青岛市2025-2026学年高一下学期物理期末考前训练题（人教版）

**基本信息** 聚焦静电、电路、电磁感应等核心模块，通过选择、填空、实验、解答题梯度设计，融合物理观念与科学思维，实现知识应用与问题解决能力的综合考查。 **专项设计** |模块|题量/典例|题型特征|知识逻辑| |----|-----------|----------|----------| |静电场|单选1/7/8、填空16/17|生活应用与场强分析结合|从电荷相互作用到电场性质，构建“概念-规律-应用”逻辑链| |电路分析|单选3/4/9/10/11、填空18/19、解答23|动态电路与实验故障分析|以欧姆定律为核心，串联闭合电路规律与仪器使用| |电磁感应|单选5/12、填空20|楞次定律与法拉第电磁感应定律应用|从磁通量变化到感应电流方向判断，强化因果推理| |实验探究|实验21/22|电容器特性与电源参数测量|科学探究要素渗透，注重实验设计与数据处理能力|

青岛市2025-2026学年高一年级下学期物理期末训练题 一、单选题 1．关于生活中的静电防止和利用，下列说法正确的是（　　） A．静电复印是利用正负电荷之间相互吸引的原理制成的，属于静电的利用 B．夏天下雨时一般会有雷电，低矮的建筑没有安装避雷针一定被雷电击毁 C．常见的静电防止有静电除尘、静电喷涂、静电植绒等 D．飞机起落架的轮胎必须用绝缘橡胶制成避免造成危害，属于防止静电积聚 2．某电场区域的电场线分布如图所示，A、B、C为电场中的三个点，以下关于各点电场强度大小E、电势判断正确的是（　　） A． B． C． D． 3．如图所示，闭合开关，三个灯泡均正常发光，某时刻灯泡A的接线柱突然发生断路，则下列说法正确的是（     ） A．流过灯泡B的电流增大，其灯丝可能被烧断 B．流过灯泡C的电流增大，其灯丝可能被烧断 C．流过灯泡B、C的电流均增大，两灯灯丝均可能被烧断 D．流过灯泡B、C的电流均减小，两灯灯丝均不可能被烧断 4．实验室内有两个不同的电源，用伏安法测量这两个电源的电动势和内阻，根据实验数据得到路端电压和电流的关系如图1、2所示。则这两个电源电动势E和内阻r的大小关系为（　　） A．， B．， C．， D．， 5．如图所示，通有恒定电流的长直导线右侧放置一矩形金属线框，导线与线框在同一平面内。下列情况中金属线框能产生感应电流的是（　　） A．导线中电流均匀增大 B．线框沿导线向下做匀速运动 C．线框沿导线向上做加速运动 D．线框以直导线为轴转动 6．如图所示是高空翼装飞行爱好者在空中滑翔的情景，滑翔爱好者在空中长距离无动力滑翔的过程中，下列说法正确的是（　　） A．克服阻力做的功等于机械能的减小量 B．重力势能的减小量小于重力做的功 C．重力势能的减小量等于动能的增加量 D．动能的增加量大于合力做的功 7．如图所示，电荷量分别为和的点电荷固定在、两点，、间的距离为，其连线延长线上点的电场强度为零，规定无穷远处电势为零。下列判断正确的是（     ） A．从到电场强度逐渐减小 B．、之间的距离为 C．、之间必有一个电势为零的点，、之间没有电势为零的点 D．将一正点电荷从点右侧某处由静止释放后，一定不会运动到点 8．如图所示，两根轻质绝缘细线挂着两个质量相同的小球A、B。原来两球不带电，上、下两细线的拉力分别为FA和FB；现使两球带上异种电荷，此时上、下两细线的拉力分别变为F′A和F′B。则（　　） A．FA=F′A，FB>F′B B．FA=F′A，FB<F′B C．FA<F′A，FB<F′B D．FA>F′A，FB>F′B 9．“测量小灯泡的伏安特性曲线”的电路如图所示。闭合开关后发现移动滑动变阻器的滑片时，电压表的示数不断变化而电流表的示数总显示为零。若小灯泡和电流表均完好，电路仅有一处故障，则该故障可能是（　　） A．小灯泡短路 B．导线④断路 C．导线③断路 D．导线①断路 10．如图所示为一种双量程电流表的电路图。定值电阻R1的阻值与表头G的内阻相等，R2的阻值为表头内阻的4倍。用表头的表盘刻度表示流过接线柱1的电流值，将接线柱1、2接入电路时，电流表的满偏电流为Ig。下列说法正确的是（　　） A．接线柱1、2接入电路时电流表的量程小于接线柱1、3接入电路时电流表的量程 B．若仅使R2阻值变大，无论接线柱接1、2还是1、3，电流表的量程都变大 C．将接线柱1、2接入电路时，电流表的量程为6Ig D．将接线柱1、3接入电路时，电流表的量程为6Ig 11．如图所示，电源电动势为E、内阻为r，为定值电阻，为滑动变阻器，。开关闭合后，将的滑片向下滑动过程中（　　） A．流过的电流向左 B．电容器右极板带负电 C．电容器的带电量减小 D．电源的输出功率增大 12．如图所示，螺线管导线的两端与平行金属板相接，一个带正电的小球用绝缘细线悬挂在两金属板间，并处于静止状态。若使一条形磁体从左向右靠近螺线管，则（     ） A．小球不动 B．小球向左摆动 C．金属板左极电势高 D．螺线管的左端相当于条形磁体的N极 13．如图所示，某地有一风力发电机，它的叶片转动时可形成半径为R的圆面。某段时间内该地区的风速是v，风向恰好跟叶片转动的圆面垂直，已知空气的密度为ρ，若此风力发电机发电的功率为P，则此风力发电机将空气动能转化为电能的效率为（　　） A． B． C． D． 14．“半偏法”常用来测电表的内阻，如图甲所示是用来测电流表内阻的常用电路，图乙是用来测电压表内阻的常用电路，以下说法正确的是（　　） A．甲图中测量值偏大，越小测量误差越小 B．甲图中测量值偏小，越大测量误差越小 C．乙图中测量值偏大，越大测量误差越小 D．乙图中测量值偏小，越大测量误差越小 15．用一内阻不计，电动势为12V的电源给电动机M供电。闭合开关S，电动机开始工作，电动机中电流I随时间t变化的图像如图乙所示，当电流稳定时电动机正常工作，下列说法正确的是（　　） A．电动机线圈的电阻为8Ω B．电动机消耗的电功率为14.4W C．电动机的输出功率为3.6W D．电动机线圈的发热功率为1.6W 二、填空题 16．光滑绝缘水平桌面上有两个点电荷A、B，其中A带正电，B带负电，，，两者相距，现在要放入第三个点电荷，使这三个点电荷都处于平衡状态，那么为________电荷，电量大小为________C，离点电荷B的距离为________m。 17．如图所示，M、N两点固定有等量异种电荷，一根光滑绝缘细杆竖直放置在两电荷连线的垂直平分线上，A、B是杆上的两个点，AB距离为h。将一个带正电的小环套在细杆上，从A点静止释放，刚释放时杆对圆环的支持力方向平行于MN向左，小环运动过程中所受的空气阻力不计，重力加速度为g，则M点固定的电荷为___________（选填“正”或“负”）电荷，小环从A点运动到B点的时间为___________（用本题所给的字母表示）。 18．如图所示的电路中，小灯泡L的规格为“2.5V  1.5W”，电流表为理想电流表。在a、b两端加上4V的恒定电压，调节滑动变阻器R，使灯泡L正常发光。此时，电流表的示数为______A，滑动变阻器R接入电路的电阻值为______Ω。 19．在如图所示的电路中，定值电阻R1的阻值大于电源内阻r，闭合开关S，在滑动变阻器滑片P向下滑动的过程中，四个理想电表的示数都发生了变化。当滑片向下移动时，电流表A的示数_______（选填“变大”、“变小”、“不变”），示数减小的电压表_______（选填“V1”、“V2”、“V3”），电源的输出功率_______（选填“变大”“变小”“不变”）。 20．在“探究影响感应电流方向的因素”的实验中，将螺线管与电流计组成闭合回路，实验装置如图。将条形磁铁的极、极分别插入、抽出线圈，线圈中的感应电流方向分别如甲、乙、丙、丁图所示。则甲图中在线圈内部感应电流磁场的方向与条形磁铁磁场的方向__________（填“相同”或“相反”），丙图中在线圈内部感应电流磁场的方向与条形磁铁磁场的方向__________（填“相同”或“相反”）。由此可知，感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的__________。 三、实验题 21．如图甲所示的实验装置可用来探究影响平行板电容器电容的因素，使电容器带电后与电源断开，将电容器左侧极板和静电计外壳均接地，电容器右侧极板与静电计金属球相连。观察静电计指针偏转角度的大小，可推知电容器两极板间电势差的大小。 (1)在实验中观察到的现象是______。（单选，填正确答案的标号） A．将左极板向上移动一段距离，静电计指针的张角变小 B．向两板间插入陶瓷片时，静电计指针的张角变大 C．将左极板右移，静电计指针的张角变小 D．将左极板拿走，静电计指针的张角变为零 (2)某同学用两片锡箔纸做电极，用三张电容纸（某种绝缘介质）依次间隔夹着两层锡箔纸，一起卷成圆柱形，然后接出引线，如图乙所示，最后密封在塑料瓶中，电容器便制成了。 ①为增大该电容器的电容，下列方法可行的有______（多选，填正确答案的标号） A．增大电容纸的厚度        B．增大锡箔纸的厚度 C．减小电容纸的厚度        D．同时增大锡箔纸和电容纸的面积 ②用如图丙所示的电路观察电容器的放电电流变化。换用不同阻值的电阻R放电，在图丁中放电电流的I − t图线的a、b、c三条曲线中，对应电阻最小的一条是______（选填“a”或“b”或“c”）。 22．某同学要测量一节干电池的电动势和内阻，现在他身边除了一节干电池（电动势用E表示、内阻用r表示）和一个开关S以及导线若干条外，还有一个电流表A和一个电阻箱R。他设计了如图所示的实验原理图进行实验。请回答以下问题： (1)某次实验电阻箱调节后如图甲所示，则此时电阻箱的读数为________。 (2)某次实验过程中测得电流表示数如图乙所示，此时电流表读数为________。 (3)根据多组数据作出了图像如图丙所示，若根据图像得到其斜率为a，截距为，则该电池的电动势为________，内阻为________。 (4)由于误差的原因，导致本实验中电动势的测量值________真实值（选填“大于”“等于”或“小于”）；内阻的测量值________真实值（选填“大于”“等于”或“小于”）。 四、解答题 23．小型直流电动机（其线圈内阻为）与规格为“4V  4W”的小灯泡并联，再与阻值为的电阻串联，然后接至的电源上，如图所示，小灯泡恰好正常发光，电动机正常工作，求： (1)电动机的发热功率； (2)如果在正常工作时，转子突然被卡住，求此时电动机中的电流。（不考虑温度对各电阻的影响） 24．如图所示，电路中电源电动势，内阻不计，电路中三个定值电阻R的阻值相同。 A、B分别为水平放置的平行板电容器的上、下极板，板长，板间距离。在两金属板左端正中间位置M处，有一个小液滴以某一初速度水平向右射入两板间，从A板右侧边缘射出电场。已知小液滴的质量，带负电，电荷量重力加速度求： (1)平行板电容器两极板间电压U的大小。 (2)在此过程中液滴电势能的变化量。 (3)液滴进入电场时初速度的大小。 2 1 学科网（北京）股份有限公司 $ 青岛市2025-2026学年高一年级下学期物理期末训练题 参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 A C A D A A D A B C 题号 11 12 13 14 15 答案 D C C B D 1．A 【详解】A．静电复印是利用正负电荷之间相互吸引的原理制成的，属于静电的利用，故A正确； B．夏天下雨时一般会有雷电，如果在高大建筑物顶端装上避雷针，通过避雷针与大地相连，就能及时把电荷导入大地，从而避免建筑物被雷电击坏，如果没有安装会有危险，但对低矮的建筑不至于一定被雷电击毁，故B错误； C．常见的静电利用有静电除尘、静电喷涂、静电植绒等，故C错误； D．飞机轮胎是用导电橡胶制成的，这是为了飞机在降落时，将飞行的过程中产生的静电导走，避免对飞机造成危害，故D错误。 故选A。 2．C 【详解】AB．电场线越密集场强越大，则A、B、C三点的电场强度大小关系为，选项AB错误； CD．沿电场线电势降低，则A、B、C三点的电势关系为，选项C正确，D错误。 故选C。 3．A 【详解】A．由电路图可知，闭合开关且三个灯泡均正常发光时，灯泡 与灯泡并联后再与灯泡串联。灯泡的接线柱突然断路后，并联支路中只剩灯泡，并联部分的等效电阻增大，电路总电阻增大，总电流减小，灯泡 两端电压减小，并联部分两端电压增大，灯泡两端电压增大，所以通过灯泡 的电流增大，其灯丝可能被烧断，故A正确； B．灯泡 的接线柱突然断路后，电路总电阻增大，总电流减小，所以通过灯泡 的电流减小，其灯丝不易被烧断，故B错误； C．由上述分析可知，通过灯泡 的电流增大，通过灯泡 的电流减小，并非二者电流均增大，故C错误； D．由上述分析可知，通过灯泡 的电流增大，通过灯泡的电流减小，并非二者电流均减小，且灯泡 的灯丝可能被烧断，故D错误。 故选A。 4．D 【详解】根据闭合电路欧姆定律有 可知图像的纵截距表示电动势，图像的斜率绝对值表示内阻的大小，由此可知，电源1的内阻和电动势均较大，即，。 故选D。 5．A 【详解】A．导线中电流均匀增大，由可知，空间所有点的磁感应强度均与电流成正比增大，线框面积固定，因此穿过线框的磁通量增大，磁通量发生变化，能产生感应电流，故A正确； B．线框沿导线向下做匀速运动时，线框上所有点到导线的距离均不改变，因此各点磁感应强度大小不变，穿过线框的磁通量不变，不能产生感应电流，故B错误； C．线框沿导线向上做加速运动时，与匀速上下运动的规律一致：线框各点到导线的距离不变，磁感应强度分布不发生变化，穿过线框的磁通量不变，不能产生感应电流，故C错误； D．线框以直导线为轴转动时，线框上所有点到导线的距离始终保持不变，且长直导线的磁场为同轴同心圆分布，磁感应强度方向始终与线框平面法线方向平行，穿过线框的磁感线条数不变，磁通量不变，不能产生感应电流，故D错误。 故选A。 6．A 【详解】A．滑翔爱好者在滑翔过程中只受重力和空气阻力，根据功能关系可知，克服阻力做的功等于机械能的减少量，故A正确； B．根据重力做功与重力势能变化的关系可知，重力势能的减小量等于重力做的功，故B错误； C．根据能量守恒可知，重力势能的减少量等于动能的增加量与克服阻力做的功之和，故重力势能的减小量大于动能的增加量，故C错误； D．根据动能定理可知，动能的增加量等于合力做的功，故D错误。 故选A。 7．D 【详解】A．、在间的场强方向均向左，合场强为两者大小之和：靠近时，距趋近于0，场强趋近于无穷大；靠近时，距趋近于0，场强也趋近于无穷大。因此从到，场强先减小后增大，不是逐渐减小，故A错误； B．设距离为，点合场强为零，两个点电荷在点场强大小相等、方向相反，由点电荷场强公式得 解得，故B错误； C．电势是标量，设某点电势为零，令该点距为，由得 在间（），可得 解得 在右侧（），可得 解得 而距为，因此，说明之间也存在电势零点，故C错误； D．点的电场强度为零，则BC之间合场强方向向右（的场强大于的场强，方向向右），正电荷受力向右，从静止释放后会一直向右运动，不会向左运动到点，故D正确。 故选D。 8．A 【详解】设两球质量均为m，两球不带电时，根据两球整体受力平衡有 根据B球受力平衡有 两球带上异种电荷时，设两球间的库仑力大小为F，根据两球整体受力平衡有 根据B球受力平衡有 解得 所以， 故选A。 9．B 【详解】A．若小灯泡短路，电压表也会由于被短路无示数，而电流表会有示数（不是零），故A错误； B．若导线④断路，电压表与电流表串联后与滑动变阻器的一部分并联，所以当移动滑动变阻器的滑片时，电压表的示数会不断变化而电流表的示数总显示为零，故B正确； C．若导线③断路，会导致整个测量电路断开，所以电流表和电压表都无示数，故C错误； D．若导线①断路，电压表与小灯泡并联后与电流表与滑动变阻器串联在电路中，所以移动滑动变阻器的滑片时，电流表示数不断变化，故D错误。 故选B。 10．C 【详解】ACD．设表头的满偏电流为，内阻为，由题意得：，， 将接线柱1、2接入电路，则表头与串联后，再与并联，当表头满偏（电流为）时， 支路总电压 并联电压相等，的电流 总量程 将接线柱1、3接入电路，则与串联后，再与并联。 表头满偏时， 两端电压： 并联电压相等，支路电流 总量程： 故 故A D错误；C正确； B．若仅变大，接1、2时 增大，增大；接1、3时：，增大，减小； 故B错误； 故选C。 11．D 【详解】B．电容器右极板和电源的正极连接，左极板比右极板电势低，右极板带正电，故B错误； AC．仅将的滑片向下滑动，阻值减小，电路中总电阻减小，电流I增大；由两端电压 可知，电阻两端的电压增大，电容器两端电压增大，电容器要充电，流过电流方向右，故AC错误； D．电源的输出功率为 当 电源的输出功率最大，由于 仅将的滑片向下滑动，电阻减小，电源的输出功率增大，故D正确； 故选D。 12．C 【详解】ABC．当磁体靠近时，导致线圈的磁通量发生变化，从而导致线圈中产生感应电动势，假设电路闭合，则由楞次定律可知，感应电流方向是从右极板向下通过线圈再到左极板，由于线圈相当于电源，因此左极板电势高，所以带正电小球将向右摆动，A错误，B错误，C正确； D．假如电路闭合，则螺线管中的电流方向如图所示，根据右手螺旋定则可知螺线管的左端相当于S极，D错误。 故选C。 13．C 【详解】风力发电机发电的功率P，有 风的质量为 叶片转动的圆面的面积为 解得风力发电机将空气动能转化为电能的效率 故选C。 14．B 【详解】AB．“半偏法”测电阻时，在题图甲中，近似认为干路电流不变，实际上，当闭合开关S2后总电阻会变小，干路电流会变大，所以通过电阻箱的电流会大于通过电流表的电流，根据欧姆定律可知，电阻箱的阻值小于电流表的内阻，即电流表内阻的测量值偏小，R0越大，则当S2闭合后，电路中电流的变化越小，则电阻箱R的电流越接近总电流的一半，误差越小，故A错误，B正确； CD．“半偏法”测电阻时，在题图乙中，近似认为控制电路输出电压不变，实际上，当断开开关S2后，由于电阻箱R的接入，使得电阻箱R与电压表V两端电压之和变大，调节电阻箱使得电压表示数为满偏电压一半时，电阻箱R的电压应大于电压表满偏电压的一半，即电阻箱R的阻值大于电压表内阻，可知，电压表内阻测量值偏大。当R0越小时，断开S2时，电阻箱R与电压表V两端的电压之和变化越小，电阻箱的电压越接近电压表示数的一半，其误差越小，故CD错误。 故选B。 15．D 【详解】A．由图乙可知电动机刚开始转动时的电流 由欧姆定律得电动机的电阻，故A错误； B．由图乙可知电动机正常工作时的电流 则电动机消耗的电功率，故B错误； CD．电动机正常工作时的发热功率 电动机正常工作时的输出功率，故C错误，D正确。 故选D。 16． 正 0.3 【详解】[1]由于A、B带异种电荷，且，电荷若静止，一定在A、B连线的延长线上，且距离A较远，因此一定在B的右侧，同时A、B也处于静止状态，可知C一定带正电荷。 [2][3]根据受力平衡条件，设电荷C与B的距离为x，对电荷C由库仑力公式得 对电荷B由库仑力公式得 联立解得， 17．正 【详解】[1]由于刚释放时杆对圆环的支持力方向平行于MN向左，则圆环所受电场力的方向平行于MN向右，圆环带正电，则电场强度方向向右，根据等量异种点电荷电场分布可知，M点点电荷应带正电； [2]圆环运动过程中，竖直方向有，所以。 18．0.6 2.5 【详解】[1]由于灯泡L正常发光，则 [2]滑动变阻器R接入电路的电阻值为 19．变小 V2 变小 【详解】[1][2]当滑片P向下移动时，R2接入电路的阻值增大，外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律可得，回路中电流减小，则电流表示数变小，内电压减小，路端电压变大，则V1示数变大，R1两端的电压变小，电压表V2示数变小，则电压表V3示数变大； [3]由于定值电阻R1的阻值大于电源内阻r，根据电源输出功率与外电阻变化的关系，如图所示 由图可知，当外电路总电阻增大时，电源的输出功率变小。 20．相反 相同 磁通量的变化 【详解】[1] 甲图中磁铁产生的磁场方向向下，由右手螺旋定则知通电螺线管中感应电流的磁场方向向上，感应电流磁场的方向与条形磁铁磁场的方向相反； [2] 丙图中磁铁产生的磁场方向向下，由右手螺旋定则知通电螺线管中感应电流的磁场方向向下，感应电流磁场的方向与条形磁铁磁场的方向相同； [3]甲图中原磁场磁通量增大，感应电流磁场的方向与条形磁铁磁场的方向相反。丙图中原磁场磁通量减小，感应电流磁场的方向与条形磁铁磁场的方向相同。由此可知，感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化。 21．(1)C (2) CD b 【详解】（1）A．电容器带电后与电源断开，电容器极板所带电荷量一定，根据 ， 可知，将左极板向上移动一段距离，极板正对面积减小，电容减小，则电势差增大，即静电计指针的张角变大，故A错误； B．结合上述可知，向两板间插入陶瓷片时，介电常数增大，电容增大，则电势差减小，静电计指针的张角变小，故B错误； C．结合上述可知，将左极板右移，极板之间间距减小，电容增大，电势差减小，则静电计指针的张角变小，故C正确； D．结合上述可知，将左极板拿走，右极板带正电，右极板与接地点之间电势差不等于零，即静电计指针的张角不会变为零，故D错误。故选C。 （2）①[1]AC．两片锡箔纸做电极，电容纸为绝缘介质，两片锡箔纸可以等效为平行板电容器，根据，由于用三张电容纸（某种绝缘介质）依次间隔夹着两层锡箔纸，一起卷成圆柱形，改变电容纸的厚度相当于改变极板之间的间距，当电容纸的厚度增大时，极板间距增大，电容减小，当电容纸的厚度减小时，极板间距减小，电容增大，故A错误，C正确； B．结合上述，增大锡箔纸的厚度时，极板间距不变，电容不变，故B错误； D．结合上述可知，同时增大锡箔纸和电容纸的面积，相当于增大极板正对面积，则电容增大，故D正确。 故选CD。 ②[2]电容器充电稳定后，极板之间电压的最大值一定，根据欧姆定律可知，电阻越小，电流的最大值越大，可知，a、b、c三条曲线中，对应电阻最小的一条是b。 22．(1)12.0 (2)0.58(3) a b (4) 等于 大于 【详解】（1）电阻箱读数为 （2）电流表的量程为，每小格表示，所以电流表读数为 （3）[1][2]由 可得 可作图像，图像的斜率 纵轴截距为，所以。 （4）[1][2]误差来源：电流表有电阻，导致电源的内阻测量不准确；结论：，。 23．(1)1W (2)2A 【详解】（1）流过的电流强度 流过灯泡的电流强度 流过电动机的电流强度 电动机的发热功率为 （2）灯泡的电阻 转子突然被卡住后，整个回路为纯电阻电路 干路的电流强度 联立解得流过电动机的电流强度 24．(1) (2) (3) 【详解】（1）根据闭合电路欧姆定律得，代入数据解得。 （2）液滴在电场中运动电场力做功，代入数据解得 根据电场力做功与电势能变化的关系，得，即液滴电势能减小。 （3）液滴在电场中运动所受电场力大小为 根据牛顿第二定律得 液滴在电场中做类平抛运动，竖直方向有 水平方向有 联立解得。 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $