2026届河南省南阳市部分学校全真模拟考前学情自测物理试题

**基本信息** 以2026年EAST装置、星链卫星降轨等科技前沿为情境，覆盖力学、电磁学、热学等核心知识，通过实验设计与综合问题考查科学思维与探究能力。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |单选|7/28|核反应、机械能、电路分析|结合“人造太阳”核反应考查比结合能，体现科技前沿| |多选|3/18|磁场运动、热力学定律|以电子在磁场中运动为载体，融合几何关系与洛伦兹力| |非选择|5/54|实验设计（热敏电阻报警电路）、力学综合（长木板运动）|航天服气密性检测题联系实际，考查玻意耳定律应用，强化科学态度与责任|

物理试题 注意事项： 1、答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在试卷、答题卡上。 2、回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 3、考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、单项选择题：（本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。） 1．2026年1月，中国EAST装置证实“托卡马克密度自由区”存在，为高密度运行提供新依据。“人造太阳”内部发生的一种核反应方程为，已知的比结合能为，的比结合能为，的比结合能为，光在真空中的传播速度为，半衰期为12.46年。下列说法正确的是（　　） A．核反应方程中X是 B．核聚变时轻核间距离达到原子直径范围以内就可以 C．核反应中的质量亏损可表示为 D．在高温高压下半衰期会变大 2．如图甲所示为避险车道，其简化模型如图乙所示。一辆质量为的货车刹车失灵后冲上避险车道，经过点时速度大小为，到达点时速度恰好减小为0，点为中点，两点高度差为，货车从到的运动视为匀变速运动，重力加速度大小为，则货车（     ） A．从到的过程中，机械能减少了 B．从到的过程中，机械能减少了 C．从到与从到所用的时间之比 D．从到与从到所用的时间之比 3．图为分拣苹果的装置示意图。该装置按照一定质量标准自动分拣大苹果和小苹果，托盘秤压在一个以O1为转动轴的杠杆上，杠杆末端压在压力传感器R1上，已知压力越大，R1阻值越小。若R2两端的电压较小，分拣开关在弹簧向上弹力作用下处于水平状态，小苹果进入通道1；当R2两端的电压超过某一值U时，可使放大电路中的电磁铁吸引分拣开关的衔铁，此时大于一定标准质量的大苹果进入通道2。已知电源的电动势E1、内阻不计。下列说法正确的是（　　） A．增大电动势E1，分拣苹果的质量标准变小 B．托盘秤上的苹果质量越小，R1两端的电压越小 C．若只增大R2的阻值，则能进入通道2的苹果的标准质量变大 D．若仅改变电磁铁线圈的绕向，则分拣苹果的质量标准将发生改变 4．下列关于甲、乙、丙、丁四幅图中物理现象的描述。正确的是（     ） A．图甲中，竖直放置的铁丝圈上附有肥皂膜，用黄色平行光照射面，在面右侧可观测到干涉条纹 B．图乙是利用光的干涉来检查样板平整度，若将黄光照射变为蓝光，则条纹将变疏 C．图丙中、是偏振片，当固定不动，以光的传播方向为轴，将在竖直面内转动，光屏上的光的亮度不变 D．图丁中，泊松亮斑是光照射到小圆屏时发生衍射产生的 5．如图所示，一质子源发射出的质子（初速度很小，可视为零）进入加速电场加速，从两板正中间平行极板进入偏转电场，穿过两板后又垂直于磁场射入边界线与偏转极板垂直的匀强磁场，磁场方向垂直于纸面向里。加速电压为，偏转电压为，粒子射入磁场和射出磁场的M、N两点间的距离为，则（　　） A．随增大而增大，与无关 B．随增大而增大，与无关 C．若将质子换成粒子，其他条件不变，不变 D．若将质子换成粒子，其他条件不变，变小 6．如图（a）所示，石磨由圆柱形可动磨盘和固定磨盘组成，可动磨盘能绕过圆心的竖直轴转动，其俯视简化图如图（b）所示。某次研磨时，手推动推杆使可动磨盘匀速转动，可动磨盘的上表面圆形进料口边缘有两粒谷物A、B恰能随磨盘一起转动。下列说法正确的是（　　） A．可动磨盘转动一周过程中，手对推杆做的功为零 B．谷物A所受摩擦力方向沿其运动轨迹切线方向 C．谷物A的向心加速度小于谷物B的向心加速度 D．若增大可动磨盘的转速，谷物A、B都能进入进料口中 7．美国spacex公司计划在2026年对其发射的星链卫星进行降轨操作，降轨后的星链卫星，对我国天宫号空间站的安全造成很大的威胁。如图所示，假设某颗星链卫星降轨后的轨道为椭圆，天宫空间站轨道为圆形，两轨道在同一平面内，A、B是两轨道的交点。已知它们的周期相同，下列说法正确的是（　　） A．星链卫星在近地点的速度一定大于空间站的速度 B．空间站卫星和星链卫星在A点处的向心加速度相同 C．星链卫星与空间站在A处的速度有可能相同 D．由于轨道有交点，经过一段时间后，它们一定会相遇 二、多项选择题：（本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。） 8．如图所示，电子由静止开始，经M、N板间的电场加速后，从A点垂直于磁场边界射入宽度为d、磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场中，电子离开磁场时的位置P偏离入射方向的距离。已知电子的质量为m，电荷量为e，取。下列说法正确的是（　　） A．电子进入磁场时的速度大小为 B．电子在磁场中做圆周运动的半径为 C．电子在磁场中运动的时间为 D．若电场可调，为使电子能从磁场的右侧边界射出，则加速电压的最小值为 9．如图所示，是一个固定在水平面上的绝热容器，缸壁足够长，面积为的绝热活塞被锁定。隔板左右两部分体积均为，隔板左侧为真空，右侧中有一定质量的理想气体处于温度、压强的状态1。抽取隔板，右侧中的气体就会扩散到左侧中，最终达到状态2。然后解锁活塞，同时施加水平恒力，仍使其保持静止，当电阻丝加热时，活塞能缓慢滑动（无摩擦），使气体达到温度的状态3，气体内能增加54.5 J。已知大气压强，隔板厚度不计。以下说法正确的是（　　） A．气体从状态1到状态2是可逆过程 B．气体从状态1到状态2分子平均动能不变 C．水平恒力大小为 D．电阻丝放出的热量大小为 10．如图所示，在水平面上相距足够远处静置着两个质量均为的物块、，在、之间有一质量为的光滑物块。现给水平向右的初速度。已知、与地面间的动摩擦因数均为，重力加速度大小为，所有碰撞均为弹性正碰。下列说法正确的是（     ） A．与第一次碰撞后瞬间，二者速度大小相等 B．与第二次碰撞前，的位移大小为 C．的总位移大小为 D．的总位移大小为 三、非选择题：（本题共5小题，共54分。） （6分）11．某实验小组设计了一个“温度升高自动报警电路”，如图（a）所示，将热敏电阻放置于需要探测温度的地方，热敏电阻与报警器串联接入回路，当温度升高时，感温元件热敏电阻的阻值减小，回路中电流随之增大，当增大到一定值时，报警器便开始工作。这就实现了将温度这个热学量转化为电学量控制报警器报警的目的。实验装置有输出电压为6V的直流电源、电流超过2.6mA时报警的报警器、最大阻值为的滑动变阻器、单刀双掷开关、最大阻值的电阻箱、热敏电阻（MF52），其电阻温度特性如图（b）所示。该实验的操作步骤如下。 （1）在答题卡上完成报警系统电路图的连线，开始时滑动变阻器的触头置于阻值_______（选填“最大”或“最小”）处； （2）若预设的报警温度为40C，则该温度下热敏电阻的阻值约为_______（结果保留2位有效数字）； （3）调节电阻箱的阻值为该阻值，打开电源开关，再将单刀双掷开关置于电阻箱端，缓慢改变滑动变阻器阻值，直到报警器恰好响起。将单刀双掷开关置于热敏电阻端，这样就实现了温度升高至预设温度时自动报警的目的； （4）若某同学不小心将滑动变阻器阻值增大，则报警温度将_______（选填“升高”“降低”或“不变”）。 （9分）12．1. （1）用图1所示的多用表测量一合金丝的电阻。待测合金丝阻值约为十几欧，测量步骤如下： ①使用前先调节指针定位螺丝，使多用电表指针对准“直流电流、电压”的0刻线。 ②将选择开关转到电阻挡的__________（选填“×1”“×10”或“×100”）的位置。 ③将红、黑表笔插入“＋”、“－”插孔，并将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使电表指针对准“电阻”的__________（选填“0刻线”或“∞刻线”）。 ④将两表笔分别与待测电阻相接，读取数据，示数如图2所示，则合金丝的阻值为__________。 （2）按照图3连接电路，测量合金丝的电阻率。实验时多次改变合金丝甲接入电路的长度、调节滑动变阻器连入电路的阻值，使电流表的读数达到某一相同值时记录电压表的示数U，从而得到多个的值，作出图像，如图4中图线a所示。 ①在实验中应使用__________（选填“0~20”或“0~200”）的滑动变阻器。 ②已知合金丝甲的横截面积为8.0×10-8m2，则合金丝甲的电阻率为__________·m（结果保留2位有效数字）。 ③图4中图线b是另一根长度相同、材料相同的合金丝乙采用同样的方法获得的图像，由图可知合金丝乙的横截面积__________（选填“大于”、“等于”或“小于”）合金丝甲的横截面积。 ④请从理论上分析并说明，利用图4中直线斜率求合金丝电阻率，是否存在因电表内阻带来的误差__________。 四、解答题 （10分）13．2026年我国空间站常态化开展舱外出舱任务，舱外航天服需在太空真空环境下稳定工作，气密性是重要的检测指标。现有一件舱外航天服，航天服内为真空状态。给航天服充入体积、压强为的氧气后，航天服内部压强达到。充气过程中温度保持恒定。 (1)求充气后航天服的容积； (2)把充好气的航天服放入检测室，将检测室抽成真空后密封，如图所示。48小时后，测出检测室内的压强为。已知检测室内能容纳气体的空间体积（除去航天服所占体积）为且不变，检测过程中系统的温度和航天服容积不变。若经过48小时后，航天服内气体压强不小于原来压强的97%，则航天服的气密性合格。通过计算，分析该航天服气密性是否合格。 （12分）14．质量为M=3kg的长木板正在水平地面上向右运动，在t=0时刻将一质量为m=1kg的小物块轻放到木板右端，以后木板运动的速度与时间图像如图所示，物块始终没有从木板上滑下，已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g=10m/s2。求： (1)物块与木板间的动摩擦因数μ1，木板与地面间的动摩擦因数μ2； (2)木板的长度L至少为多少； (3)在物块与木板相对滑动中，物块与木板间的摩擦生热Q。 （17分）15．如图甲所示，一粗糙、绝缘、足够长的倾斜直轨道，其与水平面夹角为，轨道穿过矩形磁场MNPQ，该区域存在垂直纸面向里、磁感应强度大小为的匀强磁场，其上边界MQ长为，MQ平行于轨道且与轨道间的距离为。在轨道上静置一质量、边长、电阻的匀质正方形闭合金属框abcd，其与轨道间的动摩擦因数为，cd边距MN的距离为。现对框abcd施加一平行轨道向下的恒力，直到cd边刚到达MN时，仅改变F的大小使框匀速通过MNPQ区域，当ab边刚到达PQ时，撤去外力F，随后框abcd又滑行，cd边到达GH。虚线GH垂直于轨道，垂足为O，以O为原点、沿轨道向下为正方向建立x轴，在GH右侧有一垂直纸面向外、磁感应强度大小的分布为的磁场。整个过程中金属框不发生形变，重力加速度大小，，。     (1)求cd边刚进入磁场MNPQ时，框abcd边所受安培力的大小； (2)求框abcd进入区域MNPQ过程中，拉力F做的功； (3)从cd刚到达GH开始计时，同时对框施加一平行轨道的外力，使框中电流随时间变化的关系如图乙所示，已知时刻ab边刚好进入磁场，时间内框做匀速直线运动。 ①求的大小； ②写出0~2.2 s内施加在框abcd上的力的大小与时间t的函数式。 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 物理参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C B A D A C A BC BD AD 1．C 【详解】A．根据质量数守恒和电荷数守恒，反应前质量数总和为，电荷数总和为；反应后质量数为4、电荷数为2，因此X的质量数必须为1、电荷数必须为0，为中子，故A错误； B．核聚变时轻核间距离达到原子核直径范围以内，故B错误； C．核反应释放能量，因此质量亏损，故C正确； D．半衰期与温度压强无关，故D错误。 故选C。 2．B 【详解】AB．货车从到的过程中，动能减少量为，重力势能增加量为，根据功能关系，机械能的减少量等于动能减少量减去重力势能增加量，即，故A错误，B正确； CD．将货车从到的匀减速运动看作从到的初速度为零的匀加速运动，设长度为，加速度大小为，根据位移公式 可得从到的时间 从到的总时间 则从到的时间 所以，故C错误，D错误。 故选B。 3．A 【详解】A．触发条件为，根据闭合电路欧姆定律有 整理得刚好触发时满足 若增大，则刚好触发需要的更大，越大对应压力越小，苹果质量越小，即分拣的质量标准变小，A正确； B．苹果质量越小，压力越小，越大，总电流 两端电压 所以增大时增大，B错误； C．由 可知增大，刚好触发需要的增大，对应苹果质量更小，因此进入通道2的苹果标准质量变小，C错误； D．仅改变电磁铁线圈绕向，仅改变磁场方向，电磁铁仍可以吸引衔铁，触发电压不变，分拣质量标准不变，D错误。 故选A。 4．D 【详解】A．图甲是肥皂膜薄膜干涉，干涉条纹是肥皂膜前后表面的反射光叠加形成，需要在入射光一侧（侧）观察，无法在面右侧观测到干涉条纹，故A错误； B．检查平整度的薄膜干涉中，条纹间距满足（为劈尖夹角）。蓝光波长比黄光短，换用蓝光后减小，条纹间距变小，条纹会变密，故B错误； C．自然光透过偏振片后变为线偏振光，固定转动时，根据偏振规律，透过的光强会随的转动变化：当透振方向平行时光强最大，垂直时几乎无光，因此光屏亮度会发生变化，故C错误； D．泊松亮斑是光照射到不透明小圆屏时，光发生衍射，在圆屏阴影中心形成的亮斑，属于光的衍射现象，故D正确。 故选D。 5．A 【详解】AB．设质子质量为，电荷量为。在加速电场中，由动能定理得 解得 质子进入偏转电场做类平抛运动，射出电场时水平分速度仍为，设合速度为，速度方向与水平方向夹角为，则 质子进入磁场后做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力 得半径 由几何关系可知，粒子在磁场中运动的弦长 联立解得 由此可见，与的平方根成正比，与无关，故A正确，B错误； CD．若将质子换成粒子，粒子的质量约为质子的4倍，电荷量为质子的2倍，即变为原来的2倍，由可知变大，故CD错误。 故选A。 6．C 【详解】A．根据微元法可知，可动磨盘转动一周过程中，手对推杆做的功为，不为零，A错误； B．谷物A所受摩擦力充当圆周运动的向心力，可知摩擦力方向指向圆心，B错误； C．根据可知，因AB两点的角速度相同，而，可知谷物A的向心加速度小于谷物B的向心加速度，C正确； D．若增大可动磨盘的转速，谷物A、B做离心运动，A能进入进料口中，B不能进入进料口中，D错误。 故选C。 7．A 【详解】A．若以星链卫星的近地点为半径做圆周运动的轨道，利用万有引力公式 解得，可知在该轨道上运动的物体速度大于空间站的速度，而从近地点的圆周轨道变轨到星链卫星所在的椭圆轨道，需要在近地点点火加速，则星链卫星在近地点的速度一定大于近地点的圆周轨道速度，大于空间站的速度，故A正确； B．空间站的向心加速度指向地心，星链卫星的向心加速度沿椭圆A点的法向（不指向地心），方向不同，故B错误； C．速度是矢量，做曲线运动的物体速度沿轨迹切线方向，星链卫星与空间站在A处的速度方向不同，故C错误； D．因空间站与星链卫星的周期相同，椭圆长半径与圆轨道半径相等，由几何关系可得两交点连线即为椭圆轨道短轴，由于空间站与星链卫星仅运动周期相等，但是初始位置和相位可能不同，两者不一定相遇，例如两者均逆时针旋转，当空间站位于A点时，星链卫星处于近地点，星链卫星从近地点运动到B点所需时间由开普勒第二定律可知小于，此时空间站旋转角度小于，两者无相遇可能；星链卫星从远地点运动到A点所需时间由开普勒第二定律可知大于且小于，此时空间站由B点逆时针旋转角度大于，两者无相遇可能，综上两者可能存在不会相遇的情况，故D错误。 故选A。 8．BC 【详解】B．电子在磁场中做圆周运动，粒子运动轨迹如图所示 由几何关系有 解得，故B正确； A．由洛伦兹力提供向心力有 解得，故A错误； C．轨迹圆心角θ满足 可得 运动时间，故C正确； D．加速电压U满足 要使电子从右侧射出需保证r>d 所以电压，故D错误。 故选BC。 9．BD 【详解】A．理想气体向真空自由膨胀后，无法自发恢复到初始状态，属于不可逆热力学过程，故A错误； B．状态1到状态2绝热自由膨胀，、，由热力学第一定律 可知内能不变。理想气体内能仅由温度决定，故温度不变，分子平均动能只与温度有关，因此分子平均动能不变，故B正确； C．由玻意耳定律 代入数据得 活塞受力平衡满足 代入，解得，故C错误； D．状态2到状态3为等压变化，由盖-吕萨克定律 得体积变化 气体对外做功 外界对气体做功 再由 代入，解得 容器绝热，电阻丝放热量等于气体吸热量，故D正确。 故选BD。 10．AD 【详解】A．设向右为正方向，所有碰撞均为弹性正碰，根据动量守恒和机械能守恒有， 解得， 可知与第一次碰撞后瞬间，二者速度大小相等，故A正确； B．物块、的质量相同，又相距足够远处，可知每次与物块碰撞前，、的速度均已减为零。根据前述弹性碰撞可知每次与、碰后，的速度变为碰前的一半，、的速度也为碰前的一半。与第一次碰撞前，的速度大小为，碰撞后的速度大小为 的速度大小为，可知与第二次碰撞前，的位移大小为，故B错误； C．物块与碰后，的速度大小分别为、、…，根据可知每次的位移为前一段位移的，的总位移大小，故C错误； D．物块与碰后，的速度大小分别为、、…，可知的总位移大小，故D正确。 故选AD。 11． 最大 升高 【详解】（1）[1]为了保护电路，开始时滑动变阻器的触头需置于阻值最大处，连线如图所示 （2）[2]根据图像可知，报警温度为时热敏电阻的阻值约为； （4）[3]不小心将滑动变阻器阻值增大，而报警时报警电流不变，则热敏电阻的阻值减小，则报警温度升高。 12． ×1 0刻线 15 0~20 1.2×10-6 大于 见解析 【详解】（1）②[1]待测电阻只有十几欧姆，则将选择开关转到电阻挡的“×1”的位置。 ③[2]将红、黑表笔插入“＋”、“－”插孔，并将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使电表指针对准“电阻”的 “0刻线”。 ④[3]合金丝的阻值为15Ω。 （2）①[4]在实验中滑动变阻器选择与待测电阻阻值相当的，则应使用0~20的滑动变阻器。 ②[5]根据 由图像可知 解得 ρ=1.2×10-6Ω∙m ③[6]由图可知图4中图线b对应的斜率较小，根据 材料相同，则电阻率相同，可知合金丝乙的横截面积大于合金丝甲的横截面积。 ④[7]由上述分析可知，导体的电阻率与图像的斜率有关，和电表内阻无关，所以不存在因电表内阻带来的误差。 13．(1) (2)合格 【详解】（1）由玻意耳定律可得 解得 （2）设经过48小时后，航天服内气体压强为，由玻意耳定律可得 解得 由于，故航天服气密性合格。 14．(1)， (2)0.98m (3)1.12J 【详解】（1）从t=0时开始，物块加速，木板减速，此过程一直持续到物块和木板具有共同速度为止。由图可知，在时，物块和木板的速度相同（即为0.7m/s），则t=0到时间内，物块加速度大小 对物块，根据牛顿第二定律有 联立解得 由图可知0.7s前，木板加速度大小 对木板，根据牛顿第二定律有 联立解得 （2）因为，可知两者达到相等速度0.7m/s后不能够保持相对静止，二者均做减速运动，此后物块加速度大小仍为，木板加速度大小 从时刻到物块停止用时 从时刻到木板停止用时 故木板在1.0s末减速到零，画出整个过程中物块和木板的图像如图 t=0到时间间隔内，物块相对木板向左运动，之后相对木板向右运动直到停止，则物块相对木板向左的最大位移即为图中阴影部分面积，由图可知 因此木板的长度至少为0.98m。 （3）由图可知 根据功能关系可知，在物块与木板相对滑动中，物块与木板间的摩擦生热 15．(1) (2) (3)，见解析 【详解】（1）边到达MN前，金属框沿轨道匀加速下滑，由牛顿第二定律有 解得 由运动学公式 解得到达MN时的速度 cd边刚进入磁场时，有效切割长度为 感应电动势 安培力 解得 （2）设线框进入磁场的距离为，金属框匀速进入磁场，受力平衡，取沿轨道向下为正，由平衡条件有 解得拉力 当时， 当时， 线框进入磁场过程中，外力做的功为 联立以上各式得 （3）[1]ab边到达PQ时速度仍为，撤去F后，由牛顿第二定律有 解得加速度 滑行距离 由运动学公式 解得 框匀速，速度，时刻ab边刚好进入磁场，故 cd边的位置 ab边的位置 感应电流 又 解得 [2]在内，框匀速运动，受力平衡 代入，， 解得 在内，ab边进入磁场后，由图乙得电流 总安培力 总感应电动势 电流 所以框的加速度 由牛顿第二定律有 代入解得 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $