河北邯郸市2026届高考物理模拟试题

**基本信息** 该高考模拟卷聚焦力学、电磁学等核心模块，通过卫星变轨、发电机原理等真实情境，融合科学推理与模型建构，如实验题探究动能定理，解答题综合碰撞与能量转化，适配高考命题趋势。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |选择题|7/28|电场、气体定律、圆周运动|以匀强电场等基础模型，考查能量观念与科学推理| |多选题|3/18|电场强度、力学综合|结合正三角形电荷分布，体现科学论证与质疑创新| |实验题|2/16|加速度测量、电源参数|通过纸带分析与补偿法，落实科学探究要素| |解答题|3/38|光的折射、碰撞与能量、电磁感应|如滑块碰撞问题，综合运动与相互作用观念，强化模型建构|

河北省邯郸市高考模拟试题参考答案 一、选择题：1-7题，只有一项符合题目要求，每小题4分，共28分。8-10多选题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B D B C A D D ABC BD AC 1．B 【详解】电子从到共经过3个相邻间隔，克服电场力做功，即 由（电子电荷量），得，因此相邻等势面电势差为 已知，可推得各等势面电势：，， A．平面的电势为，A错误； C．电子在的电势能，不是，C错误； D．电子在的动能，在的动能 由 可得，是的倍，D错误； B．只有静电力做功，动能与电势能之和不变，总能量 若电子到达，电势能，动能为。 若电子速度方向沿电场方向，一定能到达 若电子速度方向不沿电场方向，有可能在到达之前，沿电场方向的速度已减为0，从而无法到达，因此电子可能到达不了平面，B正确。 故选 B。 2．D 【详解】A．的过程，体积增大，则气体对外界做功，，且pV乘积变大，根据可知，温度升高，气体内能增加，根据热力学第一定律可知，气体吸收热量（Q>0），故A错误； B．过程，根据与数学知识可知，b、c两点不在同一双曲线上，气体温度改变，内能改变，故B错误； C．的过程，体积减小，则外界对气体做功，，且pV乘积变小，根据可知，温度降低，气体内能减小，根据热力学第一定律可知，气体放出热量（Q<0），故C错误； D．图像与V轴围成的面积代表功，而整个过程回到a状态时气体与初态相比温度不变，内能不变，可知整个过程气体从外界吸收的总热量与做的总功相同，所以整个过程中，气体从外界吸收的总热量可以用所围的面积表示，故D正确。 故选D。 3．B 【详解】A．小球悬挂在轻弹簧下端，弹簧原长为，静止时弹簧的长度，则有 解得弹簧的劲度系数为，故A错误； BC．小球做匀速圆周运动时，竖直方向由平衡条件可得 解得，，故B正确，C错误； D．小球做匀速圆周运动时，水平方向根据牛顿第二定律可得 解得，故D错误。 故选B。 4．C 【详解】AB．对甲、乙当时，弹簧压缩量为 甲、乙的加速度为零，速度最大，此时甲与乙分离，此后乙向右做匀速直线运动，甲向右做减速运动（弹力小于摩擦力），故AB错误； C．释放瞬间，甲、乙间的弹力最大，对甲乙整体由牛顿第二定律 对乙 联立解得，故C正确； D．由AB选项知从释放到分离，甲、乙与弹簧组成的系统机械能减少量为，故D错误。 故选C。 5．A 【详解】A．由匀变速直线运动的位移公式，， 解得 如果上式成立，则小球做匀变速直线运动。在伽利略那个年代，能够比较准确测量小球沿斜面下滑时的位移和运动时间，故A正确； B．由平均速度公式 可得，故B错误； C．表达式可以证明小球沿斜面下滑是匀变速直线运动，但是在伽利略那个年代，比较准确测量小球的速度是做不到的，故C错误； D．表达式， 并不能证明小球沿光滑斜面向下的运动是匀变速直线运动，故D错误。 故选A。 6．D 【详解】A．由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势 则金属棒的速度，故A错误； B．金属棒切割产生的感应电动势的有效值为 设原、副线圈的电压分别为、，根据变压器原理，有 原线圈的输入功率与副线圈的输出功率相等，即 可知 可将变压器及输出部分等效为电阻，满足 代入 解得 当滑片从最上端往下滑动时，滑动变阻器电阻减小，故减小，原线圈回路总电阻。变压器输出功率即消耗的功率 可知当时，变压器的输出功率最大。已知，滑动变阻器的最大阻值为，故最大为，因此滑动变阻器的滑片从最上端往下滑动时，变压器的输出功率一直减小，故B错误； C．若，可知等效电阻 流过原线圈电流 故原线圈电压 由变压器电压比 解得 即两端的电压为，故C错误； D．由上述分析知金属棒的速度 将到代入，可得金属棒的速度均为0，故金属棒的动能不变。若，可知等效电阻 流过原线圈电流 由能量守恒可知，回路产生的总焦耳热即为外力所做的功，即，故D正确。 故选D。 7．D 【详解】A．在近地圆轨道Ⅰ，由万有引力提供向心力 地球密度公式 代入解得 而本题中T是椭圆轨道Ⅱ的周期，不是近地圆轨道Ⅰ的周期，故A错误； B．根据开普勒第二定律，卫星与地球的连线在相等时间内扫过的面积相等，在极短时间∆t内，经过A点扫过的面积 经过B点扫过的面积 所以A、B两点的速度比为，故B错误； C．圆轨道Ⅰ中，有 其中为近地圆轨道Ⅰ的速度，而椭圆轨道Ⅱ在A点做离心运动，则，故C错误； D．由开普勒第二定律，椭圆轨道Ⅱ在B点的速度 变轨过程中，卫星在B点从椭圆轨道Ⅱ进入圆轨道Ⅲ，重力势能不变（同一位置），因此机械能的增加量等于动能的增加量，则，故D正确。 故选D。 8．ABC 【详解】、、三处的点电荷到的距离 A．由于，则有点电荷在点的电势为 点电荷在点的电势为 点电荷在点的电势为 所以点的电势为，故A正确； BC．根据点电荷的场强公式，点电荷在点产生的场强的大小为，方向由点指向点 点电荷在点产生的场强的大小为，方向由点指向点 点电荷在点产生的场强的大小为，方向由点指向点 由于场强、、两两之间的夹角为，根据平行四边形定则，它们的合场强大小，方向与的夹角为，即平行于指向，故BC正确； D．根据库仑定律有，点电荷与点电荷间的作用力为，方向由点指向点 点电荷与点电荷间的作用力为，方向由点指向点 所以与之间的夹角为，所以固定在点的点电荷受到另外两个点电荷的作用力大小显然小于，故D错误。 故选ABC。 9．BD 【详解】AB．A 速度最大时加速度为 0，对A受力平衡 对 B 受力分析（此时弹簧拉力为mg向上） 联立可得绳的拉力，斜面倾角 所以，A错误，B正确； C．弹簧恢复原长时弹力为0，设加速度为，拉力为 对A小球，根据牛顿第二定律 对B小球，根据牛顿第二定律 联立解得 ， C错误； D．从释放到A速度最大过程，初末弹簧形变量相同，弹性势能变化 对A、B系统用动能定理 代入、 可得 解得，​​ D正确。 故选 BD。 10．AC 【详解】A．闭合开关S后，对导体棒a用动量定理 其中 ，电容器初始带电量为，稳定后a棒感应电动势为，电容器最终带电量为 因此流过a棒的电荷量 代入得 整理得，故 A正确； B．左侧磁场与导轨平行，b棒运动时速度方向与磁场平行，不产生感应电动势，回路电流来自a棒的感应电动势 总电阻，电流 b棒中电流沿垂直导轨方向，安培力为竖直方向，改变导轨对b的支持力 水平方向仅受摩擦力，根据牛顿第二定律 可得加速度 ，故B错误； C．对a棒从断开S到停止过程，应用动量定理 流过回路的总电荷量 代入得 整理得 ，故​ C正确； D．b棒受到的摩擦力，用动量定理 ​ 代入 整理得t时刻b的速度，故D错误。 故选AC 。 三、实验题：本题共2小题，共16分。 11．（6分）(1)2.32 (2) (3) 【详解】（1）打A点时系统运动的瞬时速度大小为 （2）对A由动能定理 绳子拉力对A做的功为 （3）根据动能定理，得 解得 12．（10分） 5.13/5.12/5.14 0.115/0.110/0.120 【详解】（1）根据闭合电路欧姆定律，对甲电路有：，因此图像的纵轴截距等于电动势，图像斜率的绝对值等于充电宝内阻。 由图乙可得：纵截距，斜率绝对值 （3）当电流计示数为时，说明两端电势相等，因此待测电源的路端电压等于电阻箱两端的电压，即 对待测电源，由闭合电路欧姆定律有 联立得 对比图像：纵轴截距为，因此 斜率绝对值 整理得内阻。 四、解答题：本题共3小题，共38分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。 13．（8分）(1)30° (2) 【详解】（1）光从OA射入玻璃砖，由几何关系知入射角 由折射定律有 解得折射角 （2）光从玻璃砖射出时，设在D点恰好发生全反射，作出光路图，如图所示 全反射临界角C与折射率n的关系为 解得 光射入玻璃砖的折射角为30°，可知 则 故圆弧AB上有光线射出的部分对应的圆心角为 其弧长为 14．（14分）(1)12N (2)9m/s (3)0.5m/s；1m 【详解】（1）在点，根据向心力方程 从到，机械能守恒 在点，根据牛顿第二定律 解得 （2）根据位移时间关系 弹性碰撞过程， 解得 （3）（I）第一次落到地面时竖直分速度 碰撞后，竖直分速度大小变为，方向竖直向上；则弹力的冲量 摩擦力的冲量 水平方向 解得 （Ⅱ）到第二次碰撞，水平位移为第二次碰撞后，竖直分速度大小为；水平方向速度改变量为；故第二次碰撞后，水平分速度为零。第一次平抛位移 所以 15．（16分）(1) (2) 【详解】（1）当固定、断开，匀速运动，释放后静止，两棒串联，电流相同。对静止的受力平衡：安培力等于重力，即 对匀速运动的受力平衡：拉力等于重力加安培力，即 联立得 （2）当固定、闭合，下滑到最大速度时匀速运动，受力平衡 切割产生感应电动势 外电路为上端电阻与的电阻并联，并联电阻 总电阻 总电流 代入平衡条件得 第一问中 代入 得 整理得 联立后得 答案第1页，共2页 / 学科网（北京）股份有限公司 $ 河北省邯郸市高考模拟试题 一、选择题：本题共7小题，只有一项符合题目要求，每小题4分，共28分。 1．图中虚线a、b、c、d、f代表匀强电场内间距相等的一组等势面，已知平面b上的电势为2V。一电子经过a时的动能为10eV，从a到d的过程中克服电场力所做的功为6eV。下列说法正确的是（     ） A．平面d上的电势为零 B．该电子可能到达不了平面f C．该电子经过平面d时，其电势能为4eV D．该电子经过平面b时的速率是经过d时的2倍 2．如图所示，一定质量的理想气体的循环由下面4个过程组成：。下列说法正确的是（     ） A．过程中，气体内能增加放出热量 B．过程中，气体内能不变 C．过程中，气体吸收热量 D．从过程中，气体从外界吸收的总热量可以用所围的面积表示 3．质量的小球悬挂在轻弹簧下端，弹簧原长为，静止时弹簧的长度。如图所示，当小球在水平面内做匀速圆周运动时，弹簧轴线与竖直方向的夹角为60°，弹簧拉力大小为F，周期为1s，加速度大小为a。已知重力加速度，不计空气阻力，弹簧未超出弹簧限度。下列判断正确的是（　　） A．弹簧的劲度系数为150N/m B．匀速圆周运动时弹簧的伸长量为0.1m C． D． 4．如图所示，水平面上一劲度系数为k的水平轻弹簧一端固定于墙上，另一端连接物体甲。现用物体乙缓慢推甲使弹簧压缩，甲、乙质量均为m。乙的下表面光滑，甲与水平面间的动摩擦因数为，重力加速度为g。现同时由静止释放甲、乙，两者向右运动一段时间后分离，下列说法正确的是（　　） A．甲运动到速度最大时，弹簧压缩量为0 B．甲与乙分离时，弹簧为伸长状态 C．释放后，甲、乙间的最大弹力为 D．从释放到分离，甲、乙与弹簧组成的系统机械能减少量为 5．在研究自由落体运动时，伽利略让一个铜球从阻力很小（可忽略不计）的斜面上由静止开始滚下，他在斜面上任取三个位置A、B、C，让小球分别由A、B、C滚下，如图所示。并且重复了上百次。设A、B、C与斜面底端的距离分别为x1、x2、x3，小球由A、B、C运动到斜面底端的时间分别为t1、t2、t3，小球由A、B、C运动到斜面底端时的速度分别为v1、v2、v3，下列关系式是伽利略证明小球沿光滑斜面向下的运动是匀变速直线运动的是（     ） A． B． C． D． 6．如图所示为某小型发电机的原理图。对金属棒施加一外力，使其在水平固定光滑导轨、上做往复运动，切割磁感线产生正弦式电动势。导轨间距，磁感应强度，棒的质量，电阻不计。导轨右端与理想变压器原线圈相连，在点与原线圈间接有定值电阻，变压器副线圈接有最大阻值为的滑动变阻器。变压器原、副线圈匝数比为，忽略导轨及导线电阻。则（     ） A．金属棒做简谐运动，速度随时间变化的规律为 B．滑动变阻器的滑片从最上端往下滑动时，变压器的输出功率先增大后减小 C．若，则两端的电压为 D．若，在到的时间内，外力所做的功为 7．质量为m的卫星，在A点从近地圆轨道Ⅰ变轨到椭圆轨道Ⅱ，经椭圆轨道Ⅱ在B点再次加速，从而进入圆轨道Ⅲ围绕地球匀速圆周运动。卫星在椭圆轨道Ⅱ的A点速度为v1、周期为T、圆轨道Ⅲ的B点速度为v2，圆轨道Ⅰ、Ⅲ半径分别为R和r，忽略变轨加速前后卫星质量的变化，则下列说法正确的是（　　） A．地球的密度为 B．在椭圆轨道上A、B两点的速度比值为 C．在椭圆轨道上A点的加速度为 D．在B点变轨增加的机械能为 二、多选题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8．如图所示，A、B、C为真空中边长为a的正三角形的三个顶点，三个顶点上分别固定了电荷量为+5q、+3q、+q的点电荷，O为正三角形的中心，若规定，点电荷产生的电势（k为静电力常量，Q为点电荷电量，r为到点电荷的距离），下列说法正确的是（　　） A．O点的电势为 B．O点的电场强度大小为 C．O点的电场强度的方向平行于AC指向C D．固定在B点的点电荷受到另外两个点电荷的作用力大小为 9．如图所示，两小球由绕过轻质定滑轮的细线相连，放在固定的光滑斜面上，两小球在竖直方向上通过劲度系数为的轻质弹簧相连，放在水平地面上。现用手控制住，并使细线刚刚拉直但无拉力作用，同时保证滑轮左侧细线竖直、右侧细线与斜面平行。已知的质量为，的质量均为，重力加速度为，细线与滑轮之间的摩擦不计。开始时整个系统处于静止状态；释放后，沿斜面下滑至速度最大时（加速度为零），恰好离开地面，在此过程中，下列说法正确的是：（　　） A．A球速度最大时绳子拉力 B．斜面的倾角 C．弹簧恢复原长时，细线中的拉力大小 D．沿斜面下滑的速度最大值为 10．如图，固定在水平面内的两金属导轨和，相互平行且足够长，宽度为，中间处接有电容为的电容器，充电后电压为，开关处于断开状态。右侧导轨光滑，空间存在垂直导轨平面向下的匀强磁场，磁感应强度大小为。左侧导轨粗糙，动摩擦因数为，空间存在与导轨平行的匀强磁场，磁感应强度大小为。两根相同的导体棒a、b，质量均为，接入电路部分的电阻均为，其他部分电阻忽略不计，a棒静止放在右侧导轨上，b棒初始时置于导轨外。闭合开关，导体棒a开始向右运动，达到稳定状态时的速度为，然后断开开关，再让导体棒b以初速度从左侧滑上导轨。从b滑上导轨开始计时，经时间，a棒先停止运动。运动过程中，a、b导体棒始终与导轨垂直，重力加速度为，下列分析正确的是（    ） A．开关断开前，导体棒a达到稳定状态时的速度 B．导体棒b刚滑上导轨时的加速度为 C．导体棒a在时间内运动的位移为 D．导体棒b在时刻的瞬时速度为 三、实验题：本题共2小题，共16分。 11．（6分）实验小组利用以下装置可进行物体加速度、功和能量的探究。装置如图甲所示：物块A、B的质量均为M，C的质量为m，一根轻绳跨过轻质定滑轮与A、B相连，在重物B的下面通过轻质挂钩悬挂重物C，重物A 的下端与穿过打点计时器的纸带相连，已知当地重力加速度大小为g，不计绳的伸长、绳和滑轮以及纸带的质量、摩擦阻力和空气阻力。 (1)某次实验中，先接通频率为50 Hz的交流电源，再由静止释放系统，得到如图乙所示的纸带，打点计时器在打A点时系统运动的瞬时速度大小为_______m/s。（计算结果均保留三位有效数字） (2)实验中，测得B和C从静止开始向下加速运动的距离为h 时，C脱离B，此后A、B做匀速运动，测得A和B匀速运动的速度为v。根据测得的h和v，则加速过程中绳子拉力对A做的功为__________（用字母M、h、v、g表示）； (3)根据动能定理，推导出v与h的关系为___________（用字母表示）。 12．（10分）某学习小组进行“充电宝不同电量时的电动势和内阻研究”，设计实验电路图如图甲所示。 （1）记录被测充电宝实验时的电量百分比（开始时的电量百分比为100%）。连接电路，将滑动变阻器电阻调至最大。闭合开关S，改变滑动变阻器的阻值，记录每次操作的电流表和电压表的示数，根据数据作出图像如图乙，由图像可得充电宝的电动势________，内阻________。（结果均保留三位有效数字） （2）当充电宝电量为80%、60%、40%、20%、5%时重复上述实验操作，发现不同电量下充电宝的电动势和内阻基本不变。 （3）学习小组认为实际电压表不是理想的，图甲电路测量有误差，于是设计了如图丙所示的实验，为标准电源，为待测电源，为定值电阻。闭合开关、，调节滑动变阻器和电阻箱，使电流计示数为0，记录示数，示数，电阻箱示数为，重复调节滑动变阻器和电阻箱，每次都使电流计示数为0，记录电阻箱取不同值时对应的和的示数，作出图像，纵轴截距为，斜率绝对值为，可测得电源电动势为______，内阻为______。（结果用、、表示） 四、解答题：本题共3小题，共38分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。 13．（8分）如图所示，一个圆柱形玻璃砖的横截面是半径为R的圆，O为圆心，OA、OB为半径。一束平行光线在其主截面内沿水平方向射向OA，与OA的夹角为45°。已知玻璃砖对该单色光的折射率。 (1)求光线进入玻璃砖后的折射角。 (2)若射向OB的光线均被吸收，求在圆弧AB上有光线射出的部分的弧长。 14．（14分）如图为一款游戏装置的示意图，装置由水平直轨道和半径的竖直光滑半圆轨道组成，为竖直直径。游戏开始前，质量的滑块静置于点，距离点处一质量滑块以初速度向右运动，与发生弹性碰撞，碰后立即拿走滑块。某次游戏时，滑块恰好能到达点。两滑块均可视作质点，与直轨道的滑动摩擦因数均为，取。 (1)求碰后瞬间滑块受到的支持力大小； (2)求滑块的初速度； (3)滑块经过点后落回地面，与地面相互作用时间极短且竖直方向速度大小变为原来的一半，方向相反； （I）求与地面第一次碰撞后滑块的水平分速度大小； （Ⅱ）求滑块最终静止时与点的距离。 15．（16分）如图所示，在匀强磁场中竖直放置两条足够长的平行导轨，磁场方向与导轨所在平面垂直，磁感应强度大小为B0，导轨上端连接一阻值为R的电阻和电键S，导轨电阻不计，两金属棒a和b的电阻都为R，质量分别为ma和mb，它们与导轨接触良好，并可沿导轨无摩擦运动，若将b棒固定，电键S断开，用一竖直向上的恒力F拉a棒，稳定后a棒以v1的速度向上匀速运动，此时再释放b棒，b棒恰能保持静止。 (1)求拉力F的大小 (2)若将a棒固定，电键S闭合，让b棒自由下滑，求b棒滑行的最大速度v2 1 / 1 学科网（北京）股份有限公司 $