湖北省黄梅县第二中学2025-2026学年高二下学期（6.28）期末复习自编模拟卷

**基本信息** 黄梅二中高二物理期末复习卷聚焦电磁振荡、热现象、核反应等核心内容，通过热敏电阻温控电路、车载摄像头折射等真实情境，融合物理观念与科学思维，实验题注重科学探究，解答题强化模型建构，适配高二期末综合复习需求。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |单选题|7/28|LC电路、单摆周期、热现象|结合LC电路状态分析考查电磁振荡规律| |多选题|3/12|波的干涉、光的折射|以双波源干涉考查波动规律与科学论证| |实验题|2/17|玻璃砖折射率、油膜法测分子直径|通过自制实验方案培养科学探究能力| |解答题|4/43|光电效应、简谐横波、气体实验定律|联系车载摄像头折射情境考查光的折射定律|

黄梅二中高二物理期末复习卷一 一、单选题（共28分） 1．（本题4分）如图所示为LC电路某时刻的状态，则此时（　　） A．电路中有顺时针电流 B．电容器正在放电 C．电感线圈中磁场的能量正在增大 D．电容器中电场的能量正在增大 2．（本题4分）某实验小组研究某热敏电阻的特性，并依此利用电磁铁、电阻箱等器材组装保温箱。该热敏电阻阻值随温度的变化曲线如图1所示，保温箱原理图如图2所示，保温箱电路主要由加热电路和控制电路组成。加热电路由加热电源、加热电阻丝和电磁开关构成；其余部分为控制电路。控制电路存在一个电流值I0，若电磁铁线圈的电流小于I0，衔铁与上固定触头a接触；若电流大于I0，衔铁与下固定触头b接触。保温箱温度达到设定值后，电磁铁线圈的电流在I0附近上下波动，加热电路持续地断开、闭合，使保温箱温度维持在设定值。已知保温箱的温度设定在50℃时，电阻箱接入电路的阻值为130Ω。电池内阻及导线电阻不计。下列说法不正确的是（　　） A．加热电阻丝的c端应该与触头a相连接 B．加热电阻丝的c端应该与触头b相连接 C．保温箱的温度设定在100℃时，电阻箱接入电路的阻值为210Ω D．保温箱的温度设定在150℃时，电阻箱接入电路的阻值为250Ω 3．（本题4分）对于下列有关热现象的描述中，说法正确的是（     ） A．单晶体有各向异性是由于组成晶体的微粒呈现有序排列的结果 B．质量相同的氢气和氧气，温度高的气体分子平均动能一定较大，其内能也一定较大 C．第二类永动机不能制成，因为它违背了能量守恒定律 D．表面张力是由于液体表面层分子间距离小于液体内部分子间距离，且小于分子平衡距离，表面层液体分子间作用力表现为引力而产生 4．（本题4分）下列关于四幅图片所示的现象或解释，说法正确的是（     ） A．图甲：反映核子的平均质量与原子序数的关系，重核裂变成原子核和，原子核和的比结合能都大于重核的比结合能 B．图乙：所示为氡的衰变图像，由图可知100个氡经过3.8天后还剩50个 C．图丙：卢瑟福通过分析粒子散射实验结果，发现了质子和中子 D．图丁：中间有隔板的绝热容器，隔板左侧装有温度为的理想气体，右侧为真空。现抽掉隔板，气体的最终温度小于 5．（本题4分）一定质量的某种理想气体经历的变化过程，其压强p与温度t的关系图像如图所示，其中ad、bc与p轴平行，ab与cd平行，且ab的延长线与横轴交点的横坐标为-273.15℃，cd的延长线过原点。下列说法正确的是（     ） A．过程，气体的内能增加，气体向外界放热 B．过程，气体的内能不变，气体向外界放热 C．过程，气体的内能减小，气体一定向外界放热 D．整个变化过程，气体的内能不变，气体从外界吸热 6．（本题4分）如图所示，弹簧竖直固定在地面上，一小球从它的正上方A点自由下落，到达B点开始与弹簧接触，到达C点速度减为零，之后又回到A点，如此反复，B为的中点，下列说法正确的是（     ） A．小球做简谐运动，平衡位置为B点 B．小球从A下落到C的过程中加速度保持不变 C．弹簧增加的弹性势能等于小球减少的动能 D．小球在下落过程中，重力的功率先增大后减小 7．（本题4分）如图所示为相同的小球（可看作质点）构成的单摆，所有的绳子长度都相同，在不同的条件下的周期分别为T1、T2、T3、T4（其中（3）图两小球均带负电荷，（4）图中振动系统处于匀加速下降的电梯内），关于周期大小关系的判断，正确的是（     ） A．T1>T2>T3>T4 B．T4<T1＝T3<T2 C．T4>T1＝T3>T2 D．T1<T2<T3<T4 二、多选题（共12分） 8．（本题4分）如图甲所示，平面处于均匀介质中，有两个波源、，它们分别位于和处。为介质中的一点，坐标为。时刻、同时开始做简谐运动，振动方向均垂直于平面，取垂直平面向外为轴的正方向，振动图像分别如图乙、丙所示。时，点开始振动。下列说法正确的是（     ） A．点的起振方向为轴正方向 B．两波源形成的波在平面内可以形成稳定的干涉图样 C．在、的连线中间有5个振动加强点 D．在内，点通过的路程为 9．（本题4分）如图所示，由复合光、组成的光束，射向半圆形玻璃砖的圆心，发生折射后，射向右侧的竖直墙壁，是法线。下列说法正确的是（　　） A．单色光的频率小于单色光的频率 B．分别用单色光、做双缝干涉实验，光的条纹间距大于光的条纹间距 C．单色光通过玻璃的时间大于单色光通过玻璃的时间 D．当玻璃砖绕圆心顺时针转动时，在墙壁上最先消失的是光 10．（本题4分）在垂直纸面向里的磁场中，有一原子核发生衰变生成新的原子核，下列说法正确的是（     ） A．原子核衰变的周期，与压强有关，压强越大，衰变周期变大 B．若原子核的衰变是衰变，则半径较小的是新核 C．原子核核反应的方程可以是 D．原子核衰变时会发生质量亏损，反应前的质量大于反应后的，需要吸收能量 三、实验题（共17分） 11．（本题8分）如图（a），某同学利用激光测距仪分别在①、②位置测量玻璃砖厚度时，发现两次示数差异较大。他猜想这可能与玻璃砖的折射率有关，于是设计了如下验证实验。 如图（b），在白纸上描出玻璃砖的两个边和，使激光沿纸面以某一角度入射到玻璃砖侧面，在光束1上靠近光源处标记点，在光束1与的交点处标记点，在光束2与的交点处标记点。 移走测距仪和玻璃砖。如图（c），过点作的垂线，连接和，以为圆心、为半径作圆弧，与交于点。分别测量、到的距离，记为和。 改变入射角多次测量，记录多组数据，计算玻璃砖折射率及其平均值。结果表明，测距仪在①、②位置测量时的示数比值与此平均值近似相等。 回答下列问题： (1)上述实验过程中，下列说法正确的是__________（单选）。 A．点只能标记在光束1上靠近光源处 B．点只能标记在光束2与的交点处 C．只能以为半径作圆弧 (2)处理数据时，__________（用、表示）。 (3)该同学推测，测距仪是通过测量激光的传播时间来计算距离的，则该测距仪示数是通过__________（选填“”或“”，和分别是激光在真空和介质中的速度）计算的。 (4)该同学将深度为的不锈钢杯装满水（折射率为1.33）后，测量此杯深度，若测距仪的示数接近__________（保留至小数点后1位），则符合他的推测。 12．（本题9分）在“用油膜法估测分子大小”的实验中，所用的油酸酒精溶液的浓度为1∶400，用注射器和量筒测得1mL上述溶液为40滴，把1滴该溶液滴入盛水的浅盘内，让油膜在水面上尽可能散开。 (1)本实验中做了三点理想化假设： ①将油酸分子视为球形； ②将油膜视为单分子油膜； ③油酸分子是紧挨在一起的。 在滴入油滴之前，要先在水面上均匀撒上痱子粉，这样做的目的是____________________。 (2)实验中酒精的作用是____________。 (3)测得油膜的面积约为140cm2，则油酸分子的直径是____________m。（结果保留两位有效数字） (4)某同学计算出的油酸分子的直径明显偏大，可能的原因是____________。 A．油酸未完全散开 B．油酸中含有大量酒精 C．计算油膜面积时舍去了所有不足一格的方格 D．求每滴溶液中纯油酸的体积时，1mL溶液的滴数多记了10滴 四、解答题（共43分） 13．（本题9分）如图甲所示，当用光子能量为的甲光照射某金属板时验电器的指针刚好不发生偏转，现将该金属板连接在如图乙所示的电路中，改用入射光乙照射阴极K，调节滑动变阻器的滑片，当电压表的示数为时，电流表的指针刚好指在0刻度线处。已知乙光的波长为甲光波长的，普朗克常量，电子的电荷量为，真空中光速。求： (1)甲光的波长；（结果保留两位有效数字） (2)求； (3)在第（2）问的电压条件下，仅将电源的正负极对调，求光电子到达极板A的最大动能。 14．（本题9分）一列简谐横波在均匀介质中沿直线传播，、是传播方向上相距8m的两个质点，波先传到，当波传到开始计时，、两质点的振动图像如图所示。 (1)求各质点的起振方向及质点振动方程； (2)求该波波长； (3)求该波从传到的时间。 15．（本题10分）车载摄像头需要有较大的拍摄角度。一摄像头由于结构限制，拍摄角度为。如图，将摄像头嵌入均匀透明介质，介质截面为矩形。只考虑该截面内光线传播情况，通过空气与介质间界面的折射，可将实际拍摄角度扩大。 (1)若希望几乎贴着介质表面入射的光线1能够以图示路径恰好射入摄像头，即拍摄角度扩大为，求介质的折射率； (2)若介质折射率为1.8，从侧后方向入射的光线2能够以图示路径折射之后发生一次全反射，然后恰好射入摄像头，求光线2的入射角的正弦值。 16．（本题15分）图（a）所示的空气垫是由多个相连的独立气室构成的包装材料，其简化模型如图（b）。充气前气室内均没有气体，在室温下，将压强、体积的气体通过单向阀充入10个气室（忽略气道内气体），此时每个气室均为圆柱体，横截面半径为 ，长度为 ，当充气后的气室受到挤压变形时，其横截面变成图（c）所示的“跑道”形（两端是直径为 的半圆），且气室长度、横截面周长均保持不变，气室内气体可视为理想气体，充气及挤压变形过程中气体温度始终与室温相同。 (1)求充气后未挤压变形时气室中的压强； (2)求挤压变形后气室中的压强； (3)已知气室中的压强超过时气室会爆破，若气室经如图（c）所示的挤压变形后，体积不变、室温升高，求气室不爆破的最高室温。 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 《黄梅二中高二物理期末复习卷一》参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 D B A A D D C BD CD BC 1．D 【详解】A．由题图可知此时线圈中的磁场方向向上，则由安培定则可判断出此时线圈中电流的方向为逆时针（从上端流入、下端流出）。故A错误； B．由题图可知此时电容器的电场方向向上，所以电容器上极板带负电、下极板带正电。由于此时电流正流向电容器的正极板，说明电容器正在充电。故B错误； CD．充电过程中，电路中的电流逐渐减小，磁场能逐渐转化为电场能，所以电感线圈中磁场的能量正在减小，而电容器中电场的能量正在增大，故C错误，D正确。 故选D。 2．B 【详解】AB．根据图1可知温度升高，热敏电阻的阻值变小，根据欧姆定律可知，流过电磁铁线圈的电流变大，衔铁与固定触头b接触，此时加热电阻丝电路部分断开连接，停止加热，可知图2中加热电阻丝的c端应该与触头a相连接，故A正确，不符合题意，B错误，符合题意； CD．由图可知，当温度为50℃时，热敏电阻的阻值为180Ω，电阻箱接入的电阻为130Ω，当温度为100℃时，热敏电阻的阻值为100Ω，要使得电流值不变，则在电流为I0时，控制电路的总电阻不变，则此时电阻箱的电阻为 当温度为150℃时，热敏电阻的阻值为60Ω，则此时电阻箱的电阻为，故CD正确，不符合题意。 故选B。 3．A 【详解】A．单晶体内部的物质微粒按规则有序排列，不同方向上微粒的排布密度、间距等存在差异，因此宏观表现出物理性质各向异性，故A正确； B．分子平均动能仅由温度决定，温度高的气体分子平均动能确实更大，但理想气体内能等于分子数与分子平均动能的乘积；质量相同的氢气和氧气，氢气的摩尔质量远小于氧气，分子数多于氧气，因此即使氧气温度稍高，总内能仍可能小于氢气，内能不一定更大，故B错误； C．第二类永动机不违背能量守恒定律，它违背的是热力学第二定律，因此无法制成，故C错误； D．液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，也大于分子平衡距离，分子间作用力表现为引力，从而产生表面张力，故D错误。 故选A。 4．A 【详解】A．比结合能越大，原子核越稳定，平均核子质量越小；从图甲可知，重核裂变成原子核和，存在质量亏损、释放能量，裂变后产生的新核更稳定，故原子核和的比结合能都大于重核的比结合能，故A正确； B．半衰期是大量原子核衰变的统计规律，对少量原子核不适用，因此无法确定少量氡衰变后剩余的具体个数，故B错误； C．卢瑟福通过粒子散射实验提出了原子核式结构模型。质子是卢瑟福发现的，但中子是查德威克发现的，且质子和中子的发现也不是由该实验得出的，故C错误； D．绝热容器中气体向真空自由膨胀，绝热过程，气体向真空膨胀不做功，根据热力学第一定律 可知，气体内能不变。理想气体内能仅与温度有关，气体的最终温度仍为，故D错误。 故选A。 5．D 【详解】A．由理想气体状态方程有 公式中温度应使用开尔文（K）为单位，即 可变形为 可知图像中的点与横轴(-273.15℃,0)的连线的斜率大小与体积的倒数正相关。 所以在过程，气体的体积大小不变，所以气体与外界之间不做功，即 温度升高时，内能增加，有 根据热力学第一定律 可得到 即气体从外界吸收热量，故A错误； B．根据理想气体状态方程可知，b→c过程气体的温度不变，所以 压强减小，所以体积增大，气体对外界做功，即 所以 即气体从外界吸热，故B错误； C．由上可知c→d过程，点与(-273.15℃,0)的连线斜率逐渐减小，所以气体的体积增大，气体对外界做功，即 随温度的降低，气体内能减小， 根据热力学第一定律，有 可知气体从外界吸热也可能放热，故C错误； D．根据题干中的图像可以画出气体状态变化的示意图，如下图所示 气体完成一个循环的过程中，图像中闭合的曲线围成的面积表示气体与外界之间的功。有图像可判断整体气体对外界做功，所以内能不变时，气体从外界吸收热量。故D正确。 故选D。 6．D 【详解】A．小球在AB之间只受重力，不符合简谐运动的受力规律，故整体运动不属于简谐运动，故A错误； B．小球从A运动到B的过程中只受重力作用，加速度不变，从B运动到C的过程中，加速度先减小后增大，故B错误； C．小球和弹簧组成的系统机械能守恒，弹簧增加的弹性势能等于小球减少的机械能，故C错误； D．小球在下落过程中，速度先增大后减小，重力的功率先增大后减小，故D正确。 故选D。 7．C 【详解】对于（1）图中的常规单摆，根据单摆周期公式有 对于（2）图中的双线摆，小球只能在垂直于纸面方向做简谐运动，等效摆长为，根据单摆周期公式有 对于（3）图中的单摆，由于悬点处与小球均带有负电荷，两者相互排斥，库仑力始终沿着绳子方向，不改变单摆垂直于绳子方向的切向回复力，系统等效重力加速度不变，根据单摆周期公式有 对于（4）图中的单摆，振动系统处于匀加速下降的电梯内，小球处于部分失重状态，系统等效重力加速度为，根据单摆周期公式有 联立上述公式比较解得 故选C。 8．BD 【详解】A．由分析可知的波先传到M点，由于时波源的起振方向为轴负方向（丙图时向下振动），所以M点的起振方向为z轴负方向。故A错误； B．由题图可知，两波源的周期相同，频率相同，相位差恒定（时在平衡位置向上振动，在平衡位置向下振动，相位差为），满足稳定干涉条件。所以两波源形成的波在平面内可以形成稳定的干涉图样，故B正确； C．到M的距离为 根据时点开始振动可知，两列波的波速为 由题图可知，两波源的周期为 所以两列波的波长为 设在、的连线上有一点N为振动加强点，则N到、的波程差为 由于两个波源、分别位于和处，则有 又因为两波源的步调相反，所以加强点的条件为 联立有 解得 则有 即在、的连线中间有4个振动加强点，故C错误； D．由题图可知，两个波源、的振幅分别为， 的波在时到达点，的波传到M点的时间为 所以在内，M点只参与波的振动，由于 所以在内，M点通过的路程为 在内，M点同时参与两列波的振动，由于两列波步调相反，则合振幅为 振动时长为 则在内，M点通过的路程为 所以在内，点通过的路程为，故D正确。 故选BD。 9．CD 【详解】A．同一介质中，折射率随频率增大而增大。由折射定律，可得 光路图中、两光，入射角相同，折射角，故折射率 因此频率，故A错误； B．双缝干涉条纹间距公式，频率与波长关系 由频率，故波长 因此，故B错误； C．光在玻璃中的路程均为半径，速度 时间 由可得，故C正确； D．全反射临界角公式 由可得，即更容易发生全反射。 故转动时先达到临界角而消失，故D正确。 故选CD。 10．BC 【详解】A．原子核衰变的周期，由原子核本身的性质决定，与压强无关，故A错误； B．由图可知，两个轨迹圆外切，根据洛伦兹力提供向心力，可知两个粒子的偏转方向相反，故两个粒子都带正电，所以该原子核的衰变是衰变；在衰变过程中满足动量守恒而且总动量为0，则衰变刚结束时，粒子与新核X的动量等大反向，设动量大小为；两个粒子在磁场做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力 解得 可知电量越小，半径越大，故半径大的是粒子，半径小的是新核，故B正确； C．根据方程 可知该方程是一个衰变方程，符合轨迹圆外切情况，且质量数和电荷数都守恒，故该衰变方程符合衰变的性质，C正确； D．原子核衰变时会发生质量亏损，反应前的质量大于反应后的质量，根据爱因斯坦质能方程，可知该过程向外放出能量，故D错误。 故选BC。 11．(1)B (2) (3) (4)21.3 【详解】（1）AB．实验中标记点和点是为了确定入射光线和折射光线的方向，点的位置可以选取入射光线上的任意位置，光线在玻璃砖中发生折射，玻璃砖上不能标记，只能标记光从玻璃砖中射出的点，故A错误，B正确； C．作圆弧时，半径的长度可以任意选择，再用几何关系得出入射角和折射角的正弦值的表达式即可，故C错误。 故选B。 （2）根据题图可得入射角正弦值的表达式为，折射角的表示为，则折射率为 （3）测距仪默认激光在真空中的速度c计算距离，激光往返，因此示数按计算。 （4）设实际深度为 水的折射率 激光往返时间 其中 测距仪示数 联立可得 即测距仪的示数接近，则符合他的推测。 12．(1)使油膜轮廓清晰，便于测量油膜面积； (2)稀释油酸，便于水面上形成单分子油膜； (3)4.5×10−9 (4)AC 【详解】（1）在水面上均匀撒上痱子粉后，当油酸酒精溶液滴入水面时，酒精溶于水，油酸在水面上展开会推开痱子粉，从而形成清晰的边界，便于测量油膜面积； （2）纯油酸黏稠度较大，直接滴入水面不易散开。加入酒精可以稀释油酸，减小每滴溶液中纯油酸的体积，同时酒精易溶于水且易挥发，能促使油酸在水面上迅速散开形成单分子油膜。 （3）一滴溶液的体积为 其中纯油酸的体积为 油膜面积。 将油膜视为单分子层，油酸分子直径 （4）A．油酸未完全散开会导致测得的油膜面积S偏小，由可知计算出的直径偏大，故A正确； B．酒精易溶于水且易挥发，不会留在水面形成油膜，对实验结果无直接影响，故B错误； C．计算面积时舍去所有不足一格的方格会使测得的面积S偏小，由可知计算出的直径偏大，故C正确； D．1mL溶液的滴数多记了10滴，会导致计算出的每滴溶液体积偏小，进而使纯油酸体积V偏小，由可知计算出的直径偏小，故D错误。 故选AC。 13．(1) (2) (3) 【详解】（1）甲光光子的能量为，由 又 整理得 代入数据解得 （2）由题意可知，用甲光照射金属板时，验电器的指针刚好不发生偏转，则说明该金属的逸出功为 乙光的波长为甲光波长的，则乙光的波长为 则乙光能量为 由爱因斯坦光电效应方程得 光电子在电场中做减速运动，由动能定理得 解得 （3）在第（2）问的电压条件下，仅将电源的正负极对调，电压为正向电压，由爱因斯坦光电效应方程得 光电子在电场中做加速运动，由动能定理得 代入数据解得 14．(1)沿y轴的正方向， (2) (3)   【详解】（1）当波传到开始计时，即时，质点沿y轴的正方向振动（运动），故波源质点及其它各质点的起振方向沿y轴的正方向 由图知， 质点振动方程为 （2）由图像可知，t=0时，Q相位为0，P相位为（因y<0且v<0）。相位差为，n为非负整数。由波动关系 解得 （3）由相位差关系可知    15．(1) (2) 【详解】（1）如图所示 根据几何关系可知光线1的折射角为，入射角为90° 可得 （2）根据几何关系可得光线2在玻璃砖中的折射角为 根据折射定律 其中 解得 16．(1) (2) (3) 【详解】（1）充气过程温度不变，对所有充入气室的气体，由玻意耳定律有 根据题意有 解得充气后未挤压变形时气室中的压强 （2）变形前，气室的体积为 挤压过程温度不变，且横截面周长不变，原圆形横截面周长 变形后跑道形横截面两端半圆合为一个整圆，周长为 剩余直边总长度为 单根直边长 变形后，气室的体积为 对气室气体，等温过程由玻意耳定律 解得挤压变形后气室中的压强 （3）体积不变，气体等容变化，有 解得气室不爆破的最高室温 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $