2026年山东省青岛市自主招生考试物理模拟试题5

**基本信息** 本试卷为2026年青岛初中物理自主招生模拟试题，以科技前沿（福建舰、压缩空气动力汽车）和生活实际（冰壶运动、烹饪）为情境，覆盖光现象、力学、电与磁等核心知识，通过实验探究（感应电流影响因素）和综合计算（直饮机功率）考查物理观念、科学思维与探究能力。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |单选题|11题|光现象、电能测量、物态变化|月掩土星现象考查光的直线传播| |多选题|6题|内能、电磁感应、热现象|辨析内能概念与电磁感应条件| |实验题|4题|冰的熔化、凸透镜成像、电阻测量|控制变量法探究感应电流大小影响因素| |计算题|2题|机械效率、电功率|直饮机加热效率与贮水容积计算| |科普阅读题|1题|空气动力|结合压缩空气汽车考查能量转化与科学应用|

2026年青岛自主招生考试模拟试题5 一、单选题 1．2025年2月1日，在中国人们能观测到月掩土星现象，月掩土星是指月亮遮掩土星的过程。图中光现象的形成与以上光沿直线传播的原理相同的是（　　） A．海市蜃楼 B．水中塔“影” C．日晷影子 D．铅笔“折断” 2．小亮想测量家中电视机待机状态下消耗的电能，需要选用的仪器是 A．电流表 B．电压表 C．电能表 D．变阻器 3．冬天，晒在室外结冰的衣服，会慢慢变干，形成这一现象的主要物态变化是： A．凝固 B．液化 C．升华 D．凝华 4．如图所示，用大小为 F的拉力通过滑轮组将重 400N的物体匀速提了2m。已知动滑轮重 100N（不计绳重和摩擦），则在此过程中，下列说法正确的是（　　）    A．拉力F＝200N B．绳子自由端向上移动了 2m C．动滑轮虽不省力但能改变拉力的方向 D．该滑轮组的机械效率为 80% 5．冬奥会在中国成功举办，如图为冰壶运动，下列说法正确的是（　　） A．推出去的冰壶不能立即停下来是因为受到惯性大于阻力 B．冰壶运动员不断刷冰是通过改变接触面粗糙程度来减小摩擦 C．冰壶速度越来越慢，惯性越来越小 D．冰壶对冰面的压力与冰面对冰壶的支持力是一对平衡力 6．在物理学习和研究中，我们经常会用到一些科学方法，如控制变量法、类比法、转换法、模型法等。以下事例中所用科学方法相同的是（　　） ①探究影响压力作用效果的因素 ②探究影响动能大小的因素 ③研究电流时用水流作类比 ④探究电流与电压、电阻的关系 ⑤用磁感线表示磁场 A．①② B．②③④ C．③⑤ D．①②④ 7．2022年6月17日，我国第三艘航空母舰“福建舰”在中国船舶集团有限公司江南造船厂下水。如图所示，福建舰是我国完全自主设计建造的首艘弹射型航空母舰，采用平直通长飞行甲板，配置电磁弹射和阻拦装置，满载时排水量8万吨。据悉：“辽宁舰”满载排水量6.1万吨，“山东舰”满载排水量6.5万吨。下列说法不正确的是（　　） A．满载时，福建舰比山东舰的总重大 B．“福建舰”在大海中航行时，装载的舰载机越多，受到的浮力越大 C．“福建舰”满载时所受海水的浮力为8.0×107N D．若舰载机飞离“福建舰”时，“福建舰”底部受到海水的压强变小 8．在一次物理实验中，小于同学连接了如图所示的电路，电磁铁的B端有一个可自由转动的小磁针，闭合开关后，下列说法错误的是（　　） A．电磁铁的A端为N极 B．小磁针静止时，N极水平指向左 C．利用这一现象所揭示的原理可制成的设备是发电机 D．当滑动变阻器滑动片P向右端移动，电磁铁磁性增强 9．如图所示，电源电压保持不变，的最大阻值为。闭合开关，当滑动变阻器的滑片在中点时，的功率为；将滑动变阻器的滑片移动到最右端，电流表的示数与滑片在中点时的示数之比是。此过程中，下列判断正确的是（　　） A．电压表示数为 B．滑片在中点时电流表的示数为 C．在中点时，内产生的热量 D．电路的最小功率为 10．在探究“电功率与电阻关系”时，实验准备了阻值分别为、的A、B两个灯泡。同学们按图甲、图乙设计了两个实验电路进行探究。不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法正确的是（　　） A．图甲中A灯泡比B灯泡亮 B．图甲中滑动变阻器滑片向左滑动过程中，两个灯泡的亮度都变亮 C．图乙中A灯泡比B灯泡亮 D．图乙中滑动变阻器滑片向左滑动过程中，两个灯泡的亮度都变亮 11．如图所示的电路中，电源电压U保持不变。 ①只闭合开关S和S3，调节滑动变阻器的滑片，当电流表的示数为0.2A时，电压表V2的示数为1V； ②只闭合开关S和S2，电压表V1和V2的示数分别为U1和U2，电流表的示数为I1； ③只闭合开关S、S1和S3，将滑片移动到最左端时，电流表的示数为I2，此时电路的功率为P1；保持滑片位置不变，再闭合开关S2，电流表的示数变化了0.2A。此时电路的功率为P2； 已知I1：I2=1：9，U1：U2=1：2，下列说法正确的是（　　） A．U=6V B．I1=0.1A C．R2=10Ω D．P1：P2=7：9 二、多选题 12．下列关于物理概念的说法中，错误的是（　　） A．物体内部所有分子的动能之和叫做物体的内能 B．通电导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中会产生电流，这种现象叫做电磁感应 C．并联电路的总电阻等于各并联电阻和的倒数 D．单位体积某种物质的质量叫做这种物质的密度 13．小明在劳动技术课上学会了烹饪肉片炒粉。下列说法正确的是（　　） A．解冻时冻肉向温水传递热量 B．磨刀可增大切肉时的受力面积 C．切肉时是力改变了物体形状 D．炒肉时闻到香味属于扩散现象 14．下列关于热现象的说法中正确的是（　　） A．物体的温度越高所含的热量越多 B．内燃机的做功冲程将内能转化成机械能 C．打扫卫生时灰尘飞扬说明分子在永不停息地做无规则运动 D．物质的比热容越大反映的是物质吸热能力越强 15．如图甲所示的电路，电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～3V，滑动变阻器R 的最大阻值是20Ω，L是额定电流为0.5A的小灯泡．图乙为小灯泡的电流随电压变化的图象．闭合开关S，适当调节滑动变阻器的滑片，当灯泡正常发光时，电压表示数为2V．以下说法正确的是（    ） A．电源电压为4.5V B．灯泡正常发光时的电阻为5Ω C．在电路安全的情况下，电路消耗的最大总功率为27W D．在电路安全的情况下，滑动变阻器连入电路的阻值范围是4Ω～7.5Ω 16．如图所示，电源电压不变，滑动变阻器R规格为“10Ω　1A”，灯泡L1标有“6V　3W”字样，灯泡L2标有“2V　1W”字样（灯丝电阻不变），电流表量程为0~3 A，当闭合S1、S2，断开S3时，灯泡L1正常发光。在保证电路安全的情况下，下列说法正确的是（　　） A．电源电压为6 V B．只闭合S3，滑片P滑到最右端时，L2正常发光 C．只闭合S1时，电流表示数为0.5 A D．整个电路的最大电功率为9 W 17．如图所示，当开关S闭合，S1、S2断开时，通过R3的电流为I1；当开关S、S1、S2都闭合时，电流表A1的示数为1.8A；当开关S、S1闭合，S2断开，电流表A1的示数相较于开关S、S1、S2都闭合时变化了1.2A，此时通过R3的电流为I2.已知R1=15Ω，I1:I2=1:3，电源电压保持不变。下列说法正确的是（　　） A．电源电压为8V B．当开关S、S1、S2闭合，电流表A2示数为1.6A C．当开关S闭合，S1、S2断开，电路的总功率为10.8W D．当开关S闭合，S1、S2断开，电压表V1和V2的示数之比为4:3 三、填空题 18．【地方特色】如图所示为昆明地铁5号线施工现场的围挡，围挡顶端均安装有小太阳能指示灯，该灯主要由太阳能电池板、蓄电池、白色发光二极管和红色外壳组成。白天，太阳能电池板给蓄电池充电，此时蓄电池相当于 （选填“电源”或“用电器”）。白色发光二极管主要是由 （选填“导体”“半导体”或“绝缘体”）材料制成的。 19．如图所示，将2黑、4白两种球分别装入挂盘中，悬挂于杠杆两边，此时杠杆平衡（杠杆自重、挂盘和细线的质量忽略不计），则左右两边杠杆受的拉力大小之比为 ；1个黑球和1个白球的质量之比为 ；如果在左盘增放一只黑球，则右盘要向右移动 格。 20．我市为创建文明卫生城市，每天都安排洒水车清洁街道，匀速行驶的洒水车在水平路面行驶的过程中持续洒水，洒水车的动能 ，机械能 （两空均选填“增大”、“减小”或“不变”）。 21．如图甲所示，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从最右端滑至灯正常发光的位置，电流表示数与两电压表示数的关系如图乙所示。则电源电压为 V，灯的额定功率为 W。 四、实验题 22．如图所示是小吴做“冰的熔化”实验所画出的熔解曲线． （1）从图像BC段可以得出的信息是： ① ； ② ；     （2）从图像中BC段所对应的－2℃可以推断其原因可能是： ① ； ② ；     （3）图像中AB段比CD段较为“陡峭”，说明 ；；这一结论在生活和生产中的应用是 ．(写出一条即可) 23．同学们利用“F”光源来探究凸透镜成像规律。他们选用焦距分别为5cm、8cm、10cm、15cm四种透镜进行研究。图中为第一实验小组做的实验情景，此时在光屏上得到了清晰的像，则该组同学使用的透镜焦距为 cm。