14.1 能量的转化与守恒（暑假预科讲义）-2026-2027学年人教版物理九年级全一册

暑季研思・九年级全一册物理暑期培优专项讲义 14.1能量的转化与守恒 知识归纳与题型总结 考点01 能的转化与转移 1、能的转化：在一定条件下，一种形式的能量可以转化成另一种形式的能量，这种现象即为能量的转化。 能量的转化有方向性，我们利用的各种形式的能最终会自然地转化成内能，散失到周围空气中，但内能不会自然地转化成其他形式的能量。 2、能的转移：同一种形式的能从一个物体转移到另一个物体，能的形式并没有发生变化。能量的转移也有方向性：在热传递过程中，热量总是自然地由高温物体传向低温物体，故内能也总是自然地从高温物体转移到低温物体，而不会自然地从低温物体转移到高温物体。所以能量的转移是有方向的。 考向01 能量的转化 【例1】如图所示，走马灯是中国传统节日玩具，点燃灯内蜡烛，空气受热后密度变小，热空气上升，从灯体上方流出，冷空气从下方缝隙流入，形成对流。热空气冲击叶轮时，将内能转化为叶轮的________能，使灯转动。这一过程利用了流体流速大的位置压强________的原理。 【答案】 机械 小 【详解】【小题1】走马灯点燃蜡烛后，灯内空气受热，温度升高，内能增大。热空气密度变小而上升，形成一股向上的气流。当这股高速流动的热空气冲击叶轮时，会推动叶轮转动。在这个过程中，热空气的内能转化为了叶轮的机械能，从而使灯转动起来； 根据伯努利原理，在流体中，流速越大的位置，压强越小；流速越小的位置，压强越大。热空气上升形成气流，当气流经过叶轮时，由于叶片形状的设计，使得叶片两侧的空气流速不同，从而产生压强差，这个压强差形成了推动叶轮转动的力。这正是利用了“流体流速大的位置压强小”的原理。 考向02 能量的转移 【例2】2026年3月10日，冬残奥会中国队冰壶选手王蒙、杨金桥获得混双金牌。比赛中“打定”是一种投掷方式，指投掷一方用自己滑行的冰壶把对方的冰壶碰走，自己的冰壶静止留下的过程，此现象说明能量是可以发生________（选填“转移”或“转化”）的，冰壶离开手后仍能继续向前运动，是因为冰壶具有________。 【答案】 转移 惯性 【详解】[1]能量转移是能量从一个物体转移到另一物体且能量形式不变，能量转化是能量形式发生改变。投掷方滑行冰壶经碰撞后速度减小，机械能减小，对方冰壶速度增大，机械能增大，属于能量的转移。 [2]惯性是物体保持运动状态不变的性质，冰壶离开手后，由于惯性，保持原来的运动状态继续向前运动。 【对点1】被誉为“秦湖”的陕西省泾河东庄水库已蓄水几个月了，原来富含泥沙的黄泥水已变成美丽的碧波，两岸青山倒影水中如画。青山的倒影是由于光的______形成的，小明用相机记录下这华丽蜕变，坝面通过相机镜头成倒立、______的实像，230米的坝高，蓄水后可实现年发电量2.85亿度的设计目标，将水的______能转化为电能。 【答案】 反射 缩小 机械/重力势 【详解】青山的倒影是平面镜成像现象，是由于光的反射形成的；照相机利用的是物距大于二倍焦距时，凸透镜成倒立、缩小的实像；水力发电利用的是水从高处流下时推动发电机发电，将水的机械能转化为电能。 【对点2】如图甲所示是我国古代科学技术著作《天工开物》记载的水碓图。水流冲击水轮转动，水轮横轴的拨板随着横轴转动而拨动碓尾把碓头的石杵举起、落下，不断舂米，如图乙所示。图乙中的水碓属于______杠杆；水碓在工作时，通过水流推动水轮转动，对水轮做功，所以水流具有______（选填“动”或“内”）能，在此过程中，能量发生了______（选填“转移”或“转化”）。若考虑匀质木杆的自重，并忽略摩擦力，将石杵向靠近O点移动时，水碓的机械效率将______（选填“变大”“变小”或“不变”）。 【答案】 费力 动 转移 变小 【详解】[1]如图乙所示，O点是支点，水碓工作时动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆。 [2]水碓工作时水流推动水轮转动，水流是运动的，所以水流具有动能。 [3]水流推动水碓工作时，水流速度变慢，动能变小，水轮转动，速度变大，动能变大，所以是水流的动能转移到了水轮上，所以此过程中能量发生了转移。 [4]若考虑匀质木杆的自重，并忽略摩擦，克服木杆自重做的功为额外功。将石杵向靠近O点移动时，石杵的重力不变，石杵被抬起的高度变小，根据可知，有用功变小；木杆自重不变，木杆重心被抬起的高度不变，根据可知，额外功不变。根据可知，水碓的机械效率将变小。 考点02 能量守恒定律 1、能量守恒定律：能量既不会消灭，也不会创生，它只会从一种形式转化为另一种形式，或者从一个物体转移到另一个物体，而在转化和转移过程中，能量的总量保持不变。 （1）能量及其存在的不同形式（各种不同形式的能量） （2）能量的转化和转移（不同形式间是能量转化，同种形式之间是能量转移） 2、能量守恒定律是自然界最重要、最普遍的基本定律。大到天体，小到原子核，也无论是物理学问题还是化学、生物学、地理学、天文学的问题，所有能量转化的过程，都遵从能量守恒定律。 【探究归纳】能量既不会凭空产生，也不会凭空消失，它只会从一种形式转化为其他形式，或者从一个物体转移到另一个物体，在转化或转移的过程中，能量的总量保持不变。 考向01 能量守恒定律 【例1】如图所示，是一位科学爱好者制作的“永动机”制作者声称该装置中不存在热动力系统，只需轻轻拨动其中任意一只瓶子，这套装置就能转动起来，而且速度恒定，一直转动下去。你认为这个装置___________（选填“能”或“不能”）一直转动，判断的依据是违背___________。 【答案】 不能 能量守恒定律 【详解】在这个“永动机”装置中，只要运转就会存在摩擦等阻力。根据能量守恒定律，克服摩擦等阻力做功时，机械能会不断转化为内能，机械能逐渐减少。所以装置的机械能会因为能量的损耗而不断减少，不可能一直以恒定速度转动下去，因此制作者的说法不可信。 【对点1】（多选）我国已成功发射的“嫦娥五号”实现中国首次月球无人采样返回。返回器使用类似“打水漂”的方式着陆地球，其着陆过程的部分轨迹简化为如图所示（大气层外可视为真空）。若只考虑空气阻力和重力的影响，关于此过程的说法中正确的是（     ） A．返回器在A点和D点的机械能不相等 B．返回器在E点的动能与在C点时动能可能相等 C．从A点到B点，返回器减速上升，重力势能转化为动能 D．整个着陆过程中能量守恒 【答案】AD 【详解】A．从A点到D点的过程中，返回器经过大气层，克服空气阻力做功，机械能不断减小，因此A点和D点的机械能不相等，故A正确； B．E点高度等于C点高度，因此E点重力势能等于C点重力势能；从E到C过程中，经过大气层，克服空气阻力做功，机械能减小，机械能是动能和重力势能的总和，所以C点的动能一定小于E点的动能，故B错误； C．从A点到B点，返回器减速上升，速度减小动能减小，高度升高重力势能增大，是动能转化为重力势能，故C错误； D．根据能量守恒定律，能量不会凭空产生或消失，整个着陆过程中，返回器的机械能仅转化为内能，总能量（所有形式能量的总和）守恒，故D正确。 故选AD。 一、选择题 1．我国古代很早就发明了阳燧，它是一种凹面青铜镜，古人将其正对太阳光，就能汇聚光线点燃枯草，用来取火。下列关于阳燧说法正确的是（     ） A．阳燧利用光的折射会聚光线 B．阳燧属于凹面镜，对光线有发散作用 C．太阳光经阳燧反射后会聚，将光能转化为内能 D．阳燧成像原理与小孔成像原理相同 【答案】C 【详解】AB．阳燧是凹面镜，对光线具有会聚作用，即依靠光的反射会聚光线，故AB错误； C．平行太阳光经凹面镜反射会聚于一点，温度升高点燃可燃物，光能转化为内能，故C正确； D．阳燧利用光的反射，小孔成像利用光的直线传播，原理不同，故D错误。 故选C。 2．我国古代科技推动了人类文明的进程，彰显了中华民族卓越的创造力。下列关于我国古代科技的说法正确的是（　　） A．《春秋》中最早记录了哈雷彗星，这是一种比太阳系还大的天体 B．龙骨水车工作时无须人力，是一种永动机 C．中式茶壶壶嘴与壶身开口相平，这种设计利用了连通器原理 D．“取大镜高悬，置水盆于其下，则见四邻矣”，利用了光的折射 【答案】C 【详解】A．哈雷彗星是绕太阳运行的彗星，属于太阳系内的天体，远小于太阳系，故A错误； B．龙骨水车工作需要人力提供能量，根据能量守恒定律，永动机不可能制成，故B错误； C．茶壶壶嘴与壶身开口相平，且底部连通、上端开口，符合连通器的结构特征，故C正确； D．该装置利用平面镜改变光路，原理是光的反射，故D错误。 故选C。 3．北京时间2026年5月24日23时08分，搭载神舟二十三号载人飞船的长征二号F遥二十三运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射成功，如图所示。下列说法正确的是（     ） A．火箭加速升空时，火箭的惯性变大 B．火箭加速升空时，重力势能转化为动能 C．点火后大量“白气”涌向四周是扩散现象 D．火箭燃料燃烧，将化学能转化为内能 【答案】D 【详解】A．惯性大小只跟质量有关，火箭加速升空时，火箭的质量没有变大，所以惯性没有变大，故A错误； B．火箭加速升空时，质量不变，速度变大，则动能变大，高度增加，则重力势能变大，所以不是重力势能转化为动能，故B错误； C．点火后大量“白气”涌向四周是水蒸气液化成的小水滴的机械运动，不是扩散现象，故C错误； D．火箭燃料燃烧时放出热量，将化学能转化为内能，故D正确。 故选D。 4．如图是中国自主研制的最新一代电磁发射器。测试时，弹丸能轻易击穿对面木板，同时靶纸上留下了密集的弹着点。下列分析正确的是（     ）    A．弹丸飞行过程中运动状态保持不变 B．弹丸能击穿木板，说明力可以改变物体的运动状态 C．弹丸撞击靶纸时，只有弹丸对靶纸有力的作用 D．电磁发射器将电能主要转化为弹丸的机械能 【答案】D 【详解】A．弹丸飞行过程中受重力、空气阻力作用，速度大小和运动方向都会改变，运动状态发生改变，故A错误； B．弹丸击穿木板，说明力可以改变物体的形状，故B错误； C．弹丸撞击靶纸时，弹丸对靶纸有力的作用，由于力的作用是相互的，靶纸对弹丸也有力的作用，故C错误； D．电磁发射器工作时消耗电能，使弹丸获得动能，将电能转化为弹丸的机械能，故D正确。 故选D。 5．《天工开物・膏液》记载了古人炼制油料的方式，依次经过翻炒、碾碎、过筛、蒸煮、包饼、压榨多道工序，如图所示。下列工作过程与物理知识对应不正确的是（     ） A．燃烧——木柴的化学能转化为内能 B．翻炒——油料中的水分汽化会吸热 C．碾碎——油料被碾成细粉说明力可以改变物体的形状 D．蒸煮——高温蒸煮油料是通过做功的方式改变物体内能 【答案】D 【详解】A．木柴燃烧，发生化学反应，化学能转化为内能，故A正确； B．翻炒过程中，油料中的水分发生汽化，汽化过程需要吸热，故B正确； C．碾碎使油料形状改变，说明力可以改变物体的形状，故C正确； D．高温蒸煮油料，是油料从高温水蒸气中吸收热量，依靠热传递改变内能，故D错误。 本题选择描述错误选项，故选D。 6．某同学在探索厨房中的物态变化问题时，记录了他观察到的几种现象，并运用所学知识对这些现象进行了解释。下列说法正确的是（     ） A．从冰箱里拿出的冻肉过一会儿会比刚拿来时要重，是因为肉拿出冰箱后，空气中的水蒸气与其接触后凝华成霜附着在冻肉上 B．燃气灶炒菜时，燃料燃烧将燃料的内能转化为化学能 C．炒菜时用锅铲不停地翻动，主要是利用做功的方式增加菜的内能 D．高压锅煨汤，排气孔上方出现大量的“白气”，这是汽化现象 【答案】A 【详解】A．从冰箱拿出的冻肉温度很低，空气中的水蒸气遇冷直接由气态变为固态，发生凝华现象形成霜附着在冻肉上，使冻肉的质量增加，所以会变重，故A正确； B．燃料燃烧时，是将燃料的化学能转化为内能，故B错误； C．炒菜时翻动菜，主要是为了让菜受热均匀，菜的内能是通过热传递的方式增加的，故C错误； D．排气孔上方的“白气”是高温水蒸气遇冷液化形成的小水滴，属于液化现象，故D错误。 故选A。 7．《天工开物》记载了古人用脚踏碓将稻谷去皮的场景。如图，使用时，脚踩木杠后端将碓头抬高，碓头自由下落砸打稻谷。下列说法正确的是（　　） A．碓头被抬高的过程中，人对碓头没做功 B．碓头被抬得越高，具有的动能就越大 C．碓头自由下落时，重力势能主要转化为动能 D．碓头砸打稻谷时，机械能全部转化为内能 【答案】C 【详解】A．碓头被抬高的过程中，人通过木杠对碓头有力的作用，且碓头在力的方向上移动了距离，因此人对碓头做了功，故A错误； B．碓头质量不变，抬得越高，具有的重力势能越大，由于未明确物体运动的速度大小，因此无法确定动能的大小，故B错误； C．碓头自由下落时，质量不变，高度降低、速度增大，重力势能减小，动能增大，重力势能主要转化为动能，仅少量因空气阻力转化为内能，故C正确； D．碓头砸打稻谷时，碓头的机械能只有部分转化为内能，还有部分使碓头反弹、对稻谷做功，因此不是全部转化为内能，故D错误。   故选C。 8．“多米诺骨牌”是一项集动手、动脑于一体的运动。如图所示，将骨牌按一定距离排列，轻轻推倒第一张骨牌，其它骨牌会依次倒下。下列说法正确的是（     ） A．骨牌倒下的过程中动能转化为重力势能 B．后面骨牌被推倒的速度越来越大 C．前后骨牌相互作用时，前面骨牌的机械能全部传递给后面骨牌 D．利用较少的能量就可以产生较多的能量，整个过程能量不守恒 【答案】B 【详解】A．骨牌倒下的过程中，质量不变，重心高度降低，重力势能减小，速度增大，动能增大，是重力势能转化为动能，故A错误； B． 骨牌倒下的过程中，重力势能转化为动能，在推倒下一张骨牌时，除了传递过来的动能，还有自身重力势能转化的动能，因此传递下去的动能越来越大，后面骨牌被推倒的速度越来越大，故B正确； C． 前后骨牌相互作用时，由于存在摩擦和碰撞发声，部分机械能会转化为内能，所以前面骨牌的机械能不可能全部传递给后面骨牌，故C错误； D． 能量的转化和转移过程中，能量的总量是保持不变的，即整个过程能量是守恒的，故D错误。 故选 B。 9．如图甲是某型号可充电台灯风扇，图乙是台灯风扇经历充电和工作时的主要能量流向图。下列说法错误的是（　　） A．图乙中a、b均为电能 B．图乙中c为光能和内能 C．电池在充电时相当于用电器 D．能量转化过程中，能量的总量不断减少 【答案】D 【详解】A．电池在充电时电能转化为化学能，电池供电时化学能转化为电能，所以图乙中a、b均为电能，故A正确，不符合题意； B．照明灯工作时将电能转化为光能和内能，所以图乙中c为光能和内能，故B正确，不符合题意； C．电池在充电时消耗电能，在电路中相当于用电器，故C正确，不符合题意； D．根据能量守恒定律，能量既不会凭空产生，也不会凭空消失，只能从一种形式转化为另一种形式，总量保持不变，故D错误，符合题意。 故选D。 10．关于内能、温度和热量，下列说法正确的是（    ） A．不同燃料燃烧时，放出热量越多的热值越大 B．一个物体内能增加，温度一定升高 C．内能总是从内能多的物体向内能少的物体转移 D．火箭升空过程中，外壳与大气摩擦温度升高，其机械能转化为内能 【答案】D 【详解】A．燃料的热值是指单位质量的燃料完全燃烧时放出的热量，不同燃料燃烧时，放出热量的多少不仅与热值有关，还与燃料的质量有关，不能仅根据放出热量越多就判定热值越大，故A错误； B．一个物体内能增加，温度不一定升高，例如晶体在熔化过程中，吸收热量，内能增加，但温度保持不变，故B错误； C．内能总是从温度高的物体向温度低的物体转移，而不是从内能多的物体向内能少的物体转移，故C错误； D．火箭升空过程中，外壳与大气摩擦，克服摩擦做功，温度升高，其机械能转化为内能，故D正确。 故选D。 二、填空题 11．我国神舟二十三号载人飞船于2026年5月24日在酒泉卫星发射中心成功发射。飞船由长征二号F遥二十三运载火箭搭载升空，如图所示，火箭发射时，燃料燃烧，将储存在其中的________能释放出来，转化为火箭的机械能；以发射塔架为参照物，上升过程中的飞船是________的；若飞船进入预定轨道后，以7.8 km/s匀速飞行，10 s内飞行的路程为________m。 【答案】 化学 运动 【详解】燃料自身储存化学能，燃烧时将化学能释放，最终转化为火箭的机械能。 以发射塔架为参照物，上升过程中飞船的位置相对于塔架不断发生变化，因此飞船是运动的。 10 s内飞行的路程 12．某汽油机工作中，飞轮转速为3600r/min，则每秒钟对外做功___________  次。汽车加速行驶的过程中，其动能___________，惯性___________。汽车尾气排出的能量很难再被回收利用，这是因为能量的转移和转化具有___________性。 【答案】 30 增大 不变 方向 【详解】，即每秒飞轮转动60圈。汽油机一个工作循环中飞轮转2圈，对外做功1次，因此每秒对外做功次数为次。 动能大小与质量和速度有关。汽车加速行驶时，质量不变，速度增大，因此动能增大。 惯性是物体的固有属性，其大小仅与物体的质量有关。汽车加速过程中质量不变，所以惯性不变。 能量的转移和转化具有方向性，汽车尾气排出的能量会散失到周围环境中，无法自发地回收再利用，因此体现了能量转移和转化的方向性。 13．我国雅鲁藏布江大拐弯区域水能资源丰富，短短50公里内水的落差达2230米。为充分利用水能，刚开工的工程计划在山体内建设五级梯级电站，总装机容量约7000万千瓦，年发电量可满足3亿家庭用电需求。水电站的电功率大小与水的落差和水流出的________有关。采用五级梯级开发而非一级集中开发，可逐级减小水位落差，从而降低坝体承受的水的________，提高工程安全性，可利用水的能量_______（选填“增大”“减小”或“不变”）。 【答案】 流量 压强 不变 【详解】[1]水电站发电是水的重力势能转化为电能，单位时间内发出的电能（电功率），和水的落差、单位时间流出的水量即水的流量有关，落差越大、流量越大，水能提供的电功率越大。由此可知，水电站的电功率大小与水的落差和水流出的流量有关。 [2]根据液体压强公式，采用五级梯级开发逐级减小水位落差h，则水对坝体的压强会减小，进而降低坝体承受的水的压强。 [3]水的重力势能只与水的质量和总高度有关，与是否分级无关，总落差和水量不变，总重力势能也不变，水的能量不变。 14．嫦娥六号返回器返回过程采用了“半弹道跳跃式返回”，俗称“打水漂”。如图，返回器从A点首次进入大气层后，调整返回器姿态，使其在大气阻力的作用下被弹起，从B点离开大气层，达到最高点之后再次从C点进入大气层，A、C两点处于大气层边缘的等高线上。则A点的速度________（填“大于”“小于”或“等于”）C点的速度，请从能量转化的角度分析原因：______________________。 【答案】 大于 A至B过程中，返回器与空气摩擦，会将机械能转化为内能，因此返回器机械能减小 【详解】[1][2]返回器从A点运动到C点的过程中，由于要克服大气阻力做功，导致返回器的机械能总量减少。又因为A、C两点高度相同，重力势能相等，根据机械能=动能+重力势能，在重力势能不变的情况下，机械能减少则动能减少，而动能的大小与物体的质量和速度有关，返回器质量不变，动能减少则速度减小，所以A点的速度大于C点的速度。 15．如图所示是安装在列车车厢之间的摩擦缓冲器结构图，图中①和②为楔块，③和④为垫板，楔块与弹簧盒、垫板间均有摩擦，在车厢相互撞击使弹簧压缩的过程中，有以下说法： A．缓冲器的机械能守恒 B．摩擦力做功消耗机械能 C．垫板的动能全部转化为内能 D．弹簧的弹性势能全部转化为动能 从上面选项中选择正确说法 ___________，然后解释该结构工作的原理 ___________。 【答案】 B 缓冲器通过摩擦将部分动能转化为内能，还会储存部分弹性势能，再次向内能和动能转化 【详解】[1]A．通过克服摩擦力做功，系统的机械能向内能转化，故机械能减小，故A错误； B．通过克服摩擦力做功，系统的机械能向内能转化，故B正确； C．垫块的动能转化为弹性势能和内能，故C错误； D．弹簧的弹性势能转化为动能和内能，故D错误。 故选B。 [2]工作原理：缓冲器通过摩擦将部分动能转化为内能，还会储存部分弹性势能，再次向内能和动能转化。 三、实验题 16．如图甲所示，厨房做饭使用抽油烟机时，我们发现不同位置的油烟被抽吸的难易程度不同，同时不同尺寸的进风口，抽吸效果也会发生变化。那么，抽油烟机的抽吸能力与哪些因素有关呢？ 猜想1：进风口的面积大小 猜想2：进风口与被吸物体之间的距离 选用功率不变抽气机（模拟抽油烟机）、不同直径的圆形漏斗进风口（可替换安装，模拟不同面积的进风口）、轻质泡沫小球、无弹性细线、刻度尺、铁架台等器材，组装成如图乙所示的装置进行探究。 请完成下列探究： (1)实验中，抽气机吸力的强弱无法直接测量，因此通过观察泡沫小球偏离竖直方向的夹角大小来判断吸力强弱，夹角越_______，表明吸力越强。 (2)探究猜想1时，保持抽气机功率、进风口与泡沫小球距离不变，更换尺寸更大的圆形进风口，重复实验，发现泡沫小球偏离竖直方向的夹角变小。分析：在功率、进风口与泡沫小球距离不变时，进风口面积变大，进风口处的空气流速变小，压强变_________，导致增大进风口面积后大气压与进风口处的压强差变小。由此可初步得出：抽气机进风口的面积越大，抽吸能力越__________。 (3)探究完猜想2后，得出结论：在抽气机功率和进风口面积一定时，进风口与被吸物体之间的水平距离越大，抽油烟机的抽吸能力越弱。请写出探究猜想2的关键操作过程：____________。 (4)实验结束后，想进一步探究泡沫小球摆动的能量转化规律。若缩短细线长度并保持小球和进风口在同一水平高度，其他实验条件保持不变，泡沫小球的偏转角度是否改变______（选填“是”或“否”）。请从能量转化的角度分析原因__________。 【答案】(1)大 (2) 大 弱 (3)保持抽气机功率、进风口面积不变，改变进风口与泡沫小球的水平距离，观察泡沫小球偏离竖直方向的夹角大小，分析得出结论 (4) 否 平衡时，吸力对小球做的功全部转化为小球增加的重力势能，推导可得偏转角的大小与细线长度无关，因此偏转角度不变 【详解】（1）本实验利用转换法，吸力越强，对泡沫小球的吸引力越大，泡沫小球偏离竖直方向的夹角就越大。 （2）进风口面积变大、流速变小，因此进风口处压强变大，大气压和进风口的压强差变小，吸力变小，可得结论：进风口面积越大，抽吸能力越弱。 （3）探究猜想2：抽吸能力与进风口和被吸物体的距离的关系，利用控制变量法，保持抽气机功率、进风口面积不变，只改变进风口与泡沫小球的距离，观察夹角判断抽吸能力即可。 （4）设偏转角为，细线长为，水平吸力为，小球重力为，平衡时吸力做功等于重力势能增加量，即，得，说明偏转角和细线长度无关，因此偏转角度不变。 17．生活中我们经常用电水壶烧水，给水加热至沸腾一段时间的过程中，水的温度是如何变化的？“拓展”物理小组的同学组装了如图甲所示的实验装置进行探究。 (1)酒精灯内的酒精燃烧的过程中，把化学能转化为________能，这个能量转化过程________（选填“能”或“不能”）自发地沿反方向发生。 (2)判断水沸腾的标志是：水中产生________，到水面破裂开来。 (3)小聪同学画出了温度时间关系图像，据此可得到的结论是：加热水的过程中，___________。 (4)小明同学接着用小聪的装置进行实验，他把烧杯内的水倒掉一些，待水温降低到90℃后继续加热至沸腾一段时间，请接着小聪的图像在坐标系中画出小明加热水的温度-时间关系的大致图像。 【答案】(1) 内 不能 (2)大量气泡，气泡上升、变大 (3)水沸腾前，温度随加热时间的增加而升高；水沸腾后，继续加热，温度保持不变 (4) 【详解】（1）[1][2]酒精燃烧是化学能转化为内能的过程，根据能量转化的方向性，该过程不能自发地沿反方向发生。 （2）水沸腾的标志是水中产生大量的气泡，气泡在上升过程中体积逐渐变大，最终到水面破裂开来。 （3）由题意可知，观察图乙，0~5min水沸腾前，温度随时间上升；5min后水沸腾，继续加热，温度保持不变，因此得出水沸腾前，温度随加热时间的增加而升高；水沸腾后，继续加热，温度保持不变。 （4）倒掉部分水后，水的质量减小，相同加热条件下升温速度更快，因此温度上升段的斜率更大；水的沸点由气压决定，装置不变则气压不变，沸点与原图像一致。从原图像沸腾段末端画一条斜向下的直线，代表水自然降温至90℃，再从90℃处画一条斜率更大的上升直线，更快到达沸点，到达后画一条水平直线，代表沸腾时温度不变，据此作图。 18．小西进行篮球训练时发现，篮球落在水泥地面、塑胶地面和草坪上反弹的高度各不相同。篮球反弹高度与哪些因素有关？小西做了如下猜想： 猜想1：与篮球内气压大小有关； 猜想2：与下落的高度有关； 猜想3：与地面的材料有关。 (1)如图甲所示，小西将相同的篮球充入不同气压的气体后于同一高度由静止释放，第一次反弹高度分别如图甲中虚线所示，通过实验现象可知，猜想1是______（选填“正确”或“错误”）的。 (2)为了探究猜想2和猜想3，小西选用家中三种不同材质的接触面（瓷砖、实木、毛毯），用同一篮球从不同高度处由静止释放，进行多次实验，并记录数据如下表： 实验序号 地面材料 篮球被举起的高度／m 篮球反弹的高度／m 1 瓷砖 0.5 0.4 2 瓷砖 1 0.75 3 瓷砖 1.5 1.2 4 实木 1 0.5 5 毛毯 1 0.15 ①通过分析1、2、3三组实验数据可知，其他条件相同时，篮球下落时的高度越大，反弹的高度越______。 ②通过分析______三组实验数据可知，篮球反弹的高度与地面材质有关。 (3)篮球从高处下落过程中，将重力势能主要转化为______能。实验中发现篮球都无法反弹到原有的高度，且最终停在地上，小西猜想篮球的能量消失了，小西的猜想违背了______定律。 (4)如图乙，小西在给篮球打气时，发现打气筒的筒壁变得很热。为了确定筒壁变热是因为活塞摩擦生热还是打气筒压缩空气做功使空气变热，他用手分别摸了筒底的处和筒口的处，发现处温度比处高，则发热的主要原因是______。 (5)在工业生产中，常使用一定质量的物体冲击被检测物体表面来检测物体硬度，测量物体在距被测物表面1mm处的冲击前、后的速度大小，从而测出被测物体的硬度。冲击前后速度大小变化越小，被测物体硬度越______（选填“大”或“小”）。 【答案】(1)正确 (2) 高 2、4、5 (3) 动 能量守恒 (4)压缩空气做功，使空气内能增加、温度升高，进而使筒壁发热 (5)大 【详解】（1）由图甲可知，三次实验的地面材料和下落高度相同，篮球内气压大小不同，篮球触地后反弹的高度不同，由此可以证明猜想1是正确的。 （2）[1]要探究“篮球反弹高度与下落高度的关系”，需要控制篮球内气压大小和地面材料相同；由1、2、3三组实验数据可知，下落的高度越大，反弹的高度越高。 [2]由表格可知，2、4、5三组实验数据，下落的高度相同，地面材质不同，反弹的高度不同，说明篮球反弹的高度与地面材质有关。 （3）[1]篮球从高处下落时，高度降低、速度增大，重力势能主要转化为动能。 [2]能量不会凭空消失，篮球反弹高度降低、最终停下，是因为机械能转化为内能（摩擦、撞击生热），总能量保持不变，小西的猜想违背了能量守恒定律。 （4）打气时，活塞压缩筒内空气做功，机械能转化为空气的内能，使空气温度升高，筒底A处是压缩空气，使A处温度更高；筒口B处远离压缩做功区域，温度更低，因此发热主因是压缩空气做功，而非活塞摩擦。 （5）冲击前后速度变化越小，说明物体的动能损失越少，被测物体对冲击的抵抗能力越强，即硬度越大。 19．某同学用如图所示的装置探究“水的沸腾特点”，同时观察水沸腾时的能量转化情况。 (1)实验中需要测量的物理量是______和______。 (2)水沸腾时的现象是______，水沸腾时的温度特点是______。 (3)水沸腾过程中，______能转化为_____能，此过程中水的内能______（选填“增大”“减小”或“不变”）。 (4)若实验中烧杯内水的质量为100g，从20℃加热至沸腾（标准大气压下），水吸收的热量为______J。 【答案】(1) 温度 时间 (2) 水中产生大量气泡，上升、变大，到水面破裂 保持不变 (3) 内 机械 增大 (4)3.36×104 【详解】（1）[1][2]实验中需要温度计测量温度，秒表测量时间，因此需要测量的物理量是温度和时间。 （2）[1]水沸腾是剧烈的汽化现象，水沸腾时的现象是水中产生大量气泡，上升、变大，到水面破裂。 [2]水沸腾时，达到沸点，继续吸热，温度特点是保持不变。 （3）[1][2]沸腾本身是汽化时内能转变为水蒸气的机械能（膨胀对外做功）。 [3]此过程中水持续吸热，但温度保持不变，内能的增加主要体现在分子势能的增大，所以水的内能增大。 （4）标准大气压下水的沸点为，水吸收的热量为 20．在探究“物体的动能和哪些因素有关”时，同学们提出了如下猜想： 猜想一：物体动能大小与物体的质量有关； 猜想二：物体动能大小与物体运动的速度有关。 (1)物体动能是指_________（填序号）； A．小车在斜面上时的动能 B．小车撞击木块前的动能 C．小车撞击木块后的动能 D．木块的动能 (2)小丽发现，在某次实验中，最终木块从水平木板的右端滑出，于是小丽用质量更大的木块替换后继续完成此次实验探究。结果木块未滑出右端，总结得出结论。小丽的做法显然有一定的问题，下列解决此问题的方法中一定不可行的是_________； A．降低小车开始在斜面上的高度 B．在木板上铺上一块毛巾 C．增大小车的质量 D．在木块上放两个钩码 (3)若在图示实验的基础上，进一步探究动能与速度的关系，正确实验后，小明发现木块被撞击后移动的距离，则出现这一现象的原因是_________； A．小车放置的初始位置比图示的低 B．木块未放回初始位置就进行实验 (4)每次实验中小车最后都停在了水平木板上，整个过程中能量______（“是”或“不是”）守恒的。 【答案】(1)B (2)C (3)B (4)是 【详解】（1）本实验的研究对象是小车，物体动能是指小车撞击木块前的动能，通过木块被撞击后滑行的距离来反映小车撞击木块前的动能大小。故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 （2）A．降低小车开始在斜面上的高度，则小车到达水平面的速度减小，从而减小小车撞击木块前的动能，可以使得木块被撞击后滑行的距离减小，故A不符合题意； B．在木板上铺上一块毛巾，水平面的粗糙程度增大，则木块受到的摩擦力增大，被撞击后滑行的距离减小，故B不符合题意； C．增大小车的质量，小车撞击木块前的动能增大，则木块被撞击后滑行的距离增大，故C符合题意； D．在木块上放两个钩码，木块对水平面的压力增大，则木块受到的摩擦力增大，被撞击后滑行的距离减小，故D不符合题意。 故选C。 （3）A．若小车放置的初始位置比图示的低，则小车到达水平面的速度变小，小车撞击木块前的动能变小，木块被撞击后滑行的距离应变小，即，故A不符合题意； B．若木块未放回初始位置就进行实验，则会导致第二次实验时木块被撞击后滑行的距离变大，即，故B符合题意。 故选B。 （4）每次实验中小车最后都停在了水平木板上，整个过程中能量是守恒的，始终遵循能量守恒定律。 1 / 1 学科网（北京）股份有限公司 $暑季研思・九年级全一册物理暑期培优专项讲义 14.1能量的转化与守恒 知识归纳与题型总结 考点01 能的转化与转移 1、能的转化：在一定条件下，一种形式的能量可以转化成另一种形式的能量，这种现象即为能量的转化。 能量的转化有方向性，我们利用的各种形式的能最终会自然地转化成内能，散失到周围空气中，但内能不会自然地转化成其他形式的能量。 2、能的转移：同一种形式的能从一个物体转移到另一个物体，能的形式并没有发生变化。能量的转移也有方向性：在热传递过程中，热量总是自然地由高温物体传向低温物体，故内能也总是自然地从高温物体转移到低温物体，而不会自然地从低温物体转移到高温物体。所以能量的转移是有方向的。 考向01 能量的转化 【例1】如图所示，走马灯是中国传统节日玩具，点燃灯内蜡烛，空气受热后密度变小，热空气上升，从灯体上方流出，冷空气从下方缝隙流入，形成对流。热空气冲击叶轮时，将内能转化为叶轮的________能，使灯转动。这一过程利用了流体流速大的位置压强________的原理。 考向02 能量的转移 【例2】2026年3月10日，冬残奥会中国队冰壶选手王蒙、杨金桥获得混双金牌。比赛中“打定”是一种投掷方式，指投掷一方用自己滑行的冰壶把对方的冰壶碰走，自己的冰壶静止留下的过程，此现象说明能量是可以发生________（选填“转移”或“转化”）的，冰壶离开手后仍能继续向前运动，是因为冰壶具有________。 【对点1】被誉为“秦湖”的陕西省泾河东庄水库已蓄水几个月了，原来富含泥沙的黄泥水已变成美丽的碧波，两岸青山倒影水中如画。青山的倒影是由于光的______形成的，小明用相机记录下这华丽蜕变，坝面通过相机镜头成倒立、______的实像，230米的坝高，蓄水后可实现年发电量2.85亿度的设计目标，将水的______能转化为电能。 【对点2】如图甲所示是我国古代科学技术著作《天工开物》记载的水碓图。水流冲击水轮转动，水轮横轴的拨板随着横轴转动而拨动碓尾把碓头的石杵举起、落下，不断舂米，如图乙所示。图乙中的水碓属于______杠杆；水碓在工作时，通过水流推动水轮转动，对水轮做功，所以水流具有______（选填“动”或“内”）能，在此过程中，能量发生了______（选填“转移”或“转化”）。若考虑匀质木杆的自重，并忽略摩擦力，将石杵向靠近O点移动时，水碓的机械效率将______（选填“变大”“变小”或“不变”）。 考点02 能量守恒定律 1、能量守恒定律：能量既不会消灭，也不会创生，它只会从一种形式转化为另一种形式，或者从一个物体转移到另一个物体，而在转化和转移过程中，能量的总量保持不变。 （1）能量及其存在的不同形式（各种不同形式的能量） （2）能量的转化和转移（不同形式间是能量转化，同种形式之间是能量转移） 2、能量守恒定律是自然界最重要、最普遍的基本定律。大到天体，小到原子核，也无论是物理学问题还是化学、生物学、地理学、天文学的问题，所有能量转化的过程，都遵从能量守恒定律。 【探究归纳】能量既不会凭空产生，也不会凭空消失，它只会从一种形式转化为其他形式，或者从一个物体转移到另一个物体，在转化或转移的过程中，能量的总量保持不变。 考向01 能量守恒定律 【例1】如图所示，是一位科学爱好者制作的“永动机”制作者声称该装置中不存在热动力系统，只需轻轻拨动其中任意一只瓶子，这套装置就能转动起来，而且速度恒定，一直转动下去。你认为这个装置___________（选填“能”或“不能”）一直转动，判断的依据是违背___________。 【对点1】（多选）我国已成功发射的“嫦娥五号”实现中国首次月球无人采样返回。返回器使用类似“打水漂”的方式着陆地球，其着陆过程的部分轨迹简化为如图所示（大气层外可视为真空）。若只考虑空气阻力和重力的影响，关于此过程的说法中正确的是（     ） A．返回器在A点和D点的机械能不相等 B．返回器在E点的动能与在C点时动能可能相等 C．从A点到B点，返回器减速上升，重力势能转化为动能 D．整个着陆过程中能量守恒 一、选择题 1．我国古代很早就发明了阳燧，它是一种凹面青铜镜，古人将其正对太阳光，就能汇聚光线点燃枯草，用来取火。下列关于阳燧说法正确的是（     ） A．阳燧利用光的折射会聚光线 B．阳燧属于凹面镜，对光线有发散作用 C．太阳光经阳燧反射后会聚，将光能转化为内能 D．阳燧成像原理与小孔成像原理相同 2．我国古代科技推动了人类文明的进程，彰显了中华民族卓越的创造力。下列关于我国古代科技的说法正确的是（　　） A．《春秋》中最早记录了哈雷彗星，这是一种比太阳系还大的天体 B．龙骨水车工作时无须人力，是一种永动机 C．中式茶壶壶嘴与壶身开口相平，这种设计利用了连通器原理 D．“取大镜高悬，置水盆于其下，则见四邻矣”，利用了光的折射 3．北京时间2026年5月24日23时08分，搭载神舟二十三号载人飞船的长征二号F遥二十三运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射成功，如图所示。下列说法正确的是（     ） A．火箭加速升空时，火箭的惯性变大 B．火箭加速升空时，重力势能转化为动能 C．点火后大量“白气”涌向四周是扩散现象 D．火箭燃料燃烧，将化学能转化为内能 4．如图是中国自主研制的最新一代电磁发射器。测试时，弹丸能轻易击穿对面木板，同时靶纸上留下了密集的弹着点。下列分析正确的是（     ）    A．弹丸飞行过程中运动状态保持不变 B．弹丸能击穿木板，说明力可以改变物体的运动状态 C．弹丸撞击靶纸时，只有弹丸对靶纸有力的作用 D．电磁发射器将电能主要转化为弹丸的机械能 5．《天工开物・膏液》记载了古人炼制油料的方式，依次经过翻炒、碾碎、过筛、蒸煮、包饼、压榨多道工序，如图所示。下列工作过程与物理知识对应不正确的是（     ） A．燃烧——木柴的化学能转化为内能 B．翻炒——油料中的水分汽化会吸热 C．碾碎——油料被碾成细粉说明力可以改变物体的形状 D．蒸煮——高温蒸煮油料是通过做功的方式改变物体内能 6．某同学在探索厨房中的物态变化问题时，记录了他观察到的几种现象，并运用所学知识对这些现象进行了解释。下列说法正确的是（     ） A．从冰箱里拿出的冻肉过一会儿会比刚拿来时要重，是因为肉拿出冰箱后，空气中的水蒸气与其接触后凝华成霜附着在冻肉上 B．燃气灶炒菜时，燃料燃烧将燃料的内能转化为化学能 C．炒菜时用锅铲不停地翻动，主要是利用做功的方式增加菜的内能 D．高压锅煨汤，排气孔上方出现大量的“白气”，这是汽化现象 7．《天工开物》记载了古人用脚踏碓将稻谷去皮的场景。如图，使用时，脚踩木杠后端将碓头抬高，碓头自由下落砸打稻谷。下列说法正确的是（　　） A．碓头被抬高的过程中，人对碓头没做功 B．碓头被抬得越高，具有的动能就越大 C．碓头自由下落时，重力势能主要转化为动能 D．碓头砸打稻谷时，机械能全部转化为内能 8．“多米诺骨牌”是一项集动手、动脑于一体的运动。如图所示，将骨牌按一定距离排列，轻轻推倒第一张骨牌，其它骨牌会依次倒下。下列说法正确的是（     ） A．骨牌倒下的过程中动能转化为重力势能 B．后面骨牌被推倒的速度越来越大 C．前后骨牌相互作用时，前面骨牌的机械能全部传递给后面骨牌 D．利用较少的能量就可以产生较多的能量，整个过程能量不守恒 9．如图甲是某型号可充电台灯风扇，图乙是台灯风扇经历充电和工作时的主要能量流向图。下列说法错误的是（　　） A．图乙中a、b均为电能 B．图乙中c为光能和内能 C．电池在充电时相当于用电器 D．能量转化过程中，能量的总量不断减少 10．关于内能、温度和热量，下列说法正确的是（    ） A．不同燃料燃烧时，放出热量越多的热值越大 B．一个物体内能增加，温度一定升高 C．内能总是从内能多的物体向内能少的物体转移 D．火箭升空过程中，外壳与大气摩擦温度升高，其机械能转化为内能 二、填空题 11．我国神舟二十三号载人飞船于2026年5月24日在酒泉卫星发射中心成功发射。飞船由长征二号F遥二十三运载火箭搭载升空，如图所示，火箭发射时，燃料燃烧，将储存在其中的________能释放出来，转化为火箭的机械能；以发射塔架为参照物，上升过程中的飞船是________的；若飞船进入预定轨道后，以7.8 km/s匀速飞行，10 s内飞行的路程为________m。 12．某汽油机工作中，飞轮转速为3600r/min，则每秒钟对外做功___________  次。汽车加速行驶的过程中，其动能___________，惯性___________。汽车尾气排出的能量很难再被回收利用，这是因为能量的转移和转化具有___________性。 13．我国雅鲁藏布江大拐弯区域水能资源丰富，短短50公里内水的落差达2230米。为充分利用水能，刚开工的工程计划在山体内建设五级梯级电站，总装机容量约7000万千瓦，年发电量可满足3亿家庭用电需求。水电站的电功率大小与水的落差和水流出的________有关。采用五级梯级开发而非一级集中开发，可逐级减小水位落差，从而降低坝体承受的水的________，提高工程安全性，可利用水的能量_______（选填“增大”“减小”或“不变”）。 14．嫦娥六号返回器返回过程采用了“半弹道跳跃式返回”，俗称“打水漂”。如图，返回器从A点首次进入大气层后，调整返回器姿态，使其在大气阻力的作用下被弹起，从B点离开大气层，达到最高点之后再次从C点进入大气层，A、C两点处于大气层边缘的等高线上。则A点的速度________（填“大于”“小于”或“等于”）C点的速度，请从能量转化的角度分析原因：______________________。 15．如图所示是安装在列车车厢之间的摩擦缓冲器结构图，图中①和②为楔块，③和④为垫板，楔块与弹簧盒、垫板间均有摩擦，在车厢相互撞击使弹簧压缩的过程中，有以下说法： A．缓冲器的机械能守恒 B．摩擦力做功消耗机械能 C．垫板的动能全部转化为内能 D．弹簧的弹性势能全部转化为动能 从上面选项中选择正确说法 ___________，然后解释该结构工作的原理 ___________。 三、实验题 16．如图甲所示，厨房做饭使用抽油烟机时，我们发现不同位置的油烟被抽吸的难易程度不同，同时不同尺寸的进风口，抽吸效果也会发生变化。那么，抽油烟机的抽吸能力与哪些因素有关呢？ 猜想1：进风口的面积大小 猜想2：进风口与被吸物体之间的距离 选用功率不变抽气机（模拟抽油烟机）、不同直径的圆形漏斗进风口（可替换安装，模拟不同面积的进风口）、轻质泡沫小球、无弹性细线、刻度尺、铁架台等器材，组装成如图乙所示的装置进行探究。 请完成下列探究： (1)实验中，抽气机吸力的强弱无法直接测量，因此通过观察泡沫小球偏离竖直方向的夹角大小来判断吸力强弱，夹角越_______，表明吸力越强。 (2)探究猜想1时，保持抽气机功率、进风口与泡沫小球距离不变，更换尺寸更大的圆形进风口，重复实验，发现泡沫小球偏离竖直方向的夹角变小。分析：在功率、进风口与泡沫小球距离不变时，进风口面积变大，进风口处的空气流速变小，压强变_________，导致增大进风口面积后大气压与进风口处的压强差变小。由此可初步得出：抽气机进风口的面积越大，抽吸能力越__________。 (3)探究完猜想2后，得出结论：在抽气机功率和进风口面积一定时，进风口与被吸物体之间的水平距离越大，抽油烟机的抽吸能力越弱。请写出探究猜想2的关键操作过程：____________。 (4)实验结束后，想进一步探究泡沫小球摆动的能量转化规律。若缩短细线长度并保持小球和进风口在同一水平高度，其他实验条件保持不变，泡沫小球的偏转角度是否改变______（选填“是”或“否”）。请从能量转化的角度分析原因__________。 17．生活中我们经常用电水壶烧水，给水加热至沸腾一段时间的过程中，水的温度是如何变化的？“拓展”物理小组的同学组装了如图甲所示的实验装置进行探究。 (1)酒精灯内的酒精燃烧的过程中，把化学能转化为________能，这个能量转化过程________（选填“能”或“不能”）自发地沿反方向发生。 (2)判断水沸腾的标志是：水中产生________，到水面破裂开来。 (3)小聪同学画出了温度时间关系图像，据此可得到的结论是：加热水的过程中，___________。 (4)小明同学接着用小聪的装置进行实验，他把烧杯内的水倒掉一些，待水温降低到90℃后继续加热至沸腾一段时间，请接着小聪的图像在坐标系中画出小明加热水的温度-时间关系的大致图像。 18．小西进行篮球训练时发现，篮球落在水泥地面、塑胶地面和草坪上反弹的高度各不相同。篮球反弹高度与哪些因素有关？小西做了如下猜想： 猜想1：与篮球内气压大小有关； 猜想2：与下落的高度有关； 猜想3：与地面的材料有关。 (1)如图甲所示，小西将相同的篮球充入不同气压的气体后于同一高度由静止释放，第一次反弹高度分别如图甲中虚线所示，通过实验现象可知，猜想1是______（选填“正确”或“错误”）的。 (2)为了探究猜想2和猜想3，小西选用家中三种不同材质的接触面（瓷砖、实木、毛毯），用同一篮球从不同高度处由静止释放，进行多次实验，并记录数据如下表： 实验序号 地面材料 篮球被举起的高度／m 篮球反弹的高度／m 1 瓷砖 0.5 0.4 2 瓷砖 1 0.75 3 瓷砖 1.5 1.2 4 实木 1 0.5 5 毛毯 1 0.15 ①通过分析1、2、3三组实验数据可知，其他条件相同时，篮球下落时的高度越大，反弹的高度越______。 ②通过分析______三组实验数据可知，篮球反弹的高度与地面材质有关。 (3)篮球从高处下落过程中，将重力势能主要转化为______能。实验中发现篮球都无法反弹到原有的高度，且最终停在地上，小西猜想篮球的能量消失了，小西的猜想违背了______定律。 (4)如图乙，小西在给篮球打气时，发现打气筒的筒壁变得很热。为了确定筒壁变热是因为活塞摩擦生热还是打气筒压缩空气做功使空气变热，他用手分别摸了筒底的处和筒口的处，发现处温度比处高，则发热的主要原因是______。 (5)在工业生产中，常使用一定质量的物体冲击被检测物体表面来检测物体硬度，测量物体在距被测物表面1mm处的冲击前、后的速度大小，从而测出被测物体的硬度。冲击前后速度大小变化越小，被测物体硬度越______（选填“大”或“小”）。 19．某同学用如图所示的装置探究“水的沸腾特点”，同时观察水沸腾时的能量转化情况。 (1)实验中需要测量的物理量是______和______。 (2)水沸腾时的现象是______，水沸腾时的温度特点是______。 (3)水沸腾过程中，______能转化为_____能，此过程中水的内能______（选填“增大”“减小”或“不变”）。 (4)若实验中烧杯内水的质量为100g，从20℃加热至沸腾（标准大气压下），水吸收的热量为______J。 20．在探究“物体的动能和哪些因素有关”时，同学们提出了如下猜想： 猜想一：物体动能大小与物体的质量有关； 猜想二：物体动能大小与物体运动的速度有关。 (1)物体动能是指_________（填序号）； A．小车在斜面上时的动能 B．小车撞击木块前的动能 C．小车撞击木块后的动能 D．木块的动能 (2)小丽发现，在某次实验中，最终木块从水平木板的右端滑出，于是小丽用质量更大的木块替换后继续完成此次实验探究。结果木块未滑出右端，总结得出结论。小丽的做法显然有一定的问题，下列解决此问题的方法中一定不可行的是_________； A．降低小车开始在斜面上的高度 B．在木板上铺上一块毛巾 C．增大小车的质量 D．在木块上放两个钩码 (3)若在图示实验的基础上，进一步探究动能与速度的关系，正确实验后，小明发现木块被撞击后移动的距离，则出现这一现象的原因是_________； A．小车放置的初始位置比图示的低 B．木块未放回初始位置就进行实验 (4)每次实验中小车最后都停在了水平木板上，整个过程中能量______（“是”或“不是”）守恒的。 1 / 1 学科网（北京）股份有限公司 $