精品解析：2026年广东省初中学业水平考试考前押题卷1

2026年广东省初中学业水平考试考前押题卷1 注意事项： 1.答题前，考生务必用黑色字迹的签字笔或钢笔将自己的准考证号、姓名、考场号和座位号填写在答题卡上。用2B铅笔在“考场号”和“座位号”栏相应位置填涂自己的考场号和座位号。将条形码粘贴在答题卡“条形码粘贴处”。 2.作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用塑料橡皮擦干净后，再选涂其他答案，答案不能答在试卷上。 3.非选择题必须用黑色字迹的签字笔或钢笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答的答案无效。 4.考生必须保持答题卡的整洁。考试结束后，将试卷和答题卡一并交回。 一、选择题：本大题共7小题，每小题3分，共21分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1. 古人云：“不积跬步，无以至千里”。人正常行走时，单脚迈出一次为“跬”，则与一“跬”距离最接近的是（ ） A. 60cm B. 60dm C. 120cm D. 120dm 2. 现代汽车领域广泛利用AI（人工智能）语音助手，实现“人与车”全场景自然交互。AI对人的语音指令做出回应（ ） A. 属于超声波的应用 B. 属于次声波的应用 C. 说明声音可以传递信息 D. 说明声音可以传递能量 3. 如题图所示，市场里的商家将海鲜放在冰块上保鲜，主要是利用冰块（　　） A. 汽化吸热 B. 液化放热 C. 熔化吸热 D. 凝华放热 4. 物体在平面镜中像的大小取决于（　　） A. 平面镜的大小 B. 平面镜的厚度 C. 物体本身的大小 D. 物体到平面镜的距离 5. 如图所示用不同方向的拉力、、匀速拉动重力为G的物体时，不计绳重和摩擦，下列说法中正确的是（ ） A. B. C. 和是一对平衡力 D. 和G是一对平衡力 6. 2025年10月31日，我国“长征二号F遥”将“神州21号”飞船顺利送入预定轨道。如下图是火箭发射时的情景，下列说法正确的是（ ） A. 火箭加速升空过程中，飞船的动能增大，重力势能不变 B. 火箭加速升空过程中，飞船相对于火箭是运动的 C. 火箭以氢为燃料，是因为氢的热值小 D. 火箭加速升空过程中，力改变了火箭的运动状态 7. 某同学家的智能电动窗帘，既可通过语音开关控制，也可轻拉窗帘激活“触控”开关控制。若用表示语音开关，表示“触控”开关，下列电路设计符合要求的是（ ） A. B. C. D. 二、填空题：本大题共7小题，每空1分，共21分。 8. “滚滚长江东逝水，浪花淘尽英雄”，说明江水有______能，0℃的水______（选填“具有”或“不具有”）内能，“遥知不是雪，为有暗香来”，说明分子在做______运动。 9. 鹊桥二号中继星是嫦娥六号与地球之间的“通信桥梁”，鹊桥二号中继星是通过 ________ 传递信息的。嫦娥六号利用太阳能电池供电，太阳能属于 ________ （选填“可再生”或“不可再生”）能源，太阳能来自于太阳内部发生的 ________ （选填“核裂变”或“核聚变”）反应。 10. 如下图所示的托里拆利实验中，测得此时的大气压强等于_____m高水银柱所产生的压强，该气压下水的沸点______（选填“高于”、“低于”或“等于”）100℃。如果玻璃管进了少量空气，则测得的大气压强将___________（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。 11. 许多博物馆会在较为精巧的文物前放置一块放大镜，如下图所示。放大镜属于________（选填“凸透镜”、“凹透镜”或“凸面镜”），通过放大镜看到的是______（选填“正立”或“倒立”）的________（选填“实像”或“虚像”）。 12. 如题图所示装置，闭合开关，线圈开始转动，磁场对线圈____（选填“有”“无”）作用力，其工作原理与____（选填“发电机”“电动机”）相同。仅调换电源的正负极，线圈转动方向与原转动方向_____。 13. 如下图甲所示的电路中，电源电压恒定，开关S闭合时，电流表​和​的指针位置如图乙所示，则通过的电流为________A，通过的电流为________A；若通电一段时间后，的灯丝断了，则电流表​的示数将_________（选填“变大”、“变小”或“不变”）。 14. 汽油机是燃油汽车的动力来源之一。如图所示是某台汽油机工作时的能量数据，图中横线处应填写的内容是：①______②______。若汽油的热值为，则该工作过程中消耗的汽油质量为______kg。 三、作图题：本题7分。 15. （1）如图所示是在竖直方向上用手握着一只空杯子并使其保持静止状态的情景，请分析并在图中画出杯子在竖直方向上所受到的力。（点O为杯子重心） （2）如图所示，一束光线射向平面镜，请画出其反射光线并标出反射角。（保留作图痕迹） （3）请用笔画线代替导线，将图中所示电热水壶的3条接线按照安全用电的原则对应连接到插头上。