力 利用数学方法解决物理问题的能力。 预习新知夯实基础 (2)物体处于平衡状态，一定是受到共点力的 作用。 ) (3)某时刻物体的速度不为零，也可能处于平衡 状态。 (4)物体处于平衡状态时加速度一定为零。 ( (5)如果一个物体受到三个力作用而保持静止 状态，则其中任意两力的合力与第三力等大、反 向。 2.如图所示，静止于倾角为30°的 斜面上的物体，重力为10N,则 它受到的支持力为 N, 30 摩擦力为 N 讲练设计探究重点 探究归纳 1.共点力的平衡条件：合外力等于0，即F合=0 正交分解表示法 F哈0 {F哈=0 其中F合和Fv哈分别表示物体在x轴和y轴上 所受的合力。 第三章相互作用一力 2.平衡条件的推论 :2.在如图所示的甲、乙、丙、丁四图中，滑轮光滑且 (1)二力平衡：若物体在两个力作用下处于平衡 所受的重力忽略不计，滑轮的轴O安装在一根 状态，则这两个力一定等大、反向。 轻木杆P上，一根轻绳ab绕过滑轮，a端固定 (2)三力平衡：若物体在三个共点力作用下处于： 在墙上，b端下面挂一个质量为m的重物，当滑 平衡状态，则任意两个力的合力与第三个力等： 轮和重物都静止不动时，甲、丙、丁图中木杆P 大、反向。 与竖直方向的夹角均为0，乙图中木杆P竖直。 (3)多力平衡：若物体在n个共点力作用下处于： 假设甲、乙、丙、丁四图中滑轮受到木杆P的弹 平衡状态，则其中任意一个力必定与另外(n一 力的大小依次为FA、FB、FC、FD,则以下判断 1)个力的合力等大、反向。 正确的是 /易错提醒/… “静止”和“v=0”不是一回事， =0二0时，静止，是平衡状态 a≠0时，不是平衡状态 甲 [典例1]重为G的体操运 乙 动员在进行自由体操比赛 P0 P 时，有如图所示的比赛动 作，当运动员竖直倒立保 b b 持静止状态时，两手臂对 丙 称支撑，夹角为0，则 A.FA-FB=FC-FD ( B.FD>FA=FB>FC A.当0=60°时，运动员单手对地面的正压力大： C.FA=FC=FD>FB 小为号 D.FC>FA=FB>FD B.当0=120°时，运动员单手对地面的正压力大 要点2 解答共点力平衡问题的三种常用方法 小为G 探究导入(1)著名景点一黄山飞来石独自静 C.当0不同时，运动员受到的合力不同 止于悬崖之上，它受哪些力作用？这些力的大 D.当0不同时，运动员与地面之间的相互作用： 小、方向有何关系？它们的合力有何特点？ 力不相等 [听课记录] (2)高铁列车在水平直轨道上匀速前进，它受哪 些力作用？它们的合力有何特点？ 针对训练 1.光滑水平面上，某物体在水平方向两个力的作 用下处于静止状态，将其中一个力F在大小不 探究归纳 变的情况下，将方向在水平面内逆时针转过1.合成法 90°，保持另一个力的大小、方向都不变，则欲使 物体在三个共点力作用下处于平衡状态时，将 物体仍能保持静止状态，必须再施加力的大： 其中的任意两个力合成，其合力一定与第三个 小为 ( ) 力平衡，从而把三力平衡问题转化为二力平衡 A.F B.√2F C.2F D.3F ,, 问题。 83 物理必修第一册 2.分解法 物体在三个共点力作用下处于平衡状态时，将 针对训练 其中任意一个力沿其他两个力的反方向分解，3.如图所示，光滑半球形容器 则每个方向上的一对力大小相等，方向相反，从 固定在水平面上，O为球 而把三力平衡问题转化为两个方向上的二力平 心。一质量为m的小滑块， 衡问题。 在水平力F的作用下静止于P点。设滑块所 3.正交分解法 受支持力为FN,OP与水平方向的夹角为0，下 物体在三个或三个以上的共点力作用下处于平 列关系正确的是 衡状态时，将物体所受的各个力均向两个互相 A.F=mg 垂直的方向上分解，然后分别在这两个方向上 tan 0 B.F=mgtan 0 列平衡方程。此时平衡条件可表示为：F合 0,Fy合=0。 C.F D.FN=mgtan 0 [典例2]如图所示，一个木块 4.如图所示，高空走钢丝的表演 能沿着倾角为0的粗糙固定 中，若表演者走到钢丝中点 斜面以某一速度做匀速直线 时，使原来水平的钢丝下垂与 运动，则木块与斜面之间的动 水平面成0角，此时钢丝上的 摩擦因数为 ) 弹力应是表演者和平衡杆的 A.sin 0 B.cos 0 总重力的 C.tan0 D. 1 tan 0 A.2 B.cos0 2 [听课记录] C.2sin0 D.tan0 2 要点3 “活结”与“死结”模型、“活杆”与“死杆”模型 探究归纳 /名师点评/ 1.“活结”与“死结”模型 1.处理平衡问题的“四步骤” (1)“活结”一般是由轻 ttittttt 绳跨过光滑滑轮或者绳 选择研究 选取一个平衡体（单个物体或系统， 对象 也可以是结点)作为研究对象 上挂一光滑挂钩而形成 ↓ 的。绳子虽然因“活结” 而弯曲，但实际上是同 画受力示 对研究对象进行受力分析，画出受 意图 力示意图 一根绳，所以由“活结” KK444441444444440 甲 ↓ 分开的两段绳子上弹力 的大小一定相等，两段绳子合力的方向一定沿 明确解题 合成法、分解法、正交分解法、力的 策略 三角形法 这两段绳子夹角的平分线，如图甲所示 0 (2)“死结”两侧的绳因打结 (或“系住”)而变成了两根独 列方程 根据平衡条件列出平衡方程，解平 求解 衡方程，对结果进行讨论 立的绳，因此由“死结”分开的 两段绳子上的弹力大小一般 309 2.正交分解法坐标轴方向的选取技巧 50 不相等，如图乙所示。 )研究水平面上的物体时，通常沿水平方向2.“活杆”与“死杆”模型 和竖直方向建立坐标轴； (1)“活杆”：即轻杆用转轴或铰链连接，当杆处 (2)研究斜面上的物体时，通常沿斜面方向和 于平衡状态时，杆所受到的弹力方向一定沿着 垂直斜面方向建立坐标轴； 杆，否则会引起杆的转动。如图甲所示，若C为 (3)研究在杆或绳的作用下转动的物体时，通 转轴，则轻杆在缓慢转动中，弹力方向始终沿杆 常沿杆或绳方向和垂直杆或绳的方向建立坐 的方向。 标轴。 84 F 130°0 30 30°yoB m F2 丙 (2)“死杆”：若轻杆被固定不发生转动，则杆所 受到的弹力方向不一定沿杆的方向。如图乙所 示，水平横梁的一端A插在墙壁内，另一端装： 有一个小滑轮B,一轻绳的一端C固定于墙壁： 上，另一端跨过滑轮后悬挂一重物。滑轮对绳 子的作用力应为图丙中两段绳中拉力F1和F2 的合力F的反作用力，即“死杆”弹力的方向可 以沿杆的方向，也可以与杆成任意夹角。 [典例3]如图甲所示，细绳AD跨过固定的水平 轻杆BC右端的定滑轮挂住一个质量为M1的 物体，∠ACB=30°；图乙中轻杆HG一端用铰 链固定在竖直墙上，另一端G通过细绳EG拉 住，EG与水平方向也成30°角，在轻杆的G点 用细绳GF拉住一个质量为M2的物体，重力加 速度为g,求： 30T C H 30° G D M M2 甲 乙 (1)细绳AC段的张力FTAC与细绳EG的张力 FT之比； (2)轻杆BC对C端的支持力； (3)轻杆HG对G端的支持力。 素养演练·提升技能 1.如图所示，GA=80N,GB=30N, 弹簧的劲度系数k=500N/m。 不计绳重和摩擦，稳定后设物体 A对地面的压力为FN,弹簧的伸 B 长量为1，则 A A.FN=80N,l=0.06m B.FN=80N,l=0.12m C.Fv=50N,l=0.06m D.Fy=50N,l=0.12m 2.家中用来晒袜子等小物件的装置如图所示，挂： 钩连接三根长度均为L的轻链，三根轻链的另： 一端与质量为m、直径为L的水平圆环（含夹： 子)相连，连接点将圆环三等分，在轻链拉力作： 85 第三章相互作用一力 [听课记录] 针对训练 .在如图所示的四幅图中，AB、BC均为轻质杆， 各图中杆的A、C端都通过铰链与墙连接，两杆 都在B处由铰链相连接。下列说法正确的是 A 甲 、A 40 今 A.图中的AB杆可以用与之等长的轻绳代替的 有甲、乙 B.图中的AB杆可以用与之等长的轻绳代替的 有甲、丙、丁 C.图中的BC杆可以用与之等长的轻绳代替的 有乙、丙 D.图中的BC杆可以用与之等长的轻绳代替的 有乙、丁 达标训练素养提高 用下圆环处于水平静止状态。已知重力加速度 为g,则每根轻链上的拉力大小为 2 A.3mg B.23 9 mg C.mg D23 3 mg 物理必修第一册 3.如图所示，水平横梁一端插在 墙壁内，另一端装一小滑轮B。 一轻绳的一端C固定于墙壁 30°7入B 上，另一端跨过滑轮后悬挂一 A D 质量m=20kg的重物， ∠CBA=30°，则滑轮受到绳子的作用力大小为 (g取10N/kg) A.100N B.100√3N C.200N D.2003N 4.如图，一质量m=6kg 的物块，置于水平地面 137°.. 上，物块与地面间的动 m 777777777777777777777777777 摩擦因数以=了，为了使 微专题5共点力： 关键能力·合作探究 类型1动态平衡问题 探究归纳 1.动态平衡：平衡问题中的一部分力是变力，是动： 态力，力的大小和方向缓慢变化，所以叫动态平： 衡，这是力平衡问题中的一类题型。 2.基本方法：解析法、图解法和相似三角形法。 3.处理动态平衡问题的一般步骤 (1)解析法 ①列平衡方程求出未知量与已知量的关系表： 达式。 ②根据已知量的变化情况确定未知量的变化 情况。 (2)图解法 ①适用情况：物体只受三个力作用，且其中一个 力的大小、方向均不变，另一个力的方向不变， 第三个力大小、方向均变化。 ②一般步骤：首先对物体进行受力分析，根据三： 角形定则将表示三个力的有向线段依次画出构： 成一个三角形（先画出大小方向均不变的力，再 画方向不变的力，最后画大小、方向均变化的 力)，由题意改变方向变化的力的方向。由动态 图解可知力的大小变化情况。 [典例1]质量为m的物体用轻绳AB L4丝 、 A 悬挂于天花板上。用水平向左的力F F 缓慢拉动绳的中点O,如图所示。用 0 FT表示绳OA段拉力的大小，在O点 向左移动的过程中 白B 86 物块沿水平地面做匀速直线运动，现用一与水 平方向夹角为37°的力斜向上拉物块，求拉力的 大小。（已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取 10m/s2) 温馨提示 请做课时分层检测（十六） 玄衡问题综合分析 讲练设计探究重点 A.F逐渐变大，FT逐渐变大 B.F逐渐变大，FT逐渐变小 C.F逐渐变小，FT逐渐变大 D.F逐渐变小，FT逐渐变小 [听课记录] 针对训练 1.一轻绳一端系在竖直墙M M 上，另一端系一质量为m的 F 物体A,用一轻质光滑圆环 .8 0 O穿过轻绳，并用力F拉住 轻环上一点，如图所示。现 A 使物体A从图中虚线位置 缓慢上升到实线位置，则在这一过程中，力F、 绳中张力FT及力F与水平方向夹角0的变化 情况是 ()5.(2)方向(3)如图所示 (4)在实验误差允许范围内F和F大小和方向都相同，力的合成 遵循平行四边形定则 6.解析(1)以F,、F,为邻边，作出平行四边形，如图所示。 由图可知，合力为F=1X7N=7N。 (2)F与F大小、方向均有偏差，如果此偏差仅由F的大小引起， 则原因是F的大小比真实值偏大。 答案(1)7(2)大 7.解析(1)该实验的过程中应该首先将3根橡皮条控在图钉上， 这样便于测橡皮条的原长，之后就要固定两个图钉拉第三根橡皮 条到适当的位置进行实验，把第3个图钉也固定好后就可测每裉 橡皮条的长度并计算出伸长量，最后按照胡克定律转换成力，作 出力的图示进行实验研究，所以正确的实验步骤是④⑤①③②。 (2)该实验的关键是应用3个力平衡的特，点进行实验原理的改 进，应用胡克定律将测量力的大小转换为测橡皮条的长度，所以 选项A、B都正确：任何实验都有误差，误差是不可避免的，不能因 为有误差就把实验完全否定，故选项C错误；实验的误差有系统 误差和偶然误差，都是不可避免的，该实验也是一样的，从系统误 差来看，影响该实验的主要因素不是原理，而是器材，特别是橡皮 条的长短和粗细，所以说3根橡皮条不能做到粗细、长短完全相 同，是该实验的主要误差来源之一，故选项D也是对的，所以正确 远项为A、B、D。 答案(1)④⑤①③②(2)ABD 5 共点力的平衡 必备知识·自主梳理 1.同一点延长线 2.共点力 1.静止匀速直线运动状态 2.合力为0 即学即用 1.(1)×(2)/(3)/(4)/(5)/ 2.555 关键能力·合作探究 要点1 探究导入 提示：Fx=ngcos a,Fr=ngsin a 探究归纳 [典例1门[解析]运动员受力如图所示，地面 对手的支持力F十F,=G,则F=F,=S 2 即运动员单手对地面的正压力大小为号，与 777777777 G 夹角0无关，远项A正确，B错误：不管角度 如何，运动员处于静止状态，受到的合力为零，与地面之间的相互 作用力总是大小相等，选项C、D错误。 [答案]A 针对训练 1.B[物体水平方向受到两个力的作用而处于静止状态，由物体的 平衡条件可知，力F与另一个力一定等大反向，当力F转过90 时，力F与另一个力的合力大小为√厄F,因此，欲使物体仍能保持 静止状态，必须再施加一个大小为2F的力，故B项正确。 2.B[绳上的拉力等于重物所受的重力ng,设滑轮两侧细绳之间 的夹角为9，滑轮受到木杆P的弹力F等于滑轮两侧细绳拉力的 合力，即F=2 KCOS号，由夹角关系可得FD>FA=FB>Fe,故 B正确。] 要点2 探究导入 提示：(1)受重力和支持力，大小相等、方向相反，合力为零。 (2)受重力、支持力、牵引力和阻力，这四个力的合力为零。 21 探究归纳 [典例2] [解析]木块沿斜面做匀速直线运 动，合力为零，对木块进行受力分析，如图 F 所示。 F 沿斜面方向F=ngsin0,垂直斜面方向： FN=mgcos0,且F=uFN,联立得ngsin0= gcos0,解得u=tan0,C正确。 H 客 针对训练 3.A[方法一：合成法 滑块受力如图所示，由平衡条件知：F=mg tan 0 Fx= sin9故A正 73 确，B、C、D错误。 mg 方法二：正交分解法 将小滑块受的力沿水平、竖直方向分解，如图所示。 mg mg=Fy sin 0, F'-Fxcos 0, 联立解得：F=R、=故A正确，B,CD错误.] 4.C[钢丝可抽象成绳子，表演者和平衡杆受到两个相等的拉力及 重力的作用，钢丝与水平方向成0角，由平衡条件可知2F·sin0 =ng,所 mg2sin9,C正确.] 要点3 探究归纳 [典例3]解析]题图甲和乙中的两个物体都处于平衡状态，根 据平衡的条件，首先判断与物体相连的细绳，其拉力大小等于物 体的重力；分别取C点和G,点为研究对象，进行受力分析，如图甲 和乙所示，根据平衡规律可求解。 FTAC AE 4B 309 H 30° Fxc 甲 (1)图甲中细绳AD跨过定滑轮拉往质量为M,的物体，物体处于 平衡状态，细绳AC段的拉力 图乙中由FTec sin30°=M2g,得Fr=2M,g。 FTAC M 所以FG」 2M, (2)图甲中，三个力之间的夹角都为120°，根据平衡规律有Fc= FT0一M1g,方向与水平方向成30°角，指向右上方。 (3)图乙中，根据平衡规律有FTg:sin30°=M,g,FTE:cos30°= FG,所以FG=√3M2g,方向水平向右。 M [答案](1)2M (2)M1g,方向与水平方向成30°角指向右上方 (3)√3Mg,方向水平向右 针对训练 5,B[轻绳只能产生拉力，而杆可产生拉力也可产生推力，故绳能 代替杆的情况只有当杆中产生的是拉力时。由图可以看出，甲丁 两图中AB杆中是拉力、BC杆中是推力；乙图中两杆均是推力；丙 图中两杆均是拉力，只有B正确。] 素养演练·提升技能 1.C[对B分析，可知F=Gs=30N,则弹簧的仲长量为1=E 30 500m=0.06m,对A分析，有F+FN'=GA,解得FN'-GA-F= 80N一30N=50N,根据牛顿第三定律可知，物体A对地面的压 力为50N,故远C。 2.B[设每根轻链与竖直方向的夹角为α，每根轻链上的拉力大小 为F。 √3 褪据几何关系可得sina=兰=)，则有cosa=号，分析圆 的受力情况，在竖直方向根据平衡条件有3 Fcos a=mg,解得F= 2√3 9 ng,故选B。] 0 3.C「如图所示，以滑轮为研究对象，悬挂重物的 绳的拉力大小F=mg=200N,故小滑轮受到绳 的作用力沿BC、BD方向，大小都是200N。由 .30>B 几何关系得，∠CBD=120°，∠CBE=∠DBE 60°，即△CBE是等边三角形，故F合=200N。] E 4解析物块做匀速直线运动，受力分析如图，则 F合 0 37° F ↓mg 水平方向：Fcos37°=F: 竖直方向：FN=ng-Fsin37 且F=aFN 代入数据解得F=20N。 答案20N 微专题5共点力平衡问题综合分析 关键能力·合作探究 探究归纳 「典例1]「解析]方法一：解析法 以O,点为研究对象，受力如图所示，当用 水平向左的力缓慢拉动O点时，绳A与 竖直方向的夹角0变大，由共点力的平衡条 件知F,=0F=mgam0,所以F逐渐 变大，Fr逐渐变大，选项A正确。 Fos=mg 方法二：图解法 自B F FFoB=mg 先画出OB绳的拉力，再画拉力F,最后画出绳的拉力F,构成一 个失量三角形。由题意知FT的方向与竖直方向夹角增大，改变 绳子拉力FT的方向，由图可知F增大，Fr增大。 L答案]A 针对训练 1.D[圆环受到三个力，拉力F以及两段绳子的拉力FT,三力平 衡，故两段绳子的拉力的合力与拉力F始终等值、反向、共线，绳 子的拉力始终等于g,即FT保持不变，由于两段绳子的拉力均 等于mg,夹角越大，合力越小，且合力在角平分线上，故使物体A 从图中虚线位置缓慢上升到实线位置的过程中，拉力F逐渐变 大，0逐渐增大，故选D。] 2.B[以B点为研究对象，该点一共受三个力的作用：重物竖直向 下的拉力F:(大小等于重物的重力)、轻杆的弹力F及绳子的 拉力F。B端缓慢移动，可认为其始终处于平衡状态，即所受合力 为零。所以这三个力将构成一个闭合的矢量三角形，这个三角形 F进 与园中的三角彩A0B相似，所以有如下比例关系器-A器 OB,由于mg、AO、AB三者均保持不变，OB随着B端缓授放下而 不断增大，可知轻杆的弹力F保持不变，绳子的拉力F不断增 大，故A、C、D错误，B正确。] 探究归纳 [典例21 [解析](1)对A、B整体受力分析，如图甲所示，由平衡 条件得FNA=M十m)g。 0 FNB 、A (M+m)g -2r 甲 (2)对B受力分析，如图乙所示 由几何关系得sin0=云-子0=30 由平衡条件得 FxAB cos 0-mg=0,FxAB sin 0-FNB=0, 联立解得FNB=mgtan0=, 由整体法可得物体A所受地面的摩擦力F,=FB= 3mg,方向 水平向左。 [答案】（1M+m)g(2)号mg,方向水平向左 21 针对训练 3.B[对小环Q受力分析，其受重力mg、支持力FN和拉力Fr,如 图甲所示，根据平衡条件得F,=。八、=mgan(也可用圈解 法分析)，再对P,Q整体受力分析，其受总重力2g、AO杆的支 持力FAO杆向右的静摩擦力F:及OB杆的支持力FN,如图乙 所示，根据共，点力平衡条件，有FN一F,F=2mg,当P环向左移 一小段距离，0变小，F、变小，则静摩擦力F;变小，AO杆的支持 力F不变，故远项B正确。] 本F 0 -A FT F B 2mg 甲 U 素养演练·提升技能 1.D[对A受力分析可知，水平方向受力为零，则B对A无摩擦力 作用，即f=0,对A、B组成的整体受力分析可知，水平方向f= F1+F2=11N,故选D。] 2.C「重物受三个力作用重力和两个拉力，三力平衡，两个拉力的 合力与重力平衡：两个拉力的合力一定，夹角不断增大，拉力逐渐 增大，故A、B、D错误，C正确。] 3.A[将两球和两球之间的细线看成一个整体， 对整体受力分析如图所示，整体达到平衡状态。 裉据平衡条件可知整体受到α球上方的细线的 拉力F线的大小等于a、b的重力大小之和，方向 沿竖直方向，故此细线必定沿竖直方向，故A 正确。] 4.BD[对小球受力分析，其受到重力和两个拉 力，三力平衡，如图所示。 Y 2 mg 通过几何关系可知，力F,垂直于绳a,则F一F,>F。 故B、D正确，A、C错误。 章末综合提升 归纳提能 L典例1][解析]当物体受F1、F,及摩擦力的作用而处于平衡状 态时，由平衡条件可知物体所受的摩擦力的大小为8N,方向向 左，可知最大静摩擦力Fmx≥8N。当撒去力F后，F=2N< ,物体仍处于静止状态，由平衡条件可知物体所受的静摩擦 力大小和方向发生突变，且与作用在物体上的F。等大反向，选项 C正确。 [答案]C 典例2][解析]物块受到的最大静摩擦力Fx一F=0.4× 20N=8N,重力G=ng=0.4×10N=4N,故开始时，物块处于 静止状态，受到静摩擦力作用，当最大静摩擦力等于重力时，g uF,得F=10N,由题图乙知对应时刻为2s,所以0一2s内，物 块受到的静摩擦力大小为4N:2~4s内，物块受到的滑动摩擦力 F一F,随F减小而逐渐减小，B正确。 「答案]B 典例3][解析]物体向右运动的过程中，受水平向左的滑动摩 擦力作用，F1=ng=2N,当物体速度为零时，因F<ng,所以 物体静止，此时受到向右的静摩擦力Fe作用，且Fe一F=1N,故 远项A正确。 Γ答案]A 「典例4]「解析门物体向右运动的过程中，受水平向左的滑动摩 擦力作用，F1=ng=2N,当物体速度为零时，因F>ng,所以 物体向左运动，此时受到向右的滑动摩擦力Fe作用，且F2一：ng =2N,故远项B正确 [答案]B [典例5][解析]物体在力F1作用下和力F,作用下运动时的受 力如图(a)(b)所示。