第17练 传动机构 山东省（春季高考）《汽车电气设备构造与维修》（高教版·第二版） 一课一练

编写说明：考虑到中职学生普遍基础知识相对薄弱的情况，我们依据支架式教学理念，精心编制了山东省（春季高考）《汽车电气设备构造与维修》（高教版·第二版）一课一练。专辑里的每一份练习，都与课堂所授知识点紧密相关，题目围绕课堂所学知识点呈现。目的在于激发学生的学习兴趣，培养他们的学习自觉性，帮助学生扎实掌握课程的基本概念与基本方法，为他们后续的逐步提升奠定坚实基础。 本卷是山东省（春季高考）《汽车电气设备构造与维修》（高教版·第二版）一课一练的第17练，内容涵盖了解起动机的传动机构。 山东省（春季高考）一课一练 《汽车电气设备构造与维修》（高教版·第二版） 第17练 第二单元 起动系统 第三节 传动机构 一、单项选择题 1. 起动机中位于电枢轴与驱动小齿轮之间，允许扭矩按规定方向传递的部件通常称为（ ） A. 电磁开关 B. 单向离合器 C. 换向器总成 D. 碳刷架组件 2. 在起动机接通瞬间，推动驱动小齿轮沿轴向移动并进入飞轮齿圈啮合的零件是（ ） A. 保持线圈 B. 复位弹簧 C. 换向器片 D. 驱动拨叉 3. 点火开关置于起动挡后，传动部分与主电路的正常动作关系是（ ） A. 先高速旋转再进入啮合 B. 先断开主触点再吸合 C. 先进入啮合再承受转矩 D. 先退出齿圈再带动飞轮 4. 维修中发现起动机有明显高速空转声，但发动机曲轴不被带动，最可能的原因是（ ） A. 单向离合器打滑 B. 复位弹簧过硬 C. 电刷接触不良 D. 蓄电池容量不足 5. 某起动机飞轮齿圈齿数不变，若驱动小齿轮齿数减小，在忽略损失时传动结果通常是（ ） A. 传动比减小，曲轴转矩减小 B. 传动比减小，曲轴转矩增大 C. 传动比增大，曲轴转矩增大 D. 传动比增大，曲轴转矩减小 二、简答题 6. 一名维修技师检查起动机传动部分时，发现驱动小齿轮端面磨损且啮合动作发涩。简述该部位维修检查的正确做法。 7. 简述起动机传动机构中驱动小齿轮、拨叉和单向离合器的作用区别。 三、计算题 8. 检查某起动机驱动小齿轮轴向行程，规定合格范围为14 mm至16 mm，实测行程为13 mm。已知每增加1片调整垫片可使行程增加0.5 mm，求至少应增加的垫片数量及调整后的最小合格行程。 9. 某起动机驱动小齿轮齿数为10，飞轮齿圈齿数为120。起动机电枢转速为3000 r/min，忽略传动损失，求飞轮齿圈转速。 10. 发动机刚起动后，飞轮齿圈转速升至900 r/min，此时起动机驱动小齿轮尚未完全退出啮合。已知飞轮齿圈节圆直径为300 mm，驱动小齿轮节圆直径为25 mm，电枢允许最高转速为8000 r/min。若单向离合器失效并使电枢被飞轮反拖，求：（1）齿圈反拖小齿轮的速比；（2）电枢可能达到的反拖转速；（3）说明单向离合器正常时应处于的工作状态，并判断其保护作用。 原创精品资源学科网独家享有版权，侵权必究！ 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 $ 编写说明：考虑到中职学生普遍基础知识相对薄弱的情况，我们依据支架式教学理念，精心编制了山东省（春季高考）《汽车电气设备构造与维修》（高教版·第二版）一课一练。专辑里的每一份练习，都与课堂所授知识点紧密相关，题目围绕课堂所学知识点呈现。目的在于激发学生的学习兴趣，培养他们的学习自觉性，帮助学生扎实掌握课程的基本概念与基本方法，为他们后续的逐步提升奠定坚实基础。 本卷是山东省（春季高考）《汽车电气设备构造与维修》（高教版·第二版）一课一练的第17练，内容涵盖了解起动机的传动机构。 山东省（春季高考）一课一练 《汽车电气设备构造与维修》（高教版·第二版） 第17练 第二单元 起动系统 第三节 传动机构 一、单项选择题 1. 起动机中位于电枢轴与驱动小齿轮之间，允许扭矩按规定方向传递的部件通常称为（ ） A. 电磁开关 B. 单向离合器 C. 换向器总成 D. 碳刷架组件 【答案】B 【解析】单向离合器能把电枢轴输出的扭矩传给驱动小齿轮，并在发动机启动后防止飞轮反拖起动机高速旋转。电磁开关主要用于吸合和接通主电路，换向器与碳刷架属于电机部分。 2. 在起动机接通瞬间，推动驱动小齿轮沿轴向移动并进入飞轮齿圈啮合的零件是（ ） A. 保持线圈 B. 复位弹簧 C. 换向器片 D. 驱动拨叉 【答案】D 【解析】驱动拨叉受电磁开关铁芯带动，使驱动小齿轮沿轴向移动并与飞轮齿圈啮合。复位弹簧主要用于断电后使机构回位，保持线圈用于维持铁芯吸合状态。 3. 点火开关置于起动挡后，传动部分与主电路的正常动作关系是（ ） A. 先高速旋转再进入啮合 B. 先断开主触点再吸合 C. 先进入啮合再承受转矩 D. 先退出齿圈再带动飞轮 【答案】C 【解析】起动机工作时，电磁机构先使驱动小齿轮进入飞轮齿圈，然后主触点闭合，电机输出转矩带动发动机曲轴旋转。若先高速旋转再啮合，容易造成齿轮冲击和齿面损伤。 4. 维修中发现起动机有明显高速空转声，但发动机曲轴不被带动，最可能的原因是（ ） A. 单向离合器打滑 B. 复位弹簧过硬 C. 电刷接触不良 D. 蓄电池容量不足 【答案】A 【解析】起动机能高速转动说明电机部分基本能够工作，但曲轴不被带动，常见原因是单向离合器打滑或驱动齿轮未有效传递扭矩。电刷接触不良和蓄电池容量不足通常会导致转速低或不能转动。 5. 某起动机飞轮齿圈齿数不变，若驱动小齿轮齿数减小，在忽略损失时传动结果通常是（ ） A. 传动比减小，曲轴转矩减小 B. 传动比减小，曲轴转矩增大 C. 传动比增大，曲轴转矩增大 D. 传动比增大，曲轴转矩减小 【答案】C 【解析】飞轮齿圈齿数不变时，驱动小齿轮齿数减小会使传动比增大。传动比增大后，在忽略损失的条件下，传到曲轴端的转矩会增大，但转速会相应降低。 二、简答题 6. 一名维修技师检查起动机传动部分时，发现驱动小齿轮端面磨损且啮合动作发涩。简述该部位维修检查的正确做法。 【答案】（1）应检查驱动小齿轮齿面和飞轮齿圈啮合处是否有崩齿、偏磨或毛刺。 （2）应检查单向离合器是否打滑、卡滞或反向锁止不可靠。 （3）应清洁传动滑动部位，并按维修要求进行适量润滑或更换损坏件。 【解析】本题考查起动机传动部分的检修思路。作答时应围绕齿轮啮合、单向传力和滑动回位三个关键点展开，不能只检查电机通电情况。 7. 简述起动机传动机构中驱动小齿轮、拨叉和单向离合器的作用区别。 【答案】（1）驱动小齿轮的作用是与飞轮齿圈啮合，把起动机输出的机械转矩传给发动机曲轴。 （2）拨叉的作用是带动驱动小齿轮沿轴向移动，使其在起动时啮合、断电后退出。 （3）单向离合器的作用是按一个方向传递转矩，并在发动机启动后防止飞轮反拖起动机。 【解析】本题考查传动机构中相近部件的功能辨析。驱动小齿轮负责啮合传动，拨叉负责位置移动，单向离合器负责单向传力和超越保护，三者作用不能混淆。 三、计算题 8. 检查某起动机驱动小齿轮轴向行程，规定合格范围为14 mm至16 mm，实测行程为13 mm。已知每增加1片调整垫片可使行程增加0.5 mm，求至少应增加的垫片数量及调整后的最小合格行程。 【答案】2片，14 mm 【解析】轴向行程至少需要增加的量为14 mm减去13 mm，结果为1 mm。每片调整垫片可增加0.5 mm，按公式n=1/0.5计算，至少需要增加2片垫片。调整后的行程为13 mm加1 mm，结果为14 mm，刚好达到规定下限。 9. 某起动机驱动小齿轮齿数为10，飞轮齿圈齿数为120。起动机电枢转速为3000 r/min，忽略传动损失，求飞轮齿圈转速。 【答案】250 r/min 【解析】齿轮传动比按飞轮齿圈齿数与驱动小齿轮齿数之比计算，公式为i=z2/z1。代入数据得i=120/10，传动比为12。飞轮齿圈转速按n2=n1/i计算，代入数据得n2=3000/12，计算结果为250 r/min，因此飞轮齿圈转速为250 r/min。 10. 发动机刚起动后，飞轮齿圈转速升至900 r/min，此时起动机驱动小齿轮尚未完全退出啮合。已知飞轮齿圈节圆直径为300 mm，驱动小齿轮节圆直径为25 mm，电枢允许最高转速为8000 r/min。若单向离合器失效并使电枢被飞轮反拖，求：（1）齿圈反拖小齿轮的速比；（2）电枢可能达到的反拖转速；（3）说明单向离合器正常时应处于的工作状态，并判断其保护作用。 【答案】（1）12 （2）10800 r/min （3）正常时单向离合器应处于超越打滑状态，切断飞轮向电枢的反向传力，可防止电枢超速，具有保护作用。 【解析】（1）齿轮啮合时，转速与节圆直径成反比。齿圈反拖小齿轮的速比按if=D2/D1计算，其中D2为飞轮齿圈节圆直径，D1为驱动小齿轮节圆直径。代入数据得if=300/25=12。 （2）若单向离合器失效，飞轮会通过齿圈和小齿轮反拖电枢，电枢转速按na=nf if计算。代入数据得na=900× 12=10800 r/min。 （3）10800 r/min大于电枢允许最高转速8000 r/min，若被反拖会产生超速风险。单向离合器正常时，在发动机转速高于起动机驱动转速后应处于超越打滑状态，不再把飞轮的转矩传回电枢，因此能够防止电枢超速并保护起动机。 原创精品资源学科网独家享有版权，侵权必究！ 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 $