河北沧州市沧县中学2025-2026学年高一下学期6月阶段检测物理试题

6月高一年级测试 物理（二） 注意事项：1.本试卷考试时间为75分钟，满分100分。 2.答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡相应的位置。 一、单选题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中， 只有一项符合题目要求。 1.对于做曲线运动的物体，下列说法正确的是 A.若物体做平抛运动，则所受合力一定与物体速度成锐角 B.若物体做匀速圆周运动，则其运动性质为匀加速曲线运动 C.若物体所受合力方向不变，只要与初速度方向不共线，物体就做曲线运动 D.曲线运动中，物体速度方向沿轨迹切线方向，合力方向也一定沿轨迹切线方向 2.为监测全球气候变暖情况，某科研团队发射的一颗人造地球卫星在距离地面一定 高度的轨道上绕地球做匀速圆周运动。由于任务需要，经多次调整后卫星的线速 度增大，调整后卫星仍稳定做匀速圆周运动，忽略其他天体的引力影响，则下列 说法正确的是 A.卫星的轨道半径增大 B.卫星的运行周期减小 C.卫星的角速度减小 D.卫星的向心加速度不变 3.如图，两个质量分别为m和2m的小木块A和B(可视为质点)放在水平圆盘 上，A与转轴的距离为1，B与转轴的距离为2，两物块与圆盘之间的动摩擦因 数均为μ，A和B跟随圆盘绕OO转动(A、B未滑动)，下列说法正确的是 1 A.A、B的向心加速度aA=2aB o, B.A、B的转动周期TA=2TB C.A、B所受的摩擦力2FA=FB D.若转速不断增加，A先发生相对滑动 4.如图所示，将质量为m的石块从离地面h高处以初速度v。斜向上抛出，最后落 回地面。最高点距离地面高度为H,以抛出点为参考平面，不计空气阻力，下 列说法中正确的是 A.石块到达地面时的动能为2m哈一mgH B.石块到达地面时的重力势能为mgh C.石块在最高点的机械能为2md 7 D.石块在整个运动过程中重力势能一直在减小 高一物理（二）第1页共6页 5.宇宙中存在一些离其他恒星较远的三星系统。如图所示，质量均为m的三个星 球A、B、C。图甲中，三星球构成边长为a的等边三角形，三星在同一平面内 绕三角形中心O(未标出)做匀速圆周运动；图乙中，三星球在一条直线上，两图 中相邻两星球间的距离均为α，A、C绕B点做匀速圆周运动，则两种情况下星 球A的角速度大小之比为 A.3 B. 2√3 5 C.25 3/15 5 D. 之 5 6.某条高铁将全线开通运行·使用的是中国标准动车组复兴号。假设在某平直路段 上高铁列车以恒定功率由静止开始加速启动.经一段时间后列车运动可视为匀速 直线运动，发动机的输出功率恒为1.0×10kW.且行驶过程中受到的阻力大小 恒定，列车的质量约为500吨、最大行驶速度为360km/h。下列说法错误的是 A.高铁列车受到阻力大小为1×105N B.在加速阶段，高铁列车的加速度在逐渐变小 C.当高铁列车的速度为180km/h时，列车的加速度大小为0.4m/s2 D.若高铁列车在加速阶段经历时间5min,则加速阶段行驶的距离为5km 7.2025年5月14日，我国成功将太空计算卫星星座发射升空，卫星顺利进入预定 轨道，发射任务获得圆满成功，标志着我国首个整轨互联的太空计算星座正式进 人组网阶段。如图所示，假设其中一颗太空计算卫星绕地球的运动可视为匀速圆 周运动，距地面的高度为h,观察发现每经过时间，该卫星绕地球转过的圆心 角为6（弧度）。已知地球半径为R,引力常量为G,下列说法正确的是 A该卫星的线速度大小为四 OR B.该卫星的向心加速度大小为(R+h)严2 C.地球的质量为父 D.地球的第一字宙速度大小为日(R+)R一九 二、多选题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中， 有两个或两个以上正确答案，全部选对得6分，漏选得3分，错选得0分。 8.处理废弃卫星的方法之一是将报废的卫星雅到更高的轨道一“墓地轨道”，这 样它就远离正常卫星，继续围绕地球运行。我国实践21号卫星(SJ一21)曾经 将一颗失效的北斗导航卫星从拥挤的地球同步轨道上拖拽到了“墓地轨道”上。 拖拽过程如图所示，轨道1是同步轨道，轨道2是转移轨道，轨道3是墓地轨 道，则下列说法正确的是 高一物理（二）第2页共6页 A.卫星在轨道2上的周期大于24小时 B.卫星在轨道1上P点的速度小于在轨道2上P点的速度 C.卫星在轨道2上Q点的加速度大于在轨道3上Q点的加速度 D.卫星在轨道2上的机械能大于在轨道3上的机械能 9.如图所示，在竖直平面内有一个半径为R的圆弧轨道。半径OA水平、OB竖 直，一个质量为m的小球自A正上方P点由静止开始自由下落，小球沿轨道到 达最高点B时恰好对轨道没有压力，已知AP=2.5R,重力加速度为g,则小球 从P到B的运动过程中 PQ A.重力势能减小了5.5mgR B.克服摩擦力做功mgR C.动能增加了1.5mgR D.机械能减少了mgR 10.如图所示，轻弹簧一端固定在O点，另一端与一质量为m的小球相连，小球套 在固定的竖直光滑杆上，P点到O点的距离为L,OP与杆垂直，杆上M、N 两点与0点的距离均为2L。已知弹簧原长为L,重力加速度为g。现让小球 从M处由静止释放，下列说法正确的是 A.小球从M运动到N的过程中，有三个位置小球的加速度为g B.小球从M运动到P的过程中，小球的机械能先减小后增大 C.小球从M运动到P的过程中，小球的动能增加量等于弹簧弹性 势能的减少量 D.小球通过N点时速率为2W√3gL 三、非选择题：本题共5道小题，共54分。解答应写出必要的文字说明、方程式和 重要的演算步骤，只写出最后答案的不得分；有数值计算的，答案中必须明确 写出数值和单位。 11.(6分)向心力演示仪构造如图甲所示，简化示意图如图乙所示。挡板A到转轴 距离为2R,挡板B、C到转轴距离为R,其中左右塔轮半径从上到下比例分别 为：①：④=1：1；②：⑤=2：1；③：⑥=4：1。 一标尺 弹簧测力筒 小球 挡板A 小球 档板 变速塔轮长槽、 短槽 一变速塔轮 传动皮带 手柄 塔轮 图甲 图乙 (1)本实验采取的主要研究方法是 高一物理（二）第3页共6页 A.微元法 B.理想实验法 C.等效替代法 D.控制变量法 (2)探究向心力的大小与角速度的关系，可将传动皮带套在②⑤塔轮上，将两 个完全相同的小球分别放在挡板 处（选填“A和C”或“B和C”); (3)探究向心力的大小与运动半径之间的关系，应将皮带套在 塔轮上 (选填“①④”“②⑤”或“③⑥”)； (4)将皮带套在②⑤上，质量比为2：1的不同材质的小球放在挡板A、C处， 当左右标尺露出的格数之比为时，向心力的公式得到验证。 12.(8分)“前进”实验小组用如图甲所示的装置验证机械能守恒定律。小组成员将两 物块A和B用轻质细绳连接并跨过轻质定滑轮，B下端连接纸带，纸带穿过固定的 打点计时器。现将物块A从距离地面一定高度由静止释放，打点计时器将在纸带上 打出如图乙所示的一系列的点迹，0是打下的第一个点。用天平测出A、B两物块 的质量分别为3m、m,打点计时器打点周期为t,查阅得知当地重力加速度为g。 打点 h色hs, 单位：cm 传m2s 计时器 234 5.82-- 0 1.20 甲 乙 (1)在打0~5点过程中系统重力势能的减小量△E。= ，系统动能的增加 量△Ek= ，在实验误差范围内二者相当，则系统机械能守恒。（均用 题中所给物理量表示) (2)关于此实验，说法正确的是 A.A、B两物体组成的系统机械能守恒，单个物体机械能也守恒 B.可用公式v=√2gh计算重物速度 C.若操作正确，A、B组成的系统重力势能的减少量也会略大于系统动能 的增加量 D.多次测量求平均值可以减小本次实验的偶然误差 (3)另一实验小组打算利用该装置测量当地重力加速度，用v表示物块A的速 度，五表示物块A下落的高度。若某同学作出的-力图像如图丙所示，则 可求出当地的重力加速度测量值g=/s2(结果保留三位有效数字)。 高一物理（二)第4页共6页 13.(10分)如图所示，质量为m=0.1kg的小物块从平台的右端A点以速度vo= 3m/s水平飞出后，恰由P点沿切线方向进入竖直圆轨道，并恰好通过轨道最 高点M飞出。已知小物块可视为质点，圆轨道半径R=0.4m,圆心为O,N点 为轨道最低点，∠PON=53°，重力加速度g取10m/s2,sin53°=0.8， c0s53°=0.6，求： (1)小物块在P点的瞬时速度大小⑦p; (2)小物块在圆轨道上运动的过程中克服摩擦力做的功W。 M 53° 77 14.(14分)在某次地外探险中，宇宙飞船发现了某卫星A绕行星做匀速圆周运动， 卫星A的轨道半径为行星半径的4倍，它的公转周期为T。飞船在该行星表面 降落，宇航员将一小球从星球表面上的倾角为α的斜面顶端以初速度。水平抛 出，经过时间t,小球落回斜面上。已知引力常量为G,不计空气阻力，不考虑 行星的自转。求： (1)该行星表面的重力加速度g; (2)该行星的密度P。 高一物理（二）第5页共6页 15.(16分)如图所示，在竖直平面内，粗糙的斜面轨道AB的下端与光滑的圆弧 轨道BCD相切于B点，C点是最低点，圆心角∠BOC=37°，D与圆心O等 高，圆弧轨道半径R=1.2m,现有一个质量为m=0.3kg且可视为质点的小物 体，从D点的正上方E点处自由下落，物体恰好到达斜面顶端A处。已知DE 距离h=6m,物体与斜面AB之间的动摩擦因数μ=0.4，重力加速度g取 10m/s2,sin37°=0.6，忽略空气阻力。 -E■ Bs分 777777777777777777产 (I)求物体第一次运动至C点时的速度大小vc以及此时轨道对物体的支持力 FNC; (2)求斜面AB的长度LAB(保留两位有效数字)； (3)请描述物块最终的运动特点并求出物块在斜面上滑行的路程x。 高一物理（二）第6页共6页6月高一年级测试 物理（二)答案 1.C 【详解】A.在平抛运动的初始位置，速度方向水平，合力（即重力）方向竖直向下，两者夹 角为90°，故A错误； B.若做匀速圆周运动，加速度大小不变、方向变化，物体做变加速运动，故B错误： C.若合外力方向不变且与初速度不共线，物体的加速度方向恒定，速度方向不断变化，轨迹 必为曲线（如平抛运动），故C正确； D.曲线运动中，合外力必须存在法向分量以改变速度方向。若合外力沿切线方向，则无法产 生法向加速度，物体将做直线运动，故D错误。 2.B 【详解】A.卫星绕地球做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力G伽=m 2 可得v= GM 卫星的轨道半径应减小，故A错误： B。卫星绕地球做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力G恤-m答，可得T 2sm 4x2r3 GM 卫星的运行周期应减小，故B正确： C.卫星绕地球微匀速圆周运动，由万有引力提供向心力G加-m7, 可得ω= 厚，卫星的角速度应增大，故C错误： D.卫星绕地球微匀速圆周运动，由万有引力提供向心力G-ma,可得a=G以， ，由A选项 可知，卫星的轨道半径减小，卫星的向心加速度应增大，故D错误。故选B。 3.A 【详解】AB.A、B同轴转动，角速度相同，周期相同；A、B转动半径分别为1和21，由α=rw 1 得a:=0,A正确、B错误： C.两个木块都由静摩擦力提供向心力，由F=得，F。=4F4,C错误。 D.转速增加，B物块先达到最大静摩擦力，最先滑动。D错误。故选A。 4.C 高一物理（二）第1页共7页 【详解】A.根据动能定理，石块到达地面时的动能满足gh=县，解得及=meh+m, 故A错误； B.以抛出点为参考平面，石块到达地面时的重力势能为-gh,故B错误： C.石块在运动过程中，只受重力，机械能守恒，故石块在最高点的机械能等于开始时的机械 能，即E=m,2+0=m3,故C正确： D.石块在整个运动过程中重力势能先增大后减小，故D错误。故选C。 5.C 【详解】图甲中A受到的万有引力大小为瓦=2 Go30:-5Gm,有 a? 根据向心力公式，可 列乃=V3G 2.V3a -=1mo 3Gm 3 图乙中1受到的万有万大小月·需，表据向心力公代，可到 5Gm =mo吃·a,z= 所以两种情况下星球A运动的角速度大小之比为 4a2 0年_2W15 ,故选C。 0z 6.C 【详解】A.当列车速度达到最大值'm时，牵引力与阻力大小相等，由P=m=m 解得阻力f=P=1×10N,故A正确： N B.由牛顿第二定律得F-f=ma,其中P=,联立可得a=P-, 故加速阶段速度v逐渐增 nwy n 大，因此加速度a逐渐变小，故B正确； C.当速度为180mh时，牵引力F=-2×10N,根据牛顿第二定律，有F-f=Mm,解得 1 加速度a=F-f=2×105-1x105 m/s2=0.2m/s2,故C错误； 5×10 D.加速阶段末速度为vm,若高铁列车从静止加速到最大速度vm所用时间为t,由动能定理得 高一物理（二）第2页共7页 P-众=m2,将f=上代入解得x= P 3 2P 5000m,故D正确。本题选错误的，故选C。 7.D 【详解】该卫星绕地球做圆周运动的角速度ω三，卫星的线速度v三®R+)K十力，A t 错误；根据a= Rth '可得卫星的向心加速度a=(R+ ,B错误；根据 2 GMm (R+)2 =m®(R+),可得地球的质量M=(R+,C错误；根据G=， Gr R=m ,联立 R θ(R+h) R+h 可得：= ,D正确。 R 8.AB 【详解】轨道1是同步轨道，卫星在轨道1上运行周期为24小时。因在轨道2的半长轴大于 轨道1的半径，根据开普物第三定律只-青可知，卫星在铣道2上运行的周期大于在轨道1 的周期24小时，A正确：卫星从轨道1进入到轨道2要在P点加速做离心运动，所以卫星在 轨道1上P点的速度小于在轨道2上P点的速度，B正确：根据牛顿第二定律列GM =ma r2 可得a= ,产，所以卫星在轨道2上点的加速度等于在轨道3上Q点的加速度，故C错误： GM 卫星从轨道2到轨道3要在Q点加速做离心运动所以卫星在轨道2上的机械能小于在轨道3 上的机械能，D错误。故选AB。 9.BD 【详解】A.重力做功Wc=g(2.5R-R)=1.5gR,重力做功与重力势能变化量关系为 W。=-△E。,重力势能减小1.5gR,故A错误： BCD.小球沿轨道到达最高点B时恰好对轨道没有压力，由牛顿第二定律可得g=m 解得=√gR，动能增加量为mgR:根据动能定理得，合力做功可表示为 取。=所+斯-2-g,摩擦力做功为形=mgR,克服摩擦力做功mgR,可知机械能减少 mgR,故C错误，BD正确。故选BD。 高一物理（二）第3页共7页 10.AD 【详解】OM=ON=2L,OP=L,弹簧的原长为L,所以小球在MD之间某个位置时弹簧处 于原长，弹簧弹力为0，小球受到的合力等于重力，同理小球在PW之间某个位置时弹簧处于 原长，弹簧弹力为0，小球受到的合力等于重力，当小球经过P点时小球受到的合力等于重力， 则小球从M运动到N的过程中，有三个位置小球的加速度为g,故A正确： 小球从M运动到N的过程中，弹簧先对小球做正功后做负功，则小球从M运动到P的过程 中，小球的机械能先增大后减小，故B错误： 由能量守恒可知，小球从M运动到P的过程中，动能的增加量等于弹簧弹性势能的减少量加 小球重力势能的减小量，故C错误： 小球在M、W两个位置时，弹簧的长度相等，所以弹簧的弹性势能相等，在整个过程中小球的 重力势能全部转化为动能，有g×25Z-m,，解得v-23gL,故D正确 11.【答案】(1)D(1分)：(2)B和C(1分，字母符号不正确不得分)：(3)①④(2分，未按要 求作答不得分)：(4)1：1(2分，写成“1”也可得分) 【详解】(1)在研究向心力的大小F与质量m、角速度ω和半径r之间的关系时，我们通过控 制、0、r中两个物理量不变，探究F与另一个物理量之间的关系，所以用到了控制变量法。 故选D: (2)探究向心力的大小与角速度的关系，要保持转动半径和质量一定，则可将传动皮带套在 塔轮②⑤上，将质量相同的小球分别放在挡板B和C处： (3)探究向心力的大小与运动半径之间的关系，要保持角速度和质量一定，应将皮带套在①④ 塔轮上； (4)由向心力的公式F=o2R,得F:F,=1:1。 12.【答案】2mgh+么)(2分)，m伍，+么(2分：2CD(2分，漏选得1分)： 2t2 (3)9.70(2分) 【详解】(1)在打点0~5过程中系统重力势能的减小量△E。=(m4-)g(h+h)=2g(h+h); 动能增加量a么-%，+%，小 h+h2_+h} 2t2 (2)A.系统机械能守恒，单个物体受到细绳（外力）作用，单个物体机械能不守恒，故A 高一物理（二）第4页共7页 错误： B.计算速度时应利用平均速度代替中间时刻的瞬时速度，故B错误： C.重物下落过程中受到空气阻力、摩擦阻力作用，则会使重物动能增加量减小，即动能的增 加量小于重力势能的减少量，故C正确： D.由读数造成的误差为偶然误差，可以用多次测量取平均值的方法减小，故D正确： 3很据机板能守恒定律得心，山贴m,+必，可待)y心心h,由图丙可得 4+B -h图俊斜率-%名贺n6,代入数据得g=90。 ma+m8 13.(1)vp=5m/s;(2)W=0.41J 【详解】(1)小物块进入轨道时，刚好沿P点切线进入，其分速度与合速度如下图 53 由图可知C0S530=0…(2分 Vp 解得yp=5m/S…(2分) (2)由题意可知，小物块恰好从M点飞出，对小物块在M点受力分析 可得g=m …(1分) R 解得M=2m/S… …(2分) 小物块从P到M的过程，应用动能定理，可得： 7mgR1+cos53）-W-号m2-)2. (2分) 2 解得W=0.41J… （1分) 高一物理（二）第5页共7页 14.【答案】(1)g= 2vtand:(2)p= 92元 t GT2。 【详解】(1)小球抛出后做平抛运动有SC0s=t…(2分) ssina=- …(2分) 解得g= 2v tana (2分) t (2)设该星球的半径为R,对卫星分析有G AR …(3分) (4R) M 由密度定义有P= AT R …（2分) 3 解得p= 192元 G79 (3分) 15.【答案】(1)12ms,39N,方向竖直向上；(2)7.6m;(3)特点见解析，21.75m 【详解（1)物体从E到C由动能定理可列g(h+R)=二v。…(2分) ) 代入数据解得v。=12m/s… …(1分) 在C点，由牛顿第二定律得Fc-g=m …(1分) R 解得FNC=39N …(1分) 方向竖直向上… …（1分) (2)从C到A,由动能定理得 -g(R-Rcos37°+LApsin37)-im1gc0s37°·LAB=0-w2…（2分） 代入数据解得L4B≈76m…(1分) (3)物体最终将在光滑圆弧上往复运动，最高点为B,最低点为C, 此轨迹关于C点对称…(2分) 设动摩擦因数为4时物块刚好能静止在斜面上，则有gn37°=4gcos37°…(1分) 解得山1=075…（1分) 高一物理（二）第6页共7页 由于4<山=0.75，物块在斜面上多次往返，最后在B点速度为零，则有 mg(h+Rc0s37)-01gc0s37°.X=0…(2分) 解得x=21.75m… …(1分) 高一物理（二）第7页共7页6月高一年级测试 物理（二)评分细则 11.【答案】(1)D(1分)：(2)B和C(1分，字母符号不正确不得分)：(3)①④(2分，未按要 求作答不得分)；(4)1：1(2分，写成“1”也可得分) 【详解】(1)在研究向心力的大小F与质量、角速度ω和半径r之间的关系时，我们通过控 制、o、r中两个物理量不变，探究F与另一个物理量之间的关系，所以用到了控制变量法。 故选D: (2)探究向心力的大小与角速度的关系，要保持转动半径和质量一定，则可将传动皮带套在 塔轮②⑤上，将质量相同的小球分别放在挡板B和C处； (3)探究向心力的大小与运动半径之间的关系，要保持角速度和质量一定，应将皮带套在①④ 塔轮上； (4)由向心力的公式F=mw2R,得F:F=1:1。 12.【答案】)2mgh+九)(2分)，m伍，+(2分：2CD(2分，漏选得1分)： 2t2 (3)9.70(2分) 【详解】(1)在打点0~5过程中系统重力势能的减小量△E。=(4-g)g(h+h)=2gh+h): 动能增加量△E=(4+mg广 么+4-h+h: 、2t 2t2 (2)A.系统机械能守恒，单个物体受到细绳（外力）作用，单个物体机械能不守恒，故A 错误； B.计算速度时应利用平均速度代替中间时刻的瞬时速度，故B错误： C.重物下落过程中受到空气阻力、摩擦阻力作用，则会使重物动能增加量减小，即动能的增 加量小于重力势能的减少量，故C正确： D.由读数造成的误差为偶然误差，可以用多次测量取平均值的方法减小，故D正确： 3)报搭机候能寸恒定律架似，-m,切-，+风，，可行-受%功，由图丙可府 ma+nB )h图像率kmA2g=582 m4+mg1.20 m/s2,代入数据得g=9.70m/s2。 高一物理（二）第1页共3页 13.(1)yp=5m/s;(2)W=0.41J 【详解】(1)小物块进入轨道时，刚好沿P点切线进入，其分速度与合速度如下图 530 由图可知c0s53°= …(2分) Vp 解得yp=5m/S…（2分) (2)由题意可知，小物块恰好从M点飞出，对小物块在M点受力分析 可得g=m… …(1分) 解得yM=2/S… (2分) 小物块从P到M的过程，应用动能定理，可得： mgR(1+co3)- (2分) 解得W=0.41J… (1分) 192π 14. 【答案】(1)g=26am t 2(2)p= GT2 【详解】（I)小球抛出后做平抛运动有Sc0S=t…(2分) ssina= …(2分) 解得g= 2vtana (2分) Mn 2元 (2)设该星球的半径为R,对卫星分析有G (4R)…(3分) (4R) 高一物理（二）第2页共3页 M 由密度定义有P二 An R …(2分) 3 192元 解得p= G72 (3分) 15.【答案】(1)12ms,39N,方向竖直向上；(2)7.6m;(3)特点见解析，21.75m 【详解(1)物体从E到C由动能定理可列g(h+R)=二w2…(2分) 代入数据解得g=12m/s… …(1分) 在C点，由牛顿第二定律得Rc-g=m …(1分) R 解得FG=39N…(1分) 方向竖直向上…（1分) (2)从C到A,由动能定理得 -1g(R-Rcos37°+L4ssin37)-11gcos37°·LAB=0- …（2分) 代入数据解得L4B≈7.6…(1分) (3)物体最终将在光滑圆弧上往复运动，最高点为B,最低点为C, 此轨迹关于C点对称… …(2分) 设动摩擦因数为4时物块刚好能静止在斜面上，则有gsn37°=山igcos.37°…(1分) 解得儿三0.75…………………………………………四 …（1分) 由于<山=0.75，物块在斜面上多次往返，最后在B点速度为零，则有 g(h+RC0s37)-i1gc0s370.X=0…(2分) 解得x=21.75m… …(1分) 高一物理（二）第3页共3页