小明同学用焦距为15cm 的透镜替换原来的透镜，若光源、透镜位置保持不变，为了观察到此时所成的像，接下来的操作可以观察到像的是 A．向右移动光屏，直到光屏上出现最清晰的像 B．向左移动光屏，直到光屏上出现最清晰的像 C． 取下光屏，从右侧对着凸透镜观察 24．如图甲，是研究小灯泡电阻的实验装置，灯泡的额定电压为2.5V，滑动变阻器最大阻值是50Ω，电源电压保持6V不变。 （1）连接电路后，闭合开关，若小灯泡较暗，电流表有示数，电压表有示数，调节滑动变阻器的滑片，两表的示数都不变，原因是滑动变阻器接了 两个接线柱。 （2）正确连接后，闭合开关，移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数。当滑片P移到某处，电压表示数为1.5V时，要使小灯泡正常发光，应 （选填“增大”或“减小”）滑动变阻器接入电路中的阻值。 （3） 将所测数据绘制成如图乙所示的U﹣I图像。由图可知：小灯泡的电阻是变化的，主要是因为小灯泡灯丝的 （选填“温度”“长度”或“横截面积”）发生了变化；此小灯泡的额定功率是 W。 （4）利用此装置还可以探究电流与电阻的关系，只需将图甲中的小灯泡换成不同阻值的定值电阻，并使定值电阻两端的电压保持不变，即可进行实验。接入某定值电阻后，闭合开关，移动变阻器的滑片P，当电压表的示数为2V时，电流表的示数如图丙所示，为 A，则接入的定值电阻的阻值为 Ω。实验时，为了确保不同定值电阻两端的电压能达到并保持2V不变，换用的定值电阻阻值不能大于 Ω。 25．学习了电磁感应现象后，小雨同学还想进一步探究感应电流的大小与哪些因素有关。他使用的装置如图所示：铁块E、F上绕有导线并与开关，滑动变阻器、电源、灯泡组成电路。线框abcd与灵敏电流计G相连。（线框abcd在铁块E、F上方，实验过程中线框不扭转） 【猜想与假设】 小雨做出了如下猜想： A．感应电流的大小与磁场的强弱有关 B．感应电流的大小与导体切割磁感线的速度有关。 【设计与进行实验】 进行多次实验，每次实验 （1）小雨探究猜想A的设计思路如下：改变电磁铁的 保持线框沿竖直向下穿过电磁铁磁场的速度相等，观察并记录每次实验中灵敏电流计G指针偏转的格数； （2）要探究猜想B，实验时应保持电磁铁 不变，改变线框切割磁感线的速度进行多次实验，分别记下每次实验中灵敏电流计指针偏转的格数。实验数据记录如右表所示； 实验次数 切割磁感线的速度 电流计指针偏转格数 1 慢速 1.5格 2 中速 2.5格 3 快速 4格 【分析论证】 （3）分析表格数据可得出的结论是：其他条件都相同时， ，闭合电路中产生的感应电流越大； 【交流评估】 （4）实验中用电磁铁代替永磁体的好处是： ； （5）按照小雨的设计思路探究猜想A，实验时在操作上存在的困难是： 。 五、计算题 26．小华参加社区实践活动，需要将重100N的沙子从一楼运到三楼。他采用如图所示的两种方案，已知桶重20N，动滑轮重10N，小华的体重是100N，方案一中小华从一楼到三楼所用的时间是15s。求： （1）方案一中小华所做有用功的功率； （2）方案二中动滑轮的机械效率（精确到1%）。 27．为保证校园饮水安全，学校安装了直饮机，这是一种将市政自来水净化处理并通过消耗电能的方法进行加热和保温的器具，如图甲所示。其内部加热和保温的简化电路如图乙所示，和均为电热丝，是温控自动开关，可使水温控制在85~95℃，已知额定电压为220V，加热功率为660W，保温功率为55W，加热效率为。求： （1）直饮机在加热状态时电路的总电流； （2）电热丝R2的阻值； （3）在保温状态下当水温降到85℃时，将转换为加热状态，重新将水加热到95℃，此时再次加热仅需要1min40s，若水是装满的状态，则直饮机贮水容器的容积多大？    六、作图题 28．如图所示，请添加开关，并根据安全用电原则将电灯和暖风机接入家庭电路。    七、综合题 29．如图甲所示为某电饭锅的实物图，如图乙所示为其电路原理图，如图丙所示为该电饭锅铭牌的主要参数，R1和R2均为电阻不变的电热丝，S1为总开关，S2为温控开关。该电饭锅可以通过S1、S2 两个开关的断开与闭合实现加热、保温两个挡位的变化。将电饭锅接入电源电压为220V的电路中，问： （1）当S1、S2两个开关都闭合时，电饭锅处于 （选填“保温”或“加热”）挡； （2）电饭锅处于保温挡时，持续工作10min，电流产生的热量是多少焦？( ) （3）R1和 R2的阻值分别为多少欧姆？( )( ) 额定电压：220V 加热功率：880W 保温功率：80W 丙 八、科普阅读题 30．阅读短文,回答问题 空气的动力 空气动力是指空气与物体做相对运动时作用在物体上的力,简称气动力.当我们快速地松开鼓起来的气球时,气球会“嗖”的一下飞出去了,这时气球获得了气动力.我们再观察一个实验:如图甲所示,将一个针管的活塞推到底端,并通过一个胶管与一个吹了气的气球相连.用力挤压气球,发现活塞被顶起.这个实验说明空气作为动力对活塞做了功. 被压缩的气体压强变大,能对外做功.那么在生活中是否能将空气作为一种“能源”,变成一种推进物体前进的动力呢?经过长时间探索,人们已经成功制造出多种使用压缩空气为动力,推动叶片或者活塞运动的发动机,即叶片式、活塞式空气发动机. 图乙是某新型的以空气发动机为动力的汽车.它共有4个压缩空汽缸,总容量为90L,可储存标准大气压下90m3的空气,其设计最高速度可达154Km/h,平均每加一次气能行驶200Km或10h.压缩空气动力汽车的充气方式有两种:一是使用车辆自带的空气压缩机,使用家庭电路作为电源,就可在4个小时内完成充气;二是到指定的加气站,可在短短3分钟内完成充气.由于空气发动机不直接使用燃料,因而具有体积小、结构简单、维修成本低、操控方便、“零”排放的优点.即使因为技术不成熟导致某些缺点,在科学界引起不小的争议,但这项技术仍然具有广阔的发展空间. 根根据上述材料,回答下列问题:     （1）压缩空气动力汽车与汽油机汽车相比优点是 (说出一点即可)     （2）汽油机是利用内能做功的,图丙所示是四冲程汽油机的 冲程. A．吸气冲程    B．压缩冲程       C． 做功冲程     D．排气冲程 （3）分析上文,下面说法正确的是 (正确的选项多于一个). A．松开鼓起来的气球时,气球飞出去,这是因为物体间力的作用是相互的 B．空气动力汽车工作时将内能转化为机械能 C．以空气发动机为动力的汽车,靠汽缸内空气燃烧产生能量 D．空气动力汽车工作时不会有能量的损失     （4）资料表明,空气发动机排出的尾气温度低于周围空气的温度,对于产生此现象的原因,请你提出一条合理的解释 ． 第1页 共4页 ◎ 第2页 共4页 第1页 共4页 ◎ 第2页 共4页 学科网（北京）股份有限公司 2026年青岛自主招生考试模拟试题5参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C C C D B D C C D C 题号 11 12 13 14 15 16 17 答案 B ABC CD BD ABD AD BD 1．C 【详解】A．海市蜃楼是由于空气密度不均匀导致的光线折射现象，光线在穿过不同密度的空气层时发生偏折，形成虚像；这与光沿直线传播的原理不同，故A不符合题意； B．水中塔"影"是光线在水面发生反射形成的虚像，属于光的反射现象；反射现象与光沿直线传播的原理不同，故B不符合题意； C．日晷影子是太阳光被不透明的日晷针阻挡后形成的暗区，其形状由光的直线传播决定；这与月掩土星现象中月亮遮挡土星光线的原理完全一致，都体现了光在同种均匀介质中沿直线传播的特性，故C符合题意； D．铅笔"折断"是光线从水中斜射入空气时发生折射，导致人眼看到的铅笔位置发生偏移；折射现象与光沿直线传播的原理不同，故D不符合题意。 故选C。 2．C 【分析】电能表是用来测量家庭电路中消耗电能多少的仪器． 【详解】A、电流表是测量电流的仪表；故A错误； B、电压表是测量电压的仪表；故B错误； C、电能表是用来测量电功的多少也就是消耗电能多少的仪器；故C正确； D、变阻器可以改变其接入电路中电阻大小，不能够测量电能；故D错误． 故选C． 3．C 【详解】冬天室外冰冻的衣服慢慢变干了，水直接由固态的冰变成气态的水蒸气跑到空中，属于升华现象，故C正确． 4．D 【详解】A．由图知，承担重物绳子的段数n＝2，不计绳重和摩擦，绳端拉力 故A错误； B．绳子自由端向上移动的距离 s＝nh＝2×2m＝4m 故B错误； C．使用动滑轮能省力，但不能改变力的方向，故C错误； D．滑轮组的机械效率 故D正确。 故选D。 5．B 【详解】A．掷出后的冰壶能继续运动，是由于冰壶具有惯性，惯性不是力，不能说“受到”，故A错误； B．冰壶运动员不断刷冰，摩擦生热，冰面熔化，使接触面彼此离开，从而减小了摩擦，故B正确； C．惯性只与物体的质量有关，与速度无关，冰壶速度越来越慢，惯性不变，故C错误； D．冰壶对冰面的压力与冰面对它的支持力作用在不同物体上，不是一对平衡力，故D错误。 故选B。 6．D 【详解】①探究影响压力作用效果的因素实验中，压力的作用效果与压力大小和受力面积大小有关。探究压力的作用效果与压力大小的关系时，需要保持受力面积大小一定，探究受力面积大小对压力作用效果的影响时，需要保持压力大小不变，采用的是控制变量法； ②动能大小跟质量和速度有关，在探究动能大小与物体质量关系时，需要保持物体速度一定，改变物体质量，采用的是控制变量法； ③电流看不到摸不着，不容易理解。在学习电流时，以水流类比，来说明电流的形成和作用，采用的是类比法； ④探究电流与电压、电阻的关系，采用的是控制变量法； ⑤磁场是真实存在的，磁感线不是真实存在的，但用磁感线表示磁场形象直观，运用的是“模型法”； 以上事例中所用科学方法相同的是①②④，故D符合题意，ABC不符合题意。 故选D。 7．C 【详解】A．由题知，福建舰的满载排水量大，说明它满载时排开海水的质量大，根据知，福建舰排开海水的重力大，由漂浮条件 和阿基米德原理可知， ，因此满载时福建舰比山东舰的总重大，故A正确，不符合题意； B．“福建舰”在大海中航行时，处于漂浮状态，浮力等于航母的总重力，当装载的舰载机越多时，航母的总重力越大，受到的浮力也越大，故B正确，不符合题意； C．由阿基米德原理可得“福建舰”满载时所受海水的浮力为 故C错误，符合题意； D．舰载机从航母上起飞前后，航母始终处于漂浮状态，受到的浮力始终等于自身的总重力，当舰载机飞出后，“福建舰”受到的重力减小，受到的浮力也减小，根据知，排开海水的体积减小，航母会上浮一些，其底部所处的深度减小，根据 知，“福建舰”底部受到海水的压强变小，故D正确，不符合题意。 故选C。 8．C 【详解】A、由图知道，电流从螺线管的右端流入、左端流出，由安培定则判断，电磁铁的A端是N极，B端是S极，故A正确； B、电磁铁的B端是S极，由磁极间的作用规律可知，小磁针静止时，左端是N极，即N极水平指向左，故B正确； C、该实验表明了电能生磁，利用这一现象所揭示的原理可制成电磁铁，故C错误； D、当滑动变阻器滑动片P向右端移动时，变阻器接入电路的电阻变小，电路中电流变大，即电磁铁的磁性变强，故D正确； 9．D 【详解】A． 的最大阻值为，滑动变阻器的滑片在中点时，的阻值为，设电源电压为，电流表的示数与滑片在中点时的示数之比是，则有 解得。闭合开关，当滑动变阻器的滑片在中点时，的功率为，由得 又由于并联电路，则电源电压等于两端电压，即 故A错误； B．由电路图可知测所在支路的电流，则滑片在中点时电流表的示数为 故B错误； C．在中点时，内产生的热量 故C错误； D．由可知，电压一定，电阻最大时，功率最小，滑动变阻器的滑片移动到最右端时，电阻最大。最小功率为 故选D。 10．C 【详解】A．图甲中，两灯泡串联后再与滑动变阻器串联，由串联电路各处的电流相等，通过两灯泡的电流相等，已知A灯泡的电阻比B灯泡的电阻小，根据，A灯泡的实际功率较小，A灯泡比B灯泡暗，故A错误； B．图甲中，滑动变阻器滑片向左滑动过程中，滑动变阻器连入电路的电阻变大，根据串联电阻的规律，电路的总电阻变大，由欧姆定律，电路的电流变小，根据，两个灯泡的实际功率都变小，两灯亮度都变暗，故B错误； C．图乙中，两灯泡并联后再与滑动变阻器串联，由并联电路电压的规律，两灯的电压相等，根据，A灯泡的实际功率较大，图乙中，A灯泡比B灯泡亮，故C正确； D．图乙中，滑动变阻器滑片向左滑动过程中，变阻器连入电路的电阻变大，由分压原理，变阻器的电压变大，由串联电路电压的规律，两灯泡的电压变小，根据，两个灯泡的实际功率都变小，两灯的亮度都变暗，故D错误。 故选C。 【点睛】本题考查串、并联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是合理运用及比较两灯泡的实际功率大小，综合性较强。 11．B 【详解】只闭合开关S和S3时，R1与滑动变阻器串联，此时滑动变阻器接入电路电阻 电源电压 ……① 只闭合开关S和S2，R1、R2、R3串联，电压表V1测量R1两端电压，V2测量R2和R3的电压，则 因为U1：U2=1：2，则 ……② ……③ 只闭合开关S、S1和S3，将滑片移动到最左端时，R1与R2并联则 ……④ 因为I1：I2=1：9则 化简可得 ……⑤ 联立①⑤可得 ， 则 保持滑片位置不变，再闭合开关S2，R1、R2、R3并联则通过R3的电流为0.2A，则 ……⑥ 由①⑥联立可得 ； 则 ； 再闭合开关S2,电流表的示数变化了0.2A，则 I'=0.9A +0.2A =1.1A 故选B。 12．ABC 【详解】A．物体内部所有分子的动能与势能之和叫做物体的内能，故A错误，A符合题意； B．闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流，这种现象就是电磁感应现象，故B错误，B符合题意； C．并联电路总电阻的倒数，等于各并联电阻的倒数之和，电阻并联后总电阻的阻值比任何一个分电阻的阻值都都小，故C错误，C符合题意； D．单位体积某种物质的质量叫做这种物质的密度，故D正确，D不符合题意。 故选ABC。 13．CD 【详解】A．解冻时，温水的温度较高，温水向冻肉传递热量，故A错误； B．磨刀可以减小受力面积，增大切肉时的压强，故B错误； C．力可以改变物体的形状和运动状态，切肉时是力改变了物体的形状，故C正确； D．炒肉时闻到香味属于扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故D正确。 故选CD。 14．BD 【详解】A．热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，只能说吸收热量或放出热量，故A错误； B．内燃机的一个工作循环有四个冲程，做功冲程是将内能转化成机械能，故B正确； C．灰尘是可以看得见的物体，因此灰尘的飞扬不是分子的运动，而是物体的机械运动，故C错误； D．比热容是物质的一种特性，它反映了物质吸收或放出热量的能力，比热容越大反映了物质吸收或放出热量的能力越强，故D正确。 故选BD。 15．ABD 【详解】A．由图甲可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测串联电路的电流．由图乙可知，当灯泡正常发光时，灯泡两端的电压UL=2.5V，电压表示数为2V，所以电源电压U=UL+UR=2.5V+2V=4.5V，故A正确． B．灯泡正常发光时的电阻5Ω，故B正确． C．在电路安全的情况下，因串联电路中各处的电流相等，且灯泡正常发光时的电流为0.5A，电流表的量程为0.6A，电路中最大电流为I大=0.5A，电路消耗的最大总功率P=UI大=4.5V×0.5A=2.25W，故C错误． D．当电路中的电流最大时，滑动变阻器连入电路的电阻最小 当电压表的示数UR’=3V时，变阻器接入电路中的电阻最大， 此时灯泡两端的电压：UL’=U-UR’=4.5V-3V=1.5V， 由图乙可知，此时电路中的电流I’=0.4A， 则滑动变阻器接入电路中的最大阻值：， 所以，在电路安全的情况下，滑动变阻器连入电路的阻值范围是4Ω～7.5Ω，故D正确． 答案为ABD． 16．AD 【详解】A．当闭合S1、S2，断开S3时，电路为灯泡L1的简单电路且正常发光，故电源电压等于灯泡L1正常发光时电压为6V，故A正确； B．只闭合S3时，滑动变阻器R与灯泡L2串联，灯泡L2正常发光时，由P=UI可得电路通过的电流 由可得灯泡L2的电阻 滑片P滑到最右端时，滑动变阻器R以最大阻值接入电路，则此时电路通过的实际电流为 此电流小于L2正常发光时的电流，所以滑片P滑到最右端时，L2不能正常发光，故B错误； C．只闭合S1时，灯泡L1与灯泡L2串联，由可得灯泡L1的电阻 此时电路电流通过电流即电流表示数 故C错误； D．当闭合S1、S2、S3时，滑动变阻器R与灯泡L2并联，此时电路总电流最大，整个电路的电功率最大，由于并联电路各支路两端电压等于电源电压，且灯丝电阻不变，所以灯泡L2支路的电功率为3W，由B可知灯泡L2支路通过电流为0.5A，电流表量程为0~3A，在保证电路安全的情况下，滑动变阻器R允许通过的最大电流为1A，故电路最大电流为 则整个电路的最大电功率 故D正确。 故选AD。 17．BD 【详解】A．当开关S、S1、S2闭合，R1、R2、R3并联，电流表A1测通过R2和R3的总电流，电流表A1的示数为1.8A，电流表A2测通过R1和R2的总电流；当开关S、S1闭合，S2断开，R1、R2被短路，电路为R3的简单电路，电流表A1测通过R3的电流，电流表A1的示数变化了1.2A，所以通过定值电阻R2的电流为1.2A，由欧姆定律可知电源电压U=I2R2=1.2A×R2······① 并联电路互不影响，并联电路各支路两端电压相等，并联电路干路电流等于各支路电流之和， 根据并联电路电流规律可得通过定值电阻R3的电流I′=1.8A-1.2A=0.6A 即电流表A1的示数为0.6A，由欧姆定律可知电源电压U=I′R3=0.6A×R3······② 当开关S闭合，S1、S2断开，R1、R2、R3串联，电压表V1测R1和R2两端的总电压，电压表V2测R2和R3两端的总电压，此时电路中电流为I，I∶I′=1∶3，则 因为串联电路总电阻等于各部分电阻之和，由欧姆定律可得电源电压U=I（R1+R2+R3)=0.2A×(15Ω+R2+R3)······③， 联立①②③解得：R2=5Ω，R3=10Ω，U=6V，故A错误； B．当开关S、S1、S2闭合，R1、R2、R3并联，电流表A2测通过R1和R2的总电流，由并联电路的电压特点和欧姆定律可知，通过R1、R2的电流分别为， 由并联电路的电流特点可知，电流表A2示数IA2=I1+I2=0.4A+1.2A=1.6A，故B正确； C．当开关S闭合，S1、S2断开，R1、R2、R3串联，此时通过R3的电流为0.2A，即串联电路的电流为0.2A，则电路的总功率为P=UI=6V×0.2A=1.2W，故C错误； D．当开关S闭合，S1、S2断开，R1、R2、R3串联，电压表V1测R1和R2两端的总电压，电压表V2测R2和R3两端的总电压，根据电阻的串联和分压原理可知，电压表V1和V2的示数之比，即电压表V1和V2的示数之比为4∶3，故D正确。 故选BD。 18． 用电器 半导体 【详解】[1]给蓄电池充电时，蓄电池要消耗电能，产生化学能储存起来，此过程中把电能转化为化学能，蓄电池相当于用电器。 [2]LED灯的主要材料是硅等物质制成的，而硅属于半导体材料，此材料只允许电流从一个方向通过，具有单向导电性。 19． 1 【详解】[1]由图可知，杠杆左侧力臂为4个小格，右侧力臂为2个小格，此时杠杆平衡，根据可知， 则。 [2]将2黑、4白两种球分别装入挂盘中杠杆平衡，据可知， 则。 [3]如果在左盘增放一只黑球，据可知，即 因为，则，即右盘要向右移动1格。 20． 减少 减少 【分析】动能大小的影响因素：质量、速度；质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度；质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能=动能+势能。 【详解】[1]匀速行驶的洒水车在洒水的过程中，速度保持不变，高度不变，但质量不断变小，所以洒水车的动能和重力势能都不断减小。 [2]因为机械能=动能+重力势能，且洒水车的动能和重力势能都不断减小，所以其机械能不断减小。 21． 10 5.6 【详解】[1]由电路图知灯泡与滑动变阻器串联在电路中，电压表V1测灯泡两端的电压，V2测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。变阻器的滑片P从最右端滑到灯正常发光位置的过程中，变阻器接入电路的阻值变小，电路中的总阻值变小，据欧姆定律知，电路中的电流变大，那么灯泡两端的电压变大，变阻器两端的电压变小，由图乙知，电路中的最大电流为0.8A，此时灯泡正常发光，变阻器接入电路的阻值最小，两端的电压为3V；电路中的最小电流为0.2A，此时变阻器接入电路的阻值最大，两端的电压为9V，灯泡两端的电压为1V，电源的电压 U=U1+U2=9V+1V=10V [2]由题意知，当灯泡正常发光时，电路中的电流最大，此时灯泡两端的电压 UL=U-U1′=10V-3V=7V 灯的额定功率 P=ULI=7V×0.8A=5.6W 22． 冰是晶体 冰的熔点是-2oC 大气压低于标准大气压 冰中含有盐类物质 水的比热容比冰大 用水做汽车发动机的冷却液 【详解】（1）由冰的熔化图像知道，冰在AB段是冰的升温过程，BC段保持温度不变，是冰的熔化过程，CD段是熔化后，水的升温过程．因为熔化过程温度保持不变，所以冰是晶体；且熔化有固定的温度，所以熔点是-2℃；故从图像BC段可以得出的信息是：①冰是晶体；②冰的熔点是-2oC； (2)从图像中BC段所对应的熔点是－2℃，较标准大气压下地知道，此时①大气压低于标准大气压，或者②冰中含有盐类物质，不纯净； (3)图像中AB段比CD段较为“陡峭”，说明吸收相同的热量，冰温度变化大，即水的比热容比冰大，用水做汽车发动机的冷却液就是这一结论在生活和生产中的应用． 点睛：本题主要考查的是“冰的熔化”实验的熔解曲线相关的问题，考查了学生应用知识的能力，难度不大． 23． 5 C 【详解】[1]由图可知，在光屏上得到了清晰的像时，物距和像距相等，都为10cm，根据凸透镜成像原理可知，当物距与像距都为2倍焦距时，成倒立、等大的实像，故该组同学使用的透镜焦距为 [2]小明同学用焦距为15cm的透镜替换原来的透镜，则物距小于1倍焦距，此时为放大镜原理，成正立、放大的虚像，接下来应取下光屏，从右侧对着凸透镜观察。 故选C。 24． 下面 减小 温度 0.75 0.4 5 25 【详解】（1）[1]连好电路闭合开关后，发现小灯泡发光较暗，说明电路为通路，电流较小，电阻较大，无论如何移动滑动变阻器滑片P，小灯泡亮度都不变，说明变阻器没有变阻的作用，则原因可能是：将变阻器的下面两个接线柱连入了电路。 （2）[2]当电压表示数为时，电压表示数小于灯泡额定电压，要使灯泡正常发光，应向右端移动滑动变阻器滑片来减小滑动变阻器的电阻，从而增大灯泡两端的电压，直到电压表示数等于灯泡额定电压为止。 （3）[3]从图中图像可看出小灯泡灯丝两端的电压和电流不成正比，即电阻随温度的变化而发生了变化。 [4]如图乙所示的图像知，灯的电压为时，电流大小为，小灯泡的额定功率 （4）[5][6]闭合开关，移动变阻器的滑片P，使定值电阻两端的电压为，此时电流表的示数如图丙，图中电流表选用小量程，分度值为，大小为为，由欧姆定律，则定值电阻的阻值 [7]探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变，即实验时控制定值电阻两端的电压保持不变，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压为 由分压原理，电阻的电压为变阻器电压的 则更换的定值电阻的阻值不能大于 25． 电流大小 磁场的强弱 导体切割磁感线的速度越快 电磁铁可以改变磁性强弱 很难保证每次线框沿竖直向下穿过电磁铁磁场的速度相等 【详解】（1）[1]探究猜想A感应电流的大小与磁场的强弱有关，就要保持线框沿竖直向下穿过电磁铁磁场的速度相等，改变磁场的强弱，即改变电磁铁的电流大小，电流越大，磁场越强，观察并记录每次实验中灵敏电流计G指针偏转的格数。 （2）[2]要探究猜想B感应电流的大小与导体切割磁感线的速度有关，实验时应保持电磁铁的磁场的强弱不变，改变线框切割磁感线的速度进行多次实验，分别记下每次实验中灵敏电流计指针偏转的格数。 （3）[3]分析表格数据，导体切割磁感线的速度越快，电流表指针偏转格数越多，可得出的结论是：其他条件都相同时，导体切割磁感线的速度越快，闭合电路中产生的感应电流越大。 （4）[4]实验中用电磁铁代替永磁体的好处是：电磁铁可以改变磁性强弱，永磁体不能改变磁性强弱。 （5）[5]按照小雨的设计思路探究猜想A，实验时在操作上存在的困难是：很难保证每次线框沿竖直向下穿过电磁铁磁场的速度相等。 26．（1）40W；（2） 【详解】解：（1）由图知道，从一楼到三楼的高度是6m，所以，小明做的有用功为 W有=Gh=100N×6m=600J 所做有用功的功率是 （2）方案二中，也是将重100N的沙子从一楼运到三楼，所以做的有用功仍为600J，因不计绳重及摩擦，克服桶重和滑轮重所做的功为额外功，额外功为 W额=（G桶+G动）h=（20N+10N）×6m=180J 则方案二中小明做的总功 W总=W有+W额=600J+180J=780J 所以，方案二中动滑轮的机械效率 答：（1）方案一中小明所做有用功的功率是40W； （2）方案二中动滑轮的机械效率是77%。 27．（1）3A；（2）80Ω；（3）1.32L 【详解】解：（1）由可知，直饮机在加热状态时电路的总电流 （2）由图乙可知，当开关、都闭合时，、并联，根据并联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最小，由可知，电路中的总功率最大，直饮机处于加热状态；当开关闭合、断开时，只有工作，电路中的总电阻最大，总功率最小，直饮机处于保温状态；由于电路的总功率等于各导体的电功率之和，则电热丝的电功率 由可知，的阻值 （3）直饮机将水从加热到所需的时间 直饮机消耗的电能 由可知，水吸收的热量 由可知，水的质量 由可知，水的体积 若水是装满的状态，则直饮机贮水容器的容积为。 答：（1）直饮机在加热状态时电路的总电流为3A； （2）电热丝的阻值为； （3）直饮机贮水容器的容积为。 28．   【详解】家庭电路中的各个用电器是并联的，开关要接在火线上。所以电灯和暖风机应并联接入电路，电灯和暖风机各有一个开关控制，如图所示：    29． 加热 【详解】（1）[1]当S1、S2两个开关都闭合时，R2被短路，只有R1工作，电路总电阻较小，电饭锅处于加热挡。 （2）[2]电饭锅处于保温挡时，持续工作10min，电流产生的热量是 （3）[3]R1的阻值为 [4]当只闭合S1时，两电阻串联，电路总电阻较大，为保温挡，电路总电阻为 R2的电阻值为 30． 不直接使用燃料（体积小、结构简单、维修成本低等） 内 C AB 气体对外做功，内能减小，温度降低 【详解】（1）由材料内容的介绍可知，压缩空气动力汽车与汽油机相比的优点主要有：不直接使用燃料、体积小、结构简单、维修成本低等； （2）热机的原理是利用燃烧产生的高温燃气推动活塞做功，从而把内能转化为机械能，由图丙可知，进气门、排气门关闭，活塞下行，所以是做功冲程，故C正确； （3）A、松开鼓起来的气球时，气球飞出去，这是因为气球向外喷气时，自身也获得一个反作用力，因此说明物体间力的作用是相互的，故A正确；空气动力汽车工作时压缩的气体对外做或，将内能转化为机械能，故B正确；以空气发动机为动力的汽车，靠汽缸内空气膨胀对外做功，而不是燃烧产生能量，故C错误；空气动力汽车工作时能量会有一定的损失，因此能量不可能完全被利用，故D错误，故选AB； （4）空气发动机排出的尾气温度低于周围空气的温度，这主要是因为气体对外做功，内能减小，温度降低． 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $