精品解析：2026年江苏省南通市海安市中考一模物理试题

**基本信息** 九年级物理一模试卷，以北斗导航、神舟二十一号等科技情境和元代扇车等文化素材为载体，融合实验探究与综合计算，考查物理观念、科学思维及科学探究能力。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |选择题|10题40分|电磁波、噪声控制、能源分类、物态变化、电磁原理|结合离心玻璃棉、核能发电等真实应用，考查基础概念辨析| |非选择题|12题70分|实验（热值测定、液体压强探究）、计算（压强、电路功率）、综合（智能机器人跨学科）|设计“浮力秤”“天然气检测仪”等问题，融合科学推理与创新应用，契合中考命题趋势|

九年级物理 注意事项 考生在答题前请认真阅读本注意事项 1.本试卷满分为150分，考试时间为150分钟。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。 2.答题前，请务必将自己的姓名、考试证号用0.5毫米黑色字迹的签字笔填写在试卷及答题卡指定的位置。 3.请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、考试证号与你本人的是否相符。 4.答案必须按要求书写在答题卡上，在草稿纸、试卷上答题一律无效。 第I卷（选择题 共40分） 第I卷共20小题，每小题2分，共40分。每小题给出的四个选项中只有一个选项正确。第1至10题为物理试题，第11至20题为化学试题。答案请按要求填涂在答题卡上。 1. 我国的北斗卫星能够精细导航，它使用的定位卫星与地面间信息传递利用的是（　　） A. 超声波 B. 次声波 C. 红外线 D. 电磁波 【答案】D 【解析】 【详解】超声波、次声波不能在真空中传播。红外线的有效传播距离较短。电磁波可以在真空中传播且能传递信息，北斗卫星能够精细导航，是利用电磁波来传递信息的，故D符合题意，ABC不符合题意。 故选D。 2. 离心玻璃棉作为一种新型的吸声建筑材料得到工人们的广泛使用。在下列措施中，与这种控制噪声的方法相同的是（ ） A. 在马路边周围植树 B. 设置禁止鸣笛路段 C. 摩托车安装消声器 D. 工人戴防噪声耳罩 【答案】A 【解析】 【详解】噪声的控制途径分为：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱。题干中离心玻璃棉是吸声材料，属于在传播过程中减弱噪声。 A．在马路边周围植树，树木可阻挡、吸收声音，是在传播过程中减弱噪声，与题干方法相同，故A符合题意； B．设置禁止鸣笛路段，是通过阻止声源发声，在声源处减弱噪声，与题干方法不同，故B不符合题意； C．摩托车安装消声器，是通过减少声源的噪声产生，在声源处减弱噪声，与题干方法不同，故C不符合题意； D．工人戴防噪声耳罩，是通过保护人耳，在人耳处减弱噪声，与题干方法不同，故D不符合题意。 故选A。 3. AI时代的核心资源是电力，下列利用不可再生能源发电的是（ ） A. 太阳能发电 B. 潮汐能发电 C. 地热能发电 D. 核能发电 【答案】D 【解析】 【详解】A．太阳能发电利用的是太阳能，太阳能属于可再生能源，因为太阳能可以源源不断地从太阳获得，故A不符合题意。 B．潮汐能发电利用的是潮汐能，潮汐能是由月球和太阳的引力作用产生的，是一种可再生能源，它可以随着天体的运行不断产生，故B不符合题意。 C．地热能发电利用的是地热能，地热能是来自地球内部的热能，属于可再生能源，因为地球内部的热能会持续存在并不断释放，故C不符合题意。 D．核能发电利用的是核能，核能所使用的核燃料在地球上的储量是有限的，且形成过程极其漫长，属于不可再生能源，所以核能发电是利用不可再生能源发电的，故D符合题意。 故选D。 4. 小丽从冰箱冷冻室中取出的冻肉在空气中放置一会儿，冻肉上会出现一层“白霜”；一段时间后，“白霜”消失，变为“水珠”。下列说法正确的是（ ） A. “白霜”是由吸热升华形成 B. “白霜”是由放热凝华形成 C. “水珠”是由放热液化形成 D. “水珠”是由放热熔化形成 【答案】B 【解析】 【详解】白霜是空气中的水蒸气遇极冷的冻肉，直接由气态变成固态小冰晶，是凝华现象，凝华放热；固态白霜变成液态水珠，是熔化现象，熔化吸热。故选B。 5. 下列实验中，能够反映图中电磁起重机工作原理的是（ ） A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【详解】电磁起重机的核心部件是电磁铁，工作原理是电流的磁效应，利用通电产生磁性吸起钢铁、断电磁性消失放下钢铁。 A．该实验是压紧铅块悬挂重物的实验，说明分子间存在引力，与电磁起重机的原理无关，故A错误； B．该实验是验电器检验物体带电的实验，原理是同种电荷相互排斥，与电磁起重机的原理无关，故B错误； C．该实验是奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场（电流的磁效应），和电磁起重机工作原理一致，故C正确； D．该实验是电磁感应实验，电路无电源，是发电机的工作原理，与电磁起重机原理不符，故D错误。 故选C。 6. 如图是元代王祯《农书》中描绘的农民使用扇车清选谷物的情景。农民将谷物倒入扇车后，快速摇动摇柄，扇轮转动产生气流，气流使干瘪谷物从远端出风口飞出。下列说法正确的是（ ） A. 谷物从出风口飞出时，质量变小 B. 快速摇动摇柄，扇车内气压变小 C. 谷物向上飞出时，所受合力向上 D. 摇柄相当于省力杠杆，可以省功 【答案】B 【解析】 【详解】A．质量是物体的固有属性，不随物体的位置、运动状态改变而改变。谷物从出风口飞出，只是位置发生变化，质量保持不变，故A错误； B．快速摇动摇柄，扇轮转动加快，扇车内部空气流速增大，根据流体压强与流速的关系，流速越大的地方压强越小，所以扇车内气压变小，故B正确； C．谷物向上飞出时，受到竖直向下的重力和竖直向下的空气阻力，合力方向与运动方向相反，即竖直向下，故C错误； D．摇柄的动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，但根据功的原理，使用任何机械都不省功，省力杠杆只是省力费距离，故D错误。 故选B。 7. 如图，电源电压恒定，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P由b点向中点移动过程中，下列判断正确的是（ ） A. 灯泡变亮 B. 灯泡变暗 C. 电流表示数变大 D. 电压表示数变小 【答案】C 【解析】 【详解】D．由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电流表测通过滑动变阻器的电流，电压表测电源两端的电压，因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表的示数不变，故D错误； AB．因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过灯泡的电流和实际功率不变，即灯泡的亮暗不变，故AB错误； C．当滑动变阻器的滑片P由b点向中点移动时，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，由可知，通过滑动变阻器的电流变大，即电流表的示数增大，故C正确。 故选C。 8. 如图，利用动滑轮提升一个重为G的物块，不计绳重和摩擦，其机械效率为60%。要使此滑轮的机械效率达到90%，则需要提升重力为G的个数为（ ） A. 2个 B. 4个 C. 6个 D. 8个 【答案】C 【解析】 【详解】不计绳重和摩擦时，动滑轮的额外功仅由动滑轮自重，因此机械效率可写为 提升一个重为的物块时，机械效率 动滑轮重力 设需要提升个重力为的物块，此时总物重为，要求机械效率 代入公式得 将代入公式，解得 因此需要提升重力为的物块个数为6，故选C。 9. 小明家一只挂壁式空调连续正常工作15min，可使他家的电能表脉冲指示灯闪烁800次，则他家安装电能表铭牌上电能表常数最接近于（ ） A. 3200imp/（kW·h） B. 2000imp/（kW·h） C. 1200imp/（kW·h） D. 600imp/（kW·h） 【答案】A 【解析】 【详解】一般壁挂式空调功率约为，工作时间 空调消耗的电能 已知电能表脉冲指示灯闪烁次，设电能表常数为，单位为，则 故选A。 10. 如图，小明用小筒、秤盘和外筒自制“浮力秤”，称量物体的质量。已知小筒的质量为40g，筒内装入100g的细砂，底面积为20cm2，可浸入水中的最大深度为20cm，秤盘的质量为10g，外筒是足够高的透明大筒，容器壁厚度可忽略不计，（，）。下列说法正确的是（ ） A. 该秤能够称量出物体的最大质量值为260g B. 称量物体越重，小筒稳定时受到的合力越大 C. 增加外筒内水量，小筒上质量的刻度线不变 D. 增加外筒内液体密度，该秤的测量精度增大 【答案】C 【解析】 【详解】A．底面积为，浸入水中的最大深度为20cm，浮力为 小筒、细砂和秤盘总重力为 根据浮沉条件知，此时物体的重力与小筒、细砂和秤盘总重力为4N，则物体的重力为 该秤能称出物体的最大质量值是，故A错误； B．小筒稳定时处于漂浮状态，属于平衡状态，合力始终为0，与称量物体的质量无关，故B错误； C．浮力秤的刻度是根据浸入深度h与物体质量m的关系确定的，，即 则，由此可知，h只与、、S有关，和外筒内的水量无关。因此增加水量不会改变刻度线，故C正确； D．由可知，当液体密度增大时，相同质量变化对应的浸入深度变化会变小，刻度间距变小，意味着能分辨的最小质量变化变大，测量精度会降低。 故D错误。 故选C。 第Ⅱ卷（非选择题 共110分） 第Ⅱ卷共17小题，共110分。第21至25题为化学试题，第26至37题为物理试题。答案请按要求书写在答题卡上。 11. 2026年4月6日，海安博文高中足球队与南通支云青训队联袂在海安市凤山足球营地上演揭幕友谊赛。运动员开球时，用脚将球踢出，说明力能改变物体的________；足球离脚后能继续运动，是因为足球具有________；以空中飞行的足球为参照物，球门是________的。 【答案】 ①. 运动状态 ②. 惯性 ③. 运动 【解析】 【详解】[1]力的作用效果包括改变物体的形状和改变物体的运动状态。足球原本静止，被脚踢出后开始运动，运动状态发生改变，因此此处填运动状态。 [2]惯性是物体保持原有运动状态不变的固有属性。足球离脚后，不受脚的作用力，但由于惯性，仍会保持原来的运动状态继续向前运动，所以此处填惯性。 [3]判断物体的运动状态需看其相对于参照物的位置变化。以空中飞行的足球为参照物，球门的位置相对于足球发生了改变，因此球门是运动的。 12. 小明想估测面巾纸的热值，进行了如下实验。 （1）将天平放在水平面上并将游码归零，发现指针偏右，则应将平衡螺母向________端调节；测量面巾纸质量时，调节天平再次平衡，右盘中的砝码和游码位置如图甲，其质量为________ g。 （2）如图乙，将面巾纸撕碎放在燃烧皿中充分燃烧后，烧杯中0.1kg的水温度升高了，则水吸收的热量Q吸=________J。[] （3）根据Q放=Q吸和Q放=mq，算出面巾纸的热值与其实际值相比是________（选填“偏大”“偏小”或“一样大”）的。 【答案】（1） ①. 左 ②. 6.4 （2）2100 （3）偏小 【解析】 【小问1详解】 天平放在水平台、游码归零后，指针偏右，说明右侧偏重、左侧偏轻，平衡螺母向左端调节。物体的质量等于砝码的质量加上游码所对刻度，由图甲可知，标尺的分度值为0.2g，面巾纸质量 【小问2详解】 水吸收的热量 【小问3详解】 面巾纸燃烧放出的热量，一部分散失到空气中、被烧杯吸收、燃烧不充分，并没有全部被水吸收，所以Q放实际>Q吸，算出的热值比真实值偏小。 13. 2025年11月14日，神舟二十一号载人飞船返回舱顺利返回地球。返回舱进入地球大气层与大气剧烈摩擦，通过__________方式增加了返回舱表面的内能，该过程与内燃机的__________冲程能量转化相同。返回舱距离地面约1m时，反推火箭发动机向下喷出高速气流，返回舱开始减速着陆，返回舱减速着陆过程中动能__________，重力势能__________（选填“增大”“减小”或“不变”）。 【答案】 ①. 做功 ②. 压缩 ③. 减小 ④. 减小 【解析】 【详解】返回舱进入大气层与大气剧烈摩擦，是通过做功的方式增加了返回舱表面的内能，将机械能转化为内能。 内燃机的压缩冲程中，活塞对气缸内气体做功，将机械能转化为内能，与返回舱摩擦生热的能量转化形式相同。 返回舱减速着陆过程中，质量不变，速度减小，所以动能减小；高度降低，所以重力势能减小。 14. 图甲是一款天然气浓度检测仪的简化电路图，电源电压为3V，定值电阻R2的阻值为10Ω，R1是气敏电阻，其阻值随天然气浓度变化规律如图乙。闭合开关S，当电压表示数低至2V时，启动报警系统。 （1）气敏电阻主要是由________（选填“导体”“绝缘体”“超导体材料”或“半导体材料”）制成的。气敏电阻的阻值随天然气浓度增大而________（选填“增大”“减小”或“不变”）。 （2）启动报警时，电路中的电流为________ A，此时天然气的浓度为________ %；报警时长30s内，R2放出的热量为________ J。 【答案】（1） ①. 半导体材料 ②.  减小 （2） ①.  0.1 ②. 0.5 ③. 3 【解析】 【小问1详解】 气敏电阻、光敏电阻这类特殊电阻，主要由半导体材料制成；从图乙可以看出，天然气浓度增大时，气敏电阻R1的阻值减小。 【小问2详解】 图甲中，R1与R2串联，电压表测R1两端电压。电源电压为 3V，当R1​两端电压低至2V时， R2两端电压 串联电路电流处处相等，电路中的电流 此时R1的阻值 对照图乙，当时，对应的天然气浓度为0.5%。 报警时R2​放出的热量 15. 在探究平面镜成像特点实验中，桌上的器材主要有：带支架的茶色玻璃板，完全相同的棋子两个，白纸。 （1）实验中使用茶色玻璃板的优点是________；选择两个完全相同的棋子A和棋子B，为了比较________。 （2）实验时，小明应在________（选填“A”或“B”）侧观察棋子A经玻璃板所成的像。 （3）实验中，改变棋子A到镜面的距离，移动镜后的棋子B，发现B总能与A的像完全重合，说明平面镜成像大小与物体到镜面的距离________（选填“有关”或“无关”）。 （4）沿玻璃板在纸上画一条直线MN代表平面镜位置，同时在白纸上记录像与物对应点的位置（图乙），把白纸沿中间直线MN对折，像点和对应物点刚好重合，说明________。 【答案】（1） ①. 便于确定像的位置 ②.  像与物的大小关系 （2）A （3）无关 （4）像和物到平面镜的距离相等 【解析】 【小问1详解】 茶色玻璃板既能反射成像，又能透过玻璃板观察到后面的棋子B，方便确定像的位置；用棋子B与棋子A的像重合，是为了比较像与物的大小关系，验证像和物体大小相等。 【小问2详解】 平面镜成的是虚像，是由光的反射形成的，虚像需要在反射光线一侧观察，所以应在A侧观察棋子A的像。 【小问3详解】 改变棋子A到镜面的距离，棋子B总能与 A 的像完全重合，说明像的大小始终与物体大小相等，与物体到镜面的距离无关。 【小问4详解】 沿MN对折后，像点与对应物点刚好重合，说明像和物到镜面的距离相等。 16. 按题目要求作图。 （1）如图甲，一束光从空气斜射向水面，请画出反射光线和折射光线的大致位置。 （2）如图乙，鸡蛋在浓盐水中加速上浮，请画出它的受力示意图（不计液体的阻力）。 （3）如图丙，请用笔画线代替导线将“光控开关”、“声控开关”和节能灯正确接入家庭电路，要求：节能灯只有在光线很暗且有声音时才亮。 【答案】（1） （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 反射光线在水面上方，法线另一侧，与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角；折射光线在水中，法线另一侧，光从空气斜射入水中，折射角小于入射角，光线向法线偏折。 【小问2详解】 鸡蛋加速上浮，说明浮力大于重力。重力G作用点在鸡蛋重心，方向竖直向下。浮力F浮​作用点也在鸡蛋重心，方向竖直向上，且线段长度比重力长。 【小问3详解】 要求“只有光线暗且有声音时才亮”，说明两个开关需要串联，且开关必须接在火线上。 17. 歼-20是我国第五代隐身重型歼击机，其空载质量为1.7×103kg，空载的歼-20停在水平地面时，轮胎与地面接触的总面积为0.4m2。歼-20以2倍声速匀速直线飞行100s，发动机的功率为9.52×107W。g取10N/kg，求： （1）歼-20空载时对水平地面的压力和压强。 （2）歼-20匀速飞行时100s内发动机做的功。 【答案】（1） 1.7×104N，4.25×104Pa （2） 9.52×109J 【解析】 【小问1详解】 歼-20空载时对水平地面的压力等于自身重力，即 已知轮胎与地面接触总面积 根据压强公式，代入数据得 【小问2详解】 歼-20匀速飞行时100s内发动机做的功 18. 如图为某智能电饭锅的简化电路图，R1、R2是电热丝，，开关S0为温控自动开关，能在保温挡和加热挡间自动切换。加热挡功率是保温挡功率的6倍。 （1）闭合开关S、S0时，R1中通过的电流及电阻R1的功率。 （2）电阻R2的阻值。 【答案】（1）5A，1100W （2）220Ω 【解析】 【小问1详解】 由图可知，电源电压，闭合开关S、时，与并联，根据并联电路电压规律，两端电压等于电源电压，即，已知。根据欧姆定律，代入数据得通过的电流 根据电功率公式，代入数据得的功率 【小问2详解】 当只闭合S时，只有接入电路，电路为保温挡，保温功率；当S、都闭合时，两电阻并联，总功率为两电阻功率之和，为加热挡，总功率。 由题意得加热挡功率是保温挡的6倍，即 整理得，因此的功率 的阻值 19. 实验小组在“探究液体压强与哪些因素有关”实验中，进行了如下的操作。 （1）实验前，用手指轻压液体压强计的橡皮膜，发现U形管中的液面升降灵活，说明该装置 ________（选填“漏气”或“不漏气”）。此时压强计________（选填“是”或“不是”）连通器。 （2）实验中液体压强大小的变化是通过比较液体压强计________来判断的。 （3）分析图甲、乙的实验现象，可得出：同种液体中，液体压强随液体深度的增大而________。 （4）小华设计了如图丙的装置来验证液体压强的特点：容器中间隔板下部有一圆孔用薄橡皮膜封闭。当容器左、右两侧分别加入深度不同的水和盐水时，根据实验现象________（选填“能”或“不能”）得出液体压强与液体密度有关的初步结论，理由是________ 。 【答案】（1） ①. 不漏气 ②. 不是 （2）U形管两侧液面高度差 （3）增大 （4） ①. 能 ②. 橡皮膜中心处左侧水的深度大于右侧盐水，而右侧盐水对橡皮膜中心处的压强要大于左侧水对橡皮膜中心处的压强，密度小且深度大的液体压强反而要小 【解析】 【小问1详解】 使用前应检查压强计是否漏气，方法是用手指轻按金属盒上的橡皮膜，如果U形管两侧液面发生灵活变化，则说明该压强计气密性好，装置不漏气。 连通器要求两端开口、底部连通，而压强计的U形管一端是封闭的，所以此时压强计不是连通器。 【小问2详解】 液体内部压强大小是不能直接观察出来的，可以通过U形管两侧液面的高度差来反映，液面高度差越大，液体内部压强越大。 【小问3详解】 甲、乙两图得到，液体的密度相等，液体越深，U形管两侧液面高度差越大，说明液体内部压强越大，所以同种液体中，液体压强随液体深度的增大而增大。 【小问4详解】 丙图中，容器左右两侧分别加入深度不同的水和盐水，橡皮膜中心处左侧水的深度大于右侧盐水，而右侧盐水对橡皮膜中心处的压强要大于左侧水对橡皮膜中心处的压强，密度小且深度大的液体压强反而要小，则能得出液体压强与液体密度有关的初步结论。 20. 某物理实验小组用“伏安法”测量未知电阻Rx1阻值，选择的实验器材如图甲所示，电源电压恒定。 （1）实验连接的电路如图甲所示，其中有一根导线连接错误，请在错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线画出正确的导线。 （2）电路连接正确后，闭合开关前，滑片应位于最________端。闭合开关后，发现无论怎样移动滑片P，电压表、电流表都没有示数，于是断开开关，将电压表正接线柱上导线的另一端改接到变阻器R1的上接线柱上，闭合开关，发现电压表指针明显偏转，电流表仍无示数，则电路故障是________。 （3）排除故障后，当滑片P移到某一位置时，电压表示数为2.4V，电流表示数如图乙，其读数为 ________，则未知电阻Rx1=________。 （4）同组的小明测量另一个待测电阻Rx2，设计了如图丙所示电路： ①将变阻器R2滑片P移至最右端，断开开关S2，闭合开关S、S1，读出电压表示数为U1； ②断开开关S1，闭合开关S、S2，先将变阻器R2滑片P移至中点，后改变电阻箱R3的阻值，使电压表示数仍为U1； ③如图丁所示，读出电阻箱R3的阻值，则Rx2=________。 若实验中，小明在“①将变阻器R2滑片P移至最右端”时，滑片P未能到达最右端，其他操作正确，则待测电阻Rx测量值________（选填“大于”“小于”或“等于”）真实值。 【答案】（1） （2） ①. 左 ②. 电流表断路 （3） ①. ②. 15 （4） ①. 40 ②. 大于 【解析】 【小问1详解】 需要让电流表与被测电阻串联，电压表并在被测电阻两端，据此作图。 【小问2详解】 闭合开关前，为了安全，要让电流最小，需将滑动变阻器的滑片调到最大阻值处，即最左端。 闭合开关后，发现无论怎样移动滑片，电压表、电流表都没有示数，说明电路中电压表两接线柱之外有断路，断开开关，将电压表的正接线柱改接到滑动变阻器的上接线柱上，闭合开关，发现电压表指针明显偏转，电流表仍无示数，说明电压表两接线柱之外是通路，断路位置在两接线柱之内，综合分析故障是电流表断路。 【小问3详解】 由乙图可知，电流表使用0~0.6A量程，分度值为0.02A，读数为0.16A。 未知电阻 【小问4详解】 ①将变阻器R2滑片P移至最右端，断开开关S2闭合开关S、S1，读出电压表示数为U1； ②断开开关S1，闭合开关S、S2，先将变阻器R2滑片P移至中点，后改变电阻箱R3的阻值，使电压表示数仍为U1； ③电阻箱的读数方法是分别读出旋钮对应的读数，用数字乘以底下的倍数，最后将四个数据相加，如图丁所示， 在①中，待测电阻与变阻器的最大电阻串联，电压表测变阻器最大电阻的电压，电压表示数为U1，设此时电路的电流为I01； 在②中，电阻箱与变阻器的最大电阻的二分之一阻值串联，电压表测变阻器的电压，电压表示数为U1，根据欧姆定律可知，此时电路的电流为 根据串联电压的规律，在①②中，因电压表示数不变，故待测电阻与电阻箱的电压也不变，根据U=IR可知，在电压不变时，电流与电阻成反比，故 若实验中，小明在“①将变阻器R2滑片P移至最右端”时，滑片P没有能到达最右端，变阻器连入电路的电阻变小，而其他操作正确，设此时的电流为，由分压原理，导致电压表示数U1变小，故此时②中电压表示数也变小，故电阻箱的电压要变大，由分压原理，电阻箱的阻值变大，故导致测量出的待测电阻Rx测量值大于真实值。 21. 在“研究气泡的运动速度”实验中，小华发现气泡上升有快有慢。为了“探究气泡的运动快慢与哪些因素有关”，小华和同学们提出如下猜想： 猜想1：与气泡的大小有关； 猜想2：与玻璃管中液体的种类有关； 猜想3：与玻璃管和水平面的倾角有关。 （1）根据所学知识，他们经过讨论，判断猜想2是________（选填“正确”或“错误”）的，判断的依据是________。 （2）如图，为了验证猜想3是否正确，小华在细玻璃管上做上记号A、B，保持气泡长度2cm不变，改变倾角大小，测出气泡经过AB段的时间t，实验数据记录如下表： 实验序号 1 2 3 4 5 倾角 15° 30° 45° 60° 90° t/s 22.5 14.9 12.5 13.8 19.9 ①实验中，为便于测量时间，应使管内气泡运动得________（选填“快”或“慢”）一些。 ②第2次实验中，气泡从A点运动到B点的路程为________ cm，AB段的平均速度为 ________m/s。 ③分析数据，可得出：在气泡大小相同时，随着倾角增大，气泡的运动速度________。 ④小虎由表格数据得出：倾角为45°时气泡的运动最快。你认为他的判断是________（选填“准确”或“不准确”）的，理由是________ 【答案】（1） ①. 正确 ②. 不同液体对气泡的阻力不同 （2） ①. 慢 ②. 80.0 ③. 0.054 ④. 先变大后变小 ⑤. 不准确 ⑥. 实验次数太少 【解析】 【小问1详解】 根据所学知识，他们经过讨论，判断猜想2是正确的，判断的依据是不同液体对气泡的阻力不同。 【小问2详解】 ①实验中，为便于测量时间，减小测量的误差，应使管内气泡运动得慢一些。 ②由图可知，刻度尺的分度值是1cm，第2次实验中，气泡从A点运动到B点的路程为 AB段的平均速度为 ③分析数据，可得出：在气泡大小相同时，随着倾角增大，所用时间先变小，后变大，由可知，气泡的运动速度先变大后变小。 ④小虎由表格数据得出：倾角为45°时气泡的运动最快，他的判断是不准确的，理由是：表中数据玻璃管的倾角为45°且气泡长度为2cm时，气泡运动得最快，但实验次数太少，他的结论不可靠。 22. 阅读短文，回答问题 跨学科实践——智能人形机器人研究的项目化学习活动 【项目介绍】2026年春晚，智能人形机器人（图甲）轮番登场，演小品、耍武术、跳群舞等，满满的科技感赢得了观众的喝彩。结合所学知识，某学习小组开展了“智能人形机器人研究”实践活动。为了实现智能感知和精确动作控制，“小M”智能人形机器人包含视觉、听觉、触觉、力觉、温度、距离、平衡觉共七大感知系统。下表是“小M”智能人形机器人的一些参数。（能量密度是指电池单位质量所输出的电能） 机器人总质量 50kg 电池能量密度 0.50kW·h/kg 电池工作电压 60V 电池总质量 2kg 电动机额定功率 500W 报警电流 10mA 【项目实施】 研究项目一：机器人感知系统 （1）“小M”通过嗅觉能闻到外界的各种气味，说明分子处在永不停息的________中。 （2）关于“小M”的感知系统，下列说法中不正确的是 A. 其听觉系统是凭音色分辨不同乐器 B. 其视觉系统中摄像头相当于凸透镜 C. 其测温系统感知红外线来进行测温 D. 其激光雷达测距离不能在真空使用 研究项目二：机器人运动系统 （3）为了提升“小M”走路的稳定性，其脚底有深深的花纹，为了________（选填“增大”或“减小”）摩擦力。电动机是“小M”各关节的核心动力装置，工作时是将电能主要转化为________。 （4）若当剩余电量减为电池容量的10%时，“小M”会主动寻找充电器充电，则充满电后至下一次自动充电前，“小M”能够连续正常工作的最长时间为________ h。为确保“小M”能顺利返回充电，假设需要充电时离充电器最远路程不能超过900m，则“小M”返回过程中受到的水平阻力为________N。（剩余电池容量的30%用于提供克服阻力做功） 研究项目三：机器人保护系统 为了避免“小M”在执行搬运任务时因所受压力过大而损伤，设计了如图乙的负重过载保护电路，图乙中电源电压为3V，RF为压敏电阻，其阻值随机器人所受压力变化的图像如图丙所示。当报警器（电阻不计）通过的电流超过报警电流时就会报警，并放弃执行搬运任务，从而避免机器人受损伤。 （5）如图乙，闭合开关S，当“小M”的负重为220N时就会报警，则滑动变阻器接入电路的电阻为________ 。若保持滑动变阻器的滑片P不动，当“小M”的负重为G时，电路中的电流为6mA，则此时负重G为________N。 （6）长时间工作后，电源电压有所降低，为了使报警器仍能正常工作，不改变电路元件的前提下，请写出一条可行的措施：________。 【答案】（1）无规则运动 （2）D （3） ①. 增大 ②. 机械能 （4） ①. 1.8 ②. 120 （5） ①. 250 ②. 170 （6）将滑动变阻器滑片向a端移动（减小滑动变阻器接入电路的阻值） 【解析】 【小问1详解】 能闻到气味是扩散现象，扩散现象说明分子处在永不停息的无规则运动中。 【小问2详解】 A．不同发声体的音色不同，听觉系统可以凭音色分辨不同乐器，故A正确； B．摄像头的成像原理和照相机相同，相当于凸透镜，故B正确； C．红外测温系统是通过感知物体辐射的红外线进行测温，故C正确； D．激光属于电磁波，传播不需要介质，可以在真空中传播，因此激光雷达测距可以在真空使用，故D错误。 本题要求选不正确的，故选D。 【小问3详解】 脚底花纹是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度增大摩擦力。 电动机工作时消耗电能，输出机械能带动关节运动，因此主要将电能转化为机械能。 【小问4详解】 充满电的总电能 剩余10%电量时充电，可用于正常工作的电能 电动机额定功率，由得工作最长时间 剩余电量中30%用于克服阻力做功，做功大小 由得，返回过程中受到的水平阻力为 【小问5详解】 根据图丙的两个点（，） 、（，）可得，压敏电阻的阻值关系（单位：，F单位：N）。 报警电流，电源电压，总电阻 负重220N时，，因此滑动变阻器接入电阻 电流，总电阻 不变，因此，代入，解得 则此时负重 【小问6详解】 电源电压降低后，若要保持原来的报警压力不变，根据，U减小，要在相同（相同压力）下达到报警电流，需要减小总电阻，即减小滑动变阻器接入电路的阻值，所以可行措施为将滑动变阻器滑片向a端移动（减小滑动变阻器接入的阻值）。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 九年级物理 注意事项 考生在答题前请认真阅读本注意事项 1.本试卷满分为150分，考试时间为150分钟。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。 2.答题前，请务必将自己的姓名、考试证号用0.5毫米黑色字迹的签字笔填写在试卷及答题卡指定的位置。 3.请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、考试证号与你本人的是否相符。 4.答案必须按要求书写在答题卡上，在草稿纸、试卷上答题一律无效。 第I卷（选择题 共40分） 第I卷共20小题，每小题2分，共40分。每小题给出的四个选项中只有一个选项正确。第1至10题为物理试题，第11至20题为化学试题。答案请按要求填涂在答题卡上。 1. 我国的北斗卫星能够精细导航，它使用的定位卫星与地面间信息传递利用的是（　　） A. 超声波 B. 次声波 C. 红外线 D. 电磁波 2. 离心玻璃棉作为一种新型的吸声建筑材料得到工人们的广泛使用。在下列措施中，与这种控制噪声的方法相同的是（ ） A. 在马路边周围植树 B. 设置禁止鸣笛路段 C. 摩托车安装消声器 D. 工人戴防噪声耳罩 3. AI时代的核心资源是电力，下列利用不可再生能源发电的是（ ） A. 太阳能发电 B. 潮汐能发电 C. 地热能发电 D. 核能发电 4. 小丽从冰箱冷冻室中取出的冻肉在空气中放置一会儿，冻肉上会出现一层“白霜”；一段时间后，“白霜”消失，变为“水珠”。下列说法正确的是（ ） A. “白霜”是由吸热升华形成 B. “白霜”是由放热凝华形成 C. “水珠”是由放热液化形成 D. “水珠”是由放热熔化形成 5. 下列实验中，能够反映图中电磁起重机工作原理的是（ ） A. B. C. D. 6. 如图是元代王祯《农书》中描绘的农民使用扇车清选谷物的情景。农民将谷物倒入扇车后，快速摇动摇柄，扇轮转动产生气流，气流使干瘪谷物从远端出风口飞出。下列说法正确的是（ ） A. 谷物从出风口飞出时，质量变小 B. 快速摇动摇柄，扇车内气压变小 C. 谷物向上飞出时，所受合力向上 D. 摇柄相当于省力杠杆，可以省功 7. 如图，电源电压恒定，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P由b点向中点移动过程中，下列判断正确的是（ ） A. 灯泡变亮 B. 灯泡变暗 C. 电流表示数变大 D. 电压表示数变小 8. 如图，利用动滑轮提升一个重为G的物块，不计绳重和摩擦，其机械效率为60%。要使此滑轮的机械效率达到90%，则需要提升重力为G的个数为（ ） A. 2个 B. 4个 C. 6个 D. 8个 9. 小明家一只挂壁式空调连续正常工作15min，可使他家的电能表脉冲指示灯闪烁800次，则他家安装电能表铭牌上电能表常数最接近于（ ） A. 3200imp/（kW·h） B. 2000imp/（kW·h） C. 1200imp/（kW·h） D. 600imp/（kW·h） 10. 如图，小明用小筒、秤盘和外筒自制“浮力秤”，称量物体的质量。已知小筒的质量为40g，筒内装入100g的细砂，底面积为20cm2，可浸入水中的最大深度为20cm，秤盘的质量为10g，外筒是足够高的透明大筒，容器壁厚度可忽略不计，（，）。下列说法正确的是（ ） A. 该秤能够称量出物体的最大质量值为260g B. 称量物体越重，小筒稳定时受到的合力越大 C. 增加外筒内水量，小筒上质量的刻度线不变 D. 增加外筒内液体密度，该秤的测量精度增大 第Ⅱ卷（非选择题 共110分） 第Ⅱ卷共17小题，共110分。第21至25题为化学试题，第26至37题为物理试题。答案请按要求书写在答题卡上。 11. 2026年4月6日，海安博文高中足球队与南通支云青训队联袂在海安市凤山足球营地上演揭幕友谊赛。运动员开球时，用脚将球踢出，说明力能改变物体的________；足球离脚后能继续运动，是因为足球具有________；以空中飞行的足球为参照物，球门是________的。 12. 小明想估测面巾纸的热值，进行了如下实验。 （1）将天平放在水平面上并将游码归零，发现指针偏右，则应将平衡螺母向________端调节；测量面巾纸质量时，调节天平再次平衡，右盘中的砝码和游码位置如图甲，其质量为________ g。 （2）如图乙，将面巾纸撕碎放在燃烧皿中充分燃烧后，烧杯中0.1kg的水温度升高了，则水吸收的热量Q吸=________J。[] （3）根据Q放=Q吸和Q放=mq，算出面巾纸的热值与其实际值相比是________（选填“偏大”“偏小”或“一样大”）的。 13. 2025年11月14日，神舟二十一号载人飞船返回舱顺利返回地球。返回舱进入地球大气层与大气剧烈摩擦，通过__________方式增加了返回舱表面的内能，该过程与内燃机的__________冲程能量转化相同。返回舱距离地面约1m时，反推火箭发动机向下喷出高速气流，返回舱开始减速着陆，返回舱减速着陆过程中动能__________，重力势能__________（选填“增大”“减小”或“不变”）。 14. 图甲是一款天然气浓度检测仪的简化电路图，电源电压为3V，定值电阻R2的阻值为10Ω，R1是气敏电阻，其阻值随天然气浓度变化规律如图乙。闭合开关S，当电压表示数低至2V时，启动报警系统。 （1）气敏电阻主要是由________（选填“导体”“绝缘体”“超导体材料”或“半导体材料”）制成的。气敏电阻的阻值随天然气浓度增大而________（选填“增大”“减小”或“不变”）。 （2）启动报警时，电路中的电流为________ A，此时天然气的浓度为________ %；报警时长30s内，R2放出的热量为________ J。 15. 在探究平面镜成像特点实验中，桌上的器材主要有：带支架的茶色玻璃板，完全相同的棋子两个，白纸。 （1）实验中使用茶色玻璃板的优点是________；选择两个完全相同的棋子A和棋子B，为了比较________。 （2）实验时，小明应在________（选填“A”或“B”）侧观察棋子A经玻璃板所成的像。 （3）实验中，改变棋子A到镜面的距离，移动镜后的棋子B，发现B总能与A的像完全重合，说明平面镜成像大小与物体到镜面的距离________（选填“有关”或“无关”）。 （4）沿玻璃板在纸上画一条直线MN代表平面镜位置，同时在白纸上记录像与物对应点的位置（图乙），把白纸沿中间直线MN对折，像点和对应物点刚好重合，说明________。 16. 按题目要求作图。 （1）如图甲，一束光从空气斜射向水面，请画出反射光线和折射光线的大致位置。 （2）如图乙，鸡蛋在浓盐水中加速上浮，请画出它的受力示意图（不计液体的阻力）。 （3）如图丙，请用笔画线代替导线将“光控开关”、“声控开关”和节能灯正确接入家庭电路，要求：节能灯只有在光线很暗且有声音时才亮。 17. 歼-20是我国第五代隐身重型歼击机，其空载质量为1.7×103kg，空载的歼-20停在水平地面时，轮胎与地面接触的总面积为0.4m2。歼-20以2倍声速匀速直线飞行100s，发动机的功率为9.52×107W。g取10N/kg，求： （1）歼-20空载时对水平地面的压力和压强。 （2）歼-20匀速飞行时100s内发动机做的功。 18. 如图为某智能电饭锅的简化电路图，R1、R2是电热丝，，开关S0为温控自动开关，能在保温挡和加热挡间自动切换。加热挡功率是保温挡功率的6倍。 （1）闭合开关S、S0时，R1中通过的电流及电阻R1的功率。 （2）电阻R2的阻值。 19. 实验小组在“探究液体压强与哪些因素有关”实验中，进行了如下的操作。 （1）实验前，用手指轻压液体压强计的橡皮膜，发现U形管中的液面升降灵活，说明该装置 ________（选填“漏气”或“不漏气”）。此时压强计________（选填“是”或“不是”）连通器。 （2）实验中液体压强大小的变化是通过比较液体压强计________来判断的。 （3）分析图甲、乙的实验现象，可得出：同种液体中，液体压强随液体深度的增大而________。 （4）小华设计了如图丙的装置来验证液体压强的特点：容器中间隔板下部有一圆孔用薄橡皮膜封闭。当容器左、右两侧分别加入深度不同的水和盐水时，根据实验现象________（选填“能”或“不能”）得出液体压强与液体密度有关的初步结论，理由是________ 。 20. 某物理实验小组用“伏安法”测量未知电阻Rx1阻值，选择的实验器材如图甲所示，电源电压恒定。 （1）实验连接的电路如图甲所示，其中有一根导线连接错误，请在错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线画出正确的导线。 （2）电路连接正确后，闭合开关前，滑片应位于最________端。闭合开关后，发现无论怎样移动滑片P，电压表、电流表都没有示数，于是断开开关，将电压表正接线柱上导线的另一端改接到变阻器R1的上接线柱上，闭合开关，发现电压表指针明显偏转，电流表仍无示数，则电路故障是________。 （3）排除故障后，当滑片P移到某一位置时，电压表示数为2.4V，电流表示数如图乙，其读数为 ________，则未知电阻Rx1=________。 （4）同组的小明测量另一个待测电阻Rx2，设计了如图丙所示电路： ①将变阻器R2滑片P移至最右端，断开开关S2，闭合开关S、S1，读出电压表示数为U1； ②断开开关S1，闭合开关S、S2，先将变阻器R2滑片P移至中点，后改变电阻箱R3的阻值，使电压表示数仍为U1； ③如图丁所示，读出电阻箱R3的阻值，则Rx2=________。 若实验中，小明在“①将变阻器R2滑片P移至最右端”时，滑片P未能到达最右端，其他操作正确，则待测电阻Rx测量值________（选填“大于”“小于”或“等于”）真实值。 21. 在“研究气泡的运动速度”实验中，小华发现气泡上升有快有慢。为了“探究气泡的运动快慢与哪些因素有关”，小华和同学们提出如下猜想： 猜想1：与气泡的大小有关； 猜想2：与玻璃管中液体的种类有关； 猜想3：与玻璃管和水平面的倾角有关。 （1）根据所学知识，他们经过讨论，判断猜想2是________（选填“正确”或“错误”）的，判断的依据是________。 （2）如图，为了验证猜想3是否正确，小华在细玻璃管上做上记号A、B，保持气泡长度2cm不变，改变倾角大小，测出气泡经过AB段的时间t，实验数据记录如下表： 实验序号 1 2 3 4 5 倾角 15° 30° 45° 60° 90° t/s 22.5 14.9 12.5 13.8 19.9 ①实验中，为便于测量时间，应使管内气泡运动得________（选填“快”或“慢”）一些。 ②第2次实验中，气泡从A点运动到B点的路程为________ cm，AB段的平均速度为 ________m/s。 ③分析数据，可得出：在气泡大小相同时，随着倾角增大，气泡的运动速度________。 ④小虎由表格数据得出：倾角为45°时气泡的运动最快。你认为他的判断是________（选填“准确”或“不准确”）的，理由是________ 22. 阅读短文，回答问题 跨学科实践——智能人形机器人研究的项目化学习活动 【项目介绍】2026年春晚，智能人形机器人（图甲）轮番登场，演小品、耍武术、跳群舞等，满满的科技感赢得了观众的喝彩。结合所学知识，某学习小组开展了“智能人形机器人研究”实践活动。为了实现智能感知和精确动作控制，“小M”智能人形机器人包含视觉、听觉、触觉、力觉、温度、距离、平衡觉共七大感知系统。下表是“小M”智能人形机器人的一些参数。（能量密度是指电池单位质量所输出的电能） 机器人总质量 50kg 电池能量密度 0.50kW·h/kg 电池工作电压 60V 电池总质量 2kg 电动机额定功率 500W 报警电流 10mA 【项目实施】 研究项目一：机器人感知系统 （1）“小M”通过嗅觉能闻到外界的各种气味，说明分子处在永不停息的________中。 （2）关于“小M”的感知系统，下列说法中不正确的是 A. 其听觉系统是凭音色分辨不同乐器 B. 其视觉系统中摄像头相当于凸透镜 C. 其测温系统感知红外线来进行测温 D. 其激光雷达测距离不能在真空使用 研究项目二：机器人运动系统 （3）为了提升“小M”走路的稳定性，其脚底有深深的花纹，为了________（选填“增大”或“减小”）摩擦力。电动机是“小M”各关节的核心动力装置，工作时是将电能主要转化为________。 （4）若当剩余电量减为电池容量的10%时，“小M”会主动寻找充电器充电，则充满电后至下一次自动充电前，“小M”能够连续正常工作的最长时间为________ h。为确保“小M”能顺利返回充电，假设需要充电时离充电器最远路程不能超过900m，则“小M”返回过程中受到的水平阻力为________N。（剩余电池容量的30%用于提供克服阻力做功） 研究项目三：机器人保护系统 为了避免“小M”在执行搬运任务时因所受压力过大而损伤，设计了如图乙的负重过载保护电路，图乙中电源电压为3V，RF为压敏电阻，其阻值随机器人所受压力变化的图像如图丙所示。当报警器（电阻不计）通过的电流超过报警电流时就会报警，并放弃执行搬运任务，从而避免机器人受损伤。 （5）如图乙，闭合开关S，当“小M”的负重为220N时就会报警，则滑动变阻器接入电路的电阻为________ 。若保持滑动变阻器的滑片P不动，当“小M”的负重为G时，电路中的电流为6mA，则此时负重G为________N。 （6）长时间工作后，电源电压有所降低，为了使报警器仍能正常工作，不改变电路元件的前提下，请写出一条可行的措施：________。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $