2026高考模拟试题(一)-【数理报】2026高考物理满分冲刺复习专号

2026高考模拟试题（一） ◆数理报社试题研究中心 (说明：本试卷为闭卷笔答，答题时间75分钟，满分100分) 第I卷选择题（共46分) 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分.每小题给出的四个选项中，只有一个是正确的） 1.如图1所示，某款手机支架由“L形”挡板和底座构成，挡板使用一体成型材料 王 制成，其AB、BC部分相互垂直，可绕O点的轴在竖直面内自由调节，AB、BC部分对手 机的弹力分别为F,和F2(不计手机与挡板间的摩擦)，在“L形”挡板AB部分由图示 位置顺时针缓慢转至水平的过程中，下列说法正确的是 数理报 A.F,逐渐增大，F2逐渐减小 高 B.F,逐渐减小，F2逐渐增大 C.支架对手机的作用力逐渐增大 理 D.支架对手机的作用力先增大后减小 模拟试题 2.如图2甲为太阳光穿过转动的六角形冰晶形成“幻日”的示意图，图乙为太阳光穿过六角形冰晶 的过程，α、b是其中两种单色光的光路，则在冰晶中 太阳光 太阳光 六角形冰晶 六角形冰晶 乙 图2 A.a的折射率比b的大 B.a的频率比b的大 C.a的波长比b的大 D.若b光能使某种金属发生光电效应，则α光也能使这种金属发生光电效应 3.某兴趣小组设计了一款金属探测仪，探测仪内部的线圈与电容器构成LC振荡 电路，其原理图如图3所示.当探测仪检测到金属物体时，金属物体中的涡流会影响原 来的电磁场，探测仪检测到这个变化就会使蜂鸣器发出声响.已知某时刻，该振荡电 路的电流方向由α流向b,且电流强度正在增强.下列说法正确的是 图3 (共8页，第1页) A.该时刻电容器上极板带正电荷 ⑤ B.该时刻线圈的自感电动势在增大 C.若线圈的自感系数增大，振荡电流的频率降低 D.探测仪靠近金属，并保持相对静止时，金属中不会产生涡流 4.依据世界核电运营者协会(WANO)评价规则，我国自主设计建设三代核电机组、全球首台“华龙 一号”一中国核电旗下福清核电5号机组WAN0综合指数于2024年2月实现满分，标志着“华龙一号”生 产运营绩效在全球范围表现卓越，充分验证了我国自主三代核电技术的安全性和先进性.华龙一号发电 机利用的是铀核裂变释放的核能，则下列叙述正确的是 A.太阳辐射能量主要来源也是重核裂变 B.铀核典型的裂变方程为5U→'%Ba+8Kr+2n C.裂变过程中释放核能是因为产物中新核的比结合能大 D.锶90是铀235的裂变产物，其半衰期为28年，那么经过56年锶90便衰变没了 5.用密封性好、充满气体的塑料袋包裹易碎品，如图4所示.充气袋四 数理报●高中物理)模拟试题 充气袋 周被挤压时，假设袋内气体与外界无热交换，则袋内气体 A.体积减小，内能增大 B.体积减小，压强减小N 易碎品 图4 C.对外界做负功，内能减小N D.对外界做正功，压强减小N 6.如图5所示，MN是一负点电荷产生的电场中的一条电场线.一个带正电的 粒子（不计重力）从α到b穿越这条电场线的轨迹如图中虚线所示.下列结论正确 的是 图5 A.带电粒子从a到b过程中动能逐渐减小N B.负点电荷一定位于M点左侧 C.a点的场强大于b点的场强 D.带电粒子在a点的加速度小于在b点的加速度 (共8页，第2页) 7.图6甲中理想变压器原、副线圈的匝数之比n,:,=5:1,电阻R=202,L,、L,为规格相同的两 只小灯泡，S,为单刀双掷开关，原线圈接正弦交变电源，输入电压u随时间的变化关系如图乙所示，现将 S,接1、S,闭合，此时L2正常发光，下列说法正确的 20 0.02 0.d -20V② 图6 A.输入电压u的表达式是u=20√2sin(50πt)V B.只断开S,后，L1、L2均正常发光 C.若S,换接到2后，R消耗的电功率为0.8W D.只断开S,后，原线圈的输入功率增大 报 二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分.每小题给出的四个选项中，都有多个选项是正 高 确的.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，选错或不答的得0分) 物 8.2023年7月23日是我国成功发射首个火星探测器“天问一号”三周年的日子.在这三年里，“天问 拟试 一号”实现了工程和科学两个领域的双丰收，超额完成了既定任务.“天问一号”在火星停泊轨道运行 时，近火点距离火星表面2.8×102km、远火点距离火星表面5.9×10km,则“天问一号”()》 A.在近火点的加速度比远火点的小 B.在近火点的运行速度比远火点的大 C.在近火点的机械能比远火点的小 D.在近火点通过减速可实现绕火星做圆周运动 9.图7甲为一列简谐横波在t=0.10s时刻的波形图，图乙为质点Q的振动图像.下列说法正确的是 /cm 12 0 0.3 图7 A.在t=0.10s时，质点P的速度为零 (共8页，第3页) B.从t=0.10s到t=0.25s,质点P的路程为10cm C.这列简谐横波沿x轴负方向传播 D.在t=0.25s时，质点P的加速度沿y轴正方向 10.质量为1kg的物块在水平力F的作用下由静止开始在水平地面上做直 ◆N 线运动，F与时间t的关系如图8所示.已知物块与地面间的动摩擦因数为0.2，重 力加速度g取10m/s2.则 图8 A.4s时物块的动能为零 B.6s时物块回到初始位置 C.3s时物块的动量为12kg·m/s D.0~6s时间内F对物块所做的功为40J 第Ⅱ卷非选择题（共54分) 数理报 三、实验题（本题共2小题，共16分，将正确答案填在题中横线上或按要求作答） ·高中物理》 11.某实验小组用如图9所示的实验装置来验证动量守恒定律，光电门1、2与数字计时器相连并固 定在气垫导轨上，两个滑块A、B(包含挡光片)质量分别为m1、m2· 模拟试题 遮光条 光电门1 光电门2 遮光 滑块A 滑块B 图9 (1)在调节装置时，启动充气机，经过调整后，将滑块A轻放在气垫导轨上任何位置都能 则气垫导轨已调至水平 (2)本实验 (选填“需要”或“不需要”)测量遮光条的宽度 (3)两滑块A、B从光电门1、2的外侧匀速相向运动，在两光电门中间发生碰撞，运动到气垫导轨一 端时立刻被锁定.实验中光电门1记录挡光时间为△1，光电门2记录三次挡光时间依次为△2、△3、△4： 已知两滑块上的遮光片宽度相同，若滑块A和B在碰撞的过程中动量守恒，则应该满足的表达式为 (用已知物理量和测量的物理量的字母表示) (共8页，第4页) 9 12.某实验小组用电压表V(量程为3V、内阻约为3k2),电流表A(量程为50mA,内阻约为22)， 定值电阻R=562,滑动变阻器R、两节干电池（电动势均为1.5V,内阻均不到12）、开关及导线等器 材测量电阻R,的阻值（约为1502）： 图10 (1)A、B两位同学采用伏安法进行测量： A同学用如图10甲所示的内接法测量，得到多组电压表示数U和电流表示数I的数据，根据每组数 据计算出对应的电阻，再求出电阻的平均值作为待测电阻R,的测量值； 数 B同学用如图乙所示的外接法测量，根据测得的数据，作出U一I图线，然后算出图线的斜率k,将k作为 报 高 待测电阻R,的测量值， 关于A、B两同学测得的结果， (选填“A”或“B”)同学的测量结果更精确，测量值 (选填“大于”“等于”或“小于”)真实值， 模 (2)C同学设计了如图丙所示的电路进行实验，操作步骤数如下： 试 ①正确连接实验电路后，调节滑动变阻器R的滑片至左端； ②闭合S2、S,调节滑动变阻器R的滑片，使电流表A满偏； ③保持滑动变阻器R的滑片不动，断开S2,此时电流表A的示数为40A； 待测电阻R=■ 2(保留三位有效数字). 四、解答题（本题共3小题，共38分，解答应写出文字说明、方程式和演算步骤.只写出最后结果的不 能给分，有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位)》 13.(9分)如图11为某游戏装置原理示意图.水平桌面上固定一半圆形竖直挡板，其半径为2R、内表 面光滑，挡板的两端A、B在桌面边缘，B与半径为R的固定光滑圆弧轨道CDE在同一竖直平面内，过C点 的轨道半径与竖直方向的夹角为60°.小物块以某一水平初速度由A点切人挡板内侧，从B点飞出桌面 后，在C点沿圆弧切线方向进入轨道CDE内侧，并恰好能到达轨道的最高点D.小物块与桌面之间的动摩 擦因数为云，重力加速度大小为名，忽略空气阻力，小物块可视为质点求： (共8页，第5页) (1)小物块到达D点的速度大小； (2)B和D两点的高度差； (3)小物块在A点的初速度大小 图11 数理报·高中物理》模拟试题（一）。 (共8页，第6页) 14.(12分)如图12，两根足够长的光滑金属直导轨平行放置，导轨间距为L,两导轨及其所构成的 平面均与水平面成0角，整个装置处于垂直于导轨平面斜向上的匀强磁场中，磁感应强度大小为B、现将 质量均为m的金属棒α、b垂直导轨放置，每根金属接入导轨之间的电阻均为R,运动过程中金属棒与导 轨始终垂直且接触良好，金属棒始终未滑出导轨，导轨电阻忽略不计，重力加速度为g (1)先保持棒b静止，将棒a由静止释放，求棒a匀速运动时的速度大小o; (2)在(1)问中，当棒a匀速运动时，再将棒b由静释放，求释放瞬间棒b的加速度大小a; (3)在(2)问中，从棒b放瞬间开始计时，经过时间。，两棒恰好达到相同的速度v,求速度v的大小 图12 《数理报高中物理》模拟试题（一） ⑨ (共8页，第7页) 15.(17分)静电喷漆技术具有效率高、浪费少、质量好等优点，其装置可简化为如图13甲.A、B为水 平放置的间距d=1.6的两块足够大的平行金属板，两板间有方向由B指向A的匀强电场，电场强度为 E=0.1V/m,在A板的中央放置一个安全接地的静电油漆喷枪P,油漆喷枪可向各个方向均匀地喷出初 速度大小均为o=6m/s的油漆微粒，已知油漆微粒的质量均为m=1.0×105kg、电荷量均g=-1.0 ×103C,不计油漆微粒间的相互作用、油漆微粒带电对板间电场和磁场的影响及空气阻力，重力加速度 g取10m/s2.求： (1)油漆微粒落在B板上所形成的图形面积； (2)若让A、B两板间的电场反向，并在两板间加垂直于纸面向里的匀强磁场，如图乙，磁感应强度B =0.06T,调节喷枪使油漆微粒只能在纸面内沿各个方向喷出，其他条件不变，B板被油漆微粒打中的区 域的长度； (3)在满足(2)的情况下，打中B板的油漆微粒中，在磁场中运动的最短时间. 止江 图13 数理报·高中物理)模拟试题 (共8页，第8页)2 一参考答案 数理报 B正确：“天问一号”在火星停泊轨道运行时，只有万有 RoR 高考模拟试题（一）】 引力做功，机械能守恒，故C错误：“天问一号”在近火点 则150=R-元十R解得R=1530 1.A2.C3.C4.C5.A6.D7.C 做离心运动，万有引力小于所需的向心力，减速后向心 13.(1)gR;(2)0:(3)3gR 8.BD 9.CD 10.AD 力减小，当万有引力恰能提供做圆周运动所需的向心力 解析：(1)由题知，小物块恰好能到达轨道最高点 提示： 时，可实现绕火星做圆周运动，故D正确. 1.对手机受力分析，如图1所示.F 9.在t=0.10s时，质点P不在最大位移处，速度不 D,则在D点有m会=，解得n=团 与F2分别是AB与BC对手机的支持力， 为零，故A错误；由图乙知，周期T=0.2s,质点距离平 (2)由题知，小物块从C点沿圆弧切线方向进入轨 两力的合力F2竖直向上与重力抵消. F始终垂直于AB,F始终垂直于BC,在 衡位图超远.速度越小，质点P既不在最大位移处.也不道0E内侧，则在C点有m60:号 在平衡位置处，从t=0.10s到t=0.25s,经过子T,质点 支架顺时针缓慢转至AB水平的过程中， 小物块从C到D的过程中，根据动能定理有 F,与F,之间的夹角不变，两者的合力 P的路程大于20cm小于30cm,故B错误：由图乙知，t= -mg(R+Rcos60）=2m-md F2不变，即支架对手机的作用力始终与 0.10s时质点Q向下运动，根据同侧法，这列简谐横波沿 手机的重力大小相等，方向相反.该过程中F2一直减小， x轴负方向传播，故C正确：在t=0.25s时，质点P位于 则小物块从B到D的过程中，根据动能定理有 F,一直增大故选A 箱下方，回假力治y轴正方向，加速度治)箱正方向.故g。了后-之m一 2.太阳光穿过六角形冰晶时，a光的偏折程度比b光 D正确 联立解得u=√gR,HD=0. 偏折程度小，则a的折射率比b的小，a的频率比b的小， 10.物块与地面间的摩擦力为F:=umg=2N.对物 (3)小物块从A到B的过程中，根据动能定理有 a的波长比b的大，AB错误，C正确；由光电效应规律可 块从0~3s内由动量定理可知(F-F)1=m3即(4- 知，由于光的频率大于a光频率，若6光能使某种金属2)×3=1×与，得=6s3s时物块的动量为p= -ungs=之m-之=2R,解得，=g风 发生光电效应，则α光不一定能使这种金属发生光电效 m,=6kg·m/s,设3s后再经过时间t物块的速度减为 0,由动量定理可得-(F+F,)t=0-m.即-(4+2)t 14.(1)=2 mgRsin0:(2)2gsin0: 应，D错误故选C B'L =0-1×6,解得t=1s,所以物块在4s时速度减为0， 3.某时划，电流的方向由a流向b,且电流强度正在 增强，则电容器正处于放电过程，上极板带负电荷，故A 则此时物块的动能也为0，故A正确，C错误：0~3s物块 (3)gsin0。所+mgRsin0 BL 错误；电流的方向由a流向6，且电流强度正在增强中，电发生的位移为x,由动能定理可得(F-F,)x=2m, 解析：(1)a导体棒在运动过程中重力沿斜面的分力 流强度增大的越来起慢，线圈的自感电动为E一兰正即(4-2=之×1×6，得=934：过程中，定律可得E 和a棒的安培力相等时做匀速运动，由法拉第电磁感应 在减小，故B错误：若线圈的自感系数L增大，根据公式f 由闭合电路欧姆定律及安培力公式可得 对物块由动能定理可得-(F+F)x=0-2m,即 2TLC 可知，振荡电流的频率降低，故C正确；虽然 1=员F=BL 探测仪与金属保持相对静止，但电流强度正在增大，穿 -(4+2)x=0-2×1×6,得=3m4~6物 a棒受力平衡可得mgsin0=BIL 过金属的磁通量增大，金属也会产生感应电流，故D块反向运动，物块的加速度大小为“= -B=2m/, 联立解得。=2mgim0 BL 错误 ,4太阳辐射能量的主要来源是太阳内部发生聚变，发生的位移为名=7×2×2m=4m<+,即6。 (2)由右手定则可知导体棒b中电流向里，b棒受沿 故A错误；典型的裂变方程为觉U+n一→然Ba+gKr+时物块没有回到初始位置，故B错误；物块在6s时的速 斜面向下的安培力，此时电路中电流不变，则棒牛顿第 3站n,故B错误；裂变释放核能是因为新核的此结合能大度大小为6=2×2m/s=4m/s,0~6s拉力所做的功 二定律可得mgsin0+B1L=ma解得a=2gsin0 于原来重核的比结合能，故C正确；银90的半衰期为28为W=(4×9-4×3+4×4)J=40J,故D正确 (3)释放b棒后α棒受到沿斜面向上的安培力，在到 达共速时对α棒，根据动量定理有 年，那么经过56年银90剩下原来的四分之一，故D错误 11.(1)静止(2)不需要 5.充气袋被挤压时，气体体积减小，外界对气体做 mgsin0。-BlLo=mt-mo 功，已知袋内气体与外界无热交换，则袋内气体内能增 b棒受到向下的安培力与a棒时时相同，对b棒，根 加，温度一定升高，压强变大，故A正确，BCD错误 解析：(1)将滑块轻放在气垫导轨上任何位置都能据动量定理有mgsin0。+BIL。=mm 6.由于该粒子只受电场力作用且做曲线运动，电场静止，表明气垫导轨已调至水平， 力指向轨迹内侧，电场力方向大致向右，带电粒子从α到 (2)(3)光电门2记录三次挡光时间依次为滑块B 联立解得e=gin0+号=gsi血%+四R b过程中电场力对带电粒子做正功，其动能增加，选项A碰前向左通过光电门2、滑块B碰后向右通过光电门2和 15.(1)18.1m2:(2)1.6m:(3)0.31s 错误：带正电的粒子所受电场力向右，电场线由M指向滑块A碰后向右通过光电门2的时间，设遮光片宽度为 解析：(1)油漆微粒的加速度为 水说用负电有在直货N点右，选项B:点路点电《精块4，B碰前速度大小分别为一品与产品滑 d a=g+mg ① 荷较远，a点的电场强度小于b点的电场强度，带电粒子 m 在a点的电场力小于在b点的，根据牛顿第二定律得知， 块4，B能后速度大小分期为=品=品 根据运动学公式有 带电粒子在a点的加速度小于在b点的加速度，故C错 由题意知系统总动量水平向右，根据动量守恒定律 d=u 误，D正确。 d d d 1.由图可知周期T=0.2,则。=2 得mA-m =m+m 运动的半径 x tot 100πrad/s,所以输人电压u表达式应为u= 药理受是一是+是由上式妇实验中不满 落在B板上所形成圆形面积为 20√2sin(100πt)V,故A错误；只断开S后，L、Lz断路，要测量遮光条的宽度 S=πx2 ④ 均不能正常发光，故B错误：理想变压器原、副线圈的匝 12.(1)A大于(2)153 由①②③式并代人数据得 S≈18.1m2 解析：(1)为了尽可能减小实验误差，根据R,> ⑤ 数之比，：n2=5:1,则副线圈的有效值为U,=2U, n (2)当电场反向，有Eg=mg ⑥ √R、R可知电流表内接法测量结果更精确，故A同学的 =号×202y=4V,若S,换按到2后，只有电阻R接测量结果更精确 油漆微粒做匀速圆周运动，洛伦兹力充当向心力， 测量值为电阻R与电流表A的串联电阻，测量值大 由牛顿第二定律有 人电路，则R消耗的电功率为P=发=0.8W,故C正于真实值 =m天，得R=1m ⑦ 确：只断开S,后，负载电阻变大，副线圈的功率减小，原 (2)电流表A满偏时，电路中的总电阻为R。= 如图2，水平向右射出的油漆微粒打在B板的右端， 线卷的输人功率等于副线卷的功率，也减小，故D错误 根据几何关系有R+Rcos a=d ⑧ 3 RoR, &根据G业=m得a=以，天问一-号”在近火 50X100=600=R+元+R+R+/ ac的长度为ae=Rsin a ⑨ 断开S,时电路中的总电阻为 打在B板左端的油漆微粒为和B板相切的微粒，同 点的加速度比远火点的大，故A错误；根据开普勒第二定 律，“天问一号”在近火点的运行速度比远火点的大，故 40×I00=750=R+R+R,+r 理求得bc=ac O 油漆微粒打在极板上的长度为ab=ac+bc ① 数理招 参考答案 3 由⑥⑦⑧⑨0①并代入数据得 根据向心力公式上，=m票R可得，该行是自转周的瞬时速度等于这段时间的平均速度，所以C点的速度 ab 1.6 m 期为T一、√m,故A错误；物块在该行星极地表面 =号-0323-0224=25m 2×可 静止时，万有引力等于重力G加=mg我=F,解得M= (2)根据动能定理(mg-Dh=2m ，故B错误：在赤道表面静止时，根据平衡条件，重力 FR 2 图2 图3 得子=g一七所以国线斜*：=8一日 m 3F (3)打在B板上的微粒中，Pc最短的弦长对应的时 等于弹簧测力计的拉力，即mg=子，解得8台= 由图知b的斜率小，所以b的质量小于a的质量； (3)根据动能定理(m,g-h=2m, 间最短，如图3.由几何关系有sin0=尺 ④ 故C结误：根据D=兰可知，该行显的密度为p=兰 FR 运动的放短时润为1·兴 3F M一三434行RGm,故D正确. 得子。名一所以图线斜率8 =9.18 4 m2 πR子mR 微数在磁场中运动的周期为1：罗 代入数据解得f=0.031N. 6.设9,24、3g所在位置对应的电场强度为E,=四坚 12.(1)负极 由⑦B⑤式代人数据解得t≈0.31s. (2)AAD或C均可减小 高考模拟试题（二）】 6器名器即：：6=十：宁分而它 (3)增大 们距导体棒的距离之比总是1：2：3，可知某点电场强度 解析：(1)根据欧姆表结构，使用时欧姆表黑表笔接 1.D2.C3.D4.A5.D6.A7.D 的大小与该点到导体棒的距离成反比.则任意一点的电内部电源正极，故当黑表笔接M端，电阻无穷大，说明二 8.BC 9.AD 10.AC 极管反向截止即连接电源负极. 提示： 场强度大小可写成E=上(k为常量)，由于电子绕导体 (2)题干要求电压表、电流表读数从零开始，所以滑 1.用平行单色光垂直照射一层透明薄膜，从透明薄 动变阻器采用分压式接法连接电路，故L,、2接滑动变 膜的上下表面分别反射的两列光是相干光，发生干涉现 棒做匀速圆周运动，则e上三m,,T。 TA 上心解配阻器4接我桂，山必须接在金屈杆两按我柱年 象，出现条纹，所以此条纹是由上方玻璃板的下表面和 =，故A正确 即C或D.由图像可知，随光照强度增加，/-U图像斜率 下方玻璃板的上表面反射光叠加后形成的，其光程差为 增大，所以电阻减小 透明薄膜厚度的2倍，当光程差△x=A时此处表现为 7.由右手定则可知，线圈的b边每经过磁场的边界 时线框中的电流方向都会发生改变，故A错误：当模型车 (3)三极管未导通时，R。与R,串联随着光强增强， 亮条纹，即当薄膜的厚度d=n分时对应的条纹为亮条 运动速度为v时，其所受安培力的值为F岁=2BL= R。电阻减小，此时三极管仍未导通，说明R分压小，故 纹，在题目的干涉条纹中，从左向右条纹的间距逐渐增2BBL(。-山L=48。-),故B错误：由F: 需要增大R. 大，结合干涉条纹公式对应的厚度公式可知从左向右薄 R R 13.(1)6m/s:(2)2.25m,0.9J:(3)3m 解析：(1)弹射器中的弹簧压缩量为d时，物块刚好 膜厚度的变化率逐渐减小故D正确 2.核聚变反应过程中存在质量亏损，核聚变反应后 48上(。-)：m可知在到达最大速度前，随速度，增运动到与圆心0等高的C处，根据能量守恒有 R 加，模型车将做加速度减小的加速运动：当模型车趋近 E。=kf=mgR 原子核的总质量减少，故AB错误：核聚变反应后，反应 弹射器中的弹簧压缩量为2d时 后的原子核比反应前的原子核更稳定，核子的比结合能 最大速度时，安培力趋近于零，则回路电流趋于0，故C 错误，D正确. E'=k(2d)2=4mgR 增加，故C正确，D错误， 8.根据能量守恒定律，热水中减少的内能一部分转 物块刚好能滑到长木板的最左端的速度，根据能 3.由乙图可知该波的周期T=2s,根据周期和频率 化为电能，一部分传递给冷水，转化效率低于100%，所量守恒有 的关系可得∫=7=0.5，故A错误：由题可知，该波】 以不违背热力学第二定律，故BC正确，AD错误 E,-mgR=方m 的波速r= :=1m/s,由波速频率，波长的关系可知” 9.演员在a到b过程中，压力由最大值减为0，演员 所受支持力也由最大值减为0，加速度方向先向上减小 解得，=6m/s (2)若长木板与水平面间光滑，甲、乙组成的系统由 =灯，解得入=了=T=2m,故B错误；根据沿波传播 后向下增大，当加速度为0时，速度达到最大值演员先超 重后失重，故A正确，B错误根据图像可知，演员脱离蹦 于水平方向不受外力所以动量守恒，设长木板的长度为 的方向上“上波下、下波上”的特点，可知c点的起振方 床在空中运动的时间为2.8s-1.2s=1.6s,根据对称 【,取"，方向为正方向有m心1=（m+M)2 向沿y轴正方向，故C错误：由于两列波源的振动步调一 性，演员脱离蹦床向上运动的时间为0.8s,o=g=10 致，且c点到两列波源的距离之差Ar=xk一xc=1m= 根据能量守恒A,mel=之mG-宁(m+M)G 分，故c点为两波相遇后的振动减锅点，故D正确 ×0.8m%=8m/s,蹦床对演员做的功为W=2m6+ 联立解得1=子▣ 4将丙小球看作一个整体，对鉴休受气。 mgh=1280J+mgh,故C错误从a到b过程中，根据动 摩擦产生的热量为 量定理有1=m。=320N·s,故D正确 力分析，如图1所示根据平衡条件可得 10.设金属棒质量为m,从ab到cd过程，有Q= Q=h,mel=2m-之(m+0话=0.9J F.cos30°=2G,F sin30°=F,解得F.= 5G.R:2c故A正确，B销误：对2 之m6-2m(受)2，从d到f过程，有0=m(受)》2 (3)若长木板与水平面间有摩擦，对甲运用牛顿第 小球隔安分折，利用平商条件可得，：VF。一宁学，检理有号：号故A正确：设号轨可距为 3 二定律 图1 a1=-41g=-4m/s L,金属棒从ab至cd过程，由动量定理有-BL1=m,一 对乙运用牛顿第二定律 G>P:25c,故c错误：三根相同细线a6c的拉 mw,又因为1=，所以整理有-B,gL=2m。一mo, 1 uimg (Mm)g Ma, 解得a2=2m/s2 力大小关系为5c>=c>R:2C, 从cd到f过程，同理可得-B,gL=3m6-2m,整 1 1 设经过时间物块刚好滑到长木板的最右端，此时它 因三根相同细线所能承受的最大拉力相同，故只增加灯 们的共同速度为”，则有 笼2的质量，由上可知，a最先断，故D错误 理有9，=？2，故B错误；根据法拉第电磁感应定律有E= +at=d2t 5,物块在淡行里极地表面静止时，万有引力等于重”又因为一点 -三：1，所以整理有9=地=必，整 位移间的关系为d=t+a,-, △t t Re Re 力6紧。数=F,在赤道表面静止时，万有引力和重 理有务：宁故C正确：金属格受安培力并不是拉力，即 代入数据解得d=3m. 14.(1)3m/s2;(2)1.5m/s;(3)1.12J 力的合力提供向心力6-mg=F,其中mg:。金属棒不是微匀减速直线运动，时间不可求，故D错误 解析：(1)金属棒a沿倾斜轨道向下滑行过程中有C 子P,联立解得R=子 11.(1)2.25(2)大于(3)0.031 解析：(1)在匀变速直线运动中，某段时间中间时刻 =品.0=A,所以电流为1=c智