2026届河北石家庄市正中实验中学高三下学期学业水平选择性考试物理冲刺压轴卷（四）

2026年普通高中学业水平选择性考试冲刺压轴卷（四） 物理 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分. 1.关于核反应，下列说法正确的是（) A.5U+n→8Ba+Kr+3n为核裂变的核反应方程式，这不是铀核裂变时的唯一方程 式，可以有其它生成物，但释放的能量是相同的 B.N+H®→O+H属于原子核的人工转变，该核反应前后满足质量数守恒、电荷数守 恒 C.H+H→H+加为核聚变的核反应方程式，要使轻核发生聚变必须使他们的距离近 到101m范围内，核力才能起作用 D.Na→Mg+_e为原子核衰变的核反应方程，该反应释放的电子来自原子核，必须吸 收能量才能发生 2.如图，长为4L的水平桌面左侧L为光滑平面，右侧3L为粗糙平面（粗糙程度胡同）。一长 为L的粗糙滑块以速度，沿光滑平面滑上粗糙平面，当滑块的，滑出桌面时，滑块停止。从图 示位置开始计时，滑块运动过程中的v2-x图像正确的是（)方 B 10 3L 10x 310*x 0 3 3 3.如图，某小组在探究加速度与力的关系时。把质量分别为m,=3kg、m2=2kg的物体置于光 滑的玻璃平面上，中间用轻质弹簧连接。现用两个大小分别为F=20N、F,=10N的水平拉力 分别作用在物体上，使m、m2以相同的加速度向右加速运动，则() 物理 第1页共8页 F 2 m, 77777777777777777777777777777777777777777 A.弹簧的弹力大小是10N B.在突然撤去F的瞬间，m2的加速度大小为4m/s2 C.在突然撤去R的瞬间，m的加速度大小变为 3m/s2 D.在突然撤去F的瞬间，m2的加速度大小为6m/s3 4.中国空间站“天宫”自2021年4月29日发射至今已稳定在轨运行接近5年经过不断建造空 间站的功能越来越强大。若空间站绕地球运行近似为匀速圆周运动，运动周期为T,地球半径 为R,地球表面的重力加速度为8，地球的自转周期为t,则下列说法正确的是() A.空间站运动的轨道半径与同步卫星的轨道半径之比为： B.随着空间站的建设，“天宫”的质量越来越大，所受地球的引力也逐渐变大，需要调整 其轨道半径不断减小才能维持其做圆周运动 C.地球的质量为4rR GT2 D.地球的密度大于票 5.如图所示，两根粗细相同、两端开口的直玻璃管A和B,竖直插入同一水银槽中，各用一 段水银柱封闭着一定质量、相同温度的空气，空气柱长度H,>H2,水银柱长度h>h,初始时 A管和B管中水银柱的下液面相平，A管在水银槽中的液面低于B管在水银槽中的液面。现使 封闭的气体升高相同的温度，A管和B管中均未有水银溢出，大气压恒定不变，再次稳定后， 下列说法正确的是（) A.A管中水银柱的下液面将高于B管中水银柱的下液面 B.A管在水银槽中的液面可能下降 C.A管和B管中水银柱的下液面仍有可能相平 D.A管中水银柱移动的距离小于B管中水银柱移动的距离 物理 第2页共8页 6.伽利略的理想斜面实验彰显了理想实验的魅力，现实中由于阻力的存在，小球不可能滑到另 一侧斜面的等高处。三块材料和表面粗糙度相同的板子构成了如图所示的斜面和水平面，小球 从左侧斜面上A点由静止滑下，抵达右侧斜面的B点时速度为零，测得A、B两点连线与水平 面的夹角为日。设小球在转角处的撞击不影响速度大小。则下列说法正确的是（) A.增大左侧斜面的倾角，日会增大 B.减小右侧斜面的倾角，O会增大 C.增加小球在左侧斜面上的释放高度，0会减小 D.增加小球在左侧斜面上的释放高度，不会改变 7.如图，相距为r、长度均为L的两根平行直导线，通以大小和方向都相同的电流，导线b P'L 处于导线α的磁场中，同时，导线α也处于导线b的磁场中，两导线之间的作用力满足F=k上， r 在国际单位制中，安培这个单位就是利用上式来定义的：放在真空中的两根平行直导线，通以 相同的稳恒电流。当两导线相距1米，每根导线在每米长度上所受的力等于2×10N时，这个 稳恒电流就是1安培。图中P点与导线a、b的距离分别为r和2r,根据题干中的信息判断，P 点的磁感应强度大小为() p A.1x10-7× B.2×10-7x C.3x107x! D.4x107 人 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的选项中， 有多项符合题目要求。全部选对的得6分，部分选对的得3分，有选错的得0分。 ★8.如图，理想变压器的副线圈接入电路的匝数可通过滑动触头T调节，副线圈回路接有滑 动变阻器R、定值电阻R,和R、开关S。下列说法正确的是() 物理 第3页共8页 A. 保持T不动滑动变阻器R的滑片向∫端滑动，R1的热功率增大 B.将T向b端移动滑动变阻器R的滑片向e端滑动，Ro的热功率减小 C.将T向a端移动滑动变阻器R的滑片向f端滑动，R1的热功率增大 D.断开开关S,变压器的输入功率增大 9.如图甲所示水浒好汉城内有现代仿制的鱼洗一双耳铜盆。摩擦它的双耳时会形成相互叠加 的水波（可以看成横波），某时刻形成的两列水波如图乙所示，实线波向右传播，虚线波向左传 播，a、bcd、e为介质中的质点，则下列说法正确的是() 甲 A.稳定后，b、d两点为振动加强点 B.质点a再经过四分之一周期到达波峰 C.增大摩擦盆耳的频率，形成水波的波长可能变短 D.质点b再经过四分之一周期运动到图中质点c所在位置 10.如图甲，固定在光滑绝缘水平面上的单匝正方形导体框abcd,置于虚线AB左侧始终竖直 向下的磁场B,中，bc边与虚线AB重合，虚线AB右侧为B2=02T的匀强磁场。导体框的质量 m=1kg,电阻R=0.52、边长L=1m,磁感应强度B随时间t的变化图像如图乙所示。在t=ls 时，导体框解除固定，给导体框一个向右的初速度。=0.1m/s,下列说法正确的是() A AB T 03 ××××}●● b ●● 0.2 L× 0.1 ● 1.0 2.0*s 甲 物理 第4页共8页 A.t=0.5s时流过ad边的电流方向由a到d B.t=0.5s时流过ad边的电流大小为0.4A C.导体框的bc边刚越过虚线AB时导体框受到的安培力的大小为0.018N D.当线框速度减为0.02mls时ad边移动的距离为4m 9 三、非选择题：本题共5小题，共54分。 11.(6分)（1)某同学用注射器和传感器探究一定质量的气体发生等温变化时压强与体积的关 系。注射器一端连接压强传感器，另一端利用活塞封闭一定量的气体，如图1所示。推动活塞 压缩气体，记录多组注射器上的体积刻度和传感器的压强示数。 压强 传感器 国 图1 图2 ①为保证注射器内封闭气体的温度不发生明显变化，应该（、 A.推拉活塞时，要用手握注射器 B.推拉活塞时，要缓慢推拉活塞 C.推拉活塞时，要快速推拉活塞 ②某同学在一次实验中，计算机屏幕上显示出如图2所示的p-”图线（其中实线是实验所得 图线，虚线为一根参考双曲线)，仔细观察不难发现，该图线与玻意耳定律不够吻合，造成这一 现象的可能原因是 （选填“活塞处漏气”或“环境温度升高”)： (2)某小组探究“物体的加速度与合外力和物体质量的关系”实验中做了如下操作。 小组同学将两个气垫导轨放置在一条水平直线上，并调平气垫导轨，如图甲所示，保持两个导 轨上的光电门分别固定在相同刻度处（即保持滑块的位移相同），测出A和B两个滑块的质量 为M,与M2（已知M,>M2,滑块上固定着相同的遮光片)，滑块上连接一条细线，细线中间跨 过一个悬挂钩码的滑轮，并使细线与导轨平行且跨过气垫导轨上的滑轮。现同时从各自的气垫 导轨上同一位置由静止释放，记录A和B两个滑块分别通过光电门的时间为4和2，、2 （选填“<”或一)，若测量结果满足以， = 一（用上述字母表示），即可得出物体加速度 与质量的关系。 物理 第5页共8页 光电门 光电门 图甲 12.（10分)(1)如图甲所示，某同学分别用螺旋测微器和游标卡尺测量了某工件的厚度和长度， 由图可读出工件的厚度为 cm,工件的长度为 cm。 30 24 25 26 IILULLLLL 25 wkwlwii主尺cm mmmmmm 0 20 0 游标 1020 分 (2)太阳能电池是一类能直接将太阳光能转化为电能的光电半导体器件，也常被称作光伏电池。 当它受到达到一定强度的光线照射时，能瞬间产生电压：若外接闭合回路，便会形成电流。这 一过程在物理学中被称为太阳能光伏效应。某研究小组取了一片光伏电池板来探究其发电性能， 设计了如图乙的实验电路。主要实验步骤如下： U/V 30 a 20 电池 组件 光照 甲 乙 2 68 10 a.按电路图乙连接好实验器材： b.用光照强度为E的光照射该电池，闭合开关S,多次调节滑动变阻器滑片P,读出多组电压 表、电流表的示数： c.根据读出的电压表、电流表示数描绘出该电池的UI图像。 ①如图丙所示，曲线①与曲线②中，一条为依据实测电压、电流数据绘制的电池特性曲线，另 一条为该电池出厂时的精确工作曲线，则根据实验数据绘制的曲线为 (选填“①”或 ②”)，与出厂精确工作曲线的误差来源于 ②在光照强度为E的情况下，通过图丙的曲线②可得该电池电动势的真实值E= V, 将该电池与20002的定值电阻连接，此时该电池内阻的真实值？= 2。（结果保留到小 数点后一位) 物理 第6页共8页 13.(8分)某发光二极管由一种透明材料封装而成，为研究其光学属性，某同学找来一个用此 种透明材料制成的半球体。如图（α），该同学将一光线垂直直径N竖直射入半球体，发现进 入球体的光线在球面上的入射角0=53°时，折射光恰好消失。(sin53°=0.8，π=3.14) (1)求该透明介质的折射率： (2)如图(b),二极管的半球球体直径为d=5mm,二极管发光面是以EF为直径且保持水平 的发光圆面，发光圆面圆心位于半球的球心O,为确保发光面发出的光第一次到达半球面时都 不发生全反射，求二极管发光圆面的最大面积Sx。(保留三位小数) 半球体 介质 质 M 0 E δ7F 发光面 图(a) 图6) 14.(12分)如图所示，水平传送带以恒定速度vo3s顺时针运行，传送带上方矩形区域BC 内固定有扫描仪，扫描区左右边界B、C相距L8c=1.65m,传送带最左端A到边界B的距离 L0.96m。现将两个完全相同的物体（视为质点）先、后无初速度地放上A端，已知每个物 体的质量m=5.0kg,物体与传送带间的动摩擦因数0.3，重力加速度g取10m/s2,不计空气阻 力。 (1)求物体与传送带刚好共速时到A端的距离。 (2)只传送一个物体时，求传送带的电动机多消耗的能量。 (3)若要求每次只能有一个物体处于BC区域进行扫描，求放两个物体的最短时间间隔。 传送带 物理 第7页共8页 15.(18分)如图甲，xOy坐标系所在的平面内，在x<0区域内存在水平向右的匀强电场I;在 >0区域内存在竖直向上的匀强电场Ⅱ和垂直于纸面向外的匀强磁场。质量为m、长为2d的绝 缘薄板静止在光滑水平面上，其中心位于O点。质量为m、电荷量9>0的小物块（可视为质点） 与薄板的动摩擦因数为μ。小物块从薄板的最左端由静止释放运动到O点时，薄板的速度为： 小物块从点O运动到点N(d,0)的过程中，速度v随位移x变化的关系如图乙所示，重力加 速度为g。求 (1)小物块在x<0区域内运动的加速度大小a: (2)小物块从开始运动到N点的过程中，小物块和薄板组成的系统产生的热量Q: (3)心0区域内电场强度大小E2和磁感应强度大小B。 2v。 3 B 甲 乙 物理 第8页共8页 2026年普通高中学业水平选择性考试冲刺压轴卷（四） 物理答案 1.【答案】B 【详解】A.给出的核反应是重核裂变，生成物不同释放能量不同，故A错误： B.该反应是卢瑟福发现质子的人工核转变，核反应前后满足质量数守恒、电荷数守恒， 故B正确： C.使轻核发生聚变必须使他们的距离近到1015m范围内，核力才能起作用，故C错误： D.该反应为原子核衰变，该反应释放能量，故D错误。故选B。 2.【答案】A 【详解】在0~L过程中，滑块逐渐进入粗糙平面，滑块在粗糙平面上的长度x逐渐增大， 受到的糜擦力∫=“2g逐新增大，根据牛顿第二定律a=-侣x,加速度逐渐增大。 m L 由v2-=-2ax,可知v2-x图像切线的斜率绝对值k仁2a随x增大而增大，图像为向下 弯曲的曲线： 在L~1”L过程中，滑块完全进入粗糙平面，当滑块运动到桌面右侧边缘(x=3L)后开 始滑出桌面，由于滑出长度最大为，小于滑块长度的一半，滑块重心仍在桌面上， 滑块不会翻倒，对桌面的压力N=mg保持不变。滑动摩擦力f=N=μ4mg保持不变，.加 速度a=4g保持不变。根据v2-y=-2a(x-),可知v2-x图像为倾斜直线。综上所述， 故A正确，BCD错误。 故选A。 3.【答案】C 【详解】A.两水平拉力导致物体受力不平衡，先选整体为研究对象进行受力分析，由牛 顿第二定律得F-F2=(m1+m2a 解得a=2m/s2 对m受力分析由牛顿第二定律得F-F=ma 解得F=14N,故A错误； 物理答案 第1页共8页 B.在突然撤去E2的瞬间，m2只受弹力作用，加速度大小为a2= 卫=7m1s2,故B错误： F14 C.在突然撤去E的瞬间，m只受弹力作用，加速度大小为凸2=二=2m/s,故C正确： m13 D.在突然撤去F的瞬间，弹簧弹力不瞬变，则m2的加速度不变，为2ms2，故D错误： 故选C。 4.【答案】D 【详解】A.由开普勒第三定律可知，空间站运动的轨道半径与同步卫星的轨道半径之比 为：故A错误；B.由向心力公式可知空间站做圆周运动与空间站的质量无关，故B 错误： C由向心力公式推导地球质量为M一，式中？为空间站轨道半径，不是地球半径风， 故C错误： D.有向心力公式和密度公式可得地球的密度=>票 故D正确。故选D。 5.【答案】A 【详解】ACD.由于气体的压强不变，使封闭空气柱升高相同的温度，气体体积变大，两 管中空气柱上方水银柱均向上移动。 以管内气体为研究对象，根据盖一吕萨克定律可得： Y=△严 T△T 由于△T和T相同、>V2,所以△V>△V,即A管内水银柱移动较多，即A管中水银柱 的下液面将高于B管中水银柱的下液面，故A正确，CD错误。 B.A管在水银槽中的液面与水银槽液面的高度差等于水银柱的长度h,可知A管在水 银槽中的液面不动，选项B错误；故选A。 6.【答案】D 【详解】设小球在斜面和水平面上的动摩擦因数为“，左侧斜面倾角为α，右侧斜面倾角 为B,左侧斜面下滑的长度为x,水平面长度为xo,右侧斜面上升的长度为x2。小球从A 到B的过程中，根据动能定理，有mg(hu-hg)-4 ngx :cosa-mg-4mg2·cosB=0 其中x·cosa=S,(s1为左侧斜面底端到转角的水平距离)，x2cosB=S2(s2为右侧斜面底 端到转角的水平距离) 物理答案 第2页共8页 则有mg(h-ha)μmg(s++52)=0 即hM-hg=四水平 设AB连线的水平总位移为s,竖直高度差为H=h,-h。 则有an0= 联立可得μ=an8 即增加小球在左侧斜面上的释放高度，日不会改变。故选D。 7.【答案】C 【详解】根据安培力公式F=BL,又因为F=kL,联立以上二式，可得出直线电流的 磁感应强度公式为B=k:根据安培定义2×10-7N=k1A2×1 ,解得常数 k=2×107N/A2,导线a中电流在P点产生的磁感应强度为B。=k:导线b中电流在P点 产生的磁感应强度为品，=k，根据安培定则以及磁场叠加原理，P点的磁感应强度为 B=B,+B,=2×107×+2×107x=3x107x{.故选C 2r 8.【答案】ABC 【详解】A.保持T不动，根据理想变压器的性质可知副线圈中电压不变，当滑动变阻器 R的滑片向∫端滑动时，R与R串联后的总电阻减小，电流增大，根据P=2R可知此时热 功率增大，故A正确： B.将T向b端移动，副线圈匝数变小，故副线圈两端电压变小，通过Ro的电流减小，故 热功率减小，故B正确： C.将T向α端移动，副线圈匝数增加，故副线圈两端电压变大，滑动变阻器R的滑片向 ∫端滑动，R与乃串联后的总电阻减小，电流增大，此时热功率增大，故C正确： D.断开开关S,.副线圈电路总电阻增大，变压器的输出功率减小，变压器的输入功率随 之减小，D错误。 故选ABC。 9.【答案】AC 物理答案 第3页共8页 【详解】A.稳定后，bd两点振动方向相同，为振动加强点，故A正确： B.质点a是振动减弱点，振动减弱点是振幅最小的点，其位移为0，不随时间变化，故B 错误； C、增大摩擦盆耳的频率，波的频率增大，周期减小，波速只与介质有关，即波速不变， 根据2=vT可知水波的波长变短，故正确； D.质点b只会上下振动，不会随波移动，故D错误。 故选AC。 10.【答案】CD 【详解】A.由图乙可知，0~ls内，左侧的磁通量减少，根据楞次定律可知，1=0.5s时流 过ad边的电流方向由d到a,故A错误； B.根据法拉第电磁感应定律可知，t=0.5s时导体框的感应电动势为 E=8s=02-0.Lx1v-0.1v 感应电流大小为1=￡=0,2A,故B错误： R C.导体框的bc边刚越过虚线AB时，感应电动势为E=B,LM+B,L%。=0.03V 受到的安培力的大小为F=BL+B,三L=0018N,故C正确： R R D.根据动量定理有B'ILt+B,ILt=mY。-mv 根据电流的定义式有g=-瓦，-A她_B℃-B2L-x)+B, 解得x=4m,故D正确： 故选CD。 11.【答案】(1)B(1分)(2)活塞处漏气(2分)(2)(1分)> 足 (2分) 【详解】(1)为保证注射器内封闭气体的温度不发生明显变化，推拉活塞时，不能用手握 注射器，避免因手的温度而改变气体的温度，同时要缓慢推拉活塞，避免摩擦生热，导致 气体温度改变，故选B; 物理答案 第4页共8页 (2)如图可知，等体积时，实线的p'乘积偏小，由pV=nRT 可知造成这一现象的可能原因是活塞处漏气或者环境温度降低： 图2 (2)两个滑块均做初速度为零的匀加速直线运动，两滑块所受合外力F相同，因为M1>M2, 由牛顿第二定律可知4<4，位移x相同，根据x=2可知5>42。根据第一组实验数据， F 由牛顿第二定律得出滑块的加速度a= d2 再根据运动学公式可得2aL= 42， 解出滑块 2ar7·若满足上4 的加速度a=d2 即可验证牛顿第二定律，由于两个滑块的位移相 ΓM2△2L 同，只需验证Mx2即可，即4=号 M,t 12.(10分)【答案】 (1)1.0242/1.0243/1.0244(2分)24.220（2分) (2)①(1分)电流表分压(2分) 26.0（1分) 888.9-980.0(2分) 【详解】 (2)本电路中，电流表串联在干路，内阻会分压，电压表只测量了滑动变阻器两端的电 压，因此测得的路端电压小于真实路端电压；相同电流下，测量得到的U更小，因此实验 绘制曲线为下方的①，误差来源于电流表的分压。 电源电动势的真实值等于开路电压（1=0时的电压)，由真实曲线②可知，1=0时， U=E=26.0V 当外接R=20002定值电阻时，满足U=R=20001 若I单位为mA,则U=2I(U单位V),作该电阻的U-I线与曲线②相交，可得工作点 约为I=9.0mA=9×103A,U=18.0V 由闭合电路欧姆定律E=U+h得r=E-=26.0-18. 1-9x103 ≈888.92 物理答案 第5页共8页 13.(8分)【答案】 (1)1.25;（2)12.560mm2 【详解】(1)由进入球体的光线在球面上的入射角B=53°时，折射光恰好消失，说明刚好 发生全反射，临界角C=日=53°(2分) 根据临界角公式sinC=】(个分) 解得该透明介质的折射率n=1.25（1分) (2)发光面发出的光第一次到达半球面，入射角最大的光线，如图所示，设此光线刚好 发生全反射，入射角为临界角C。根据临界角公式si血C=I n 得sinC=0.8 =极管发光圆面的半径-80-()C-(} 0.8mm=2.0mm (2分) 【￥】 二极管发光圆面的最大面积Sm=2=3.14×(2.0)2mm2=12.560mm2 (2分) 半球体 n圈 介质 四心 0/F 发光面 14.【答案】 酒 (1)1.5m(2)45J(3)0.57s 【详解】（1)共速前，物体在传送带上做匀加速直线运动，由v2=24g,（2分) 可得，共速时物体到4端的距离x=广=15m《(1分) 24g (2)物体从放上传送带到与传送带共速用时，由v=g,解得1=ls（1分) 该过程中，传送带的位移x=v叫1（1分) 传送带克服物体的摩擦力做功W,=μmg=mgv41（1分) 解得W=45J（1分) 因此，只传送一个物体时，传送带的电动机多消耗45J的能量。 物理答案 第6页共8页 (3)从A端运动到边界C过程中，先匀加速运动=1s,再匀速运动4，=L+Lac一=0,375 (1分) 因此，第1个物体从A端运动到边界C共用时1=4+2=1.37s(1分) 第2个物体从A端运动到边界B用时，则L知-互g(1分) 解得3=0.8s(1分) 因此，要使BC区域只有一个物体，放两个物体的最短时间间隔△M=1-4,=0.57s（1分) 15.【答案】 0a2￥ 2e=4ngd-m6⊙)E,=g,9s、呢 2μgd 【详解】(1)小物块在x<0区域内做匀加速直线运动，根据匀变速直线运动规律有 (2v,)2=2ad(2分) 解得a=2（1分) ②)小物块从最左端运动到0点的过程中，根据动能定理有9d-mg@=)m(2}(2 分) 解得E=m3d+2m gd 设小物块运动到N点时薄板的速度为，小物块从O点运动到N点的过程中根据系统动 3 量守恒m-2,+m,=m2%+my(（2分) 小物块从最左流运动到v点的过程中系统能量守恒gd=Q+分+时(2分) 13 2 解得：Q=mgd-1分) (3)小物块从O点运动到N点的过程中对小物块 mg+qvB=N+qE2,∫=N(1分) 根据动量定理有-∑U△)=mv-m.2M。(2分) 物理答案 第7页共8页 解得v=2,+9E,-m3,- 2x(1分) m m 依题意得：4(gE2-g)=0(1分) 解得：E,=m3（1分) 3 由图乙可知：g82%2业(1分) m d 解得B=m （1分) 2μqd OSSLS 1.080-e.82% 0.0 000S 9208 1.81-u.à -010 物理答案 第8页共8页