2026年广东省深圳市中考物理练习卷

**基本信息** 以“物理与生活/科技/体育/工程”为主题，通过磁悬浮音箱、冬奥会滑雪、AG600飞机等真实情境，考查声光电热力核心知识，融合科学探究与工程实践，体现物理观念与科学态度。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |单项选择|7/14|声现象、光反射、参照物、力学综合|结合磁悬浮音箱（磁极作用）、体育中考（摩擦力）等情境，考查基础概念| |实验题|3/20|浮力影响因素、电流电阻关系、密度计制作|设计“过山车保龄球”模型探究机械能变化，培养科学探究与模型建构能力| |计算题|2/14|压强、功、热值、电路功率|以新能源配送车、智能机器人为载体，综合应用公式解决工程实际问题| |综合题|2/18|杠杆、物态变化、电磁现象|分析消防机器人越障（压强）、灭火（汽化吸热）及电动机原理，融合多知识点与科学思维|

2026年广东省深圳中考物理练习卷 一、单项选择题（本题共7个小题，每题2分，共14分。每小题四个选项中只有一个最符合题意） 主题一 物理与日常生活 1．如图所示是一款绿色外观的磁悬浮蓝牙音箱，它由一个球形音箱和一个磁悬浮底座组成。音箱悬浮在空中，一边旋转一边播放歌曲。下列说法正确的是（      ） A．根据音调可以判断出是谁的歌声 B．底座接收手机蓝牙信号，是利用超声波传递信息 C．磁悬浮蓝牙音箱是高科技产品，不需要振动就能发声 D．音箱悬浮在空中是利用磁极间同极相斥的原理 2．某市在端午节举办“江上灯会”活动，一盏8m高的龙形花灯“龙舟” 漂浮于江面，与水中倒影相映成趣（如图）。下列说法正确的是（   ） A．游客从不同角度都能看到运载花灯的船，是因为光在船的表面发生了镜面反射 B．“龙舟”在水中的倒影比实物暗一些，是因为有一部分光折射进入水中 C．若江水上涨，则“龙舟”倒影到水面的距离将增大 D．“龙舟”在水中的倒影的高度为16m 主题二 物理与体育竞技 3．如图是我国运动员在2026年冬奥会单板滑雪比赛中的精彩画面，小明说运动员是静止的，他选取的参照物是（      ） A．地面 B．跳台 C．现场观众 D．脚下单板 4．如图所示是体育赛场上的精彩瞬间，下列说法正确的是（　　） A．图甲中，运动员起跳后能继续向前运动，是由于受到惯性作用 B．图乙中，踢出的足球最终会慢慢停下来，是由于不受力的作用 C．图丙中，排球从低处运动到最高点过程中，重力势能逐渐减小 D．图丁中，体操运动员握住单杠静止时受到平衡力作用 5．下列图片是2025年深圳体育中考的运动情景，关于体考中的物理知识描述正确的是（　　） A．图甲中学生在短跑时，选择穿钉鞋，是为了增大与跑道的摩擦力 B．图乙中学生完成一次跳绳，克服重力做功大约为 C．图丙中学生投掷出去的实心球运动至最高点时，如果失去外力，实心球将保持静止 D．图丁中学生上篮后抛出的篮球，从最高点往下落的过程中，动能保持不变 6．为避免立定跳远测试起跳时过线犯规，学校引进了一批体育练习装置。装置的基本原理是：当有同学踏上练习垫时，开关、同时闭合，当装置感应到脚尖过线，红外感应开关断开，蜂鸣器发出声音提醒同学犯规。下列选项能实现上述功能的电路图是（　　） A． B． C． D． 主题三 物理与科学技术 7．科技创新是时代发展的核心动力。对下列各图的说法正确的是（     ） A．甲：核电站通过核裂变释放能量发电，与太阳核心的能量释放方式不同 B．乙：机器人通过体内的电动机进行表演，其工作原理是电磁感应 C．丙：超导材料若用于电热丝，可显著降低电阻引起的能量损耗 D．丁：我国自行研制的“奋斗者”号载人深海潜水器是通过改变浮力实现上浮和下潜 二、作图题（共2小题，每小题2分，共4分） 8．近期举行了机器人马拉松比赛，人形机器人已经能够像人类一样跑步，如图丙所示是某人形机器人正在跑步的情景，请在图中画出机器人的右脚对地面的作用力的示意图（作用点为O点） 9．马年春晚的舞台上，熊猫机器人也来给全国人民拜年了，如图所示。熊 猫机器人背部有两个控制开关：当闭合开关S1时，头部灯L亮起；再闭合 开关S2时，四肢（电动机）开始运动；单独只闭合开关S2时，机器人无 反应。请下面右边空白的位置画出符合上述要求的电路图。 三、填空题（共3小题，每空1分，共9分） 10．如下左图所示，扫地机器人在水平地面上匀速前进时，自动将灰尘吸入自身的垃圾收纳盒，其动能将__________（选填“增大”“不变”或“减小”）。扫地机器人工作时消耗的电能属于__________（选填“一”或“二”）次能源。小明查阅资料得知，扫地机器人自动避障的原理类似蝙蝠的回声定位，即利用__________（选填“超声波”或“次声波”）来判断障碍物及空间方位。 11．如下中间的图，梦舟载人飞船升空过程中，飞船相对地面是___________的；飞船太阳能电池板将光能转化为_________能；返回舱进入大气层摩擦升温，通过__________方式改变内能。 12．2025年5月10日，代号“鲲龙”的水陆两栖飞机AG600，批产首架机总装下线。这是我国自主研制的全球最大的水陆两栖特种用途飞机。鲲龙最大起飞质量53.5吨，巡航速度500km/h，航程4500km，20s内可将12000kg水吸至4m高，执行海上救援任务时，可一次性救援50名遇险人员。如上右图所示，“鲲龙”吸入12000kg水后静止在水面，增加的浮力为_________N。不考虑燃料质量变化，“鲲龙”由海水密度较小的近海驶向海水密度较大的远海区域时，排开海水的体积将________（选填“变大”、“变小”或“不变”），浮力将_________（选填“变大”、“变小”或“不变”）。 主题四 物理与科学探究 四、实验题（共3小题，每空1分，共20分） 13．小浩同学在夜市见到一种“过山车保龄球”游戏，如图甲，只要把保龄球从水平轨道以一定速度推出，球最终能停止在下凹弯道上，就算挑战成功，可获得丰厚奖金。小浩同学发现几乎没有能成功挑战的人。他回家做了一个相似的模型如图乙，其中AB为水平轨道，C为上凸弯道的最高点，D为下凹弯道的最低点。 (1)小浩同学第一次实验时从A点以速度将小球水平推出后，小球未能到达C点就返回水平轨道。若要小球能越过C点，小浩同学以速度推出同一小球，速度必须____________（选填“大于”“小于”或“等于”）。 (2)当小球以速度推出离开手后，小浩同学用频闪相机拍下小球从A运动到C的过程中，每经过相同时间时的位置如图丙，通过分析丙图可得：小球在AB段做_____________（选填“匀速”“加速”或“减速”）直线运动，判断依据是_______________________________________________________________________。 (3)若轨道存在摩擦，小球以速度从A点推出，恰好能越过C点并通过D点，最终停在D点。则小球从A运动到D的过程中，机械能的变化情况是____________________________________________________。 (4)通过以上实验与分析，小浩同学想提高挑战成功率，可以采取什么措施？（写出两条即可）。 ____________________________________________________________________________________________。 14．如图是探究“浮力的大小与哪些因素有关”的实验。 （1）分析图__________，说明浮力的大小与液体密度有关； （2）圆柱体浸没在水中时受到的浮力是______N，圆柱体的体积是__________，用图示实验数据测出盐水的密度是______； （3）小桃按照教材中“综合实践活动”的要求制作简易密度计来测量该液体密度； ①取一根粗细均匀的饮料吸管，在其下端塞入适量小钢珠并用石蜡封口。塞入小钢珠的主要目的是增加配重，使吸管能___________在液面上； ②将吸管放到水中的情景如图（a）所示，测得浸入的长度为H；放到另一液体中的情景如图（b），浸入的长度为h，用ρ液、ρ水分别表示液体和水的密度，则__________（＞/＜/＝）； ③小军也用吸管制作了密度计，他发现相邻刻度线之间的距离太小，导致测量误差较大，为此同学提出如下改进方案，其中可行的___________。 A．换大的容器盛放液体　　B．换更粗的吸管 C．换稍长的吸管　　D．适当增加密度计配重 15．小东同学探究“电流与电阻的关系”的实验。他使用如下器材：学生电源，、、、、的定值电阻，滑动变阻器，电压表，电流表，开关，导线。 (1)连接的电路如图甲所示，检查发现连接的电路中有一根导线连接错误，请在图中连接错误的那根导线上打“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确。 (2)连接完电路后，闭合开关，小东移动滑动变阻器的滑片，发现电流表无示数，但电压表有示数，此故障的原因可能是___________。 电阻 25 20 15 10 5 电流 0.08 0.1 0.14 0.2 0.4 (3)排除故障后，小东先将电阻接入电路，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片记录电压表和电流表示数，接着断开开关，用的电阻替代的电阻接入电路，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数保持不变，记录电流表示数；再分别改接、、的电阻，重复上述实验，得到了表中的实验数据： 小东得出实验结论：当导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成___________。 (4)小东利用以上器材测量小灯泡（标有字样）的电阻大小，设计电路图如图乙所示。 ①闭合开关，移动变阻器的滑片至某一位置，电压表的示数为，电流表示数如图丙所示，电流表示数为___________，她根据电流表和电压表示数计算出小灯泡正常发光的电阻___________。 ②移动滑动变阻器滑片，在保证电路安全的前提下，继续进行多次测量，测得多组数据并求平均值，其做法是___________（选填“正确”或“错误”）的，理由是_______________________________。 (5)小理利用一个阻值已知的定值电阻R、一个单刀双掷开关S1和原来的电源，设计了如图所示的电路来测量另一只额定电压为U额的小灯泡的额定功率，实验步骤如下： ①闭合开关S，将S1拨到触点a，移动滑片，使电压表的示数为U额； ②保持滑片的位置不动，将开关S1拨到触点b，读出电压表的示数U； 小灯泡额定功率的表达式为P额＝_______________ （用已知量和测量量表示）。 主题五 物理与工程实践 五、计算题（共2小题，每小题7分，共14分） 16．一款新能源无人配送车正在淄博市街道执行末端配送任务。该配送车在平直路面匀速执行配送任务时受到的阻力是总重的0.05倍，配送车相关参数如下表所示，g取10 N/kg，请解答下列问题： 整车空载质量 满载配送货物总质量 轮胎与地面总接触面积 电动机额定工作电压 电动机额定工作电流 400 200 0.04 48 50 (1)该配送车满载静止在水平地面时，对地面压强多大？ (2)若该配送车满载状态下，在平直路面匀速行驶3 km，配送行驶用时10 min，配送车牵引力做功为多少J？ (3)若第二问配送过程改由常规汽油机供能（不考虑过程中的能量损失），则需要完全燃烧汽油多少kg？（汽油的热值取） 17．图甲为某品牌送餐智能机器人，具有过载自动保护系统，电路原理如图乙所示，已知电源电压恒为12 V，定值电阻，托盘上的压敏电阻阻值R随所受压力F变化的图像如图丙所示，触发器（不计电阻）为保护开关。当电路中的电流达到0.4 A时，触发器断开，电铃提示过载。下表为机器人部分参数，其中“电池比能量”指电池充满电后，单位质量的电池所能输出的电能。当电池可输出的电能为满电状态的10%时，机器人进入自动回充状态，寻找充电座充电。 电池质量 电池比能量 电能转化为机械能的效率 2 kg 60% (1)当托盘上没有放置物品时，电路的电功率是多少？ (2)为避免过载，托盘所受的压力应小于多少？ (3)机器人进入自动回充状态时，若每行驶1 m消耗的机械能不超过100 J，为确保其顺利返回充电，允许行驶的最大路程为多少？ 六、综合题（共2小题，每空1分，共18分） 18．“智慧消防”是守护城市安全的重要防线。如图甲所示，某科技小组研发了一款名为“烈焰先锋”的全地形智能消防机器人。在一次模拟火灾救援演练中，机器人完成了从奔赴现场到扑灭大火的全过程。请结合演练情境，运用物理知识解决下列问题。 【阶段一：紧急奔赴与越障】 (1)如图甲，机器人履带设计得宽大，是为了在压力一定时，减小对地面的________；如图乙，机器人用机械臂快速举起障碍物时，机械臂可视作一个________杠杆。 【阶段二：侦察探测】 (2)当机器人快速靠近火源时，为了在感光元件上成清晰的像，镜头焦距不变，镜头应向________（填“前伸”或“后缩”）调节。 【阶段三：强力灭火】 (3)喷出的水雾接触高温火焰迅速________（物态变化），此过程________（填“吸”或“放”）热，使燃烧物温度降至着火点以下；水炮喷口设计成锥形，水流高速喷出时，喷口处流速大，压强________（填“大”或“小”），有助于将周围空气卷入，扩大灭火覆盖面。 【阶段四：智能中枢】 (4)如图丙所示，“烈焰先锋”消防机器人搭载火情探测-灭火联动系统，控制电流时自动触发报警喷水联动响应，可在野外无外接电源场景下连续工作。报警喷水联动响应时，电铃________（填“响”或“不响”），指示灯________（填“亮”或“不亮”）。已知控制电路电源电压可调，电磁铁线圈电阻不计，气敏电阻的阻值与烟雾浓度C的关系如图丁所示，工作电路电源电压恒为48 V。调节使系统在烟雾浓度为20%时刚好触发报警喷水联动响应，此时定值电阻的功率为0.18 W，则控制电路的电源电压为________V。 19．科创小组制作了图甲所示的简易直流电动机，参观展览时发现人形机器人关节内部集成了如图乙所示的无刷直流电动机、减速器和传感器。无刷直流电动机是如何驱动机器人关节运动的呢？为此同学们展开了项目式学习。 图甲 简易（有刷）直流电动机 图乙 无刷直流电动机 【原理探究】 (1)在制作简易电动机时，刮漆处理是为了让线圈在转动过程中能_____________（选填“持续通电”或“周期性通电”），从而使线圈持续转动。 (2)对无刷直流电动机中的螺线圈A和B进行通电，如图乙所示，此时螺线管A的上端是_______（选填“N”或“S”）极，永磁体将沿_______（选填“顺时针”或“逆时针”）转动一定角度。 【仿生改进】图丁 (3)机器人手臂抬起的动作如图丙所示，它模仿了人类手臂抬起的动作。如图丁所示，当人类手臂中肱二头肌收缩时前臂抬起，此时前臂相当于_______杠杆（选填“省力”“费力”或“等臂”）。 (4)机器人通过电机驱动机械臂，已知驱动某机械臂的无刷直流电动机额定功率为，额定转速为。 该电动机通过一个减速比为i=30：1的减速器与机械臂连接，整个传动系统的机械效率。 ① 减速器的作用是降低转速、增大输出力，其原理是_______________________。经过减速器后，机械臂关节的最终输出转速； ② 当无刷直流电动机以额定功率工作时，若机械臂末端的运动速度为v=0.1m/s，则机械臂能够提供的最大驱动力F为_______N。 【反思评估】 (5)项目组记录了该机械臂在完成一套标准动作时，驱动电机在一个工作周期内的输入电流变化如图戊所示。已知为该机械臂供电的锂电池组电压为24V， 容量为10A·h，若机械臂持续以此模式工作，其电池充满电后，理论上可让该关节持续工作约_______h。实际工作时长小于理论值的原因可能是____________________。基于上述分析的原因，请针对该机械臂设备本身（不含更换电池），提出一条具体的改进措施以提高其实际工作时长：______________________。 试卷第8页，共8页 试卷第7页，共8页 学科网（北京）股份有限公司 参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 答案 D B D D A A A 1．D 【详解】A．不同发声体的结构不同，音色不同，我们是根据音色判断是谁的歌声，故A错误； B．蓝牙无线通信是利用电磁波传递信息，故B错误； C．声音是由物体振动产生的，一切发声的物体都在振动，磁悬浮蓝牙音箱发声也需要振动，故C错误； D．音箱悬浮在空中时，重力和磁的排斥力平衡，是利用了磁极间同极相斥的原理，故D正确。 故选 D。 2．B 【详解】A．游客能从不同角度看到船，是因为光在船的表面发生了漫反射，漫反射可以将光线反射到各个方向，故A错误； B．光照到水面时，一部分光发生反射形成倒影，另一部分光折射进入水中，反射光变少，因此倒影比实物偏暗，故B正确； C．江水上涨，龙舟随水面上浮，龙舟到水面距离不变；根据平面镜成像，像到水面的距离等于物到水面的距离，所以倒影到水面的距离不变，故C错误； D．平面镜成的像和物体大小相等，龙舟高8m，因此水中倒影的高度也为8m，故D错误。 故选B。 3．D 【详解】运动员相对于地面、跳台、现场观众，位置都发生了变化，因此以它们为参照物，运动员是运动的；运动员站在单板上，相对于自己脚下的单板，位置没有发生变化，因此以脚下单板为参照物，运动员是静止的，故ABC不符合题意，D符合题意。 故选D。 4．D 【详解】A．图甲中，运动员起跳后能继续向前运动，是由于惯性，惯性不是力不能说物体受到惯性作用，故A错误； B．图乙中，踢出的足球最终会慢慢停下来，是因为受到阻力的作用，力是改变物体运动状态的原因，故B错误； C．图丙中，排球从低处运动到最高点过程中，其质量不变，高度增加，其重力势能逐渐增大，故C错误； D．图丁中，体操运动员握住单杠静止时，处于平衡状态，受到平衡力作用，故D正确。 故选D。 5．A 【详解】A．摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关。钉鞋鞋底有钉子，可增大接触面的粗糙程度，在压力一定时，能增大与跑道的摩擦力，故A正确； B．中学生的质量约为50kg，其重力 一次跳绳重心上升高度约为 则克服重力做功 题干250J相差过大，故B错误； C．图丙中实心球运动至最高点时，竖直方向速度为0，但水平方向有速度，若失去外力，根据牛顿第一定律，实心球将保持原来的运动状态做匀速直线运动，而不是静止，故C错误； D．篮球从最高点往下落的过程中，质量不变，速度增大，根据动能大小影响因素，则判断动能增大，故D错误。 故选A。 6．A 【详解】当有同学踏上测试垫时，开关S1、S2同时闭合，此时电路处于正常工作状态，不过蜂鸣器不会发声，由此可知，蜂鸣器处于短路状态；当机器感应到脚尖过线，红外感应开关S2断开，蜂鸣器发出声音提醒考生犯规，由此可知，开关S2组成的电路把蜂鸣器短路了。故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 7．A 【详解】A．目前核电站利用可控核裂变释放能量发电，太阳核心的能量是通过核聚变释放的，二者能量释放方式不同，故A正确； B．电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动，电磁感应是发电机的工作原理，故B错误； C．电热丝依靠电流的热效应工作，超导材料电阻为零，工作时不会产生热量，无法用作电热丝，故C错误； D．“奋斗者”号潜水器浸没后，排开海水的体积和海水密度都不变，受到的浮力不变，它是通过改变自身重力实现上浮和下潜的，故D错误。 故选A。 8． 【详解】机器人向左跑步，右脚在后方蹬地，对地面有两个作用力：一是垂直于水平地面的压力；二是脚向后蹬地，对地面施加水平向右的摩擦力，作用点都在O。 9． 【详解】由题意可知，当闭合开关时，灯L亮起，再闭合开关时，电动机开始运动，说明灯能独立工作，也能与电动机同时工作，即灯与电动机是并联的；同时开关单独控制电动机，在电动机支路中，开关控制整个电路。 10． 增大 二 超声波 【详解】动能的大小与物体的质量和速度有关，扫地机器人匀速前进时速度不变，吸入灰尘后总质量增大，因此动能增大。 可以直接从自然界获取的是一次能源，需要由一次能源加工转化得到的是二次能源，电能无法直接从自然界获取，属于二次能源。 蝙蝠的回声定位是利用方向性好的超声波测距，扫地机器人的自动避障和该原理相同，利用超声波判断障碍物及方位。 11． 运动 电 做功 【详解】梦舟飞船升空过程中相对地面的位置不断发生变化，因此飞船相对地面是运动的；飞船的太阳能电池板的作用是将光能（太阳能）转化为电能，为飞船提供电能；返回舱进入大气层时与大气层摩擦，克服摩擦做功将机械能转化为内能，使温度升高，是通过做功的方式改变内能。 12． 变小 不变 【详解】[1] “鲲龙”吸入12000kg水后静止在水面，增加的浮力等于吸入的水的重力 [2] [3]“鲲龙”无论在哪个海域漂浮，浮力都等于重力，不考虑燃料质量变化，“鲲龙”的质量不变，重力不变，所受浮力不变，根据得，。“鲲龙”由海水密度较小的近海驶向海水密度较大的远海区域时，排开海水的体积将变小。 13．(1)大于 (2) 匀速 AB段相邻小球的间距相等 (3)机械能一直减小 (4)调整合适的初速度/在轨道上铺一层绒布 【详解】（1）小球要越过C点需要更大的初始动能，同一小球质量不变，动能越大速度越大，因此必须大于。 （2）频闪相机的时间间隔相同，由图丙可知，AB段相邻小球的间距相等，说明相等时间内小球通过的路程相等，因此小球做匀速直线运动。 （3）轨道存在摩擦，小球运动过程中不断克服摩擦力做功，机械能持续转化为内能，因此从A到D的过程中机械能一直减小。 （4）要成功需要小球既能越过最高点C，又能最终停在下凹弯道，需要控制好小球的初始动能，即调整合适的初速度。若轨道太光滑，则小球容易从另一侧飞出轨道，因此还可以在轨道上铺一层绒布，适当的增大导轨的摩擦力，防止小球从另一侧飞出。 14． ①③⑤ 1 1.2 竖直漂浮 ＞ D 【详解】（1）[1]由图①③⑤可知，物体排开水的体积相同，液体的密度不同，根据称重法可知，物体所受的浮力也不同，说明浮力的大小与液体密度有关。 （2）[2]圆柱体浸没在水中时受到的浮力为 [3]根据阿基米德原理可知，圆柱体的体积为 [4]圆柱体浸没在水中时受到的浮力为 盐水的密度为 （3） [1]塞入小钢珠的主要目的是增加配重，降低吸管的重心，使吸管能稳定的竖直浮在液面上。 [2]简易密度计的原理是利用物体漂浮时浮力大小等于重力大小，把简易密度计放在不同的液体中漂浮时，密度计的浮力大小始终等于重力大小，而重力大小不变，所以在不同液体中浮力大小也不变，设试管底面积为S，根据阿基米德原理可得ρ液gSh=ρ水gSH 则因为H大于h，所以ρ液＞ρ水。 [3]A．换大的容器，并不会改变液体的密度和吸管浸入的深度，故A不符合题意； B．由可知，换粗的吸管，当吸管的底面积增加，会使浸入的深度h变小，会使密度计相邻刻度线之间的距离变小，故B不符合题意； C．换稍长的吸管，并不会改变液体的密度和吸管浸入的深度，故C不符合题意； D．增加密度计的配重，会使密度计受到的浮力变大，浸入的深度也会变大，会使密度计相邻刻度线之间的距离增加，故D符合题意；故选D。 15．(1) (2)R断路 (3)反比 (4) 0.2 12.5 错误 小灯泡灯丝电阻随温度的升高而变大 (5) 【详解】（1）探究“电流与电阻的关系”的实验中，R与滑动变阻器串联，电压表并联在定值电阻R两端，因此连接定值电阻R左端接线柱和滑动变阻器右下接线柱的导线是错误的，改用导线连接定值电阻R左端接线柱和电源正极即可。故修改实物图如下所示： （2）电流表无示数，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则电路故障可能是与电压表并联的定值电阻R断路。 （3）由表格数据可知，导体的电阻减小，通过导体的电流增大，通过导体的电流与导体的电阻的乘积保持不变，故可得出结论：电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比。 （4）电流表连接0~0.6A的量程，分度值为0.02A，此时电流表的示数为0.2A。 小灯泡正常发光的电阻 小灯泡的灯丝电阻随温度的升高而增大，求平均值没有意义，所以其做法是错误的。 （5）小灯泡正常发光时，定值电阻和小灯泡串联，接b后，电压表测灯泡和的总电压，因此两端电压为；串联电路电流相等，电路电流，因此小灯泡额定功率 16．(1) (2) (3) 【详解】（1）满载总质量 满载总重力 配送车静止在水平地面，对地面的压力等于总重力 该配送车满载对水平地面的压强 （2）由题意，阻力 配送车匀速行驶，牵引力与阻力是平衡力，大小相等，即 行驶路程 配送车牵引力做功为 （3）不考虑能量损失，汽油完全燃烧放出热量 由可得， 17．(1) (2) (3) 【详解】（1）托盘无物品时，压敏电阻 电路总电阻 电路总功率 （2）当电流时，电路总电阻 此时压敏电阻阻值 由图像可知，对应压力，即托盘所受压力应小于。 （3）电池储存总电能 可输出机械能 最大行驶路程 18．(1) 压强 费力 (2)前伸 (3) 汽化 吸 小 (4) 响 不亮 12.5 【详解】（1）根据，压力一定时，增大受力面积可以减小压强，履带设计宽大是为了减小对地面的压强。 机器人机械臂工作时，动力臂小于阻力臂，因此属于费力杠杆。 （2）探测探头相当于凸透镜，机器人靠近火源时物距减小，根据凸透镜成像“物近像远像变大”的规律，焦距不变时需要增大像距才能成清晰的像，因此镜头应向前伸。 （3）水雾是液态，接触高温后变为气态水蒸气，该物态变化是汽化，汽化过程吸热，可降低燃烧物温度；根据流体压强规律：流速越大的位置压强越小，因此喷口处流速大，压强小。 （4）当电流达到触发值，电磁铁吸下衔铁，开关S2接通a触点，电铃和灭火系统接入电路，指示灯所在的支路断开，因此电铃响，指示灯不亮。 烟雾浓度为20%时，由图丁得气敏电阻，刚好触发时电流，由可知，定值电阻两端电压 气敏电阻两端电压 串联电路总电压等于各部分电压之和，因此 19．(1)周期性通电 (2) N 顺时针 (3)费力 (4) 由可知，功率一定时，降低转速（v），能增大输出力（F） 450 (5) 5 电机线圈发热会消耗一部分电能 使用电阻更小的元件导线制作线圈 【详解】（1）简易电动机的线圈一端只刮半周漆皮，使得线圈半周通电受力、半周断电依靠惯性转过平衡位置，实现周期性通电，从而保证线圈持续转动。 （2）结合电流方向和安培定则分析可知， 螺线管A的上端是 N极，对永磁体吸引，线圈B上端为S极，对永磁体排斥，所以永磁铁顺时针旋转。 （3）前臂在工作过程中，动力臂小于阻力臂，所以动力大于阻力，属于费力杠杆； （4）根据功率公式计算可知，当速度减小，功率一定，牵引力增加； 机械效率为75%，所以机械臂获得的有用功率为 所以牵引力最大为 （5）电池的容量为 由图可知，一个周期的平均电流为2A，平均功率为 所以理论工作时间 在实际工作中，电机线圈发热会消耗一部分电能，可以使用电阻更小的元件导线制作线圈，减小能量转化，提高做功时间。 答案第6页，共7页 答案第1页，共7页 学科网（北京）股份有限公司 $