湖南长沙市第一中学2025-2026学年下学期初中物理思维培养课程八年级结课测试卷

2026春季初中物理思维培养课程（初二起点）结课测试卷 时量：90分钟满分：100分 一、单选题（共10小题，每小题4分，共40分） 1、如图所示，下列对其使用时所涉及的物理知识的表述正确的是（ ） A.图甲中，验电器的原理是异种电荷互相吸引 B.图乙中，飞机能够腾空而起是因为机翼上、下表面气体的流速不同，产生了向上的升力 C.图丙中，活塞式抽水机利用液体压强使水上升到高处 D.图丁中，用测电笔检查电气设备是否带电时，为了安全，手不能触碰金属笔尖和金属笔卡 2、物理学中经常看到形如的公式，一种情况是x的大小与y、z都有关；另一种情况是x虽然可由y、z计算，但与y、z无关。下列四个公式中，属于前一种情况的是（ ） A. B. C. D. 3、某同学用浅绿色的洗洁精、红墨水、黄色的食用油调制了一杯“彩虹液体”，如图所示，用盖子密封静置数日，发现不同颜色液体的界面变模糊，液面下降了一点。对上述现象的推测合理的是（ ） A.现象：液体分层；推测：分子之间没有间隙 B.现象：界面变模糊；推测：红墨水分子较小 C.现象：食用油在最上层；推测：食用油分子不运动 D.现象：液面下降；推测：液体分子间有间隙 4、项目式学习小组为调光台灯设计电路，具体要求：①电阻忽略不计的旋转滑片OP能起到开关通断的作用；②滑片OP顺时针旋转时灯变亮。下列电路图符合要求的是（ ） A. B. C. D. D. 5、当海水所含盐分随深度和温度发生变化时，可能会导致海水密度发生突变，在垂直海面方向上形成一个类似“悬崖”的突变水层，在如图所示的情形中，若有潜艇潜航至此水域时，就会急速下沉，发生“掉深”事故，危及潜艇安全。我军潜艇曾创造过遭遇“掉深”自救成功的奇迹。下列相关说法错误的是（ ） A.潜艇从漂浮到完全沉入海面以下的过程中，其所受浮力在变大 B.潜艇遭遇“掉深”进行自救时，需快速往水箱中吸水 C.潜艇从高密度水层潜航进入低密度水层时，浮力变小 D.潜艇在高密度水层悬浮时，所受浮力等于其重力 6、如图所示，闭合开关S，灯L发光，一段时间后灯L熄灭。若电路中只有一处故障，且只发生在灯L或电阻R上。现用一只规格相同且完好的灯L′替换灯L，下列说法正确的是（ ） ①若灯L′亮，则灯L可能断路 ②若灯L′亮，则灯L可能短路 ③若灯L′不亮，则电阻R一定断路 ④若灯L′不亮，则电阻R可能短路 A.只有①②③正确 B.只有②③④正确 C.只有①②④正确 D.只有①③④正确 7、图甲为某脂肪测量仪，其原理是根据人体电阻的大小判断脂肪所占比例（人体含水量约为70%，水中有钠离子、钾离子等离子存在，因此容易导电，脂肪则不容易导电），其模拟电路如图乙所示。测量时，闭合开关，测试者甲左、右手分别握住A、B，电流表和电压表的示数分别用I、U表示。若换体型相似但脂肪含量更低的乙进行测量，电流表和电压表示数改变，改变量的大小用ΔI、ΔU表示，则（ ） A.电压表示数U变大 B.电源消耗的功率变小 C.不变 D.变大 8、一款超声波身高体重测量仪的原理如图所示，电路元件的规格如下表。当压力为零时，电流表示数为0.3A，和的功率分别为3.6W和1.8W。小明测身高时，传感器记录发射和接收声波的时间差为（）。下列说法正确的是（ ） 电压表 测量范围0~15V 电流表 测量范围0~0.6A 压敏电阻 所受压力每增加20N，其阻值减小1Ω A.定值电阻的阻值是30Ω B.体重增加40N，电流表示数减小0.02A C.小明的身高应该为1.66m D.若要保证电路安全，该测量仪可以测量的体重最大值为600N 9、周末在家，小李同学想制作一个能测物体质量和液体密度的简易漂浮测量仪。他找来一个外高15cm、外底面积50cm2的圆柱形塑料杯，在杯内装入米作为配重，将该杯竖直漂浮于盛水的小桶中，稳定后，杯子露出水面6cm，如图所示，下列说法正确的是（ ） A.将配重米换成细沙，可提高测量仪的测量精度 B.换用底面积更大、高度更高的玻璃杯，就会增大测量仪的质量测量范围 C.该塑料杯在小桶中每向下移动0.2cm，则对应所测物体的质量增加10g D.若将该测量仪放入待测液体中，则可以测量的液体密度最小为0.6g/cm3 10、如图甲所示，电源电压保持不变，R0为定值电阻，闭合开关S，将滑动变阻器滑片P从最上端a滑动到最下端b的过程中，整个电路安全工作，电流表示数与两电压表示数关系图像如图乙所示。下列选项正确的是（ ） A.电源电压为18V B.R0电功率的变化量为4.5W C.滑动变阻器的最大阻值为16Ω D.灯的额定功率为9W 二、多选题（共4小题，选项完整且正确得5分，少选但选项正确得3分，有错误选项得0分，共20分） 11、近年来，我国在科技领域取得了辉煌的成就。下列说法正确的是（ ） A.国内AI大模型DeepSeek的后台高算力芯片是由半导体材料制成的 B.我国“人造太阳”实验装置“夸父启明”是利用核裂变原理获得核能的 C.2026年春晚机器人使用的电动机的工作原理是磁场对电流的作用 D.“天宫一号”使用的太阳能属于可再生能源 12、随着新能源汽车的普及，电池容量与能耗成为用户关注的核心指标。已知一款主流电动家用新能源汽车的电池容量为，在一段综合路况下行驶平均百公里能耗为。假设家用充电桩的输出电压，充电电流，则下列说法正确的是（ ） A.理论上充满一次电后能行驶的总里程为400km B.该汽车电动机正常工作时的输出功率为4.4kW C.将电池电量从零充满至90%，所需要的时间约为12.3h D.充满电时电池存储的电能为216kJ 13、如图所示，正方体甲和乙放在水平地面上，它们对水平地面的压强相等，现沿水平方向或竖直方向将甲切去一部分（虚线部分表示切去部分），将切下的部分再与乙叠放。下列各操作中，有可能使两者对地面的压强相等的是（ ） A. B. C. D. 14、2025年2月，我国望宇登月服进入初样研制阶段。梁宇登月服主体由多层结构组成，包括内衣舒适层、保暖层、通风服和水冷服、气密限制层、隔热层和外保护层等。某科技小组为检测模拟登月服的气密性，设计了气压检测装置，其电路如图甲，的阻值为30Ω，恒流电源输出电流恒为1A，当气压时，压敏电阻的阻值随气压的变化关系如图乙（为方便计算，图象已作近似处理）。如图丙，在某次测试时，先将充满空气的模拟登月服M和检测装置放入空腔N中，将空腔N抽成真空后密封（忽略抽气过程中M的漏气），此时M内的气压为；然后启动检测装置并开始计时，经过4h电流表示数为0.6A，已知M漏气速度越来越慢。若经过8h，M漏出空气的质量小于充气质量的10%，则M的气密性达标。关于该实验过程，下列说法正确的是（ ） A.M漏气过程中，电流表示数变大 B.4h时空腔N内的气压为875Pa C.4h时M漏出空气的质量为充气质量的4.375% D.根据趋势，本次检测表明模拟登月服M的气密性达标 三、填空题（每空3分，共27分） 15、如图所示为古代蜀地人使用的“夹瓷盏”省油灯，原理是夹层里水的________较大，升高相同温度时吸收更多的热量，可以快速降低油的温度减少油的消耗，此过程水的内能是通过________的方式增加的。 16、如图所示，物块A重25N、B重10N，B放在A上。用100N的水平推力F，将A压在足够高的粗糙程度不变的竖直墙上，AB恰能一起匀速下滑。推力F保持不变，在物体AB下滑过程中，将B拿走，此时A所受到的摩擦力是________N，经过足够长的时间后，A所受到的摩擦力是________N。继续保持推力F不变，然后在A的下方施加一个竖直向上的力，使物体A恰好向上做匀速直线运动，则的大小为________N。 17、科学家发现两根平行导线通电后有如图所示的现象（图中实线、虚线分别表示通电前、后的情况）。 （1）由图可知，两平行通电导线之间有力的作用。判断通电直导线周围磁场方向的方法是：用右手握导线，拇指指向电流方向，则四指环绕的方向就是通电直导线周围的磁场方向。根据这个方法，请你判定甲图中导线a在导线b处产生的磁场方向为垂直于纸面______（选填“向里”或“向外”）。 （2）由此可知：与磁体之间的相互作用一样，电流之间的相互作用也是通过______来实现的。 18、综合实践活动中，小明利用电压恒为10V的电源，定值为10Ω电热丝R1和另一根阻值未知电热丝R2，开关S、S1和单刀双掷开关S2，设计了一种电加热器，电路结构如图所示（虚线框为元件安装位，可选择接入R2和开关S1），通过开关调节，可实现高、中、低三挡位加热。同组的小红在小明设计的方案上，将R2和S1的安装位置调换，其余电路不变，实现了高挡位加热功率是小明方案高挡位加热功率的1.5倍，其余挡位功率与小明方案完全相同。则小明将R2安装在______M（填“M”或“N”）处，小红设计的高挡位功率为______30W。 四、解答题（19题6分，20题7分） 19、如图甲所示是一款国产混合动力汽车，其动力装置由内燃机和电机组成，在某次测试中，启动内燃机，这样既可以向车轮输送能量，也可以同时给蓄电池充电。汽车质量为1.5t，轮胎与地面的总接触面积为0.1m2，在平直公路上以50km/h的速度匀速行驶了1h，消耗了10L的汽油，同时蓄电池的电能增加了6.1×107J，汽车行驶时所受阻力f和车速v的关系如图乙所示。（ρ汽油＝0.7×103kg/m3，q汽油＝4.6×107J/kg，g取10N/kg）。求： （1）该车静止在水平路面上时对地面的压强是多少？ （2）该车在测试过程中内燃机的牵引力所做的功是多少？ （3）该车动力系统的综合效率是多少？ 20、图甲中R0为定值电阻，电源电压保持不变。滑动变阻器R1标有“20Ω，1A”字样，电流表测量范围0~0.6A，灯泡L的额定电流为0.5A。当开关S1、S2都断开或都闭合两种情况中，移动滑片P（所有元件都安全）得到了两次电流表示数与R1阻值变化关系的图像（如图乙所示），灯泡在工作时正常发光。求： （1）当开关全都闭合，电流表示数为0.3A时，电源电压； （2）电阻R0的阻值； （3）开关都断开与都闭合时，电路最大电流之比。 答案 1.B【解答】解：A、验电器的工作原理是同种电荷相互排斥：当带电体接触验电器金属球时，电荷会传导到金属箔片上，使两片金属箔带上同种电荷，因相互排斥而张开，故A错误； B、流体在流速大的地方压强较小，在流速小的地方压强较大；飞机依靠机翼上下表面气体的流速不同，压强不同，产生向上的升力而腾空，故B正确； C、活塞式抽水机是利用大气压把水抽出的，不是利用液体压强使水上升到高处，故C错误； D、试电笔可以用来区分零线和火线，使用时要用指尖抵住笔尾的金属体，不能接触笔尖金属体，故D错误。 故选：B。 2.A【解答】解：A、这个公式是功率的定义式，功率表示做功的快慢，功率的大小由做功的多少W和时间t共同决定，属于题目中的前一种情况。 B、g是重力加速度，在同一地点，g是一个定值，不管物体的质量m和重力G如何变化，g都不变，只是可以通过G和m计算出g，所以g与G、m无关，属于后一种情况。 C、电阻R是导体本身的一种性质，它的大小由导体的材料、长度、横截面积和温度决定，与导体两端的电压U和通过的电流I无关，只是可以通过U和I计算出R，属于后一种情况。 D、q是燃料的热值，是燃料的一种特性，它的大小只与燃料的种类有关，与燃料完全燃烧放出的热量Q和燃料的质量m无关，只是可以通过Q和m计算出q，属于后一种情况。 故选：A。 3.D【解答】解：A、液体分层的原因主要是不同液体的密度不同，并非分子间没有间隙。实际上所有物质的分子间都存在间隙，故A错误。 B、界面变模糊属于扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，而不是因为红墨水分子比较小。不同的分子都能发生扩散，不能由此得出分子大小的结论，故B错误。 C、食用油在最上层是因为它的密度比其他液体小，但分子是在不断运动的，无论哪种状态的分子都在运动，故C错误。 D、液面下降，说明混合后的总体积变小了，这是因为不同液体的分子进入了彼此的间隙中，从而使得总体积减少，可以推测出液体分子间是有间隙的，故D正确。 故选：D。 4.A【解答】解：A。滑片OP旋转到关闭时，电路断开，符合开关作用；接入电路的是弧形电阻PB段，OP顺时针旋转时，PB长度变短，接入电阻变小，由知电路中的电流变大，灯变亮，故A符合题意； B.图中接入电路的是弧形电阻PB段，OP顺时针旋转时，PB长度变短，接入电阻变小，由知电路中的电流变大，灯变亮，但此电路不能断开电路，故B不符合题意； C.灯泡和弧形电阻并联，滑片OP顺时针旋转时灯亮度不变，且滑片OP旋转到关闭时，灯泡所在电路仍然是通路不能起到开关通断的作用，故C不符合题意； D.接入电路的是弧形电阻AP段，OP顺时针旋转时，AP长度变长，接入电阻变大，由知电路中的电流变小，灯变暗，故D不符合题意。 故选：A。 5.B【解答】解：A。潜艇从漂浮到完全沉入海面下的过程中，排开海水的体积逐渐增大，根据阿基米德原理，海水密度不变，因此浮力逐渐变大，故A正确，不符合题意； B.“掉深”的本质是因为海水密度变小，使得潜艇浮力变小后，小于重力，急速下沉；自救需要减小潜艇自身重力，应快速排出水箱中的水，故B错误，符合题意； C.潜艇从高密度水层进入低密度水层，排开海水的体积等于自身体积，保持不变，海水的密度减小，根据可知，浮力变小，故C正确，不符合题意； D.潜艇在高密度水层悬浮时，潜艇处于静止状态，所受的浮力等于其重力，故D正确，不符合题意。 故选：B。 6.A【解答】解：由上图可知，灯和R组成串联电路，电路中只有一处故障，且只发生在灯L或电阻R上，用一只规格相同且完好的灯L′替换灯L，若灯L′亮，说明其它电路是通的，则电阻R肯定完好，故障只能在灯L上，灯L可能是短路或断路，故①②正确；若灯L′不亮，说明电路不通，则故障在电阻R上，考虑到小灯L原先不亮，则故障只能是电阻R断路，故③正确，④错误，故A正确，BCD不正确。 故选：A。 7.C【解答】解：A。图中定值电阻和人体电阻串联的，因为脂肪不容易导电，脂肪含量更低时，人体电阻会变小；根据串联分压规律知，人体电阻变小后，它两端的电压（也就是电压表示数U）会变小，故A不符合题意； B.人体电阻变小，电路的总电阻变小，根据欧姆定律知，电流I变大，由于电源消耗的功率为，因此当电源电压不变、电流变大时，电源功率会变大，故B不符合题意； C.因为电源总电压不变，所以人体电阻的电压变化量ΔU和定值电阻的电压变化量大小相等、方向相反。因为对于定值电阻来说，定值电阻的电压变化量为，所以人体电阻的电压变化量为，即，又因为定值电阻R是常数，其符号代表着当人体电阻的电压变化量增大时，定值电阻的电压变化量就会减小，反之亦然，所以即不变，故C符合题意； D.根据题目中的其实就是人体电阻的大小，因为脂肪含量更低时人体电阻变小，所以会变小，故D不符合题意。 故选：C。 8.D【解答】解：A、由图可知，两电阻串联，当压力为零时，电流表示数为0.3A，由可知，和的阻值分别为： ，，故A不符合题意； B、当压力为零时，电流表示数为0.3A，电源电压为； 由表中数据可知，压力每增加20N，的阻值减小1Ω，因此与所受压力F之间的关系可以表示为， 当体重增加40N时，即压力F=40N，此时压敏电阻的阻值为， 此时电路中的电流为， 电流的增大量为，故B不符合题意； C、发射和接收声波的时间差为，传感器到人头顶的距离为， 所以人的身高为，故C不符合题意； D、电路安全受限于电流表和电压表的量程，电流量程为0~0.6A，电压表量程为0~15V； 从电路图看，电压表测量的是R0两端的电压；当电流表先达到量程时，即电流最大值Imax=0.6A时，电路总电阻最小为， 此时Rx的最小值为Rx=R'总-R0=30Ω-20Ω=10Ω， 此时对应的压力F满足， 解得：F=600N； 当电压表先达到量程，即电压表示数U0max=15V时，电路电流为， 此时电流已超过电流表量程0.6A，因此电压表达到15V的情况不可能发生，所以电路的安全限制是由电流表决定的，即最大电流不超过0.6A，对应最大压力为600N，故D符合题意。 故选：D。 9.D【解答】解：A。该杯竖直漂浮于盛水的小桶中，稳定后，杯子露出水面6cm，处于漂浮状态，则浮力等于重力，因而增大的浮力等于增大的重力，由阿基米德原理和G=mg可得；即，测量精度指：相同质量变化对应刻度长度变化越大，精度越高。则减小底面积才能增大Δh、提高精度；更换配重，无法提高精度。故A错误； B.质量测量范围指最大可测物体质量，最大质量对应杯子刚好浸没时，增加的物体质量Δmmax=ρ水S（H-h0），若换用更大更高的杯子，杯子本身总重力G0增大，初始浸入深度h0也会增大，剩余可浸入深度（H-h0）不一定增大，因此无法确定测量范围一定增大，故B错误； C.若不考虑水面高度的变化，则该塑料杯在小桶中每向下移动0.2cm时，其浸入水中的深度就增加0.2cm，即Δh浸=0.2cm， 塑料杯排开水的体积增加量为：ΔV排=S杯Δh浸=50cm2×0.2cm=10cm3， 塑料杯排开水的质量增加量为：Δm排=ρ水ΔV排=1g/cm3×10cm3=10g， 因为塑料杯仍然处于漂浮状态，所以根据漂浮条件可知增加的物重等于增加的浮力， 结合阿基米德原理可得：Δm物×g=Δm排×g，则Δm物=Δm排=10g； 事实上，该塑料杯在小桶中向下移动时，水面会上升，则塑料杯浸入水中深度的增加量会大于0.2cm，根据前面解答可知对应所测物体的质量增加量会大于10g，故C错误； D.测量待测液体密度时，空测量仪总重力不变，G0=F浮=ρ液gV排，液体密度越小，需要的V排越大；最大V排为杯子总体积，即V总=SH，根据G0=ρ水gSh0=ρ最小gSH可得：，故D正确。 故选：D。 10.B【解答】解：由图甲可知，灯L与变阻器串联与定值电阻串联，电流表测电路中的电流，电压表V2测灯L两端的电压，V1测灯L与R0的总电压； A、当P滑到b端时，只有灯与定值电阻串联，此时电路的总电阻最小，电路中电流最大，由图乙可知，I大=1A，V1示数即电源电压为12V，故A错误； B、P滑到b端时，电压表V2的示数为6V，由串联电路电压的规律可知，R0的电压为：U0=U-UL=12V-6V=6V，由欧姆定律得R0的阻值为：， 电功率的变化ΔP=P-P'=I大2R0-I小2R0=（1A）2×6Ω-（0.5A）2×6Ω=4.5W，故B正确； C、当P滑到a端时，只有灯与定值电阻和滑动变阻器最大值串联，此时电路的总电阻最大，电路中电流最小，由图乙可知，I小=0.5A，此时电压表V1的示数为5V，滑动变阻器的最大阻值为： ，故C错误； D、由图乙可知，，示数即电源电压为12V，电压表的示数为6V，由于灯泡的额定电压未知，不能确定额定功率，故D错误。 故选：B。 11.ACD【解答】解：A、高算力芯片的主要材料是半导体，常见的硅就是半导体材料，所以AI大模型的后台芯片由半导体材料制成，故A正确。 B、“人造太阳”模拟的是太阳内部的核聚变反应，属于核聚变而不是核裂变。核裂变用于核电站，而核聚变目前还在研究阶段，“夸父启明”若为“人造太阳”，应是核聚变，故B错误。 C、电动机的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用，也就是磁场对电流的作用，将电能转化为机械能，故C正确。 D、太阳能可以从自然界源源不断得到补充，属于可再生能源，“天宫一号”使用的太阳能符合这一特点，故D正确。 故选：ACD。 12.AC【解答】解：根据题意可知总里程为 题目中没有给出该汽车电动机正常工作时的额定电压和额定电流，无法计算出电动机正常工作的输出功率 充电时间 充满电时电池存储的电能为，故AC正确，BD错误。 故选：AC。 13.BD【解答】 解：A、原来甲、乙对地面的压强相等，按照现在的切分，甲对地面的压强减小，乙的压强增大，故不会相等； B、原来甲、乙对地面的压强相等，按照现在的切分甲对地面的压强减小，乙对地面的压力增大，接触面积增大，根据，故有可能相等； C、原来甲、乙对地面的压强相等，由知，按照现在的切分甲对地面的压强不变，乙对地面的压强变大；故不会相等； D、原来甲、乙对地面的压强相等，根据知，按照现在的切分甲对地面的压强不变，乙对地面的压力和接触面积都变大，根据，故有可能相等。 故选：BD。 14.BD【分析】（1）由图丙可知，气压检测装置在N内，M漏气过程中，N内的气压逐渐增大，由图乙可知，压敏电阻的阻值随气压增大而减小，压敏电阻的阻值减小，通过压敏电阻的电流增大，由图甲可知，与并联，电流表测通过的电流，恒流电源 输出电流恒定，由并联分流可知，通过的电流增大，通过的电流会减小，故电流表示数变小； （2）利用并联分流规律，算出通过的电流，用公式算出两端电压，得知两端电压，再用算出得电阻，对照图乙的图线规律，算出此时的气压值； （3）根据M、N内的气压与各自内部空气的密度成正比，列出气压与密度的关系式，用替换掉密度，将两个质量做比值即可得到结果； （4）根据M漏气速度越来越慢的特点，4~8h的漏气比例小于0~4h的漏气比例，估算0~8h的漏气比例，再与10%比较，得出结论。 【解答】解：A、由图丙可知，气压检测装置在N内，M漏气过程中，N内的气压逐渐增大，由图乙可知，压敏电阻的阻值随气压增大而减小，压敏电阻的阻值减小，通过压敏电阻的电流增大，由图甲可知，与并联，电流表测通过的电流，恒流电源输出电流恒定，由并联分流可知，通过的电流增大，通过的电流会减小，故电流表示数变小，故A错误； B、恒流电源输出电流恒为，电流表示数为，通过的电流为，两端的电压为，与并联，故两端电压， 此时的电阻为， 由图乙可知，与气压的关系为，则当的电阻为时，N内的气压为：，故B正确； C、M、N内的气压与各自内部空气的密度成正比，且比例系数相同，设M内的气压为，密度为，则有，为比例系数，为M内的气体质量（即充气质量），，设N内的气压为，密度为，则有，为N内的气体质量（即漏出空气的质量）， ， 则， 将，，代入，解得：，故C错误； D、已知M漏气速度越来越慢，故4~8h漏出的空气质量与充气质量的比例会小于0~4h的漏气比例3.5%，0~8h的漏气比例会小于10%，故M的气密性达标，故D正确。 故选：BD。 15.比热容；热传递。【解答】解：水的比热容较大，相同质量的不同物质，升高相同的温度时，水吸收的热量较多。所以在夹层中装水，当油放出热量时，水能够吸收较多热量，从而使油温上升较慢，达到省油的效果。 油的温度高于水，将热量传递给水，所以水通过热传递吸收热量，内能增加。 故答案为：比热容；热传递。 16.35；25；60.【解答】解：初始状态下，物块A和B作为一个整体在竖直方向上受力平衡。它们受到竖直向下的总重力，以及竖直向上的滑动摩擦力f。因为AB恰能一起匀速下滑，所以滑动摩擦力。 推力F保持不变，即A对墙壁的压力不变（为100N），且接触面的粗糙程度不变。根据滑动摩擦力公式，滑动摩擦力的大小保持不变。在物体AB下滑过程中，将B拿走的瞬间，A仍在向下滑动，此时A受到的滑动摩擦力依然是35N。 将B拿走后，A受到的重力变为，而此时向下的重力小于向上的滑动摩擦力，A 将做减速运动。经过足够长的时间后，A的速度减为零并保持静止。此时A在竖直方向上受到向下的重力Gₐ和向上的静摩擦力f，处于平衡状态，所以f＝Gₐ＝25N； 推力F不变，接触面粗糙程度不变，所以摩擦力大小仍为35N，当A向上匀速运动时，竖直方向上F1＝Gₐ+f'＝25N+35N＝60N。 故答案为：35；25；60. 17.（1）向里；（2）磁场。【解答】解： （1）用右手握导线，大拇指指向电流方向（向上），则四指环绕的方向就是通电直导线周围的磁场方向：a的左侧垂直于纸面向外，b处（a的右侧）垂直于纸面向里； （2）与磁体之间的相互作用一样，电流之间的相互作用也是通过磁场来实现的。 故答案为：（1）向里；（2）磁场。 18.M；30【解答】 解：将电热丝R2和开关S1接入电路中，如图一和图二： 图一：当S、S1闭合，S2接b时，R1被短路，只有R2工作，电功率为P2；当S、S1闭合，S2接a时，R2被短路，只有R1工作，电功率为P1；当S闭合，S1断开，S2接b时，R1、R2串联接入电路，电功率为P串； 图二：当S、S1闭合，S2接b时，R1、R2并联接入电路，电功率为P并；当S闭合，S1断开，S2接a时，R1、R2串联接入电路，电功率为P串；当S、S1闭合，S2接a时，R2被短路，只有R1工作，电功率为P1； 两种电路中，相同的挡位功率是P串和P1，因此高挡位分别是P2和P并，因为P并＞P2，所以可以确定小明设计的方案是图一，小红改进的方案是图二； 高挡位加热功率是原方案的1.5倍，则P并＝1.5P2，代入数据，可得电热丝R2的阻值为R2＝5Ω， 小红设计的方案是图二，高挡位功率为：＝30W。 故答案为：M；30. 19.【解答】解：（1）汽车静止在水平路面上时，对地面的压力： F压＝G＝mg＝1500kg×10N/kg＝1.5×104N， 汽车对地面的压强：；-------2分 （2）汽车行驶的距离：s＝vt＝50km/h×1h＝50km＝5×104m， 由图乙可知，当车速为50km/h时，汽车所受的阻力为f＝2.0×103N，因为汽车匀速行驶， 所以汽车的牵引力与阻力是一对平衡力，大小相等，牵引力大小F＝f＝2.0×103N， 牵引力做的功：；-------2分 （3）消耗汽油的体积：，由得消耗汽油的质量： ， 汽油完全燃烧放出的总热量：， 动力系统的有用功：， 该车动力系统的综合效率：。-------2分 答：（1）该车静止在水平路面上时对地面的压强是1.5×105Pa； （2）该车在测试过程中内燃机的牵引力所做的功是1×108J； （3）该车动力系统的综合效率是50%。 20.【解答】解：（1）当开关全都闭合时，与灯并联，被短路，电流表测量通过的电流，由于的阻值不能取（否则会造成电源短路），所以右边的图像为开关都闭合时电流表的图像，电流表示数为，由图像可知，此时的阻值为：，两端电压为：， 根据并联电路电压规律可知，电源电压；---------分 （2）图乙中，右边的图像为开关全部闭合时电流表的图像，则左边的图像为开关都断开时电流表的图像，当开关、都断开，与串联，电流表测电路电流，由图乙中图像可知，当时，电流表示数为，即电路电流为， 电阻的阻值为：；---------分 （3）开关都断开时，由图乙可知，电路最大电流为， 开关都闭合时，电路的最大电流为灯泡的额定电流与电流表最大量程之和，即， 所以开关都断开与都闭合时，电路最大电流之比为：；---------分 答：（1）电源电压为； （2）电阻的阻值为； （3）电路最大电流之比为。 学科网（北京）股份有限公司 $