（导线不要交叉，横平竖直） 四、实验题：本大题共3小题，第16小题7分，第17小题6分，第18小题7分，共20分 16. （1）小明同学用下图所示的器材测量凸透镜的焦距，则该凸透镜的焦距为__________cm，该透镜对光有___________作用。 （2）下图中甲、乙是小明家电能表两次的总电量，则本月小明家已用电________度；丙图中机械停表的读数是_____________s。 （3）下图甲中A、B、C三种读取温度计示数的方法，其中正确的是______，温度计的示数为________℃。图乙和丙是水在沸腾前和沸腾时气泡的上升情况，其中表示沸腾前的是图________。 17. 在学习了密度知识以后，小明利用托盘天平、烧杯和水测量牛奶的密度，他进行了如下操作： （1）将天平放在水平桌面上，将游码移到零刻度线处，指针位置如图甲所示，应向_______（填“左”或“右”）调节平衡螺母，直至横梁平衡。 （2）接着小明将牛奶倒入量筒，如图乙所示，则牛奶的体积为_______。 （3）然后用调节好的天平测出空烧杯的质量为33g，接着将量筒中的牛奶全部倒入烧杯中，用天平测量烧杯和牛奶的总质量，天平平衡时如图丙所示，根据实验数据测得牛奶的密度为______。 （4）此方法测得的密度值比真实值偏_____（填“大”或“小”）。 （5）为减少上述实验误差，小刚设计了如下方案： ①用天平测出烧杯和牛奶的总质量； ②把烧杯中牛奶的一部分倒入量筒中，读出牛奶的体积V； ③再用天平测出____________的质量； ④计算牛奶的密度ρ=_____________（用测量出的物理量表示） 18. 在“用电流表和电压表测量电阻”的实验中： （1）第一小组连接了如图甲所示的电路，闭合开关前发现有一根导线连接错误。请在错误的导线上画“×”，并画出这根导线的正确连接位置； （2）正确连接电路后，闭合开关前，滑动变阻器的滑片要置于最大值处，其作用是为了________； （3）正确连接电路后，闭合开关，发现电流表有示数，电压表无示数。出现这个现象的原因可能是______（选填序号）； A. 待测电阻断路 B. 待测电阻短路 C. 电压表接线柱接触不良 D. 滑动变阻器短路 （4）排除电路故障后，小组同学继续实验，并将记录的数据填写在下表： 实验次数 1 2 3 4 5 6 电压U/V 1.0 1.2 1.5 1.8 2.0 2.5 电流I/A 0.10 0.12 0.16 0.18 0.20 0.24 由表中数据可得该电阻的阻值为______Ω（取整数）。 （5）第二小组利用上述器材测量另一电阻时，根据所测数据作出的图像如图乙所示，小组交流发现电压表跟____________并联，但利用这个图像也能求出待测电阻的阻值，其阻值为______Ω。 五、计算题：本大题共2小题，第19小题6分，第20小题7分，共13分。 19. 如图是一台火灾现场侦察、灭火的消防机器人，其质量为600kg，履带与地面接触的总面积为0.5m2，以3m/s的速度在水平地面沿直线匀速前进了1min，行驶时所受阻力为自重的0.02倍（g取10N/kg）．求： （1）消防机器人在1min内通过的路程． （2）消防机器人静止在水平地面时，对地面产生的压强． （3）在水平地面匀速直线前进的过程中，消防机器人牵引力做功的功率． 20. 如图是一台电热足浴器内部等效电路图，和均为电热丝，，，两电热丝的电阻均不变。该足浴器有低温挡、中温挡和高温挡3个挡位。在足浴器中装入质量为4kg、初温为25℃的水，用高温挡将水加热到34℃时，共用时3min.[] （1）开关S0闭合、S接2时，足浴器处于_______（填“低温”、“高温”或“中温”）挡工作。 （2）该足浴器高温挡的额定功率为多少W？ （3）该足浴器的加热效率是多少？ 六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。 21. 明代宋应星在《天工开物》中记载的农业生产汲水装置——辘轳，沿用至今。如图甲是一种辘轳，由具有共同转动轴的大轮和小轮组成。提水时，小轮随之转动并缠绕井绳，提起水桶。 （1）如图甲所示辘轳可视为不等臂杠杆，为方便提水，它是按照 ___________（选填“省力”或“费力”）杠杆来设计的。 （2）用辘轳提水的某时刻示意图如图乙所示，它的支点是“A”“B”或“C”中的 ___________点。 （3）设大轮与小轮的半径比为3：1，水桶受到的总重力为90N。使周长为3m的大轮转动一圈，小轮转动的距离 ___________m，若要使辘轳静止在图乙所示位置，作用在C点最小的力应为 ___________N。（不计井绳的粗细和自重） （4）图丙所示水龙头开关的设计也应用了同样的原理，为了更省力，开关应选用 ___________（选填“①”或“②”）。 （5）你还知道生活中哪些应用利用了大轮、小轮的应用 ___________。 22. 如图甲所示是我国最大的半潜船新光华号，其排水量为10.2万吨（排水量是轮船装满货物时排开水的质量），下潜吃水深度30.5米，主甲板最深可潜入水下16米．不仅能够运输海上钻井平台，还能够运输大型的战舰。 （1）半潜船可以通过水舱充水或排水来改变自身重力，当它所受重力______（选填“大于”“等于”或“小于”）浮力时，开始下潜； （2）新光华号满载时受到的浮力大小为______N，当它下潜到最大深度时，主甲板受到水的压强为______Pa；（，g取10N/kg） （3）小明设计了如图乙所示的装置模拟半潜船的运动过程，其中M模拟半潜船，内部有水舱，可以通过阀门排水或充水，N模拟货物，则由图乙到图丙的过程，物体M要通过阀门______（选填“排水”或“充水”），M受到的浮力变______，容器中水面的高度______（选填“升高”“降低”或“不变”）。 23. 阅读材料，回答问题。 变频空调 物态变化时会吸收或放出热量，空调制冷时就是利用此原理将室内的热量“搬”到室外的，空调制冷的核心元件是压缩机。由于国家电网的供电频率不变，所以定频空调压缩机的转速也不变，依靠不断“开、停”空调来调节室内温度，在一开一停之间容易造成室温忽冷忽热，并消耗较多电能。变频空调是指加装了变频器的空调，基本结构和制冷原理跟定频空调完全相同，图甲是其制冷系统简图。 变频器是用来控制和调整压缩机转速的系统，变频空调每次开启时，先以最大功率、最大风量进行制冷，迅速接近所设定的温度；达到设定温度后，压缩机便以低转速、低能耗状态工作，仅以所需的功率维持设定的温度。这样不但温度稳定，还避免了压缩机频繁启停所造成的寿命衰减，而且耗电量大大下降，实现了高效节能。 空调的制冷量（CC）是指空调单位时间内从室内去除热量的总和，通常用匹数表示。空调的输入功率是指空调在正常工作时单位时间内消耗的电能。能源消耗效率（APF）的大小等于一段时间内从室内除去热量的总和与消耗电能的总和之比。国家标准中实测APF应不小于表1规定。 表2是两款家用空调的部分信息，在同等条件下工作时，其功率随时间变化的图像如图乙所示。 表1 额定制冷量CC/W 全年能源消耗效率（APF） 能效等级 1级 2级 3级 4级 5级 CC＜4500 5.00 4.50 4.00 3.50 3.30 4500＜CC＜7100 4.50 4.00 3.50 3.30 3.20 7100＜CC＜14000 4.20 3.70 3.30 3.20 3.10 表2 空调类型 定频空调 变频空调 匹数 1.5 额定制冷量/W 3500 输入功率 900 60-1650 售价/元 1699 1899 （1）蒸发器在空调的室内机里，是因为制冷剂经过蒸发器时_______________（填物态变化名称）_________（选填“吸收”或“放出”）热量； （2）压缩机转速减小时，空调的制冷能力____________（选填“增强”或“减弱”）； （3）由表格可知，该定频空调的能效等级是___________级； （4）根据图乙，在开始工作的20min，定频空调消耗的电能是____________J，变频空调消耗的电能是_____________J； 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 2026年广东省初中学业水平考试考前押题卷1 注意事项： 1.答题前，考生务必用黑色字迹的签字笔或钢笔将自己的准考证号、姓名、考场号和座位号填写在答题卡上。用2B铅笔在“考场号”和“座位号”栏相应位置填涂自己的考场号和座位号。将条形码粘贴在答题卡“条形码粘贴处”。 2.作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用塑料橡皮擦干净后，再选涂其他答案，答案不能答在试卷上。 3.非选择题必须用黑色字迹的签字笔或钢笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答的答案无效。 4.考生必须保持答题卡的整洁。考试结束后，将试卷和答题卡一并交回。 一、选择题：本大题共7小题，每小题3分，共21分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1. 古人云：“不积跬步，无以至千里”。人正常行走时，单脚迈出一次为“跬”，则与一“跬”距离最接近的是（ ） A. 60cm B. 60dm C. 120cm D. 120dm 【答案】A 【解析】 【详解】一“跬”是人单脚迈出一次的距离，即正常行走的一步距离。正常成年人行走时，单脚迈出一步的步幅大约在50cm∼70cm之间，120cm是两步的距离，不符合一“跬”的定义。因此最接近的是60cm。故选A。 2. 现代汽车领域广泛利用AI（人工智能）语音助手，实现“人与车”全场景自然交互。AI对人的语音指令做出回应（ ） A. 属于超声波的应用 B. 属于次声波的应用 C. 说明声音可以传递信息 D. 说明声音可以传递能量 【答案】C 【解析】 【详解】AB．人发出的语音频率范围是20∼20000Hz，属于可听声波，既不是超声波（频率高于20000Hz）也不是次声波（频率低于20Hz），故AB错误； CD．AI通过接收人的语音指令获取操作信息，再做出回应，这个过程说明声音可以传递信息；声音传递能量的典型应用是超声清洗、击碎结石等，本题场景不涉及传递能量，故C正确，D错误。 故选C。 3. 如题图所示，市场里的商家将海鲜放在冰块上保鲜，主要是利用冰块（　　） A. 汽化吸热 B. 液化放热 C. 熔化吸热 D. 凝华放热 【答案】C 【解析】 【详解】冰块由固态变为液态（熔化）时，需要从周围环境吸收热量，使周围温度降低，从而达到给海鲜降温、保鲜的目的，所以这是利用了冰的熔化吸热。故ABD不符合题意，C符合题意。 故选C。 4. 物体在平面镜中像的大小取决于（　　） A. 平面镜的大小 B. 平面镜的厚度 C. 物体本身的大小 D. 物体到平面镜的距离 【答案】C 【解析】 【详解】平面镜成的像与物体等大，所以物体在平面镜中像的大小只取决于物体本身的大小，故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 5. 如图所示用不同方向的拉力、、匀速拉动重力为G的物体时，不计绳重和摩擦，下列说法中正确的是（ ） A. B. C. 和是一对平衡力 D. 和G是一对平衡力 【答案】A 【解析】 【详解】AB．为定滑轮相当于一个等臂杠杆，力臂均为轮的半径，只能改变力的方向，而不省力，故用定滑轮拉同一重物，沿三个不同方向，用的拉力大小相等，不计绳重和摩擦，则 故A 正确，B错误； CD．二力平衡的条件是两个力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，和、和G均不满足“方向相反、作用在同一条直线上”这一条件，所以都不是一对平衡力，故C、D错误。 故选A。 6. 2025年10月31日，我国“长征二号F遥”将“神州21号”飞船顺利送入预定轨道。如下图是火箭发射时的情景，下列说法正确的是（ ） A. 火箭加速升空过程中，飞船的动能增大，重力势能不变 B. 火箭加速升空过程中，飞船相对于火箭是运动的 C. 火箭以氢为燃料，是因为氢的热值小 D. 火箭加速升空过程中，力改变了火箭的运动状态 【答案】D 【解析】 【详解】A．火箭加速升空时，飞船质量不变，速度增大，动能增大；同时飞船升空高度增加，重力势能也增大，故A错误； B．火箭加速升空过程中，飞船固定在火箭上，相对火箭的位置没有发生变化，因此飞船相对于火箭是静止的，故B错误； C．火箭选择氢作为燃料，是因为氢的热值大，相同质量的氢完全燃烧可以放出更多热量，故C错误； D．力的作用效果包括改变物体的形状和改变物体的运动状态，火箭加速升空过程中，速度不断增大，运动状态改变，说明力改变了火箭的运动状态，故D正确。 故选D。 7. 某同学家的智能电动窗帘，既可通过语音开关控制，也可轻拉窗帘激活“触控”开关控制。若用表示语音开关，表示“触控”开关，下列电路设计符合要求的是（ ） A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【详解】由题知，语音开关（）、触控开关（）能单独关闭合使电动机启动工作，所以两个开关应并联后再与电动机串联在电源上。 故选B。 二、填空题：本大题共7小题，每空1分，共21分。 8. “滚滚长江东逝水，浪花淘尽英雄”，说明江水有______能，0℃的水______（选填“具有”或“不具有”）内能，“遥知不是雪，为有暗香来”，说明分子在做______运动。 【答案】 ①. 机械 ②. 具有 ③. 无规则 【解析】 【详解】[1]江水由于运动而具有动能，由于处于一定的高度而具有重力势能，动能和势能统称为机械能，所以江水有机械能。 [2]内能是物体内部所有分子热运动的动能和分子间势能的总和。一切物体都具有内能，0℃的水具有内能。 [3]“遥知不是雪，为有暗香来”，香气飘散，使人远处就能感知到，这体现了气体分子的扩散现象，原因是分子在不停地做无规则运动。 9. 鹊桥二号中继星是嫦娥六号与地球之间的“通信桥梁”，鹊桥二号中继星是通过 ________ 传递信息的。嫦娥六号利用太阳能电池供电，太阳能属于 ________ （选填“可再生”或“不可再生”）能源，太阳能来自于太阳内部发生的 ________ （选填“核裂变”或“核聚变”）反应。 【答案】 ①. 电磁波 ②. 可再生 ③. 核聚变 【解析】 【详解】[1]电磁波能够在真空中传播且不需要介质，因此太空中的鹊桥二号中继星通过电磁波实现与地球和嫦娥六号之间的信息传递。电磁波的这一特性使其成为宇宙通信的主要载体。 [2]太阳能可以从自然界中持续再生，属于可再生能源。与煤炭、石油等不可再生能源相比，太阳能具有环保、无污染且储量无限的特点，符合可持续发展要求。 [3]太阳的能量来源于其内部氢原子核在高温高压条件下结合成氦原子核的核聚变反应。核聚变会释放巨大能量，是太阳及其他恒星发光发热的根本原因，与核裂变（如核电站反应）有本质区别。 10. 如下图所示的托里拆利实验中，测得此时的大气压强等于_____m高水银柱所产生的压强，该气压下水的沸点______（选填“高于”、“低于”或“等于”）100℃。如果玻璃管进了少量空气，则测得的大气压强将___________（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。 【答案】 ①. 0.75 ②. 低于 ③. 偏小 【解析】 【详解】托里拆利实验中，大气压强等于管内外水银面的竖直高度差对应的水银柱压强，不是倾斜的管长。图中竖直高度为750 mm，换算单位得； 标准大气压对应760 mm高水银柱，气压越低，水的沸点越低，标准大气压下水的沸点为，此处气压小于标准大气压，因此沸点低于； 若玻璃管进入少量空气，管内空气会对水银柱产生向下的压强，抵消部分大气压的作用，导致水银柱高度降低，因此测得的大气压偏小。 11. 许多博物馆会在较为精巧的文物前放置一块放大镜，如下图所示。放大镜属于________（选填“凸透镜”、“凹透镜”或“凸面镜”），通过放大镜看到的是______（选填“正立”或“倒立”）的________（选填“实像”或“虚像”）。 【答案】 ①. 凸透镜 ②. 正立 ③. 虚像 【解析】 【详解】[1][2][3]放大镜的本质是凸透镜，根据凸透镜成像规律，当被观察物体到放大镜的距离小于凸透镜一倍焦距时，放大镜会成正立、放大的虚像，符合观察精巧文物放大细节的需求。 12. 如题图所示装置，闭合开关，线圈开始转动，磁场对线圈____（选填“有”“无”）作用力，其工作原理与____（选填“发电机”“电动机”）相同。仅调换电源的正负极，线圈转动方向与原转动方向_____。 【答案】 ①. 有 ②. 电动机 ③. 相反 【解析】 【详解】[1]如题图所示装置，闭合开关，线圈开始转动，说明线圈受力的作用即磁场对线圈有作用力。 [2]电动机的原理是通电导体在磁场中受力的作用，发电机原理是电磁感应，因此其工作原理与电动机相同。 [3]仅调换电源的正负极，电流方向改变，线圈转动方向与原转动方向相反。 13. 如下图甲所示的电路中，电源电压恒定，开关S闭合时，电流表​和​的指针位置如图乙所示，则通过的电流为________A，通过的电流为________A；若通电一段时间后，的灯丝断了，则电流表​的示数将_________（选填“变大”、“变小”或“不变”）。 【答案】 ①. 0.3 ②. 0.9 ③. 不变 【解析】 【详解】[1]由图甲可知，与并联，电流表​测支路电流，​测干路总电流。根据并联电路电流特点：干路电流等于各支路电流之和，因此​示数大于​示数，两表量程不同。​测支路电流，选0∼0.6A量程，分度值0.02A，读数为0.3A，即通过的电流为0.3A。 [2]​测干路电流，选0∼3A量程，分度值0.1A，读数为总电流，因此通过的电流 [3]并联电路中各支路独立工作、互不影响，灯丝断后，两端电压仍等于电源电压，电阻不变，因此通过的电流不变，电流表​的示数不变。 14. 汽油机是燃油汽车的动力来源之一。如图所示是某台汽油机工作时的能量数据，图中横线处应填写的内容是：①______②______。若汽油的热值为，则该工作过程中消耗的汽油质量为______kg。 【答案】 ①. 1.61×105 ②. 机械 ③. 3.5×10-3 【解析】 【详解】[1][2]汽油机中燃料完全燃烧放出的热量等于损失的能量和有用的机械能之和，燃料完全燃烧放出的热量Q放=W损失+W有用=1.2×105J+4.1×104J=1.61×105J [3]该工作过程中消耗的汽油质量为 三、作图题：本题7分。 15. （1）如图所示是在竖直方向上用手握着一只空杯子并使其保持静止状态的情景，请分析并在图中画出杯子在竖直方向上所受到的力。（点O为杯子重心） （2）如图所示，一束光线射向平面镜，请画出其反射光线并标出反射角。（保留作图痕迹） （3）请用笔画线代替导线，将图中所示电热水壶的3条接线按照安全用电的原则对应连接到插头上。（导线不要交叉，横平竖直） 【答案】（1） （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 手握着一只空杯子并使其保持静止状态，竖直方向上受到的重力和摩擦力是一对平衡力，过O点，分别作一条竖直向下、竖直向上的带箭头线段，两段长度相等，向下的线段标注G（重力），向上的线段标注f（摩擦力）即可。据此作图。 【小问2详解】 过入射点作垂直于平面镜的虚线，即为法线；已知入射光线与镜面夹角为，因此入射角为，反射角等于入射角，大小为；在法线另一侧画出反射光线，标出反射光线与法线的夹角（即反射角），标注，保留作图痕迹即可。据此作图。 【小问3详解】 带保险丝的出线，连接插头的相线；电阻丝引出的另一根工作线，连接插头的中性线；电水壶外壳引出的保护线，连接插头的保护线； 保证导线不交叉、横平竖直即可。据此作图。 四、实验题：本大题共3小题，第16小题7分，第17小题6分，第18小题7分，共20分 16. （1）小明同学用下图所示的器材测量凸透镜的焦距，则该凸透镜的焦距为__________cm，该透镜对光有___________作用。 （2）下图中甲、乙是小明家电能表两次的总电量，则本月小明家已用电________度；丙图中机械停表的读数是_____________s。 （3）下图甲中A、B、C三种读取温度计示数的方法，其中正确的是______，温度计的示数为________℃。图乙和丙是水在沸腾前和沸腾时气泡的上升情况，其中表示沸腾前的是图________。 【答案】（1） ①. 12.0 ②. 会聚 （2） ①. 10 ②. 275 （3） ①. B ②. 96 ③. 丙 【解析】 【小问1详解】 [1]平行于主光轴的光线经凸透镜会聚到焦点，焦距是焦点到凸透镜光心的距离。由图可知，凸透镜在40.0 cm刻度处，光屏（焦点）在52.0 cm刻度处，因此焦距 [2]凸透镜对光有会聚作用。 【小问2详解】 [1]本月用电量=当前总电量-上月总电量，即 [2]停表小表盘（分钟盘）指针在4 min~5 min之间，且超过半格（即超过4分30秒），大表盘（秒盘）读数为35s，总读数为 【小问3详解】 [1]温度计读数时视线需要与液柱上表面相平，A俯视读数偏大、C仰视读数偏小，只有B正确。 [2]该温度计分度值为，示数越往上越大，读数为。 [3]水沸腾前上层水温低于下层，气泡上升时，内部水蒸气遇冷液化，气泡体积逐渐变小，因此丙是沸腾前；沸腾时整杯水温度一致，气泡上升过程中体积随压强减小而变大，乙是沸腾时。 17. 在学习了密度知识以后，小明利用托盘天平、烧杯和水测量牛奶的密度，他进行了如下操作： （1）将天平放在水平桌面上，将游码移到零刻度线处，指针位置如图甲所示，应向_______（填“左”或“右”）调节平衡螺母，直至横梁平衡。 （2）接着小明将牛奶倒入量筒，如图乙所示，则牛奶的体积为_______。 （3）然后用调节好的天平测出空烧杯的质量为33g，接着将量筒中的牛奶全部倒入烧杯中，用天平测量烧杯和牛奶的总质量，天平平衡时如图丙所示，根据实验数据测得牛奶的密度为______。 （4）此方法测得的密度值比真实值偏_____（填“大”或“小”）。 （5）为减少上述实验误差，小刚设计了如下方案： ①用天平测出烧杯和牛奶的总质量； ②把烧杯中牛奶的一部分倒入量筒中，读出牛奶的体积V； ③再用天平测出____________的质量； ④计算牛奶的密度ρ=_____________（用测量出的物理量表示） 【答案】（1）左 （2）30 （3） （4）小 （5） ①. 烧杯和剩余牛奶 ②. 【解析】 【小问1详解】 天平调平时，游码归零后指针偏右，说明右侧偏重，平衡螺母向指针偏转的反方向调节，因此向左调平衡螺母。 【小问2详解】 由图乙可知，量筒分度值为2mL，液面与30mL刻度线对齐，单位换算后牛奶体积为。 【小问3详解】 烧杯和牛奶总质量为砝码质量加游码示数 牛奶质量 根据密度公式得 【小问4详解】 量筒中的牛奶倒入烧杯时，量筒壁会残留牛奶，导致测得的牛奶质量偏小，体积测量准确，由​可知，测得的密度比真实值偏小。 【小问5详解】 [1][2]改进实验的原理是：倒出牛奶的质量等于总质量减去烧杯和剩余牛奶的质量，倒出牛奶体积为量筒读出的V，因此步骤③需要测量烧杯和剩余牛奶的质量​，密度表达式为。 18. 在“用电流表和电压表测量电阻”的实验中： （1）第一小组连接了如图甲所示的电路，闭合开关前发现有一根导线连接错误。请在错误的导线上画“×”，并画出这根导线的正确连接位置； （2）正确连接电路后，闭合开关前，滑动变阻器的滑片要置于最大值处，其作用是为了________； （3）正确连接电路后，闭合开关，发现电流表有示数，电压表无示数。出现这个现象的原因可能是______（选填序号）； A. 待测电阻断路 B. 待测电阻短路 C. 电压表接线柱接触不良 D. 滑动变阻器短路 （4）排除电路故障后，小组同学继续实验，并将记录的数据填写在下表： 实验次数 1 2 3 4 5 6 电压U/V 1.0 1.2 1.5 1.8 2.0 2.5 电流I/A 0.10 0.12 0.16 0.18 0.20 0.24 由表中数据可得该电阻的阻值为______Ω（取整数）。 （5）第二小组利用上述器材测量另一电阻时，根据所测数据作出的图像如图乙所示，小组交流发现电压表跟____________并联，但利用这个图像也能求出待测电阻的阻值，其阻值为______Ω。 【答案】（1） （2）保护电路 （3）BC （4）10 （5） ①. 滑动变阻器 ②. 4 【解析】 【小问1详解】 原电路中电压表未并联在待测电阻两端，连接定值电阻右端与滑动变阻器左下接线柱的导线上画×，将电压表3V接线柱改接至待测电阻的右接线柱，使电压表并联在待测电阻两端（改接示意图描述如上，原理正确即可）。据此作图。 【小问2详解】 闭合开关前，滑动变阻器阻值最大，可使电路初始电流最小，避免电流过大损坏器材，保护电路。 【小问3详解】 电流表有示数说明电路是通路： A. 待测电阻断路：电路断开，电流表无示数，故A错误； B. 待测电阻短路：电压表被短路，示数为0，电路通路，电流表有示数，故B正确； C. 电压表接线柱接触不良：电压表断路无示数，不影响电路通路，电流表有示数，故C正确； D. 滑动变阻器短路：电路通路，电压表有示数，故D错误。 故选BC。 【小问4详解】 分别计算6次实验的电阻第一次 第二次 第三次 第四次 第五次 第六次 平均电阻 【小问5详解】 [1]正常伏安法测电阻，待测电阻的图像是随电流增大电压增大的上升直线，本题中电压随电流增大而减小，符合滑动变阻器的电压变化规律：电源电压​，电流增大时，待测电阻电压增大，滑动变阻器电压减小，因此电压表并联在滑动变阻器两端。 [2]由图得：电源电压，当电压表示数时，电流，因此待测电阻 五、计算题：本大题共2小题，第19小题6分，第20小题7分，共13分。 19. 如图是一台火灾现场侦察、灭火的消防机器人，其质量为600kg，履带与地面接触的总面积为0.5m2，以3m/s的速度在水平地面沿直线匀速前进了1min，行驶时所受阻力为自重的0.02倍（g取10N/kg）．求： （1）消防机器人在1min内通过的路程． （2）消防机器人静止在水平地面时，对地面产生的压强． （3）在水平地面匀速直线前进的过程中，消防机器人牵引力做功的功率． 【答案】（1）180m （2）12000pa（3）360w 【解析】 【详解】（1）由v=知道，消防机器人在1min内通过的路程是： s=vt=3m/s×60s=180m； （2）根据题意知道，机器人对地面的压力等于其身的重力，即 F=G=mg=600kg×10N/kg=6000N， 履带与地面接触的总面积是：S=0.5m2 故它对地面的压强是： （3）根据题意知道，机器人做匀速直线运动，所以受到的牵引力与所受阻力是一对平衡力，即小车的牵引力是： F=f=0.02G=0.02×6000N=120N， 所以，消防机器人牵引力做功的功率是： P==120N×3m/s=360W 【点睛】本题考查的是速度、压强、功、功率的计算，解题的关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等及匀速直线运动的物体，牵引力与所受阻力为一对平衡力． 20. 如图是一台电热足浴器内部等效电路图，和均为电热丝，，，两电热丝的电阻均不变。该足浴器有低温挡、中温挡和高温挡3个挡位。在足浴器中装入质量为4kg、初温为25℃的水，用高温挡将水加热到34℃时，共用时3min.[] （1）开关S0闭合、S接2时，足浴器处于_______（填“低温”、“高温”或“中温”）挡工作。 （2）该足浴器高温挡的额定功率为多少W？ （3）该足浴器的加热效率是多少？ 【答案】（1）中温 （2）1000W （3）84% 【解析】 【小问1详解】 电源电压不变，根据功率公式，电路总电阻越小，总功率越大，挡位越高。当闭合、接2时，仅接入电路，总电阻为三种状态中第二小，功率中等，足浴器处于中温挡。断开、接3时，仅接入电路，总电阻最小、功率最大，为高温挡；闭合、接1时，和串联接入电路，总电阻最大、功率最小，为低温挡。 【小问2详解】 高温挡仅接入电路，功率 【小问3详解】 水升高的温度 水吸收的热量 加热时间，足浴器消耗的电能 加热效率 六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。 21. 明代宋应星在《天工开物》中记载的农业生产汲水装置——辘轳，沿用至今。如图甲是一种辘轳，由具有共同转动轴的大轮和小轮组成。提水时，小轮随之转动并缠绕井绳，提起水桶。 （1）如图甲所示辘轳可视为不等臂杠杆，为方便提水，它是按照 ___________（选填“省力”或“费力”）杠杆来设计的。 （2）用辘轳提水的某时刻示意图如图乙所示，它的支点是“A”“B”或“C”中的 ___________点。 （3）设大轮与小轮的半径比为3：1，水桶受到的总重力为90N。使周长为3m的大轮转动一圈，小轮转动的距离 ___________m，若要使辘轳静止在图乙所示位置，作用在C点最小的力应为 ___________N。（不计井绳的粗细和自重） （4）图丙所示水龙头开关的设计也应用了同样的原理，为了更省力，开关应选用 ___________（选填“①”或“②”）。 （5）你还知道生活中哪些应用利用了大轮、小轮的应用 ___________。 【答案】（1）省力 （2）B （3） ①. 1 ②. 30 （4）① （5）方向盘 【解析】 【小问1详解】 辘轳的实质是轮轴，动力作用在轮上，可以省力。 【小问2详解】 支点是绕着转动的固定点，即B点。 【小问3详解】 [1][2]设大轮与小轮的半径比为3∶1，水桶受到的总重力为90N，使周长为3m的大轮转动一圈，水桶匀速上升高度是小轮的周长，为大轮周长的，即1m，井绳对水桶做功 若要使辘轳静止在图乙所示位置，作用在C点最小的力为F，根据杠杆的平衡条件有FR=Gr 则 【小问4详解】 水龙头开关的设计也应用了轮轴，增大轮的半径可以增大动力臂，在阻力和阻力臂一定时，可以减小动力，故选择图中的①可以更省力。 【小问5详解】 应用利用了大轮、小轮的应用如方向盘、扳手等。 22. 如图甲所示是我国最大的半潜船新光华号，其排水量为10.2万吨（排水量是轮船装满货物时排开水的质量），下潜吃水深度30.5米，主甲板最深可潜入水下16米．不仅能够运输海上钻井平台，还能够运输大型的战舰。 （1）半潜船可以通过水舱充水或排水来改变自身重力，当它所受重力______（选填“大于”“等于”或“小于”）浮力时，开始下潜； （2）新光华号满载时受到的浮力大小为______N，当它下潜到最大深度时，主甲板受到水的压强为______Pa；（，g取10N/kg） （3）小明设计了如图乙所示的装置模拟半潜船的运动过程，其中M模拟半潜船，内部有水舱，可以通过阀门排水或充水，N模拟货物，则由图乙到图丙的过程，物体M要通过阀门______（选填“排水”或“充水”），M受到的浮力变______，容器中水面的高度______（选填“升高”“降低”或“不变”）。 【答案】 ①. 大于 ②. 1.02×109 ③. 1.6×105 ④. 排水 ⑤. 小 ⑥. 不变 【解析】 【详解】（1）[1]半潜船可以通过水舱充水或排水来改变自身重力，根据物体的浮沉条件可知，当它所受重力大于浮力时，开始下降。 （2）[2]新光华号满载时受到的浮力 F浮=G排=m排g=10.2×104×1000kg×10N/kg=1.02×109N [3]当它下潜到最大深度时，主甲板受到水的压强 p=ρ水gh=1×103kg/m3×10N/kg×16m=1.6×105Pa （3）[4][5][6]由图可知，模拟半潜船由图乙到图丙是上升的过程，根据物体的浮沉条件可知，物体M要通过阀门排水，当重力小于浮力时半潜船上升；设货物的重力为GN，图丙中半潜船的重力为GM，由图乙到图丙排出水的重力为G排出，则图乙中半潜船的重力为GM+G排出，将半潜船和货物看做一个整体，整体均处于漂浮状态，则图乙中整体受到的浮力F浮总=GM+G排出+GN 同理可得，图丙中整体受到的浮力F浮总′=GM+GN 所以，由图乙到图丙，整体受到浮力的减小量ΔF浮=G排出 由阿基米德原理和重力公式可得 则V排出=ΔV排 即排出水的体积等于排开水的体积的减小量，因此，由图乙到图丙的过程容器中水的高度不变。 23. 阅读材料，回答问题。 变频空调 物态变化时会吸收或放出热量，空调制冷时就是利用此原理将室内的热量“搬”到室外的，空调制冷的核心元件是压缩机。由于国家电网的供电频率不变，所以定频空调压缩机的转速也不变，依靠不断“开、停”空调来调节室内温度，在一开一停之间容易造成室温忽冷忽热，并消耗较多电能。变频空调是指加装了变频器的空调，基本结构和制冷原理跟定频空调完全相同，图甲是其制冷系统简图。 变频器是用来控制和调整压缩机转速的系统，变频空调每次开启时，先以最大功率、最大风量进行制冷，迅速接近所设定的温度；达到设定温度后，压缩机便以低转速、低能耗状态工作，仅以所需的功率维持设定的温度。这样不但温度稳定，还避免了压缩机频繁启停所造成的寿命衰减，而且耗电量大大下降，实现了高效节能。 空调的制冷量（CC）是指空调单位时间内从室内去除热量的总和，通常用匹数表示。空调的输入功率是指空调在正常工作时单位时间内消耗的电能。能源消耗效率（APF）的大小等于一段时间内从室内除去热量的总和与消耗电能的总和之比。国家标准中实测APF应不小于表1规定。 表2是两款家用空调的部分信息，在同等条件下工作时，其功率随时间变化的图像如图乙所示。 表1 额定制冷量CC/W 全年能源消耗效率（APF） 能效等级 1级 2级 3级 4级 5级 CC＜4500 5.00 4.50 4.00 3.50 3.30 4500＜CC＜7100 4.50 4.00 3.50 3.30 3.20 7100＜CC＜14000 4.20 3.70 3.30 3.20 3.10 表2 空调类型 定频空调 变频空调 匹数 1.5 额定制冷量/W 3500 输入功率 900 60-1650 售价/元 1699 1899 （1）蒸发器在空调的室内机里，是因为制冷剂经过蒸发器时_______________（填物态变化名称）_________（选填“吸收”或“放出”）热量； （2）压缩机转速减小时，空调的制冷能力____________（选填“增强”或“减弱”）； （3）由表格可知，该定频空调的能效等级是___________级； （4）根据图乙，在开始工作的20min，定频空调消耗的电能是____________J，变频空调消耗的电能是_____________J； 【答案】（1） ①. 汽化 ②. 吸收 （2）减弱 （3）4 （4） ①. ②. 【解析】 【小问1详解】 [1][2]空调制冷过程中，液态制冷剂在室内蒸发器中变为气态，发生汽化，汽化过程需要吸收热量，从而带走室内热量实现制冷。 【小问2详解】 根据材料描述，压缩机低转速对应低能耗，仅用来维持设定温度，因此压缩机转速减小时，空调的制冷能力减弱。 【小问3详解】 能源消耗效率 代入数据得。该定频空调额定制冷量，对照表格可知，，符合4级能效标准，因此能效等级为4级。 【小问4详解】 [1]定频空调消耗的电能 [2]变频空调消耗的电能 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $