云南文山州马关县第一中学校2025-2026学年高二上学期第二次阶段检测（期中）物理试题

马关县第一中学2025年秋季学期高二年级第二次月考试卷 物理参考答案 第I卷（选择题，共46分） 一、选择题（本大题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项 符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6 分，选对但不全的得3分，有错选的得0分) 题号 1 3 5 6 7 8 9 10 答案 0 D A C A BD BC AB 【解析】 1.电火花计时器可以测量基本物理量时间，所以A不符合题意。天平可以测量基本物理量质 量，所以B不符合题意。直尺可以测量基本物理量长度，所以C不符合题意。弹簧秤可以 测量力的大小，力不属于基本物理量，所以D符合题意。 2.牛顿提出万有引力定律，卡文迪什利用扭秤装置在实验室里比较准确地测出了引力常量G 的值，故A错误。现代天文学表明太阳只是太阳系的中心，不是宇宙的中心，故B错误。 开普勒在他的导师第谷天文观测数据的基础上，总结出了行星运动的规律，牛顿提出万有 引力定律，找出行星按照这些规律运动的原因，故C错误。德国的伽勒在勒维耶预言的位 置附近发现了被誉为“笔尖下发现的行星”的海王星，故D正确。 3.修正带是通过两个齿轮的相互咬合进行工作的，边缘点的线速度大小相等，即v=v, 根据向心加速度的公式a= ,可知A、B的向心加速度大小之比为3：2；又B、C两点 为同轴转动，则角速度相等，即0=0a，根据向心加速度的公式a=r,可知B、C的 向心加速度大小之比为3：2；综上可知A、B、C的向心加速度大小之比为9：6：4，故A 正确。 4.金属棒达到静电平衡时，整个金属棒是一个等势体，则金属棒上A端的电势等于B端的电 势，故A错误。由于感应起电A端带负电，B端带正电，故B错误。静电平衡时金属棒 内各点的场强为零，棒上感应电荷在棒内中点O产生的场强大小与点电荷+Q在该处产生 的电场强度大小相等，方向相反，则感应电荷在O点产生的场强方向为由O指向A,电场 强度大小为E=k 故C正确，D错误。 2 高二物理MG参考答案·第1页（共6页） 5.用Ou两端时是电流表，量程为1=L+公=100mA+100mAx302-60A,枚A、C错 R 62 误。用0b两端时是电压表，量程U=gR+R=100×103×30V+600×103×20V=15V, 故B正确，D错误。 6.把R等效为电源的内阻，当R。=R+r=62时，滑动变阻器消耗的功率最大，故A正确， B错误。当外电阻等于内电阻时，电源的输出功率最大，滑动变阻器的滑片从最右端移动 到最左端，电源的输出功率先变大后减小，故C、D错误。 7.由于小球受到的空气阻力大小恒定，则小球上升过程和下落过程加速度恒定，由图知，小 球上升的位移x=24m,用时5=2s,平均速度0=x=12m/s,根据匀变速直线运动的规律 有0=，得初速度，=24ms,故A错误。根据速度公式可以得出上升时加速度大小为 2 4=飞=24 t2 m/s2=12m/s2,由牛顿第二定律得mg+f=ma,解得空气阻力的大小f=2N。 对于下落过程，由于重力和阻力的合力产生加速度，则根据牛顿第二定律得mg-f=a, 解得，-g,则4：4=3：2，根据匀变速直线运动的位移公式x-,由于上升和 下落的位移大小相等，根据加速度的大小可知上升和下落的时间之比为5：？=√石： √a=√2：√5，故B错误。由以上可得下落时间5=√s，根据速度公式可以得出小球 落回到抛出点时速度o=a,5=8√6m/s,所受合力F合=mg-f=8N,根据瞬时功率的表达 式可以得出此时合力的功率为P=64√6W,故C正确。小球上升和下落两个过程克服空气 阻力做功相等，由功能原理知，由于阻力做功等于机械能减少量的大小，所以小球上升过 程的机械能损失等于下降过程的机械能损失，故D错误。 8.根据电流定义式I=9可知，mA·h是电荷量的单位，故A错误。如果待机电流是100mA, 手机电池最多能连续工作时间1=9-5600mmA,h=561,故B正确。根据电场力做功公式 100mA 可得，电池充满电所储存的能量等于充电时电流做的功 W=1t.U=5600×103×3600×3.7J=74592J,故C错误。充电2分钟，充电器输出的能量 W=Pt=80×2×60J=9600J,故D正确。 高二物理MG参考答案·第2页（共6页） 9.电容器被击穿发生短路，外电路总电阻减小，总电流增大，内电压增大，路端电压减小， 电压表读数减小。设电路总电流为1，通过R的电流为'，通过L2的电流为I”,L2的阻 值为R,则有关系式1=r+1,且尽，电容器击穿后，1增大，则r增大。故B、 R C正确： T 2T 10.0~3时间内微粒匀速运动，则有q6=mg，3~3内，微粒做平抛运动，下降的位移 x=83 2”~T时间内，微粒的加速度a-29马二m3=g,方向竖直向上，微粒在 m 竖直方向上做匀减速运动，T时刻竖直分速度为零，所以末速度的方向沿水平方向，大小为 ,放A正确，D错误。了-T时间内微粒在竖直方向上向下运动，位移大小为4，整 3 个过程电蜗力做负功，机板能减小，放C错误。在号号内和号T时间内竖直方向上 3 的加速度大小相等，方向相反，则了2”内和2工 ~T时间内竖直方向上位移的大小相等， 33 3 1 1 4,所以整个过程中克服电场力做功为w=29:4d,gd,放 第Ⅱ卷（非选择题，共54分） 二、填空、实验题（本大题共2小题，共16分） 11.（每空2分，共6分) (1)CD (2)A (3)乙 【解析】(1)实验中的分力与合力的关系必须满足|F-F≤F≤|E+F|,故C、D正确。 (2)在拆下钩码和绳子前，最重要的一个步骤是标记结点O的位置，并记录OA、OB、OC 三段绳子的方向，从而确定三个力的大小和方向。故选A。 (3)F的方向一定竖直向下，由于测量误差，￡和F的合力方向可能偏离竖直方向，所 以乙是正确的。 高二物理MG参考答案·第3页（共6页） 12.(每空2分，共10分) (1)R2 (2)23.0 115.0 (3)5.1 0.13 【解析】(1)实验中毫安表量程偏小，需要对毫安表改装后进行实验，R的阻值太大，改 装后的量程仍然不满足实验要求，故1处的定值电阻应选择R2。 (2)根据电表改装原理，改装后的电流表量程为'=1+ R=-5/0=150mA,由题图 R 乙可知此时电流表的示数为1=23.01A,由于改装后的电流表量程变为原来的5倍，因 此流过电阻箱R的电流大小为115.0mA。 (3)由闭合电路欧姆定律得E-5R+r+00,整理可得}2R+5C0D,因此}R E 图像中，图线斜率表 E,纵截距表示50+04 ,结合题图丁可得E≈5.1V,r≈0.132。 E 三、计算题（本大题共3小题，共38分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算 步骤，只写出最后结果的不能得分。有数据计算的题，答案中必须明确写出数值和单位) 13.(10分) 解：(1)对小球受力分析，根据平衡条件，竖直方向上有 Fsin37°=%8 ① 水平方向上有Fcos37°=F库 ② 联立解得F库=12N ③ 由库仑定律有F=k ④ d2 解得q2=6×105C ⑤ (2)对物块受力分析，根据平衡条件，沿斜面方向上有 m28sin37°=Fcos37° ⑥ 解得m2=1.6kg ⑦ 评分标准：本题共10分。正确得出④、⑥、⑦式各给2分，其余各式各给1分。 高二物理MG参考答案·第4页（共6页） 14.(12分) 解：(1)对电阻R2分析，根据欧姆定律 U3=1R ① 整个回路的总电流1=E-L ② r+R 路端电压为U=E-Ir ③ 代入数据解得U=15V ④ (2)总电流1=12+13 ⑤ 代入数据得I3=0.6A ⑥ 电动机M的电功率P=UI ⑦ 电动机M的热功率P熟=R ⑧ 电动机M的输出功率P=P-P热 ⑨ 代入数据得P=3.42W ⑩ 评分标准：本题共12分。正确得出②、⑨式各给2分，其余各式各给1分。 15.(16分) 解：(1)因小球做直线运动，受到竖直向下的重力g和水平向左的电场力qE的合力必 沿此直线，如图 0 19-- 可得mg=qEtan8 ① mg 所以E=5N/C ② (2)设从O点到最高点的位移为x,由运动学公式0-6=2(-)x ③ 根据牛顿第二定律可得m8=ma ④ sin 小球运动到最高点时其电势能与在O点时的电势能之差为克服电场力做功 W电=Eqxcos0 ⑤ 解得△E,=W=9.6J ⑥ 高二物理MG参考答案·第5页（共6页） (3)若电场方向水平向右，则在竖直方向有vsn8=gt ⑦ 小球到达A点所用的时间为t'=2t ⑧ 水平方向由牛顿第二定律可得qE=a ⑨ 根据运动的分解可得v,=Vcos日 ⑩ 1 由运动学规律可得x=vt'+ ① 电势差UoA=Er ② 解得UoA=96V B 评分标准：本题共16分。正确得出①、⑤、3式各给2分，其余各式各给1分。 高二物理MG参考答案·第6页（共6页）马关县第一中学2025年秋季学期高二年级第二次月考试卷 物理 本试卷分第I卷(选择题)和第 卷(非选择题)两部分。第I卷第1页至第3页, 第 卷第4页至第6页。考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。满分100分,考试用 时75分钟。 第I卷(选择题,共46分) 注意事项: 1.答题前,考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证号、考场号、座位号在答 题卡上填写清楚。 2.每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动, 用橡皮擦千净后,再选涂其他答案标号。在试题卷上作答无效。 一、选择题(本大题共10小题,共46分。在每小题给出的四个选项中,第1~7题只有 一项符合题目要求,每小题4分;第8~10题有多项符合题目要求,每小题6分,全部选 对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分) 1.下列仪器不能直接测量基本物理量的是 A.电火花计时器 B.天平 C.直尺 D.弹簧秤 2.在物理学的发展历程中,有很多科学家做出了卓越的贡献,下列说法正确的是 A.牛顿利用扭秤装置比较准确地测出了万有引力常数G B.现代天文学证明了太阳是宇宙的中心 C.第谷总结出了行星运动的规律,找出了行星按照这些规律运动的原因 D.伽勒在勒维耶预言的位置附近发现了被誉为“笔尖下发现的行星”的海王星 3.如图1甲所示,修正带是一种常见的学习用具,是通过两个齿轮的相互咬合进行工作的, 其原理可简化为图乙所示的模型。A、B是转动的大小齿轮边缘的两点,C是大轮上的一 点,若A、B、C的轨道半径之比为2:3:2,则A、B、C的向心加速度大小之比为 高二物理MG 第1页(共6页) C 2 甲 乙 图1 A.9:6:4 B.9:6:2 C.6:4:3 D.6:3:2 4.如图2所示,长为L的细导体棒AB原来不带电,现将一个带正电的点电荷Q放在导体 棒的左侧C点,且C点距离导体棒的A端为R,O为AB的中点。当导体棒达到静电平 衡后,下列说法正确的是 A.导体棒A端电势低,B端电势高 B.导体棒A端带正电,B端带负电 图2 C.导体棒上的感应电荷在O点的场强方向由O点指向A D.导体棒上的感应电荷在O点的场强大小E= 4kQ 4R2+L2 5.如图3所示,将一只满偏电流为100mA、内阻为302的表头改装成测量电流、电压两 用的电表,已知R1=62,R2=202。下列说法正确的是 +T A.接Oa端是电流表,量程为500mA B.接Ob端是电压表,量程为15V C.接Oa端是电流表,量程为120mA 图3 D.接Ob端是电压表,量程为3V 6.如图4所示,电源的电动势为E=8V、内阻为r=42。定值电阻R= 22,滑动变阻器R。阻值变化范围为0~202。下列说法正确的是 A.滑动变阻器接入电路的阻值为6 时,滑动变阻器消耗的功率最大 B.滑动变阻器接入电路的阻值为4 时,滑动变阻器消耗的功率最大 图4 C.滑动变阻器的滑片从最右端移动到最左端,电源的输出功率一直 变大 D.滑动变阻器的滑片从最右端移动到最左端,电源的输出功率一直变小 高二物理MG 第2页(共6页) 7.一个质量为kg的小球竖直向上抛出,最终落回抛出点,假如小球所受空气阻力大小 恒定,该过程的位移一时间图像如图5所示,g取10m/s2,下列说法正确的是 A.小球抛出时的速度为12m/s {xlm 24.0 B.小球上升和下落的时间之比为2:√3 C.小球落回到抛出点时所受合力的功率为64√6W 2.0 D.小球上升过程的机械能损失大于下降过程的机械能损失 图5 8.某商用三折叠屏手机,配备的电池容量为5600mA h、电动势为3.7V,其有线充电器 的输出电压为18V,输出功率稳定在80W,则 A.“mA h”是能量单位 B.若该手机平均待机电流为100mA,则该手机最长可待机56小时 C.电池充满电所储存的能量为5.6 10J D.充电2分钟,有线充电器输出的能量为9600J 9.如图6所示,L,和L2为灯泡(阻值恒定不变),C为电容器,R、 L R2 R2为定值电阻,开关S处于闭合状态,电压表为理想电表。若某时 R 刻电容器被击穿,则 A.电压表读数变大 B.电压表读数减小 E, 图6 C.L2变亮 D.L2变暗 10.如图7甲,两水平金属板间距为d,板间电场强度的变化规律如图乙所示。t=0时刻, T 质量为m的带电微粒以初速度%沿中线射入两板间,0~3时间内微粒匀速运动,T 时刻微粒恰好经金属板边缘飞出。微粒运动过程中未与金属板接触,重力加速度的大 小为g,关于微粒在0~T时间内运动的描述,正确的是 2E E T 2T TT 甲 乙 图7 A.末速度沿水平方向 B.克服电场力做功为)mgd C.机械能增加了mgd D.末速度大小为√2v0 高二物理MG 第3页(共6页) 第 卷(非选择题,共54分) 注意事项: 第 卷用,黑色碳素笔在答题卡上各题的答题区域内作答,在试题卷上作答无效。 二、填空、实验题(本大题共2小题,共16分) 11.(6分)有同学利用如图8甲所示的装置来探究两个互成角度的力的合成规律。在竖 直木板上铺有白纸,固定两个光滑的滑轮A和B,将绳子打一个结点O,每个钩码的 重量相等,当系统达到平衡时,根据钩码个数读出三根绳子的拉力F,、F,和F,,回 答下列问题: B F 甲 乙 丙 图8 (1)改变钩码个数,实验可能完成的是 (填标号)。 A.钩码的个数N=N2=2,N3=5 B.钩码的个数N=1,N2=4,N3=6 C.钩码的个数N=N2=N3=4 D.钩码的个数N=3,N2=4,N3=5 (2)在拆下钩码和绳子前,最重要的一个步骤是 (填标号)。 A.标记结,点O的位置,并记录OA、OB、OC三段绳子的方向 B.量出OA、OB、OC三段绳子的长度 C.用量角器量出三段绳子之间的夹角 D.用天平测出钩码的质量 (3)在作图时,你认为图 (填“乙”或“丙”)是正确的。 12.(10分)随着智能手机耗电的增加,充电宝成了手机及时充电的一个重要选择,它可 以看作一个可移动的直流电源。在某次科学研究中,一个实验小组对充电宝满电量时 的电动势(约为5V)和内阻进行了研究。实验室可提供的实验器材如下:毫安表A (量程为0~30A,内阻为22);电阻箱R。(0~99.92);定值电阻R1(阻值为 102);;定值电阻R2(阻值为0.52);开关、导线若干。据此回答下列问题: 高二物理MG 第4页(共6页) (1)实验小组设计了如图9甲所示的实验电路进行实验,则1处的定值电阻应选择 (填“R”或“R2”)。 0 6咖0” 49.52 mA 0.52 0 50.0R/2 甲 乙 丙 图9 (2)某次实验时,毫安表指针的位置如图乙所示,此时毫安表的示数为1= mA,流过电阻箱R。的电流大小为 mA。 (3)改变电阻箱R。的阻值,得到多组电阻箱R。的示数R、毫安表的示数I,在坐标 纸上作出}一R图像如图丙所示,可得该充电宝的电动势E V,内阻r= 。(计算结果均保留2位有效数字) 三、计算题(本大题共3小题,共38分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的 演算步骤,只写出最后结果的不能得分。有数据计算的题,答案中必须明确写出数值和 单位) 13.(10分)如图10所示,把电荷量q1=2 106C、质量m1=0.9g的带正电小球用绝缘 细线悬挂在水平天花板上,带正电的物块放置在倾角0=37 的光滑固定斜面上。当小 球与物块间的连线水平且细线与水平方向的夹角为37 时,小球与物块均静止,此时 两者之间的距离d=0.3m。已知静电力常量k=9.0 10N m2/C2,小球及物块均可视 为点电荷,重力加速度大小g取l0m/s2,,sin37 =0.6,cos37 =0.8。求: (1)物块的电荷量大小92; (2)物块的质量m2o 图10 高二物理MG 第5页(共6页) 14.(12分)如图11所示,电阻R,=9.02、R,=152,电动机M的内阻R3=0.52。电源 电动势E=16V、内电阻=1.02。开关闭合后,理想电流表A的示数为0.4A。求: (1)电源的路端电压; (2)电动机M的输出功率。 A 图11 15.(16分)在学校物理创新实验课堂上,老师为引导学生探究带电物体在复合场中的运 动规律,布置了一个如图12所示的实验环境:空间中有一水平向左的匀强电场(电 场空间足够大),将一个质量m=0.3kg、电荷量g=0.8C的带正电小球,放在区域内 的0点,然后用弹射器使小球以vo=10/s的初速度、方向与水平方向成0=37 角斜 向右射出,带电小球在电场力与重力作用下做直线运动。sin37 =0.6,cos37 =0.8, g取10m/s2。求: (1)电场强度E的大小; (2)小球从开始运动到最高点时,电势能的变化量 Ep; (3)若仅把电场方向变成水平向右,小球仍以原来的初速度从O点出发,小球会经 过与O点在同一水平面上的A点(未画出),则0、A两点间电势差UA。 E 0 图12 高二物理MG 第6页(共6页)