精品解析：2026年黑龙江省望奎县第六中学等校中考考前学情自测物理试题

初四三模物理试题 考生注意：1．考试时间80分钟。 2．物理试题共四个大题，26个小题，满分80分。 3．本试卷，，． 一、选择题（本题共10个小题，每小题2分，共20分，1~8小题只有一个选项正确；9、10小题有两个或两个以上选项正确，正确选项不全得1分，有错误选项不得分） 1. 下列关于声现象的描述和分析，正确的是（　　） A. 图甲：运动员在水中也能听到音乐，说明声音在液体中也能传播 B. 图乙：演奏古筝时按压不同的弦，是为了改变响度大小 C. 图丙：医生用B超查体，说明声音可以传递能量 D. 图丁：防噪声耳罩是在传播过程中控制噪声的 2. 我国有着灿烂的诗词文化，很多诗词中蕴含着物理知识。下列说法正确的是（　　） A. “池水映明月”，水中有明月是光的折射现象 B. “潭清疑水浅”，水变浅是光的直线传播现象 C. “日影化为虹”，彩虹的形成是光的色散现象 D. “起舞弄清影”，影子的形成是光的反射现象 3. 在中小学爱国主义教育活动中，某学校组织师生观看电影《闪闪的红星》，影片中有歌词“小小竹排江中游，巍巍青山两岸走”，其中“青山……走”所选的参照物是（　　） A. 竹排 B. 江岸 C. 房屋 D. 青山 4. 指南针是我国古代的四大发明之一，有关指南针和地磁场的说法正确的是 A. 指南针静止时指示南北方向，是因为指南针受到地磁场的作用 B. 指南针静止时南极指向地理北极 C. 如果地磁场消失，指南针还能指示南北方向 D. 信鸽是靠绑在身上的小磁铁来实现导航的 5. 近年来我国在信息和能源等高科技领域取得了巨大成就，下列关于信息和能源的说法中正确的是（　　） A. 华为5G通信是利用电磁波传递信息的 B. 秦山核电站是利用聚变反应的原理工作的 C. “天和号”太空舱“帆板”接收的太阳能来自于太阳内部的裂变反应释放的能量 D. 比亚迪新能源纯电动汽车是利用的一次能源 6. 如图所示为某次蹦极运动的精彩瞬间，若一游客从平台上由静止开始下落。从开始下落至第一次到达最低点的过程中，游客的（　　） A. 动能一直增大 B. 重力势能一直减小 C. 机械能保持不变 D. 机械能一直增大 7. 如图所示，甲验电器的金属箔片张开，乙验电器的金属箔片闭合。用绝缘手套选取以下哪种材料连接两验电器的金属球，可以观察到乙验电器的金属箔片张开（　　） A. 干木条 B. 橡胶棒 C. 玻璃棒 D. 石墨棒 8. 如图所示，电源电压和灯泡L的电阻不变，闭合开关S后，将滑片P向左移动时（　　） A. 电压表示数变大，电流表示数变大 B. 电压表示数变小，电流表示数变大 C. 电压表示数变大，灯泡变亮 D. 电压表示数变小，灯泡变暗 9. 如图所示，甲、乙两个完全相同的杯子，倒入相同体积的水和浓盐水。将同一个鸡蛋，先后放入两杯液体中静止时，鸡蛋在甲杯中下沉，在乙杯中悬浮。下列选项正确的是（　　） A. 鸡蛋的密度大于甲杯中液体的密度 B. 乙杯中鸡蛋受到的浮力大于重力 C. 甲杯底部受到的压强小于乙杯底部受到的压强 D. 乙杯中鸡蛋受到的浮力大于甲杯中鸡蛋受到的浮力 10. 如图甲所示的电路，电源电压保持不变。电流表的量程是“0～0.6A”，滑动变阻器的规格是“20Ω 2A”，小灯泡L的额定电流是0.5A。将滑片P移到阻值最大端，闭合开关S，发现两个电压表的指针偏转角度相同，如图乙所示。移动滑片P，当小灯泡L正常发光时，其中一个电压表的指针又偏转了13个小格。在保证电路安全的情况下，下列说法正确的是（　　） A. 电压表V2的示数始终是6V B. 小灯泡L的额定功率是1.25W C. 电路中最大功率是3.6W D. 滑动变阻器电阻变化范围是7Ω～20Ω 二、填空题（本题共8个小题，每空1分，共16分） 11. 人工降雨常通过飞机在空中喷洒干冰来实现。干冰在空气中迅速吸热________，从固体变成气体，使空气温度急剧下降，空气中的水蒸气遇冷________成小冰粒，冰粒逐渐变大而下落，下落过程中熔化成水滴，水滴降落就形成了雨。（均选填物态变化的名称） 12. 目前荆州正积极切入预制菜产业赛道，发力打造“华中预制菜之都”，蒸鱼糕预制菜是荆州最具特色菜肴之一。蒸鱼糕是通过_____的方式来增大鱼糕的内能；蒸熟的鱼糕散发出香味，这是_____现象。 13. 在高铁站的站台上，离站台边缘一定距离的地方标有一条安全线（如图所示），所有乘客都必须站在安全线以外的区域候车。这是因为当列车驶过时，列车附近的空气流速_____，压强_____，若越过安全线，即使与列车保持一定的距离，也是非常危险的。 14. 如图所示为小红家电路中安装的电能表，此时示数为_____。小红将一个电吹风机接入电路，电热丝因为电流的热效应吹出热风。她关闭其他用电器，内电能表铝盘转过50转，则此电吹风机的功率为_____W。 15. 小球在摆动过程中（如图所示），由于摩擦的存在，一部分机械能会转化为______，这部分能量不可能自动地再转化为机械能，如果没有能量的补充，小球最终会停止运动。研究表明，自然界的能量是守恒的，能量的转化与转移具有_______性。 16. 如图所示，某次比赛中，运动员推着冰壶从点运动6m到达 点时轻轻松手，冰壶运动中受到水平方向的阻力，大小恒定为。从点到 点冰壶沿直线运动，冰壶离手后能继续向前运动是因为冰壶具有_____。冰壶克服阻力做功为_____J。 17. 一根轻质且不可拉伸的细线将一边长为10cm的正方体物块拴接在容器底部，如图甲所示，当水深为30cm时，绳子刚好伸直；如图乙所示，当水深为36cm时，物体上表面恰好与水面相平，已知，则此正方体物块的密度为________，乙图中细线的拉力为________N。 18. 如图是“扬帆”学习小组对小灯泡L和定值电阻R的阻值进行测量后，根据实验数据作出的图像。若将L和R串联接在8V的电源两端，L与R的电阻之比为________；若将L和R并联在2V的电源两端，在1min内，L与R产生的热量之比为________。 三、作图与实验探究题（本题共6个小题，共30分） 19. （1）图甲中是用来压制饺子皮的“神器”，压皮时压杆可视为一个杠杆，图乙是其简化示意图。图中 为支点，为压动杠杆时作用在 点的阻力。请在乙图中画出：阻力臂、作用在点的最小动力。 （2）如图所示，请分别画出的入射光线和的折射光线。 20. “天和”学习小组在实验室探究一个热敏电阻阻值随温度变化的关系，设计了如图甲所示的电路图，电源两端电压恒为12V，是定值电阻，R是热敏电阻，电流表的量程是0~0.6A，电压表的量程是0~15V。 （1）同学们按电路图连接实物后，闭合开关，发现电压表示数接近电源电压，电流表无示数，则故障可能是热敏电阻R处发生_________（选填“短路”或“断路”）； （2）排除故障后，闭合开关S，他们测量了该热敏电阻不同温度下的电阻值，并绘制成如图乙所示的图像。由图像可知，热敏电阻的阻值R随温度t增大而_________；（选填“增大”“不变”或“减小”） （3）某次测量中，电压表示数如图丙所示，电流表示数为0.2A，则此时热敏电阻R的温度为_________℃； （4）探究过程中，热敏电阻的温度变化范围为0~100℃，则电压表示数的变化范围为_________。 21. 探究“滑动摩擦力大小与什么因素有关”，如图所示。 （1）小组的同学首先进行了如图甲、乙、丙三次实验，每次他们都用弹簧测力计沿水平方向拉着物块A做 _____运动，根据______原理，可知此时滑动摩擦力与拉力的大小相等； （2）分析______两图可知：在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大； （3）分析甲、丙两图可知：在压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越 ______； （4）小组的同学又用乙装置进行了图丁所示的实验，沿水平方向拉着物块做直线运动，弹簧测力计的示数为4.5N，这时物块A受到木板的摩擦力为 ______N，物块A上面的砝码在水平方向上处于______（填“平衡”或“非平衡”）状态。 22. 我校的物理实验室里有一个标识不清的定值电阻，小亮设计实验进行测量（电源为两节干电池）。 （1）根据公式可知，通过对电流和电压的测量来间接测出导体的电阻，请用笔画线代替导线将图甲的电路连接完整（导线不得交叉）； （2）连接电路时，开关应_____，滑动变阻器的滑片P应放在_____（选填“A”或“B”）端，闭合开关，电压表无示数，电流表有示数，经检查电压表、电流表及各接线处均完好，则电路的故障可能是_____； （3）排除故障后闭合开关，移动滑片使电压表示数为，电流表示数如图乙所示，为_____A，则电阻为_____。小亮把该数据作为本实验的最终结果，请你做出评价或建议：_____。 23. 在探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”实验中，小明制成简易电磁铁甲、乙，并设计了如图所示的电路。 （1）当滑动变阻器滑片向左移动时，电磁铁甲、乙吸引大头针的个数_____（选填“增加”或“减少”），说明电流越_____，电磁铁磁性越强； （2）根据如图所示的情境可知，电磁铁_____（选填“甲”或“乙”）的磁性强，说明在电流一定时，_____，电磁铁磁性越强； （3）电磁铁吸引的大头针下端分散的原因是_____； （4）电磁铁甲、乙串联的目的是_____。 24. 小明同学取a、b两种粉末各50g，利用如图甲所示的实验装置“探究固体熔化时温度的变化规律”: （1）根据实验数据绘制了如图乙所示的温度一时间图像，由图像可以判断_________物质是晶体，第6min时a物质为_________态，a物质第9min时的内能_________（选填“大于”、“小于”或“等于”）第3min时的内能； （2）某时刻，温度计的示数如图所示，为_________℃；若a物质在固态时的比热容为1.0×103J/（kg·℃），则该物质熔化后，液态时的比热容为_________J/（kg·℃）。 四、综合应用题（本题共2个小题，25题7分，26题7分，共14分） 25. 如图甲，一个底面积为的薄壁圆柱形容器中盛有深度为40cm的水。电动机吊着一个底面积为的圆柱形金属块，从金属块底面距水面20cm高处开始竖直下降，然后进入水中，最后静止在容器底部，金属块运动过程中始终做匀速直线运动，水未溢出。整个过程中，电动机对金属块拉力的功率P与金属块运动时间t的关系如图乙。g取10N/kg，水的密度为，金属块下降过程中受到的阻力和绳子自重不计。求： （1）金属块下降的速度大小； （2）金属块浸没在水中时，受到的浮力大小； （3）金属块静止在容器底部时，上表面受到水的压力大小。 26. 中国茶文化源远流长。图示是一款智能煮茶机的简化电路图，电源电压，、、是阻值不变的电热丝，用于“加热”或“保温”，，，S为电源开关，通过温控开关可实现“加热”和“保温”状态的切换，煮茶机的“加热”功率，“加热”效率。煮茶机会根据用户选择的茶品和所需茶水浓度不同进行智能工作，其工作过程是首先将水“加热”至，然后继续以“加热”功率再进行相应时间的“煮茶加热”（“煮茶加热”时间如表格所示），最后自动进入“保温”状态。将0.8L、初温为的水装入煮茶机，水的比热容，水的密度。 茶品 低浓度“煮茶加热”时间 中浓度“煮茶加热”时间 高浓度“煮茶加热”时间 乌龙茶 2min 5min 10min 红茶 1min 2min 5min 黑茶 2min 5min 7min （1）求将水“加热”至过程中水吸收的热量； （2）求煮茶机的“保温”功率； （3）若用户选择“红茶高浓度煮茶”，煮茶机经过将水“加热”至、“煮茶加热”和“保温”状态，共工作15min，求这个过程煮茶机消耗的电能。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 初四三模物理试题 考生注意：1．考试时间80分钟。 2．物理试题共四个大题，26个小题，满分80分。 3．本试卷，，． 一、选择题（本题共10个小题，每小题2分，共20分，1~8小题只有一个选项正确；9、10小题有两个或两个以上选项正确，正确选项不全得1分，有错误选项不得分） 1. 下列关于声现象的描述和分析，正确的是（　　） A. 图甲：运动员在水中也能听到音乐，说明声音在液体中也能传播 B. 图乙：演奏古筝时按压不同的弦，是为了改变响度大小 C. 图丙：医生用B超查体，说明声音可以传递能量 D. 图丁：防噪声耳罩是在传播过程中控制噪声的 【答案】A 【解析】 【详解】A．声音可以在固体、液体、气体中传播，运动员在水中能听到音乐，说明声音在液体中也能传播，故A正确； B．演奏古筝时按压不同的弦，可以改变琴弦振动的频率，改变琴声的音调，故B错误； C．医生用B超查体，说明声音可以传递信息，故C错误； D．防噪声耳罩是在人耳处控制噪声的，故D错误。 故选A。 2. 我国有着灿烂的诗词文化，很多诗词中蕴含着物理知识。下列说法正确的是（　　） A. “池水映明月”，水中有明月是光的折射现象 B. “潭清疑水浅”，水变浅是光的直线传播现象 C. “日影化为虹”，彩虹的形成是光的色散现象 D. “起舞弄清影”，影子的形成是光的反射现象 【答案】C 【解析】 【详解】A．“池水映明月”，水中有明月是属于平面镜成像，其原理是光的反射，故A错误； B．“潭清疑水浅”，水变浅是光在不同的介质中发生了折射，属于折射现象，故B错误； C．“日影化为虹”，彩虹的形成是光的色散现象，其原理是光的折射，故C正确； D．“起舞弄清影”，影子的形成是光在同种均匀介质中沿直线传播造成的，故D错误。 故选C。 3. 在中小学爱国主义教育活动中，某学校组织师生观看电影《闪闪的红星》，影片中有歌词“小小竹排江中游，巍巍青山两岸走”，其中“青山……走”所选的参照物是（　　） A. 竹排 B. 江岸 C. 房屋 D. 青山 【答案】A 【解析】 【详解】研究机械运动时，不能选择研究对象本身做参照物。歌词“巍巍青山两岸走”中的“走”是青山的运动，所以应选青山之外并且与青山的位置发生改变的竹排为参照物，故A符合题意，故BCD不符合题意。 故选A。 4. 指南针是我国古代的四大发明之一，有关指南针和地磁场的说法正确的是 A. 指南针静止时指示南北方向，是因为指南针受到地磁场的作用 B. 指南针静止时南极指向地理北极 C. 如果地磁场消失，指南针还能指示南北方向 D. 信鸽是靠绑在身上的小磁铁来实现导航的 【答案】A 【解析】 【详解】A．地球是一个巨大的磁体，它对放入其中的磁体产生磁力作用，指南针静止时指示南北方向，是因为指南针受到地磁场的作用，故A正确； B．指南针静止时南极指向地磁北极，在地理南极附近，故B错误； C．如果地磁场消失，指南针能停在任意方向，故C错误； D．信鸽是靠地磁场来实现导航的，倘若在信鸽身上绑上一个磁体会干扰它飞行，故D错误； 5. 近年来我国在信息和能源等高科技领域取得了巨大成就，下列关于信息和能源的说法中正确的是（　　） A. 华为5G通信是利用电磁波传递信息的 B. 秦山核电站是利用聚变反应的原理工作的 C. “天和号”太空舱“帆板”接收的太阳能来自于太阳内部的裂变反应释放的能量 D. 比亚迪新能源纯电动汽车是利用的一次能源 【答案】A 【解析】 【详解】A．电磁波的传播速度非常快，华为5G通信是利用电磁波传递信息的，故A正确； B．秦山核电站是利用可控的核裂变的原理工作的，故B错误； C．太阳内部处于高温高压状态，发生的是核聚变，故“天和号”太空舱“帆板”接收的太阳能来自于太阳内部的聚变反应释放的能量，故C错误； D．比亚迪新能源纯电动汽车是利用的电能，而电能是二次能源，故D错误。 故选A。 6. 如图所示为某次蹦极运动的精彩瞬间，若一游客从平台上由静止开始下落。从开始下落至第一次到达最低点的过程中，游客的（　　） A. 动能一直增大 B. 重力势能一直减小 C. 机械能保持不变 D. 机械能一直增大 【答案】B 【解析】 【详解】游客从开始下落至第一次到达最低点的过程中，起始阶段：蹦极者从起始点跳下，此时弹性绳处于松弛状态，在重力作用下下落。将重力势能逐渐转化为动能，重力势能越来越小，动能越来越大；绳子拉伸阶段：当下降到一定高度后，绳子开始被拉长，蹦极者继续受到向下的重力，同时绳子也产生向上的弹力。此时，一部分重力势能继续转化为动能，另一部分则转化为弹性绳的弹性势能；受力平衡阶段：在某一时刻，蹦极者受到的重力和绳子的弹力达到平衡，此时速度达到最大，动能最大；减速下降阶段：随着绳子的继续拉伸，弹力逐渐大于重力，蹦极者开始做减速运动，此过程中，动能和重力势能继续转化为绳子的弹性势能，直到下降到最低点，此时动能和重力势能最小，弹性势能最大。综上可知，游客的动能先增大后减小，重力势能一直减小。下落过程中要克服空气阻力做功，消耗一部分机械能，则机械能一直减小。故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 7. 如图所示，甲验电器的金属箔片张开，乙验电器的金属箔片闭合。用绝缘手套选取以下哪种材料连接两验电器的金属球，可以观察到乙验电器的金属箔片张开（　　） A. 干木条 B. 橡胶棒 C. 玻璃棒 D. 石墨棒 【答案】D 【解析】 【详解】验电器甲金属箔张开，说明甲带电。连接两验电器的金属球，原来不带电的验电器乙金属箔张开，说明验电器乙带上了电，所以连接甲乙的物体应该是导体，干木条、橡胶棒、玻璃棒都是绝缘体，石墨棒是导体，故ABC不符合题意，D符合题意。 故选D。 8. 如图所示，电源电压和灯泡L的电阻不变，闭合开关S后，将滑片P向左移动时（　　） A. 电压表示数变大，电流表示数变大 B. 电压表示数变小，电流表示数变大 C. 电压表示数变大，灯泡变亮 D. 电压表示数变小，灯泡变暗 【答案】B 【解析】 【详解】由图知道，开关闭合后，该电路为串联电路，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；将滑片P向左移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据串联电路的分压规律知道，滑动变阻器两端的电压变小，电压表示数变小；滑动变阻器阻值变小，总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，电流表示数变大；由知道，灯泡的实际功率变大，亮度变亮；综上所述，B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 9. 如图所示，甲、乙两个完全相同的杯子，倒入相同体积的水和浓盐水。将同一个鸡蛋，先后放入两杯液体中静止时，鸡蛋在甲杯中下沉，在乙杯中悬浮。下列选项正确的是（　　） A. 鸡蛋的密度大于甲杯中液体的密度 B. 乙杯中鸡蛋受到的浮力大于重力 C. 甲杯底部受到的压强小于乙杯底部受到的压强 D. 乙杯中鸡蛋受到的浮力大于甲杯中鸡蛋受到的浮力 【答案】ACD 【解析】 【详解】A．因为鸡蛋在甲杯中下沉，所以鸡蛋的密度大于甲杯中液体的密度，即ρ甲＜ρ鸡蛋，故A符合题意； B．因为鸡蛋在乙杯中悬浮，所以乙杯中鸡蛋受到的浮力等于重力，故B不符合题意； C．因为鸡蛋在乙杯中悬浮，则鸡蛋的密度等于乙杯中液体的密度，即ρ乙=ρ鸡蛋，所以ρ甲＜ρ乙，又因为甲、乙两个完全相同的杯子，倒入相同体积的水和浓盐水，且鸡蛋均浸没在液体中，则两杯子中液体的深度相同，根据p=ρgh可知，乙杯底部所受液体的压强较大，故C符合题意； D．鸡蛋在甲杯中下沉，则F浮甲＜G鸡蛋，在乙杯中悬浮，则F浮乙=G鸡蛋，所以F浮甲＜F浮乙，故D符合题意。 故选ACD。 10. 如图甲所示的电路，电源电压保持不变。电流表的量程是“0～0.6A”，滑动变阻器的规格是“20Ω 2A”，小灯泡L的额定电流是0.5A。将滑片P移到阻值最大端，闭合开关S，发现两个电压表的指针偏转角度相同，如图乙所示。移动滑片P，当小灯泡L正常发光时，其中一个电压表的指针又偏转了13个小格。在保证电路安全的情况下，下列说法正确的是（　　） A. 电压表V2的示数始终是6V B. 小灯泡L的额定功率是1.25W C. 电路中最大功率是3.6W D. 滑动变阻器电阻变化范围是7Ω～20Ω 【答案】ABD 【解析】 【详解】A．甲图中灯泡与滑动变阻器串联，电压表V1测灯泡的电压，V2测电源电压，滑片P移到阻值最大端，闭合开关S，发现两个电压表的指针偏转角度相同，根据串联电路电压的规律，故可知V1选用小量程，分度值为0.1V，电压示数为1.2V；V2选用大量程，分度值为0.5V，电压表示数为6V，因电源电压不变，故电压表V2的示数始终是6V，故A正确； B．移动滑片P（变阻器连入电路的电阻变小），由分压原理，滑动变阻器的电压变小，根据串联电路电压的规律，灯泡的电压变大。已知当小灯泡L正常发光时，其中一个电压表的指针又偏转了13个小格，即增大了 ΔU=13×0.1V=1.3V 故灯泡此时的电压即额定电压为 UL=1.2V+1.3V=2.5V 小灯泡L的额定功率是 PL=UL IL =2.5V×0.5A=1.25W 故B正确； C．小灯泡L的额定电流是0.5A，根据串联电路电流的规律，故电路的最大电流为0.5A，则电路中最大功率是 P=UIL =6V×0.5A=3W 故C错误； D．当灯泡正常发光时，电路的电流为0.5A，即为最大电流，此时变阻器连入电路的电阻最小，根据串联电路电压的规律，灯正常发光时，变阻器的电压为 U滑=U-UL=6V-2.5V=3.5V 由欧姆定律，变阻器连入电路的最小电阻为 由已知条件，变阻器的最大电阻连入电路中，故滑动变阻器电阻变化范围是7Ω～20Ω，故D正确。 故选ABD。 二、填空题（本题共8个小题，每空1分，共16分） 11. 人工降雨常通过飞机在空中喷洒干冰来实现。干冰在空气中迅速吸热________，从固体变成气体，使空气温度急剧下降，空气中的水蒸气遇冷________成小冰粒，冰粒逐渐变大而下落，下落过程中熔化成水滴，水滴降落就形成了雨。（均选填物态变化的名称） 【答案】 ①. 升华 ②. 凝华 【解析】 【详解】[1][2]干冰是固态的二氧化碳，常温下非常容易升华的物质，当它升华时，会从周围空气中吸收大量的热，导致空气温度急剧下降，从而使周围水蒸气急剧放热而凝华形成固态的小冰粒。 12. 目前荆州正积极切入预制菜产业赛道，发力打造“华中预制菜之都”，蒸鱼糕预制菜是荆州最具特色菜肴之一。蒸鱼糕是通过_____的方式来增大鱼糕的内能；蒸熟的鱼糕散发出香味，这是_____现象。 【答案】 ①. 热传递 ②. 扩散 【解析】 【详解】蒸鱼糕时，热量从高温的蒸汽等热源传递到鱼糕，使鱼糕的内能增大，这是通过热传递的方式实现的。 蒸熟的鱼糕散发出香味，是因为鱼糕中的香味分子在永不停息地做无规则运动，分子扩散到空气中，被人感知到，这属于扩散现象。 13. 在高铁站的站台上，离站台边缘一定距离的地方标有一条安全线（如图所示），所有乘客都必须站在安全线以外的区域候车。这是因为当列车驶过时，列车附近的空气流速_____，压强_____，若越过安全线，即使与列车保持一定的距离，也是非常危险的。 【答案】 ①. 大 ②. 小 【解析】 【详解】当列车驶过时，会带动列车附近的空气流动，使列车周边空气流速变大，压强减小；而人身体外侧空气流速小、压强大，会产生指向列车的压力差，将人推向列车引发危险，因此乘客必须站在安全线以外候车。 14. 如图所示为小红家电路中安装的电能表，此时示数为_____。小红将一个电吹风机接入电路，电热丝因为电流的热效应吹出热风。她关闭其他用电器，内电能表铝盘转过50转，则此电吹风机的功率为_____W。 【答案】 ①. ②. 400 【解析】 【详解】电能表的最后一位框内的是小数位，单位为，因此读数为； 电能表参数表示，每消耗的电能，铝盘转过转， 铝盘转转时，电吹风机消耗的电能  工作时间，功率  15. 小球在摆动过程中（如图所示），由于摩擦的存在，一部分机械能会转化为______，这部分能量不可能自动地再转化为机械能，如果没有能量的补充，小球最终会停止运动。研究表明，自然界的能量是守恒的，能量的转化与转移具有_______性。 【答案】 ①. 内能 ②. 方向 【解析】 【详解】[1][2]小球在摆动过程中，克服摩擦做功，一部分机械能转化为内能，机械能会减小，散失到空气中的内能无法自动转化为机械能，说明能量的转移和转化具有方向性。 16. 如图所示，某次比赛中，运动员推着冰壶从点运动6m到达 点时轻轻松手，冰壶运动中受到水平方向的阻力，大小恒定为。从点到点冰壶沿直线运动，冰壶离手后能继续向前运动是因为冰壶具有_____。冰壶克服阻力做功为_____J。 【答案】 ①. 惯性 ②. 54 【解析】 【详解】一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫做惯性，冰壶离手后不再受推力，仍能继续向前运动，是因为冰壶具有惯性。 从A点到O点冰壶运动的总路程 冰壶克服阻力做功 17. 一根轻质且不可拉伸的细线将一边长为10cm的正方体物块拴接在容器底部，如图甲所示，当水深为30cm时，绳子刚好伸直；如图乙所示，当水深为36cm时，物体上表面恰好与水面相平，已知，则此正方体物块的密度为________，乙图中细线的拉力为________N。 【答案】 ①. 0.4×103 ②. 6 【解析】 【详解】[1]由题意可知，当水深为30cm时，物体刚好伸直，此时物体处于漂浮状态，排开水的体积等于物体浸入水中的体积为 由于漂浮，物体受到的重力大小等于浮力 物体的密度为 [2]当物体浸没时，受到三个力的作用，它们之间的关系为 浸没时物体受到的浮力大小为 乙图中细线的拉力为 18. 如图是“扬帆”学习小组对小灯泡L和定值电阻R的阻值进行测量后，根据实验数据作出的图像。若将L和R串联接在8V的电源两端，L与R的电阻之比为________；若将L和R并联在2V的电源两端，在1min内，L与R产生的热量之比为________。 【答案】 ①. ②. 【解析】 【详解】[1]将L和R串联接在8V的电源两端，电流相同，L和R两端的电压之和为8V，根据图像，发现，当电流大小为0.2A时，L和R两端的电压之和为8V，此时电压之比为，串联电路电压之比等于电阻之比，则L与R的电阻之比为。 [2]若将L和R并联在2V的电源两端，流过L的电流为0.15A，流过R的电流为0.1A，L与R的电流之比为，因为小灯泡L和定值电阻R都是纯电阻电路，在并联电路中热量之比等于电流之比，在1min内，L与R产生的热量之比为。 三、作图与实验探究题（本题共6个小题，共30分） 19. （1）图甲中是用来压制饺子皮的“神器”，压皮时压杆可视为一个杠杆，图乙是其简化示意图。图中为支点，为压动杠杆时作用在 点的阻力。请在乙图中画出：阻力臂、作用在点的最小动力。 （2）如图所示，请分别画出的入射光线和的折射光线。 【答案】（1） （2） 【解析】 【19题详解】 力臂是支点到力的作用线的垂直距离，从支点O向​的作用线作垂线，所得垂线段就是阻力臂​；根据杠杆平衡条件，阻力和阻力臂固定时，动力臂越长，动力越小，最长动力臂为支点到动力作用点的距离，过点作的垂线，方向向下，就是最小动力。 【20题详解】 折射光线平行于凹透镜主光轴，入射光线的延长线一定过凹透镜异侧的焦点，连接点和凹透镜右侧的焦点F，向左延长得到入射光线；过光心的光线，传播方向不发生改变，过光心，沿原方向向右延长，得到折射光线。 20. “天和”学习小组在实验室探究一个热敏电阻阻值随温度变化的关系，设计了如图甲所示的电路图，电源两端电压恒为12V，是定值电阻，R是热敏电阻，电流表的量程是0~0.6A，电压表的量程是0~15V。 （1）同学们按电路图连接实物后，闭合开关，发现电压表示数接近电源电压，电流表无示数，则故障可能是热敏电阻R处发生_________（选填“短路”或“断路”）； （2）排除故障后，闭合开关S，他们测量了该热敏电阻不同温度下的电阻值，并绘制成如图乙所示的图像。由图像可知，热敏电阻的阻值R随温度t增大而_________；（选填“增大”“不变”或“减小”） （3）某次测量中，电压表示数如图丙所示，电流表示数为0.2A，则此时热敏电阻R的温度为_________℃； （4）探究过程中，热敏电阻的温度变化范围为0~100℃，则电压表示数的变化范围为_________。 【答案】（1）断路 （2）减小 （3）20 （4）6V∼11V 【解析】 【详解】（1）[1]在电路连接正确的情况下，闭合开关后，如果电压表示数接近电源电压，而电流表无示数，这通常意味着电路中存在断路。由于电压表测量的是热敏电阻R两端的电压，且示数接近电源电压，因此可以判断断路发生在热敏电阻R处，即热敏电阻R处发生断路。 （2）[2]观察图乙所示的图像，我们可以看到随着温度的升高，热敏电阻的阻值在逐渐减小。因此，我们可以得出结论：热敏电阻的阻值R随温度t的增大而减小。 （3）[3]在图丙中，电压表的示数为10V，电流表的示数为0.2A。由于热敏电阻R与定值电阻R0​是串联的，根据串联电路的电压分配原则，我们可以得到定值电阻R0​两端的电压为 U0​=U−UR​=12V−10V=2V 然后，我们可以利用欧姆定律求出定值电阻R0​的阻值 接着，我们可以求出此时热敏电阻R的阻值 最后，我们根据图乙所示的图像，可以找出对应阻值为50Ω时的温度为20℃。 （4）[4]当热敏电阻的温度为0℃时，为110Ω。此时，电路中的电流最小，定值电阻分担的电压最小，电压表的示数最大。根据欧姆定律和串联电路的电压分配原则，我们可以求出此时电压表的示数 当热敏电阻的温度为100℃时，为10Ω。此时，电路中的电流最大，电流最大为0.6A，未超过电流表量程，此时电压表的示数为 所以，电压表示数的变化范围为6V∼11V。 21. 探究“滑动摩擦力大小与什么因素有关”，如图所示。 （1）小组的同学首先进行了如图甲、乙、丙三次实验，每次他们都用弹簧测力计沿水平方向拉着物块A做 _____运动，根据______原理，可知此时滑动摩擦力与拉力的大小相等； （2）分析______两图可知：在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大； （3）分析甲、丙两图可知：在压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越 ______； （4）小组的同学又用乙装置进行了图丁所示的实验，沿水平方向拉着物块做直线运动，弹簧测力计的示数为4.5N，这时物块A受到木板的摩擦力为 ______N，物块A上面的砝码在水平方向上处于______（填“平衡”或“非平衡”）状态。 【答案】 ①. 匀速直线 ②. 二力平衡 ③. 甲、乙 ④. 大 ⑤. 3. 8 ⑥. 非平衡 【解析】 【详解】（1）[1][2]实验过程中，应使弹簧测力沿水平方向拉着物块A做匀速直线运动，物块A处于平衡状态，受平衡力作用，根据二力平衡知识可知，此时弹簧测力计的示数与滑动摩擦力的大小相等。 （2）[3]分析甲、乙两图可知，接触面的粗糙程度相同，压力大小不同，测力计的示数不同，且压力越大，测力计是示数越大，故可得结论：在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。 （3）[4]分析甲、丙两图可知，压力相同，接触面的粗糙程度不同，且接触面越粗糙，测力计的示数越大，故可得结论：在压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。 （4）[5]因滑动摩擦力的大小只与接触面的粗糙程度和压力的大小有关，所以图乙和图丁所示的实验中的滑动摩擦力大小相等，即图丁中物块A受到木板的摩擦力为3.8N。 [6]由4.5N＞3.8N可知，物块A和上面的砝码做变速运动，两者均处于非平衡状态。 22. 我校的物理实验室里有一个标识不清的定值电阻，小亮设计实验进行测量（电源为两节干电池）。 （1）根据公式可知，通过对电流和电压的测量来间接测出导体的电阻，请用笔画线代替导线将图甲的电路连接完整（导线不得交叉）； （2）连接电路时，开关应_____，滑动变阻器的滑片P应放在_____（选填“A”或“B”）端，闭合开关，电压表无示数，电流表有示数，经检查电压表、电流表及各接线处均完好，则电路的故障可能是_____； （3）排除故障后闭合开关，移动滑片使电压表示数为，电流表示数如图乙所示，为_____A，则电阻为_____。小亮把该数据作为本实验的最终结果，请你做出评价或建议：_____。 【答案】（1） （2） ①. 断开 ②. B ③. 定值电阻短路 （3） ①. 0.3 ②. 8 ③. 只测一次误差大，应多次测量求平均值 【解析】 【小问1详解】 测量电阻的阻值时，电源、开关、滑动变阻器、待测电阻、电流表串联，滑动变阻器接线柱应“一上一下”接在电路中，电压表与待测电阻并联，电源为两节干电池，电源电压为3V，所以电压表选择0~3V量程，连接电路如图所示： 【小问2详解】 为了保护电路，连接电路时，开关应处于断开状态。 闭合开关前，滑动变阻器的滑片应处于最大阻值处，由图可知，滑片应置于B端。 闭合开关，电流表有示数，说明电路是通路，电压表无示数且电表和接线都完好，因此故障为定值电阻短路。 【小问3详解】 电流表选用0~0.6A量程，分度值为0.02A，读数为0.3 A。 电阻为 只测量一次数据就得出了未知电阻的阻值，误差较大，为减小实验误差，应多次测量，求平均值，所以小亮把该数据作为本实验的最终结果，这样只测一次误差大，应多次测量求平均值。 23. 在探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”实验中，小明制成简易电磁铁甲、乙，并设计了如图所示的电路。 （1）当滑动变阻器滑片向左移动时，电磁铁甲、乙吸引大头针的个数_____（选填“增加”或“减少”），说明电流越_____，电磁铁磁性越强； （2）根据如图所示的情境可知，电磁铁_____（选填“甲”或“乙”）的磁性强，说明在电流一定时，_____，电磁铁磁性越强； （3）电磁铁吸引的大头针下端分散的原因是_____； （4）电磁铁甲、乙串联的目的是_____。 【答案】（1） ①. 增加 ②. 大 （2） ①. 甲 ②. 线圈匝数越多 （3）大头针被磁化，同名磁极相互排斥 （4）控制电流相等 【解析】 【小问1详解】 滑片左移时，滑动变阻器接入电阻变小，电路电流变大，电磁铁磁性增强，因此吸引大头针的个数增加，说明电流越大，电磁铁磁性越强。 【小问2详解】 由图可知，甲吸引的大头针数量更多，说明甲磁性更强；甲、乙串联电流相等，甲的线圈匝数更多，因此可得结论：电流一定时，线圈匝数越多，电磁铁磁性越强。 【小问3详解】 大头针被电磁铁磁化后，下端都成为同名磁极，因为同名磁极相互排斥，所以大头针下端分散。 【小问4详解】 串联电路的特点是各处电流相等，将甲、乙串联，目的是控制两个电磁铁的电流大小相同，方便探究磁性强弱与线圈匝数的关系。 24. 小明同学取a、b两种粉末各50g，利用如图甲所示的实验装置“探究固体熔化时温度的变化规律”: （1）根据实验数据绘制了如图乙所示的温度一时间图像，由图像可以判断_________物质是晶体，第6min时a物质为_________态，a物质第9min时的内能_________（选填“大于”、“小于”或“等于”）第3min时的内能； （2）某时刻，温度计的示数如图所示，为_________℃；若a物质在固态时的比热容为1.0×103J/（kg·℃），则该物质熔化后，液态时的比热容为_________J/（kg·℃）。 【答案】 ①. a ②. 固液共存 ③. 大于 ④. 35 ⑤. 1.5×103 【解析】 【详解】（1）[1][2][3]晶体有固定的熔点和凝固点，非晶体没有固定的熔点和凝固点，由乙图可知，a物质在熔化过程中吸热，但温度保持不变，有固定的熔点，属于晶体；晶体熔化要经过三个状态，分别是固态、固液共存态、液态，由乙图可知，第6min时a物质是正在熔化的过程，吸热，但温度保持不变，为固液共存态；晶体在熔化过程中不断吸热，内能不断增大，故a物质第9min时的内能大于第3min时的内能。 （2）[4][5]温度计的示数如图甲所示，该温度计分度值为1℃，故此时的温度为35℃；该晶由体固态到开始熔化用时3min，温度上升30℃，全部变为液体后用时3min，温度上升20℃，用同样的加热器加热，吸收的热量相同，物质的质量不变，于是有 公式变形得 四、综合应用题（本题共2个小题，25题7分，26题7分，共14分） 25. 如图甲，一个底面积为的薄壁圆柱形容器中盛有深度为40cm的水。电动机吊着一个底面积为的圆柱形金属块，从金属块底面距水面20cm高处开始竖直下降，然后进入水中，最后静止在容器底部，金属块运动过程中始终做匀速直线运动，水未溢出。整个过程中，电动机对金属块拉力的功率P与金属块运动时间t的关系如图乙。g取10N/kg，水的密度为，金属块下降过程中受到的阻力和绳子自重不计。求： （1）金属块下降的速度大小； （2）金属块浸没在水中时，受到的浮力大小； （3）金属块静止在容器底部时，上表面受到水的压力大小。 【答案】（1）0.2m/s；（2）5N；（3）17.5N 【解析】 【详解】解：（1）由乙图可知，金属块从开始下降，到下表面接触水面所用时间为1s，路程为20cm=0.2m，则金属块下降的速度 （2）金属块从开始下降，到下表面接触水面，电动机对金属块的拉力等于金属块重力，则金属块重力 由乙图可知，金属块浸没在水中时，电动机功率为5W，对金属块拉力 金属块浸没在水中时，受到的浮力 （3）金属块浸没在水中时，物体体积等于排开水的体积 水面上升高度 金属块高度 上表面到水面的距离 上表面受到水的压强 上表面受到水的压力 答：（1）金属块下降的速度为0.2m/s； （2）金属块浸没在水中时，受到的浮力为5N； （3）上表面受到水的压力为17.5N。 26. 中国茶文化源远流长。图示是一款智能煮茶机的简化电路图，电源电压，、、是阻值不变的电热丝，用于“加热”或“保温”，，，S为电源开关，通过温控开关可实现“加热”和“保温”状态的切换，煮茶机的“加热”功率，“加热”效率。煮茶机会根据用户选择的茶品和所需茶水浓度不同进行智能工作，其工作过程是首先将水“加热”至，然后继续以“加热”功率再进行相应时间的“煮茶加热”（“煮茶加热”时间如表格所示），最后自动进入“保温”状态。将0.8L、初温为的水装入煮茶机，水的比热容，水的密度。 茶品 低浓度“煮茶加热”时间 中浓度“煮茶加热”时间 高浓度“煮茶加热”时间 乌龙茶 2min 5min 10min 红茶 1min 2min 5min 黑茶 2min 5min 7min （1）求将水“加热”至过程中水吸收的热量； （2）求煮茶机的“保温”功率； （3）若用户选择“红茶高浓度煮茶”，煮茶机经过将水“加热”至、“煮茶加热”和“保温”状态，共工作15min，求这个过程煮茶机消耗的电能。 【答案】（1） （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 将水“加热”至100°C过程中水吸收的热量为 【小问2详解】 由题意可知 则定值电阻R0的阻值为 煮茶机的“保温”功率为 【小问3详解】 将水“加热”至100°C过程中消耗的电能为 将水“加热”至100°C过程需要的时间为 由表格可知，若用户选择“红茶高浓度煮茶”，“煮茶加热”时间为5min，则保温时间为 煮茶机经过将水“加热”至100°C、“煮茶加热”和“保温”状态，共工作15min，这个过程煮茶机消耗的电能为 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $