浙江台州市2025-2026学年高一下学期6月期末物理试题

台州市 22学年高一年级期末质量评估试题 第二学期 物理 2026.6 注意事项： 1.本卷共8页，17小题，满分100分，考试时间90分钟： 2.非选择题的答案必须用黑色字迹的签字笔或钢笔书写在答题纸上规定区域内： 3.本卷中除特别说明外，重力加速度g均取10m/s2。 选择题部分 一、选择题1（本题共10小题，每小题3分，共30分。每小题列出的四个备选项中只有一个 是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分) 1.下列仪器不能测量基本物理量的是 A.打点计时器 B.弹簧秤 C.米尺 D.天平 2.书法课上，某同学临墓州字时，笔尖的轨迹如图中带箭头的实线所 示。笔尖由a点经b点回到a点，则下列说法正确的是 A.该过程位移为0 B.该过程路程为0 C.两次过a点时速度方向相同 D.两次过a点时摩擦力方向相同 第2题图 3.第十五届全国运动会开幕式上的“飞天鳖鱼”，是一个巨大的气球组合体，由20名学生用 绳索牵引，控制着鳖鱼在空中完成盘旋等高难度动作。下列说法正确的是 A.绳子对鳖鱼的拉力是由于鳖鱼形变产生的 B.鉴鱼所受的空气浮力与鳌鱼所受的重力是一对平衡力 C.牵引绳对鳖鱼的拉力与鳖鱼对牵引绳的拉力是一对作 用力与反作用力 D.在研究鳌鱼在空中完成盘旋等动作时，可以将其看成 质点 第3题图 4.如图所示两本书逐页交叉叠放，下列哪种情况最不容易被拉开 A.将叠放的两本书水平放置在桌面上，沿水平方向拉动 B.将叠放的两本书竖直立在桌面上，沿水平方向拉动 C.将叠放的两本书一起自由落体，在它们下落的过程中 水平拉开 D.将叠放的两本书一起竖直上抛，在它们上升的过程中 水平拉开 第4题图 5.下列说法中，符合物理学史的是 A.牛顿发现了万有引力定律，并测定了引力常量 B.开普勒发现了行星运动三定律，从而提出了日心学说 C.卡文迪什用扭秤实验发现了库仑定律，并测定了静电力常量 D.法拉第认为在电荷周围存在着由它产生的电场，并用电场线来描述电场 6.如图是一个常用的电容器，关于它的说法中正确的是 A.该电容器的电容为220法拉 50V220 B.50V为该电容器的击穿电压 C.该电容器储存的电荷越多，电容越大 第6题图 D.该电容器两极间电势差为1V时，所带电荷量为2.2×104C 7.我国发射“天问二号”探测器对某小行星进行探测，已知该小行 星是地球的“近邻”，绕太阳运行的轨道半长轴略大于地球公转 轨道半径。下列说法正确的是 太m 小行 A.小行星绕太阳运行的周期小于一年 B.“天问二号”起飞瞬间处于失重状态 C.“天问二号”在地球的发射速度可以小于7.9kam/s 第7题图 D.在轨道交点M处，若仅考虑太阳的引力，小行星的加速度等于地球的加速度 8.手机电容式触摸屏的核心部件可简化为平行板电容器。当手 指靠近触摸屏时，电容器两极板和手指间的电场线分布如图 所示。下列说法正确的是 A.E点的电势高于F点的电势 B,A点的电场强度大于B点的电场强度 C.将一电子从C点移到D点，电场力做正功 第8题图 D.若电子在E点静止释放，仅受静电力作用将沿电场线ab运动 9.光滑圆弧竖直固定，用细线连接两个小球P、Q,两小球套在圆 环上且均处于平衡状态，两小球与圆弧的圆心连线夹角分别为 30°和60°，则两球质量之比mp:mQ为 .30:0 A.1:2 B.1:v5C.√5：1 D.2:1 10.运动员把质量为400g的足球踢出后，某人观察它在空中的飞 行情况，估计踢出的初速度为20m/s,上升的最大高度是5m。 第9题图 不考虑空气阻力，则运动员踢球时对足球做的功和足球在落地 瞬间重力的功率约为 A.20J,40W B.20J,80W C.80J,40W D.80J,80W 二、选择题Ⅱ（本题共3小题，每小题4分，共12分。每小题列出的四个备选项中至少有一 个是符合题目要求的。全部选对的得4分，选对但不选全的得2分，有选错的得0分) 11.以下四个图形的理解，说法正确的是 乙 丙 第11题图 A.甲图展示了平行金属板间的电场线分布，证实电场线的客观存在 B.乙图展示了点电荷周围的三个等势面，若AB=BC,则UMB=UaC C.丙图用于感受向心力的大小，绳和小沙袋不可能在同一个水平面 D.丁图当汽车向左的加速度增大到一定值时，桶C就脱离A而运动到B的右边 12.如图所示，水平放置的家用小石磨圆盘上放着黄豆，它们与转盘的动摩擦因数都为4。 转动把手，使圆盘由静止开始绕中心加速转动，黄豆与圆盘始终相对静止。转动一周后 圆盘角速度为o,某颗可视为质点的黄豆质量为m,与转动中心的距离为”，关于此过程， 下列说法不正确的是 A.该黄豆所受的膝擦力方向指向转动中心 B,当圆盘的角速度为ω时，该黄豆的线速度大小为ωr C.该黄豆所受合力做的功为m(w)2 D.摩擦力对该黄豆所做的功为μmg2 第12题图 13.如图，质量为2kg的物块B（视为质点)放置在质量为3kg、长度为0.2m的木板A(厚度不 计)的最左端，B与A叠放在水平桌面上，B通过一条跨过轻质定滑轮的、与桌面平行的、 不可伸长的轻绳与质量为1kg的小球C相连，B与A、 A与桌面的动摩擦因数分别为41=0.5、2=0.1，轻托 小球C使轻绳处于自然伸直状态。从静止释放C,C 向下加速运动，下降0.2m后开始匀速运动，A若碰到 右侧挡板则立即停止，最大静摩擦力等于滑动摩擦力 轻绳与滑轮间的摩擦力不计。 第13题图 A.释放C瞬间，物块B的加速度为1m/s2 B.释放C瞬间，物块A的加速度为m/s2 C.C运动过程中动能的最大值为J D.C从静止释放至开始匀速的过程中，A与B因摩擦而产生的热量为2J 非选择题部分 三、非选择题（本题共4小题，共58分） 14.实验题(I、Ⅱ二题共18分) I.利用打点计时器探究加速度与力、质量的关系，实验装置如图1所示， 第14一1题图1 (1)上图所示是▲（选填“电磁”或“电火花)打点计时器，电源采用的是▲（选 填“交流8V交流220V或“六节干电池”)： (2)本实验采用的实验方法是▲ A.理想模型法B.等效替代法C.控制变量法 (3)以小车为研究对象，在平衡摩擦力时，下列操作要求正确的是▲ A.应垫高有打点计时器轨道一端，不挂槽码，轻推小车让小车拖纸带匀速下滑 B.应垫高有打点计时器轨道一端，不挂槽码，轻推小车让小车不拖纸带匀速下滑 C.应该调平轨道，增减槽码，轻推小车，让小车拖着纸带匀速下滑 (4)在进行实验时，还要求槽码的质量远小于小车的质量，这样做的目的是▲ A.使小车获得较大的加速度 B.使细线的拉力近似等于槽码重力 C.使纸带上点迹清晰，便于进行测量 D,使细线的拉力等于小车受到的合外力 (5)①如图所示为甲同学记录小车运动情况的纸带，图中A、B、C为相邻的计时点，其 中B点对应的读数为△cm;B点的速度大小v=▲m/s。（计算结果小数点 后保留两位数字) AB C 1cm 23 5 9 第14一I题图2 ②乙同学则是这样处理纸带的：每隔4个点选取1个计数点，在各计数点处将纸带 剪断，分成若干段纸条，将这些纸条的下端对齐并排粘贴在坐标纸上。图中A和 A'、B和B'、C和C、D和D、E和E为同一个计数点。根据图中数据，与纸带相 连的小车的加速度大小为▲/s2.(计算结果小数点后保留两位数字) tx/cm 7.94 6.98 6.07 5.09 4.18 A」 3.21 0 A'B'C'D'E 第14一I题图3 Ⅱ.某同学做“测量金属丝的电阻率”实验： (1)使用多用电表测量金属丝电阻，正确的操作顺序是▲ A.把选择开关旋转到交流电压最高挡 B.调节欧姆调零旋钮使指针到欧姆零点 C.把红黑表笔分别接在R两端，然后读数 D.把选择开关旋转到合适的挡位，将红、黑表笔接触 E.把红黑表笔插入多用电表+、”插孔，用螺丝刀调节指针定位螺丝，使指针指“0” 刻度 (2)某次操作时，先将多用电表开关置于欧姆“×10”挡，发现指针指在1位置，该同学需 将欧姆表换挡至▲（选填×1”或“x100”)挡，再次欧姆调零，发现指针指在2 位置，可知该元件阻值为▲ 2。 255.025P 第14Ⅱ题图1 (3)实验按图甲进行实验时，多次改变合金丝接入电路的长度L,调节滑动变阻器的阻 值，使电流表的示数每次都达到相同值，记录电压表的示数U,从而得到多组L、 U的数据，作出L-U图像，如图乙所示。 a 丙 第14一Ⅱ题图2 ①为方便操作，滑动变阻器应选用▲（选填“0-20”或“0~200”)2： ②某次测量时，量程为0~3V的电压表指针位置如图丙所示，则示数U=▲V: ③已知合金丝的横截面积为S,图乙中直线的斜率为k,横轴的截距为α，则该合金丝的 电阻率p=▲，电流表的内阻RA=▲。（结果均选用S、、k、a表示） 15.(12分)如图所示，有一企鹅在倾角为30°的倾斜冰面上，先以加速度a=0.5m/s2从冰面 底部由静止开始沿直线向上“奔跑”，仁8s时，突然卧倒以肚皮贴着冰面向前滑行，最后 退滑到出发点，完成一次游戏（企鹅在滑动过程中姿势保持不变）。已知企鹅肚皮与冰 面间的动摩擦因数u一。求： 第15题图 (1)企鹅向上“奔跑”的位移大小： (2)企鹅在冰面向前滑动的加速度大小： (3)企鹅退滑到出发点时的速度大小。（结果可用根式表示） 16.(14分)一游戏装置的竖直截面如图所示。固定的理想弹射器、水平直轨道AB、半径为R 的竖直螺旋轨道、水平轨道B'D、倾角为0-53°的倾斜直轨道DE平滑连接成一个抛射装置： 水平高台EF上安装固定倾角=30°接收管的移动小车（高度不计)作为接收装置，接收 管管口略大于小球直径，其与水平面EF的高度可自由调整。游戏开始，一质量为的小 球从弹射器中弹出，经过抛射装置进入接收装置，小球落在EF段，反弹后水平分速度保 持不变，竖直分速度减少25%，DE段动摩擦因数=0.5，其余各段均光滑，不计空气阻 力。已知弹射器中弹簧的最大弹性势能为B,m=301,R=0.8m,m=1kg,Lne岩m, sin37°=0.6，c0s37°=0.8。 C 接收器 弹射器 Wx 777777777777777777 B(B 第16题图 (1)若小球恰能经过竖直螺旋轨道的最高点C,求 ①经过C点的速度大小y。: ②弹射装置释放的弹性势能Ep1: ③小球离开抛射装置后，轨迹最高点到EF的距离h。 (2)若滑块不脱离螺旋轨道，并最终切入接收管管口，则游戏成功，分析弹射器中弹 簧的弹性势能和接收器最大接收次数的关系。 17、(14分)角分辨光电子能谱仪含电子发射区、同心半球极板构成的静电分析器、边长为 L的正方体匀强电场偏转区及二维位置灵敏探测器，探测器距偏传电场底面竖直高度为 L:静电分析器两极间加电势差可形成径向电场，能筛选出特定动能电子沿半径”(OM =OH=r)的中线轨道通过。电子从M点垂直射入分析器，只有垂直H点射出的电子才 能出静电分析器，进入场强为E的偏转电场，最终打在探测器上：无偏转电场时电子垂 直打在二维探测器的O1点，以O1点为原点，平行于电场方向为x轴、垂直于电场方向为 y轴建立平面直角坐标系。现有入射动能分别为Ekm和Ekb的电子a、b,分别到达H、P 点，H、P间电势的大小为U。电子质量为m、电荷量为e,不计重力。 半哪形静电分析需 电了b轨迹 电子a轨迹 光电子发射区 偏转也场系统 二锥位置灵敏探测摆 第17题图 (1)判断H、P两点的电势高低： (2)电子a轨迹处的电场强度E的大小和电子b到达P点的动能Ekp: (3)调节静电分析器电压，使动能在Ek1~E2范围内的电子均能沿中线轨道运动，从而 电子都可以从偏转电场底面射出 ①求电子到达探测器的位置坐标x与动能E的关系： ②让偏转电场系统绕H01轴缓慢转动，且系统转动周期远大于电子穿过电场的时间， 求探测器上能检测到电子的区域面积。 一、选择题（1-10题，每小题3分；11-13题，每小题4分；共42分。) 题号 1 2 3 4 5 6 8 0 10 11 12 13 答案 A A D D D A C CD AD BC 二、实验题（本题共18分） 14.1(1)电火花(1分)：交流220V(1分) (2)C(1分)(3)A(1分) (4)B(1分)(5)①3.70cm(3.68-3.72cm)(1分) 0.43m/s(0.40-0.45m/s)(2分) ②0.95m/s2(0.93-0.97m/s2)（2分) 14.Ⅱ（1)EDBCA:(2分)(2)×1(1分) 14.02或142(1分) (3)@0-20(1分)®1.50吐0.01V(1分)@0号(1分)R号(1分) 三、计算题（共3题，共38分） 15.(12分)(1)根据题意可得x2 2分 解得x=16m-- 1分 (2)由牛顿第二定律得mg sin30°+mg cos30°=ma1 -2分 解得a1=7.5mls2 -1分 (3)根据题意可得=8s时，y=at仁4mls- 1分 向前滑动过程，由运动学公式得女号治m -1分 从最高点向下滑行时，由牛顿第二定律得mg sin30°-mg cos30°=ma2 2分 解得a2=2.5mls2 从最高点到出发点的总位移为x+x,=25 5 由运动学公式-0=2a(x+x1) 1分 解得y2=16 3 -m- 1分 16. (1)①小球恰好过C点mg=m元 .1分 得：y。=√gR=2V2m/S 1分 ②A到C:Ep1=ng2R+mv2. …2分 得：Ep1=20J… 1分 ③A到E:Ep1=mgLpesin6+mgLDEcos6+2m2…2分 得：s=5m/S… .1分 空中抛体运动，h=sin02-0.8m 28 .2分 (2)1.Ep1<20J,不能离开抛射装置，接收次数为0次： 1分 Ⅱ.20J≤Ep1≤30J, 接收器可以水平自由移动、管口竖直自由伸缩，故只要抛体轨迹切线的角度（偏转角）存在 30°，即合理。 考虑抛体运动的对称性以及抛物线性质，与EF平面碰撞时为每次抛体运动的最大偏转角。 设从E点抛出时小球的速度为y, 水平分量y,vcos0=v不变， 竖直分量vo-vsin0(=y, 碰撞n次后，m=vsin9)”=()” ,1分 由题意， 偏转角的正切值am6-要-)八9. 1分 n取0、1、2，故最多有三次 .1分 17.（14分)解析： (1)电子带负电，电子受力方向与电场方向相反，因此电场方向由P指向H, p月>pp- -2分 (2)电子α在静电分析器中做匀速圆周运动，静电力提供向心力， eE=m哈 -1分 又Bka=m 解得B,2 -1分 根据动能定理，-eU=EKP-EK6- -1分 解得Ep=E-eU- -1分 (3)①电子在偏转电场中做类平抛运动， 偏转距高满足×0户普佾- 2分 出偏转电场后做匀速直线运动， H 2 由几何关系可得， + 1分 解得3w授 1分 用其他方法求解同样给分 ⑦系统转动周期远大于电子穿过电场的时间，电子在偏转系统仍做类平抛运动，出偏转电场 后做匀速直线运动： 随着电场的水平绕轴旋转， 动能为B的电子在探测器上的位置集合是半径为=3的圆， --1分 4E1 动能为Ba的电子在探测器上的位置集合是半径为2-3贮的圆， -1分 4E2 解得探测器上能检测到电子的区域面积， s-[（)'(（）1 2分