精品解析：辽宁沈阳市东北育才学校2025-2026学年高三下学期临考提升物理试卷

2026年东北育才学校高三年级临考提升卷物理科试卷 答题时间：75分钟；满分：100分 一、选择题（本题共10小题46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每个小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选或不答的得0分） 1. 关于物理学史，下列说法正确的是（　　） A. 牛顿第二定律确定了物体的加速度与质量及其所受的力的关系，是牛顿动力学的核心 B. 美国物理学家库仑通过油滴实验精确测定了元电荷e电荷量，获得诺贝尔物理学奖 C. 普朗克提出能量子假说并提出光子说，成功地解释了光电效应规律 D. 卢瑟福用粒子轰击铍核发现了质子的存在，并建立了原子核式结构模型 2. 振动是波产生的原因，波是振动的传播过程。关于振动与波下列说法正确的是（　　） A. 图1为两列频率相同，振幅相同的相干水波于某时刻叠加。实线和虚线分别表示波峰和波谷，则此时c点正处于平衡位置且向下运动 B. 图2是干涉型消声器的结构示意图，波长为的同一声波通过上下两通道后相遇的路程差应该为的整数倍 C. 图3是一个单摆做受迫振动，其共振曲线（振幅A与驱动力的频率f的关系）图，由此判断出该单摆摆长约为1 m D. 图4救护车向右运动的过程中，A、B两人听到警笛声的频率相同 3. 核聚变反应通常涉及轻核（如氘、氚）结合成较重核（如氦）的过程，释放巨大能量。已知氘核和氚核聚变生成氦核并放出一个粒子，反应方程为：。关于上述核反应及核能知识，下列说法正确的是（　　） A. 粒子X是质子，该反应属于原子核的人工转变 B. 氦核的比结合能大于氘核和氚核的比结合能 C. 反应前后原子核的总质量守恒，但总能量不守恒 D. “1亿摄氏度”高温，使得每一个原子核都获得足够的动能，以克服库仑斥力从而发生聚变 4. 如图甲，某水池中有一点光源S，点光源S仅包括单色光a和b，在水面上形成一个被照亮的圆形区域（如图乙），小圆区域为复色光照亮区域，大圆环区域仅为单色光b照亮区域。已知水对单色光a的折射率为，对单色光b的折射率为，下列说法正确的是（　　） A. B. 单色光b照射到小圆区域边界处的折射角正弦值为 C. 用同一装置做双缝干涉实验，a光比b光的干涉条纹间距宽 D. 若某单缝能使b光发生明显衍射现象，则也一定能使a光发生明显衍射现象 5. 如图所示，一定质量的理想气体经完成循环过程，其中和均为等温过程。关于该循环过程，下列说法正确的是（　　） A. 过程中，气体对外做功小于从外界吸收的热量 B. 过程的温度高于过程的温度 C. 过程中，单位时间单位面积气体分子撞击器壁的次数增大 D. 从状态经一个循环又回到的全过程中，气体吸收的热量大于放出的热量 6. 滑块A的质量为1kg，以5m/s的初速度沿水平面追赶正前方初速度为3m/s的滑块B并与之发生正碰后粘在一起运动，碰撞前后两个滑块的速度一时间图像如图所示。重力加速度大小，不计碰撞时间，两个滑块均看成质点。下列说法不正确的是（　　） A. 两个滑块与水平面的动摩擦因数都等于0.1 B. 零时刻滑块A在滑块B的正后方4m处，2s末发生碰撞 C. 碰撞过程中系统动量守恒，滑块B的质量是2kg D. 碰撞过程滑块B受到的冲量大小为1N·s、方向与它的运动方向相同 7. 如图所示，在水平桌面上有一个质量M=4kg的长木板，其上端放置一个质量m=2kg的物块A，木板右端连接一根轻绳，轻绳跨过光滑的定滑轮连接一质量也为m=2kg的物块B，木板与A和桌面间的动摩擦因数μ均为0.4，t=0时刻在木板左端施加一个水平向左的拉力F=2t（F单位为N，t单位为s）。不计空气阻力，木板、轻绳足够长，A不会从木板上滑落，B不会碰到定滑轮，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g=10m/s2，下列说法正确的是（　　） A. t=0时刻，桌面对木板的摩擦力大小为24N B. t=25s时刻，A的加速度大小为1m/s2 C. t=25s时刻，B的速度为1.125m/s D. t=50s时刻，轻绳对B的拉力大小为34N 8. 2024年5月3日嫦娥六号发射成功，5月8日成功实施近月制动（如图所示），并顺利进入环月轨道飞行。假设登月探测器在环月轨道1上的P点实施变轨，进入椭圆轨道2，再由近月点Q点进入圆轨道3，已知轨道1的半径为3r，轨道3的半径为r，登月探测器在轨道3的运行周期为T，则登月探测器（ ） A. 从轨道2上的Q点进入圆轨道3时，需要点火加速 B. 在轨道1经过P点时的加速度等于在轨道2经过P点时的加速度 C. 在轨道1上运行的周期为 D. 沿轨道2运行时，经过P点和Q点时的加速度大小之比为 9. 如图所示，带电荷量为的球1固定在倾角为的光滑绝缘斜面上的点，其正上方处固定一电荷量为的球2，斜面上距点处的点有质量为的带电球3，球3与一端固定的绝缘轻质弹簧相连并在点处于静止状态。此时弹簧的压缩量为，球2、3间的静电力大小为。迅速移走球1后，球3沿斜面向下运动。为重力加速度，球的大小可忽略，下列说法正确的是（　　） A. 球3带正电 B. 球3在间做简谐运动 C. 球3运动至点的速度大小为 D. 球3在点时的加速度大小是在中点时的4倍 10. 2025年1月，我国全超导托卡马克核聚变实验装置首次完成1亿摄氏度1066秒“高质量燃烧”，创造新的世界纪录。部分装置简化为如图甲所示的足够长空心圆柱，其半径为3R，内部空间被半径为R的同轴圆柱面分为区域Ⅰ和Ⅱ，其左视图如图乙所示。在图乙中，区域Ⅰ存在垂直纸面向里的匀强磁场，区域Ⅱ存在大小处处相等的顺时针环形磁场，磁感线的圆心在圆柱面的轴线上，两区域磁感应强度大小均为B。现在区域Ⅰ的边界沿半径向外发射电荷量为q、质量为m、初速度为的氘核，则氘核（　　） A. 从开始运动到第一次回到区域Ⅰ所用的时间为 B. 从开始运动到速度方向首次与方向相同所用的时间为 C. 从开始运动到速度方向首次与方向相同经过的路程为 D. 从开始运动到速度方向首次与方向相同发生的位移大小为 二、非选择题（本题共5小题，共54分） 11. 用如图甲所示的装置“验证动量守恒定律”。水平放置的气垫导轨上有A、B两个滑块，开始时两个滑块静止，它们之间有一根被压缩的轻质弹簧，滑块间用绳子连接，如图甲所示。气垫导轨正常工作后，将绳子烧断，两个滑块向相反方向运动，同时开始频闪拍摄，得到一幅多次曝光的数码照片，如图乙所示。已知频闪的频率为10 Hz，滑块A、B的质量分别为、。 （1）由图乙可知，A、B离开弹簧后，应该做__________运动，根据照片记录的信息，从图乙中可以看出闪光照片有明显与事实不相符合的地方是____________________； （2）若不计此失误，通过分析图乙，A、B两个滑块动量是否守恒_________（填“是”或“否”）。 12. 某兴趣小组自制了一个多用电表。图乙是其中的欧姆表部分，有四个挡位（“×1”“×10”“×100”和“×1k”）。 （1）某同学欲测量1000 Ω左右的电阻，需将选择开关调至_________挡位，欧姆调零后，进行测量，如图甲所示，则电阻阻值为_______。 （2）该小组讨论后，设计的欧姆表内部结构如图乙所示，已知电源为一节干电池（E=1.5V，r=1.5Ω），其a端应为电源的________。（选填“正极”或“负极”） （3）已知电流计的量程为，内阻，经计算，可求出4个定值电阻的阻值，则______。 13. 在平直的公路上有两辆汽车同时同向做匀速运动，B车前，A车在后，A车的速度大小为v1=10m/s，B车的速度大小为v2=20m/s。当A、B两车相距x0=20m时，B车因前方突发情况紧急刹车，已知刹车过程的运动可视为匀减速直线运动，加速度大小为a=2m/s2，从此时开始计时，求： （1）A车追上B车之前，两者相距的最大距离？ （2）A车追上B车所用的时间？ 14. 如图所示，、为半径的四分之一光滑绝缘竖直圆弧轨道，在四分之一圆弧区域内存在着、竖直向上的匀强电场，有一质量、带电量的物体（可视为质点），从点的正上方距离点处由静止开始自由下落（不计空气阻力），段为长、与物体间动摩擦因数为的粗糙绝缘水平面，段为倾角且离地面高的斜面，已知，，重力加速度取。 （1）若，物体能沿轨道到达，求物体到达处的速度大小以及从处射出后落点的位置（不讨论物体反弹以后的情况）； （2）通过计算判断：是否存在某一值，能使物体沿轨道经过最低点后最终停在距离点处。 15. 如图所示，平行金属导轨、和平行金属导轨、固定在有一定高度差的两水平台面上。导轨、左端接有电源，间距，其导轨空间存在竖直向上的匀强磁场，磁感应强度大小；平行导轨、的间距也为，其中与是圆心角为、半径的圆弧形导轨，与是水平长直导轨，及其右侧有方向竖直向上的匀强磁场，磁感应强度大小。导体棒a的质量，接入电路中的电阻，放置在导轨、右侧边缘处；导体棒b的质量，接入电路中的电阻，放置在水平导轨某处。闭合开关K后，导体棒a从水平抛出，恰能无碰撞地从处以速度滑入圆弧形平行导轨，且始终没有与导体棒b相碰。取重力加速度大小，，，导体棒a、b始终与导轨垂直，除在空中外，均接触良好，不计一切摩擦及空气阻力。求：（答案可保留根号） （1）两平台的高度差h； （2）导体棒a运动到圆弧导轨底端时的加速度大小； （3）导体棒a在上、下两个平台上通过的电荷量的比值。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 2026年东北育才学校高三年级临考提升卷物理科试卷 答题时间：75分钟；满分：100分 一、选择题（本题共10小题46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每个小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选或不答的得0分） 1. 关于物理学史，下列说法正确的是（　　） A. 牛顿第二定律确定了物体的加速度与质量及其所受的力的关系，是牛顿动力学的核心 B. 美国物理学家库仑通过油滴实验精确测定了元电荷e电荷量，获得诺贝尔物理学奖 C. 普朗克提出能量子假说并提出光子说，成功地解释了光电效应规律 D. 卢瑟福用粒子轰击铍核发现了质子的存在，并建立了原子核式结构模型 【答案】A 【解析】 【详解】A．牛顿第二定律表达式为，确定了物体加速度与所受合外力、质量的定量关系，是牛顿动力学的核心规律，故A正确； B．美国物理学家密立根通过油滴实验精确测定了元电荷的电荷量，库仑的贡献是总结得出库仑定律，故B错误； C．普朗克提出了能量子假说，光子说是爱因斯坦提出的，且爱因斯坦利用光子说成功解释了光电效应规律，故C错误； D．卢瑟福通过粒子散射实验建立了原子核式结构模型，用粒子轰击氮核发现了质子；用粒子轰击铍核发现中子的是物理学家查德威克，故D错误。 故选A。 2. 振动是波产生的原因，波是振动的传播过程。关于振动与波下列说法正确的是（　　） A. 图1为两列频率相同，振幅相同的相干水波于某时刻叠加。实线和虚线分别表示波峰和波谷，则此时c点正处于平衡位置且向下运动 B. 图2是干涉型消声器的结构示意图，波长为的同一声波通过上下两通道后相遇的路程差应该为的整数倍 C. 图3是一个单摆做受迫振动，其共振曲线（振幅A与驱动力的频率f的关系）图，由此判断出该单摆摆长约为1 m D. 图4救护车向右运动的过程中，A、B两人听到警笛声的频率相同 【答案】C 【解析】 【详解】A．图1是相干波叠加，c点是波峰和波谷相遇，两列波振幅相同，因此c点振动完全抵消，振幅为0，始终静止在平衡位置，不会发生运动，故A错误； B．干涉消声器的原理是声波干涉相消，要让两列声波振动抵消，路程差应为半波长的奇数倍，若路程差是波长的整数倍，会发生干涉相长，达不到消声效果，故B错误； C．共振曲线中，振幅最大时驱动力频率等于单摆固有频率，可得单摆固有频率，周期 代入单摆周期公式 得 摆长约为1m，故C正确； D．根据多普勒效应，救护车向右运动，靠近A、远离B，A听到的警笛频率高于B听到的频率，频率不同，故D错误； 故选C。 3. 核聚变反应通常涉及轻核（如氘、氚）结合成较重核（如氦）的过程，释放巨大能量。已知氘核和氚核聚变生成氦核并放出一个粒子，反应方程为：。关于上述核反应及核能知识，下列说法正确的是（　　） A. 粒子X是质子，该反应属于原子核的人工转变 B. 氦核的比结合能大于氘核和氚核的比结合能 C. 反应前后原子核的总质量守恒，但总能量不守恒 D. “1亿摄氏度”高温，使得每一个原子核都获得足够的动能，以克服库仑斥力从而发生聚变 【答案】B 【解析】 【详解】A．根据核反应电荷数、质量数守恒，可知粒子X的质量数、电荷数分别为 可知X为中子（）。且该反应为轻核聚变，不属于原子核的人工转变，故A错误； B．比结合能越大原子核越稳定，该聚变反应释放能量，说明生成物氦核比反应物氘核、氚核更稳定，因此氦核的比结合能大于氘核和氚核的比结合能，故B正确； C．该反应存在质量亏损，反应前后原子核总质量不守恒（仅质量数守恒），且总能量满足质能守恒定律，故C错误； D．温度是大量微观粒子平均动能的统计量，高温仅使大量原子核的平均动能足够克服库仑斥力，并非每一个原子核都能获得足够动能，故D错误。 故选B。 4. 如图甲，某水池中有一点光源S，点光源S仅包括单色光a和b，在水面上形成一个被照亮的圆形区域（如图乙），小圆区域为复色光照亮区域，大圆环区域仅为单色光b照亮区域。已知水对单色光a的折射率为，对单色光b的折射率为，下列说法正确的是（　　） A. B. 单色光b照射到小圆区域边界处的折射角正弦值为 C. 用同一装置做双缝干涉实验，a光比b光的干涉条纹间距宽 D. 若某单缝能使b光发生明显衍射现象，则也一定能使a光发生明显衍射现象 【答案】B 【解析】 【详解】AB．由图乙可知，单色光a照射到小圆区域边界处刚好发生全反射，设此时入射角为i，则有 则单色光b照射到小圆区域边界处时，根据折射定律可得 联立可得单色光b照射到小圆区域边界处的折射角正弦值为 故A错误，B正确； C．因为，故单色光b频率小，波长大。由双缝干涉条纹间距公式 知a光比b光的干涉条纹间距窄，故C错误； D．波长越大衍射现象越明显，单色光b波长大，所以某单缝能使b光发生明显衍射现象，则不一定能使a光发生明显衍射现象，故D错误。 故选B。 5. 如图所示，一定质量的理想气体经完成循环过程，其中和均为等温过程。关于该循环过程，下列说法正确的是（　　） A. 过程中，气体对外做功小于从外界吸收的热量 B. 过程的温度高于过程的温度 C. 过程中，单位时间单位面积气体分子撞击器壁的次数增大 D. 从状态经一个循环又回到的全过程中，气体吸收的热量大于放出的热量 【答案】D 【解析】 【详解】A．过程中，气体温度不变，内能不变，体积变大，气体对外做功，根据热力学第一定律有 可知，气体从外界吸收的热量等于对外做功，故A错误； B．根据理想气体状态方程 可知，体积为时，状态的压强高于状态的压强，因此温度高于，故B错误； C．过程中，气体温度不变，气体的平均速率不变，体积增大，分子数密度减小，压强减小，单位时间单位面积气体撞击器壁的个数减小，故C错误； D．从状态经一个循环又回到的全过程中，气体内能不变，整个过程气体对外做功大小等于图像围成的面积，则整个过程气体吸收总热量大于零，即气体吸收的热量大于放出的热量，故D正确。 故选D。 6. 滑块A的质量为1kg，以5m/s的初速度沿水平面追赶正前方初速度为3m/s的滑块B并与之发生正碰后粘在一起运动，碰撞前后两个滑块的速度一时间图像如图所示。重力加速度大小，不计碰撞时间，两个滑块均看成质点。下列说法不正确的是（　　） A. 两个滑块与水平面的动摩擦因数都等于0.1 B. 零时刻滑块A在滑块B的正后方4m处，2s末发生碰撞 C. 碰撞过程中系统动量守恒，滑块B的质量是2kg D. 碰撞过程滑块B受到的冲量大小为1N·s、方向与它的运动方向相同 【答案】C 【解析】 【详解】A．由图像知三段图像的斜率大小相等均为，对滑块A，根据牛顿第二定律得 代入数据得,故A正确，不符合题意； B．因为图像在2s末发生突变，则碰撞发生在2s末；由图像围成的面积表示位移，可以求出0~2s内滑块A比B多走4m，也就是零时刻A与B间的距离为4m，故B正确，不符合题意； C．因为碰撞时间极短，所以碰撞过程中总动量守恒 其中，，，代入得,故C错误，符合题意； D．根据动量定理可知， 方向与它的运动方向相同，故D正确，不符合题意。 故选C。 7. 如图所示，在水平桌面上有一个质量M=4kg的长木板，其上端放置一个质量m=2kg的物块A，木板右端连接一根轻绳，轻绳跨过光滑的定滑轮连接一质量也为m=2kg的物块B，木板与A和桌面间的动摩擦因数μ均为0.4，t=0时刻在木板左端施加一个水平向左的拉力F=2t（F单位为N，t单位为s）。不计空气阻力，木板、轻绳足够长，A不会从木板上滑落，B不会碰到定滑轮，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g=10m/s2，下列说法正确的是（　　） A. t=0时刻，桌面对木板的摩擦力大小为24N B. t=25s时刻，A的加速度大小为1m/s2 C. t=25s时刻，B的速度为1.125m/s D. t=50s时刻，轻绳对B的拉力大小为34N 【答案】C 【解析】 【详解】A．时刻拉力，木板受到向右的绳子拉力大小为，小于桌面最大静摩擦力，木板保持静止，桌面对木板的静摩擦力大小等于，A错误； B．木板与桌面间的最大静摩擦力 木板即将向左滑动时，向左的拉力需满足，对应时刻 A与木板间的最大静摩擦力 因此A能达到的最大加速度 当A与木板即将相对滑动时，整体加速度等于 对木板、A、B整体列牛顿第二定律，解得，对应时刻 时A与木板相对静止，共同加速度，B错误； C．内，加速度随时间的关系为 类比匀加速运动的位移公式可得(为加速度的变化速率)，C正确； D．时，A与木板发生相对滑动，A对木板的滑动摩擦力向右、大小为。 设木板加速度为，对B有 对木板有 联立解得，D错误。 故选 C。 8. 2024年5月3日嫦娥六号发射成功，5月8日成功实施近月制动（如图所示），并顺利进入环月轨道飞行。假设登月探测器在环月轨道1上的P点实施变轨，进入椭圆轨道2，再由近月点Q点进入圆轨道3，已知轨道1的半径为3r，轨道3的半径为r，登月探测器在轨道3的运行周期为T，则登月探测器（ ） A. 从轨道2上的Q点进入圆轨道3时，需要点火加速 B. 在轨道1经过P点时的加速度等于在轨道2经过P点时的加速度 C. 在轨道1上运行的周期为 D. 沿轨道2运行时，经过P点和Q点时的加速度大小之比为 【答案】BD 【解析】 【详解】A．从轨道2上的Q点进入圆轨道3时，需要点火减速，做近心运动，故A错误； BD．由牛顿第二定律可知 解得 则沿轨道1过P点时的加速度等于沿轨道2过P点时的加速度，沿轨道2运动时，经P点和Q点时的加速度大小之比为，故BD正确； C．由开普勒第三定律可得 解得，故C错误。 故选BD。 9. 如图所示，带电荷量为的球1固定在倾角为的光滑绝缘斜面上的点，其正上方处固定一电荷量为的球2，斜面上距点处的点有质量为的带电球3，球3与一端固定的绝缘轻质弹簧相连并在点处于静止状态。此时弹簧的压缩量为，球2、3间的静电力大小为。迅速移走球1后，球3沿斜面向下运动。为重力加速度，球的大小可忽略，下列说法正确的是（　　） A. 球3带正电 B. 球3在间做简谐运动 C. 球3运动至点的速度大小为 D. 球3在点时的加速度大小是在中点时的4倍 【答案】AD 【解析】 【详解】A．若球3带负电，由于球1带正电对其产生沿斜面向下的吸引力，球2带负电对其产生的排斥力在斜面上的分力沿斜面向上，加上重力沿斜面向下的分力，为了维持静止状态弹簧必须处于拉伸状态以提供向上的拉力，这与题中弹簧处于压缩状态矛盾，故球3必然带正电，根据题意可知球2、3间的静电力大小为 球2、3间的距离与、两点间的距离相等均为，根据库仑定律可知球1、3间的静电力大小为 代入数据解得 对处于点静止的球3进行受力分析，根据受力平衡条件有 代入已知数据解得 设弹簧的劲度系数为，根据胡克定律有 解得 受力情况与题设条件相符，故A正确； B．迅速移走球1后球3沿斜面向下运动，球3到球2的距离随位移不断发生变化，球2对球3的库仑力大小和方向均发生改变，库仑力沿斜面的分力与位移不呈线性关系，因此球3受到的合力不与位移成正比，不满足简谐运动的回复力特征，故B错误； C．球3从点运动到点的过程中，由于点与点到球2的距离均为，两点处于同一等势面上，球2对球3的静电力做功为零，弹簧在点压缩量为，在点伸长量也为，初末状态弹性势能相等，弹力做总功为零，根据动能定理有 解得 运动至点的速度大小不为，故C错误； D．当球3运动至$ab$中点时，位移为，此时弹簧刚好恢复原长弹力为零，球2与该中点的连线垂直于斜面，球2对球3的静电力方向垂直于斜面，其沿斜面方向的分力为零，沿斜面方向根据牛顿第二定律有 解得 当球3运动至点时，弹簧处于拉伸状态且伸长量为，球2对球3的静电力方向竖直向上，设沿斜面向上为正方向，根据牛顿第二定律有 代入数据解得 经过对比可知，故D正确。 故选AD。 10. 2025年1月，我国全超导托卡马克核聚变实验装置首次完成1亿摄氏度1066秒“高质量燃烧”，创造新的世界纪录。部分装置简化为如图甲所示的足够长空心圆柱，其半径为3R，内部空间被半径为R的同轴圆柱面分为区域Ⅰ和Ⅱ，其左视图如图乙所示。在图乙中，区域Ⅰ存在垂直纸面向里的匀强磁场，区域Ⅱ存在大小处处相等的顺时针环形磁场，磁感线的圆心在圆柱面的轴线上，两区域磁感应强度大小均为B。现在区域Ⅰ的边界沿半径向外发射电荷量为q、质量为m、初速度为的氘核，则氘核（　　） A. 从开始运动到第一次回到区域Ⅰ所用的时间为 B. 从开始运动到速度方向首次与方向相同所用的时间为 C. 从开始运动到速度方向首次与方向相同经过的路程为 D. 从开始运动到速度方向首次与方向相同发生的位移大小为 【答案】BC 【解析】 【详解】A．由及，可知氘核在区域Ⅰ、Ⅱ中均做半径为R的匀速圆周运动。氘核第一次在区域Ⅱ内的运动轨迹如图甲所示，是圆心角为180°的圆弧，由氘核在磁场中做匀速圆周运动的周期，可知氘核从开始运动到第一次回到区域Ⅰ所用的时间，故A错误。 B．第一次回到区域Ⅰ的氘核在区域Ⅰ中的运动轨迹如图乙所示，是圆心角为90°的圆弧，根据对称性可知，氘核从开始共经过2次区域Ⅰ和3次区域Ⅱ后速度方向首次与方向相同，氘核经过1次区域Ⅰ所用的时间，经过1次区域Ⅱ所用的时间，则氘核从开始运动到速度方向首次与方向相同所用的时间，故B正确。 C．氘核经过1次区域Ⅰ的路程，经过1次区域Ⅱ的路程，则氘核从开始运动到速度方向首次与方向相同经过的路程，故C正确。 D．氘核经过2次区域Ⅰ和3次区域Ⅱ后起点M和终点N的位置如图丙所示，则氘核在水平方向上的位移为，在竖直方向上的位移为，可得总位移，故D错误。 故选BC。 二、非选择题（本题共5小题，共54分） 11. 用如图甲所示的装置“验证动量守恒定律”。水平放置的气垫导轨上有A、B两个滑块，开始时两个滑块静止，它们之间有一根被压缩的轻质弹簧，滑块间用绳子连接，如图甲所示。气垫导轨正常工作后，将绳子烧断，两个滑块向相反方向运动，同时开始频闪拍摄，得到一幅多次曝光的数码照片，如图乙所示。已知频闪的频率为10 Hz，滑块A、B的质量分别为、。 （1）由图乙可知，A、B离开弹簧后，应该做__________运动，根据照片记录的信息，从图乙中可以看出闪光照片有明显与事实不相符合的地方是____________________； （2）若不计此失误，通过分析图乙，A、B两个滑块动量是否守恒_________（填“是”或“否”）。 【答案】（1） ①. 匀速直线 ②. A、B两滑块的第一个间隔 （2）是 【解析】 【小问1详解】 [1]气垫导轨正常工作后摩擦阻力可忽略不计，滑块、离开弹簧后在水平方向所受合外力为零，故应该做匀速直线运动。 [2]弹簧弹开滑块的过程需要一定的时间，在此过程中滑块在弹力作用下做加速运动，其相邻两次闪光的间隔应逐渐增大，完全离开弹簧后做匀速直线运动，相邻两次闪光的间隔才保持不变；而图乙中滑块、的第一个间隔与后面的匀速间隔相同，这是明显与事实不相符的地方。 【小问2详解】 已知闪光频率为，根据周期与频率的关系有 代入数据解得 由图乙可知，滑块在相邻两次闪光时间内的位移为，滑块在相邻两次闪光时间内的位移为，根据速度定义式分别有， 联立代入数据解得和 系统分离前静止，总动量为零；规定向左为正方向，分离后系统的总动量为 代入数据解得 分离前后系统总动量均为零，故滑块、动量是守恒的。 12. 某兴趣小组自制了一个多用电表。图乙是其中的欧姆表部分，有四个挡位（“×1”“×10”“×100”和“×1k”）。 （1）某同学欲测量1000 Ω左右的电阻，需将选择开关调至_________挡位，欧姆调零后，进行测量，如图甲所示，则电阻阻值为_______。 （2）该小组讨论后，设计的欧姆表内部结构如图乙所示，已知电源为一节干电池（E=1.5V，r=1.5Ω），其a端应为电源的________。（选填“正极”或“负极”） （3）已知电流计的量程为，内阻，经计算，可求出4个定值电阻的阻值，则______。 【答案】（1） ①. ②. 1100##1100.0 （2）正极 （3）900 【解析】 【小问1详解】 [1]欧姆表的中央刻度约为$15$，为使指针指在中央刻度附近以减小读数误差，测量左右的电阻时，应选择“”挡位。 [2]由图甲可知，欧姆表刻度盘上指针指在数字$11$处，则测得电阻阻值为 【小问2详解】 根据欧姆表的内部结构和原理可知，黑表笔与内部电源的正极相连，红表笔与内部电源的负极相连。由图乙可知红表笔接在端，则端应为内部电源的正极。 【小问3详解】 由图甲可知，欧姆表的中央刻度值为$15$。欧姆表的中值电阻等于其内阻，则选择“”挡位和“”挡位时，欧姆表内阻分别为和。根据图乙多量程电流表改装原理可知，开关S接4时，表头并联的分流电阻最大，电流表量程最小，对应满偏电流较小的“”挡位；同理开关S接3时对应“”挡位。根据闭合电路欧姆定律，两挡位对应的满偏电流分别有， 代入数据解得和 根据并联电路规律，开关S接4和接3时分别有， 联立方程并代入数据解得 13. 在平直的公路上有两辆汽车同时同向做匀速运动，B车前，A车在后，A车的速度大小为v1=10m/s，B车的速度大小为v2=20m/s。当A、B两车相距x0=20m时，B车因前方突发情况紧急刹车，已知刹车过程的运动可视为匀减速直线运动，加速度大小为a=2m/s2，从此时开始计时，求： （1）A车追上B车之前，两者相距的最大距离？ （2）A车追上B车所用的时间？ 【答案】（1）45m （2）12s 【解析】 【小问1详解】 当A、B两车速度相等时，相距最远，则 解得 此过程中A车的位移为 B车的位移为 所以两者相距的最大距离为 【小问2详解】 B车从刹车开始到运动停止所用时间为 此过程中A车的位移为 B车的位移为 由于可知A车追上B车时，B车已停止运动，所以 14. 如图所示，、为半径的四分之一光滑绝缘竖直圆弧轨道，在四分之一圆弧区域内存在着、竖直向上的匀强电场，有一质量、带电量的物体（可视为质点），从点的正上方距离点处由静止开始自由下落（不计空气阻力），段为长、与物体间动摩擦因数为的粗糙绝缘水平面，段为倾角且离地面高的斜面，已知，，重力加速度取。 （1）若，物体能沿轨道到达，求物体到达处的速度大小以及从处射出后落点的位置（不讨论物体反弹以后的情况）； （2）通过计算判断：是否存在某一值，能使物体沿轨道经过最低点后最终停在距离点处。 【答案】（1）2 m/s，距离点0.2 m （2）不存在，物体最终停在距离点的最小距离为1m>0.8m 【解析】 【小问1详解】 若，物体能沿轨道到达，物体由静止开始运动到点的过程中，根据动能定理有 物体由点到点的过程中，根据动能定理有 解得 物体在点做平抛运动，假设落到地面上，有， 联立解得 、水平距离为 可知物体落到地面上，物体的落地点离点水平距离为。 【小问2详解】 不存在。物体沿轨道经过最低点的最小速度满足 解得 根据动能定理有 解得 可知不存在值，使物体沿轨道经过最低点后最终停在距离点处。 15. 如图所示，平行金属导轨、和平行金属导轨、固定在有一定高度差的两水平台面上。导轨、左端接有电源，间距，其导轨空间存在竖直向上的匀强磁场，磁感应强度大小；平行导轨、的间距也为，其中与是圆心角为、半径的圆弧形导轨，与是水平长直导轨，及其右侧有方向竖直向上的匀强磁场，磁感应强度大小。导体棒a的质量，接入电路中的电阻，放置在导轨、右侧边缘处；导体棒b的质量，接入电路中的电阻，放置在水平导轨某处。闭合开关K后，导体棒a从水平抛出，恰能无碰撞地从处以速度滑入圆弧形平行导轨，且始终没有与导体棒b相碰。取重力加速度大小，，，导体棒a、b始终与导轨垂直，除在空中外，均接触良好，不计一切摩擦及空气阻力。求：（答案可保留根号） （1）两平台的高度差h； （2）导体棒a运动到圆弧导轨底端时的加速度大小； （3）导体棒a在上、下两个平台上通过的电荷量的比值。 【答案】（1） （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 导体棒a从上平台水平抛出，经过时间t到达圆弧形导轨，有 又由几何关系有 解得 【小问2详解】 设导体棒a刚到达时的速度大小为，由动能定理有 解得 竖直方向有 水平方向有 又 解得 【小问3详解】 设导体棒a从上平台上飞出的速度大小为，有 由动量定理有 导体棒a进入下平台后，两棒最终做匀速直线运动，设共同速度为，由水平方向动量守恒有 解得 同理由动量定理有 解得 故 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $