河南南阳市部分学校2025-2026学年高一下学期期末考前练物理试卷A卷

2025一2026学年度高一下学期期末考前练 物理参考答案及评分意见 13B【解桥】秒针与分针的我动图期之比为160，根据。一可知，-7行-”，B正确 2.C【解析】座椅做匀速圆周运动，速度大小不变，方向改变，根据p=可知动量大小不变，方向改变，A错误； 根据I。=mgt可知所受重力的冲量不为零，B错误；座椅运动一周后，末动量和初动量相同，故动量变化量为零， D错误；根据动量定理，合外力的冲量等于动量变化量，因此合外力的冲量为零，C正确。 3.D【解析】花瓣的重力势能减少，花瓣重力所做的功等于其减少的重力势能，A、C错误；空气阻力对花瓣做负功， 部分机械能转化为内能，花瓣的机械能不守恒，花瓣增加的动能小于其减少的重力势能，B错误，D正确 4.D【解析】在区间I内，近地点和远地点高度不同，卫星的轨道为椭圆，A错误；在区间Ⅱ内，卫星高度变大，远离 地球，卫星运行速度减小，B错误；在区间Ⅱ内，卫星高度变大，椭圆长轴变长，由开普勒第三定律可知，卫星的周 期变大，C结误；对卫星应用牛顿第二定律有S)=,解得a-M,由于，>R,卫星的加速度小于地面的重 r2 力加速度，D正确。 5.B【解析】无人机在0一2s时间内，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做匀加速直线运动，合运动为匀变速曲 线运动，A错误；无人机在0~2s时间内，水平方向的位移大小为x=vt=20m,竖直方向的位移大小为y= 1 (0+0,)t=10m,合位移=√2+y=105m,B正确；无人机在2~10s内做匀速直线运动，其速度大小为 =√0十=102m/s,C错误；10s末速度与水平方向夹角满足tan0=0,=1,即0=45°，10.5s时tan0= U C-7,5三0.75,0'=37°，速度方向偏转了8，D错误。 6.C【解析】物块第一次落到地面前瞬间，竖直速度的大小为v1y=√2gh1=√2X10×1.8m/s=6m/s,A错误； 物块物块第一次弹离地面瞬间，竖直速度的大小为v2,=√2gh2=√2×10×0.45m/s=3m/s,取竖直向上为 正，竖直方向的动量变化量大小为△p,=m02,一（-m01y)=0.09kg·m/s,由于水平方向动量也发生变化，故物 块的动量变化量大于0.09kg·m/s,B错误；竖直方向根据动量定理有Ix一mg△t=△p,,解得IN=0.1N·s,C 正确；取水平向右为正，在水平方向有一N△t=muz'一mvz,IN=N△t,解得v'=一1m/s,但由于v.'减小为 零将无相对运动和相对运动的趋势，故v.'=0,D错误。 7.C【解析】若物块恰能到达C点，有mg=m尺，解得vc=√gR,A错误：从P到C由能量守恒定律有E, mgL十mg·2R十m呢，解得E,=号mgR十mgL,B销误；若刚释放物块时，弹簧的弹性势能En=3ngR十 μgL>E。,物块不会脱离半圆轨道，会从C点飞出，C正确；当物块刚好到达圆心等高处时，弹簧的弹性势能 Ee=加gR十mgL,由于Ea=mgR+ngL<E,物块不会脱离半圆轨道，会从B点滑离，D错误。 8.AB【解析】篮球在竖直方向做竖直上抛运动，由于轨迹α的最高点高于轨迹b,故篮球沿轨迹a运动时，初速度 的竖直分量更大、运动时间更长，A正确，C错误；篮球在水平方向做匀速运动且水平位移大小相等，故篮球沿轨 迹b运动时，初速度的水平分量更大，B正确；篮球两次位移大小相等，均为AB两点之间的距离，D错误。 9AD【解析】对小球受力分析如图所示，根据牛顿第二定律有mgan0=mw,an0=石，解得w=√层，角速度 ④物理答案第1页（共4页） 。与绳长L无关，A正确，B错误；又Fc0s日=mg,c0s0-在，所以F-L,放F与L成正比，C错误，D正确。 h LELLLEELEEE /B 0 F G 10.BD【解析】小球与滑块A组成的系统水平方向不受外力，竖直方向所受合外力不为零，所以水平方向动量守 恒，竖直方向动量不守恒，A错误；设小球与滑块A分离时，小球的速度为，滑块A的速度为'，根据机械能守 恒有mgR=m心+号Mo,根据水平方向动最守恒有m0=Mw,解得一√织，B正确：设小球与指块B 2MgR 1 供速时的速度为U,上升的高大高度为九，根据机械能守恒有mgh三2m2一)(m十M)1,根据水平方向动1 守恒有mo=(m+MDu解得h三MR,C错误；设小球与滑块B分高时的速度为g,滑块B的速度为 ,根据机械能守恒有 2mv+ )Mi,水平方向动量守恒mu=mu,+M04,要使小球能够再次滑上A 的轨道，则有一0>，联立解得>2+1，D正确。 11.(1)0.30(2分)0.31(2分)(2)存在空气阻力（或摩擦阻力的影响，其他答案合理即可得分，2分） 【解折11打下0点到打下计数点2的过程中系统动能的增加量△B:-m,十m,)加i=2×(0.05十0,10)× 1 2.02J=0.30J,系统重力势能的减少量△E,=(m6-ma)gh2=0.31J。 (2)实验中存在空气阻力和摩擦阻力的影响，克服阻力做功会消耗一部分机械能，所以重力势能的减少量会大 于动能的增加量。 12.(1)等于(1分)大于(1分)(2)C(1分)(3)m1x2=m1x1十m2x3(2分)m1x=m1x+m2x(或x3= x1十c22分)4)m=+m2(2分) √h2√h'√h3 【解析】(1)要使两球发生对心正碰，两球半径应相等，为防止入射小球碰撞后反弹，入射小球的质量应大于被碰 小球的质量。 (2)只要保证入射小球每次从同一位置释放，就能保证碰撞前速度一致，斜槽轨道不需要光滑，斜槽轨道末端水 平才能保证小球抛出后做平抛运动，A错误，C正确；实验中白纸位置必须固定，不能移动，否则落点位置测量 错误，B错误；小球平抛下落高度相同，运动时间相同，速度可由水平位移代替，不需要测量时间，D错误。 (3)碰撞前入射小球m1落点为P,碰撞后入射小球m1落点为M,被碰小球2落点为N,平抛运动时间相同， 设为t,由题意0。=， 号，，=号，若清足动量守恒定律，则有加0。=m1十m:,解得mx, ?i听+ m十m:若碰擅是弹性碰撞，还应满足机械能守恒定律，即m哈- 2m2吃，解得m1x= m1x子十m2x号或x3=x1十x2。 ④物理答案第2页（共4页） (0由威量守机m,=m,十m:,由平抛运动规律y一，=，则有：=2（仁）广，一立侣八， h,= 1 联立可得=m1十m2 √h2√h:√hs 13.(1)-40J(2)12√10W “sin9(2分) 【解析】1)该过程摩擦力做的功W:=一∫·h 又f=mg cos0(2分) 解得W=一40J(1分) (2②)根据动能定理有mgh十W,=2m心(2分) 解得v=2√/10m/s 物体下滑到底端时，重力对物体做功的瞬时功率P=mg sin0·v(2分) 解得P=12√10W(1分) R3 14.(1) G (2)元入k (3)2 【解析】(1)根据G Mm一m r2 (2分) 可得v= GM Nr 卫星与地心的连线单位时间内扫过的面积S=】, 2 rAl= 1.GM×1(2分) 2√r 整理可得S=GM, 47 则e-坐1分 解得地球的质量M= 1分 (2)根据G 0=m袋R2分) R 可得T=元√危1分) （③)限据G加=mR2分》 02 可得。=2辰1分 15.(1)4m/s(2)0.2m(3)108J 1 【解析】(1)物块A从圆弧顶点到最低点由动能定理可得mAgR(1一cos)= 2mAi(2分) 解得vA0=4m/s(1分) (2)规定向右为正方向，A与B发生第一次弹性碰撞，则mAUAO=mAVA1十mBvB1(1分) 名maow=号mo函+日moi1分) ④物理答案第3页（共4页） 解得第一次碰后vA1=-2m/s,vB1=2m/s 1 对A根据机械能守恒有2mA1=mAgh(1分) 解得物块A沿圆弧上升的最大高度h=0.2m(1分) (3)依题意，B先向右减速到0，后向左加速，由于v1<3m/s,B返回传送带左端的速度v2=一2m/s B在传送带上，根据牛顿第二定律有mBg=msa(1分) 向右减速时间为1，则有，=”(1分) B向右与传运带的相对位移4=：十亮（1分) 根据对称，B向左加速的时间也为t1 则B向左与传送带的相对位移△z2=t1二)2(1分) B第一次在传送带上由于摩擦产生的热量Q1一μmBg(△x1+△x2)(1分) 解得Q1=36J(1分) A、B发生第二次弹性碰撞，依题意可知第二次碰前A的速度vA2=2m/s,B的速度vB2=一2m/s 根据动量守恒有mAVA2十mBUB2=mAA3十mBVB3(1分) 1 1 1 根据机械脂守恒有2mAi十2ma0ia一2mAi十2mBo(1分) 解得VA3=一4m/s,VB3=0 依题意可知第三次碰前A的速度vA4=vAo=4m/s,B的速度为零，故接下来A、B碰撞情况与第一、二次相同， 物块A、B第一次碰撞后至第七次碰撞前，物块B与传送带由于摩擦产生的热量Q=3Q1(1分) 解得Q=108J(1分) ④物理答案第4页（共4页）2025一2026学年度高一下学期期末考前练 物理试题 注意事项： 1答卷前，考生务必将自己的姓名、考场号、座位号、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改 动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在 本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 考试时间为75分钟，满分100分 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项 中，只有一项是符合题目要求的。 1.如图所示是走时准确的指针式石英挂钟，秒针、分针的长度之比为3：2，则秒针、分针尖 端的线速度大小之比为 10 2 33 8以 A.60:1 B.90:1 C.120:1 D.3600:1 2如图所示是游乐园中的“摩天轮”，游客乘坐时，转轮始终不停地匀速转动。座椅可视为质 点，则某座椅运动一周的过程中 A.动量保持不变 B.所受重力的冲量为零 C.所受合外力的冲量为零 D.动量变化量不为零 ④第1页（共8页） 3.如图所示，暮春时节的洛阳老君山，正被漫山遍野的杜鹃花晕染成最浪漫的模样。某同学 观察到杜鹃花瓣从离水平地面约5高的山坡由静止开始飘落，约3s落到地面。则花 瓣飘落过程中，下列说法正确的是 A.花瓣的重力势能增加 B.花瓣的机械能守恒 C.花瓣重力所做的功小于其减少的重力势能 D.花瓣增加的动能小于其减少的重力势能 4.近年来，我国一直努力推动中国版“星链”卫星星座的发展，下图为星座中某卫星在运行过 程中远地点高度和近地点高度随时间变化的图像，则 4高度km :区间I区间 1100 区间Ⅲ 1000 远地点高度 900 800 近地点高度！ 2025 20252025 2025 2025 20262026 2026 2026 2026日 10/1611/0211/19 12/06 12/2301/0901/2602/1203/0103/18期 A.在区间I内，卫星轨道为圆形 B.在区间Ⅱ内，卫星运行速度逐渐增大 C.在区间Ⅱ内，卫星运行周期逐渐变小 D.在区间Ⅲ内，卫星的加速度小于地面的重力加速度 5.一无人机向山区运送医疗物资，其在飞行过程中水平速度vx及竖直速度v,与飞行时间t 的关系分别如图甲、乙所示。关于该无人机的运动，下列说法中正确的是 40/m·s 4/m·s) 10 10 0 24681012ts 24681012ts 甲 A.无人机在0~2s时间内做匀变速直线运动 B.无人机在0~2s时间内的位移大小为10√5m C.无人机在2~10s内的速度大小为20m/s D.无人机在10~10.5s内的速度方向偏转了159 @第2页（共8页） 6,如图，质量为0.01kg的小物块从距水平地面高度为1.8m处以1m/s的初速度沿水平 方向抛出。物块视为质点，不考虑空气阻力，重力加速度g取10/s2。若物块第一次落 到地面后弹起的最大高度为0.45m,物块第一次与地面接触的时间为0.1s,物块与地面 间的动摩擦因数为0.2，则 小物块 0 am地面 A.物块第一次落到地面前瞬间，竖直速度的大小为3/s B.物块第一次与地面接触过程，动量变化量大小为0.09kg·m/s C.物块第一次与地面接触过程，所受弹力冲量的大小为0.1N·s D.物块第一次弹离地面瞬间，水平速度的大小为1m/s 7.如图所示，水平轨道AB的N点左侧光滑、右侧粗糙，BC为竖直光滑半圆轨道、半径为 R。轻弹簧一端固定在挡板M上，另一端自然伸长于N点并与质量为m的小物块接触 (不粘连)。向左推动物块将弹簧压缩至P点，接着将物块由静止释放，物块沿P→ B→C运动，并最终从顶点C飞出。已知物块与NB段动摩擦因数为4，NB距离为L,重 力加速度为g,物块可视为质点，不计空气阻力。物块从B、C点正常离开半圆轨道不算 脱离，下列说法正确的是 C M P A.若物块恰能到达C点，则物块在C点的速度大小为√/2gR B,若物块恰能到达C点，则弹簧的弹性势能为 2 mgR+umgL C.若刚释放物块时，弹簧的弹性势能为3mgR+mgL,则物块不会脱离半圆轨道 D.若刚释放物块时，弹簧的弹性势能为2mgR十mgL,则物块会脱离半圆轨道 ④第3页（共8页） 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。每小题有多个选项符合题目 要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8.两名篮球运动员练习传球，篮球从A点出发沿轨迹α运动至B点，再从B点出发沿轨迹 b回到A点。若忽略空气阻力，则 A.篮球沿轨迹a运动时，初速度的竖直分量更大 轨迹a B.篮球沿轨迹b运动时，初速度的水平分量更大 轨迹b C.篮球沿轨迹α运动时，在空中运动的时间更短 B D.篮球沿轨迹b运动时，在空中运动的位移更小 9.如图所示，可视为质点的小球用细线悬于B点，使小球在水平面内做匀速圆周运动。若 悬挂小球的绳长为L,小球做匀速圆周运动的角速度为ω，绳对小球的拉力大小为F,保 持轨迹圆的圆心O到悬点B的距离h不变，改变绳长L,则ω一L图像、F一L图像正确 的是 40 40 A 10.如图所示，光滑水平面上质量均为M的相同滑块A、B对称放置（均不固定），滑块上的 4圆弧光滑轨道的半径为R,轨道最低点与水平面相切。现将质量为m的小球从滑 块A圆弧轨道的最高点由静止释放，重力加速度为g。则 B 77777777777777777777777777777777777777 A.小球与滑块A组成的系统动量守恒 B.小球第一次从滑块A上滑离时的速度大小为 2MgR M+m C.小球在滑块B上上升的最大高度为M十m M R M D要使小球能够再次滑上A的轨道，应满足的条件>√2+1 m ④第4页（共8页） 三、非选择题：本题共5小题，共54分。 11.(6分)某物理兴趣小组利用如图甲所示的装置验证系统机械能守恒定律，操作步骤 如下： ①用天平测出物块a的质量m。和物块b的质量mb； ②把打点计时器、定滑轮固定在铁架台上，跨过定滑轮的轻质细线连接物块α和物块b; ③把固定在物块a上的纸带穿过打点计时器的限位孔，让物块a靠近打点计时器，先接 通电源，再释放物块a和物块b; ④实验过程中打出的一条纸带如图乙所示； ⑤更换物块，重复实验。 0是打下的第一个点，1、2、3是纸带上选取的3个计数点，每相邻两计数点间还有4个点 (图中未标出)，所用电源频率为50Hz。已知m。=50g,m6=100g。 2 单位：cm 44.00 18.0022.0 甲 乙 (1)在打下0点到打下计数点2的过程中，物块α和物块b组成的系统动能的增加量 △Ek= J,系统重力势能的减少量△E。= J,若在误差允许的范围内， △Ek=△Ep,则系统的机械能守恒。（g取10m/s2,结果均保留两位有效数字) (2)某同学分析实验数据发现，对于物块α和物块b组成的系统，其增加的动能小于减少 的重力势能，可能原因是 。(写出一条即 可) 12.(9分)某实验小组的同学用图甲实验装置验证动量守恒定律。已知入射小球质量 为m1,被碰小球质量为m2。记录小球抛出点在地面上的垂直投影点O,测出碰撞前后 两小球的平均落地点的位置M、P、N与O的距离分别为x1、x2、x3,如图乙，回答下列 问题： ④第5页（共8页） (1)若入射小球半径为r1,被碰小球半径为r2,为满足实验要求，则需要r1 r2 两小球质量应满足m1 m2。(均填“大于”“小于”或“等于”) (2)关于本实验，下列说法正确的是 A.斜槽轨道必须光滑，末端必须水平 B.实验过程中，复写纸和白纸都可以移动 C.入射小球每次必须从斜槽轨道同一位置释放 D.需用秒表测定小球在空中飞行的时间 (3)若两球碰撞时的动量守恒，应满足的关系式为 ;若碰撞是弹性碰 撞，则还应满足 。(均用题中所给物理量的符号表示) (4)某同学设计了如图丙所示的实验装置，在斜槽轨道右侧竖直固定一木板，实验开始 时，先让入射小球多次从斜槽轨道上某位置由静止释放，找到其打在竖直木板上的平均 位置P,然后把被碰小球静置于斜槽轨道末端，再将入射小球从斜槽轨道上释放，与被碰 小球相碰，找到两小球打在竖直木板上的平均位置分别为M、N。木板上的B'点与被碰 小球放在斜槽轨道末端时等高，用刻度尺测出B'到M、P、N三点的距离分别为1、h2、 h3。若两球碰撞时的动量守恒，应满足的关系式为 。(用题中所给物 理量的符号表示) ○m 木板 m B 丙 13.(10分)如图所示，粗糙斜面高度h=6m,倾角0=37°。质量m=1kg的物体（可视为质 点)从斜面顶端由静止释放，沿斜面下滑到底端。物体与斜面间的动摩擦因数4=0.5， 取重力加速度g=10m/s2,不计空气阻力，sin37°=0.6，cos37°=0.8。求： (1)物体下滑过程中，摩擦力对物体做的功； (2)物体下滑到底端时，重力对物体做功的瞬时功率。（结果可用根式表示） 10 777777777777777777777777777777 ④第6页（共8页） 14.(12分)2026年5月24日，神舟二十三号载人飞船在甘肃酒泉成功升空，其轨道高度约 为300~400千米。低轨卫星绕地球运动可视为匀速圆周运动，不同轨道卫星与地心的 连线单位时间内扫过的面积的平方S2与卫星的轨道半径，的关系图像如图示，图线 斜率为k。已知引力常量为G,地球的半径为R,求： (1)地球的质量； (2)近地轨道卫星的周期； (3)地球的第一宇宙速度。 ④第7页（共8页） 15.(17分)如图所示，光滑竖直圆弧轨道最低点与光滑水平平台平滑连接，圆弧半径R= 2m,圆心角0=53°，平台与足够长、逆时针匀速转动的水平传送带上表面平滑连接，传 送带的速度大小为v=3/s。物块A从圆弧顶点无初速度下滑，在平台与静止的物块 B发生碰撞，物块B随后滑上传送带。已知A=1kg,mB=3kg,物块A、B均可视为 质点，物块A、B碰撞均发生在平台上，碰撞均为弹性碰撞，物块B与传送带间的动摩擦 因数μ=0.1，cos53°=0.6，重力加速度g取10m/s2。求： (1)物块A、B第一次碰撞前瞬间，物块A的速度大小； (2)物块A、B第一次碰撞后，物块A沿圆弧上升的最大高度； (3)物块A、B第一次碰撞后至第七次碰撞前，物块B与传送带由于摩擦产生的热量。 B ④第8页（共8页）