精品解析：浙江温州市瓯海中学等校2025-2026学年高一下学期期中物理学科练习

高一物理学科练习 注意事项： 1、本卷共6页，满分100分，考试时间90分钟。 2、答题前，在答题卡指定区域填写班级、姓名、考场号、座位号及准考证号。 3、所有答案必须写在答题卡上，写在试题上无效。 4、结束后，只需上交答题卡。 选择题部分 一、选择题Ⅰ（本题共10小题，每小题3分，共30分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分） 1. 福建舰是我国完全自主设计建造的第一艘弹射起飞型航空母舰，其通过多台重型蒸汽轮机驱动，推进总功率为，为全球最强常规动力航母。用国际单位制中的基本单位来表示“W”，正确的是（　　） A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【详解】根据功率，功，牛顿第二定律 可得功率 代入各物理量的单位，质量、加速度、长度、时间，得 故选B。 2. 下列运动中，加速度变化的是（　　） A. 匀变速直线运动 B. 匀速圆周运动 C. 平抛运动 D. 斜抛运动 【答案】B 【解析】 【详解】A．匀变速直线运动的定义为加速度大小、方向均恒定不变的直线运动，加速度不发生变化，故A不符合题意； B．匀速圆周运动的加速度为向心加速度，大小不变，方向始终指向圆心、时刻发生改变，因此加速度是变化的，故B符合题意； C．平抛运动只受重力作用，加速度为重力加速度g，大小和方向均恒定，加速度不发生变化，故C不符合题意； D．斜抛运动只受重力作用，加速度为重力加速度g，大小和方向均恒定，加速度不发生变化，故D不符合题意。 故选B。 3. 忽略空气阻力，下列实例中的研究对象在其运动过程中，机械能守恒的是（　　） A. 沿固定光滑斜面自由滑下的物块 B. 在竖直面内做匀速圆周运动的玩具车 C. 沿斜坡加速向上行驶的汽车 D. 在竖直方向上以下落的小球 【答案】A 【解析】 【详解】A．物块沿固定光滑斜面下滑时，斜面的支持力与物块运动方向垂直，不做功，只有重力做功，满足机械能守恒条件，故A正确； B．竖直面内做匀速圆周运动的玩具车，动能恒定，重力势能随高度变化，机械能总量不断改变，不守恒，故B错误； C．沿斜坡加速向上行驶的汽车，动能增加，重力势能增加，故机械能增加，不守恒，故C错误； D．若小球只受重力，下落加速度应为，现加速度为 ，说明小球除重力外还受到其他力的作用，其他力做负功，机械能减少，不守恒，故D错误。 故选A。 4. 如图所示，雪橇在与竖直方向成角的恒定拉力作用下，沿水平地面向右移动了一段距离，在此过程中拉力对雪橇做的功为（　　） A. B. C. D. 因阻力未知，无法计算 【答案】C 【解析】 【详解】根据恒力做功公式，是力与位移方向的夹角 本题中位移沿水平方向，拉力与竖直方向夹角为，因此拉力和水平位移的夹角为 代入公式得。 故选C。 【点睛】 5. 下列说法正确的是（　　） A. 图甲中，围绕地球公转的月球不受太阳引力的作用 B. 图乙中，制作棉花糖时，糖液因受离心力而被甩出 C. 图丙中，运动员手中弯曲的撑杆在恢复原状过程中对运动员做正功 D. 图丁中，火车转弯时，只要外轨高于内轨，火车的轮缘就不会对外轨产生侧向挤压 【答案】C 【解析】 【详解】A．围绕地球公转的月球也要受太阳引力的作用，故A错误； B．制作棉花糖时，糖液受到的合力的大小不足以提供糖液所需要的向心力的大小时，做远离圆心的运动被甩出，离心力是一个效果力不能写受离心力的作用，故B错误； C．运动员手中弯曲的撑杆在恢复原状过程中撑杆的弹性势能减小，转化为运动员的机械能，对运动员做正功，故C正确； D．当铁路弯道处的外轨略高于内轨，火车由重力和支持力的合力恰好提供向心力，以规定速度转弯时内、外轨正好不会受到轮缘的侧向挤压，当转弯速度过大时，会对外轨产生压力，故D错误。 故选C。 6. 如图所示，一辆汽车驶上一圆弧形的拱桥，当汽车以20 m/s的速度经过桥顶时，恰好对桥顶没有压力。若汽车以的速度经过该桥顶，，则汽车对桥顶的压力与汽车自身重力之比为（　　） A. 3∶4 B. 4∶3 C. 1∶2 D. 2∶1 【答案】A 【解析】 【详解】当汽车以20 m/s的速度经过桥顶时，恰好对桥顶没有压力，则有 若汽车以的速度经过该桥顶时，有 联立解得支持力 根据牛顿第三定律压力与支持力是一对作用力与反作用力，总是大小相等，故汽车对桥顶的压力与汽车自身重力之比为 故选A。 7. 某型号飞船A发射后，以速率沿圆形轨道1运动，经过变轨后，与圆形轨道2上以速率运动的空间站B交会对接，之后组合体继续沿轨道2以速率运动，下列说法正确的是（　　） A. 飞船的发射速度可能为 B. 速度关系：， C. 轨道1上的飞船A只有通过减速才能与空间站对接 D. 完成对接后，组合体惯性增大，加速度变小 【答案】B 【解析】 【详解】A．第一宇宙速度是航天器的最小发射速度，大小为 ，A错误； B．绕地球做匀速圆周运动的卫星，由万有引力提供向心力 推导得线速度​​ 由图可知轨道1半径小于轨道2的半径，即，所以 对接后组合体仍在轨道2运动，轨道半径不变，所以，B正确； C．低轨道（轨道1）的飞船要到高轨道（轨道2）对接，需要加速做离心运动，才能上升到高轨道，C错误； D．根据牛顿第二定律 可得加速度​，对接后轨道半径不变，因此组合体的加速度不变，D错误。 故选 B。 8. 光滑的水平面上固定着一个螺旋形轨道（轨道侧面光滑），俯视图如图所示，一小球（可视为质点）以某一速度沿轨道切线方向进入轨道，经过和点，下列物理量关系正确的是（　　） A. 小球的线速度 B. 小球的角速度 C. 小球的向心加速度 D. 小球对轨道的压力 【答案】C 【解析】 【详解】A．轨道和水平面均光滑，轨道对小球的支持力始终沿半径方向，与小球速度方向垂直，支持力不做功，由动能定理，可知小球动能不变，因此线速度大小不变，即，故A错误； B．根据线速度和角速度的关系，其中不变，，可得，故B错误； C．根据向心加速度公式，其中不变，，可得，故C正确； D．轨道对小球的支持力提供向心力，有​ 其中不变，，因此轨道对小球的支持力 由牛顿第三定律，可知小球对轨道的压力，故D错误。 故选C。 9. 浙BA篮球联赛（浙江城市篮球联赛），2025年首次举办，便火遍全省，带动了全省的篮球热。如图所示，某次训练，篮球被运动员在点，以与水平方向成的速度斜向上抛出，垂直撞在竖直篮板上的点，反向弹回后恰好落在了点正下方的点。若将篮球看作质点，不计空气阻力，下列说法正确的是（　　） A. 篮球与竖直篮板作用过程中无能量损失 B. 篮球上升阶段与下降阶段运动时间相同 C. 篮球从点运动到点过程中加速度逐渐减小 D. 若想将球投进篮筐，可在点保持原投球速度大小不变，增加 【答案】D 【解析】 【详解】A．设撞篮板前水平速度，弹回速度大小等于，由题意知​ 竖直方向，​ 因为，所以 可得，弹回速度更小，存在能量损失，A错误； B．由上一选项的解析可知上升时间小于下降时间，B错误； C．不计空气阻力，篮球运动过程中只受重力，加速度恒为重力加速度，C错误； D．保持大小不变，增大后，竖直分速度增大，水平分速度减小，到达最高点的时间变长 水平位移 当时，减小，水平位移变小，同时球能到达更高的位置，因此可以投进篮筐，D正确。 故选D。 10. 洞头状元岙港是温州核心港区，于2025年集装箱年吞吐量首次突破“100万”标准箱，集装箱龙门起重机是港区重要设备。一台起重机从时刻开始，将质量为的集装箱由静止提起，集装箱运动的图像如图所示，时刻，起重机的功率恰好达到额定功率并在之后维持不变，已知重力加速度为，不计空气阻力，下列说法正确的是（　　） A. 时间内，集装箱上升高度为 B. 集装箱运动的最大速度为 C. 该起重机的额定功率为 D. 和时间内，起重机做功之比为 【答案】D 【解析】 【详解】A．内集装箱做初速度为0的匀加速直线运动，由匀变速直线运动位移与时间的关系，可得集装箱上升高度为，故A错误； B．由匀变速直线运动速度与时间的关系，可得时刻集装箱的速度​ 时刻后起重机功率不变，集装箱加速度减小但仍在加速，直到​时刻加速度减为0时速度达到最大，因此最大速度大于，故B错误； C．​时刻功率达到额定功率，此时速度。由牛顿第二定律，得 即拉力 因此额定功率，故C错误； D．内，起重机做功 ​内，功率恒定，做功 因此比值，故D正确。 故选D。 二、选择题Ⅱ（本题共3小题，每小题4分，共12分。每小题列出的四个备选项中至少有一个符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，不选或选错的得0分） 11. 我国发射的天问一号探测器在火星附近，经过变轨操作后，从点由“调相轨道”进入“停泊轨道”，图中阴影部分为相等时间内，探测器在这两个不同轨道上与火星的连线扫过的面积，下列说法正确的是（　　） A. 由开普勒第二定律可知，两阴影部分的面积相等 B. 火星的位置是“停泊轨道”的焦点，可能不是“调相轨道”的焦点 C. 探测器在“停泊轨道”上经过点的速率大于经过点的速率 D. 探测器在“调相轨道”运行的周期大于在“停泊轨道”运行的周期 【答案】CD 【解析】 【详解】A．开普勒第二定律的内容是同一轨道上绕中心天体运动的探测器，相等时间内与中心天体的连线扫过的面积相等。本题是两个不同轨道，面积不相等，A错误； B．根据开普勒第一定律，所有绕火星运动的探测器，其椭圆轨道的一个焦点都是中心天体火星，因此火星既是停泊轨道的焦点，也是调相轨道的焦点，B错误； C．对于停泊轨道，P点是近火点（离火星更近），N点是远火点（离火星更远），根据开普勒第二定律，近点速率大于远点速率，因此探测器在P点的速率大于N点的速率，C正确； D．根据开普勒第三定律，对绕同一中心天体火星运动的探测器，满足 由图可知调相轨道半长轴大于停泊轨道半长轴，因此调相轨道的运行周期更大，D正确。 故选CD。 12. 如图甲所示，用足够长的水平细线，一端连着质量的物体，另一端绕在半径的薄圆筒上。时刻，圆筒由静止开始绕竖直中心轴转动（细线与圆筒之间不打滑），同时物体在细线拉力作用下，沿水平地面做直线运动，俯视图如图乙所示，圆筒角速度随时间的变化规律如图丙所示，物体和地面间的动摩擦因数，。下列判断正确的是（　　） A. 物体在细线拉力下做匀速直线运动 B. 细线的拉力大小为 C. 时，细线拉力的瞬时功率为 D. 在内，圆筒转过了约8.4圈 【答案】BC 【解析】 【详解】A．细线不打滑，物体速度等于圆筒边缘线速度，即 由图丙可知，随线性变化，斜率 因此 代入得 由，可得物体加速度 因此物体做匀加速直线运动，故A错误； B．对物体由牛顿第二定律，得 代入已知数据，解得，故B正确； C．时，物体速度 拉力瞬时功率，故C正确； D．在内圆筒转过的弧长，即拉出细线长度，等于物体的位移，由匀变速直线运动位移与时间的关系，得 圆筒周长 转动圈数，故D错误。 故选BC。 C.时，细线拉力的瞬时功率为D。在内，圆筒转过了约8.4圈 13. “风洞实验”常用于研究飞行器的空气动力学特性。在某风洞中，将一小球从点竖直向上抛出，小球在大小恒定的水平风力作用下，运动轨迹如图所示。其中、两点在同一水平线上，点为轨迹的最高点，小球经过点时的动能为，经过点时的动能为。忽略空气阻力对小球运动的影响，下列说法正确的是（　　） A. 从点运动到点的过程，小球的动能一直减小 B. 上升和下降过程，小球的机械能变化量之比为1∶3 C. 小球所受的风力和重力大小之比为1∶4 D. 小球经过点时的动能为 【答案】BD 【解析】 【详解】A．小球受向下的重力和向右的风力，合力为斜向右下的恒力，从到，速度方向从竖直向上逐渐转为水平向右，合力与速度的夹角从钝角逐渐变为锐角，合力先做负功后做正功，动能先减小后增大，A错误； B．风力恒定，水平加速度恒定，将小球运动分解为竖直方向的匀变速直线运动和水平方向初速度为0的匀加速直线运动，竖直方向上升、下落高度均为，由 可知上升时间等于下落时间，设上升时间和下落时间均为，水平加速度为，上升阶段水平方向的位移 下落阶段水平方向的位移 可得 机械能变化量等于风力做功，设风力为，即 因此，B正确； C．设点竖直分速度为，最高点只有水平速度，则， 可得 竖直方向有 水平方向有 联立解​​得​，C错误； D．从到，、同一水平线，重力做功为0，总水平位移 风力总做功 代入、、 可得 又 解​​得 由动能定理得，D正确。 故选BD。 非选择题部分 三、非选择题（本题共5小题，共58分） 14. 在“探究平抛运动的特点”实验中 （1）若用图1装置研究： ①下列说法正确的是__________； A、能用该装置探究平抛运动水平分运动的特点 B、能用该装置探究平抛运动竖直分运动的特点 ②实验时总是发现两小球不是同时落地，可能的原因是__________【多选】； A、托板长度较长 B、托板未调水平 C、托板距离地面太高 D、小铁锤打击金属片的力度太大 （2）用图2装置研究，通过重复操作，记录钢球经过的多个位置，拟合记录的点迹，可得到平抛运动的轨迹。 ①某同学实验后发现在白纸上留下的点迹如图3所示，可能的原因是__________； A、斜槽有摩擦 B、所用小球密度太小，受空气阻力的影响较大 C、小球没有每次都从斜槽上同一个位置静止释放 ②正确操作后，绘出了小球平抛运动的轨迹，以抛出点为原点，竖直向下为轴正方向，水平向右为轴正方向，在轨迹上选取间距较大的6个点，确定其坐标，并在新的直角坐标系内绘出了图像如图4所示，重力加速度取，则小球平抛的初速度大小__________m/s（保留2位有效数字）。 【答案】（1） ①. B ②. AB （2） ①. C ②. 1.0 【解析】 【小问1详解】 [1]图1装置中，A球做平抛运动，B球做自由落体运动，若两球同时落地，可证明平抛运动竖直分运动为自由落体，无法探究水平分运动的特点，B正确，A错误。 故选B。 [2]实验中发现两球不是同步落地，可能的原因包括托板未调水平，导致球A的初速度不水平；托板长度偏大，两球不是同时释放，从而导致两球落地时间不同。打击力度偏大以及托板离地面太高，只要两球同时开始释放，都不会影响竖直方向的运动时间。 故选AB。 【小问2详解】 [3]A．图3中点迹分散，不在同一条轨迹上，斜槽的摩擦不影响，只要每次从同一位置释放，小球每次平抛轨迹相同，A错误； B．小球密度小、空气阻力大，只会让轨迹偏离理想平抛轨迹，仍为一条轨迹，不会分散，B错误； C．小球未每次从同一位置静止释放，导致每次平抛的初速度不同，轨迹不同，点迹分散，C正确。 故选C。 [4]根据平抛运动规律，水平方向有  竖直方向有 联立可得 因此图像的斜率 由图4可得  解得 15. 在“探究向心力大小的表达式”实验中，所用向心力演示仪如图甲所示，图乙是该仪器部分结构示意图，其中变速塔轮有三层，左右每层半径比分别是、及。、、为三根固定在转臂上的挡板，可与转臂上做圆周运动的实验球产生挤压，从而提供向心力，、到转轴的距离相等，到转轴的距离是到转轴距离的2倍。标尺1和2露出的红白相间的等分格可以显示出两个球所受向心力的大小。可供选择的实验球有：质量均为的球1和球2，质量为的球3。 若某同学在实验中，将球1和球2分别放在挡板、位置，将皮带调到左右塔轮的第1层， （1）他是在探究向心力的大小与__________的关系； A. 半径 B. 角速度 C. 质量 （2）他匀速转动手柄时，标尺1和标尺2露出红白相间的等分格数量的比值为__________，若他加速转动手柄过程中，该比值将___________（选填“不变”、“变大”或“变小”）。 【答案】（1）A （2） ①. ②. 不变 【解析】 【小问1详解】 两个小球质量均为，质量相等；皮带接在左右塔轮第一层，塔轮半径比，皮带传动线速度相等，由得左右转轴角速度相等；球1在位置，球2在位置，​，转动半径不同。因此实验控制质量、角速度不变，探究向心力与转动半径的关系。 故选A。 【小问2详解】 [1]向心力公式为，对两个小球，​，，因此向心力之比 标尺露出格数之比等于向心力大小之比，因此标尺1和标尺2的格数比为。 [2]加速转动手柄时，始终满足​、、，因此比值不变。 16. 在“验证机械能守恒定律”的实验中，实验装置如图1所示。 （1）实验装置中的重物应选择图2中的__________（填“甲”、“乙”或“丙”）。 （2）图3是实验中获取的一条纸带，为打出的第一个点，、、为从合适位置开始选取的三个连续点（其他点未全部画出）。已知重物的质量为，当地重力加速度为，打点计时器所用交流电源的频率为。打点计时器从打下点到打下点的过程中， ①重物的重力势能减少量__________J（保留3位有效数字）； ②为了计算在段重物的动能增加量，需得到计时器打点时重物的速率。下列计算点速率的方法，正确的是__________； A、 B、 C、 ③通过计算得到重物动能增加量，比较与的大小关系，出现这种结果的原因可能是__________【多选】。 A、电源提供的电压偏高 B、重物在运动中受到阻力的影响较大 C、接通电源前已释放了纸带 D、打点计时器的实际打点频率小于 【答案】（1）甲 （2） ①. 1.47 ②. C ③. CD 【解析】 【分析】 【小问1详解】 进行验证机械能守恒定律的实验时，为了减小空气阻力的影响，选择质量较大的进行实验，故填甲。 【小问2详解】 [1]重力势能减少量 ，保留三位有效数字就是1.47J； [2]计算B点瞬时速度，利用匀变速直线运动中间时刻瞬时速度等于这段的平均速度，即，A、B选项都是默认重物做自由落体运动（已经默认机械能守恒），属于循环论证，是错误的。 故选C； [3]A．工作电压偏高会导致打出的点为短线，不会导致动能增加量大于重力势能减少量，故A错误； B．空气阻力和摩擦力会导致重力势能减少量大于动能增加量，故B错误； C．接通电源前释放纸带，打下O点时重物已经具有初动能，计算时我们认为O点初动能为0，计算得到的比实际的动能增量大，会出现，故C正确； D．若打点频率小于50Hz，说明每两个点之间的时间间隔大于0.02s，但计算时所用的时间仍是0.02s，会导致速度的测量值偏大，出现动能增加量大于重力势能减少量的情况，故D正确。 故选CD； 【点睛】 17. 我国探月工程四期正稳步推进，2026年将研制发射嫦娥七号探测器，首次奔赴月球南极，寻找水冰存在的证据。已知万有引力常量为，月球半径为，质量为，将月球视为质量分布均匀的球体，忽略月球自转影响。求： （1）质量为的探测器，距离月球表面高度时，受到月球引力的大小； （2）月球表面的重力加速度大小； （3）月球的第一宇宙速度大小。 【答案】（1） （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 探测器距离月球表面高度为，因此到月球球心的距离为 根据万有引力公式，得 【小问2详解】 忽略月球自转影响，月球表面物体受到的万有引力等于重力。设月球表面任意物体质量为​，有 消去​后，解得 【小问3详解】 物体在月球附近绕月球做匀速圆周运动的速度即为第一宇宙速度，根据万有引力提供向心力，有 解得 18. “守护头顶安全，严禁高空抛物”，如图所示，某小区在二楼户外安装了防坠物网。某研究小组为了测试高空抛物的危害，将质量的矿泉水瓶从某楼层阳台外静止释放，释放位置距网面高度，瓶子从刚接触防坠物网到最低点，竖直下落距离。为简化计算，将矿泉水瓶视为质点，网面初始水平，重力加速度，忽略空气阻力的影响，求： （1）矿泉水瓶刚接触网面时的速度大小； （2）矿泉水瓶从开始下落到刚接触网面过程中，重力的平均功率； （3）矿泉水瓶从接触网面到第一次下落到最低点过程中，网面受到平均作用力的大小。 【答案】（1） （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 方法一：矿泉水瓶从静止释放到刚接触网面的过程中，由动能定理： 代入数据，解得 方法二：矿泉水瓶从静止释放到刚接触网面的过程中做自由落体运动 解得 解得 【小问2详解】 方法一：矿泉水瓶从静止释放到刚接触网面的过程中做自由落体运动， 代入数据，解得 代入数据，解得 方法二：矿泉水瓶从静止释放到刚接触网面过程中， 代入数据，解得 代入数据，解得 【小问3详解】 方法一：矿泉水瓶从静止释放到落到最低点过程中，由动能定理： 根据牛顿第三定律 方法二：矿泉水瓶从接触网面到第一次下落到最低点过程，可视为匀减速直线运动 根据以上两式，解得 根据牛顿第三定律 19. 如图所示，一个内径很小的光滑圆管竖直固定，一根长为的细线穿过圆管，一端与静止在管正下方质量为的物体A连接，另一端与质量为的小球B连接，让小球B在水平面内做匀速圆周运动，圆管上端点与小球B间的细线长为，且该段细线与竖直方向的夹角为，重力加速度为，忽略空气阻力的影响，不计A、B的大小。求： （1）小球B做匀速圆周运动的角速度的大小； （2）地面对物体A支持力的大小； （3）某时刻连接小球B的细线突然断开，小球B第一次落地点离物体A的距离。（以上答案均须用题目中给定的物理量表示） 【答案】（1） （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 对B受力分析，设绳子张力为，竖直方向受力平衡，有 解得 水平方向拉力分力提供向心力，有 其中圆周运动半径 联立解得 【小问2详解】 对物体A受力分析，A静止，受力平衡，A受重力向下、拉力向上、支持力​向上，满足 代入，解得 【小问3详解】 对球B，细线断开瞬间的速度 细线断开后B做平抛运动，在竖直方向做自由落体运动，可得平抛运动的时间 做平抛运动的水平距离 由几何关系，可得第一次落点离物体A距离 20. 如图为某快递智能分拣系统示意图。一个半径的光滑圆弧轨道，在底端点与一水平传送带平滑连接，传送带长，以的速度顺时针匀速转动，在传送带下方处，有一水平平台，传送带末端点与平台点处在同一竖直线上，平台长，在平台末端处紧靠停放一平板车，平板车上表面与平台在同一水平面。质量的包裹（可视为质点）从圆弧轨道上点静止滑下，到达点的速度。已知包裹与传送带间的动摩擦因数，，，忽略空气阻力和传送带转轮半径大小的影响，求： （1）、两点的高度差； （2）到达点时，圆弧轨道对包裹支持力的大小； （3）若包裹从点滑下时初速度为，为使包裹都能刚好落在点，的大小需满足什么条件； （4）为防止易碎品包裹在运输中损坏，需进一步优化系统，可在平台上固定一倾角的斜面（图中未画出），让包裹从传送带点以抛出后，恰能无碰撞地落在斜面上，斜面最低点离点的水平距离。 【答案】（1） （2） （3） （4） 【解析】 【小问1详解】 对包裹，从到，由动能定理得 解得 【小问2详解】 在处，对包裹受力分析，如图1 由牛顿第二定律有 解得 【小问3详解】 设包裹从端飞出的速度为，从到做平抛运动，则， 解得 情况一：若包裹在传送带上一直减速，从到，由动能定理有 解得 情况二：若包裹在传送带上一直加速，从到，由动能定理有 解得 由题目可知 综上可得 【小问4详解】 加上斜面后如图2所示 设包裹从点落到斜面顶端，用时，则 其中， 解得 包裹竖直方向有 水平运动的位移 斜面高度 斜面底面长度 斜面末端离点的水平距离 联立解得 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 高一物理学科练习 注意事项： 1、本卷共6页，满分100分，考试时间90分钟。 2、答题前，在答题卡指定区域填写班级、姓名、考场号、座位号及准考证号。 3、所有答案必须写在答题卡上，写在试题上无效。 4、结束后，只需上交答题卡。 选择题部分 一、选择题Ⅰ（本题共10小题，每小题3分，共30分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分） 1. 福建舰是我国完全自主设计建造的第一艘弹射起飞型航空母舰，其通过多台重型蒸汽轮机驱动，推进总功率为，为全球最强常规动力航母。用国际单位制中的基本单位来表示“W”，正确的是（　　） A. B. C. D. 2. 下列运动中，加速度变化的是（　　） A. 匀变速直线运动 B. 匀速圆周运动 C. 平抛运动 D. 斜抛运动 3. 忽略空气阻力，下列实例中的研究对象在其运动过程中，机械能守恒的是（　　） A. 沿固定光滑斜面自由滑下的物块 B. 在竖直面内做匀速圆周运动的玩具车 C. 沿斜坡加速向上行驶的汽车 D. 在竖直方向上以下落的小球 4. 如图所示，雪橇在与竖直方向成角的恒定拉力作用下，沿水平地面向右移动了一段距离，在此过程中拉力对雪橇做的功为（　　） A. B. C. D. 因阻力未知，无法计算 5. 下列说法正确的是（　　） A. 图甲中，围绕地球公转的月球不受太阳引力的作用 B. 图乙中，制作棉花糖时，糖液因受离心力而被甩出 C. 图丙中，运动员手中弯曲的撑杆在恢复原状过程中对运动员做正功 D. 图丁中，火车转弯时，只要外轨高于内轨，火车的轮缘就不会对外轨产生侧向挤压 6. 如图所示，一辆汽车驶上一圆弧形的拱桥，当汽车以20 m/s的速度经过桥顶时，恰好对桥顶没有压力。若汽车以的速度经过该桥顶，，则汽车对桥顶的压力与汽车自身重力之比为（　　） A. 3∶4 B. 4∶3 C. 1∶2 D. 2∶1 7. 某型号飞船A发射后，以速率沿圆形轨道1运动，经过变轨后，与圆形轨道2上以速率运动的空间站B交会对接，之后组合体继续沿轨道2以速率运动，下列说法正确的是（　　） A. 飞船的发射速度可能为 B. 速度关系：， C. 轨道1上的飞船A只有通过减速才能与空间站对接 D. 完成对接后，组合体惯性增大，加速度变小 8. 光滑的水平面上固定着一个螺旋形轨道（轨道侧面光滑），俯视图如图所示，一小球（可视为质点）以某一速度沿轨道切线方向进入轨道，经过和点，下列物理量关系正确的是（　　） A. 小球的线速度 B. 小球的角速度 C. 小球的向心加速度 D. 小球对轨道的压力 9. 浙BA篮球联赛（浙江城市篮球联赛），2025年首次举办，便火遍全省，带动了全省的篮球热。如图所示，某次训练，篮球被运动员在点，以与水平方向成的速度斜向上抛出，垂直撞在竖直篮板上的点，反向弹回后恰好落在了点正下方的点。若将篮球看作质点，不计空气阻力，下列说法正确的是（　　） A. 篮球与竖直篮板作用过程中无能量损失 B. 篮球上升阶段与下降阶段运动时间相同 C. 篮球从点运动到点过程中加速度逐渐减小 D. 若想将球投进篮筐，可在点保持原投球速度大小不变，增加 10. 洞头状元岙港是温州核心港区，于2025年集装箱年吞吐量首次突破“100万”标准箱，集装箱龙门起重机是港区重要设备。一台起重机从时刻开始，将质量为的集装箱由静止提起，集装箱运动的图像如图所示，时刻，起重机的功率恰好达到额定功率并在之后维持不变，已知重力加速度为，不计空气阻力，下列说法正确的是（　　） A. 时间内，集装箱上升高度为 B. 集装箱运动的最大速度为 C. 该起重机的额定功率为 D. 和时间内，起重机做功之比为 二、选择题Ⅱ（本题共3小题，每小题4分，共12分。每小题列出的四个备选项中至少有一个符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，不选或选错的得0分） 11. 我国发射的天问一号探测器在火星附近，经过变轨操作后，从点由“调相轨道”进入“停泊轨道”，图中阴影部分为相等时间内，探测器在这两个不同轨道上与火星的连线扫过的面积，下列说法正确的是（　　） A. 由开普勒第二定律可知，两阴影部分的面积相等 B. 火星的位置是“停泊轨道”的焦点，可能不是“调相轨道”的焦点 C. 探测器在“停泊轨道”上经过点的速率大于经过点的速率 D. 探测器在“调相轨道”运行的周期大于在“停泊轨道”运行的周期 12. 如图甲所示，用足够长的水平细线，一端连着质量的物体，另一端绕在半径的薄圆筒上。时刻，圆筒由静止开始绕竖直中心轴转动（细线与圆筒之间不打滑），同时物体在细线拉力作用下，沿水平地面做直线运动，俯视图如图乙所示，圆筒角速度随时间的变化规律如图丙所示，物体和地面间的动摩擦因数，。下列判断正确的是（　　） A. 物体在细线拉力下做匀速直线运动 B. 细线的拉力大小为 C. 时，细线拉力的瞬时功率为 D. 在内，圆筒转过了约8.4圈 C.时，细线拉力的瞬时功率为D。在内，圆筒转过了约8.4圈 13. “风洞实验”常用于研究飞行器的空气动力学特性。在某风洞中，将一小球从点竖直向上抛出，小球在大小恒定的水平风力作用下，运动轨迹如图所示。其中、两点在同一水平线上，点为轨迹的最高点，小球经过点时的动能为，经过点时的动能为。忽略空气阻力对小球运动的影响，下列说法正确的是（　　） A. 从点运动到点的过程，小球的动能一直减小 B. 上升和下降过程，小球的机械能变化量之比为1∶3 C. 小球所受的风力和重力大小之比为1∶4 D. 小球经过点时的动能为 非选择题部分 三、非选择题（本题共5小题，共58分） 14. 在“探究平抛运动的特点”实验中 （1）若用图1装置研究： ①下列说法正确的是__________； A、能用该装置探究平抛运动水平分运动的特点 B、能用该装置探究平抛运动竖直分运动的特点 ②实验时总是发现两小球不是同时落地，可能的原因是__________【多选】； A、托板长度较长 B、托板未调水平 C、托板距离地面太高 D、小铁锤打击金属片的力度太大 （2）用图2装置研究，通过重复操作，记录钢球经过的多个位置，拟合记录的点迹，可得到平抛运动的轨迹。 ①某同学实验后发现在白纸上留下的点迹如图3所示，可能的原因是__________； A、斜槽有摩擦 B、所用小球密度太小，受空气阻力的影响较大 C、小球没有每次都从斜槽上同一个位置静止释放 ②正确操作后，绘出了小球平抛运动的轨迹，以抛出点为原点，竖直向下为轴正方向，水平向右为轴正方向，在轨迹上选取间距较大的6个点，确定其坐标，并在新的直角坐标系内绘出了图像如图4所示，重力加速度取，则小球平抛的初速度大小__________m/s（保留2位有效数字）。 15. 在“探究向心力大小的表达式”实验中，所用向心力演示仪如图甲所示，图乙是该仪器部分结构示意图，其中变速塔轮有三层，左右每层半径比分别是、及。、、为三根固定在转臂上的挡板，可与转臂上做圆周运动的实验球产生挤压，从而提供向心力，、到转轴的距离相等，到转轴的距离是到转轴距离的2倍。标尺1和2露出的红白相间的等分格可以显示出两个球所受向心力的大小。可供选择的实验球有：质量均为的球1和球2，质量为的球3。 若某同学在实验中，将球1和球2分别放在挡板、位置，将皮带调到左右塔轮的第1层， （1）他是在探究向心力的大小与__________的关系； A. 半径 B. 角速度 C. 质量 （2）他匀速转动手柄时，标尺1和标尺2露出红白相间的等分格数量的比值为__________，若他加速转动手柄过程中，该比值将___________（选填“不变”、“变大”或“变小”）。 16. 在“验证机械能守恒定律”的实验中，实验装置如图1所示。 （1）实验装置中的重物应选择图2中的__________（填“甲”、“乙”或“丙”）。 （2）图3是实验中获取的一条纸带，为打出的第一个点，、、为从合适位置开始选取的三个连续点（其他点未全部画出）。已知重物的质量为，当地重力加速度为，打点计时器所用交流电源的频率为。打点计时器从打下点到打下点的过程中， ①重物的重力势能减少量__________J（保留3位有效数字）； ②为了计算在段重物的动能增加量，需得到计时器打点时重物的速率。下列计算点速率的方法，正确的是__________； A、 B、 C、 ③通过计算得到重物动能增加量，比较与的大小关系，出现这种结果的原因可能是__________【多选】。 A、电源提供的电压偏高 B、重物在运动中受到阻力的影响较大 C、接通电源前已释放了纸带 D、打点计时器的实际打点频率小于 17. 我国探月工程四期正稳步推进，2026年将研制发射嫦娥七号探测器，首次奔赴月球南极，寻找水冰存在的证据。已知万有引力常量为，月球半径为，质量为，将月球视为质量分布均匀的球体，忽略月球自转影响。求： （1）质量为的探测器，距离月球表面高度时，受到月球引力的大小； （2）月球表面的重力加速度大小； （3）月球的第一宇宙速度大小。 18. “守护头顶安全，严禁高空抛物”，如图所示，某小区在二楼户外安装了防坠物网。某研究小组为了测试高空抛物的危害，将质量的矿泉水瓶从某楼层阳台外静止释放，释放位置距网面高度，瓶子从刚接触防坠物网到最低点，竖直下落距离。为简化计算，将矿泉水瓶视为质点，网面初始水平，重力加速度，忽略空气阻力的影响，求： （1）矿泉水瓶刚接触网面时的速度大小； （2）矿泉水瓶从开始下落到刚接触网面过程中，重力的平均功率； （3）矿泉水瓶从接触网面到第一次下落到最低点过程中，网面受到平均作用力的大小。 19. 如图所示，一个内径很小的光滑圆管竖直固定，一根长为的细线穿过圆管，一端与静止在管正下方质量为的物体A连接，另一端与质量为的小球B连接，让小球B在水平面内做匀速圆周运动，圆管上端点与小球B间的细线长为，且该段细线与竖直方向的夹角为，重力加速度为，忽略空气阻力的影响，不计A、B的大小。求： （1）小球B做匀速圆周运动的角速度的大小； （2）地面对物体A支持力的大小； （3）某时刻连接小球B的细线突然断开，小球B第一次落地点离物体A的距离。（以上答案均须用题目中给定的物理量表示） 20. 如图为某快递智能分拣系统示意图。一个半径的光滑圆弧轨道，在底端点与一水平传送带平滑连接，传送带长，以的速度顺时针匀速转动，在传送带下方处，有一水平平台，传送带末端点与平台点处在同一竖直线上，平台长，在平台末端处紧靠停放一平板车，平板车上表面与平台在同一水平面。质量的包裹（可视为质点）从圆弧轨道上点静止滑下，到达点的速度。已知包裹与传送带间的动摩擦因数，，，忽略空气阻力和传送带转轮半径大小的影响，求： （1）、两点的高度差； （2）到达点时，圆弧轨道对包裹支持力的大小； （3）若包裹从点滑下时初速度为，为使包裹都能刚好落在点，的大小需满足什么条件； （4）为防止易碎品包裹在运输中损坏，需进一步优化系统，可在平台上固定一倾角的斜面（图中未画出），让包裹从传送带点以抛出后，恰能无碰撞地落在斜面上，斜面最低点离点的水平距离。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $