精品解析：福建泉州第十一中学2025-2026学年高一物理第一次月考试题

高一物理试题 注意事项： 1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息。 2．请将答案正确填写在答题卡上。 一、单选题（4小题，每小题4分，共16分。每小题只有一个选项符合题意） 1. 篮球运动是中学生非常喜欢的运动之一、小强抛出篮球，篮球在空中的运动轨迹如图所示，忽略空气阻力的影响，则关于篮球在空中运动过程中的下列说法正确的是（　　） A. 速度方向可能不变 B. 篮球的加速度方向时刻发生变化 C. 篮球在最高位置时的速度为0 D. 篮球受到的力是恒力 2. 以初速度竖直向上抛出一质量为m的小球，假定小球所受的空气阻力f大小不变，已知重力加速度为g。则下列说法正确的是（　　） A. 小球从抛出至回到抛出点的过程中加速度不变 B. 小球从抛出至回到抛出点的过程中机械能守恒 C. 小球上升到最高点的过程中重力的平均功率为 D. 小球回到抛出点时重力的瞬时功率为 3. 甲、乙两个物体质量之比，它们以相同的初速度在水平面上做匀减速直线运动，直到停止，其v-t图像如图所示。此过程中，两物体所受的摩擦力分别为、；克服摩擦力做功分别为、。则下列判断正确的是（ ） A. B. C. D. 4. 如图甲所示，配送机器人在满载状态下由静止沿直线做匀加速启动，用测速仪和计算机绘制出该过程中的加速度与速度倒数关系如图乙所示。该机器人工作时的额定功率为3kW，空载时的最大速度为7.5m/s。已知机器人受到地面的阻力与总重力成正比，重力加速度，g=10m/s2。以下说法正确的是（　　） A. 该配送机器人的机身质量为300kg B. 该配送机器人的最大承载质量为200kg C. 该配送机器人受到的阻力为重力的 D. 50%最大载重情况下以额定功率启动，当速度为 3m/s时，该配送机器人的加速度大小为2m/s2 二、双选题（4小题，每小题6分，共24分。每小题只有两个选项符合题意） 5. 关于机械能是否守恒的叙述，正确的是（ ） A. 只有重力对物体做功，物体机械能一定守恒 B. 合外力对物体做功为零时，机械能一定守恒 C. 做匀速直线运动的物体的机械能一定守恒 D. 作匀变速运动的物体机械能可能守恒 6. 一物体静止在水平地面上，现用恒力提起该物体沿竖直方向向上运动到某高度处，在这个过程中，重力做功，恒力做功，空气阻力做功，则下列判断正确的是(　　) A. 物体的重力势能减少了 B. 物体的动能增加了 C. 物体的重力势能增加了 D. 物体的动能增加了 7. 一物块在高3.0 m、长5.0 m的斜面顶端从静止开始沿斜面下滑，其重力势能和动能随下滑距离s的变化如图中直线Ⅰ、Ⅱ所示，重力加速度取10 m/s2。则（　　） A. 物块下滑过程中机械能不守恒 B. 物块与斜面间的动摩擦因数为0.5 C. 物块下滑时加速度的大小为6.0 m/s2 D. 当物块下滑2.0 m时机械能损失了12 J 8. 如图所示，竖直固定的光滑直杆上套有一个质量为m的小滑块，一原长为l的轻质弹簧左端固定在O点，右端与滑块相连。直杆上有a、b、c、d四个点，b点与O点在同一水平线上且Ob＝l，Oa、Oc与Ob的夹角均为37°，Od与Ob的夹角为53°。现将滑块从a点静止释放，在滑块下滑到最低点d的过程中，弹簧始终处于弹性限度内，重力加速度为g，。在此过程中滑块（　　） A. 在b点时动能最大 B. 在c点的速度大小为 C. 从a点到c点的过程中，弹簧弹力做功为零 D. 从c点下滑到d点的过程中机械能的减少量为 三、填空题（3小题，每空2分，共12分） 9. 蹦床运动员在进行蹦床表演，在运动员从最低点开始反弹至即将与蹦床分离的过程中，蹦床的弹性势能________，运动员的重力势能________（均选填“增加”或“减小”） 10. 如图所示，质量为3kg的木块放置在倾角为的固定斜面顶端，由静止开始以2的加速度沿斜面加速下滑，斜面长度足够，g取10，，，则前2s内木块重力做功的平均功率为______W，第2s末木块重力做功的瞬时功率为______W。 11. 如图甲所示，一长木板静止在水平地面上，在时刻，一小物块以一定速度从左端滑上长木板，之后长木板运动的图像如图乙所示，已知小物块与长木板的质量均为，已知木板足够长，g取，则： （1）小物块与长木板间动摩擦因数________； （2）在整个运动过程中，整个系统因摩擦而产生的热量为________J。 四、实验题（2小题，每空2分，共14分） 12. 用打点计时器验证机械能守恒定律的实验中，使质量为m=1.00kg的重物自由下落，打点计时器在纸带上打出一系列的点。现选取一条符合实验要求的纸带，如图所示，O为第一个点，A、B、C为从合适位置开始选取的三个连续点（其他点未画出）。已知打点计时器每隔0.02s打一个点，重力加速度。 （1）从O点到第（2）问中所取的点，重物重力势能的减少量_________J，动能的增加量_________J；请简述两者不完全相等的原因_________。（计算结果均保留三位有效数字）。 （2）若测出纸带上所有各点到O点之间的距离，根据纸带算出各点的速度v及重物下落的高度h，则以为纵轴，以h为横轴画出的图像是下列图中的_________。 A. B. C. D. 13. 某同学利用如图甲所示的气垫导轨装置“探究动能定理”。在气垫导轨上安装了两光电门1、2，滑块上固定一遮光条，滑块用细线绕过定滑轮、轻质动滑轮与弹簧测力计相连。实验时测出遮光条的宽度d，滑块和遮光条的总质量M，钩码质量m。 （1）完成下列实验步骤中的填空： ①用刻度尺测量遮光条的宽度d，两个光电门之间的距离L如图乙所示，则___________； ②按图甲所示安装好实验装置，其中与定滑轮及弹簧测力计相连的细线竖直； ③实验时要调整气垫导轨水平。不挂钩码和细线，接通气源，轻推滑块，如果______________，则表示气垫导轨已调整至水平状态； ④挂上钩码后，接通气源，再放开滑块，记录弹簧测力计的示数F，遮光条通过光电门1的时间为遮光条通过光电门2的时间为求出滑块动能的变化量； ⑤改变钩码的质量，重复步骤“④”，求在不同合力作用下滑块的动能变化量。 （2）对于上述实验，下列说法正确的是 。（单选，填正确选项前的字母） A. 弹簧测力计的读数为 B. 实验过程中钩码处于超重状态 C. 弹簧测力计的读数等于滑块所受合外力 D. 钩码的总质量m需满足远小于滑块的质量M （3）也可以通过多组实验数据，做出 的图像，若图像斜率_______，说明在误差允许的范围内动能定理成立。 五、解答题（3大题，共34分） 14. 2024年9月14日新建龙岩至龙川高铁梅州西至龙川西段开通运营，这将大大拉近闽西、粤东等革命老区和粤港澳大湾区的距离。设有一列质量为m=4.0×105kg的高铁列车，从静止开始以恒定功率P=7.2×106W在平直轨道上运动，设列车行驶过程中所受到的阻力f始终为车重的0.02倍，g取10m/s2，求： （1）列车在该功率下的最大速度vm； （2）当列车的行驶速度为v=30m/s时，列车的瞬时加速度a的大小。 15. 如图所示，与水平面夹角为的倾斜传送带始终绷紧，传送带下端A点与上端点间的距离为，电动机带动传送带以恒定的速率向上运动。现将一质量为5kg的物体无初速度地放于A处，已知物体与传送带间的动摩擦因数，，，重力加速度取，求： （1）物体从A运动到共需多少时间； （2）物体从A点到达点的过程中，传送带多消耗了多少电能？ 16. 如图滑板运动是一项惊险刺激的运动，深受青少年的喜爱。如图是滑板运动的轨道，AB和CD是一段圆弧形轨道，BC是一段长7m的水平轨道。一运动员从AB轨道上P点以6m/s的速度下滑，经BC轨道后冲上CD轨道，到Q点时速度减为零。已知运动员的质量50kg，h=1.4m，H=1.8m，不计圆弧轨道上的摩擦。求：（g=10m/s2） （1）运动员第一次经过B点、C点时的速度各是多少? （2）运动员与BC轨道的动摩擦因数? （3）运动员最后停在BC轨道上何处？ 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 高一物理试题 注意事项： 1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息。 2．请将答案正确填写在答题卡上。 一、单选题（4小题，每小题4分，共16分。每小题只有一个选项符合题意） 1. 篮球运动是中学生非常喜欢的运动之一、小强抛出篮球，篮球在空中的运动轨迹如图所示，忽略空气阻力的影响，则关于篮球在空中运动过程中的下列说法正确的是（　　） A. 速度方向可能不变 B. 篮球的加速度方向时刻发生变化 C. 篮球在最高位置时的速度为0 D. 篮球受到的力是恒力 【答案】D 【解析】 【详解】A．篮球做曲线运动，则速度方向一定改变，故A错误； BD．篮球只受重力，恒定不变，加速度为重力加速度不变，故B错误，D正确； C．篮球在最高位置时有水平方向的速度，故C错误。 故选D。 2. 以初速度竖直向上抛出一质量为m的小球，假定小球所受的空气阻力f大小不变，已知重力加速度为g。则下列说法正确的是（　　） A. 小球从抛出至回到抛出点的过程中加速度不变 B. 小球从抛出至回到抛出点的过程中机械能守恒 C. 小球上升到最高点的过程中重力的平均功率为 D. 小球回到抛出点时重力的瞬时功率为 【答案】C 【解析】 【详解】A．小球上升过程受到的空气阻力向下，则小球的加速度大小为 小球下落过程受到的空气阻力向上，则小球的加速度大小为 故A错误； BD．小球从抛出至回到抛出点的过程中，由于空气阻力一直做负功，小球的机械能减少，则小球回到抛出点时的速度大小小于，小球回到抛出点时重力的瞬时功率小于，故BD错误； C．小球上升到最高点的过程中，小球的平均速度为 则重力的平均功率为 故C正确。 故选C。 3. 甲、乙两个物体质量之比，它们以相同的初速度在水平面上做匀减速直线运动，直到停止，其v-t图像如图所示。此过程中，两物体所受的摩擦力分别为、；克服摩擦力做功分别为、。则下列判断正确的是（ ） A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【详解】根据牛顿第二定律可知，摩擦力 因， 可知 根据动能定理 即 可知 故选B。 4. 如图甲所示，配送机器人在满载状态下由静止沿直线做匀加速启动，用测速仪和计算机绘制出该过程中的加速度与速度倒数关系如图乙所示。该机器人工作时的额定功率为3kW，空载时的最大速度为7.5m/s。已知机器人受到地面的阻力与总重力成正比，重力加速度，g=10m/s2。以下说法正确的是（　　） A. 该配送机器人的机身质量为300kg B. 该配送机器人的最大承载质量为200kg C. 该配送机器人受到的阻力为重力的 D. 50%最大载重情况下以额定功率启动，当速度为 3m/s时，该配送机器人的加速度大小为2m/s2 【答案】B 【解析】 【详解】C．由功率表达式及牛顿第二定律分别可得 联立可得 由题图可知，时，a=0；时，，代入上式联立解得 ， 该配送机器人受到的阻力为重力的0.1，C错误； AB．空载时的最大速度为7.5m/s，可得 解得该配送机器人的机身质量为 故该配送机器人的最大承载质量为200kg，A错误，B正确； D．50%最大载重情况下，机器人总质量为500kg，以额定功率启动，当速度为3m/s时，受到的牵引力为 受到的阻力为 据牛顿第二定律可得 即该配送机器人的加速度大小为1m/s2，D错误。 故选B。 二、双选题（4小题，每小题6分，共24分。每小题只有两个选项符合题意） 5. 关于机械能是否守恒的叙述，正确的是（ ） A. 只有重力对物体做功，物体机械能一定守恒 B. 合外力对物体做功为零时，机械能一定守恒 C. 做匀速直线运动的物体的机械能一定守恒 D. 作匀变速运动的物体机械能可能守恒 【答案】AD 【解析】 【详解】A．根据机械能守恒的条件，只有重力对物体做功时，机械能守恒，故A正确； BC．合外力对物体做功为零时，机械能不一定守恒，如向上的匀速运动，机械能增加，故B错误，C错误； D．物体只受重力时，作匀变速运动，物体的动能与重力势能相互转化，其机械能守恒，故D正确． 故选：AD 6. 一物体静止在水平地面上，现用恒力提起该物体沿竖直方向向上运动到某高度处，在这个过程中，重力做功，恒力做功，空气阻力做功，则下列判断正确的是(　　) A. 物体的重力势能减少了 B. 物体的动能增加了 C. 物体的重力势能增加了 D. 物体的动能增加了 【答案】BC 【解析】 【详解】AC．根据重力做功与重力势能的变化关系，有 物体的重力势能增加了。故A错误；C正确； BD．根据动能定理，有 物体的动能增加了，故B正确；D错误。 故选BC。 7. 一物块在高3.0 m、长5.0 m的斜面顶端从静止开始沿斜面下滑，其重力势能和动能随下滑距离s的变化如图中直线Ⅰ、Ⅱ所示，重力加速度取10 m/s2。则（　　） A. 物块下滑过程中机械能不守恒 B. 物块与斜面间的动摩擦因数为0.5 C. 物块下滑时加速度的大小为6.0 m/s2 D. 当物块下滑2.0 m时机械能损失了12 J 【答案】AB 【解析】 【详解】A．下滑5m的过程中，重力势能减少30J，动能增加10J，减小的重力势能并不等与增加的动能，所以机械能不守恒，A正确； B．斜面高3m、长5m，则斜面倾角为θ＝37°。令斜面底端为零势面，则物块在斜面顶端时的重力势能 mgh＝30J 可得质量 m＝1kg 下滑5m过程中，由功能原理，机械能的减少量等于克服摩擦力做的功 μmg·cosθ·s＝20J 求得 μ＝0.5 B正确； C．由牛顿第二定律 mgsinθ－μmgcosθ＝ma 求得 a＝2m/s2 C错误； D．物块下滑2.0m时，重力势能减少12J，动能增加4J，所以机械能损失了8J，D选项错误。 故选AB。 8. 如图所示，竖直固定的光滑直杆上套有一个质量为m的小滑块，一原长为l的轻质弹簧左端固定在O点，右端与滑块相连。直杆上有a、b、c、d四个点，b点与O点在同一水平线上且Ob＝l，Oa、Oc与Ob的夹角均为37°，Od与Ob的夹角为53°。现将滑块从a点静止释放，在滑块下滑到最低点d的过程中，弹簧始终处于弹性限度内，重力加速度为g，。在此过程中滑块（　　） A. 在b点时动能最大 B. 在c点的速度大小为 C. 从a点到c点的过程中，弹簧弹力做功为零 D. 从c点下滑到d点的过程中机械能的减少量为 【答案】CD 【解析】 【详解】A．从a到b的过程，弹簧处于伸长状态，弹簧对滑块有沿弹簧向下的弹力，弹簧弹力和滑块的重力都做正功，滑块动能增大，从b之后，弹簧还是处于伸长状态，弹簧对滑块有沿弹簧向上的弹力，弹簧弹力做负功，重力做正功，但开始时，弹簧弹力竖直向上的弹力小于滑块的重力，合力还是先做正功，所以动能还会继续增大，b点不是动能最大点，A错误； B．a点和c点弹簧长度相同，形变量相同，所以从a到c的过程弹簧弹力做功为零，只有重力做功，根据动能定理 可得 B错误； C．a点和c点弹簧长度相同，形变量相同，所以从a到c的过程弹簧弹力做功为零，C正确； D．从c到d滑块机械能的减少量等于动能减少量与重力势能减少量之和，滑块在最低点d处速度为0 ，从c到d下降高度 所以有 D正确。 故选CD。 三、填空题（3小题，每空2分，共12分） 9. 蹦床运动员在进行蹦床表演，在运动员从最低点开始反弹至即将与蹦床分离的过程中，蹦床的弹性势能________，运动员的重力势能________（均选填“增加”或“减小”） 【答案】 ①. 减小 ②. 增加 【解析】 【详解】[1]在运动员从最低点开始反弹至即将与蹦床分离的过程中，蹦床对运动员做正功，蹦床的弹簧从伸长状态逐渐恢复原长，弹性势能减小。 [2]物体的重力势能与所处的高度有关。运动员从最低点开始反弹至与蹦床分离的过程中运动员高度增加，所以重力势能增大。 10. 如图所示，质量为3kg的木块放置在倾角为的固定斜面顶端，由静止开始以2的加速度沿斜面加速下滑，斜面长度足够，g取10，，，则前2s内木块重力做功的平均功率为______W，第2s末木块重力做功的瞬时功率为______W。 【答案】 ①. 36 ②. 72 【解析】 【详解】[1]2s末木块下滑的位移为 前2s内木块重力的平均功率 [2]2s末木块重力的瞬时功率 11. 如图甲所示，一长木板静止在水平地面上，在时刻，一小物块以一定速度从左端滑上长木板，之后长木板运动的图像如图乙所示，已知小物块与长木板的质量均为，已知木板足够长，g取，则： （1）小物块与长木板间动摩擦因数________； （2）在整个运动过程中，整个系统因摩擦而产生的热量为________J。 【答案】 ①. 0.5 ②. 72 【解析】 【详解】（1）[1]设长木板与小物块间摩擦因数为，长木板与地面间动摩擦因数为，由牛顿第二定律，得 木板和物块相对静止，共同减速过程中，由牛顿第二定律得 由图像可知 ，， 联立解得 ， （2）[2]设小物块的初速度为，小物块减速过程中，有 解得 由能量守恒可知，在整个运动过程中，整个系统因摩擦而产生的热量为 四、实验题（2小题，每空2分，共14分） 12. 用打点计时器验证机械能守恒定律的实验中，使质量为m=1.00kg的重物自由下落，打点计时器在纸带上打出一系列的点。现选取一条符合实验要求的纸带，如图所示，O为第一个点，A、B、C为从合适位置开始选取的三个连续点（其他点未画出）。已知打点计时器每隔0.02s打一个点，重力加速度。 （1）从O点到第（2）问中所取的点，重物重力势能的减少量_________J，动能的增加量_________J；请简述两者不完全相等的原因_________。（计算结果均保留三位有效数字）。 （2）若测出纸带上所有各点到O点之间的距离，根据纸带算出各点的速度v及重物下落的高度h，则以为纵轴，以h为横轴画出的图像是下列图中的_________。 A. B. C. D. 【答案】（1） ①. 1.88 ②. 1.84 ③. 重锤下落过程中受到空气阻力 （2）A 【解析】 【小问1详解】 [1]重物重力势能的减少量为 [2]B点的瞬时速度为 动能的增加量为 [3]两者不完全相等的原因：重锤下落过程中受到空气阻力。 【小问2详解】 根据机械能守恒 整理可得 因此，图像是过原点的直线。 故选A。 13. 某同学利用如图甲所示的气垫导轨装置“探究动能定理”。在气垫导轨上安装了两光电门1、2，滑块上固定一遮光条，滑块用细线绕过定滑轮、轻质动滑轮与弹簧测力计相连。实验时测出遮光条的宽度d，滑块和遮光条的总质量M，钩码质量m。 （1）完成下列实验步骤中的填空： ①用刻度尺测量遮光条的宽度d，两个光电门之间的距离L如图乙所示，则___________； ②按图甲所示安装好实验装置，其中与定滑轮及弹簧测力计相连的细线竖直； ③实验时要调整气垫导轨水平。不挂钩码和细线，接通气源，轻推滑块，如果______________，则表示气垫导轨已调整至水平状态； ④挂上钩码后，接通气源，再放开滑块，记录弹簧测力计的示数F，遮光条通过光电门1的时间为遮光条通过光电门2的时间为求出滑块动能的变化量； ⑤改变钩码的质量，重复步骤“④”，求在不同合力作用下滑块的动能变化量。 （2）对于上述实验，下列说法正确的是 。（单选，填正确选项前的字母） A. 弹簧测力计的读数为 B. 实验过程中钩码处于超重状态 C. 弹簧测力计的读数等于滑块所受合外力 D. 钩码的总质量m需满足远小于滑块的质量M （3）也可以通过多组实验数据，做出 的图像，若图像斜率_______，说明在误差允许的范围内动能定理成立。 【答案】（1） ①. 23.00 ②. 滑块经过两个光电门的时间相等 （2）C （3） 【解析】 【小问1详解】 [1]刻度尺精确度为0.1cm，还需估读一位，为23.00cm； [2]轻推滑块，如果滑块经过两个光电门的时间相等，则表示气垫导轨已调整至水平状态。 【小问2详解】 A．分析发现，钩码向下加速运动，处于失重状态，根据牛顿第二定律有 所以有 故A错误； CD．由于钩码挂在动滑轮上，所以细绳两端张力大小相等，因此弹簧测力计上的示数即为滑块受到的合外力，所以不需要满足钩码的总质量m远小于滑块的质量M，故C正确，D错误； B．实验过程中，钩码向下加速运动，加速度向下，因此可知钩码处于失重状态，故B错误。 故选C。 【小问3详解】 若满足动能定理，根据动能定理可得 变式得 则可知斜率为 五、解答题（3大题，共34分） 14. 2024年9月14日新建龙岩至龙川高铁梅州西至龙川西段开通运营，这将大大拉近闽西、粤东等革命老区和粤港澳大湾区的距离。设有一列质量为m=4.0×105kg的高铁列车，从静止开始以恒定功率P=7.2×106W在平直轨道上运动，设列车行驶过程中所受到的阻力f始终为车重的0.02倍，g取10m/s2，求： （1）列车在该功率下的最大速度vm； （2）当列车的行驶速度为v=30m/s时，列车的瞬时加速度a的大小。 【答案】（1）90m/s （2）0.4m/s2 【解析】 【详解】（1）当列车达到最大速度时，列车匀速运动，此时牵引力等于阻力，故 又因为 联立解得 （2）当列车的行驶速度为v=30m/s时，设此时列车牵引力为F1，根据 根据牛顿第二定律可知 联立解得 15. 如图所示，与水平面夹角为的倾斜传送带始终绷紧，传送带下端A点与上端点间的距离为，电动机带动传送带以恒定的速率向上运动。现将一质量为5kg的物体无初速度地放于A处，已知物体与传送带间的动摩擦因数，，，重力加速度取，求： （1）物体从A运动到共需多少时间； （2）物体从A点到达点的过程中，传送带多消耗了多少电能？ 【答案】（1）8s （2） 【解析】 【小问1详解】 物体与传送带共速前，根据牛顿第二定律可得 解得 物体从开始到与传送带共速所需的时间为 时间内物体的位移为 物体与传送带共速后，与传送带保持相对静止匀速运动，则有 则物体从A运动到B共需时间为 【小问2详解】 物体在匀加速阶段，与传送带的相对位移为 则物体与传送带因摩擦产生的内能为 根据能量守恒可知，物体从A点到达B点的过程中，传送带多消耗的电能为 联立解得 16. 如图滑板运动是一项惊险刺激的运动，深受青少年的喜爱。如图是滑板运动的轨道，AB和CD是一段圆弧形轨道，BC是一段长7m的水平轨道。一运动员从AB轨道上P点以6m/s的速度下滑，经BC轨道后冲上CD轨道，到Q点时速度减为零。已知运动员的质量50kg，h=1.4m，H=1.8m，不计圆弧轨道上的摩擦。求：（g=10m/s2） （1）运动员第一次经过B点、C点时的速度各是多少? （2）运动员与BC轨道的动摩擦因数? （3）运动员最后停在BC轨道上何处？ 【答案】（1）8m/s；6m/s；（2）0.2；（3）见解析 【解析】 【详解】以水平轨道为零势能面 （1）根据机械能守恒定律 mvp2+mgh=mvB2 解得 vB=8m/s 根据机械能守恒定律 mvc2=mgH 解得 vc=6m/s （2）由动能定理 -μmgs=mvC2-mvB2 解得 =0.2 （3）由动能定理 -μmgs总=0-(mvp2+mgh)=0-mvB2 解得 s总=16m 所以经过两次水平轨道后又从B点运动到距B点2m的地方停下或距C点5m的地方。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $