广东广州市天河区2025-2026学年高二下学期期末冲刺自编物理模拟卷

**基本信息** 以海豚回声定位、HL-2M装置等科技前沿及智能停车位、冰壶运动等生活情境为载体，覆盖机械振动、电磁学、近代物理等模块，通过选择、实验、计算梯度设计，考查物理观念与科学思维。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |选择题|11题/44分|机械波（第1题）、简谐运动（第2题）、交流电（第3题）、核反应（第6题）|结合多普勒效应、LC振荡电路等，考查模型建构与科学推理| |非选择题|7题/56分|实验（双缝干涉、折射率测量）、动量能量综合（第16题）、热学计算（第17题）|实验题注重操作与误差分析，计算题（如货物筛选装置）体现多过程问题解决，强化科学探究与社会责任|

广东广州市天河区2025-2026学年高二下学期期末冲刺自编物理模拟卷 一、选择题（1~8题单选题，每小题4分，9-11题多选题，每小题4分，共44分） 1．海豚具有一种回声定位的特殊本领，下列说法中正确的是（　　） A．不同海豚发出不同频率的超声波在相遇时可能产生稳定的干涉 B．海豚发出的超声波从海水传播到空气中后，其波长会变长 C．海豚产生高频的超声波目的是便于精准定位微小的猎物 D．海豚接收到回声的频率变低时，能判断出正在靠近它的猎物 2．如图所示，甲、乙、丙、丁四个小球用不可伸长的轻绳悬挂在天花板上，从左至右摆长依次增加，小球静止在纸面所示竖直平面内。将四个小球垂直纸面向外拉起一小角度，由静止同时释放。释放后小球都做简谐运动。当小球甲完成2个周期的振动时，小球丙恰好到达与小球甲同侧最高点，同时小球乙、丁恰好到达另一侧最高点。则（   ） A．小球甲第一次回到释放位置时，小球丙加速度为零 B．小球丁第一次回到平衡位置时，小球乙动能为零 C．小球甲、乙的振动周期之比为 D．小球丙、丁的摆长之比为 3．图1为交流发电机的示意图。线圈ABCD绕OO′匀速转动。线圈中产生的正弦式交变电流如图2所示。下列说法正确的是（　　） A．电流的表达式（A） B．线圈的转速为10r/s C．若线圈的转速变为原来的2倍，电流的表达式（A） D．若线圈的转速变为原来的2倍，线圈中电流的有效值约为2.26A 4．关于下列四幅图的说法正确的是（    ） A．图甲是卢瑟福粒子散射实验，这个实验说明了原子具有核式结构 B．图乙是光电效应实验，此时张开的验电器带负电，锌板带正电 C．图丙是放射源放出三种射线在磁场中的运动轨迹，其中3为射线 D．图丁是核反应堆示意图，其中大量原子核发生的是可控的聚变反应 5．如图所示，静止在光滑水平面上的小车，站在车上的人将右边筐中的篮球一个一个地投入左边的筐中，所有篮球仍在车上，不计空气阻力。在投篮过程中下列说法正确的是（     ） A．小车向左运动 B．人和小车组成的系统机械能守恒 C．人和小车组成的系统动量守恒 D．投完篮球后，篮球静止，小车亦静止 6．中国环流器二号M装置（HL-2M）科学研究再获新进展，近期制造出1.5亿度的高温，创造了该装置的运行新纪录。其核反应方程为，则（　　） A．为 B．该核反应是裂变反应 C．的比结合能大于的比结合能 D．的核子平均质量大于的平均质量 7．某同学利用如图（a）的电路研究光电效应．他分别使用蓝光和强弱不同的黄光照射同一光电管，得到光电流和光电管两端电压之间的关系如图（b），则三次实验中（    ） A．实验1用的是强黄光 B．实验2用的是弱黄光 C．实验1光电子最大初动能最大 D．实验3光电子最大初动能最大 8．一定质量的理想气体由状态开始，经历、、三个过程回到原状态，其图像如图所示，气体在三个状态的体积分别为、、，压强分别为、、。已知，，则下列说法正确的是（　　） A． B． C．从状态到状态，气体对外做功 D．从状态到状态，气体从外界吸热 9．将某新材料压制成半圆柱体，横截面如图甲所示。一束红光从真空沿半圆柱体的径向射入，并与底面上过圆心点的法线成角，为足够大的光学传感器，可以探测从面反射光的强度，反射光强度随变化规律如图乙所示。已知，下列说法正确的有（　　） A．新材料对红光的折射率为 B．图甲中，红光反射光线的频率大于折射光线的频率 C．图甲中，红光在半圆柱体中传播速度比在真空中传播速度小 D．图甲中，入射角减小到0时，光将全部从界面透射出去 10．为实现自动计费功能，某智能停车位通过预埋在车位地面下方的LC振荡电路获取车辆驶入驶出信息。如图甲所示，当车辆驶入车位时，相当于在线圈中插入铁芯，使其自感系数变大，引起LC电路中的振荡电流频率发生变化，计时器根据振荡电流的变化进行计时。某次振荡电路中的电流随时间变化如图乙所示，下列说法正确的是（　　） A．t1时刻，线圈L的磁场能最大 B．t2时刻，电容器C带电量最大 C．t2~t3过程，电容器C带电量逐渐增大 D．由图乙可判断汽车正驶离智能停车位 11．关于分子动理论，下列说法不正确的是（　　） A．图甲中，状态①的温度比状态②的温度低 B．图甲中，两条曲线如果完整，下方的面积不相等 C．由图乙可知，当分子间的距离从逐渐减小为时，分子势能不断减小 D．图丙中分子间作用力与分子间距的关系图中，阴影部分面积表示分子势能差值，与零势能点的选取无关 12．在如图所示的输电线路中，交流发电机的输出电压一定，两变压器均为理想变压器，左侧升压变压器的原、副线圈匝数分别为n1、n2，两变压器间输电线路电阻为r。下列说法正确的是（　　） A．仅增加用户数，r消耗的功率增大 B．仅增加用户数，用户端的电压增大 C．仅适当增加n2，用户端的电压增大 D．仅适当增加n2，整个电路消耗的电功率减小 二、非选择题（本题共7小题，共56分。考生根据要求作答） 13．下列是《普通高中物理课程标准》中列出的三个必做实验的部分步骤，请完成实验操作和计算。 (1)在“用双缝干涉实验测量光的波长”实验中，若仅换用间距更大的双缝，相邻两亮条纹中心的距离___________（选填“减小”、“增大”或“不变”）；若仅把绿色滤光片换成红色滤光片，相邻两亮条纹中心的距离___________（选填“减小”、“增大”或“不变”）。 (2)传感器担负着信息采集的任务，在自动控制中发挥着重要作用，传感器能够将感受到的物理量（如温度、光、声等）转换成便于测量的量（电学量），例如热敏传感器。某热敏电阻RT阻值随温度变化的图线如图甲所示，图乙是由该热敏电阻RT作为传感器制作的简单自动报警器线路图。问： ①为了使温度过高时报警器响铃，c应接在___________（选填“a”或“b”）处。 ②若要使启动报警的温度降低些，应将滑动变阻器的滑片P向___________（选填“左”或“右”）移动。 (3)油膜法估测分子大小的实验，每500mL油酸酒精溶液中有纯油酸1mL，用注射器测得1mL这样的溶液共计80滴。现将1滴这种溶液滴在撒有痱子粉的水面上，这滴溶液中纯油酸的体积是___________m 3（计算结果保留两位有效数字）；待油膜形状稳定后，在玻璃板上描绘出油膜的轮廓。若用轮廓范围内完整方格的总面积当作油膜的面积，则估算的油酸分子直径___________。（选填“偏大”、“偏小”或“不变”） 14．某同学用激光笔和透明半圆柱形玻璃砖测量玻璃的折射率，实验过程如下： （1）在水平桌面上依次放置白纸和玻璃砖，让光屏ef与玻璃砖直径ab平行，在白纸上标记玻璃砖的界面、圆心O点及光屏ef位置，玻璃砖与光屏交于P点，如图甲所示； （2）激光笔发出的激光对准玻璃砖的O点入射，在光屏上得到一个亮点，在白纸上标记激光笔位置Q和亮点M；多次改变入射角，测得入射角i和折射角r，根据测得的入射角和折射角的正弦值，画出如图乙所示的图像，由该图像可知该玻璃的折射率______； （3）本实验也可以这样操作，用游标卡尺测出玻璃砖的半径为R，如图丙所示，游标卡尺的读数为______cm； （4）在白纸上根据标记作出激光的光路，并做QO的延长线与ef交于N点；用刻度尺测出P点与M、N两点间的距离分别为和，则玻璃的折射率表达式______[用（3）（4）中测量的物理量对应的字母表示]； （5）为了减小实验相对误差，激光在O点入射时的入射角应尽量______（选填“大”或“小”）。 15．（1）随着健康监测技术发展，智能手环可利用光电传感器采集腕部动脉的搏动信号来监测心率。若某次测得使用者安静时的心率为75次/分钟，则其脉搏波（视为简谐波）的周期为__________。已知该脉搏波在手臂软组织中的传播速度约为，则其波长约为__________。 （2）冰壶（Curling）又称掷冰壶、冰上溜石。如图所示，某次投掷时，冰壶A以某一速度与等质量静止的冰壶B发生弹性正碰，碰后冰壶B的速度大小为，则碰撞过程中A、B的动量变化量__________（填“相同”或“不同”），碰前A的速度大小为__________。 （3）在一场精彩的大型文艺演出中，舞台的设计和舞台上的表演运用了许多奇妙的物理知识。利用各色小彩灯布置晚会舞台。如图所示，通过理想降压变压器给串联在副线圈cd两端的多个小彩灯供电，已知原、副线圈的匝数分别为n1和n2。电源的输入电压不变，如果只将原线圈匝数增加，小彩灯亮度将_________（选填“变亮、变暗、不变”）。如果其中一个小彩灯被短路，变压器的输入功率将_____________（选填“变大、变小、不变”）。 16．如图所示，光滑的圆弧轨道固定在竖直平面内，轨道的点与光滑水平面相切，点切线竖直，其半径。在水平面内有一质量的小球连接着轻质弹簧处于静止状态，现有一质量为的小球从点正上方高处由静止释放，小球、均可视为质点，重力加速度，求： (1)小球从释放到到达圆弧轨道最低点的过程中合力对它的冲量大小； (2)在小球压缩弹簧的过程中弹簧具有的最大弹性势能； (3)小球获得的最大速度的大小。 17．某兴趣小组设计的拉力测量装置如图所示，由两个不同横截面积的导热圆筒连接成的汽缸水平固定放置，汽缸内用一刚性轻质细杆连接两导热活塞A、B，两活塞间密封一定质量的理想气体，汽缸两侧与大气相通。活塞A左侧连接一轻质细绳，细绳另一端绕过定滑轮被施加大小为的力。已知环境温度保持不变，大气压强始终为，活塞A、B的面积分别为、。初始时拉力为零，两活塞与汽缸连接处的距离都为，不计活塞与汽缸之间的摩擦，不计活塞厚度的影响。求： (1)拉力缓慢增大时，汽缸内的密封气体吸热还是放热； (2)当拉力时，活塞A与汽缸连接处的距离； (3)该装置所能测量拉力的最大值。 18．某工厂为了筛选一批质量在规定范围内的货物，设计如图所示装置，在可视为光滑的足够长的水平轨道上固定一长为s=0.8m平台，平台的左侧固定一弹射装置（其大小可以忽略），在紧靠平台的右侧放置一辆长度为L=2m，质量M=2kg的无动力小车，其右端有一固定挡板；在水平轨道的右侧固定一缓冲装置。开始筛选时，将货物无初速度地放在平台弹射装置处，释放弹射装置，货物以的速度被弹出，经过一段时间后滑上小车，若货物与挡板碰撞或在车上其他位置与小车共速都会被小车立即锁定，然后继续向右运动，与缓冲装置接触后，若货物质量2kg≤m<6kg，则小车将被原速率弹回，车与平台碰撞瞬间货物立即解锁向平台滑动，车被锁定并在该次作业中不再解锁，滑回平台的货物若触碰到弹射装置则被原速率反弹，若货物质量6kg≤m≤14kg，则进入二级缓冲，小车向右运动直到停止时卸货，货物合格。已知货物与平台的动摩擦因数μ1=0.5、与小车的摩擦因数为μ2=0.4，重力加速度取g=10m/s2，求： (1)求货物滑上小车前瞬间的速度v的大小； (2)求合格货物克服缓冲装置所做的功的大小范围； (3)若小车被反弹后返回平台，求货物最终静止的位置与车上挡板距离d的范围。 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 参考答案 1．C【详解】A．产生稳定干涉的条件是两列波频率相同、相位差恒定、振动方向相同。不同海豚发出不同频率的超声波，不满足频率相同这一条件，所以不可能产生稳定的干涉，故A 错误； B．超声波从海水传播到空气中，波速v变小，频率f不变（因为频率由波源决定）。根据波长公式 可知波速变小，频率不变，波长会变短，故B 错误； C．高频的超声波波长短，遇到微小猎物时，更容易发生反射，从而便于海豚精准定位微小的猎物，故C正确； D．根据多普勒效应，当波源与观察者相互靠近时，接收到的频率会变高；当波源与观察者相互远离时，接收到的频率会变低。海豚接收到回声的频率变低时，说明猎物正在远离它，而不是靠近它，故D 错误。 故选C。 2．C【详解】根据单摆周期公式可知 CD．设甲的周期为，根据题意可得可得，， 可得， 根据单摆周期公式结合可得小球丙、丁的摆长之比 故C正确，D错误； A．小球甲第一次回到释放位置时，即经过（）时间，小球丙到达另一侧最高点，此时速度为零，位移最大，根据可知此时加速度最大，故A错误； B．根据上述分析可得 小球丁第一次回到平衡位置时，小球乙振动的时间为（即）可知此时小球乙经过平衡位置，此时速度最大，动能最大，故B错误。故选C。 3．C【详解】A．由图2可知，电流的表达式为正弦形式，且， 故电流的表达式为，故A错误； B．线圈的转速为，故B错误； CD．根据，可知，若线圈的转速变为原来的2倍，和均变为原来的2倍，电流的表达式为 根据可知，线圈中电流的有效值为，故C正确，D错误。故选C。 4．A【详解】A．图甲是卢瑟福粒子散射实验，这个实验说明了原子具有核式结构，故A正确； B．图乙是光电效应实验，张开的验电器指针和锌板都带正电，故B错误； C．图丙是放射源放出三种射线在磁场中的运动轨迹，由左手定则可知3粒子带正电，为射线，故C错误； D．图丁是核反应堆示意图，它是利用重核裂变反应释放能量，是可控的重核裂变反应，故D错误。故选A。 5．D【详解】ABC．在投球过程中，人和车（含篮球）系统所受的合外力不为零，则人和小车组成的系统动量不守恒，但水平方向不受外力，系统水平方向动量守恒，篮球有水平向左的动量，则人和车系统获得水平向右的动量，所以小车向右运动，人和小车组成的系统机械能将增加，故ABC错误； D．由题知，投完球后所有球仍在车上，人、车和球速度相同，在初状态，系统水平方向的总动量为零，根据系统水平方向动量守恒，可知小车的速度为零，故D正确。故选D。 6．C【详解】A．反应左边总质量数为4，电荷数为2；右边的质量数为3，电荷数为2，故X的质量数为1，电荷数为0，应为中子（），而非正电子（），故A错误； B．该反应是两个轻核结合成较重的核，属于核聚变，而非裂变。故B错误。 C．核聚变中，生成物的比结合能大于反应物的比结合能。的比结合能高于，故C正确； D．聚变释放能量，总质量减少，产物的核子平均质量小于反应物。的核子平均质量小于，故D错误。 7．A【详解】根据爱因斯坦光电效应方程 又因为整理可得 A．由图（b）可知，实验1用的光的截止电压较小，所以为频率较小的黄光；又因为饱和光电流大，所以为强黄光，故A正确； B．实验2用的光的截止电压较大，所以为频率较大的蓝光，故B错误； CD．根据 可知，实验1与实验3的光的截止电压相同且较小，所以实验1与实验3光电子最大初动能相同且较小，故CD错误。故选A。 8．C【详解】A．ab过程为等容变化，则得 A错误； B．bc过程为等温变化，则得 B错误； C．从状态到状态，气体根据理想气体状态方程可知体积增大，则气体对外做功，C错误； D．从状态b到状态c，气体温度不变，即内能不变，由于压强增大，则气体体积减小，外界对气体做功，根据热力学第一定律（）可知，气体向外界放热，D错误。故选C。 9．AC【详解】A．由图可知，当时发生全反射，可知新材料对红光的折射率为 选项A正确； B．图甲中，红光反射光线的频率等于折射光线的频率，选项B错误； C．图甲中，根据可知，红光在半圆柱体中传播速度比在真空中传播速度小，选项C正确； D．图甲中，入射角减小到0时，仍有光线反射回介质中，而不是光将全部从界面透射出去，选项D错误。 故选AC。 10．ABD【详解】A．t1时刻电流最大，此时电容器中电荷量为零，电场能最小，磁场能最大，故A正确； B．t2时刻电流为零，此时电容器C所带电量最大，故B正确； C．t2~t3过程，电流逐渐增大，电场能逐渐转化为磁场能，电容器处于放电过程，电容器带电量逐渐减小，故C错误； D．由图乙可知，振荡电路的周期变小，根据可知线圈自感系数变小，则汽车正驶离智能停车位，故D正确。故选ABD。 11．ABC 【详解】A．由图可知，①中速度大的分子占据比例较大，说明①对应的平均动能较大，故①对应的温度较高，故A错误，符合题意； B．由图可知，在两种不同情况下各速率区间的分子数占总分子数的百分比与分子速率间的关系图线与横轴所围面积都应该等于1，即相等，故B错误，符合题意； C．由图乙可知，当分子间的距离从逐渐减小为时，分子间的作用力为斥力，分子间的距离减小时，分子力做负功，分子势能增大，故C错误，符合题意； D．图丙中分子间作用力与分子间距的关系图中，阴影部分面积表示分子势能差值，虽然分子势能的大小与与零势能点的选取有关，但分子势能的差值与零势能点的选择无关，故D正确，不符合题意。 故选ABC。 12．AC【详解】A．整个电路物理量标注如图 设用户端总电阻为R用户，降压器输入端等效为电阻Rx，则有 因为 其中I2=I3，则对于输电线有联立整理可得 仅增加用户数，则R用户减小，可知I2增大，根据 可知r消耗的功率增大，故A正确； B．仅增加用户数，I2增大，根据 可知U3减小，根据用户端的电压 可知用户端的电压减小，故B错误； C．仅适当增加n2，根据 可知U2增大，根据 可知I2增大，根据 可知U3增大，根据用户端的电压 可知用户端的电压增大，故C正确； D．由C选项可知，仅适当增加n2，I2增大，整个电路消耗的电功率 由于U2增大，故整个电路消耗的电功率变大，故D错误。故选AC。 13．(1) 减小 增大(2) a 右(3) 2.5×10-11 偏大 【详解】（1）[1][2]由条纹间距公式，可知仅增大双缝距离时，条纹间距减小；仅换成波长更大的单色光时，条纹间距增大。 （2）[1]由图甲可知，热敏电阻RT阻值随温度升高而减小，在图乙的左侧控制电路中，当温度过高时，RT阻值减小，根据欧姆定律可知电路中的电流会增大，使电磁铁的磁性增强，从而将衔铁吸向左侧，与a触点接触。为了让报警器在此时响铃，报警器所在的工作电路需要通过a触点接通，所以c应接在a处； [2]若要使启动报警的温度降低些，则RT的报警阻值会增大一些，报警时电路电流不变，则滑动变阻器的阻值应减小一些，则应将滑动变阻器的滑片P向右移动。 （3）[1]由题意，这滴溶液中纯油酸的体积为； [2]若用轮廓范围内完整方格的总面积当作油膜的面积，则估算的面积偏小，由油酸分子直径 可知，估算的油酸分子直径偏大。 14． 1.5 1.66 大 【详解】（2）[1]根据折射定律结合图像有 （3）[2]游标卡尺的精确度为0.1mm，读数为 （4）[3]根据几何关系可知， 根据折射定律有 （5）[4] 激光在O点入射时的入射角应尽量大一些，可减小测量误差。 15． （1） 0.8 4（2） 不同 0.4（3） 变暗 变大 【详解】（1）[1]周期是波完成一次全振动的时间，已知心率为75次/分钟，即60秒内搏动75次，因此脉搏波的周期： [2]根据波速公式 ，变形得波长 代入、得： （2）[1]碰撞过程中A、B的总动量守恒，则A、B动量变化量大小相等，方向相反，即两球的动量变化量不同； [2]由动量守恒和能量关系可知，解得 即碰前A的速度大小为0.4m/s。 （3）[1]根据电压与线圈匝数之比有 ，如果只将原线圈匝数增加，则副线圈电压减小，每个小彩灯的电压都减小，每个小彩灯亮度将变暗； [2]如果其中一个小彩灯被短路，则副线圈电阻减小，根据 可知，变压器的输入功率将变大。 16．(1)(2)(3) 【详解】（1）小球从点运动到点的过程中 由机械能守恒得 据动量定理有代入数据解得 （2）当、两球共速时，弹簧具有的弹性势能最大，令共同速度为，规定水平向右为正方向 由、两球组成的系统动量守恒得 根据机械能守恒定律有代入数据解得 （3）当弹簧恢复原长时，小球获得的速度最大 根据动量守恒有 根据能量守恒有代入数据解得 17．(1)吸热(2)(3) 【详解】（1）拉力缓慢增大时，密封气体的体积增大，气体对外做功，即；汽缸导热良好，则密封气体温度不变，内能不变，即，根据热力学第一定律，可得，即密封气体从外界吸热。 （2）初始时密封气体的体积为 当拉力时，对活塞A、B和轻杆构成的系统进行受力分析可得解得 根据理想气体等温变化的规律可得解得 密封气体的体积为解得 （3）活塞B到达汽缸连接处时，拉力达到最大值，密封气体的体积为 根据理想气体等温变化的规律可得解得 对活塞A、B和轻杆构成的系统进行受力分析可得解得 18．(1)8m/s(2)(3)1.5m≤d≤2.8m 【详解】（1）货物从被弹出到滑上小车，由动能定理得 解得 （2）货物滑上小车后，系统动量守恒 可得 设克服缓冲装置的功为W，由动能定理： 可得 因 代入上式可得 （3）设货物与小车共速为v3，货物与车相对位移为，由动量守恒定律得 又 由以上两式得 可知m越大，越小，当时，上式代入数值可得 此时货物刚好达到挡板处，故所有小于6kg的货物均能与挡板碰后静止。 （a）当m=2kg时， 车静止后货物返回过程，由动能定理：可得 故货物与挡板距离 （b）当m=6kg时， 分析可知，当货物滑上平台后，再次返回平台右端时速度为v4，由动能定理： ，得： 则货物与小车挡板距离 综上所述 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $