广东梅州市梅县东山中学2025-2026学年高三下学期冲刺热身考试物理试题

广东梅县东山中学2026届热身考物理试题 命题人：冯永庆 审愿人：曾志 2026.5 (试卷满分为100分，考试时间为75分钟。) 一、单项选择趣（本题有7小题，每小题4分，共28分.在每小题给出的四个选项中，只有 一项是正确的.) 1.如图所示，用手握住较长软绳的一端连续上下抖动，形成一列简谐横波。某一时刻的波形 如图所示，绳上a、b两质点均处于波峰位置。下列说法正确的是 A.a、b两质点之间的距离为半个波长 B.若增加抖动频率，波长会减小 C.若增加抖动频率，波速会增大 D.从手抖动开始质点b完成的全振动次数比质点a多 2.如图为某款条形码扫描笔的工作原理图，发光二极管发出的光频率为。将扫描笔笔口打 开，在条形码上匀速移动，遇到黑色线条光几乎全部被吸收：遇到白色线条光被大量反射到 光电管中的金属表面（截止频率0.8），产生光电流，如果光电流大于某个值，会使信号处 理系统导通，将条形码变成一个个脉冲电信号。则 动的扫 电 A.扫描笔离条形码的远近不会影响扫描条码的成功率 B.频率为0的光照到光电管的金属表面立即产生光电子 C.若发光二极管发出频率为0.5%的光，适当增大光强，也能正常识别条形码 D.若发光二极管发出频率为1.2w的光，则一定能识别条形码 3.某同学通过实验测定玻璃砖的折射率，如图甲所示，A0和B0分别是光线在空气和玻璃 砖中的传播路径，MN是法线，该同学测得多组入射角i和折射角，做出sini-simr图像如图 乙所示，则 A.光由A经0到B,n=1.5B.光由B经0到A,=1.5 C.光由A经0到B,n=0.67D.光由B经0到A,n0.67 030.60.9i 4.如图甲所示，后车安装了“预碰撞安全系统”，其配备的雷达会发射毫米级 电磁波（毫米波），并对前车反射的毫米波进行计算；图乙所示为无线话筒，内 置一个LC振荡电路，某时刻振荡电路的磁场、电场方向如图乙所示，则下列 图甲 说法正确的是 A.毫米波遇到前车时会发生明显衍射现象 图乙 B.前车的金属尾板遇到毫米波时会产生极其微弱的感应电流 C.电容器正在放电 D,线圈中的磁场正在增强 5.大雾天气，司机以10ms的速度在水平路面上向前行驶，突然发现汽车已开到一个丁字路 口，前面15m处是一条小河，司机可采用紧急刹车或紧急转弯两种方法避险。已知车与地面 之间的动摩擦因数为0.6，g=10m/s2,最大静摩擦力等于滑动摩擦力，下列措施中正确的是 A.紧急刹车B.紧急转弯 C.两种都可以D,两种都不可以 7 6.图(1)为某款手机充电器的铭牌信息，某家庭电路两端电压随时间变化的关系如图(2) 所示，手机充电器工作时，可近似看成一理想变压器，下列说法正确的是 型号：HW.110600C00 JJ39L6N5C12941 311 开关电源适配器 输入：100-240V50/60Hz 输出：5V,2A或10V,4A或11V,6A 3/×102s -311 图(1) 图(2) A,该充电器原副线圈均以最小电压正常工作时，原副线圈电流的频率之比为20：1 B.该充电器原副线圈均以最小电压正常工作时，原线圈中的电流有效值为40A C.该充电器在家庭电路中以最大功率使用时，原副线圈的匝数之比为1：20 D.该充电器的最大输出功率为66W 7.如图所示，水平线a、b、c、d为匀强电场中的等差等势线，一个质量为m、电荷量绝对 值为9的负电荷的粒子在匀强电场中运动，小、B为其运动轨迹上的两个点，已知该粒子在A 点的速度大小为，在B点的速度大小为2，且方向与等势线平行，A、B连线长为L,连线 与竖直方向的夹角为0，粒子所受重力忽略不计，则 A.粒子从A到B的过程中电场力做正功 B.A点电势小于B点电势 C.粒子在B点的电势能大于在A点的电势能 D.若场强大小为E,则U4B=EL 二、多项选择题（本题有3小题，每小题6分，共18分.每小题给出的四个选项中，有多个 选项是正确的，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。) 8.地球绕太阳的公转可视为轨道半径为R、周期为T的匀速圆周运动，彗星A的椭圆轨道与 地球轨道外切，其远日点到太阳中心的距离为2R:小行星B的椭圆轨道与地球轨道内切，其 近日点到太阳的距离为号假设所有轨道共面。已知太阳位于椭圆的一个焦点上，质量为M, 万有引力常量为G。不考虑彗星A和小行星B与地球之间的相互作用力，则下列说法正确的 有 A.彗星A在远日点的速度大于地球的公转速度 。 B.小行星B在近日点的加速度大小为4G R2 B C.彗星A从远日点向近日点运动时，太阳对它的万有引力做正功 D.普星A从近日点运动到远日点的时间与地球公转周期T的比值为 2 9.图为高层安装空调时吊运外机的场景简化图。一名工人在高处控制绳子P,另一名工人 站在水平地面上拉住另一根绳子Q。在吊运的过程中，地面上的工人在缓慢后退时缓慢放绳， 空调外机M缓慢竖直上升，绳子Q与竖直方向的夹角B保持不变，绳子质量忽略不计，则 A.绳子P上的拉力不断变大 B.绳子Q上的拉力先变小后变大 M C.地面工人所受的支持力不断变小 D.地面工人所受的摩擦力先变大后变小 10.如图为弹跳玩具，底部是一个质量为m的底座，通过轻弹簧与顶部一质量M=4m的小球 相连，同时用轻质无弹性的细绳将底座和小球连接，稳定时绳子刚好伸直无张力。用手将小 球按下一段距离后释放，小球运动到初始位置处时，细绳瞬间绷紧，带动底座离开地面，一 起向上运动，底座离开地面后上升的最大高度为九，重力加速度为g,则 A.松手后到玩具上升到最大高度的过程中，玩具的机械能守恒 B.绳子绷紧前的瞬间，小球的速度为2g C.从释放到玩具离开地面，地面对玩具的冲量大小为5mV2gh D.释放瞬间，弹簧的弹性势能一定大于25mgh 41 三、非选择题（共54分） 11.(6分)某实验小组设计了如图甲所示的实验电 路来测量电源的电动势和内阻。实验器材有：待测电 源，阻值为R的定值电阻，内阻可忽略的电流表，由 粗细均匀的四分之一圆弧电阻丝构成的变阻器（总阻 值也为R,变阻器上有可指示滑片转过的角度日的刻 度盘)，开关，导线若干。回答下列问题： (1)闭合开关，在滑片逆时针转动的过程中，电流表示数 电路消耗的总功率 (均填“增大”或“减小”) 2)在实验中转动滑片，改变角度0（弧度制），测量通过定值电阻R的电流山，以为纵坐 标、合为横坐标绘制出的】行阳像如图乙所示，已知图线的编率为北纵发更为。，则电源 I A 的电动势E= (用k、b、R表示)。 12,(10分)请完成下列实验操作和数据处理。 (1)在“长度的测量及其测量工具的选用”实验中，用20分度的游标卡尺测量小球的直径， 示数如图所示，读数为 cme 3cm主尺 L山44山山山 nmimnnn 0-。 10 20游标 (2)实验小组利用铁架台、电磁铁、空心铁球、刻度尺、可以抽气的真空管、手机等器材验 证机械能守恒定律。实验装置如图所示，真空管竖直固定在铁架台上，空心铁球被固定在真 空管正上方的电磁铁吸引在真空管内，真空管下方连接抽气装置。 铁 局电磁铁 真 缓 管 链接 抽气装置 ①断开电磁铁的电源，铁球由静止下落到缓冲垫上，用手机拍摄铁球下落过程的视频。利用 视频软件得到并打印出来铁球圆心的多个时刻位置示意图如图，打印出来的位置示意图为实 际轨迹的k倍，相邻两圆心位置的时间间隔为T,测量“0”、“2”两点之间的距离为1， “4”、“6”两点之间的距离为2，“1”、“5”两点之间的距离为L3,则“1”点时铁球 的速度为。（用所给字母表示） ②铁球的质量为m,重力加速度为g,则铁球从“1”到“5”两点下落过程中动能增加量△x 为 ,重力势能减少量△E,为 。(用所给字母表示) ③启动抽气装置，对真空管抽气后，重复实验得到类似图的数据，数据处理发现从“1”到 “5”两点下落过程中重力势能诚少量△E,与动能增加量△E的差值将（填写“增 大”“减小”或“不变”)。 13.(9分)质量为m=1.0kg、导热性能良好的薄壁圆筒倒扣在装满水的槽中，槽底有细的 进气管，管口在水面上方：筒内外的水相连通且水面高度相同，筒内封闭气体高为H=20cm: 用打气筒缓慢充入压强为p0、体积为V的气体后，圆简恰好离开槽底；已知筒内横截面积S= 100cm2,大气压强p0=1.0×105Pa,水的密度为1.0×10kg/m3,g=10ms2, 不计筒所受的浮力和进气管的体积，求： (1)圆简刚要离开槽底时，筒内气体的压强p和筒内外液面的高度差： 20 (2)充气气体体积o的大小。 14.(13分)如图甲是花都融创某游乐设施，其工作原理是：先把游客和座椅拉升到离地一 定高度处，然后使游客随座椅一起自由下落，当下落到制动开关A位置时，触发制动开始减 速（制动包含机械制动和电磁制动），到达地面时速度刚好为零。整个装置简化图如图乙： MN、Pg为竖直固定的光滑的平行导轨（电阻不计），导轨间距为L-10m,MA高度为h-45m, MP为控制安全高度的金属横杆，其电阻R-0.12,N、Q两点与地面绝缘，制动开关A点下 方区域（含A点所在水平边界）存在垂直于导轨平面向里的匀强磁场，磁感应强度B=2T。游 客和座椅可视为质量m=2x10kg、电阻R1-0.22、长度为L的金属棒，现将金属棒从MP处由 静止释放，落至N9时速度恰好为零。已知机械制动提供的阻力∫恒为游客和座椅总重力的2 倍，金属棒从MP运动到NQ的过程中，通过金属棒的电荷量g=1.0x10C,金属棒运动过程 中始终与导轨垂直且接触良好，忽略空气阻力，重力加速度gl0ms2。求： ()金属棒刚进入磁场时，金属棒的加速度大小； (2)磁场AN的高度H: (3)整个过程中金属棒上产生的焦耳热。 7777177777 15.(16分)图(a)所示的装置中，小物块A、B质量均为m,水平面上P9段长为1，与 物块间的动摩擦因数为山，其余段光滑.初始时，挡板上的轻质弹簧处于原长；长为r的连杆 位于图中虚线位置；A紧靠滑杆(A、B间距大于2r),随后，连杆以角速度ω匀速转动，带 动滑杆作水平运动，滑杆的速度-时间图像如图(b)所示.A在滑杆推动下运动，并在脱离滑 杆后与静止的B发生完全非弹性碰撞. (1)求A脱离滑杆时的速度o,及A与B碰撞过程的机械能损失4E. (2)如果AB不能与弹簧相碰，设B从P点到运动停止所用的时间为，求w的取值范围， 及1与w的关系式. (3)如果AB能与弹簧相碰，但不能返回道P点左侧，设每次压缩弹簧过程中弹簧的最大弹 性势能为Ep,求@的取值范围，及E,与的关系式（弹簧始终在弹性限度内）， 滑槽 滑杆 挡板 0 销钉 连杆 (h广东梅县东山中学2026届热身考物理答案 2026.5 选择题：1-7：BBBB A D C8-10:BC AC BD 1B【详解】A.在简谐横波中，相邻两个波峰之间的距离为一个波长，所以a、b两质点之间 的距离为一个波长，故A错误，B.根据波速公式v=f(其中v为波速，1为波长，f为频 率)，可知当波速ν不变时（波速由介质决定，在同一介质中波速不变），若增加抖动频率 则波长会减小，故B正确：C波速由介质决定，在同一介质中，即使增加抖动频率，波 速也不会改变，故C错误：D.波是从手抖动的一端开始传播的，质点α离波源较近，b离波 源较远，所以从手抖动开始质点α完成的全振动次数比质点b多，故D错误。故选B。 2B。解析：扫描笔的远近会影响光照强度，从而影响光电流的大小，故会影响成功率，A错。 光电效应发生是瞬时的，108，B对。频率为0.5o,小于截止频率，故无法发生光电效应产 生光电流，故C错。频率为1.20，能发生光电效应产生光电流，但可能光电流较小而无法识 别条形码，D错。 3B【详解】光从空气入射介质时，入射角大于折射角，光从介质入射空气时，入射角小于折 射角，结合图乙可知sint<sir,可知光从玻璃砖入射空气，即光由B经O到A,结合图乙， 可知折射率=需=器=15放选B。 4B.【解析】衍射现象是波绕过障碍物继续传播，毫米波波长远小于前车尺寸，雷达通过接收 反射波从而实现预警，故不会发生明显的衍射现象，A错。电磁波中有变化的磁场、其穿过 金属会有电磁感应现象，在金属内部产生涡流，故B对（做核磁共振时，不能携带金属，原 理相同)；根据磁场方向，易知电流为逆时针（俯视），又因为下极板带正电，故电容器正 在充电，C错；充电时，q增大，故电流【减小，所以磁场减弱，D错。 5A.提示：比较匀减速至零的位移与匀速圆周运动的最大半径的大小。距离 越小越安全。紧急刹车：由a=μg=0.6×10=6m/s,s-v/2a≈8.33m<15m,可安全 停下。紧急转弯：视为匀速圆周运动，最小转弯半径r=v/μg≈16.67m>15m无 法在15m内转过弯，会冲入河中。 6D。【详解】变压器不改变电流的频率，故输入和输出电流的频率相等，即1：1，A错。该 充电器原副线圈中均以最小电压正常工作时，即原线圈电压100V,副线圈电压为5V,电流 为2A,则U1,=U,山2，可得原线圈中的电流有效值为I1-0.1A,选项B错误。该充电器在家庭电 311 路中以最大功率使用时副线圈电压为11V,原副线圈的匝数之比为丛=2_20，选项C错 U211 1 误：该充电器的最大输出功率为Pm-11V×6A=66W,选项D正确：故选D。 7C【详解】带电粒子在匀强电场中只受电场力，粒子做曲线运动，所受电场力指 a 向轨迹凹侧，且垂直于等势线，所以粒子在A点时所受电场力向下，如图所示， 6 即A到B过程中电场力做负功，A错误：B.根据负电荷受电场力向下，故电场 线竖直向上，沿电场线方向电势减小，即φ>p,B错误：C.由于粒子从A到B 的过程中电场力做负功，电势能增加，所以B点的电势能大于在A点的电势能， C正确；D.匀强电场中，U=Ed,d为沿场强方向的距离，故UAB-ELcose0,D 错。故选C。 8C。【详解】A.地球做匀速圆周运动，其速度为%=只 GM ,由于彗星A的轨道是椭圆， 它在远日点之后会向太阳靠近，说明它在该点的速度不足以维持圆周运动，所以 GM va2R <y唯，故A错误：B.根据牛顿第二定律可 M 4GM m R ,故B正确；C.彗星A从 2 远日点向近日点运动时，它在太阳引力的作用下向太阳 0 77才77777777777777777777 靠近。太阳对它的万有引力做正功，故C正确：D.根 据开普勒第三定律可得？二R 2元代入a=2R,得2工● 2 36T,故D错误。故选BC。 9AC.【详解】AB.对空调外机进行受力分析可知，空调外机分别受到绳P、Q的拉力E、F 和自身的重力m8的作用而平衡，受力分析如图所示。将这三个力构成矢量三角形，如图所 示，由图可知，地面上的工人在缓慢后退并缓慢放绳的过程中，B不变，逐渐增大，耳、 F均增大，故A正确，B错误：CD.对地面上工人进行受力分析可知，该工人 受到重力G、地面的支持力F、绳Q的拉力F以及地面的摩擦力F四个力的 作用处于平衡状态，受力分析如图所示 竖直方向平衡方程为F+cosB=G,水平方向平衡方程为F=F2 sin B 其中B不变，绳子Q的拉力F,增大，所以该工人受到的支持力F减小，摩擦力F增大， 故C正确，D错误。故选AC。 1OBD。解析：绷紧瞬间属于完全非弹性碰撞，有动能损失，A错；设绷紧前后瞬间速度为vo 和v,则有4mvo-5mv,v2-2gh,联立解得vo- V2g研 ,B对：对系统用动量定理，有1hlG-5mv 解得【地Ic+5m√2g,C错；开始根据能量守恒，从释放小球到绳子绷紧前瞬间，弹簧的弹 性势能一部分转化为小球的重力势能，一部分转化为小球的动能，Bo-E,+片×4mv心得 o,mgh22g的 > ,D对。 πR。 【11】() 增大 减小(2)bπ-2k (每空2分) 【详解】（1)[1][2]滑片逆时针转动，变阻器接入电路的阻值增大，外电路的总电阻增大， 路端电压增大，电流表示数增大。电路的总电阻增大，故干路电流减小，电路消耗的总功率 =风++} 1 ar 1 Ro+r 减小。(2)由闭合电路欧姆定律可知 整理可得12E日E,则 E=π 2kRo r= E解得br-2k, bπ-2k m(L-L) mgLa 【12】(1)1.380(2)①2kT②8k2T2 ③k④减小（每空2分） 【解析】游标卡尺的读数为d=1.3cm+16×0.05mm=13.80mm=1.380cm (2)提示：打印出来的位置示意图为实际轨迹的k倍，故“0”、“2”两点之间的实际距离 为上：中间时刻的速度是该段时间内的平均速度，即1点速度是0和2之间的平均速度，则 2 有7同理，经过“5”点时铁球的链、正 :,从而得到△E和△Ep:抽气后， 管内空气减少，空气阻力减小，空气阻力做的负功减少，故从“1”到“5”两点下落过程中 重力势能减少量△E,与动能增加量△E的差值将减小。 13.(9分)(1)1.01×10pa,h-0.1m:(2)V=1.03x103m 【详解】(1)当圆简恰好离开水槽时，poS+mgpS(2分)得p=1.01x10Pa (1分) 这时筒内液面下降h,有p-potpgh(2分)得h-0.1m (1分) (2)根据玻意耳定律，有p0(HS+Vo=p(HS+hS)(2分) 解得充气气体体积的大小=1.03×103m(1分) 14.(13分) 解：(1)进入磁场前，金属棒做自由落体运动，v2-2g1分 解得v=30m/s 在A点对金属棒进行分析，由牛顿第二定律有F,+f-mg=ma1分且f=2mg 又E=BL1分 E 则感应电流I=R+R 1分 感应电动势E=BLy 1分 联立解得a=30m/s21分 (2)在磁场区域，通过金属棒的电量g=△1 1分 *R,E4知 又7=E =A,A中=BLH1分 解得H=15m1分 (3)从进入磁场到落地过程，对金属棒由动能定理得mg-田+WA-0-2mw21分 解得WA=-6×1051 由功能关系可知9总=-Wa=6×10」、1分 整个过程中金属棒上产生的焦耳热：=Q 1分 联立解得Q1-4×105]1分 15.(16分) (1)由图可知，滑杆水平速度为v=orsinot1分 当滑杆速度最大时，即兀， 20 二者分离，此时速度大小为vo=or1分 AB碰撞前后动量守恒：my。=(m+m)加1分 1 系统机械能损失：△E=m心-)m+m)21分 2 解得：A正-nor1分v=r 2 （2)AB在PQ上微匀减速直线运动，加速度大小a=2mg=g1分 2m 由运动学规律公式可得B开始到停止的位移，=0- -≤11分 2a 速度关系满足0=v-a吐，1分 解得：0s22g 1分 r 1分 (3》对6从P开始到弹黄压缩到最短过程-H-2mg+历=0-号2mY1分 又W0=0-E。1分 解得：E。=mo2」 4 -2mgl1分 假设AB返回时到达P点速度恰好为O,则此时角速度最大，对AB在该全过程 -4-2mg21=0-】2m21分 2 解得：0=4g 1分 综合(2)所得：22≤us4W图 1分 r