精品解析：河南省禹州市第三高级中学2025-2026学年高一下学期6月阶段检测生物试题

高一下期第二次校内质量检测 生物试题 考试范围：必修2；考试时间：75分钟 注意事项：请将答案正确填写在答题卡指定位置，在本试卷作答无效。 第Ⅰ卷（选择题，共48分） 单项选择题（每题只有一个选项符合题意，16小题，每题3分，共48分） 1. 下列与豌豆的遗传特性和人工杂交实验有关的叙述，错误的是（ ） A. 进行人工杂交实验时，需先除去母本成熟花的全部雄蕊 B. 豌豆杂交实验中需要进行两次套袋，目的是避免外来花粉的干扰 C. 豌豆具有易于区分的相对性状，有利于对杂交实验的结果进行统计 D. 基因型为Aa的豌豆在自然状态下生长多年后，后代中纯合个体逐代增多 【答案】A 【解析】 【分析】杂合子豌豆连续自交n代，后代杂合子所占的比例为1/2n，纯合子所占的比例为1- 1/2n。 【详解】A、进行人工杂交实验时，需在豌豆植株开花前（即母本成熟前））除去母本的全部雄蕊，以避免母本自花传粉，A错误； B、豌豆杂交实验中，在母本去雄后，需套上纸袋；待雌蕊成熟时，采集父本的花粉，撒在去雄的雌蕊柱头上，再套上纸袋，两次套袋的目的均是避免外来花粉的干扰，B正确； C、豌豆具有易于区分的相对性状，有利于对杂交实验的结果进行统计，C正确； D、豌豆是自花传粉，而且是闭花授粉，在自然状态下豌豆都是自交。杂合子豌豆连续自交n代，后代杂合子所占的比例为（1/2）n，纯合子所占的比例为1- （1/2）n，即纯合个体逐代增多，D正确。 故选A。 2. 某学习小组利用围棋黑白棋子和黑布袋进行性状分离比的模拟实验，从两个黑布袋分别抓取棋子后记录棋子颜色组合。下列叙述错误的是（ ） A. 实验“容器”选黑布袋比选烧杯更好 B. 每个黑布袋中黑棋数量和白棋数量可以不相等 C. 每次抓取并记录后，需将抓取的棋子放回“容器” D. 重复抓取 100次后，出现黑黑组合的概率约为25% 【答案】B 【解析】 【分析】分离定律的实质：在生物的体细胞中，控制同一性状的遗传因子成对存在，不相融合；在形成配子时，成对的遗传因子发生分离，分离后的遗传因子分别进入不同的配子中，随配子遗传给后代。 【详解】A、烧杯是透明的，选择黑布袋为“容器”，更能体现随机性，A正确； B、两个黑布袋代表产生雌雄配子的生殖器官，每个黑布袋中的黑白棋子数量要相同，B错误； C、为了保证每种棋子被抓取的概率相等，每次抓取并记录后，应将抓取的棋子放回布袋中并混匀，C正确； D、重复抓取100次后，出现黑黑组合的概率约为25%，D正确。 故选B。 3. 一豌豆杂合子（Aa）植株自交，子一代的基因型及其比例为AA∶Aa∶aa＝4∶4∶1，下列叙述合理的是（ ） A. 可能是含有隐性基因的花粉有50%的死亡造成的 B. 可能是隐性个体有50%的死亡造成的 C. 可能是含有隐性基因的配子有50%的死亡造成的 D. 可能是50%的花粉不能萌发造成的 【答案】C 【解析】 【分析】一豌豆杂合子（Aa）植株自交，理论上产生的雌配子或雄配子的种类及其比例都是A∶a＝1∶1，子一代的基因型及比例是AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1。 【详解】A、一豌豆杂合子（Aa）植株，产生的雌配子及其比例为A∶a＝1∶1；含有隐性基因的花粉（雄配子）有50%的死亡，产生的雄配子及其比例为A∶a＝2∶1。可见，该植株自交子一代的基因型及其比例为AA∶Aa∶aa＝2∶3∶1，A错误。 B、一豌豆杂合子（Aa）植株自交，理论上子一代的基因型及其比例为AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1；若隐性个体有50%的死亡，则子一代的基因型及其比例为AA∶Aa∶aa＝2∶4∶1，B错误； C、若含有隐性基因的配子有50%的死亡，则一豌豆杂合子（Aa）产生的配子及其比例为A∶a＝2∶1，自交后代AA∶Aa∶aa＝4∶4∶1，C正确； D、一豌豆杂合子（Aa）植株自交，若有50%的花粉不能萌发，则并不影响花粉的基因型及其比例，所以子一代的基因型及其比例为AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1，D错误。 故选C。 4. 某植物的花色由两对等位基因(A/a和B/b)控制，且这两对基因独立遗传。已知A_B_表现为红色，A_bb表现为粉色，aaB_和aabb表现为白色。现用纯合的红色植株与白色植株杂交，F1全为红色，F1自交产生的F2中红色：粉色：白色=9：3：4.下列相关叙述错误的是（　　） A. 该植物花色的遗传说明基因与性状不是简单的一一对应关系 B. F1测交，后代的表型及比例为红色：白色：粉色=1：1：2 C. F2中粉色植株自由交配，后代出现白色植株的概率为1/9 D. F2中粉色植株的基因型种类少于白色植株基因型种类 【答案】B 【解析】 【详解】A、该植物的花色由两对等位基因共同控制，说明基因与性状不是简单的一对一的线性关系，A正确； B、F1基因型为AaBb，测交即与aabb杂交，后代基因型及占比为AaBb（红色）:Aabb（粉色）:aaBb（白色）:aabb（白色）=1:1:1:1，因此表型及比例为红色:粉色:白色=1:1:2，B错误； C、F2粉色植株基因型为1/3AAbb、2/3Aabb，产生的配子中a配子占比为1/3，自由交配后代出现aa（表现为白色）的概率为1/3×1/3=1/9，C正确； D、F2中粉色植株基因型有AAbb、Aabb共2种，白色植株基因型有aaBB、aaBb、aabb共3种，粉色植株基因型种类更少，D正确。 5. 鸟类羽毛颜色有黑色和白色两种，由等位基因A、a和B、b共同控制。某科研人员选用白色雌雄个体相互交配，F1全为白色个体，F1雌雄个体相互交配，F2中出现白色个体和黑色个体，比例为13：3。下列有关叙述正确的是（ ） A. 亲本基因型为AAbb和aaBB B. F2白色个体中纯合子占 2/9 C. F2白色个体测交后代中可能出现黑色个体 D. F2黑色雌雄个体自由交配产生的后代中，黑色个体占2/3 【答案】C 【解析】 【分析】自由组合定律：控制不同性状的遗传因子的分离和组合是互不干扰的；在形成配子时，决定同一性状的成对的遗传因子彼此分离，决定不同性状的遗传因子自由组合。 实质∶位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。 【详解】A、F2表型比例为13：3，是9：3：3：1的变式，说明该鸟类的体色由两对等位基因控制，且两对等位基因遵循自由组合定律，F1基因型为AaBb，F2黑色基因型为A_bb或aaB_。由于亲本均为白色，故亲本基因型为 AABB和aabb，A 错误； B、设黑色个体基因型为 A_ bb，则 F2白色个体基因型为9A_B_、3aaB_、laabb，白色纯合子基因型为1AABB、laaBB、laabb，则F2白色个体中纯合子占3/13，B错误； C、F2白色个体（基因型若为A_B_、aaB_、aabb）测交后代可能出现黑色个体（A_ bb），C正确； D、若 F2中黑色个体基因型为1/3AAbb、2/3Aabb，产生的配子为2/3Ab、1/3ab，雌雄配子随机结合，后代中黑色个体（A_ bb）所占比例为2/3×2/3+2/3×1/3+1/3×2/3=8/9，D错误。 故选C。 6. 下图表示某动物体内的几个细胞分裂示意图，据图判断错误的是（　　） A. 图甲细胞处于有丝分裂的后期 B. 基因的分离和自由组合发生在图乙细胞时期 C. 甲、乙、丙三个细胞可能取自睾丸 D. 图示中无同源染色体的是图甲和图丙 【答案】D 【解析】 【分析】分析题图可知：图甲是有丝分裂后期的图像，乙图处于减数第一次分裂后期，丙是减数第二次分裂后期。 【详解】A、图甲中同一极含有同源染色体，姐妹染色单体分开，所以是有丝分裂后期的图像，A正确； B、乙图同源染色体分开，处于减数第一次分裂后期，此时会发生基因分离和自由组合定律，B正确； C、由乙图细胞质均等分裂知此动物为雄性动物，同时进行减数分裂和有丝分裂的位置可能是高等动物的睾丸，C正确； D、由图示可知，甲细胞中含有4对同源染色体，乙中有2对，丙图中没有同源染色体，D错误。 故选D。 7. 下图所示为动物初级精母细胞中的两对同源染色体，其减数分裂过程中，同源染色体发生互换形成了图2所示的四个精子，则来自同一个次级精母细胞的是（　　） A. ①② B. ①④ C. ②③ D. ②④ 【答案】D 【解析】 【分析】精子的形成过程：精原细胞经过减数第一次分裂前的间期（染色体的复制）→初级精母细胞；初级精母细胞经过减数第一次分裂（前期：联会，同源染色体上的非姐妹染色单体互换；中期：同源染色体成对的排列在赤道板上；后期：同源染色体分离，非同源染色体自由组合）→两种次级精母细胞；次级精母细胞经过减数第二次分裂过程（类似于有丝分裂）→精细胞；精细胞经过变形→精子。 【详解】正常情况下来自同一个次级精母细胞的精细胞中的染色体形态和数目应该是相同的，由题干图示分析，其减数分裂过程中，同源染色体发生互换，则染色体的颜色大部分相同，而互换的部分颜色不同。所以来自同一个次级精母细胞的是①与③，②与④，ABC不符合题意，D符合题意。 故选D。 8. 下列关于基因与染色体关系的说法中，正确的是 A. 萨顿运用假说-演绎法，确定了基因位于染色体上 B. 沃森和克里克发现了基因和染色体行为存在明显的平行关系 C. 摩尔根运用类比推理的方法，证实基因位于染色体上 D. 摩尔根绘制出了果蝇各种基因在染色体上的相对位置图，说明基因在染色体上呈线性排列 【答案】D 【解析】 【分析】1、染色体的主要成分是DNA和蛋白质，染色体是DNA的主要载体；  2、基因是有遗传效应的DNA片段，是控制生物性状的遗传物质的功能单位和结构单位，DNA和基因的基本组成单位都是脱氧核苷酸。  3、基因主要存在于染色体上，且一条染色体上含有多个基因，基因在染色体上呈线性排列。 4、萨顿运用类比推理的方法提出了基因位于染色体上的假说，摩尔根利用假说—演绎法证明了基因位于染色体上。 【详解】萨顿运用类比推理法提出了基因在染色体上的假说，摩尔根通过假说—演绎法证明了基因在染色体上，A错误；萨顿发现了基因和染色体行为存在明显的平行关系，B错误；摩尔根运用假说一演绎法证明了基因在染色体上，C错误；摩尔根和他的学生们发明了测定基因位于染色体上的相对位置的方法，并绘制出了第一个果蝇各种基因在染色体上的相对位置图，说明基因在染色体上呈线性排列，D正确。  故选D。 9. 火鸡的性别决定方式是ZW型(♀ZW，♂ZZ)。曾有人发现少数雌火鸡(ZW)的卵细胞未与精子结合，也可以发育成二倍体后代。遗传学家推测，该现象产生的原因可能是：卵细胞与其同时产生的三个极体之一结合，形成二倍体后代(WW的胚胎不能存活)。若该推测成立，理论上这种方式产生后代的雌雄比例是 A. 雌∶雄＝1∶1 B. 雌∶雄＝1∶2 C. 雌∶雄＝3∶1 D. 雌∶雄＝4∶1 【答案】D 【解析】 【详解】按题意分两种情况，第一种情况是若卵细胞含Z染色体，则三个极体分别含Z、W、W染色体，卵细胞与其中之一结合后的情况是ZZ(雄)∶ZW(雌)＝1∶2；第二种情况是若卵细胞含W染色体，则三个极体分别含W、Z、Z染色体，卵细胞与其中之一结合后的情况是WW(不存活)∶ZW(雌)＝1∶2。故综合两种情况，理论上这种方式产生后代的雌雄比例是雌∶雄＝4∶1。故选D。 10. 在格里菲斯所做的肺炎链球菌转化实验中，无毒性的R型活细菌与被加热杀死的S型细菌混合后注射到小鼠体内，从小鼠体内分离出了有毒性的S型活细菌。某同学根据上述实验，结合现有生物学知识所做的下列推测中，不合理的是（ ） A. 与R型菌相比，S型菌的毒性可能与荚膜多糖有关 B. S型菌的DNA能够进入R型菌细胞指导蛋白质的合成 C. 加热杀死S型菌使其蛋白质功能丧失而DNA功能可能不受影响 D. 将S型菌的DNA经DNA酶处理后与R型菌混合，可以得到S型菌 【答案】D 【解析】 【详解】A、S型菌有荚膜多糖，R型菌无荚膜，荚膜多糖可帮助S型菌抵抗宿主吞噬细胞的吞噬，因此S型菌的毒性可能与荚膜多糖有关，A正确； B、R型菌转化为S型菌的实质是S型菌的DNA进入R型菌细胞内，整合到R型菌的基因组中并指导合成S型菌相关的蛋白质，从而表现出S型菌的性状，B正确； C、蛋白质的热稳定性低于DNA，加热杀死S型菌时，蛋白质会高温变性失活，而DNA的功能暂未受影响，因此仍可作为转化因子促使R型菌转化，C正确； D、DNA酶会将S型菌的DNA水解为脱氧核苷酸，失去遗传效应，无法促使R型菌发生转化，因此混合后不能得到S型菌，D错误。 11. 下列关于“加法原理”和“减法原理”的理解，正确的是（　　） A. 在对照实验中，对照组中的自变量通常可以用“加法原理”和“减法原理”进行控制 B. 艾弗里的肺炎链球菌体外转化实验中，用蛋白酶、RNA酶、DNA酶等处理细胞提取物体现了“加法原理” C. “比较过氧化氢在不同条件下的分解”实验中，实验组滴加肝脏研磨液体现了“加法原理” D. “探究不同pH对唾液淀粉酶的影响”实验中，加入盐酸或氢氧化钠溶液体现了“减法原理” 【答案】C 【解析】 【分析】1、加法原理是给研究对象施加自变量进行干预。也就是说，实验的目的是为了探求某一变量会产生什么结果，即知道自变量，不知道因变量。 2、减法原理是排除自变量对研究对象的干扰，同时尽量保持被研究对象的稳定。具体而言，结果已知，但不知道此结果是由什么原因导致的，实验的目的是为了探求确切的原因变量。 【详解】A、对照实验中，实验组中的自变量通常可以用“加法原理”或“减法原理”进行控制，A错误； B、艾弗里实验中，用蛋白酶、RNA酶、DNA酶等处理细胞提取物，是为了特异性地去除细胞提取物中的蛋白质、RNA、DNA等成分，体现了“减法原理”，B错误； C、“比较过氧化氢在不同条件下的分解”实验中，实验组滴加肝脏研磨液体现了“加法原理”，C正确； D、“探究不同pH对唾液淀粉酶的影响”实验中，加入盐酸或氢氧化钠溶液体现了“加法原理”，D错误。 故选C。 12. 在氮源为14N和15N的培养基上生长的大肠杆菌，其DNA分子分别为14N-DNA（相对分子质量为a）和15N-DNA（相对分子质量为b）。将含15N-DNA的亲代大肠杆菌转移到含14N的培养基上，再连续繁殖两代（Ⅰ和Ⅱ），用某种离心方法分离得到的结果如图所示。下列对此实验的叙述不正确的是（ ） A. Ⅰ代细菌DNA分子中一条链是14N，另一条链是15N B. Ⅱ代细菌含15N的DNA分子占全部DNA分子的1/4 C. 预计Ⅲ代细菌DNA分子的平均相对分子质量为（7a+b）/8 D. 上述实验结果证明DNA复制方式为半保留复制 【答案】B 【解析】 【详解】A、DNA为半保留复制，亲代DNA两条链均含15N，在14N培养基中复制一次得到的Ⅰ代DNA，均为一条链含14N、另一条链含15N，对应图中的中带，A正确； B、Ⅱ代共有4个DNA分子，根据半保留复制特点，其中仅2个DNA分子含15N（一条链15N、一条链14N），因此含15N的DNA分子占全部DNA分子的比例为2/4=1/2，不是1/4，B错误； C、Ⅲ代共8个DNA分子，其中2个为一条链15N、一条链14N，其余6个为两条链均含14N。总相对分子质量为6a+2×（a+b）/2=7a+b，因此平均相对分子质量为(7a+b)/8，C正确； D、实验中Ⅰ代全为中带、Ⅱ代为1/2轻带+1/2中带的结果，符合半保留复制的特点，可证明DNA复制方式为半保留复制，D正确。 13. 柳穿鱼是一种园林花卉，它的花有2种形态结构：左右对称的(品种A)和中心对称(品种B)，花形态结构与Lcyc基因的表达与否直接相关。已知品种A和B的Lcyc的基因相同，品种A的Lcyc基因表达，品种B的Lcyc基因由于甲基化修饰不表达。品种A与品种B杂交，F1的花左右对称，F1自交产生的F2中大部分植株的花左右对称，少部分植株的花中心对称。下列相关说法，错误的是（ ） A. Lcyc基因的DNA甲基化修饰可能阻碍了RNA聚合酶发挥作用 B. 品种A与品种B的花形态结构不同是因为Lcyc基因碱基序列不同 C. F2中少部分植株的花中心对称说明甲基化修饰的Lcyc基因可以遗传 D. F1的花左右对称的原因是来自品种A的Lcyc基因表达，品种B的Lcyc基因不表达 【答案】B 【解析】 【分析】表观遗传：生物体的碱基序列保持不变，但基因表达和表现型发生可遗传变化的现象。甲基化的Lcyc基因不能与RNA聚合酶结合，故无法进行转录产生mRNA，也就无法进行翻译最终合成Lcyc蛋白，从而抑制了基因的表达。 【详解】A、由分析可知，Lcyc基因的DNA甲基化修饰可能阻碍了RNA聚合酶发挥作用，A正确； B、由题可知品种A与品种B的Lcyc基因碱基序列完全相同，只存在能否表达的差异，B错误； C、从A、B植株作为亲本进行杂交的F1和F2情况分析，植株B的Lcyc基因碱基与植株A相同，仅因被高度甲基化后不能表达，基因不表达会使其花的性状与植株A的出现明显差异，并且这种差异在F2中重新出现，说明细胞中基因表达与否以及表达水平的高低会导致生物的性状发生改变并遗传下去，C正确； D、由题“左右对称的品种A和中心对称品种B，品种A的Lcyc基因表达，品种B的Lcyc基因由于甲基化修饰不表达”可知，F1的花左右对称的原因是来自品种A的Lcyc基因表达，品种B的Lcyc基因不表达，D正确。 故选B。 14. 5-BrU（5—溴尿嘧啶）既可以与A配对，又可以与C配对。将一个正常的具有分裂能力的细胞，接种到含有A、G、C、T、5—BrU五种核苷酸的适宜培养基上，至少需要经过几次复制后，才能实现细胞中某DNA分子某位点上碱基对从T—A到G—C的替换（ ） A. 2次 B. 3次 C. 4次 D. 5次 【答案】B 【解析】 【详解】基因突变包括碱基（对）的增添、缺失或改变，该题中的5—BrU能使碱基错配，属于碱基（对）的改变，但这种作用是作用于复制中新形成的子链的，T—A在第一次复制后会出现异常的5—BrU—A，这种异常的碱基对在第二次复制后会出现异常的5—BrU—C，而5—BrU—C在第三次复制后会出现G—C，所以B正确，A、C、D错误。 【考点定位】DNA复制及基因突变 15. 基因a、a'仅有图③所示片段的差异。下列叙述正确的是（　　） A. ①②分别表示基因重组的两种方式 B. ③中的变异是产生新基因的途径 C. ④中的变异一定是染色体结构变异中的缺失 D. ⑤中的变异一定是基因突变 【答案】B 【解析】 【分析】染色体结构变异主要包括4种：①缺失：染色体中某一片段的缺失。②重复：染色体增加了某一片段。③倒位：染色体某一片段的位置颠倒了180度，造成染色体内的重新排列。④易位：染色体的某一片段移接到另一条非同源染色体上或同一条染色体上的不同区域。 【详解】A、由图可知，①发生了互换，属于基因重组，②发生了易位，属于染色体变异，不属于基因重组，A错误； B、由图可知，③中基因内部碱基对的缺失改变了基因的碱基序列，属于基因突变，基因突变是产生新基因的途径，B正确； C、不论是染色体结构变异中的缺失或重复，均会导致同源染色体中一条比另一条长，进而联会后出现图形④，C错误； D、⑤中姐妹染色单体上含有等位基因，则可能是基因突变形成的，也可能是减数第一次分裂前期同源染色体上的非姐妹染色单体互换形成的，D错误。 故选B。 16. 下图为两种单基因遗传病的系谱图，通过基因检测得知，个体2不携带乙病的致病基因，下列说法正确的是（　　） A. 甲病由显性基因控制，乙病由隐性基因控制 B. 甲病为伴性遗传，乙病为常染色体遗传 C. 图中个体9的乙病致病基因来自于个体1 D. 个体3和4再生一个只患甲病的孩子的概率是1/4 【答案】C 【解析】 【分析】据图分析：Ⅰ-1、Ⅰ-2不患甲病，生出Ⅱ-6、Ⅱ-7患病，推知是隐性遗传病，又因Ⅲ-10患病，而Ⅱ-3却不患病，推知甲病为常染色体隐性遗传病；Ⅱ-3、Ⅱ-4，生出Ⅲ-9患病，乙病也为隐性遗传病，又因题干个体2不携带乙病的致病基因，推知乙病为伴X隐性遗传病。甲病用B/b表示，乙病用A/a表示。 【详解】A、Ⅰ-1、Ⅰ-2不患甲病，生出Ⅱ-6、Ⅱ-7患病，故甲病为隐性遗传病，Ⅱ-3、Ⅱ-4，生出Ⅲ-9患病，故乙病也为隐性遗传病，A错误； B、由Ⅰ-1、Ⅰ-2不患甲病，生出Ⅱ-6、Ⅱ-7患病，推知是隐性遗传病，又因Ⅲ-10患病，而Ⅱ-3却不患病，推知甲病为常染色体隐性遗传病；Ⅱ-3、Ⅱ-4，生出Ⅲ-9患病，乙病也为隐性遗传病，又因题干个体2不携带乙病的致病基因，推知乙病为伴X隐性遗传病，B错误； C、图中个体9患乙病（XaY）,其乙病致病基因（Xa）来自于Ⅱ-4（XAXa），Ⅱ-4的Xa只能来自于Ⅰ-1（因Ⅰ-2不患乙病），C正确； D、个体3（BbXAY）和4（BbXAXa），再生一个只患甲病的孩子（bbXA-）的概率为1/4×3/4=3/16，D错误。 故选C。 第Ⅱ卷（非选择题，共计52分） 17. 2024年诺贝尔生理学或医学奖授予了发现微小核糖核酸（microRNA）及其作用的两位科学家。下图表示真核生物秀丽隐杆线虫lin－4基因的microRNA调控Lin－14基因表达的机理。回答下列问题。 （1）lin－4基因和Lin－14基因属于______（填“等位”或“非等位”）基因。形成mRNA的过程需要______酶参与，该过程遵循的碱基互补配对原则内容除C－G外，还包括______。 （2）核糖体与mRNA结合后，读取的前三个碱基为AUG，因此AUG被称为______，在核糖体内氨基酸通过______反应形成______键。有时一个mRNA上会相继结合多个核糖体，其生物学意义是______。 （3）研究发现，由Lin－14基因转录的mRNA中存在个别碱基替换，但这并未影响到编码的氨基酸序列，其可能原因是与_______有关。 （4）据图分析，lin－4基因的microRNA对Lin－14基因的表达起_______（填“促进”或“抑制”）作用，其作用机理可能是________。 【答案】（1） ①. 非等位 ②. RNA聚合酶 ③. T-A和A-U （2） ①. 起始密码子 ②. 脱水缩合 ③. 肽 ④. 可以同时进行多条肽链的合成，以少量的mRNA迅速合成大量的蛋白质 （3）密码子的简并性 （4） ①. 抑制 ②. microRNA与mRNA结合形成双链区域，阻止了核糖体对mRNA的翻译 【解析】 【分析】1、RNA是在细胞核中，以DNA的一条链为模板合成的，这一过程称为转录，转录是以基因为单位。 2、游离在细胞质中的各种氨基酸，以mRNA为模板合成具有一定氨基酸顺序的蛋白质的过程叫作翻译。 【小问1详解】 等位基因是位于同源染色体相同位置控制相对性状的基因，lin - 4 基因和 Lin - 14 基因不是控制相对性状的基因，属于非等位基因。 形成 mRNA 的过程是转录，转录需要 RNA 聚合酶参与。 转录过程遵循的碱基互补配对原则除 C - G 外，还包括 A - U、T - A。 【小问2详解】 核糖体与 mRNA 结合后，读取的前三个碱基为 AUG，AUG 被称为起始密码子。 在体内氨基酸通过脱水缩合反应形成肽键。一个 mRNA 上相继结合多个核糖体，其生物学意义是可以同时进行多条肽链的合成，以少量的mRNA迅速合成大量的蛋白质，提高翻译的效率。 【小问3详解】 由于密码子具有简并性，即一种氨基酸可能由多种密码子编码，所以 Lin - 14 基因转录的 mRNA 中存在个别碱基替换，但这并未影响到编码的氨基酸序列。 【小问4详解】 据图分析，lin - 4 基因的 microRNA 与 Lin - 14 基因转录的 mRNA 结合，导致 Lin - 14 基因的 mRNA 不能正常翻译，所以 lin - 4 基因的 microRNA 对 Lin - 14 基因的表达起抑制作用。 其作用机理可能是microRNA与mRNA结合形成双链区域，阻止了核糖体对mRNA的翻译 18. 科研人员对猕猴（2n=42）的酒精代谢过程进行研究，发现乙醇进入机体内的代谢途径如下图所示。缺乏酶1，喝酒脸色基本不变但易醉的猕猴，称为“白脸猕猴”；缺乏酶2，喝酒后乙醛积累刺激血管引起脸红的猕猴，称为“红脸猕猴”；两种酶都有的猕猴，称为“不醉猕猴”。请回答问题： （1）乙醇进入机体的代谢途径，说明__________________________，进而控制生物的性状，若对猕猴进行基因组测序，需要检测______条染色体。 （2）“红脸猕猴”的基因型有________种，一对“红脸猕猴”所生的子代中，有表现为“不醉猕猴”和“白脸猕猴”，若再生一个“不醉猕猴”雄性个体的概率是__________。 （3）完善如下实验设计和预期，以确定某只“白脸猕猴”雄猴的基因型。 实验步骤：①该“白脸猕猴”与多只纯合________________杂交，产生多只后代。 ②观察、统计后代的表现型及比例。 结果预测：Ⅰ.若子代全为“红脸猕猴”，则该“白脸猕猴”的基因型为___________； Ⅱ.若子代“红脸猕猴”：“不醉猕猴”=1：1，则该“白脸猕猴”的基因型为________； Ⅲ.若子代__________________，则该“白脸猕猴”的基因型为________________。 【答案】（1） ①. 基因通过控制酶的合成来控制代谢过程 ②. 22 （2） ①. 4种 ②. 3/32 （3） ①. 不醉猕猴 ②. aaBB ③. aaBb ④. 全为“不醉猕猴” ⑤. aabb 【解析】 【分析】分析图形：图示为乙醇进入机体的代谢途径，说明基因控制性状是通过控制酶的合成来控制代谢过程，从而间接控制生物的性状。其中“白脸猕猴”缺乏酶1，基因型为aa__；“红脸猕猴”缺乏酶2，基因型为A_B_，“不醉猕猴”具有酶1和酶2，基因型为A_bb。 【小问1详解】 观察图中乙醇进入机体的代谢途径，说明基因控制性状是通过控制酶的合成来控制代谢过程，从而间接控制生物的性状；由于猕猴有性染色体，若对猕猴进行基因组测序，需要检测20条常染色体和X、Y两条性染色体，即22条染色体。 【小问2详解】 根据图可知，“白脸猕猴”缺乏酶1，基因型为aa_；“红脸猕猴”缺乏酶2，基因型为A_B_；故共有AABB、AaBb、AaBB、AABb4种；“白脸猕猴”缺乏酶1，基因型为aa_ _，故有aaBB、aaBb、aabb3种。“不醉猕猴”的基因型为AAbb或Aabb，一对“红脸猕猴”所生的子代中，有表现为“不醉猕猴”和“白脸猕猴”的个体，可以推断红脸猕猴的基因型为AaBb，再生一个“不醉猕猴”（基因型为A_bb）雄性个体的概率=3/4×1/4×1/2=3/32。 【小问3详解】 该“白脸猕猴”的基因型为aa__，可能为aaBB、aaBb、aabb，判断其基因型，可让该“白脸猕猴”与多只纯合的“不醉猕猴”（AAbb）交配。 Ⅰ.该“白脸猕猴”（aa__）和纯合“不醉猕猴”（AAbb）交配，若子代全为“红脸猕猴”（基因型为AaBb），则该“白脸猕猴”的基因型为aaBB。 Ⅱ.该“白脸猕猴”（aa__）和纯合“不醉猕猴”（AAbb）交配，若子代“红脸猕猴”：“不醉猕猴”=1：1，即基因型为AaBb和Aabb，则该“白脸猕猴”的基因型为aaBb。 Ⅲ.该“白脸猕猴”（aa__）和纯合“不醉猕猴”（AAbb）交配，若该“白脸猕猴”的基因型为aabb，则子代全为“不醉猕猴”（Aabb）。 19. 如图表示细胞内遗传信息表达的过程，根据所学的生物学知识回答： （1）图2中方框内所示结构是RNA的一部分，它的模板在细胞的______期、主要在_____中合成，需要的条件是：模板、原料、_________、_________。 （2）图1中以①为模板合成④的过程称之为_______；所需要的酶是_______。④为模板合成⑤物质的过程称为__________，所需要的原料是___________。 （3）从化学成分角度分析，与图1中⑥结构的化学组成最相似的是（ ）。 A. HIV病毒 B. T2噬菌体 C. 染色体 D. 乳酸杆菌 （4）若图1的①所示的分子中有1000个碱基对，则由它所控制形成的信使RNA中含有的密码子个数和合成的蛋白质中氨基酸种类最多不超过（ ）。 A. 166和55 B. 333和21 C. 333和111 D. 166和21 【答案】（1） ①. 分裂间期 ②. 细胞核 ③. 能量 ④. 酶 （2） ①. 转录 ②. RNA聚合酶 ③. 翻译 ④. 氨基酸 （3）A （4）B 【解析】 【小问1详解】 图2中方框内含有碱基U，是RNA特有的碱基，则方框内的结构表示RNA的一部分，它的模板是DNA，DNA在细胞的分裂间期，主要在细胞核中以DNA复制的方式合成，需要的条件是模板、原料、能量、酶。 【小问2详解】 图1中以①DNA为模板合成④mRNA的过程称之为转录；需要RNA聚合酶。图1中以④为模板合成⑤多肽的过程称为翻译，场所是核糖体，原料是氨基酸。 【小问3详解】 HIV病毒由RNA和蛋白质组成；噬菌体和染色体由DNA和蛋白质组成；乳酸杆菌包括水、无机盐、蛋白质、糖类、脂质和核酸等，因此HIV病毒与⑥核糖体化学组成最相似，A正确，BCD错误。 【小问4详解】 若图1的①所示的分子中有1000个碱基对，则由它所控制形成的信使RNA中有碱基1000个，密码子个数最多为333个，所合成的蛋白质中氨基酸个数最多为333个，而氨基酸的种类最多21种，B正确，ACD错误。 20. 在群体中，位于某对同源染色体同一位置上的两个以上、决定同一性状的基因，称为复等位基因。已知紫色企鹅的常染色体上有一系列决定羽毛颜色的复等位基因：G、gch、gh、g，显性效应为G>gch>gh>g．该基因系列在决定羽毛颜色时，表型与基因型的关系如下表： 羽毛颜色表现型 基因型 深紫色 G_ 中紫色 gch- 浅紫色 gh- 白色 gg 请回答下列问题： （1）以上复等位基因的出现体现了基因突变的_____________特点，企鹅羽毛颜色的基因型共有____________种。 （2）基因型Gg的个体是深紫色的，研究发现由于臭氧层“空洞”，近年来在紫外线的辐射增强的地区，某些基因型Gg个体的背部也会长出白色羽毛，产生这种变异的原因可能是某些细胞在有丝分裂的间期发生了基因中___________序列的改变；也可能是染色体结构发生____________________的变异。 （3）现有一只浅紫色雄企鹅和多只其他各色的雌企鹅，如何利用杂交方法在一个繁殖季节里检测出该雄企鹅的基因型？（写出实验思路和预期实验结果即可） 实验思路：_____________观察后代的表现型。 预期结果：____________________。 【答案】（1） ①. 不定向性 ②. 10 （2） ①. 碱基##核苷酸##脱氧核苷酸 ②. （片段）缺失 （3） ①. 选用多只白色雌企鹅与该浅紫色雄企鹅交配 ②. 若子代均为浅紫色企鹅，则该浅紫色雄企鹅的基因型是ghgh，若子代出现了白色企鹅，则该浅紫色雄企鹅的基因型是ghg 【解析】 【小问1详解】 以上复等位基因的出现体现了基因突变的不定向性的特点。企鹅羽毛颜色的基因型共有GG、Ggch、Ggh、Gg、gchgch、gchgh、gchg、ghgh、ghg、gg10种。 【小问2详解】 近年来在紫外线的辐射增强的地区，某些基因型Gg个体的背部也会长出白色羽毛，产生这种变异的原因可能是某些细胞在有丝分裂的间期发生了基因中碱基（核苷酸或脱氧核苷酸）序列的改变；也可能是染色体结构发生（片段）缺失的变异。 【小问3详解】 鉴定浅紫色雄企鹅的基因型，最好用测交方法，为保证子代数量足够多，母本数量应足够多。 实验思路：选用多只白色雌企鹅与该浅紫色雄企鹅交配，观察后代的表现型。 预期结果：若子代均为浅紫色企鹅，则该浅紫色雄企鹅的基因型是ghgh，若子代出现了白色企鹅，则该浅紫色雄企鹅的基因型是ghg。 21. 斑马、驴和马都为马属动物。化石证据发现，马属动物起源于5800万年前北美洲的始马。大约在200万年前，非马的祖先，首先穿过白令海峡来到欧亚大陆，再先后两次从欧亚大陆抵达非洲，分别进化成斑马和驴。马在北美持续进化，直到70万年前才扩散到欧亚大陆。 （1）要确定斑马、驴和马亲缘关系的远近，除了化石证据，还可以通过比较解剖学证据、胚胎学证据以及_____证据进行分析比对。 （2）马的染色体有32对，驴有31对，二者可产生后代骡，但骡不可育，请从减数分裂解释其原因：_____。 （3）请结合现代生物进化理论。解释马和驴个物种产生的主要过程：①驴的祖先离开北美洲，与马的祖先产生地理隔离后，不能再进行_____；②由于_____的不定向，且在不同生存环境导致自然选择方向不同，这些因素导致两者的基因库产生的差异不断变大，最终导致_____，形成马和驴两个物种。 【答案】（1）细胞和分子水平 （2）在减数分裂过程中因无同源染色体，不能正常联会，导致不能产生正常配子 （3） ①. 基因交流 ②. 突变和基因重组 ③. 生殖隔离 【解析】 【分析】生物进化的证据有：化石证据、比较解剖学证据、胚胎学证据、细胞和分子水平证据。古生物化石是指保存在岩层中的古生物遗物和生活遗迹；比较解剖学是对各类脊椎动物的器官和系统进行解剖和比较研究的科学，生物进化在比较解剖学上最重要的证据是同源器官；胚胎学是研究动植物的胚胎形成和发育过程的科学，如脊椎动物和人的胚胎早期都有鳃裂和尾。 【小问1详解】 要确定斑马、驴和马亲缘关系的远近，除了化石证据，还可以通过比较解剖学证据、胚胎学证据以及细胞和分子水平证据进行分析比对。 【小问2详解】 马的染色体有32对，驴有31对，二者可产生后代骡，但骡不可育，因为骡子无同源染色体，在减数分裂过程中，不能正常联会，导致不能产生正常配子，因此不可育。 【小问3详解】 现代生物进化理论解释马和驴个物种产生的主要过程：①驴的祖先离开北美洲，与马的祖先产生地理隔离后，不能再进行基因交流，由于突变和基因重组是不定向的，且在不同生存环境导致自然选择方向不同，这些因素导致两者的基因库产生的差异不断变大，最终导致生殖隔离，形成马和驴两个物种。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 高一下期第二次校内质量检测 生物试题 考试范围：必修2；考试时间：75分钟 注意事项：请将答案正确填写在答题卡指定位置，在本试卷作答无效。 第Ⅰ卷（选择题，共48分） 单项选择题（每题只有一个选项符合题意，16小题，每题3分，共48分） 1. 下列与豌豆的遗传特性和人工杂交实验有关的叙述，错误的是（ ） A. 进行人工杂交实验时，需先除去母本成熟花的全部雄蕊 B. 豌豆杂交实验中需要进行两次套袋，目的是避免外来花粉的干扰 C. 豌豆具有易于区分的相对性状，有利于对杂交实验的结果进行统计 D. 基因型为Aa的豌豆在自然状态下生长多年后，后代中纯合个体逐代增多 2. 某学习小组利用围棋黑白棋子和黑布袋进行性状分离比的模拟实验，从两个黑布袋分别抓取棋子后记录棋子颜色组合。下列叙述错误的是（ ） A. 实验“容器”选黑布袋比选烧杯更好 B. 每个黑布袋中黑棋数量和白棋数量可以不相等 C. 每次抓取并记录后，需将抓取的棋子放回“容器” D. 重复抓取 100次后，出现黑黑组合的概率约为25% 3. 一豌豆杂合子（Aa）植株自交，子一代的基因型及其比例为AA∶Aa∶aa＝4∶4∶1，下列叙述合理的是（ ） A. 可能是含有隐性基因的花粉有50%的死亡造成的 B. 可能是隐性个体有50%的死亡造成的 C. 可能是含有隐性基因的配子有50%的死亡造成的 D. 可能是50%的花粉不能萌发造成的 4. 某植物的花色由两对等位基因(A/a和B/b)控制，且这两对基因独立遗传。已知A_B_表现为红色，A_bb表现为粉色，aaB_和aabb表现为白色。现用纯合的红色植株与白色植株杂交，F1全为红色，F1自交产生的F2中红色：粉色：白色=9：3：4.下列相关叙述错误的是（　　） A. 该植物花色的遗传说明基因与性状不是简单的一一对应关系 B. F1测交，后代的表型及比例为红色：白色：粉色=1：1：2 C. F2中粉色植株自由交配，后代出现白色植株的概率为1/9 D. F2中粉色植株的基因型种类少于白色植株基因型种类 5. 鸟类羽毛颜色有黑色和白色两种，由等位基因A、a和B、b共同控制。某科研人员选用白色雌雄个体相互交配，F1全为白色个体，F1雌雄个体相互交配，F2中出现白色个体和黑色个体，比例为13：3。下列有关叙述正确的是（ ） A. 亲本基因型为AAbb和aaBB B. F2白色个体中纯合子占 2/9 C. F2白色个体测交后代中可能出现黑色个体 D. F2黑色雌雄个体自由交配产生的后代中，黑色个体占2/3 6. 下图表示某动物体内的几个细胞分裂示意图，据图判断错误的是（　　） A. 图甲细胞处于有丝分裂的后期 B. 基因的分离和自由组合发生在图乙细胞时期 C. 甲、乙、丙三个细胞可能取自睾丸 D. 图示中无同源染色体的是图甲和图丙 7. 下图所示为动物初级精母细胞中的两对同源染色体，其减数分裂过程中，同源染色体发生互换形成了图2所示的四个精子，则来自同一个次级精母细胞的是（　　） A. ①② B. ①④ C. ②③ D. ②④ 8. 下列关于基因与染色体关系的说法中，正确的是 A. 萨顿运用假说-演绎法，确定了基因位于染色体上 B. 沃森和克里克发现了基因和染色体行为存在明显的平行关系 C. 摩尔根运用类比推理的方法，证实基因位于染色体上 D. 摩尔根绘制出了果蝇各种基因在染色体上的相对位置图，说明基因在染色体上呈线性排列 9. 火鸡的性别决定方式是ZW型(♀ZW，♂ZZ)。曾有人发现少数雌火鸡(ZW)的卵细胞未与精子结合，也可以发育成二倍体后代。遗传学家推测，该现象产生的原因可能是：卵细胞与其同时产生的三个极体之一结合，形成二倍体后代(WW的胚胎不能存活)。若该推测成立，理论上这种方式产生后代的雌雄比例是 A. 雌∶雄＝1∶1 B. 雌∶雄＝1∶2 C. 雌∶雄＝3∶1 D. 雌∶雄＝4∶1 10. 在格里菲斯所做的肺炎链球菌转化实验中，无毒性的R型活细菌与被加热杀死的S型细菌混合后注射到小鼠体内，从小鼠体内分离出了有毒性的S型活细菌。某同学根据上述实验，结合现有生物学知识所做的下列推测中，不合理的是（ ） A. 与R型菌相比，S型菌的毒性可能与荚膜多糖有关 B. S型菌的DNA能够进入R型菌细胞指导蛋白质的合成 C. 加热杀死S型菌使其蛋白质功能丧失而DNA功能可能不受影响 D. 将S型菌的DNA经DNA酶处理后与R型菌混合，可以得到S型菌 11. 下列关于“加法原理”和“减法原理”的理解，正确的是（　　） A. 在对照实验中，对照组中的自变量通常可以用“加法原理”和“减法原理”进行控制 B. 艾弗里的肺炎链球菌体外转化实验中，用蛋白酶、RNA酶、DNA酶等处理细胞提取物体现了“加法原理” C. “比较过氧化氢在不同条件下的分解”实验中，实验组滴加肝脏研磨液体现了“加法原理” D. “探究不同pH对唾液淀粉酶的影响”实验中，加入盐酸或氢氧化钠溶液体现了“减法原理” 12. 在氮源为14N和15N的培养基上生长的大肠杆菌，其DNA分子分别为14N-DNA（相对分子质量为a）和15N-DNA（相对分子质量为b）。将含15N-DNA的亲代大肠杆菌转移到含14N的培养基上，再连续繁殖两代（Ⅰ和Ⅱ），用某种离心方法分离得到的结果如图所示。下列对此实验的叙述不正确的是（ ） A. Ⅰ代细菌DNA分子中一条链是14N，另一条链是15N B. Ⅱ代细菌含15N的DNA分子占全部DNA分子的1/4 C. 预计Ⅲ代细菌DNA分子的平均相对分子质量为（7a+b）/8 D. 上述实验结果证明DNA复制方式为半保留复制 13. 柳穿鱼是一种园林花卉，它的花有2种形态结构：左右对称的(品种A)和中心对称(品种B)，花形态结构与Lcyc基因的表达与否直接相关。已知品种A和B的Lcyc的基因相同，品种A的Lcyc基因表达，品种B的Lcyc基因由于甲基化修饰不表达。品种A与品种B杂交，F1的花左右对称，F1自交产生的F2中大部分植株的花左右对称，少部分植株的花中心对称。下列相关说法，错误的是（ ） A. Lcyc基因的DNA甲基化修饰可能阻碍了RNA聚合酶发挥作用 B. 品种A与品种B的花形态结构不同是因为Lcyc基因碱基序列不同 C. F2中少部分植株的花中心对称说明甲基化修饰的Lcyc基因可以遗传 D. F1的花左右对称的原因是来自品种A的Lcyc基因表达，品种B的Lcyc基因不表达 14. 5-BrU（5—溴尿嘧啶）既可以与A配对，又可以与C配对。将一个正常的具有分裂能力的细胞，接种到含有A、G、C、T、5—BrU五种核苷酸的适宜培养基上，至少需要经过几次复制后，才能实现细胞中某DNA分子某位点上碱基对从T—A到G—C的替换（ ） A. 2次 B. 3次 C. 4次 D. 5次 15. 基因a、a'仅有图③所示片段的差异。下列叙述正确的是（　　） A. ①②分别表示基因重组的两种方式 B. ③中的变异是产生新基因的途径 C. ④中的变异一定是染色体结构变异中的缺失 D. ⑤中的变异一定是基因突变 16. 下图为两种单基因遗传病的系谱图，通过基因检测得知，个体2不携带乙病的致病基因，下列说法正确的是（　　） A. 甲病由显性基因控制，乙病由隐性基因控制 B. 甲病为伴性遗传，乙病为常染色体遗传 C. 图中个体9的乙病致病基因来自于个体1 D. 个体3和4再生一个只患甲病的孩子的概率是1/4 第Ⅱ卷（非选择题，共计52分） 17. 2024年诺贝尔生理学或医学奖授予了发现微小核糖核酸（microRNA）及其作用的两位科学家。下图表示真核生物秀丽隐杆线虫lin－4基因的microRNA调控Lin－14基因表达的机理。回答下列问题。 （1）lin－4基因和Lin－14基因属于______（填“等位”或“非等位”）基因。形成mRNA的过程需要______酶参与，该过程遵循的碱基互补配对原则内容除C－G外，还包括______。 （2）核糖体与mRNA结合后，读取的前三个碱基为AUG，因此AUG被称为______，在核糖体内氨基酸通过______反应形成______键。有时一个mRNA上会相继结合多个核糖体，其生物学意义是______。 （3）研究发现，由Lin－14基因转录的mRNA中存在个别碱基替换，但这并未影响到编码的氨基酸序列，其可能原因是与_______有关。 （4）据图分析，lin－4基因的microRNA对Lin－14基因的表达起_______（填“促进”或“抑制”）作用，其作用机理可能是________。 18. 科研人员对猕猴（2n=42）的酒精代谢过程进行研究，发现乙醇进入机体内的代谢途径如下图所示。缺乏酶1，喝酒脸色基本不变但易醉的猕猴，称为“白脸猕猴”；缺乏酶2，喝酒后乙醛积累刺激血管引起脸红的猕猴，称为“红脸猕猴”；两种酶都有的猕猴，称为“不醉猕猴”。请回答问题： （1）乙醇进入机体的代谢途径，说明__________________________，进而控制生物的性状，若对猕猴进行基因组测序，需要检测______条染色体。 （2）“红脸猕猴”的基因型有________种，一对“红脸猕猴”所生的子代中，有表现为“不醉猕猴”和“白脸猕猴”，若再生一个“不醉猕猴”雄性个体的概率是__________。 （3）完善如下实验设计和预期，以确定某只“白脸猕猴”雄猴的基因型。 实验步骤：①该“白脸猕猴”与多只纯合________________杂交，产生多只后代。 ②观察、统计后代的表现型及比例。 结果预测：Ⅰ.若子代全为“红脸猕猴”，则该“白脸猕猴”的基因型为___________； Ⅱ.若子代“红脸猕猴”：“不醉猕猴”=1：1，则该“白脸猕猴”的基因型为________； Ⅲ.若子代__________________，则该“白脸猕猴”的基因型为________________。 19. 如图表示细胞内遗传信息表达的过程，根据所学的生物学知识回答： （1）图2中方框内所示结构是RNA的一部分，它的模板在细胞的______期、主要在_____中合成，需要的条件是：模板、原料、_________、_________。 （2）图1中以①为模板合成④的过程称之为_______；所需要的酶是_______。④为模板合成⑤物质的过程称为__________，所需要的原料是___________。 （3）从化学成分角度分析，与图1中⑥结构的化学组成最相似的是（ ）。 A. HIV病毒 B. T2噬菌体 C. 染色体 D. 乳酸杆菌 （4）若图1的①所示的分子中有1000个碱基对，则由它所控制形成的信使RNA中含有的密码子个数和合成的蛋白质中氨基酸种类最多不超过（ ）。 A. 166和55 B. 333和21 C. 333和111 D. 166和21 20. 在群体中，位于某对同源染色体同一位置上的两个以上、决定同一性状的基因，称为复等位基因。已知紫色企鹅的常染色体上有一系列决定羽毛颜色的复等位基因：G、gch、gh、g，显性效应为G>gch>gh>g．该基因系列在决定羽毛颜色时，表型与基因型的关系如下表： 羽毛颜色表现型 基因型 深紫色 G_ 中紫色 gch- 浅紫色 gh- 白色 gg 请回答下列问题： （1）以上复等位基因的出现体现了基因突变的_____________特点，企鹅羽毛颜色的基因型共有____________种。 （2）基因型Gg的个体是深紫色的，研究发现由于臭氧层“空洞”，近年来在紫外线的辐射增强的地区，某些基因型Gg个体的背部也会长出白色羽毛，产生这种变异的原因可能是某些细胞在有丝分裂的间期发生了基因中___________序列的改变；也可能是染色体结构发生____________________的变异。 （3）现有一只浅紫色雄企鹅和多只其他各色的雌企鹅，如何利用杂交方法在一个繁殖季节里检测出该雄企鹅的基因型？（写出实验思路和预期实验结果即可） 实验思路：_____________观察后代的表现型。 预期结果：____________________。 21. 斑马、驴和马都为马属动物。化石证据发现，马属动物起源于5800万年前北美洲的始马。大约在200万年前，非马的祖先，首先穿过白令海峡来到欧亚大陆，再先后两次从欧亚大陆抵达非洲，分别进化成斑马和驴。马在北美持续进化，直到70万年前才扩散到欧亚大陆。 （1）要确定斑马、驴和马亲缘关系的远近，除了化石证据，还可以通过比较解剖学证据、胚胎学证据以及_____证据进行分析比对。 （2）马的染色体有32对，驴有31对，二者可产生后代骡，但骡不可育，请从减数分裂解释其原因：_____。 （3）请结合现代生物进化理论。解释马和驴个物种产生的主要过程：①驴的祖先离开北美洲，与马的祖先产生地理隔离后，不能再进行_____；②由于_____的不定向，且在不同生存环境导致自然选择方向不同，这些因素导致两者的基因库产生的差异不断变大，最终导致_____，形成马和驴两个物种。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $