2025-2026学年高一下学期物理期末提升模拟卷（广东专用）

**基本信息** 广东专用高一物理期末提升卷，以卫星发射、刀削面轨迹等真实情境为载体，融合力学核心知识与实验探究，突出运动与相互作用观念、科学推理及模型建构能力考查。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |选择题|10题/46分|运动合成、圆周运动、动量守恒、天体运动|第7题结合卫星轨道考查开普勒定律，第5题通过羽毛球运动对比合外力冲量，体现科学论证| |非选择题|5题/54分|平抛实验、机械能守恒、多过程力学计算|15题综合动量、能量与相对运动，12题设计弹性碰撞实验，突出科学探究与创新应用|

2025-2026学年高一下学期物理期末提升模拟卷（广东专用） 一、选择题（1~7题单选题，每小题4分，8-10题多选题，每小题6分，共46分） 1．如图所示，一辆在平直路面上匀速行驶的汽车，利用跨过光滑定滑轮的轻绳将海面上一艘失去动力的小船沿直线拖向岸边，汽车与滑轮间的绳保持水平。小船的质量为m，受到的阻力大小恒为，汽车受到地面的阻力大小恒为，不计空气阻力。当牵引小船的绳与水平方向成θ角时，小船的速度大小为v，绳的拉力对小船做功的功率为P，此时（　　） A．汽车的速度大小为 B．绳的拉力大小为 C．小船的加速度大小为 D．汽车发动机的输出功率为 2．如图所示，半径为的半球形陶罐固定在水平转台上，转轴与陶罐球心O的对称轴重合，将一质量为m的小物块（视为质点）放入陶罐内，小物块随着陶罐一起以角速度（g为重力加速度大小）匀速旋转，小物块和O点的连线与的夹角，小物块受到的摩擦力大小为（　　） A． B． C． D． 3．如图所示，质量为m的子弹以水平初速度v0射入静止在光滑水平面上的质量为M的木块中，最后共同速度为v，在此过程中，木块在水平面上滑动的距离为s，子弹射入木块的深度为d，子弹与木块间的摩擦力大小为f，下列说法正确的是（     ） A．摩擦力f对木块做的功为－fs B．摩擦力f对子弹做功为－fd C．对子弹，有 D．子弹和木块整个系统机械能减少，有 4．如图甲，足够长的水平地面上，一小朋友坐在木箱中，木箱受到水平向右的作用力作用从静止开始运动，作用力随时间变化的关系如图乙，规定水平向右为正。整个过程中，该小朋友和木箱始终保持相对静止。已知该小朋友和木箱的总质量为，木箱与水平地面间的动摩擦因数，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度取，不计空气阻力，则该木箱0~4.5s内（　　） A．最大速度为 B．位移为 C．向左运动过程，受到摩擦力的冲量大小为 D．与地面摩擦产生的内能为 5．如图所示，某同学将两相同羽毛球A、B从同一高处以相同速率v0水平打出。运动过程中羽毛球仅受到重力及恒定的水平风力作用，逆风时，球A落至地面上的P处，顺风时，球B落至地面上的Q处。则（     ） A．A球飞行时间比B球长 B．A球飞行时间比B球短 C．两球飞行过程中重力的冲量不相同 D．两球飞行过程中合外力的冲量相同 6．一质量为1kg的物体在水平拉力作用下，沿水平面运动。如图所示，甲为拉力与时间的关系图，乙为物体对应的速度与时间的关系图（纵轴数据未知）。以下说法不正确的是（　　） A．物体与水平面之间的动摩擦因数为0.3 B．前4s内加速度大小为1m/s2 C．前8s内拉力所做的功为96J D．在4s末，摩擦力的功率为12W 7．如图所示，两颗人造地球卫星绕地球顺时针转，卫星1轨道为圆且周期为T，卫星2轨道为椭圆。A、B两点是椭圆长轴两端，A距离地心为r。C、D两点为椭圆短轴端点且是两轨道的交点，到地心距离为2r，卫星2在C点的速率为v，下列说法正确的是（     ） A．点到椭圆中心的距离为r B．卫星2的周期为T C．卫星2从A到B运动过程中，机械能不断增大 D．卫星2由到的时间等于 8．某同学在游乐场玩“套圈”游戏，规则是人站在指定线外将圆环水平抛出，套中前方水平地面上的目标物。已知抛出点与目标物的水平距离为L，抛出点距地面高度为H，空气阻力不计，重力加速度为g。若某次抛出的圆环恰好套中地面上的目标物，不计圆环及目标物大小的影响。下列说法正确的是（　　） A．圆环在空中运动的时间为 B．圆环抛出时的初速度大小为 C．若仅增大抛出点高度H，要套中目标物需减小初速度 D．圆环下落过程中，相同时间内其动量变化量可能不同 9．2024年9月20日，我国成功将“吉林一号宽幅02 B01-06”星准确送入预定轨道。如图为该星发射的简化过程图，卫星先进入圆轨道Ⅰ，然后在a点变轨进入椭圆轨道Ⅱ，再在b点变轨进入预定圆轨道Ⅲ。卫星在轨道Ⅰ上与地心连线单位时间内扫过的面积为，在轨道Ⅲ上与地心连线单位时间内扫过的面积为，轨道Ⅰ与轨道Ⅲ的半径之比为1∶3，卫星在轨道Ⅰ的周期为T，则（　　） A．卫星在轨道Ⅱ运动的过程中经过a、b两点的速度之比 B． C．卫星在轨道Ⅱ的周期为4T D．卫星从轨道Ⅰ的a点变轨进入椭圆轨道Ⅱ时，卫星需开动发动机点火加速 10．如图甲为中国五大面食之一的山西大同刀削面的切削过程。某次连续削出的面片中有一片的空中运动轨迹如图乙所示，为轨迹上的两点，已知该面片以某一水平初速度由点削出，从到与从到的时间比为4：5，不计空气阻力，下列说法正确的是（     ） A．该面片从到的速度变化率比到的速度变化率大 B．落到锅里的面片，飞得远的在空中运动时间较长 C．该面片运动到点与点时，重力做功的瞬时功率之比为4：9 D．从到P与从到过程，重力做功的平均功率之比为4：13 二、非选择题（11题8分，12题8分，13题10分，14题12分，15题16分，共54分） 11．（1）某实验小组的同学利用如图甲所示的实验装置“研究平抛物体运动”，通过描点画出平抛小球的运动轨迹。以下实验操作，其中合理的有（　　） A．安装斜槽轨道，使其末端保持水平 B．每次小球释放的初始位置可以任意选择 C．每次小球应从同一高度由静止释放 D．为描出小球的运动轨迹，描绘的点可以用折线连接 （2）如图所示，向心力演示器左右两个塔轮的半径之比为，通过皮带连接。将质量相等的两小球分别放到挡板A、C处，可随塔轮一起转动。挡板A、C到弹簧测力计的距离相等，标尺可显示两个小球所受向心力的大小。现转动手柄，则左右两小球的（　　） A．线速度大小之比为 B．角速度大小之比为 C．向心加速度大小之比为 D．向心力大小之比为 （3）某实验小组在“验证机械能守恒定律”实验中，研究重物从静止开始下落过程中打点计时器打出的一条纸带，在纸带打下的一系列点中，O为起点，取段进行实验数据分析，结果发现：重物重力势能的减小量小于动能的增加量。造成这一结果可能的原因是（    ） A．接通电源前释放了纸带 B．重物下落的过程中存在摩擦力和空气阻力 C．重物落地后反弹或打点计时器电压过大 D．末位置的瞬时速度计算错误 12．用如图1所示的装置进行实验，让两个小球在斜槽末端对心碰撞可以验证动量守恒定律。图1中的点为小球抛出点在记录纸上的垂直投影。实验时，先使球1多次从斜槽上位置由静止释放，确定其平均落地点，记为。然后，把半径相同的球2置于水平轨道的末端，再将球1从位置由静止释放，与球2相碰，重复多次，分别确定碰后球1和球2的平均落地点，记为和，分别测出点到平均落地点的距离、、。测得球1的质量为，球2的质量为，且。 (1)下列实验步骤中必要的是_____。 A．测量球1静止释放的高度 B．测量抛出点距地面的高度 C．测量两小球的半径 D．利用重垂线确定点的位置 (2)某次实验时先将球1从斜槽上离桌面某高度h静止释放，确定球1平均落地点。然后将球2放在斜槽末端，发现球2沿斜槽向右侧滚动，于是调整斜槽末端水平，调整后斜槽末端离地面高度跟原来相同。从同一高度静止释放球1，与球2碰撞后，确定两球平均落地点和。则_____或。（选填“”“”或“”）。 (3)某同学进一步研究两球是否发生弹性碰撞。设、。在实验中仅换用不同质量的球1，重复实验，绘出的图像；又仅换用不同质量的球2，重复实验，并绘出的图像。图中有可能反映两球发生弹性碰撞的是__________。 A． B． C． D． 13．如图所示，半径的光滑圆弧轨道固定在竖直平面内，轨道的一个端点B和圆心O的连线与水平方向间的夹角，另一端点C为轨道的最低点，C点右侧的光滑水平路面上紧挨C点放置一木板，木板质量，上表面与C点等高。质量的物块（可视为质点）从空中A点以某一速度水平抛出，恰好从轨道的B端沿切线方向进入轨道，沿轨道滑行到C点时对轨道的压力是物块重力的5倍，接着滑上木板，最终刚好未从木板右端滑出，已知物块与木板间的动摩擦因数，取，求： （1）物块从A点平抛的速度； （2）物块在木板上滑行的时间t。 14． 某建筑工地上，工人用一根长度为的轻质硬杆，两端分别固定一个配重块：左侧P块质量，右侧Q块质量。杆上距P块的位置有一个光滑转轴O，可以将整套装置悬挂在支架上。测试时，工人把杆抬到水平位置（P､Q在同一水平高度）然后无初速释放，让Q块在竖直平面内顺时针摆动。当Q块第一次摆到最低点时，忽略空气阻力与轴处摩擦，重力加速度。求： (1)此时P块的速度大小； (2)从初始水平位置到该过程中，杆对P块是否做功？若做功，求出杆对P块做的功； (3)此时杆对P块的作用力大小和方向｡ 15．如图所示，处于竖直平面内的一探究装置，由左端固定的弹簧1，水平直轨道AB、圆心为O1的四分之一圆弧轨道BC、圆心为O2的半圆弧轨道DEF、圆心为O3的四分之一圆弧轨道GH、水平直轨道IJ、KN以及右端固定的弹簧2组成。O1、O2和O3处于同一水平直线，滑板c的上表面、GH最低点的切线和KN处于另一水平直线。凹槽左右两侧壁均装有锁止装置，只要滑板一侧与侧壁碰撞，滑板立刻锁定并静止，而每当滑块经过锁止装置上方滑上滑板即触发开关解锁。已知滑块a质量m1=0.1kg，滑块b质量m2=0.1kg，圆弧半径均为R=0.4m，凹槽长L=1.75m。滑板长l=1.5m，质量m3=0.05kg。b与c之间的动摩擦因数μ=0.4，其余各处摩擦不计。a、b均可视为质点，滑块间、滑块与弹簧间均发生弹性碰撞，圆弧轨道间隙很小仅容滑块通过，各轨道间平滑连接。开始时，b静止在AB上，弹簧1的弹性势能Ep=1.8J，弹簧1把a弹出时，弹性势能全部转化为a的动能，g=10m/s2，求 (1)碰撞后滑块b的速度大小vb； (2)滑块b运动到DEF的最高点E时，受到轨道的作用力大小FN； (3)通过计算判断最终滑板c被锁定在哪一侧； (4)求滑块b最终静止时距滑板c左侧的距离x。 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 参考答案 1．B【详解】A．根据关联速度知识可知汽车的速度大小为，故A错误； B．对小船有，可得绳的拉力大小为，故B正确； C．对小船由牛顿第二定律 可得小船的加速度大小为，故C错误； D．汽车发动机的输出功率为，故D错误。故选B。 2．B【详解】若小物块与罐壁恰好没有摩擦力，小物块和O点的连线与的夹角仍为，则小物块受到的重力与支持力的合力提供向心力，有，解得 由于，所以题中小物块受到的摩擦力沿罐壁向上，与水平方向成60°角，则有，，联立解得，故选B。 3．D【详解】A．摩擦力f对木块做的功为fs，A错误； B．摩擦力f对子弹做功为-f(d+s)，B错误； C．对子弹，由动能定理有，C错误； D．子弹和木块整个系统机械能减少，由能量关系有，D正确。故选D。 4．C【详解】A．0~2s内，根据牛顿第二定律有，解得 该时间内做匀加速直线运动，则有 随后木箱做减速运动，根据牛顿第二定律有，解得 利用逆向思维，减速到0的时间 随后木箱向左做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律有，解得 0~4.5s内上述向左加速时间 上述匀加速的末速度，故A错误； B．0~2s内的位移大小方向向右，2~2.5s内的位移大小 方向向右，2.5~4.5s内的位移大小方向向左，则该木箱0~4.5s内大小 方向向左，即该木箱0~4.5s内位移为-1m，故B错误； C．滑动摩擦力，结合上述可知，木箱向左运动经历时间为，则向左运动过程，受到摩擦力的冲量大小，故C正确； D．结合上述，与地面摩擦产生的内能，故D错误。故选C。 5．D【详解】AB．A、B两球竖直方向均做自由落体运动，则得，两球飞行时间相等，故AB错误； C．重力的冲量，方向竖直向下，两球飞行过程中重力的冲量相同，故C错误； D．设水平风力为，两球飞行过程中合外力大小，合力与水平方向的夹角为，且 。则两球飞行过程中合外力大小相等，方向相同，故合外力的冲量大小 相等，方向都与水平方向成斜向左下方，故D正确。故选D。 6．C【详解】A．匀速运动时解得，A正确； B．加速时根据动量定理得，解得，前4s内加速度大小为 B正确； C．前8s内拉力所做的功为，C错误； D．在4s末，摩擦力的功率为，D正确。故选C。 7．B【详解】A．设椭圆半长轴为，半短轴为，半焦距为，根据椭圆性质可知地心（焦点）到短轴端点的距离等于半长轴，即，已知点为近地点，其到地心距离为，则半焦距为，点到椭圆中心的距离为半短轴，根据几何关系有 代入数据解得，故A错误； B．卫星1做圆周运动的轨道半径为，卫星2做椭圆运动的半长轴为，根据开普勒第三定律有 解得卫星2的周期为，故B正确； C．卫星2从到运动过程中，仅受地球的万有引力作用，只有万有引力做功，机械能守恒，故C错误； D．设椭圆中心为，地心为，根据开普勒第二定律可知，卫星2与地心连线在相等时间内扫过的面积相等，卫星2由到扫过的面积为，椭圆总面积的四分之一为，由几何关系可知，因此卫星2由到的时间小于，故D错误。故选B。 8．BC【详解】A. 根据竖直方向自由落体公式解得运动时间，故A错误。 B. 水平方向匀速运动，有解得初速度，故B正确。 C. 若仅增大高度 ，则运动时间增大。为保持水平位移不变，需减小初速度，故C正确； D. 圆环只受重力，加速度g恒定，相同时间间隔内，动量变化量恒定，所以相同时间内其动量变化量相同，故D错误。故选BC。 9．AD【详解】A．设轨道I半径为R，根据开普勒第二定律有 解得，故A正确； B．对圆轨道卫星，由万有引力提供向心力联立解得 一个周期扫过面积，故单位时间扫过面积 因为轨道I与轨道III的半径之比为1∶3，则，故B错误； C．根据开普勒第三定律有解得，故C错误； D．卫星从轨道I的a点变轨进入椭圆轨道II时，卫星需开动发动机点火加速，故D正确。故选AD。 10．CD【详解】A．面片做平抛运动，只受重力作用，加速度恒为重力加速度，根据加速度定义可知，速度变化率保持不变，故A错误； B．平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，运动时间由高度决定，即 落到锅里的面片，若下落高度相同，则在空中运动时间相同，飞得远说明水平初速度较大，故B错误； C．设从到的时间为，则从到的时间为，从到的总时间为。面片在竖直方向做自由落体运动，点竖直分速度 点竖直分速度 重力做功的瞬时功率 则该面片运动到点与点时，重力做功的瞬时功率之比为，故C正确； D．从到过程，竖直方向平均速度 重力做功的平均功率 从到过程，竖直方向平均速度 重力做功的平均功率 则从到与从到过程，重力做功的平均功率之比为，故D正确。故选CD。 11．（1）AC；（2）AB ；（3）AD 【详解】（1）A．为了保证小球离开斜槽后做平抛运动，所以安装斜槽轨道时，使其末端保持水平，故A项正确； BC．因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度，故B错误，C正确； D．描点法描绘运动轨迹时，应将各点连成平滑的曲线，不能连成折线或者直线，故D项错误。故选AC。 （2）AB．左右两个塔轮的半径之比为，通过皮带连接，可知边缘线速度大小相等，根据可知角速度之比为，故AB正确； CD．挡板A、C到弹簧测力计的距离相等，根据可知向心加速度大小之比为，两小球质量相等，根据可得向心力大小之比为，故CD错误。故选AB。 （3）A．重物重力势能的减小量小于动能的增加量，出现这一结果的原因可能是接通电源前释放了纸带，导致打点计时器打O点时重物的速度大于零，即打O点时重物的速度不为0，故A正确； B．重物下落过程存在空气阻力和摩擦力会导致重物重力势能的减小量大于动能的增加量，故B错误； C．重物触底反弹可能会导致计算末动能减少，会导致重物重力势能的减小量大于动能的增加量，打点计算器工作电压偏高不会影响重物重力势能的减小量和动能的增加量，故C错误； D．若末位置的瞬时速度计算错误，也会导致重力势能的减小量与动能的增加量不相等，可能出现重力势能的减小量小于动能的增加量的情形，D 正确。故选AD。 12．(1)D(2)(3)C 【详解】（1）ABC．小球做平抛运动，下落高度相同，运动时间相同，平抛初速度 需要验证的动量守恒的关系式为可转化为 球1从同一位置静止释放，做平抛运动的初速度相同，因此，不需要测量球1静止释放的高度、抛出点距地面的高度，也不需要测量小球半径（题目已说明是抛出点的垂直投影，两球半径相同，无需额外测量），故ABC错误；D．必须利用重垂线确定点的位置，才能测量水平位移，故D正确。故选D。 （2）原来，左高右低，球1抛出时竖直方向有向下的初速度，下落时间小于调整后平抛的下落时间，仅在斜槽末端水平情况下有 因，，故有 （3）若为弹性碰撞，由动量守恒可得 碰撞前后系统动能不变，满足联立解得 等式两边同乘以平抛时间，代入、得 AB．换不同质量的球1时，上式可整理为 可知与成正比，对应的图像为类反比例函数关系曲线，故A、B错误； CD．换用不同质量的球2时，上式可整理为 可知的图像为一次函数关系图线，故C正确，D错误；故选C。 13．（1）1m/s；（2）3s【详解】（1）物块运动到C点时，根据牛顿第二定律有解得 物块从B点到C点过程，根据动能定理有解得 物块在B点的速度及分解如图 则有 （2）取向右为正方向，根据动量守恒定律有解得 物块在木板上的加速度为 物块在木板上滑行的时间为 14．(1) (2)是，80J (3)，方向竖直向上 【详解】（1）系统机械能守恒，P、Q角速度相同 根据可得，线速度满足由能量守恒方程代入数据解得 （2）对P块应用动能定理：重力做负功，杆的作用力做正功。设杆对P块做功为，则： 解得因此，杆对P块做正功，大小为。 （3）取竖直向上为正方向，设杆对P块的作用力大小为。P块在最高点时受重力与杆作用力，向心力向下解得方向竖直向上。 15．(1)6m/s(2)4N(3)右侧壁(4)【详解】（1）弹出后滑块a的速度，由，得 滑块a、b碰撞，得 （2）a、b碰后，到b运动到最高点E，则 由牛顿第二定律得 （3）b刚滑上c初速度为 b、c的加速度分别为，， b第1次滑上c的过程中，c运动到侧壁的时间， 当b、c达共速时，得可知b、c未能达到共速。 当c运动到侧壁时，b运动的位移，b不会从c上滑落。 经判断，b此后也不会从c上滑落。 根据得 ，则，可知滑板c与凹槽碰撞3次后锁定在右侧壁。 （4）b第三次刚滑上滑板c时的速度，则可得 b与c相对静止时，在c上的相对位移为，则由， 可得， ，由动能定理得 距离为 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $