四川省遂宁市安居区卓同教育集团2026届高考物理强化训练（七）

**基本信息** 立足高中物理核心内容，以星链计划、打冰出溜等真实情境为载体，通过多题型梯度设计，考查物理观念与科学思维，适配模拟预测需求。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |单选|7/28|运动与相互作用、机械波、原子能级等|第3题“打冰出溜”结合生活情境，第5题“星链计划”融入科技前沿，考查模型建构| |多选|3/18|气体实验定律、变压器、平抛运动|第10题结合空气阻力，通过微元法考查科学推理与质疑创新| |非选择|5/54|实验（动滑轮、伏安法）、电磁场综合等|15题综合电磁感应与动量守恒，14题结合几何关系考查科学论证，体现科学探究要素|

卓同教育集团高2023级强化训练七物理试题 （答题时间：75分钟 满分：100分） 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题列出的四个选项中，只有一项符合题目要求） 1．结合课本和生活中出现的以下情景，下列说法正确的是（　 ） A．图甲中木板对托盘的压力就是木块和木板的总重力 B．图乙中伽利略利用该实验说明了“物体的运动不需要力来维持” C．图丙中A同学推动B同学时，A对B的作用力大于B对A的作用力 D．图丁中，王亚平在太空授课时处于完全失重状态，重力消失了 2．在船坞维护过程中，技术人员可通过上下抖动“系泊绳”一端来检测其性能。在某次抖动中形成的绳波可视为简谐横波。t时刻的波形图如图所示，此时绳上质点M向上振动，质点N恰好处于波峰。则（    ） A．t时刻M的加速度比N的加速度小 B．绳波沿x轴的负方向传播 C．t时刻M的速度比N的速度小 D．M的振幅比N的振幅大 3.打冰出溜是一种极具东北地方特色的冬季娱乐活动，打冰出溜过程可分为助跑阶段和滑行阶段。若助跑阶段鞋与冰面不打滑，可视为匀加速直线运动；滑行阶段人保持姿势不变，可视为匀减速直线运动。下列说法正确的是（　　） A. 助跑阶段，冰面对人的摩擦力向后 B. 助跑阶段，人对冰面做负功 C. 滑行阶段，人对冰面的摩擦力向前 D. 助跑阶段，人加速运动，若鞋与冰面发生相对滑动，则冰面对人的摩擦力大于人对冰面的摩擦力 4．北斗二期导航系统的“心脏”是上海天文台自主研发的星载氢原子钟，它是利用氢原子能级跃迁时辐射出来的电磁波去控制校准石英钟的，如图为氢原子能级图，a、b、c为氢原子能级跃迁过程中所发出的三种光，则下列说法正确的是（　　） A．氢原子从低能级向高能级跃迁时辐射光子 B．大量处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁时，形成的线状光谱总共有3条亮线 C．在相同条件下，a、b、c三种光中，a光最容易发生明显的衍射现象 D．用b光照射处于n=4能级的氢原子，氢原子会发生电离 5.SpaceX公司计划不断发射大量小型卫星，组成庞大的地球卫星群体，简称“星链计划”。但其部分卫星的轨道与我国空间站轨道有重叠，严重影响空间站的使用安全，有时就不得不做紧急避险动作，避免被星链卫星撞击的危险。如图所示，假设在地球附近存在圆轨道卫星1和椭圆轨道卫星2，A、B两点为椭圆轨道长轴两端，C点为两轨道交点。A距离地心R，B距离地心3R，C距离地心2R，卫星都绕地球逆时针运行。下列说法正确的是（　　） A. 卫星2和卫星1的周期不相同 B. 卫星2和卫星1在C点受力一定相同 C. 卫星1在C点的速度小于卫星2在A点的速度 D. 若卫星2运行到A点时点火加速，即可在半径为R的低轨道绕地球运动，不再有与卫星1撞击的危险 6．如图甲所示，为研究某一半圆柱形透明新材料的光学性质，将一束激光由真空沿半圆柱体截面的半径方向射入，用一光学传感器探测折射光光照强度，折射光的光照强度随变化的情况如图乙所示。已知截面半径为R，光在真空中传播的速度为c，。下列说法正确的是（　　） A．此透明材料发生全反射的临界角为37° B．图甲中若增大，则反射光线和折射光线之间的夹角将变小 C．若图甲中，则光线在透明材料中的传播时间为 D．若图甲中，则光线在透明材料中的传播时间最短为 7. 三角形是一光滑绝缘斜面，斜面足够长，斜面倾角为，以点为坐标原点，沿斜面向下为轴正方向，如图1所示，沿斜面加一静电场，其电场强度随变化的关系如图2所示，设轴正方向为电场强度的正方向。现将一质量为，电荷量大小为的带电小滑块（视为质点）从点静止释放，且小滑块释放后沿斜面向下运动，已知，运动过程中小滑块的电荷量保持不变。则下列说法正确的是（　　） A. 小滑块一定带正电 B. 小滑块沿斜面向下运动过程中机械能先减小后增大 C. 小滑块沿斜面向下运动过程中的最大速度为 D. 小滑块沿斜面向下运动的最远距离为 二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题列出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分） 8. 一定质量的理想气体，从状态a经过状态b、c又回到状态a，其图像如图所示。下列说法正确的是（　　） A. 在b→c过程中，单位时间内撞击单位面积器壁的分子数增加 B. 在c→a过程中，气体温度降低 C. 在a→b→c过程中，气体放出的热量等于 D. 气体在a→b→c→a循环过程中放出的热量等于0 9. 如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比n1:n2=5:1，原线圈接在电压峰值为的正弦交变电源上，副线圈的回路中接有阻值为的电热丝，电热丝密封在绝热容器内，容器内封闭有一定质量的理想气体。接通电路开始加热，加热前气体温度为，已知该容器内的气体吸收的热量与其温度变化量成正比，即，其中已知，若电热丝产生的热量全部被气体吸收，当容器内气体压强达到加热前的2倍时，则下列说法正确的是（　 　） A. 变压器的输出电压为5 B. 电热丝通电的时间为 C. 容器内气体吸收的热量为2CT0 D. 变压器的输出功率为 10. 如图所示，实线是实验小组某次研究平抛运动得到的实际轨迹，虚线是相同初始条件下平抛运动的理论轨迹。分析后得知这种差异是空气阻力影响的结果。实验中，小球的质量为m，水平初速度为，初始时小球离地面的高度为h。已知小球落地时速度大小为v，方向与水平面的夹角为，小球在运动过程中受到的空气阻力大小与速率成正比，比例系数为k，重力加速度为g。下列说法正确的是（　　） A. 小球落地时重力的功率为mgv B. 小球下落的时间为 C. 小球下落过程的水平位移大小为 D. 小球下落过程空气阻力所做的功为 三、非选择题（本题共5小题，共54分。考生根据要求作答） 11.（5分）我校一位同学设计图甲所示装置探究“动滑轮、沙和沙桶的总质量m一定时，加速度与合力的关系”。弹簧测力计竖直悬挂在天花板上，挂钩与轻绳的一端相连，轻绳绕过动滑轮（悬挂装有沙的沙桶）、固定在长木板右端的定滑轮与带有遮光片的木块相连。释放后木块会沿长木板运动，经过光电门时数字计时器会记录落光片的挡光时间。先用刻度尺测出木块初始位置A点与光电门位置B点间的距离x，用游标卡尺测量遮光片的宽度d。 请回答下列问题： (1)用游标卡尺测量遮光片的宽度d时，示数如图乙所示，则 mm。 (2)下列做法错误的是______。 A．实验中，需要测量木块（包括放在上面的砝码）的总质量M B．动滑轮两侧的轻绳要调整为竖直 C．实验前，需要平衡木块的摩擦力 D．释放木块时，应将木块的右边缘与A点重合 (3)按正确操作，将木块从A点由静止释放，记录弹簧测力计的示数F、遮光片通过光电门的遮光时间t；在木块上增加砝码，进行多次反复实验，并记录F、t的多组数据，为了直观判断出加速度与合力的关系，应以 （选填“t”“”或“”）为纵轴，以F为横轴作出图像。 12．（9分）伏安法测电阻是最重要的测量电阻的方法。 （1）常规测量方法如图甲所示，无论将P接a还是接b，考虑到电表内阻的影响，该实验都有系统误差，将P接a时，该误差产生的原因是电压表的________。 （2）①小刘同学改进了测量原理测量待测电阻Rx，电路图如图乙所示。其中A电源电动势和内阻未知，B电源的电动势为E0，G为灵敏电流计（零刻度线在表盘正中央），当闭合开关S1和S2时，调节滑动变阻器R1，使得灵敏电流计指针指在表盘正中央，则此时a点的电势φa和b点的电势φb的关系为φa________φb。（选填“>”“=”或“<”） ②已知灵敏电流计的电流方向从d到b时，电流计向右偏转，当闭合开关S1和S2时，电流计向左偏转，则要使电流计指在正中央，应________。（选填“增大R1”或“减小R1”） ③某次测量，当电流计的读数为0时，电流表的读数为I，则待测电阻为________。 ④若电源B的内阻不能忽略，则待测电阻的测量值________真实值。（选填“>”“=”或“﹤”） 13.（10分）如图所示，轻杆两端分别系着质量为的圆环A和质量为的小球B，轻杆与A的连接处有光滑铰链，轻杆可以绕铰链自由转动，A套在光滑的水平固定横杆上且能自由滑动，A、B静止不动时B球恰好与光滑地面接触，在B的左侧是半径为的圆弧，质量为的小球C以的速度向左与B球发生正碰，已知碰后C小球恰好能做平抛运动，小球B在运动过程中恰好能与横杆接触。重力加速度取，则： （1）碰后C球平抛的水平位移大小；（2）A、B间轻杆的长度。 14．（12分）如图所示，在平面直角坐标系中，四边形为正方形，边长为，其中的等腰直角三角形区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，在第一象限内的一个等腰直角三角形区域内有匀强电场，，平行轴。一带正电的粒子从A点沿轴正方向射入磁场，空气阻力及粒子所受的重力均可忽略不计，磁感应强度和电场强度的大小保持不变。 （1）若电场方向沿轴正方向，该粒子射入匀强磁场时的速度大小为，粒子恰好从点射出磁场并进入电场，最终从点射出电场，求匀强电场的电场强度与匀强磁场的磁感应强度的比值； （2）若该粒子射入匀强磁场时的速度大小为，匀强电场方向为沿轴负方向，求带电粒子从电场中射出时的位置坐标； 15.（18分）如图所示，绝缘部分P、Q将左右两侧的光滑导轨平滑连接起来，在导轨的左侧接有电动势为E、内阻为r的电源和电容为C的电容器，质量为m、电阻为R的金属棒ab与导轨垂直的放在导轨左端靠近电源的位置，金属棒ab在外力作用下保持静止，质量为2m、电阻为0.5R的金属棒cd与导轨垂直的静止在PQ右侧适当位置，整个装置处于垂直纸面的匀强磁场中（图中未画出）。现在释放金属棒ab，金属棒ab在运动到PQ之前已经达到最大速度，它滑过PQ后刚好未与金属棒cd碰撞。已知，，磁场的磁感应强度为B，导轨间的距离为L，金属棒cd右侧的导轨足够长，不计导轨电阻。（、、B、L、m、C为已知量） （1）判断磁场的方向，并求被释放瞬间金属棒ab的加速度a0； （2）金属棒cd距离PQ的距离x； （3）当金属棒ab的速度为其最大速度的一半时，求金属棒ab的热功率P和此过程中电容器极板所带电荷量的变化量∆q（忽略电容器极板电荷量变化对电流的影响）； 卓同教育集团高2023级强化训练七物理试题答案 1.B【详解】A．木板对托盘的压力是弹力，与重力是不同性质的力，只能说木板对托盘的压力大小等于木块和木板的总重力大小，故A错误；B．图乙是伽利略的理想斜面实验，说明运动不需要力维持，故B正确；C．A同学推动B同学时，A对B的作用力与B对A的作用力是相互作用力，总是等大反向，故C错误；D．在太空中完全失重，是人对支撑物的压力为0的现象，重力不会消失的，故D错误。故选B。 2.A【详解】A．离平衡位置越远，质点的加速度越大，所以t时刻M的加速度比N的加速度小，故A正确；B．此时绳上质点M向上振动，根据波形平移法可知，绳波沿x轴的正方向传播，故B错误；C．离平衡位置越远，质点振动的速度越小，所以t时刻M的速度比N的速度大，故C错误；D．M的振幅等于N的振幅，故D错误。故选A。 3.【答案】C【详解】A．助跑阶段，冰面对人的摩擦力向前，摩擦力为动力，故A错误；B．助跑阶段，冰面静止不动，人对冰面不做功，故B错误；C．滑行阶段，冰面对人的摩擦力向后，则人对冰面的摩擦力向前，故C正确；D．冰面对人的摩擦力与人对冰面的摩擦力是一对相互作用力，大小总是相等，故D错误。故选C。 4.D【详解】A．氢原子从低能级向高能级跃迁时，需要吸收能量，而不是辐射光子。因此选项A错误。B．大量处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁时，可以跃迁到n=3、n=2、n=1能级，形成的光谱线总共有6条（4→3、4→2、4→1、3→2、3→1、2→1）。因此选项B错误。C．衍射现象的明显程度与光的波长有关，波长越长，衍射现象越明显。在相同条件下，a、b、c三种光中，a光的能量最大，波长最短，因此最不容易发生明显的衍射现象。选项C错误。D．用b光照射处于n=4能级的氢原子，氢原子是否能发生电离取决于b光的能量是否足以使氢原子从n=4能级跃迁到电离态。b光的能量，因此能使处于n=4能级的氢原子发生电离电离。选项D正确。故选D。 5．【答案】C【详解】A．由题知圆的半径与椭圆的半长轴都为相等，根据开普勒第三定律可知，卫星2的周期与卫星1的周期相等，故A错误；B．两个卫星的质量关系不确定，卫星2和卫星1在C点受力不一定相同，故B错误；C．以地球球心为圆心，并过A点画出圆轨道3，如图所示： 由图可知卫星从轨道3到卫星2的椭圆轨道要在A点点火加速，做离心运动，则卫星在轨道3的速度小于卫星2在椭圆轨道A点的速度；轨道1和轨道3都是圆轨道，由万有引力提供向心力有，解得，可知轨道1上卫星的速度小于轨道3上卫星的速度，可知卫星在轨道1上经过C点的速度小于卫星2在A点的速度，故C正确；D．据前面分析，在椭圆轨道上运行的卫星2在A点适当减速，即可在半径为R的低轨道绕地球运行，不再存在与卫星1撞击的危险，故D错误。故选C。 6.D【详解】A．由图像可知，当时光线发生全反射，可知临界角为 故A错误。B．若增大，根据反射定律和折射定律可知反射角和折射角都减小，则反射光线和折射光线之间的夹角将变大，故B错误。C．若图甲中，则光线在透明材料中发生全反射，光线在透明材料中的传播时间为，又，，可得，故C错误。D．结合前面选项分析，知若图甲中，则光线在透明材料中的最短传播时间为，可得，故D正确。故选D。 7.【答案】C【详解】A．由题知，取沿斜面向下为x轴正方向，故最开始的电场强度方向沿斜面向上，若小滑块带正电，则最开始所受电场力沿斜面向上，有；即电场力大于重力沿斜面向下的分力，小滑块刚开始不可能沿斜面向下运动，所以小滑块带负电，故A错误；B．小滑块带负电，沿斜面向下运动过程中电场力先做正功，后做负功，所以机械能先增大后减小，故B错误；C．小滑块沿斜面向下运动过程中，当有最大速度时加速度为零，则有；解得，由图2可知，设此时电场强度对应的横坐标为x，则有；解得 从最开始到最大速度，根据动能定理有 解得；故C正确；D．当小滑块的速度为零时，沿斜面向下运动到最大位移，设为xm，对应的电场强度为Em，由图2可知；从最开始运动到最大位移，根据动能定理有；联立，解得，故D错误。故选C。 8. 【答案】AC【详解】A．在b→c过程中，气体压强不变，体积减小，温度降低，则气体数密度增加，气体分子平均速率减小，可知单位时间内撞击单位面积器壁的分子数增加，选项A正确；B．在c→a过程中，根据可知，气体温度不变，选项B错误；C．因ac两态温度相同，可知在a→b→c过程中，气体内能不变，气体体积减小，外界对气体做功，根据，可知气体放出的热量等于，选项C正确；D．气体在a→b→c→a循环过程中气体内能不变，但是外界对气体做功不为零，可知放出的热量不等于0，选项D错误。故选AC。 9.BD【详解】A．由原线圈正弦交流电的峰值可知变压器输入电压有效值为, 设变压器副线圈的输出电压为U2 ，根据理想变压器的电压与匝数之间的关系有, 联立解得，A错误；B．根据热力学第一定律, 气体的体积不变，所以，容器是绝热容器，则，电热丝产生的热量全部被气体吸收，联立整理得，解得，B正确，C．设加热前容器内气体的压强为p0，则加热后气体的压强为2p0，温度为T2，容器内的气体做等容变化，则有，由, 解得气体吸收的热量，C错误；。D．理想变压器的输出功率等于R的热功率，即，D正确；故选BD。 10.【答案】BD【详解】A．小球落地时重力的功率为 故A错误；B．利用微元法，小球下落过程，在竖直方向上根据动量定理有，其中 解得小球下落的时间为，故B正确； C．同理，在水平方向上根据动量定理有 其中，解得小球下落过程的水平位移大小为 故C错误；D．小球下落的过程，根据动能定理有 解得小球下落过程空气阻力所做的功为，故D正确。，故选BD。 11.（5分）【答案】(1)(2分) 5.25 (2)（1分）A (3)（2分） 【详解】（1）由题图可知，该游标卡尺的精确度为0.05，所以读数为 （2）A．本实验中物体受到的合外力通过弹簧测力计读出，而加速度则是通过匀变速直线运动间接求出，即，物体速度为，整理有 由此可知，该实验不需要测量木块（包括放在上面的砝码）的总质量M，故A项错误； B．为了让实验数据的准确，所以动滑轮两侧的轻绳需要调整为竖直，故B项正确； C．为了让弹簧测力计测的力即为物块的合外力，所以该实验需要平衡摩擦力，故C项正确； D．由上述分析可知，加速度的测量涉及物块的位移，为了减少误差，其释放木块时，应将木块的右边缘与A点重合，故D项正确。故选A。 （3）由之前的分析可知，弹簧测力计的读数F为物体所受的合力，物体的加速度为 所以应以为纵轴。 12.（9分）【答案】（1）（1分）分流 （2）①（2分 > ②（2分）减小R1 ③（2分） ④（2分） = （1）图甲中“P 接 a”时所用的是“外接法”，此时误差的根源正是电压表有有限内阻并且与待测电阻并联，造成了“电压表分流”。简而言之，电压表并未真正做到“只测电压不耗电流”，从而导致系统误差。 （2）①[1]当灵敏电流计的读数为0时，说明，但由于电流是自a 端经待测电阻 Rₓ 流向 b 端，故②[2]灵敏电流计从d 到b时指针向右偏，现实际却向左偏（即电流从b到d），说明b点电势偏高。要使电流计回到中央零点，就需“降低”b点电势，故Rx电压要增大，应减小R1。 ③[3]电流计读数为0时，待测电阻上的电压为E0，通过待测电阻的电流为I，故待测电阻为 ④[4]若电源B具有内阻但此时又无电流流出（因G无偏转），则内阻上没有电流通过，也就没有内电压降，测得 Rₓ 仍等于其真实值，所以待测电阻测量值等于真实值。 13.（10分）【答案】（1）（5分） （2）（5分）0.3m （1）碰后C球恰好能做平抛运动，则C球在圆弧顶端，根据牛顿第二定律有 C做平抛运动，在水平方向上有，在竖直方向上有，解得 （2）碰撞过程中，B球和C球组成的系统动量守恒，则有 碰后当B球恰好与横杆接触时，A、B二者具有相同的速度，A、B构成的系统水平方向动量守恒，则有；根据机械能守恒定律有，解得 14.(12分)【答案】（1）（5分） （2）（7分） （1）粒子从点离开磁场，作出运动轨迹，如图1所示 根据几何关系可知，粒子运动轨迹圆心为，则运动的轨道半径为，设粒子的质量为，电荷量为，粒子在磁场中运动，洛伦兹力提供向心力，则有 ；粒子在电场中做匀变速曲线运动，方向做匀速直线运动，则有；方向上做匀加速度直线运动，则有，根据牛顿第二定律有，解得 （2）若入射速度大小变为，设带电粒子在磁场中运动轨道半径为，洛伦兹力提供向心力，则有，结合上述解得，根据几何关系可知，粒子沿轴正方向从点射出磁场并由点进入电场，作出运动轨迹如图2所示： 因为电场方向变为沿轴负方向，粒子应从左侧点离开电场，由几何关系得射出时沿方向位移与沿方向上的位移相等，设为，其在电场中运动时间为，粒子在电场中做匀变速曲线运动，方向做匀速直线运动，则有 方向上做匀加速直线运动，则有，解得 根据几何关系可知，出射点的横坐标为 的纵坐标为，则出射点的坐标为。 15.（18分）【答案】(1)（4分）垂直纸面向里，；（4分）(3)（10分），或，CI0r0 ； 【详解】（1）由题意可知金属棒ab中的电流方向为由a到b，所受安培力方向为水平向右，由左手定则可知磁场方向为垂直纸面向里。金属棒ab释放的瞬间，由闭合电路欧姆定律可知此时通过金属棒ab的电流，它受到的安培力； 由牛顿第二定律可知此时金属棒ab的加速度； （2） 由题意可知最终ab、cd棒速度相同，且即将相互接触，ab滑过PQ后与cd组成的系统动量守恒，有：mvm=（m+2m）v，此过程中对cd使用动能定理IA=2mv，IA=FA∆t，FA=BĪL, Ē=Ī(R+0.5R) ,Ē= ,∆ɸ=BLx;解得x=； （3）情形一：当金属棒ab在PQ左端运动其电流为0时它的速度达到整个运行过程的最大值，由法拉第电磁感应定律有；当金属棒ab的速度为最大速度一半时；由闭合电路欧姆定律可知此时通过金属棒ab的电流 此时它的热功率；金属棒ab刚释放时电容器两端的电压 当金属棒ab的速度为最大速度一半时电容器两端的电压 所以此过程中电容器极板所带电荷量的变化量 情形二：当ab、cd共速时，有mvm=（m+2m）v，解得v=，易知v比ab最大速度的一半要小，则ab在PQ右端运动时也存在最大速度一半的时候， 当金属棒ab在PQ右端运动时，电容器两端电压为U3=E=3I0r0，所以此过程中电容器极板所带电荷量的变化量∆q=C∆U=C(U3-U1) ，∆q=CI0r0； mvm=m + 2mv1，解得v1= ，则此时ab、cd回路的电动势E1=BL - BL = BL E1=I1（R+0.5R），I1=，P=I12R ，P= 学科网（北京）股份有限公司 $