2025-2026学年高一下学期物理期末模拟练习卷（基础自测）

**基本信息** 高一下物理期末基础自测卷，聚焦动量守恒、圆周运动、平抛运动等核心知识，通过无人机、套圈等真实情境设计试题，融合物理观念与科学思维，适配基础巩固与能力提升需求。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |选择题|10题/46分|动量守恒、功功率、天体运动、圆周运动、平抛运动|结合滑冰训练、自行车齿轮等生活情境，单选题侧重基础辨析，多选题考查综合应用| |非选择题|5题/54分|动量守恒实验、平抛运动实验、板块模型、传送带问题、多轨道综合|实验题注重科学探究（如气垫导轨动量守恒），综合题突出模型建构与科学推理（如多轨道能量分析），贴合高考命题趋势|

2025-2026学年高一下学期物理期末模拟练习卷（基础自测） 一、选择题（1~7题单选题，每小题4分，8-10题多选题，每小题6分，共46分） 1．甲、乙两运动员在光滑水平冰面上进行滑冰训练。以速度运动的甲推一下静止在其正前方的乙，刚分开时，甲、乙的运动方向与的方向相同，且甲的速度为，则刚分开时，甲、乙的动量大小之比为（　　） A．3：1 B．2：1 C．1：2 D．1：3 2．质量为的物块静置于光滑水平地面上，设物块静止时的位置为x轴零点。现给物块施加一沿x轴正方向的水平力F，其大小随位置x变化的关系如图所示，则物块运动到处，F做功的瞬时功率为（　　）   A． B． C． D． 3．如图为太阳系部分行星绕太阳运行的圆轨道示意图，水星、金星、地球、火星、木星、土星均绕太阳做匀速圆周运动，万有引力提供行星做圆周运动的向心力。下列说法正确的是（　　） A．水星的公转轨道半径最小，其绕太阳运行的周期最长 B．地球绕太阳运行的公转角速度大于金星绕太阳运行的公转角速度 C．地球的第一宇宙速度大小为7.9km/s，它是人造地球卫星的最小发射速度 D．土星的公转轨道半径最大，其绕太阳运行的线速度最大 4．如图所示，半径为的圆筒绕竖直中心轴匀速转动，质量为的小物块A靠在圆筒的内壁上，质量为的小物块B位于圆筒底面距中心轴处，两个小物块均能与圆筒保持相对静止。两个小物块与圆筒筒面的动摩擦因数均为（最大静摩擦力等于滑动摩擦力），则的最小值为（　　） A． B． C． D． 5．如图所示，长为L的杆一端固定在过O点的水平转轴上，另一端固定质量为m的小球。杆在电动机的驱动下在竖直平面内旋转，带动小球以角速度做匀速圆周运动，其中A点为最高点，C点为最低点，B、D点与O点等高。已知重力加速度为g，下列说法正确的是（    ） A．小球在B、D两点受到杆的作用力大于mg B．小球在A、C两点受到杆的作用力大小的差值为6mg C．小球在B、D两点受到杆的作用力大小等于 D．小球从A点到B点的过程，杆对小球做的功等于 6．如图所示，长为l的细绳上端悬于P点，下端拴一个质量为m的小球。小球在水平面内做匀速圆周运动，细绳与竖直方向的夹角为，不计空气阻力，重力加速度为g。下列说法正确的是（　　） A．细绳的拉力大小等于 B．小球的向心加速度等于 C．小球转动一周，绳拉力的冲量等于0 D．小球转动一周，重力的冲量等于 7．如图所示，在水平桌面上放置一斜面，在桌边水平放置一块高度可调的木板。让钢球从斜面上同一位置静止滚下，越过桌边后做平抛运动。当木板离桌面的竖直距离为h时，钢球在木板上的落点离桌边的水平距离为x，则（　　） A．钢球平抛初速度为 B．钢球在空中飞行时间为 C．增大h，钢球撞击木板的速度方向不变 D．减小h，钢球落点离桌边的水平距离不变 8．我国在无人机领域处于世界领先行列，特别是同时控制多架无人机的“蜂群技术”更是遥遥领先。在一次测试中同一台电脑控制两架无人机进行测试，两架无人机完全相同，开始时静止在地面上，在程序控制下同时开始竖直向上运动，两架无人机的升力随时间变化图像如图甲、乙所示，为无人机的重力大小，忽略无人机受到的阻力，则关于无人机运动过程的说法正确的是（　　） A．0-2t时间内甲、乙两无人机的上升的高度之比为5∶7 B．2t时刻甲、乙两无人机的动量之比为1∶2 C．2t时刻甲、乙两无人机升力的功率之比为3∶2 D．0-2t时间内甲、乙两无人机升力做功之比为1∶1 9．如图所示，“套圈”活动中，某同学将相同套环分两次从同一位置水平抛出，分别套中Ⅰ、Ⅱ号物品．若套环可近似视为质点，不计空气阻力，则（   ） A．套中Ⅰ号物品，套环被抛出的速度较大 B．套中Ⅰ号物品，重力对套环做功较大 C．两套环动量变化方向相同 D．两套环都做变加速曲线运动 10．如图所示，分别是自行车的大齿轮、小齿轮和后轮的边缘上的三个点，到各自转动轴的距离分别为和。支起自行车后轮，在转动踏板的过程中，三点（　　） A．角速度大小关系是 B．线速度大小关系是 C．线速度之比是 D．角速度之比是 二、非选择题（11题8分，12题8分，13题10分，14题12分，15题16分，共54分） 11．为探究非接触式碰撞（磁力相互作用）中动量是否守恒，某实验小组采用如图甲所示的装置进行了碰撞实验，滑块的右端和滑块的左端均固定有磁铁（两磁铁间为斥力），气垫导轨两端均固定有位移传感器。给滑块一初速度，与静止的滑块发生磁力碰撞，用位移传感器实时采集滑块、的位置一时间数据，并通过计算机自动生成图像，可直接读取碰撞前后两滑块的瞬时速度。两滑块（含磁铁）的质量均为，忽略导轨摩擦，可认为两滑块距离较近时才有磁力作用。 (1)在实验中，滑块以初速度与静止的滑块发生磁力碰撞后，速度分别变为和，碰后总动量为___________，若碰撞过程中满足___________（均用题中符号表示），则动量守恒； (2)若在实验中，滑块以初速度与滑块发生磁力碰撞，在两滑块发生相互作用前，滑块意外吸附了一个质量为的静止铁钉，碰撞后滑块速度为，碰后滑块速度为___________时则动量守恒； (3)若将滑块的磁铁替换为黏性泥团，黏性泥团与的共同质量仍为，仍以初速度与静止的发生碰撞，碰后粘在一起，若测得碰撞后两滑块的速度为，则碰撞过程机械能损失___________（用题中符号表示）； (4)碰后瞬间气垫导轨关闭，组合体整体减速，位移传感器测出整体在一段时间内做匀减速运动的位置随时间变化的图像如图乙，则碰后瞬间的速度大小为___________。 12．在“探究平抛运动的特点”实验中，两个实验小组选用不同的仪器进行实验。 (1)第一组采用了图甲所示的装置，实验操作是：在小球A、B处于同一高度时，用小锤轻击弹性金属片，使A球水平飞出，同时B球被松开。实验者观察到的现象是：小球A、B________（选填“同时”或“不同时”）落地。 (2)第二组同学使用频闪照相机（每隔相等时间T拍一次照片）拍摄小球在空中的位置，图中背景方格的边长表示实际长度2.5cm，如果取，那么： ①照相机的频闪周期_______s； ②小球做平抛运动的水平初速度大小是________m/s。 (3)如图丙所示是另一组实验中记录的一段轨迹。已知小球是从原点O水平抛出的，经测量P点的坐标为（30cm，20cm）。g取。则小球平抛的初速度________m/s，小球在P点时速度方向与水平方向夹角的正切值为________。 13．如图甲所示，长木板A放在光滑的水平面上，质量为的另一物体B以水平速度滑上原来静止的长木板A的表面。由于A、B间存在摩擦，之后A、B速度随时间变化情况如图乙所示，求 (1)木板获得的动能； (2)系统损失的机械能； (3)木板A的最小长度L； (4)A、B间的动摩擦因数。 14．如图所示，半径的四分之一光滑固定圆弧轨道，通过水平光滑短轨道AB与倾角为30°的传送带平滑连接，传送带以恒定速率顺时针转动，物块与传送带间的动摩擦因数为。物块在圆弧轨道最高点P由静止释放，到达轨道最低点A，再经B点滑上传送带，恰好到达传送带最高点，全部运动过程不计空气阻力，物块大小可忽略，，求： (1)物块第一次运动到B点时的速度大小； (2)传送带长度； (3)物块第一次返回圆弧轨道能上升的最大高度； (4)经过足够长时间，物块返回圆弧轨道能上升的最大高度。 15．某科技小组参加了过山车游戏项目研究，如图甲所示，为了研究其中的物理规律，科技组成员设计出如图乙所示的装置。为弹性发射装置，为倾角的倾斜轨道，为水平轨道，为竖直圆轨道，为足够长的倾斜轨道，各段轨道均平滑连接。以点为坐标原点，水平向右为轴正方向，竖直向上为轴正方向建立平面直角坐标系。已知滑块质量为，圆轨道半径，长为，、段动摩擦因数均为，其余各段轨道均光滑。现滑块从弹射装置弹出的速度为，且恰好从点沿方向进入轨道，滑块可视为质点。重力加速度，，。求： (1)求滑块从弹射装置弹出时的坐标值； (2)若滑块恰好能通过点，求轨道的长度； (3)若滑块能进入圆轨道且不脱轨，求轨道的长度。 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 参考答案 1．C【详解】根据，设甲的初始动量为，则刚分开时，甲的末动量为，甲的动量变化量大小为；根据动量守恒定律，甲、乙系统总动量守恒，乙与甲动量变化大小相等，乙的初动量为零，则刚分开时，乙的动量大小为，所以甲、乙的动量大小之比为1：2。故选C。 2．A【详解】根据图像可知物块运动到处，F做的总功为 该过程根据动能定理得解得物块运动到处时的速度为 故此时F做功的瞬时功率为，故选A。 3．C【详解】A．根据开普勒第三定律可知 可知，水星的公转轨道半径最小，其绕太阳运行的周期最短，故A错误； B．由题可知，万有引力提供行星圆周运动的向心力，根据牛顿第二定律可得解得 可知，由于地球绕太阳的公转半径大于金星绕太阳的公转半径，因此地球绕太阳运行的公转角速度小于金星绕太阳运行的公转角速度，故B错误； C．地球的第一宇宙速度大小为7.9km/s，它是人造地球卫星的最小发射速度，故C正确； D．由题可知，万有引力提供行星圆周运动的向心力，根据牛顿第二定律可得解得 可知，土星的公转轨道半径最大，其绕太阳运行的线速度最小，故D错误。故选C。 4．A【详解】当动摩擦因数最小时，则对圆筒壁上的物块，根据牛顿第二定律可得，水平方向有 竖直方向有f-mg=0，又有f=μFN 对底面物块，根据牛顿第二定律可得，联立解得，故选A。 5．A【详解】AC．当小球在B、D两点时，杆对小球作用力竖直方向的分力应等于重力，水平方向分力提供向心力，故杆对小球的作用力为，故A正确；C错误； B．若小球在最高点，杆对小球的作用力为支持力，则在A点， 在C点，，所以 若小球在最高点，杆对小球的作用力为拉力，则在A点， 在C点，所以，故B错误； D．小球从A点到B点的过程，根据动能定理，可得 解得杆对小球做的功等于，故D错误。故选A。 6．D【详解】A．小球竖直方向有解得细绳的拉力大小，故A错误； B．对小球，由牛顿第二定律有，解得小球的向心加速度，故B错误； CD．小球转动一周，速度变化量为0，动量变化量为0，根据动量定理，可知拉力冲量与重力冲量等大反向，根据，联立解得，小球圆周运动周期 则小球转动一周，重力的冲量 故拉力冲量也为，故C错误，D正确。故选D。 7．B【详解】AB．根据平抛运动的规律可知，钢球在空中飞行时间为 钢球平抛初速度为，A错误，B正确； C．钢球撞击木板时速度方向与水平方向的夹角满足 可知，增大h，钢球撞击木板的速度方向与水平方向的夹角变大，C错误； D．根据可知，减小h，钢球落点离桌边的水平距离x减小，D错误。故选B。 8．AC【详解】根据牛顿第二定律，可得无人机的加速度，可画出甲、乙两无人机的图像如图所示 A．由图像面积大小可知，甲、乙无人机上升高度之比为5∶7，故A正确； B．由图像可知2t时刻两无人机的的速度大小相等，故B错误； C．2t时刻甲、乙两无人机的升力之比为3∶2，速度相等，根据则瞬时功率之比为3∶2，故C正确； D．0-2t时间内甲无人机升力做功大小为 乙无人机升力做功大小 ，故D错误。故选AC。 9．BC【详解】A．根据平抛运动规律，水平方向和竖直方向的位移公式为，可得 套中Ⅰ号物品时x位移较小，h下落高度较大，可知套环被抛出的速度v0一定较小，故A错误； B．根据重力做功表达式W=mgh可知，套中Ⅰ号物品时h下落高度较大，重力对套环做功较大，故B正确； C．根据动量定理有 可知两套环动量变化方向都是竖直向下，故C正确； D．两套环都只受重力作用，加速度恒定不变，做匀变速曲线运动，故D错误；故选BC。 10．AC【详解】大齿轮与小齿轮是同缘传动，边缘点线速度相等，则有 根据，则有 小齿轮与后轮是同轴传动，角速度相等，则有 根据，则有，所以角速度大小关系是，即 线速度大小关系是，即，故选AC。 11．(1) (2)0.5(3)(4)0.32 【详解】（1）[1]碰撞后A动量为，B动量为，总碰后动量为 [2]碰撞前总动量为，若动量守恒，应满足 （2）B吸附铁钉后总质量为，根据动量守恒 代入解得 （3）碰撞前总动能为，碰撞后总动能为机械能损失 （4）由图乙可知，碰后瞬间开始匀减速，后静止（不变），位移大小，运动时间，末速度为0 匀减速到0的过程，平均速度解得 12．(1)同时(2) 0.05 1(3) 1.5 【详解】（1）图甲的实验中，A球做平抛运动，竖直方向的分运动是自由落体运动；B球被松开后直接做自由落体运动。由于两球从同一高度同时开始运动，竖直方向运动规律完全相同，因此会同时落地。 （2）小球竖直方向有解得照相机的频闪周期 [2]小球做平抛运动的水平初速度大小为 （3）根据平抛运动规律有联立解得 [2]该平抛运动的位移偏转角正切值为 则小球在P点时速度方向与水平方向夹角的正切值为 13．(1)；(2)；(3)；(4) 【详解】（1）图像可知AB最终的速度大小为，设A的质量为M，规定向右正方向，根据动量守恒有解得M=2kg则木板获得的动能 （2）系统损失的机械能 （3）木板A的最小长度为共速前B相对A运动的距离，图像可知B相对A运动的距离为 （4）根据功能关系有联立解得 14．(1)5m/s；(2)2.8m；(3)0.35m；(4)0.2m 【详解】（1）物块从P点由静止下滑到B点，根据机械能守恒定律有 解得，物块在点B时的速度 （2）当物块滑上传送带后，在与传送带达到共速前，摩擦力方向向下，根据牛顿第二定律有解得，方向沿斜面向下。 根据运动学公式有解得 与传送带共速后，根据牛顿第二定律有解得，方向沿斜面向下。 根据运动学公式有解得 传送带长度 （3）根据功能关系有解得，物块返回圆弧轨道能上升的最大高度为 （4）经足够长的时间，物块最终在圆弧轨道与传送带间往复运动，且最大速度为，根据动能定理有 解得 15．(1)；(2)；(3)或 【详解】（1）对滑块由到的运动，根据平抛规律有 在平抛运动的竖直方向有；解得；运动时间则 即弹出时位置的坐标值为。 （2）滑块恰好能通过点，在最高点有 从到圆轨道最高点，由动能定理得 联立解得 （3）滑块刚好不脱离轨道，有两种临界情况，一是刚好在圆轨道最高点压力为零时，二是刚好到达与圆轨道圆心等高的地方。 由上问知，滑块刚好能够到达圆轨道最高点时 滑块刚好到达与圆轨道圆心等高的地方时，从到与圆心等高的位置，由动能定理得解得 滑块从点进入后不脱离轨道时的长度应满足或。 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $