第7讲　牛顿第一定律与牛顿第二定律 课后分层作业（含基础知识网络图）-2027届高考物理一轮复习

**基本信息** 高中物理一轮复习牛顿运动定律专项训练，以分层设计构建"概念理解-基础应用-能力提升-综合挑战"的递进式训练体系，强化运动与相互作用观念及科学推理能力。 **专项设计** |模块|题量/典例|题型特征|知识逻辑| |----|-----------|----------|----------| |重知识·牢地基|2个核心概念|填空默写式基础题|从惯性概念到牛顿第二定律的因果关系构建| |夯基础·保本科|8题（含3道高考题）|情景辨析题/单位制应用题/瞬时模型题|通过东汉《论衡》引文、水罐车刹车等情景实现概念具象化| |提能力·冲211|3题|多体系统分析/索道运输等复杂情景题|整合摩擦力计算与牛顿第二定律的矢量合成| |迎挑战·搏985|1题（山东卷真题）|三维斜面受力分析题|深化力的分解与运动独立性原理的综合应用|

2027届新高考高三第一轮复习 高三物理备课组 新课标 · 新高考2027届高三第一轮复习 课后分层作业 答案与解析 第7讲　牛顿第一定律与牛顿第二定律 班级：_________ 学号：_________ 姓名：_________ 分数：_________ ❀ 重知识 · 牢地基 ❀ 1.牛顿第一定律　惯性 2.牛顿第二定律　力学单位制 ❀ 夯基础 · 保本科 ❀ 题型1　牛顿第一定律 1.(2026·甘肃兰州一模)在东汉王充所著的《论衡·状留篇》中提到“是故湍濑之流,沙石转而大石不移。何者?大石重而沙石轻也。”从物理学的角度对文中所描述现象的解释,下列说法正确的是(　　) A.水冲沙石,沙石才能运动,因为力是产生运动的原因 B.“沙石转而大石不移”是因为物体运动状态改变的难易程度与质量有关 C.只有在水的持续冲力作用下沙石才能一直运动,是因为运动需要力来维持 D.“大石不移”是因为大石受到的阻力大于水的冲力 答案　B 解析　水冲沙石,沙石才能运动,因为水的冲击力克服了阻力,力是改变物体运动的原因,故A错误;物体总有保持原有运动状态的性质即为惯性,其大小只与质量有关,质量越大惯性越大,力是改变物体运动状态的原因,重的大石由于质量太大,惯性太大,所以运动状态不容易被水流改变,故B正确;物体的运动不需要力来维持,如沙石不受力的作用时,可以做匀速直线运动,故C错误;“大石不移”是因为水的冲力等于大石受到的阻力,大石所受的合力为零,故D错误。 2.如图所示,匀速向右运动的水罐车内装满了水,车内有一浮在顶部的乒乓球A。当水罐车刹车时,小球相对容器的运动情况是(　　) A.A球向右运动 B.A球向左运动 C.A球静止不动 D.A球向下运动 答案　B 解析　水罐车刹车时,由于惯性,水罐车内的水、乒乓球A有想保持原来向右运动状态的趋势,但由于乒乓球A的密度小于水的密度,即乒乓球A的质量小于同体积水的质量,质量小,惯性就小,所以乒乓球A会被相对于车向右运动的水挤向左边,乒乓球A会向左运动,故B正确。 题型2　牛顿第二定律　单位制 3.(多选)(2026·山东临沂月考)将一个气球向上抛出,气球上升2 m后竖直下落,空气阻力随气球下落速度增大而增大,下列说法正确的是(　　) A.气球上升过程中受到的空气浮力大于重力 B.气球下落过程中受到的空气浮力小于重力 C.气球到达最高点时速度和加速度都为零 D.气球下落过程中速度变化率逐渐减小 答案　BD 解析　气球不论是上升还是下落,重力和空气浮力均不变,当气球上升到最高点时,速度为0,此时空气阻力为0,接下来气球会下落,说明气球受到的重力大于受到的空气浮力,即加速度向下,A、C错误,B正确;气球下落过程中,气球的速度变化率,即加速度为a=,随着气球下落速度的增大,空气阻力也随之增大,气球的加速度(速度变化率)会逐渐减小,D正确。 4.(2025·广东深圳模拟)弹射座椅是飞行员的“救命神器”,当飞机遇险时,座椅下的动力装置将座椅和飞行员一起弹射出机舱,然后座椅配置的降落伞张开,使飞行员安全降落。若某飞机意外故障竖直下坠,弹射座椅紧急弹出,弹射座椅弹出时的加速度大小为a、方向水平,重力加速度大小为g,则当弹射座椅弹出时,弹射座椅对飞行员的作用力大小与飞行员所受重力大小的比值为(　　) A. B.1+ C. D. 答案　C 解析　设飞行员的质量为m,当弹射座椅弹出时,座椅对飞行员的作用力大小为F,由牛顿第二定律有=ma,解得F=m,可得==,故C正确。 5.(多选)(2025·河南郑州模拟)如图为我国某型号运载火箭成功发射后第6 s末的照片,现用毫米刻度尺对照片进行测量,刻度尺的0刻度线与刚发射时的火箭底部对齐。假设火箭发射后6 s内沿竖直方向做匀加速直线运动,且质量不变。已知火箭高为40.6米,质量为250吨,重力加速度g取9.8 m/s2。则下列估算正确的是(　　) A.火箭竖直升空的加速度大小为2.2 m/s2 B.火箭竖直升空的加速度大小为4.2 m/s2 C.火箭升空所受到的平均推力大小为3.5×107 N D.火箭升空所受到的平均推力大小为3.0×106 N 答案　AD 解析　由图可知,照片中火箭尺寸与实际火箭尺寸的比例为=,可得火箭在6 s内上升的高度为h=2.50× cm≈39.0 m,由匀变速直线运动规律得h=at2,解得a≈2.2 m/s2,由牛顿第二定律得F-mg=ma,解得平均推力大小为F≈3.0×106 N,故A、D正确。 6.(2026·北京房山区一模)在水平铁轨上沿直线行驶的列车车厢里,车顶上用细线悬挂一个质量为m的小球,车厢地板上放置一个质量为m的木箱。某段时间内,细线与竖直方向夹角始终为θ,木箱相对于地板静止,如图所示。已知重力加速度为g,则下列判断正确的是(　　) A.列车一定向右运动 B.列车的加速度大小为gsin θ C.木箱所受摩擦力方向一定向右 D.如果细线悬挂的小球在竖直平面内摆动,列车的加速度一定在不断变化 答案　C 解析　对小球受力分析且由牛顿第二定律有mgtan θ=ma,得小球加速度大小为a=gtan θ,加速度方向水平向右,由于列车、小球和木箱具有相同的加速度,则列车的加速度大小为gtan θ,方向水平向右,由于列车的速度方向未知,则列车可能向右做加速运动,也可能向左做减速运动,对木箱受力分析可知,无论列车向左还是向右运动,木箱所受摩擦力方向一定向右,故A、B错误,C正确;当列车由变速运动突然停止,由于惯性,小球将在竖直平面内摆动,即细线与竖直方向的夹角周期性变化,列车的加速度始终为零,故D错误。 题型3　瞬时问题的两类模型 7.(2024·湖南卷,3)如图,质量分别为4m、3m、2m、m的四个小球A、B、C、D,通过细线或轻弹簧互相连接,悬挂于O点,处于静止状态,重力加速度为g。若将B、C间的细线剪断,则剪断瞬间B和C的加速度大小分别为(　　) A.g,1.5g B.2g,1.5g C.2g,0.5g D.g,0.5g 答案　A 解析　细线剪断前,对B、C、D整体受力分析,由力的平衡条件有A、B间轻弹簧的弹力FAB=6mg,对D受力分析,有C、D间轻弹簧的弹力FCD=mg;细线剪断瞬间,由牛顿第二定律对B有FAB-3mg=3maB,对C有2mg+FCD=2maC,联立解得aB=g,aC=1.5g,A正确。 8.(2025·辽宁大连模拟)如图所示,两个小球A、B悬挂在水平天花板下,并处于静止状态,其中小球A和悬挂点C之间的细线与天花板的夹角为37°,小球B和悬挂点D之间的轻弹簧与天花板之间的夹角为53°,小球A、B之间的细线水平。已知sin 37°=0.6,sin 53°=0.8,则剪断小球A、B之间的细线瞬间,小球A与B的加速度大小之比为(　　) A.16∶15 B.15∶16 C.3∶4 D.4∶3 答案　A 解析　设小球A、B的质量分别为mA和mB,剪断A、B之间的细线,小球A向下摆动,在切线方向有mAgcos 37°=mAaA,则小球A的加速度大小为aA=gcos 37°=。剪断细线前,对小球B受力分析,由平衡条件有kxsin 53°=mBg,kxcos 53°=TAB,剪断A、B之间的细线瞬间,弹簧弹力大小不变,小球B向右加速,加速度大小为aB===,所以剪断小球A、B之间的细线瞬间,小球A与B的加速度大小之比aA∶aB=∶=16∶15,故A正确。 ❀ 提能力 · 冲211 ❀ 9.(2026·浙江杭州期末)如图所示,质量为M的人站在放在地上质量为m的底座(含滑轮)上,一轻绳一端固定在天花板上,另一端绕过滑轮被拽于手中,若向上拽的恒力为F,已知重力加速度为g,下列说法正确的是(　　) A.人对底座的压力为Mg+2F B.当F=0.5(M+m)g时,底座刚好脱离地面 C.当F=1.1(M+m)g时,底座以0.1g向上加速 D.因为向上拽的力通过脚压给底座,所以无论怎么拽也无法使底座上升 答案　C 解析　无加速度时,对人受力分析可知,所受支持力FN=Mg+F,根据牛顿第三定律可知人对底座的压力大小为FN'=FN=Mg+F,故A错误;根据整体法可知,当底座刚好脱离地面时,有F=(M+m)g,故B错误;当F=1.1(M+m)g时,根据牛顿第二定律可得F-(M+m)g=(M+m)a,解得a=0.1g,即底座以0.1g向上加速,故C正确,D错误。 10.如图为用索道运输货物的情景,已知倾斜的索道与水平方向的夹角为37°,质量为m的货物与车厢地板之间的动摩擦因数为0.3。当载重车厢沿索道向上加速运动时,货物与车厢仍然保持相对静止状态,货物对车厢水平地板的正压力为其重力的1.15倍,连接索道与车厢的杆始终沿竖直方向,重力加速度为g,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8,那么这时货物对车厢地板的摩擦力大小为(　　) A.0.35mg B.0.3mg C.0.23mg D.0.2mg 答案　D 解析　将a沿水平方向和竖直方向分解,对货物受力分析如图所示,则有 水平方向:Ff=macos 37° 竖直方向:FN-mg=masin 37° FN=FN'=1.15mg 联立解得Ff=0.2mg 由牛顿第三定律可知Ff'=Ff,故D正确。 11.(多选)(2026·海南省直辖县级单位模拟)如图所示,在一个箱子中放有一物体,已知静止时物体对下底面的压力等于物体的重力,且物体与箱子上表面刚好接触。现将箱子以初速度v0竖直向上抛出,已知箱子所受空气阻力与箱子运动的速率成正比,且箱子运动过程中始终保持图示姿态,则下列说法正确的是(　　) A.上升过程中,物体对箱子的上底面有压力且越来越小 B.上升过程中,物体对箱子的下底面有压力且越来越大 C.下降过程中,物体对箱子的下底面有压力且越来越大 D.下降过程中,物体对箱子的上底面有压力且越来越小 答案　AC 解析　上升过程中对箱子和箱内物体整体受力分析,如图所示,由牛顿第二定律得Mg+kv=Ma上,得a上=g+,整体向上做减速运动,v减小,所以a上减小;因a上>g,所以物体受到箱子上底面向下的弹力FN,由牛顿第二定律得mg+FN=ma上,得FN=ma上-mg,随a上减小,则FN减小,所以上升过程中物体对箱子上底面有压力且压力越来越小,故A正确,B错误;当箱子和物体下降时,有向下的加速度,对整体根据牛顿第二定律得Mg-kv=Ma下,得a下=g-,随着速度增大,加速度越来越小,对箱内物体由牛顿第二定律得mg-FN=ma下,得FN=mg-ma下,所以FN增大,物体对箱子下底面有压力且压力越来越大,故C正确,D错误。 ❀ 迎挑战 · 搏985 ❀ 12.(2025·山东卷,8)工人在河堤的硬质坡面上固定一垂直坡面的挡板,向坡底运送长方体建筑材料。如图所示,坡面与水平面夹角为θ,交线为PN,坡面内QN与PN垂直,挡板平面与坡面的交线为MN,∠MNQ=θ。若建筑材料与坡面、挡板间的动摩擦因数均为μ,重力加速度大小为g,则建筑材料沿MN向下匀加速滑行的加速度大小为(　　) A.gsin2θ-μgcos θ-μgsin θcos θ B.gsin θcos θ-μgcos θ-μgsin2θ C.gsin θcos θ-μgcos θ-μgsin θcos θ D.gcos2θ-μgcos θ-μgsin2θ 答案　B 解析　对建筑材料受力分析如图所示,由图甲可知坡面对建筑材料的支持力FN1=mgcos θ,由图乙可知挡板对建筑材料的支持力FN2=mgsin2θ,所以对建筑材料由牛顿第二定律有mgsin θcos θ-μFN1-μFN2=ma,解得建筑材料的加速度大小a=gsin θcos θ-μgcos θ-μgsin2θ,B正确。 第 2 页 共 8 页 第 1 页 共 8 页 学科网（北京）股份有限公司 $2027届新高考高三第一轮复习 高三物理备课组 新课标 · 新高考2027届高三第一轮复习 课后分层作业 第7讲　牛顿第一定律与牛顿第二定律 班级：_________ 学号：_________ 姓名：_________ 分数：_________ ❀ 重知识 · 牢地基 ❀ 1.牛顿第一定律　惯性 2.牛顿第二定律　力学单位制 ❀ 夯基础 · 保本科 ❀ 题型1　牛顿第一定律 1.(2026·甘肃兰州一模)在东汉王充所著的《论衡·状留篇》中提到“是故湍濑之流,沙石转而大石不移。何者?大石重而沙石轻也。”从物理学的角度对文中所描述现象的解释,下列说法正确的是(　　) A.水冲沙石,沙石才能运动,因为力是产生运动的原因 B.“沙石转而大石不移”是因为物体运动状态改变的难易程度与质量有关 C.只有在水的持续冲力作用下沙石才能一直运动,是因为运动需要力来维持 D.“大石不移”是因为大石受到的阻力大于水的冲力 2.如图所示,匀速向右运动的水罐车内装满了水,车内有一浮在顶部的乒乓球A。当水罐车刹车时,小球相对容器的运动情况是(　　) A.A球向右运动 B.A球向左运动 C.A球静止不动 D.A球向下运动 题型2　牛顿第二定律　单位制 3.(多选)(2026·山东临沂月考)将一个气球向上抛出,气球上升2 m后竖直下落,空气阻力随气球下落速度增大而增大,下列说法正确的是(　　) A.气球上升过程中受到的空气浮力大于重力 B.气球下落过程中受到的空气浮力小于重力 C.气球到达最高点时速度和加速度都为零 D.气球下落过程中速度变化率逐渐减小 4.(2025·广东深圳模拟)弹射座椅是飞行员的“救命神器”,当飞机遇险时,座椅下的动力装置将座椅和飞行员一起弹射出机舱,然后座椅配置的降落伞张开,使飞行员安全降落。若某飞机意外故障竖直下坠,弹射座椅紧急弹出,弹射座椅弹出时的加速度大小为a、方向水平,重力加速度大小为g,则当弹射座椅弹出时,弹射座椅对飞行员的作用力大小与飞行员所受重力大小的比值为(　　) A. B.1+ C. D. 5.(多选)(2025·河南郑州模拟)如图为我国某型号运载火箭成功发射后第6 s末的照片,现用毫米刻度尺对照片进行测量,刻度尺的0刻度线与刚发射时的火箭底部对齐。假设火箭发射后6 s内沿竖直方向做匀加速直线运动,且质量不变。已知火箭高为40.6米,质量为250吨,重力加速度g取9.8 m/s2。则下列估算正确的是(　　) A.火箭竖直升空的加速度大小为2.2 m/s2 B.火箭竖直升空的加速度大小为4.2 m/s2 C.火箭升空所受到的平均推力大小为3.5×107 N D.火箭升空所受到的平均推力大小为3.0×106 N 6.(2026·北京房山区一模)在水平铁轨上沿直线行驶的列车车厢里,车顶上用细线悬挂一个质量为m的小球,车厢地板上放置一个质量为m的木箱。某段时间内,细线与竖直方向夹角始终为θ,木箱相对于地板静止,如图所示。已知重力加速度为g,则下列判断正确的是(　　) A.列车一定向右运动 B.列车的加速度大小为gsin θ C.木箱所受摩擦力方向一定向右 D.如果细线悬挂的小球在竖直平面内摆动,列车的加速度一定在不断变化 题型3　瞬时问题的两类模型 7.(2024·湖南卷,3)如图,质量分别为4m、3m、2m、m的四个小球A、B、C、D,通过细线或轻弹簧互相连接,悬挂于O点,处于静止状态,重力加速度为g。若将B、C间的细线剪断,则剪断瞬间B和C的加速度大小分别为(　　) A.g,1.5g B.2g,1.5g C.2g,0.5g D.g,0.5g 8.(2025·辽宁大连模拟)如图所示,两个小球A、B悬挂在水平天花板下,并处于静止状态,其中小球A和悬挂点C之间的细线与天花板的夹角为37°,小球B和悬挂点D之间的轻弹簧与天花板之间的夹角为53°,小球A、B之间的细线水平。已知sin 37°=0.6,sin 53°=0.8,则剪断小球A、B之间的细线瞬间,小球A与B的加速度大小之比为(　　) A.16∶15 B.15∶16 C.3∶4 D.4∶3 ❀ 提能力 · 冲211 ❀ 9.(2026·浙江杭州期末)如图所示,质量为M的人站在放在地上质量为m的底座(含滑轮)上,一轻绳一端固定在天花板上,另一端绕过滑轮被拽于手中,若向上拽的恒力为F,已知重力加速度为g,下列说法正确的是(　　) A.人对底座的压力为Mg+2F B.当F=0.5(M+m)g时,底座刚好脱离地面 C.当F=1.1(M+m)g时,底座以0.1g向上加速 D.因为向上拽的力通过脚压给底座,所以无论怎么拽也无法使底座上升 10.如图为用索道运输货物的情景,已知倾斜的索道与水平方向的夹角为37°,质量为m的货物与车厢地板之间的动摩擦因数为0.3。当载重车厢沿索道向上加速运动时,货物与车厢仍然保持相对静止状态,货物对车厢水平地板的正压力为其重力的1.15倍,连接索道与车厢的杆始终沿竖直方向,重力加速度为g,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8,那么这时货物对车厢地板的摩擦力大小为(　　) A.0.35mg B.0.3mg C.0.23mg D.0.2mg 答案　D 11.(多选)(2026·海南省直辖县级单位模拟)如图所示,在一个箱子中放有一物体,已知静止时物体对下底面的压力等于物体的重力,且物体与箱子上表面刚好接触。现将箱子以初速度v0竖直向上抛出,已知箱子所受空气阻力与箱子运动的速率成正比,且箱子运动过程中始终保持图示姿态,则下列说法正确的是(　　) A.上升过程中,物体对箱子的上底面有压力且越来越小 B.上升过程中,物体对箱子的下底面有压力且越来越大 C.下降过程中,物体对箱子的下底面有压力且越来越大 D.下降过程中,物体对箱子的上底面有压力且越来越小 ❀ 迎挑战 · 搏985 ❀ 12.(2025·山东卷,8)工人在河堤的硬质坡面上固定一垂直坡面的挡板,向坡底运送长方体建筑材料。如图所示,坡面与水平面夹角为θ,交线为PN,坡面内QN与PN垂直,挡板平面与坡面的交线为MN,∠MNQ=θ。若建筑材料与坡面、挡板间的动摩擦因数均为μ,重力加速度大小为g,则建筑材料沿MN向下匀加速滑行的加速度大小为(　　) A.gsin2θ-μgcos θ-μgsin θcos θ B.gsin θcos θ-μgcos θ-μgsin2θ C.gsin θcos θ-μgcos θ-μgsin θcos θ D.gcos2θ-μgcos θ-μgsin2θ 第 2 页 共 8 页 第 1 页 共 8 页 学科网（北京）股份有限公司 $