福建福州市福清第一中学2024-2025学年高二第一学期物理校本测试4

福清一中2024-2025学年高二第一学期物理校本测试4 一、单项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是 符合题目要求的。) 1.据《自然》杂志2021年5月17日报道，中国科学家在稻城拉索”基地（如图)探测到迄今为止 最高能量的Y射线，能量值为1.40x1015eV,即() A.1.40×1015V B.2.24×104C C.2.24×104W D.2.24×104J 2.以下说法正确的是() A.电场强度大的地方电势高，电场强度小的地方电势低 B.由公式0-且可知电场中菜点的电势与电有在该点的电势能无关 C.常温下，若将金属丝均匀拉长为原来的2倍，则电阻变为原来的8倍 D.由U勉=可知，匀强电场中任意两点a、b间距离越大，两点间的电势差也越大 3.近期华为发布了5分钟即可充满3000mA·h电池50%电荷量的快充技术成果，引起业界广泛关 注。如图是华为某智能手机电池上的信息，支持低压大电流充电，则( A.该电池充满电后以100mA的电流工作时，可连续工作30小时 3.8V3000mA·h(11.4W.h B.4.35V表示该电池的电动势 GBT18287-2000 C.11.4Wh表示该电池能提供的电荷量 锂聚合物电池Li-Polymer Battery 充电限制电压4.35V D.3000mAh表示该电池能提供的电能 4.如图所示，两块较大的金属板A、B相距为d,平行放置并与一电源 a(G 相连，S闭合后，两极板间恰好有一质量为，带电荷量为q的油滴 处于静止状态，以下说法正确的是() A.若将S断开，则油滴将做自由落体运动，G表中无电流 B.若将A向左平移一小段位移，则油滴仍然静止，G表中有从b到α的电流 C.若将A向上平移一小段位移，则油滴向下加速运动，G表中有从α到b的电流 D.若将A向下平移一小段位移，则油滴向上加速运动，G表中有从b到α的电流 第1页 二、多项选择题（本题共4小题，每小题6分，共24分每小题有多项符合题目要求，全部选对的得6 分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。) 5.两大小不同的带电小球产生的电场的电场线分布情况如图所示， 某一带电粒子仅受电场力作用沿虚线由α点移动到b点，则下列 有关说法正确的是() A.两小球带同种电荷 B.带电粒子带负电 C.粒子在b点所受电场力较大 D.粒子由a点移动到b点电势能增加 6.如图所示的电路中，电压表和电流表均为理想电表，电源内阻不能忽略.当闭合开关S后，若将 滑动变阻器的滑片向下调节，则下列叙述正确的是() A.电压表和电流表的示数都增大 B.灯L2变暗，电流表的示数增大 C.电容器所带的电荷量增加 D.电源的效率降低 7.如图所示，直线I、Ⅱ分别是电源1与电源2的路端电压随输出电流变化 AUU∥A 的特性图线，曲线I是一个小灯泡的伏安特性曲线，曲线Ⅲ与直线I、Ⅱ 10 相交点的坐标分别为P(5.0,3.5)、Q(6,5)。如果把该小灯泡分别 8 6 与电源1、电源2单独连接，则下列说法正确的是() A.电源1与电源2的内阻之比是3：2 2 B.小灯泡的电阻随着电流的增大而减小 24681012 C.在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是21：25 D.在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是7：10 8.如图甲所示，两水平金属板间距为d,板间电场强度的变化规律如图乙所示。仁0时刻，质量为 的带电微粒以初速度0沿中线射入两板间，0T时间内微粒匀速运动，T时刻微粒恰好经金属板边 3 缘飞出。微粒运动过程中未与金属板接触。重力加速度的大小为g。关于微粒在0~T时间内运动 的描述，正确的是() E A.末速度沿水平方向，大小大于o 2E0 B.重力势能减少了gd C.电势能增加了gd 2T D.金属板长度为3o d V2g 甲 第2页 三、非选择题：共60分。考生根据要求作答。 9.(4分)据报道，我国每年心源性猝死案例高达55万，而心脏骤停 最有效的抢救方式是尽早通过AD自动除颤机给予及时治疗。某型 ED 号AED模拟治疗仪器的电容器电容是15F,充电至4.0kV电压， 如果电容器在2.0s时间内完成放电，则电容器充电后的电量为 C,电容器放电过程的平均电流强度为 A。 10.(4分)如图所示，A、B、C为一等边三角形的三个顶点，某匀强电场 的电场线平行于该三角形平面。现将电荷量为108C的正点电荷从A点 移到B点，电场力做功为3×I0J,则A、B两点间的电势差UA V, 将另一电荷量为108C的负点电荷从A点移到C点，克服电场力做功 3×10J。若AB边长为2V3cm,则电场强度大小 Vm。 11.(4分)用游标卡尺测得某样品的长度如图所示，其示数L=c,用螺旋测微器测得该 样品的外直径如图所示，其示数 mm; 6cm 01234567890 甲 12.(8分)某同学将一量程为250A的微安表改装成量程为1.5V的电压表。先将电阻箱R1与该 微安表串联进行改装，然后选用合适的电源E、滑动变阻器R2、定值电阻R3、开关S和标准电 压表对改装后的电表进行检测，设计电路如图所示。 (1)微安表铭牌标示内阻为8002，据此计算R1的阻值应为 R23 2。按照电路图连接电路，并将R1调为该阻值。 A (2)开关闭合前，R2的滑片应移动到 端。（填2”或3”) (3)开关闭合后，调节R2的滑片位置，微安表有示数，但变化不显著， 故障原因可能是 。（填选项前的字母) A.1、2间断路 B.3、4间断路 C.3、5间短路 第3页 (4)排除故障后，调节R的滑片位置，当标准电压表的示数为0.60V时，微安表的示数为98A, 此时需要 (填增大”或“减小”)R1的阻值，以使改装电表的量程达到预期值。 13.（10分)如图所示，质量为0.2kg的物体带正电，其电量为4×104C,从半径为0.3m光滑的1/4 圆弧滑轨上端A点由静止下滑到底端B点，然后继续沿水平面滑动。物体与水平面间的滑动摩 擦系数为0.4，整个装置处于E=103N/C的竖直向下的匀强电场中。(g取10m/s2)求： (1)物体运动到圆弧滑轨底端B点时对轨道的压力： (2)物体在水平面上滑行的最大距离。 7777777777 B 14.(12分)如图所示，电源电动势E=3V,小灯泡L标有2V、0.4W',开关S接1，当变阻器 调到R=42时，小灯泡L正常发光：现将开关S接2，小灯泡L和电动机M均正常工作.电 动机M的内阻为12，求： (1)电源的内阻： M■ (2)电动机M的输出功率： (3)电源的效率. 15.（18分)如图所示，光滑绝缘斜面高度=0.45m,斜面底端与光滑绝缘水平轨道圆弧连接，水 平轨道边缘紧靠平行板中心轴线。平行板和三个电阻构成如图所示电路，平行板板长为-0.9， 板间距离0.6m,R1=32,R=32,R3=62。可以看为质点的带电小球，电量qF-0.01C,质 量=0.03kg,从斜面顶端静止下滑(g取10m/s2)。 (1)若S1、S2均断开，小球刚好沿平行板中心轴线做直线运动，求电源电动势E; (2)若S断开，s闭合，小球离开平行板右边缘时，速度候向角m ,求电源内阻： (3)若S1、S2均闭合，小球能否飞出平行板。 R R3 R2 第4页 福清一中2024-2025学年高二第一学期物理校本测试4评分细则 一、 选择题： 题号 2 3 5 6 8 答案 D B A B BD BD AC CD 二、非选择题： 9、(4分)0.06AC30A 【详解】电容器储存的电荷量为Q=CU=15×10-6×4×103C=0.06C 放电过程中通过人体组织的平均电流为1=：=0A30A 10、(4分)300104V/m 【详解】根据题意UAB=”=300V 根据题意U4C="4=300V所以，B、C在同一等势面上，根据电场强度公式E=,4:。=104Vm L4Bsim60° 电场强度的方向为垂直于BC向右下方 11、(4分)4.1200.580 【详解】根据游标卡尺的读数规则有L=41cm+4×品mm=4120cm 根据螺旋测微计的读数法则有d=0.5m+8.0×0.01mm=0.580m 12、(8分)①5200 ②2③AC④减小 13、(10分) 1 (1)对物体从A运动到B由动能定理有：gR+qER= WB 2 …2分 物体运动到B点由牛顿第二定律有：N-mg-qB= .2分 R 由牛顿第三定律有：W=N …….1分 代入数据得N=7.2N 1分 故物体运动到圆弧滑轨底端B点时对轨道的压力为7.2N, (2)对全程同样由动能定理有：mgR+qER-4(g+gB)L=0 2分 代入数据得：L=0.75m...... .2分 故物体在水平面上滑行的最大距离为0.75m 14、(12分) 第5页 (1)开关S接1时，根据闭合电路欧姆定律有： E=U2+12(r+R)2分 IU=p. 代入数据解得，=l2:1分 (2)开关S接2时，根据闭合电路欧姆定律有： E=U2+UM+1z1分 解得 UM=0.8V.1分 电动机的输入功率为：P-U-0.8×0.2W-0.16W..1分 发热功率为：P热=2=0.04W..1分 所以输出功率为：卫=P-P热=0.12W.1分 UI (3)电源的效率为：刀= ×100%= 2.8 ×100%=93.3%...3分 3 (式子2分，结果1分) 15、(18分) (1)对S、S均断开时，极板电势差即为电源电动势E,由平衡条件得 E mg-d d ,,，,，，，，，，，，，，,，2分 解得E=18V.1分 (2)小球下滑过程机械能守恒，由机械能守恒定律得 gh=W1分 解得 %=√2gh=3m/s 当S闭合，S断开时，带电小球做类平抛运动，水平方向 1=f.1分 竖直方向分速度，=t..1分 第6页 y,=tan8...1分 对带电小球，由牛顿第二定律得g-qE1=1041..1分 其中 U。=Ed1分 代入数据解得 4,=4m/s2 E=18N/C U。=10.8V 当S1闭合，S2断开时，R1与R3串联，电容器与R3并联，电容器两端电压 U=U… …1分 由部分电路欧姆定律UR3=11R3… .1分 由闭合电路欧姆定律E=I1(R1+R3十r) .1分 代入数据解得 =12 1分 (3)当S1、S2均闭合时，R2与R并联，并联电阻：R23 RR3=2 R2+R3 电路电流：= E RI+R2+r =3A.… 1分 电压：U=IR23=6V.. .1分 对小球，由牛顿第二定律得：g-qE= 其中电压： U=Ed 联立求解： a2=20/3m/s2 .1分 对带电小球类平抛运动分析，有：ot 联立求解：y=0.3m=d 带电小球恰能从右侧下极板边缘飞出平行板…2分 第7页 第8页 第9页 第10页