河南新未来2025-2026学年高一下学期6月测评物理试题

机密★启用前 高一年级6月测评 物 理 自力所 (试卷满分：100分，考试时间：75分钟) 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，并将条形码粘贴在答题卡上 的指定位置。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如 翼 需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号；回答非选择题时，用0.5mm的黑色字迹 签字笔将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。 3.考试结束后，请将答题卡上交。 一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是 符合题目要求的. 1.2026国际低空经济博览会将于7月22日一25日在上海国家会展中心举行，如图为参展 长 飞机在做展前表演，虚线abcd是飞机飞行的部分轨迹，其中ab段为圆弧线，bc段为直 线，cd段为抛物线，飞机可视为质点，空气阻力不可忽略，则 A.飞机从a点到d点所受合外力可能是恒力 B.飞机在cd段所受合外力方向一定竖直向上 C.飞机在bc段所受合外力可能为0 D.飞机在ab段所受的合外力大小一定不变 2.消防员在进行演练时，从一定高度处由静止落下，落在地面上充气的气垫上.下列说法正 御 确的是 A.气垫的作用是减小消防员所受的冲击力 B.气垫的作用是减小消防员的动量变化量 C.气垫的作用是减小消防员所受合力的冲量 D.气垫的作用是减小消防员接触气垫瞬间的动量 3.一爆竹由地面沿竖直方向发射出去，当爆竹运动到最高点时，刚好爆炸，爆炸后爆竹分成 两部分，两部分的质量分别为m1、m2,且这两部分的速度均沿水平方向.则下列说法正确 的是 A.若m1>m2,则m1的动量大 B.若m1>m2,则m1的速度小 C.若m1>m2,则m的动能大 D.若m1>m2,则m1先落地 【高一物理 第1页（共6页）】 4.2026年5月17日，在世界超级摩托车锦标赛(WSBK)捷克站World SSP组别比赛中，使 用中国“张雪机车”的法国车手瓦伦丁·德比斯再度夺冠，这是该品牌本赛季获得的第五 个冠军.如图所示，两摩托车的赛车手驾驶两辆摩托车在水平路面上以恒定的线速度转 弯，已知在相等时间内汽车甲、乙通过的路程之比为6：5，轨迹对应的圆心角之比为 3：5,两车（含赛车手）的质量之比为8：9.则下列说法正确的是 A.甲、乙的转弯半径之比为18：25 B.甲、乙的周期之比为5：3 C.甲、乙的向心加速度之比为2：1 D.甲、乙的向心力之比为25：16 5.在“金星凌日”的精彩天象中，观察到太阳表面上有颗小黑点缓慢走过，持续时间达六个 半小时，那便是金星，如图甲所示.它的产生和日食的道理相同.如图乙为发生“金星凌 日”现象时的示意图，下列说法正确的是 地球 太阳 ￡-金星轨道 甲 乙 A.在相同时间内，金星、地球与太阳中心连线扫过的面积相等 B.地球的公转周期小于金星的公转周期 C.地球公转的向心加速度大于金星公转的向心加速度 D.图乙中金星的位置在d时发生“金星凌日”现象 6.一定长度的木块放在光滑的水平面上，一质量不能忽略的子弹沿水平方向射人木块，最 终子弹未从木块中射出，从子弹射入木块到二者刚好共速，木块的位移为x1,子弹射入木 块的深度为x2.则下列说法正确的是 A.x<x B.x1=x2 C.>xz D.无法确定 7.如图所示，一光滑水平杆固定在直角平台的左侧面，杆上套一质量m1=0.1kg的滑块A, 滑块上用铰链连接一长度L=0.4m的轻杆，轻杆的另一端固定一质量m2=0.3kg的小 球B,初始时，轻杆紧靠平台竖直面且小球B刚好处于水平平台上，离小球距离s=3处 静止一质量m3=0.1kg的滑块C,滑块C与水平面之间的动摩擦因数μ=0.2.现给滑块 C一水平向左的初速度vo=4/s,随后滑块C与小球B发生弹性正碰，轻杆在运动过程 中不会和水平杆相碰，A、B、C均可视为质点，重力加速度g取10m/s2,则下列说法正确 的是 A.滑块C最终静止在离平台端点1m处 B.C、B碰后一瞬间，A随B一起向左运动 C.A开始运动时，B的速度大小为√3m/s D.轻杆第一次水平时，滑块A的速度大小为2.25m/s 【高一物理第2页（共6页）】 二、选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合 题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分. 8.在排球训练中，某同学将排球水平击出，排球做平抛运动时水平初速度为V,排球落地时 速度的方向与水平地面的夹角为α，排球可视为质点，不考虑空气阻力，下列说法正确 的是 A.排球落地时的水平位移与抛出点的高度和初速度有关 B.落地时的动能Ek与水平初速度v的平方成正比 C.若水平击出点高度H增加，则落地时α增大 D.排球在空中运动的过程中，受到重力的平均功率不变，瞬时功 率与时间成正比 9.如图所示，带有半径为R的光滑半圆弧轨道的凹槽放在光滑的水平面上，小球从B点由 静止释放，经过一段时间小球运动到最低点C,圆弧BC所对应的圆心角为α=60°.已知 小球的质量为m,凹槽的质量为M=2m,重力加速度为g,小球可视为质点.则下列说法 正确的是 A.小球与凹槽组成的系统动量守恒 B小球运动到C点时，凹精的速度大小为，零 C小球运动到C点时，小球所受轨道的作用力大小为四 D.小球运动到C点时，凹槽移动的距离为3R 10.如图所示，水平面上固定由两个半径均为r=0.1m的圆管组成的内壁光滑的管道，B 为两段圆管的衔接点，圆管的底端与水平面相切于A点，圆管的顶端C切线方向沿水平 方向，水平面的左侧有一竖直挡板，挡板上固定一根轻弹簧，质量为m=0.2kg可视为 质点的物块将轻弹簧压缩，弹簧储存的弹性势能为E。=1J,释放轻弹簧后将物块弹出， 在O点物块与轻弹簧分离，OA段间的距离为L=0.5m,水平面除OA段其余部分均光 滑，物块的大小略小于圆管的内径，物块运动到C点时与圆管上壁的压力大小为F= 6N,重力加速度g取10m/s2,忽略空气阻力.则下列说法正确的是 A.物块运动到A点时对圆管的压力大小为18N B.物块与OA段的动摩擦因数为0.2 C.物块在B时与圆管间没有作用力 D.物块第一次的落地点到C点的水平间距为2mm 【高一物理第3页（共6页）】 三、非选择题：本题共5小题，共54分】 13.(10分)2025年12月25日至31日，我国正式向国际电信联盟1TU提交新增20.3万颗 15.(18分)如图所示，足够长的水平传送带以恒定的速度%=4m/s顺时针传动，传送带的 11.(6分)如图是探究小蜡块在玻璃管中运动规律的装置，在一端封闭的光滑细玻璃管中注 卫星的频率与轨道资源申请，涵盖14个卫星星座，包括中低轨卫星，如图所示，某中轨 右端与光滑的水平台面平滑地衔接于c点，半径为R=1.8m的二光滑孤形轨道与水平 满清水，水中放一圆柱体红蜡块m(可视为质点).将玻璃管的开口端用胶塞塞紧后竖直 卫星与高轨卫星在同一平面内绕地球沿逆时针方向转动，此时两卫星与地心连线的夹 台面相切于b点，质量为m=0.1kg的滑块乙静止在c点，质量为M=0.2kg的滑块甲 倒置且与y轴重合，在红蜡块m能以。=l0cm/s的速度匀速上升的同时，玻璃管沿 角为a=120°，将该时刻计为0时刻.已知万有引力常量为G,地球的半径为R,中轨卫星 轴正向做初速度为零的匀加速直线运动，加速度大小a=0.05m/s2,玻璃管内清水高 到地面的高度为R,线速度大小为，高轨卫星到地面的高度为3R,地球可视为质量分 从弧形轨道的最高点α由静止释放，经过一段时间两滑块第一次在c点发生碰撞，然后 两滑块依次滑上传送带.已知两滑块与传送带间的动摩擦因数均为：=0.2，重力加速度 h=40 cm. Ay/cm 布均匀的球体.求： 大小g=10m/s2,两滑块均可视为质点，假设所有的碰撞均为弹性碰撞，第二次碰撞发 (1)图中红蜡块运动轨迹是 (填“1”或“2”)，红蜡块运 (1)地球的密度； 生在bc段且滑块甲向左运动.求： 动到顶部所用时间为$； (2)从t=0时刻开始到两卫星间距最远所用的时间。 (1)滑块甲第一次运动到b点时，滑块甲对轨道的压力大小； (2)红蜡块从管底运动到顶部的位移大小为 cm(结果保 (2)滑块乙第一次返回到c点时，滑块甲刚好第二次经过b点，求b、c两点之间的距离； 留根号)，运动到顶部时的水平分速度大小为m/s.O雪 x 高轨卫星 (3)第二次碰后滑块甲、乙的速度。 12.(8分)某实验小组的同学利用如图1所示的装置完成了动量守恒定律的验证，实验操作 如下： 0 a.组装装置，调节斜槽末端水平，将复写纸和白纸叠放在斜槽右侧的水平面上； b.斜槽的末端不放小球乙，将质量为m,的小球甲由斜槽的挡板处静止释放，在白纸上 留下痕迹点，重复操作，得到多个痕迹点； c.保持挡板的位置不变，斜槽的末端放上半径与小球甲相等、质量为：的小球乙，仍将 小球甲由挡板处静止释放，重复操作，得到多个小球甲和小球乙的痕迹点： 14.(12分)质量为m=2.5×10kg的CR450动车组以恒定的加速度a=0.5m/s2由静止 d.用铅垂线确定斜槽末端在水平面上的投影点O. 开始启动，经时间=160s动车组的输出功率恰好等于额定功率，再以额定功率行驶 t2=100s速度达到最大，最大速度为m=100m/s,忽略空气阻力.求： 6甲 (1)动车组的额定功率； (2)动车组的速度为90m/s时，动车组的加速度大小；（结果用分式表示） (3)动车组从启动到速度达到最大过程中运动的路程. 图 (1)操作a中，为了验证斜槽末端是否水平，可将小球放在斜槽末端，若小球 表明斜槽水平； (2)操作b中，在白纸上得到的多个痕迹点如图2所示，为了确定小球甲的落地点，图中 画出的三个圆中最合理的是 (填“a”“b”或“c”)； (3)操作c中，应保证小球甲的质量m (填“大于”“等于”或“小于”)小球乙的 质量m2； (4)在进行数据处理时，用刻度尺测量了OM,ON、OP之间的距离x1、x2、x3,若两球碰 撞过程动量守恒，则关系式 成立：若两球碰撞过程中机械能 也守恒，则关系式 成立.（均用已知物理量表示） 【高一物理第4页（共6页）】 【高一物理第5页（共6页）】 【高一物理第6页（共6页）】高一年级6月测评·物理 参考答案、提示及评分细则 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C A B B D A C AC BD AB 一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要 求的. 1.【答案C 【解析】飞机在圆弧线αd段所受合外力提供向心力，方向一定变化，故该力不可能为恒力，A错误；飞机 在cd段做抛物线运动，所受合外力方向不一定竖直向上，B错误；飞机在bc段做直线运动，若为匀速直 线运动，则所受合外力为0，C正确；飞机在αb段做圆周运动但不一定是匀速圆周运动，合外力的大小 可能改变，D错误. 2.【答案】A 【解析】消防员从一定高度处由静止落下，则消防员接触气垫瞬间的速度大小一定，动量的大小一定，D 错误；消防员最终动量减为0，所以消防员与气垫作用的过程中，消防员动量的变化量一定，又由动量 定理可知消防员所受合力的冲量一定，BC错误；消防员与气垫相互作用的过程中，延长了消防员和气 垫的作用时间，由公式(F一mg)t=△P可知，气垫的作用是减小消防员所受的冲击力，A正确. 3.【答案】B 【解析】爆炸过程，系统的动量守恒，由0=11一22，知爆炸后两部分的动量大小相等，A错误；由上 式整理得=”，若m1>m2,则m:的速度小，B正确；由于两部分的动量大小相等，由动量和动能的 2m1 关系式E=多可知，质量大的动能小，若m>m,则m的动能小，C错误；由于爆炸后两部分的速度 2m 沿水平方向，则这两部分均做平抛运动，则两部分在竖直方向均做自由落体运动，由公式1一√ 2h可 知，爆炸物在空中运动的时间与质量无关，D错误. 4.【答案】B 【解析】由公式一可知，汽车甲、乙的线速度大小之比为号-号由公式w=9可知，汽车甲，乙的角 院一号.由公式，一吕可知，汽车甲，乙的转夸半径之比为号=兰A错误：又由公式 速度大小之比为厘=3 r乙 1一可知汽车甲，乙的周期之比为号-号，B正确：由公式a=咖可知汽车甲，乙的向心加速度之 比为一，心错误：由公式5=m:可知.兴车甲，乙的向心力之比为是-碧D维误。 5.【答案】D 【解析】由开普勒第二定律知，在相等时间内，同一行星在相等时间内和太阳的连线扫过的面积相等，A 错误：由G=m(),可知行星绕太阳微圆周运动的周期T=2x√M,故地球的周期大，B错 r3 误；由GMm=,地球向心加速度比金星要小，C错误；金星轨道在地球轨道内侧，某些特殊时刻，地 2 球、金星、太阳会在一条直线上，这时从地球上可以看到金星就像一个小黑点一样在太阳表面缓慢移 动，天文学称之为“金星凌日”，D正确. 【高一物理参考答案第1页（共5页）】 6.【答案】A 【解析】设子弹的质量为m。,初速度为v。,木块的质量为，子弹射入木块的过程中，子弹与木块组成的 系统动量守恒，即m=（m十m,),对木块由动能定理得=之m,解得x=买：此过程产生的 内能等于系统损失的动能，即△E=2m-2（m十m)d=mm·m,又由功能关系得： mo △B,解得=·显然<A正确】 7.【答案】C 【解析】滑块C在水平面运动，由动能定理)m,6一m说=取·，得碰撞前滑块C的速度大小 e=2m/s,C,B碰撞过程，根据动量和能量守恒有m=m十m:,2m呢=m听+m,联 立解得=一1m/s,=1m/s,随后滑块C在水平面运动，由动能定理得2m听=mg4·s1,解得 5=0.25m,A错误；碰后小球B做圆周运动，向心力F有=m=0.75N,小于重力3N,轻杆对小球 B的作用力向上，B错误；当A刚开始运动时，轻杆与竖直方向的夹角为α，小球重力沿轻杆方向的分 力提供向心力，mgc0saL,小球机械能守恒2m:暖一m话=mgL(1一c0s),联立解得小球此 时的速度大小v3=√3m/s,C正确；轻杆第一次水平时，由水平方向动量守恒m22=(m1十m2)w4,解得 w4=0.75m/s,D错误. 二、选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全 部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分. 8.【答案】AC 【解折】根据=以=、√2，平抛运动的水平位移由抛出时的商度和初速度的大小夹同决定，A正确： 落地时速度大小=√+(g)严，则其动能为E=2m[+(g)门，B错误，平抛运动竖直方向有 H=2gt,可知投掷高度H增加则t增大，由tana=知a增大，C正确；平抛运动在竖直方向上是自 由落体运动，排球在空中运动的过程中，平均功率和瞬时功率都与时间成正比，瞬时功率的比例系数 大，D错误， 9.【答案】BD 【解析】小球和凹槽组成的系统水平方向不受外力，但竖直方向合力不为零，则二者组成的系统动量不 守恒，A错误；设小球到C点时，小球和凹槽的速度大小分别为、，在水平方向由动量守恒定律得 0=mu一M,小球由B到C的过程由机械能守恒定律得mgR(1-cosa)=?mf+号M暖，解得u 2√零。√零.BE确；小球在C点时，由个顿第二定律得F-mg=m大，解得F-5,C 错误；设小球从B到C的过程，小球的水平位移为x1,凹槽向左移动的距离为x2,该过程有0=mw1一 Mv2,两边同时乘以时间得0=m1·△t一Mu2·△t,则有0=mx1一Mx2,又由几何关系得x1+x2= Rine解得=R-R.D正确 6 【高一物理参考答案第2页（共5页）】 10.【答案】AB 【解标】物块在C点时，由圆周运动的规律得R:十mg=m,解得=2m/s,物块从A到C的过程 由机械能守恒定律得2m听=2m呢十mg·2r,解得=2V巨m/s,物块在A点时有P,一mg m,解得FA=18N,A正确：从释放轻弹簧到物块到O点的过程中，由动能定理得E。一mgL 2m,解得=0.2，B正确；物块从A到B的过程中，由机械能守恒定律得之m听=2m呢十mgr,解 得=6m/s,物块在B点时在水平方向上有F。=m,解得P。=12N,C错误；物块离开C点后 做平抛运动，物块在室中运动的时间为1√2=0.25，则物体做平抛运动的水平位移为一 =0.4m,D错误， 三、非选择题：本题共5小题，共54分. 11.【答案及评分细则】(6分) (1)1(1分)4(1分) (2)40√2(2分)0.2(2分) 【解析】(1)蜡块参与了水平方向上的匀加速直线运动和竖直方向上的匀速直线运动，根据运动的合成 与分解及曲线运动的条件：合力与速度不共线.因合力水平向右，而初速度竖直向上，依据合力指向轨 的内侧，所以运动轨迹是1：红蹈块运动到顶部所用时间为气-。：4® 1 2)水平方向蜡块做初速度为零的匀加速线运动，水平位移为x宁，aX0.05×4m=40cm 所以蜡块运动的位移为s=√x2十y=40√2cm;红蜡块运动到顶部时的水平分速度为v,=at=0.05 ×4m/s=0.2m/s. 12.【答案及评分细则】(8分) (1)静止(1分，合理即可得分) (2)a(1分) (3)大于(2分) (4)m1x2=m1x1十m2x3(2分)m1x2=m1x十m2x号或x2十x1=x3(2分) 【解析】(1)操作中，为了验证斜槽末端是否水平，可将小球放在斜槽末端，若小球静止不动，表明斜 槽水平； (2)圆c没有舍去误差较大的三个落点，圆c画法错误；圆b虽然舍去了误差较大的三个落点，但是不是 最小的圆，圆b画法错误；圆a既舍去了误差较大的三个落点，又是最小的圆，圆a画法正确.故选a (3)实验时为了防止碰后小球甲反弹，应保证小球甲的质量m1大于小球乙的质量2； (4)由图可知，N点为不放小球乙时小球甲的平均落地点，P点、M点为放上小球乙时小球乙和小球 甲的平均落地点，设碰前小球甲的速度为，碰后小球甲、小球乙的速度分别为)、2，若碰撞过程动 量守恒，则有1=my十2v2,又每次小球离开斜槽末端后均做平抛运动，且在空中运动的时间相 同，则有m1vot=m1t十m2v2t,结合题图可知m1x2=m1x1十m2x3;若碰撞过程中机械能也守恒，则有 名m话=m听+m:防，即m6=mi+名m话，结合题图可知m店=m十m后，当 1 动量以及机械能均守恒时x2十x=x3· 【高一物理参考答案第3页（共5页）】 13.【答案】(10分)(1)3v (2)16+42)πR 2πGR2 21o 【解析及评分细则】(1)中轨卫星环绕地球做圆周运动，万有引力提供向心力，则有 G Mm 2 (2R)-m 2R (1分) 地球的质量为M=2R (1分) G 又地球的体积为V=号xR(1分) M 地球的密度为p=V (1分) 3v2 整理得p=2πGR (1分) (2)中轨卫星的运行周期为T,=2π·2R (1分) 对中策卫足和高筑卫足由开苦勒第三定律符袋一器 (1分) 解得T2=8V2迟 (1分) 从行0时刻开始到两心星间距最远所用的时间为，侧有无一孕一元一x(Q分 解得t=16+4V2)πR 21w (1分) 4,【答案J12分)D5X10'N(2)号m/s(3)15500m 【解析及评分细则】(1)设动车组匀加速时的牵引力为F,阻力大小为f,动车组匀加速时由牛顿第二 定律得 F-f=ma(1分) 动车组匀加速的末速度为v=at1=80m/s(1分) 动车组的额定功率为P=Fv(1分) 动车组的速度达到最大时，动车组受平衡力的作用，则有P=∫(1分) 解得f=5×105N,F=6.25×105N,P=5×10N(1分) (2)动车组的速度v'=90m/s时 此时动车组的牵引力大小为P-号=号×10N1分) 由牛顿第二定律得F'一f=ma'(1分) 解得a=号m/g1分) (3)动车组匀加速的位移为x=2a片(1分) 解得x1=6400m 动车组在么的时间内以恒定的功率运行，由动能定理得P:一f。=m一2m(1分) 1 代入数据解得x2=9100m 动车组从启动到速度达到最大时通过的距离x=x1十x2(1分) 解得x=15500m(1分) 【高一物理参考答案第4页（共5页）】 15.【答案】(18分)(1)6N(2)14m(3)2m/s,方向向右4m/s,方向向左 【解析及评分细则】(1)滑块甲从α点滑到b点的过程中，滑块甲的机械能守恒，则有 MgR=号M(1分) 解得v=6m/s(1分) 滑块甲在点时由牛顿第二定律得R一Mg=M发1分) 解得FN=6N(1分) 由牛顿第三定律可知，滑块甲第一次运动到轨道b点时对轨道的压力大小为6N(1分) (2)滑块甲、乙第一次发生弹性碰撞时，两滑块组成的系统动量守恒、机械能守恒，则有 Mv=Mv,+mw2（1分) 2M时=合Md+2m话1分) 解得y=2m/s、2=8m/s(1分) 两滑块在传送带上运动时的加速度大小为a=g=2m/s2(1分) 滑块甲在传送带上先向左减速再向右加速，由对称性可知，滑块甲返回到c点时的速度大小为1= 2m/s,滑块甲在传送带上运动的总时间为t=2=2s(1分) 滑块乙在传送带上先向左减速再向右加速到与传送带共速，最后匀速运动到传送带最右端，滑块乙向 左减速的位移为-装-16m1分) 带块乙向右加速的位移为=克-1m1分) 则滑块乙在传送带上运动的总时间为2=++一=9s(1分) a 则b、c两点之间的距离为xk=w(t2一右)=14m(1分) (3)规定向右为正方向，设滑块甲和滑块乙第二次碰后的速度分别为v'、2',则有 Mu+m=Mu'十m2'(1分) 号MG+7m6=号M,+2mu(1分) 解得v'=2m/s、v2'=-4m/s(1分) 则第二次碰后甲的速度大小为2m/s,方向向右；乙的速度大小为4m/s,方向向左(1分) (说明：以上各题如有用其他合理方法求得正确结果的均可得分) 【高一物理参考答案第5页（共5页）】