云南曲靖市罗平县第一中学2025-2026学年高一上学期阶段性考试（三） 物理试题

**基本信息** 罗平一中高一物理阶段性考试以运动学、力学为核心，通过选择、实验、计算三题型，结合传送带、救护车等真实情境，考查物理观念与科学思维，注重基础巩固与能力提升。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |选择题|12题48分|矢量标量、运动图像、牛顿定律|基础概念辨析，科学推理应用| |实验题|2题14分|弹簧劲度系数测量、加速度与力关系|科学探究能力，数据处理与误差分析| |计算题|3题38分|匀变速运动、受力分析、传送带问题|真实情境建模，综合应用与问题解决|

罗平县第一中学2025-2026学年上学期阶段性考试（三） 高一 物理 共7页，17小题，满分100分，训练限时90分钟。 第I卷(选择题，共48分) 1、 选择题(本大题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1~8题只有一项符合题目要求;第9~12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分) 1.矢量和标量是物理学中的基本概念。下列四组物理量中的两个物理量均为矢量的是(  ) A.位移、路程 B.时间、位移 C.速度、加速度 D.质量、加速度 2.一遥控玩具小车在平直路上运动的图像如图所示。下列说法正确的是（　　） A.前内小车通过的路程为 B.内小车做匀速直线运动 C.内小车的速度大小为 D.内小车一直沿轴负方向运动 3.从同一高度先后由静止释放两个同样的玻璃球，忽略空气阻力，在两球落地之前，下列说法正确的是(　　) A.两球的速度差越来越小，两球的间距保持不变 B.两球的速度差越来越大，两球的间距保持不变 C.两球的速度差保持不变，两球的间距越来越小 D.两球的速度差保持不变，两球的间距越来越大 4.如图所示，木块A、B并排放在光滑的水平面上，A的质量为2kg，B的质量为1kg，A受到水平向右、大小F=3N的推力作用时，两物体之间的弹力大小为N，则（　　） A.N=1N B.N=2N C.N=3N D.N=4N 5.A、B两质点做直线运动的位置−时间(x−t)的图像如图所示，已知A的x−t图像为开口向下的抛物线，t=8s时图像处于顶点，B的x−t图像为直线。关于两质点0~10s内的运动，下列说法正确的是(  ) A.0~10s内质点A的速度变化率先增大后减小 B.在0~10s内质点A的平均速度大于质点B的平均速度 C.t=10s时质点A的速度大小为3m/s D.t=10s时两质点相遇，相遇时质点A的速度小于质点B的速度 6.如图所示，在光滑水平地面上放着一个截面为圆弧的柱状物体M，M与竖直墙之间放一光滑圆球N，对物体M施加一水平向左的推力F使整个装置处于静止状态。设墙壁对N球的弹力为F1，物体M对N球的弹力为F2，现缓慢减小推力F，N球与地面始终未接触，下列说法正确的是（　　） A.N球的高度上升 B.F1减小，F2增大 C.F1增大，F2减小 D.的值不变 7.光滑水平面上放有相互接触但不粘连的两个物体A、B，物体A质量m1=1kg，物体B质量m2=2kg。如图所示，作用在两物体A、B上的力随时间变化的规律分别为FA=3＋2t（N）、FB=8-3t（N）。下列说法正确的是（  ） A.t=0时，物体A的加速度大小为3m/s2 B.t=1s时，物体B的加速度大小为m/s2 C.t=1s时，两物体A、B恰好分离 D.t=s时，两物体A、B恰好分离 8.如图所示，轻弹簧上端固定在天花板上，下端与轻弹簧的上端连接，轻弹簧的下端悬挂着质量为的重物，重物处于静止状态。重力加速度。轻弹簧的劲度系数为，两弹簧的总伸长量为，两弹簧均 在弹性限度内，则轻弹簧的劲度系数为(  ) A. B. C. D. 9.下列关于运动的描述正确的是（　　） A.速度为零的物体，加速度不一定为零 B.物体的速度方向与加速度方向相同，速度可能逐渐减小 C.速度变化量越大，加速度一定也越大 D.速度变化量的方向为负，加速度的方向也一定为负 10.甲乙两物体在同一直线上运动，甲物体的x-t图像如图甲所示，乙物体的图像如图乙所示。关于甲乙两物体在前8s内的运动，下列说法正确的是(  ) A.末甲和乙的速度相等 B.4-8s内甲和乙的位移相等 C.0-2s内甲的平均速度等于乙的平均速度 D.甲和乙都在末改变运动方向 11.如图所示，倾角为的斜面体固定在水平地面上，劲度系数为的轻弹簧下端拴接在斜面体底端的挡板上，质量为的物块拴接在轻弹簧的上端，放在斜面体上质量为的物块用非弹性轻绳与质量为的物块拴接后跨过光滑的轻质定滑轮，初始时、接触，在外力的作用下，使、间绳子伸直但无拉力。物块与滑轮间的细绳与斜面平行。(不计一切阻力和摩擦，重力加速度为，取，。下列说法正确的是(　　) A.、间绳子伸直但无拉力时，弹簧的压缩量为 B.分离瞬间，间绳子的拉力大小为 C.分离瞬间的加速度大小为 D.从静止时到分离时，的位移大小为 12.如图所示，传送带始终保持的恒定速率运行，将一煤块（可视为质点）无初速度地放在A处，煤块与传送带之间的动摩擦因数，A、B间的距离为，取。则下列说法正确的是（　　） A.煤块一直做匀加速直线运动 B.煤块经过5.1s到达处 C.煤块到达处时速度大小为 D.煤块在传送带上留下的摩擦痕迹长度为0.08m 第Ⅱ卷(非选择题，共52分) 二、实验题(本大题共2小题，共14分) 13.（6分）小王同学在“测量弹簧的劲度系数”实验中进行了如下操作： (1)按图甲所示安装好实验装置，把弹簧上端固定在铁架台的横杆上，弹簧自由下垂，此时弹簧下端指针对应的标尺刻度为___________cm。 (2)获得多组实验数据后，小王同学以弹簧弹力F为纵轴、弹簧长度L为横轴建立直角坐标系，依据实验数据作出的F—L图像如图乙所示，由图线可知弹簧的劲度系数为___________N/m。（计算结果保留两位有效数字） (3)本实验中弹簧自重对弹簧劲度系数的测量结果___________（填“有”或“无”）影响。 14.（8分）某学习小组利用如图甲所示的装置探究加速度与力、质量的关系。 请回答下列问题： (1) 调整垫块位置，进行平衡摩擦力的操作时，小车                  (选填“是”或“否”)要拴上纸带。 (2) 某次实验获得的纸带如图乙所示，相邻计数点间均有4个点未画出，打点计时器电源频率为50Hz，则小车的加速度大小为                  (保留2位有效数字)。 (3) 实验时，得到表格中数据，请在图丙中作出小车加速度a与所受合外力F关系的图像                  。 实验次数 1 2 3 4 5 6 7 8 M/kg 0.6 0.6 0.6 0.6 0.6 0.6 0.6 0.6 F/N 0.10 0.15 0.20 0.25 0.30 0.35 0.40 0.45 0.09 0.17 0.26 0.35 0.42 0.49 0.54 0.60 (4) 丙图中，图线不经过坐标原点的原因可能是                  。 三、计算题(本大题共3小题，共38分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位) 15.为抢救病人，一辆救护车紧急出发，鸣着笛沿水平直路从t＝0时由静止开始做匀加速运动，加速度大小a＝2 m/s2，在t1＝10 s时停止加速开始做匀速运动，之后某时刻救护车停止鸣笛，t2＝41 s时在救护车出发处的人听到救护车发出的最后的鸣笛声。已知声速v0＝340 m/s，求： (1) 救护车匀速运动时的速度大小； (2) 在停止鸣笛时救护车距出发处的距离。 16.用材质、粗细均相同的三段不可伸长轻绳系住灯笼后挂在墙上，如图所示，水平，与水平方向成角，灯笼质量为，(取，，)，求： (1)绳子、、的拉力大小； (2)若绳子能承受的最大拉力为，则灯笼的质量不能超过多少。 17.如图所示，以速度v0=8m/s运动的传送带与木板靠在一起，两者上表面在同一水平面上，传送带的长度L=16m，木板的质量M=1kg，现将一质量m=1kg的煤块（可视为质点）轻放到传送带的左端，煤块随传送带运动并滑到木板上，已知煤块与传送带间的动摩擦因数μ=0.4，煤块与木板间的动摩擦因数μ1=0.3，木板与地面间的动摩擦因数为μ2=0.1，煤块不会从木板上掉下去，不计传送带与木板之间的间隙对煤块速度的影响，g取10 m/s2，求： (1)煤块在传送带上运动的时间； (2)煤块在传送带上留下的划痕长度； (3)木板的最小长度。 高一物理参考答案 2、 选择题(本大题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1~8题只有一项符合题目要求;第9~12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分) 1.C【解析】矢量既有大小，又有方向，运算遵循平行四边形定则。标量只有大小，没有方向，运算遵循算术法则。位移、速度和加速度是矢量，路程、时间、质量是标量，ABD错误，C正确；故选C。 2.C【解析】路程是指运动轨迹的长度，根据图像可知，前内小车通过的路程为，A错误；内小车位置没有发生改变，小车处于静止状态，B错误；图像的斜率表示速度，斜率的正负号表示速度的方向，根据题图可知内小车的速度大小为，C正确；根据图像可知，内小车先沿轴正方向运动，随后处于静止，最后沿轴负方向运动，D错误。故选C。 3.D【解析】根据自由落体运动的速度-时间公式，可知第一个球的速度，第二个球速度，速度差，因为g和t都为定值，故速度差保持不变。根据自由落体运动的位移-时间公式，可得第一个球的位移为，第二个球的位移，位移差为，随着时间增大，间距越来越大。故选D。 4.A【解析】以A、B为整体，根据牛顿第二定律可得，解得整体加速度大小为，以B为对象，根据牛顿第二定律可得两物体之间的弹力大小为，故选A。 5.D【解析】由x−t图像可知质点A的图线为开口向下的抛物线，结合匀变速直线运动的位移公式，可知质点A做匀减速直线运动，即加速度a不变，根据加速度定义式，可知0~10s内质点A的速度变化率保持不变，A错误；根据x−t图像可知在0~10s内两质点的位移均为30m，根据平均速度定义式，可知在0~10s内两质点的平均速度相同，B错误；由于质点A做匀减速直线运动，根据x−t图像中图线的切线斜率表示速度可知，质点A在t1=8s末的速度为零，则有，且在0~10s内质点A的位移为x=30m，则有，联立解得，，可知t=10s时A的速度，C错误；根据x−t图像中质点B对应的图线为过原点的直线，可知做的是匀速直线运动，其速度大小为，即相遇时A的速度小于B的速度，D正确。故选D。 6.D【解析】小球N受重力、墙壁对N的支持力F1，M对N的支持力F2，如图所示 根据受力平衡条件，竖直方向，有，水平方向，有，整理得墙壁对N的支持力为，M对N的支持力为，现逐渐缓慢减小推力F，N球高度降低，它们仍处于静止状态，则F1减小，F2减小，故ABC错误；由力的平行四边形法则可知，所以的值不变，D正确。故选D。 7.D【解析】t=0时，FA0=3N，FB0=8N，设A和B的共同加速度大小为a，根据牛顿第二定律有 ，代入数据解得物体A的加速度大小，A错误；由分析知，A和B开始分离时，A和B速度相等，无相互作用力，且加速度相同，根据牛顿第二定律，有，，联立解得两者一起运动的时间为，故当t=1s时，A、B已分离，FB1=5N，对B受力分析，由牛顿第二定律可得物体B的加速度大小为，BC错误，D正确。故选D。 8.A【解析】重物处于静止状态，由平衡条件可得，两弹簧弹力均与物体的重力大小相等，即，由胡克定律，得，，则弹簧A的伸长量为，弹簧B的伸长量为，则轻弹簧的劲度系数为，故选A。 9.AD【解析】速度和加速度无直接关系，速度大，加速度不一定大，速度为零的物体，加速度不一定为零，A正确；物体的速度方向与加速度方向相同，速度将逐渐增加，B错误；根据加速度的定义式，可知速度变化量越大，加速度不一定也越大，C错误；速度变化量的方向与加速度的方向相同，则速度变化量的方向为负，加速度的方向也一定为负，D正确。故选AD。 10.AC【解析】根据x-t图像中图线斜率表示速度可知末甲物体速度为，根据图像可知末乙物体速度，两者速度相等，A正确；由x-t图像可知4-8s内甲物体的位移，根据图像中图线与时间轴所围面积表示位移，可知4-8s内乙物体的位移，，两者位移不等，B错误；0~2s甲物体的位移，，0~2s乙物体位移，，两者平均速度相等，C正确；根据x-t图像斜率的正负代表速度方向可知，4s前斜率为正(正向运动)，4s后斜率为负(反向运动)，所以甲在4s末改变方向。根据图像中速度正负代表方向，4s末速度仍为正(4m/s)，6s末速度才变为负，所以乙在4s末未改变方向，D错误。故选AC。 11.AD【解析】在初始时b、c间无拉力，对a、b整体受力分析，沿斜面方向，根据平衡条件有，解得弹簧的压缩量为，A正确；在分离瞬间，a、b、c三个物体的加速度大小都相等，设为，对c受力分析，竖直方向上，根据牛顿第二定律，有，对b受力分析，沿斜面方向上，根据牛顿第二定律，有，联立解得分离瞬间，间绳子的拉力大小，的加速度大小为，B错误；由于分离瞬间、加速度相等，即的加速度大小为，C错误；初始时、静止，则弹簧初始压缩量，当、分离瞬间，、之间的弹力为零，根据牛顿第二定律，对受力分析，沿斜面方向上，根据牛顿第二定律，有，解得ab分离时弹簧伸长量，故a的位移，D正确。故选AD。 12.BC【解析】开始时煤块初速度为零，相对传送带向右滑动，设煤块刚开始时的加速度为，煤块从放上传送带到与传送带共速过程中的位移为，由牛顿第二定律，有，解得煤块的加速度为，根据匀变速直线运动的速度-位移公式，解得煤块加速阶段的位移为，由于，所以煤块是先做初速度为0的匀加速直线运动，与传送带共速后，做匀速直线运动，故煤块到达处时速度大小为，A错误，C正确；设煤块在传送带上做加速运动的时间为，做匀速运动的时间为，根据匀变速直线运动的速度-时间公式，匀速阶段，有，，解得煤块到达处所用时间为，B正确；煤块在传送带上留下的摩擦痕迹长度，D错误。故选BC。 13. (1)10.20；(2)75；(3)无 【解析】（1）图甲可知，刻度尺最小分度值为1mm，故读数需要估读到分度值的下一位，则读数为10.20cm； （2）由于弹簧自由下垂时，弹簧下端指针对应的标尺刻度为10.20cm，可知弹簧原长，根据胡克定律，有，可知图像斜率即为弹簧劲度系数，即弹簧的劲度系数为 （3）弹簧自重会使弹簧在不受外力时就有一定的伸长量，则未钩码时有，挂上钩码后弹簧弹力，联立解得弹簧弹力，可知图像斜率仍表示弹簧劲度系数，故对测量结果无影响。 14. (1) 是； (2) 0.42； (3) ； (4) 平衡摩擦力不足 【解析】(1) 平衡摩擦力时，不需要挂纸带，因为纸带与打点计时器限位孔之间也存在阻力，所以平衡摩擦力时，平衡的是小车与木板间的摩擦力和纸带阻力的总和，也应拴着纸带。 (2)已知打点计时器电源频率为50Hz，相邻计数点间均有4个点未画出，则时间为，由逐差法可知，解得小车的加速度大小 (3) 根据牛顿第二定律F=ma可知，图像为一条过原点的倾斜直线，如图所示 (4) 由图可知拉力达到一定值时才有加速度可知，图线不经过坐标原点，原因可能是平衡摩擦力不足。 15.(1) 20 m/s 【解析】根据匀变速运动速度公式v＝at1 可得救护车匀速运动时的速度大小 v＝2×10 m/s＝20 m/s (2) 680 m 【解析】救护车匀加速运动过程中的位移 x1＝at12＝100 m 设在t3时刻停止鸣笛，根据题意可得 ＋t3＝t2 停止鸣笛时救护车距出发处的距离 x＝x1＋(t3－t1)v 代入数据联立解得x＝680 m。 16. (1)，，； (2) 【解析】(1) 设绳OA的拉力为，OB的拉力为，OC的拉力为，对灯笼受力分析，根据平衡条件可得，绳子的拉力大小 对结点受力分析，根据平衡条件，竖直方向上，有 水平方向，有 解得绳子、的拉力大小分别为， (2) 绳子能承受的最大拉力为，逐渐增大灯笼质量，当绳子OB的拉力时，竖直方向上，有 解得灯笼的质量 17. (1)3s；(2)8m；(3)8m 【解析】(1)煤块在传送带上加速，由牛顿第二定律得 解得煤块在传送带上的加速度大小为 根据匀速直线运动的速度-时间公式，煤块与传送带共速时，所用时间为 根据匀变速直线运动的位移-时间公式，该过程煤块通过的位移大小为 煤块在传送带上匀速阶段所用时间为 则煤块在传送带上运动的时间为 (2)共速前煤块与传送带发生的相对位移为 则煤块在传送带上留下的划痕长度为。 (3)对煤块为研究对象，由牛顿第二定律得 解得煤块的加速度大小为 对木板受力分析，由牛顿第二定律得 解得木板的加速度大小为 设经过时间，煤块与木板共速，根据匀变速直线运动的速度-时间公式，有 解得煤块与木板共速的时间为 煤块与木板共速的速度大小为 该过程煤块与木板发生的相对位移为 代入数据解得煤块与木板发生的相对位移大小，则木板的最小长度为。 偏小或所挂的砝码桶及桶内砝码的总质量过大，C错误，D正确。 第1页 共1页 学科网（北京）股份有限公司 $