山东淄博瀚文学校2025-2026学年高三上学期期中考试物理试题

**基本信息** 高三期中物理试卷以北斗卫星导航、“打水漂”等真实情境为载体，融合物理学史与现代科技，注重物理观念建构与科学思维考查。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |单选题|8/24|物理学史（题1）、运动图像（题2）、受力分析（题3）|结合伽利略自由落体研究（题1）考查科学本质观| |多选题|4/16|传送带运动（题9）、波动图像（题10）|通过v-t图像分析运动过程（题9），体现模型建构| |非选择题|6/60|动量守恒实验（题14）、力学综合（题17）|第17题融合动量守恒与能量转化，考查科学推理与论证|

Sheet1 题号 题型 分值 考查知识点 核心素养及水平层次 素养解读与命题意图 1 单选题 3 物理学史（万有引力、自由落体等） A-1, T-1 考查对物理学史基本事实的识记和理解，体现科学态度与责任。 2 单选题 3 运动学图像（v-t、x-t图） M-1, T-2 考查从图像中提取信息、分析运动过程的能力，体现物理观念和科学思维。 3 单选题 3 力的平衡、摩擦力 M-2, T-2 考查在静态平衡情境中应用相互作用观，分析摩擦力和压力关系。 4 单选题 3 平抛运动规律 M-2, T-2 考查平抛运动的基本规律和推理能力，体现运动与相互作用的观念。 5 单选题 3 万有引力、卫星轨道 M-3, T-3 考查在卫星运动关联情境中应用引力观念，进行综合分析和计算。 6 单选题 3 动量守恒、碰撞 M-3, T-3 考查碰撞模型中动量守恒观念的应用，进行定量推理和判断。 7 单选题 3 功率、牛顿第二定律、运动学 M-3, T-3 考查汽车启动过程中的能量和运动分析，综合应用功率和运动学观念。 8 单选题 3 电场强度、电势 M-3, T-3 考查在匀强电场情境中分析电势和场强，体现能量观和空间想象能力。 9 多选题 4 传送带、摩擦力、功 M-3, T-3 考查在传送带动态情境中分析摩擦力、功和平衡，综合应用物理观念。 10 多选题 4 机械波、波动图像和振动图像 T-4, M-3 考查从波动和振动图像中提取信息、分析波传播规律，体现科学思维的高水平。 11 多选题 4 电容器充放电 E-3, T-3 考查通过实验数据分析电容器充放电过程，体现科学探究和思维能力。 12 多选题 4 动量守恒、能量守恒、弹簧系统 M-4, T-4 考查在弹簧连接体复杂情境中应用动量和能量观念，进行系统分析和推理。 13 非选择题 6 匀变速直线运动、数据处理 E-2, T-2 考查实验数据处理和图像分析能力，体现科学探究的基本方法。 14 非选择题 8 动量守恒验证实验 E-3, T-3, A-2 考查实验设计、误差分析和动量守恒验证，体现探究能力和严谨态度。 15 非选择题 10 运动学、v²-x图像分析 M-3, T-3 考查从图像中提取信息、分析运动过程，解决关联情境中的问题。 16 非选择题 10 机械波、振动图像、波速计算 T-4, M-3 考查波动与振动的综合应用，分析周期和波速，体现模型建构能力。 17 非选择题 12 动量守恒、能量守恒、圆周运动 M-4, T-4 考查多过程问题（碰撞、圆周运动）中应用动量和能量观念，解决复杂问题。 18 非选择题 14 电场、电势能、牛顿定律 M-5, T-5, A-3 考查在电场陌生情境中综合应用能量观、相互作用观，进行模型建构和批判性思维。 物理观念（M）：贯穿全卷，重点考查运动与相互作用观、能量观、动量观，尤其在综合题中要求高层次应用。 科学思维（T）：突出模型建构、推理和分析综合能力，多选题和计算题要求水平3-5的思维。 科学探究（E）：集中在实验题，考查数据处理、方案设计和误差分析能力。 科学态度与责任（A）：体现在物理学史和实验严谨性中，引导对科学本质的认识。 Sheet2 Sheet3 $2025一2026学年度第一学期高三期中考试 物理解析 题号 2 3 4 6 6 7 8 ⊙ 10 答案 c B C C B A D D AD ABD 题号 11 12 答案 BC AC 1.C 【详解】A.甲图，牛顿发现了万有引力定律，卡文迪什通过引力扭秤实验测出了万有引力常量，故A错误： B.乙图，伽利略根据理想斜面实验，提出了力不是维持物体运动状态的原因而是改变物体运动状态的原因，故 B错误； C.丙图，伽利略通过实验加推理的研究方法得到自由落体的速度与时间成正比，故C正确： D.丁图，开普勒通过大量天文观测数据总结了行星运行的规律，故D错误。 故选C。 2.B 【详解】AD.由v-t图像与横轴围成的面积表示位移可知，在0~t,时间内，丁车的位移大于丙车的位移，则丁 车的平均速度大于丙车的平均速度；由于两车由同一地点向同一方向运动，则t,时刻丁车在丙车的前面，故AD 错误； B.由x-t图像可知，O~,时间内，甲车的位移等于乙车的位移，则甲车的平均速度等于乙车的平均速度，故B 正确： C.x-t图像和v-t图像均只能描述物体做直线运动，所以甲、乙、丙、丁四辆车均做直线运动，故C错误。 故选B。 3.C 【详解】A.演员在两车之间保持相对静止，脚对货箱的压力两边等大反向，但具体大小未知，不一定是G,故 A错误； B.每只脚受到的摩擦力f= G ,不是uG,故B错误 C。质益增加则体重G增加，了-氵，因此需要更大的静摩擦力才能保持静止，故C正确。 答案第1页 D.以左侧货箱为例，左侧货箱对演员有向右的支持力，向上的静摩擦∫，即左侧货箱对人的作用力斜向上， 故D错误。 故选C。 4.C 【详解】A.薄铁片在竖直方向做自由落体运动，根据h=28 2h 可得从抛出到第一次与水面接触所用时间t= ,A错误； B.水平方向做匀速直线运动，水平位移1=t 代入t=, 创 可得初速度= B错误； 2h C.设每次刚要接触水面时，水平速度为，（水平速度不变），竖直速度为y,。速度方向与水面夹角日满足tan日=立 每次与水面作用后，竖直速度大小变为原来的}，即每次弹起后竖直速度逐渐减小，而水平速度6不变，所以a6 逐渐减小，B逐渐变小，C正确： D.第一次与水面接触时，竖直速度y,1=gt=V2gh "n 接触后竖直速度大小变为y,2= 2 上升的最大高度H= 2ghh,D错误。 2g2g 9x2g9 故选C。 故选C。 5.B 【详解】A.地球静止同步轨道卫星A相对于赤道静止，倾斜地球静止卫星只是周期等于地球自转周期，相对于 赤道不静止，故A错误； 钜最近，则再经，T,B卫星运动半周，C卫星运动一周，此时两卫星 为两者轨道半径之和。 ,共6页 (R)3 对于B、C卫星，由开普勒第三定律得r 解得d=飞+R= R 4 故B正确； GMmL 4π2 C.B卫星受到的万有引力完全提供向心力，有 =- (kR) R 对任意地球表面赤道处的物体受力分析，有g。+ 祭术 R 联立得-) 故C错误： D.由于不知道卫星B、C的质量，所以无法比较两者的势能，故D错误。 故选B。 6.A 【详解】碰撞后球要满足的条件为1、碰撞前后两球组成的系统动量守恒，即 =%1+3 2、碰撞后系统的能量不能大于碰撞前系统的能量，即 1 1 3、碰后小球A的速度反向或者小于等于小球B的速度。 A.综合以上三个条件，可知A正确： B.不满足动量守恒，也不满足碰后小球A的速度反向或者小于等于小球B的速度， CD.不满足碰撞后系统的能量不能大于碰撞前系统的能量，CD均错误。 故选A。 7.D 【详解】A.专~七时间内，根据动量定理 I32-f(在2-4)=m(Ym-) 汽车牵引力的冲量大小为 I2=m(vm)+f(t-) A错误； B.~t时间内，根据动能定理 B6-)在mm 汽车发生的位移大小为 X= f B错误： C.0~t2时间内，根据动量定理 I-f2 m'mn 汽车牵引力的冲量大小为 I=mvmn+f2 C错误； D.汽车做匀加速运动阶段，牵引力恒定，由牛顿第二定律 F-∫=a0~t,时间内，根据动能定理 +6-)-房m 2 汽车克服阻力做的功为 %-兰+m+R6-)广m B错误； D正确。 故选D。 8.D 【详解】A.题意可知0点电势，=2十2=0V 2 根据日号 则x方向场强分量大小E,-0-%,=4,Vm=20Vm RR0.2 答案第2页，共6页 同理v方向场强分量大小E,=6一只-4N3Vm=206V血 R0.2 故该匀强电场的场强大小E=√B+E?=40Vm,故A错误； B.随着电场线方向电势降低，可知B,沿x正方向，，沿y正方向，则m9=三=5 可知0=60°，故B错误： CD.在匀强电场中，平行且相等的线段，两端电势差相等，则有4-P=Po-Pa 联立解得=-4V,故C错误，D正确。 故选D。 9.AD 【详解】A.根据图乙可知，煤块先向上做匀减速直线运动，速度减为2s时，向上减速的加速度发生变化， 知，传送带的速率是2m/s,故A正确： B.0-1s内的加速度大小4=Ay_12-2m/g-10m/s △t1 根据牛顿第二定律有gsin8+mg cos8=a1 12s内的加速度大小4= =2 m/s2=2m/s2 △t22-1 根据牛顿第二定律有mng sin8-umng cose6=ma2 解得0=37°，u=0.5,tan8=0.75,故B错误： C.v-t图像与时间轴所围几何图形的面积表示位移，根据图乙可知，煤块向上运动的位移大小 t=(2+12)×1m+2×2-1) 一m+ m=8m 2 煤块从最高点下滑到A端过程有x=。 解得t=22s,故C错误： D.结合上述可知，煤块开始相对于传送带向上运动，经历时间=s 相对位移大小阳="-以=521-2,2m=5加 2 2 后来相对于传送带向下运动，经历时间1，=2s-1s+2√2s=（1+2W2)s 答案 相对位移大小xe=4,-怀-5=(945)m>xm 则煤块在传送带上留下的痕迹长为(9+4√2)m,故D正确。 故选AD。 10.ABD 【详解】A.由a图可知，波长1=8m,由b图可知，周期T=0.2s,Q质点在0.1s时向下振动，由“同侧法”可知， 该列波向左传播，在0.25s时，即又经过T,质点P位移为负，加速度方向与y轴正方向相同，A正确； B.从010s到025s,经过子，该液沿x轴负方向传播了，即6m,B正确： 3 4 C.质点P并不是从特殊位置出发， 子内通过的路程不等于3A,故路程不为30m,C销误； 可 D.由题意可知，仁0时刻，质点Q在平衡位置且要向上振动，故质点Q做简谐运动的表达式为 =0.10sin10n(cm) D正确。 故选ABD。 11.BC 【详解】AB.开关改接1后，电容器与电源相连，进行是的充电过程，则开关改接2后，电容器进行是的放电 过程，故A错误，B正确： CD.根据q=t可知，I-t图像与横轴围成的面积表示电容器放电过程中放出的电荷量，由题图可知，围成的面 积中大约有36个小方格，则有 9=36×0.2×10-3×0.4C≈.×-3C 故C正确，D错误。 故选BC。 12.AC 【详解】A.从开始运动到两者共速由动量守恒定律可得。=(+)加 解得B物块的质量为=2g,故A正确： 共速时弹簧弹性势能最大，则弹簧的弹性势能最大值为E,。)m+)P=12J, C.专，时刻A的速度为零，则根据=归 第3页，共6页 解得B的速度v=3m/s [3]为使小球离开轨道时的初速度相等，每次释放小球时应从同一高度静止释放，故步骤D错误。 则弹簧的弹性势能为8，mG-2%=J,故C正确： [4两球离开轨道后做平抛运动，它们抛出点的高度相同，在空中运动的时间t相等，设a碰撞前速度为"A,m D.从开始到3时刻，B的速度一直增加，则弹簧一直处于压缩状态，在3时刻弹簧处于原长，弹力为零，加速度 与碰撞后速度分别为"A、,因小球B放在斜槽边缘，所以小球B做平抛运动的，水平距离为ON。如果碰 为零，速度最大，故D错误。 撞过程动量守恒，则有 故选AC。 aVA=aVA+阳B 两边同时乘以t得 13.(10.1 (2)0.560 见解析0.8 mavat mavat +mevat (3)0.79 即为 【详解】(1)每相邻两个计数点之间还有4个点，则相邻计数点的时间间隔为T=5×0.02s=0.1s mOP =m OM+m ON (2)①2=g=4-4=Q920-800)×10 -m/s÷0.560m/s 2T2T 2×0.1 故F错误。 ②[2]以打点计时器打A点时记为t=0时刻，在图中描出v。点，并作出v-t图像如图所示 (2)[5][6[刀由闪光频率5Hz可知闪光时间间隔 △t=0.2s ↑v/(ms) 由图知，第二次和第三次闪光的时间间隔内B的位移大小都为20c,则碰后B的速度大小为 0.70 ⅓=告20 -m/s=1.0m/s 0.2 0.60 因为碰后A静止，故AB碰撞应发生在60cm处，从碰撞到第二次闪光B运动的距离为10cm,则此过程所用时 0.50 间为 0.400010.20.3040.5s = 42-10x10-2 ③[3]根据作出的-1图像可得加速度大小为a-A"-0719-0.40 m/s2≈0.8mn/s2 1.08=01s △t0.5-0.1 (3)根据逐差法可得加速度大小为a=0二=33.58-13,23-13.2)×10m1s0.79m/s: 所以两滑块的碰撞发生在第一次闪光后的时间为 9T2 9×0.12 t3=△t-t=0.1s 14. 大于末端切线水平D错误，小球A应从斜槽的同一高度由静止释放℉错误，应验证 碰前滑块B的速度为 mOP=m OM+mpON 0.11.01.0 =40=5x102 【详解】(1)[1]入射小球A和被碰小球B直径相同，为防止两球碰撞后入射球反弹，入射球质量应大于被碰球 m30.1 m/s=0.5m/s 质量，即 碰撞前滑块A的位移为(70一60)cm,所以速度大小为 mA>me 4=45-10x10 50.1 m/s1.0m/s [2]要小球做平抛运动，则必须调整斜槽的末端切线水平。 答案第4页，共6页 15.(1)12m (2)4s 【详解】（1)根据匀变速直线运动规律v-1=2ax 整理可得v2=2+ 结合图像可知A、B两车均做匀变速直线运动，对于A车 可得o4=6m/S 1 10-36 a4-24=2×18 m/s2=-1m/s2 对于B车，可得B=0 a号0v度-05m兮 设经过t时间二者速度相等，此时相距最远，则有4+a4t=agt 代入数据解得t=4s A、B两车共同的速度v=ast=2m/s A车的位移A=2(o4+)f=16m 1 B车的位移xg=。t=4m 2 故二者之间的最大距离△xax=x4-x3=12m （2)设A车经过x=16m的时间为tA,B车经过x=l6m的时间为tB 对于A车，则有 1 104A+5aA=x 2 解得t44s（另一解t4=8s时A车已停止运动，舍去) 对于B车，则有as后=x 解得tg=8s A、B两车分别经过x=16m处的时间差 △t=tB-t4=4s 16.(1)0.6s;(2)(6+6√3)cm;(3)见解析 【详解】(1)由图像可知 T=0.6s (2)B的振动方程为 y=12c0s 2元t(am 0. 当0.1s时，yB=6cm; A振动方程为 y=-12simn 21(cm) 0.6 当0.1s时，yA=65cm: 所以高度差为 △y=(6+6V3)cm (3)若波由A向B传播，则 t=n+（m-0,1,2.) 4 v= t 解得 s100 12n+3mWs(0,1,2.) 若波由B向A传播，则 f=nm+3 。(=0,1,2...) 4 V=X t 解得 2n+9ms（F0,1,2) 100 V= 17.(1)60N;(2)12J;(3)0.5m 【详解】(1)B向右滑动且恰好能冲到圆弧轨道的最高点d处，则有 , mag=WleR 答案第5页，共6页 B向右滑动冲上圆弧轨道过程，根据动能定理有 -"g-2R= 1 2-2% 在最低点b时有 N-mpg=ne R 根据牛顿第三定律物块B运动到圆弧轨道的最低点b时对轨道的压力大小为 N'=N 解得 W'=60N (2)细绳剪断后，根据动量守恒定律有 laVa-l阳%=0 根据能量守恒定律，细绳剪断之前弹簧的弹性势能为 1 亏妇喝 解得 E。=12J (3)对A与小车，根据动量守恒定律有 mava=(m+M)v 根据能量守恒定律有 AmAgL= (o+M) 解得 L=0.5m 18.(1)6=30°；(2)9=1×103C:(3)3×105V;(4)40m/s2 【详解】(1)渐近线Ⅱ表示B的重力势能随位置的变化关系，即 E mgx sin=kx sin6=k-0.5 nig 即 0=30° (2)由图乙中的曲线I知，在x=6m出总势能最小，动能最大，该位置B受力平衡 mg sin30°-k242 即 1=9x10×2m102 63 解得 9=1×10-5c (3)M点的电势能 EM=E点-Ep=6-3=3J,9M= Ew=3 01x105=3x10V (4)在M点B球总势能为6J,根据能量守恒定律，当B的动能为零，总势能为10J,由曲线I知B离A的最近 距离为 x=2m k2422-mg sin 0=ma x2 解得 a=9x10x2x104x1x10 0.1×22 -10sinm30°=40m/s2 方向沿杆向上： 答案第6页，共6页 答案第 1页，共 6页 学科网（北京）股份有限公司 2025—2026 学年度第一学期高三期中考试 物理解析 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C B C C B A D D AD ABD 题号 11 12 答案 BC AC 1 ．C 【详解】A ． 甲图，牛顿发现了万有引力定律，卡文迪什通过引力扭秤实验测出了万有引力常量，故 A 错误； B ．乙图，伽利略根据理想斜面实验，提出了力不是维持物体运动状态的原因而是改变物体运动状态的原因，故B 错误； C ．丙图，伽利略通过实验加推理的研究方法得到自由落体的速度与时间成正比，故 C 正确； D ．丁图，开普勒通过大量天文观测数据总结了行星运行的规律，故 D 错误。 故选 C。 2 ．B 【详解】AD ．由v — t 图像与横轴围成的面积表示位移可知，在0 ~ t2 时间内，丁车的位移大于丙车的位移，则丁车的平均速度大于丙车的平均速度； 由于两车由同一地点向同一方向运动，则t2 时刻丁车在丙车的前面，故 AD错误； B ．由x — t 图像可知， 0 ~ t1 时间内， 甲车的位移等于乙车的位移，则甲车的平均速度等于乙车的平均速度，故 B正确； C ． x — t 图像和v — t 图像均只能描述物体做直线运动，所以甲、乙、丙、丁四辆车均做直线运动，故 C 错误。故选 B。 3 ．C 【详解】A ．演员在两车之间保持相对静止，脚对货箱的压力两边等大反向，但具体大小未知，不一定是G ，故A 错误； B ．每只脚受到的摩擦力f = ，不是μG ，故 B 错误； C ．质量增加则体重 G 增加， f = ，因此需要更大的静摩擦力f才能保持静止，故 C 正确； D ．以左侧货箱为例，左侧货箱对演员有向右的支持力N ，向上的静摩擦f ，即左侧货箱对人的作用力斜向上，故 D 错误。 故选 C。 4 ．C 【详解】A ．薄铁片在竖直方向做自由落体运动，根据h = gt2 ( \ g )可得从抛出到第一次与水面接触所用时间t = · 2h ，A 错误； B ．水平方向做匀速直线运动，水平位移l = v0t代入t = · ( \ 2 h )可得初速度v0 = l · , B 错误； C．设每次刚要接触水面时，水平速度为v0（水平速度不变），竖直速度为vy 。速度方向与水面夹角θ 满足tanθ = 每次与水面作用后，竖直速度大小变为原来的 ，即每次弹起后竖直速度逐渐减小，而水平速度v0 不变，所以tanθ逐渐减小， θ 逐渐变小，C 正确； D ．第一次与水面接触时，竖直速度vy1 = gt = · ( y 3 )接触后竖直速度大小变为v 2 = 1 ( 2 g 2 g 9 × 2 g 9 )上升的最大高度h = vy (2)2 = ( )2 = 2gh = h ，D 错误。 故选 C。 故选 C。 5 ．B 【详解】A ．地球静止同步轨道卫星 A 相对于赤道静止，倾斜地球静止卫星只是周期等于地球自转周期，相对于赤道不静止，故 A 错误； B ．某时刻 B 、C 两卫星相距最近，则再经T ，B 卫星运动半周，C 卫星运动一周，此时两卫星相距最远，距离为两者轨道半径之和。 答案第 2页，共 6页 学科网（北京）股份有限公司 (kR)3 rC (3) ( = )对于 B 、C 卫星，由开普勒第三定律得 T2 ( )2 解得d kR kR故 B 正确； C ．B 卫星受到的万有引力完全提供向心力，有 = m kR对任意地球表面赤道处的物体受力分析，有mg0 + m R = 联立得g0 = (k3 —1) 故 C 错误； D ．由于不知道卫星 B 、C 的质量，所以无法比较两者的势能，故 D 错误。故选 B。 6 ．A 【详解】碰撞后球要满足的条件为 1 、碰撞前后两球组成的系统动量守恒，即 mv = mv1 + mv2 2 、碰撞后系统的能量不能大于碰撞前系统的能量，即 1 2 1 2 1 2 2 mv ≥ 2 mv1 + 2 mv2 3 、碰后小球 A 的速度反向或者小于等于小球 B 的速度。 A ．综合以上三个条件，可知 A 正确； B ．不满足动量守恒，也不满足碰后小球 A 的速度反向或者小于等于小球 B 的速度，B 错误； CD ．不满足碰撞后系统的能量不能大于碰撞前系统的能量，CD 均错误。故选 A。 7 ．D 【详解】A ． t1 ~ t2 时间内，根据动量定理 I2 — f (t2 — t1 ) = m (vm — v1 ) 汽车牵引力的冲量大小为 I2 = m (vm — v1 ) + f (t2 — t1 ) A 错误； B ． t1 ~ t2 时间内，根据动能定理 P0 (t2 —t1 )—fx2 = mvm (2) — mv12 汽车发生的位移大小为 P0 (t2 — t1 ) — mvm (2) + mv1 (2) x2 = f B 错误； C ． 0 ~ t2 时间内，根据动量定理 I —ft2 = mvm汽车牵引力的冲量大小为 I = mvm + ft2 C 错误； D ．汽车做匀加速运动阶段，牵引力恒定， 由牛顿第二定律F —f = ma 0 ~ t2 时间内，根据动能定理 F + P0 ( t2 — t1 ) — Wf = mvm ( 2) 汽车克服阻力做的功为 Wf = (f + ma) + P0 (t2 — t1 ) — mvm (2) D 正确。 故选 D。 8 ．D 【详解】A ．题意可知 O 点电势φO = = 0V根据E = 则 x 方向场强分量大小Ex = = = V/m = 20V/m 答案第3页，共 6页 学科网（北京）股份有限公司 同理y 方向场强分量大小Ey = = = V/m= 20 /m故该匀强电场的场强大小E = = 40V/m ，故 A 错误； ( E E )B ．随着电场线方向电势降低，可知Ex 沿 x 正方向， Ey 沿y 正方向，则tanθ = y = ·、 x 可知θ = 60。，故 B 错误； CD ．在匀强电场中，平行且相等的线段，两端电势差相等，则有φb - φO = φO - φd联立解得φd = -4V ，故 C 错误，D 正确。 故选 D。 9 ．AD 【详解】A ．根据图乙可知，煤块先向上做匀减速直线运动，速度减为 2m/s 时，向上减速的加速度发生变化，可知，传送带的速率是 2m/s ，故 A 正确； ( Δ v 1 12 - 2 2 2 )B ．0~ 1s 内的加速度大小a1 = Δt1 = 1 m / s = 10m / s 根据牛顿第二定律有mg sin θ+ μmg cosθ = ma 1 ( Δ v 2 2 2 2 )1~2s 内的加速度大小a2 = Δt2 = 2 - 1 m / s = 2m / s 根据牛顿第二定律有mg sinθ - μmg cosθ = ma2 解得 θ = 37。， μ = 0.5 ， tanθ = 0.75 ，故 B 错误； C ． v - t 图像与时间轴所围几何图形的面积表示位移，根据图乙可知，煤块向上运动的位移大小x = (2 +12)×1 m+ 2 × (2 -1) m = 8m 2 2 煤块从最高点下滑到A 端过程有x = a2t2 解得t = 2、/2s ，故 C 错误； D ．结合上述可知，煤块开始相对于传送带向上运动，经历时间t1 = 1s相对位移大小x相1 = t1 - v1t1 = t1 = × 1m = 5m 后来相对于传送带向下运动，经历时间t2 = 2s -1s + 2、i2s = (1+ 2·、)s 相对位移大小x相2 = v1t2 - |((v1t2 - a2t22 ), = (9+ 4 )m >x 相1 则煤块在传送带上留下的痕迹长为(9 + 4·、)m ，故 D 正确。 故选 AD。 10 ．ABD 【详解】A ．由 a 图可知，波长 λ = 8m ，由 b 图可知，周期 T=0.2s ，Q 质点在 0. 1s 时向下振动，由“同侧法”可知，该列波向左传播，在 t=0.25s 时，即又经过T ，质点 P 位移为负，加速度方向与y 轴正方向相同，A 正确； B ．从 t=0. 10s 到 0.25s ，经过T ，该波沿 x 轴负方向传播了 λ , 即 6m ，B 正确； C ．质点 P 并不是从特殊位置出发， T 内通过的路程不等于 3A ，故路程不为 30cm ，C 错误； D ．由题意可知，t=0 时刻，质点 Q 在平衡位置且要向上振动，故质点 Q 做简谐运动的表达式为y=0. 10sin10πt(cm) D 正确。 故选 ABD。 11．BC 【详解】AB ．开关改接 1 后， 电容器与电源相连，进行是的充电过程，则开关改接 2 后， 电容器进行是的放电过程，故 A 错误，B 正确； CD ．根据q = It 可知，I - t 图像与横轴围成的面积表示电容器放电过程中放出的电荷量，由题图可知，围成的面积中大约有 36 个小方格，则有 q = 36 × 0.2 × 10-3 × 0 .4C ≈ . × -3 C 故 C 正确，D 错误。 故选 BC。 12 ．AC 【详解】A ．从开始运动到两者共速由动量守恒定律可得mv0 = (m + mB )v解得 B 物块的质量为 mB=2kg ，故 A 正确； B ．当两者共速时弹簧弹性势能最大，则弹簧的弹性势能最大值为Epm = mv0 (2) - m + mB )v2 = 12J ，故 B 错误； C ． t2 时刻 A 的速度为零，则根据mv0 = mBv1 答案第 4页，共 6页 学科网（北京）股份有限公司 解得 B 的速度 v1=3m/s 则弹簧的弹性势能为Ep = mv0 (2) 一 mBv1 (2) = 9J ，故 C 正确； D ．从开始到t3 时刻，B 的速度一直增加，则弹簧一直处于压缩状态，在t3 时刻弹簧处于原长，弹力为零，加速度为零，速度最大，故 D 错误。 故选 AC。 13 ．(1)0. 1 (2) 0.560 见解析 0.8 (3)0.79 【详解】（1）每相邻两个计数点之间还有 4 个点，则相邻计数点的时间间隔为T = 5 × 0.02s = 0. 1s （2）①[1] vD = = d42d2 = (19.200.01 (0)) ×10 一2 m / s= 0.560m / s ②[2]以打点计时器打 A 点时记为t = 0 时刻，在图中描出vD 点，并作出v 一 t 图像如图所示 ③[3]根据作出的v 一 t 图像可得加速度大小为 a = = 0.70 (1).5 (9)一0 (0)..1 (4)00 m / s2 ≈ 0.8m / s2 （3）根据逐差法可得加速度大小为a = xD9 (G)T (一)2 (x)AD = (33.58 一139.20一1 (1)23.23) ×10 一2 m / s2≈ 0.79m / s2 14 ． 大于 末端切线水平 D 错误，小球 A 应从斜槽的同一高度由静止释放 F 错误，应验证 mAOP = mAOM + mB ON 0. 1 1.0 1.0 【详解】（1）[1]入射小球 A 和被碰小球 B 直径相同，为防止两球碰撞后入射球反弹，入射球质量应大于被碰球质量，即 mA > mB [2]要小球做平抛运动，则必须调整斜槽的末端切线水平。 [3]为使小球离开轨道时的初速度相等，每次释放小球时应从同一高度静止释放，故步骤 D 错误。 [4]两球离开轨道后做平抛运动，它们抛出点的高度相同，在空中运动的时间 t 相等，设mA 碰撞前速度为v A ，mA 与mB 碰撞后速度分别为vA' 、vB' ，因小球 B 放在斜槽边缘，所以小球 B 做平抛运动的，水平距离为ON 。如果碰撞过程动量守恒，则有 ' ' mAvA = mAvA + mBvB 两边同时乘以 t 得 ' ' mAvAt = mAvAt + mBvBt 即为 mA OP = mA OM + mB ON 故 F 错误。 （2）[5] [6][7]由闪光频率f=5Hz 可知闪光时间间隔 Δt = 0.2s 由图知，第二次和第三次闪光的时间间隔内 B 的位移大小都为 20cm ，则碰后 B 的速度大小为 vB = = 20.2 (1)0一2 m/s=1.0m/s 因为碰后 A 静止，故 AB 碰撞应发生在 60cm 处，从碰撞到第二次闪光 B 运动的距离为 10cm ，则此过程所用时间为 t1 = = 10 .0 (1)0一2 s = 0. 1s 所以两滑块的碰撞发生在第一次闪光后的时间为 t2 = Δt 一 t1 = 0. 1s 碰前滑块 B 的速度为 vB0 = = 5 1 (0)一2 m/s=0.5m/s 碰撞前滑块 A 的位移为（70－60）cm ，所以速度大小为 ( 2 . )vA = = 10 11 (0)一2 m/s=1.0m/s 答案第5页，共 6页 学科网（北京）股份有限公司 15 ．(1)12m (2)4s 【详解】（1）根据匀变速直线运动规律v2 - v0 (2) = 2ax 整理可得v2 = 2ax + v0 (2) 结合图像可知 A 、B 两车均做匀变速直线运动，对于 A 车可得v0A = 6m / s aA = kA = × m / s2 = -1m / s2对于 B 车，可得v0B = 0 aB = kB = × m / s2 = 0.5m / s2 设经过 t 时间二者速度相等，此时相距最远，则有v0 A + aAt = aB t代入数据解得t = 4s A 、B 两车共同的速度v = aBt = 2m / s A 车的位移xA = 0 A + v )t = 16m B 车的位移xB = vt = 4m 故二者之间的最大距离Δxmax = xA - xB = 12m （2）设 A 车经过 x=16m 的时间为 tA ，B 车经过 x=16m 的时间为 tB对于 A 车，则有 1 2 v t + a t = x 0A A 2 A A 解得 tA=4s（另一解 tA=8s 时 A 车已停止运动，舍去） ( 1 2 2 B B )对于 B 车，则有 a t = x 解得tB = 8s A 、B 两车分别经过 x=16m 处的时间差Δt = tB - tA = 4s 16 ．（1）0.6s；（2） (6 + 6)cm ；（3）见解析【详解】（1） 由图像可知 T = 0.6s （2）B 的振动方程为 y = 12 cost(cm) 当 t=0. 1s 时，yB=6cm； A 振动方程为 y = -12 sin t (cm) 当 t=0. 1s 时，yA=-6 ·、 cm； 所以高度差为 Δy = (6 + 6、)cm （3）若波由 A 向 B 传播，则 t = nT + （n=0 ，1 ，2… …） v = x t 解得 v = m/s （n=0 ，1 ，2… …） 若波由 B 向 A 传播，则 t = nT + （n=0 ，1 ，2… …） v = x t 解得 v = m/s （n=0 ，1 ，2… …） 17 ．（1）60N；（2）12J；（3）0.5m 【详解】（1）B 向右滑动且恰好能冲到圆弧轨道的最高点d 处，则有mB g = mB 答案第6页，共 6页 学科网（北京）股份有限公司 B 向右滑动冲上圆弧轨道过程，根据动能定理有 1 2 1 2 —mBg . 2R = 2 mBvd — 2 mBvb 在最低点b 时有 N — mBg = mB 根据牛顿第三定律物块 B 运动到圆弧轨道的最低点b 时对轨道的压力大小为 N ' = N 解得 N ' = 60N （2）细绳剪断后，根据动量守恒定律有 mAva — mBvb = 0 根据能量守恒定律，细绳剪断之前弹簧的弹性势能为 1 2 1 2 Ep = 2 mAva + 2 mBvb 解得 E = 12J p （3）对 A 与小车，根据动量守恒定律有 mAva = (mA +M)v 根据能量守恒定律有 μmA gL = mA vA (2) — mA +M)v2 解得 L = 0.5m 18 ．（1） θ = 30。；（2） QB = 1× 10—5C ；（3） 3×105V ；（4） 40m/s2 【详解】（1）渐近线Ⅱ表示 B 的重力势能随位置的变化关系，即Ep = mgx sinθ = kx sin θ = = 0.5 即 θ = 30。 （2） 由图乙中的曲线Ⅰ知，在x = 6m 出总势能最小，动能最大，该位置 B 受力平衡 mg sin 30。= k 即 ( 1 9 2 × 10 — 4 Q )1 × 2 = 9 × 10 解得 QB = 1× 10—5C （3）M 点的电势能 EPM = E总 — EP = 6 — 3 = 3J ， φM = = = 3× 105 V （4）在 M 点 B 球总势能为 6J ，根据能量守恒定律，当 B 的动能为零，总势能为 10J ，由曲线Ⅰ知 B 离 A 的最近距离为 x = 2m k — mg sinθ = ma 解得 a = 9 × 109 × —10sin 30。= 40m/s2 方向沿杆向上； $Sheet1 题号 题型 分值 考查知识点 核心素养及水平层次 素养解读与命题意图 1 单选题 3 物理学史（万有引力、自由落体等） A-1, T-1 考查对物理学史基本事实的识记和理解，体现科学态度与责任。 2 单选题 3 运动学图像（v-t、x-t图） M-1, T-2 考查从图像中提取信息、分析运动过程的能力，体现物理观念和科学思维。 3 单选题 3 力的平衡、摩擦力 M-2, T-2 考查在静态平衡情境中应用相互作用观，分析摩擦力和压力关系。 4 单选题 3 平抛运动规律 M-2, T-2 考查平抛运动的基本规律和推理能力，体现运动与相互作用的观念。 5 单选题 3 万有引力、卫星轨道 M-3, T-3 考查在卫星运动关联情境中应用引力观念，进行综合分析和计算。 6 单选题 3 动量守恒、碰撞 M-3, T-3 考查碰撞模型中动量守恒观念的应用，进行定量推理和判断。 7 单选题 3 功率、牛顿第二定律、运动学 M-3, T-3 考查汽车启动过程中的能量和运动分析，综合应用功率和运动学观念。 8 单选题 3 电场强度、电势 M-3, T-3 考查在匀强电场情境中分析电势和场强，体现能量观和空间想象能力。 9 多选题 4 传送带、摩擦力、功 M-3, T-3 考查在传送带动态情境中分析摩擦力、功和平衡，综合应用物理观念。 10 多选题 4 机械波、波动图像和振动图像 T-4, M-3 考查从波动和振动图像中提取信息、分析波传播规律，体现科学思维的高水平。 11 多选题 4 电容器充放电 E-3, T-3 考查通过实验数据分析电容器充放电过程，体现科学探究和思维能力。 12 多选题 4 动量守恒、能量守恒、弹簧系统 M-4, T-4 考查在弹簧连接体复杂情境中应用动量和能量观念，进行系统分析和推理。 13 非选择题 6 匀变速直线运动、数据处理 E-2, T-2 考查实验数据处理和图像分析能力，体现科学探究的基本方法。 14 非选择题 8 动量守恒验证实验 E-3, T-3, A-2 考查实验设计、误差分析和动量守恒验证，体现探究能力和严谨态度。 15 非选择题 10 运动学、v²-x图像分析 M-3, T-3 考查从图像中提取信息、分析运动过程，解决关联情境中的问题。 16 非选择题 10 机械波、振动图像、波速计算 T-4, M-3 考查波动与振动的综合应用，分析周期和波速，体现模型建构能力。 17 非选择题 12 动量守恒、能量守恒、圆周运动 M-4, T-4 考查多过程问题（碰撞、圆周运动）中应用动量和能量观念，解决复杂问题。 18 非选择题 14 电场、电势能、牛顿定律 M-5, T-5, A-3 考查在电场陌生情境中综合应用能量观、相互作用观，进行模型建构和批判性思维。 物理观念（M）：贯穿全卷，重点考查运动与相互作用观、能量观、动量观，尤其在综合题中要求高层次应用。 科学思维（T）：突出模型建构、推理和分析综合能力，多选题和计算题要求水平3-5的思维。 科学探究（E）：集中在实验题，考查数据处理、方案设计和误差分析能力。 科学态度与责任（A）：体现在物理学史和实验严谨性中，引导对科学本质的认识。 Sheet2 Sheet3 $2025一2026学年度第一学期高三期中考试物理答题卡 物理答题卡 微信扫码查成绩 姓名 班级 考号 考场座号 注意事项： 1.答题前请将个人信息填写清楚；2.客观题答题修改时用橡皮擦干 净；3主观题必须使用黑色签字笔书写；4请在对应答题区作答，超出 贴条形码区域 书写无效。 缺考考生由监考员贴条形码 正确填涂■ 缺考标记口 客观题（共12题，共40分） 1.[A][B][C][D] 6.[A][B][C][D] 11.[A][B][C][D] 2.[A][B][C][D] 7.[A][B][C][D] 12.[A][B][C][D] 3.[A][B][C][D] 8.[A][B][C][D] 4.[A][B][C][D] 9.[A][B][C][D] 5.[A][B][C][D] 10.[A][B][C][D] 填空题（共2题，共12分） 13.(5分)(1) v/(m.s-) 0.70 0.60 0.50 0.40 00.10.20.30.40.5t/s (2) (3) 14.(7分)(1) (2) 请在答题区域内作答，超出答题区域答案无效 第1页共4页 请在答题区域内作答，超出答题区域答宰无效 解答题（共1题，共8分） 15.(8分) 解答题（共1题，共10分） 16.(10分) 请在答题区域内作答，超出答题区域答案无效 第2页共4页 请在答题区域内作答，超出答题区域答案无效 解答题（共2题，共30分） 17.(14分) 18.(16分) 请在答题区域内作答，超出答题区域答案无效 第3页共4页 请在答题区域内作答，超出答题区域答宰无效 请在答题区域内作答，超出答题区域答案无效 第4页共4页 答案第 1页，共 5页 学科网（北京）股份有限公司 2025—2026 学年度第一学期高三期中考试 物理试卷 一、单选题：本题共 8 小题，每小题 3 分，共 24 分。每小题只有一个选项符合题目要求。 1 ．下图中四幅图片涉及物理学史上的四个重大发现，下列说法正确的是 ( ) A ． 甲图，牛顿发现了万有引力定律并通过引力扭秤实验测出了万有引力常量 B ．乙图，开普勒根据理想斜面实验，提出了力不是维持物体运动的原因 C ．丙图，伽利略通过实验加推理的研究方法得到自由落体的速度与时间成正比 D ．丁图，第谷通过大量天文观测数据总结了行星运行的规律 2 ．如图所示， x - t 图、 v - t 图中， 甲、乙、丙、丁四条图线代表四辆车由同一地点向同一方向运动的情况，则( ) A ．丙丁两车在t2 时刻相遇 B ． 0 ~ t1 时间内， 甲车的平均速度等于乙车的平均速度 C ． 甲、丙车做直线运动，乙、丁车做曲线运动 D ． 0 ~ t2 时间内，丁车的平均速度等于丙车的平均速度 3 ．如图所示，一位动作片演员在两辆匀速直线行驶的大卡车中间上演“一字马”的好戏，两脚分开分别抵住两侧竖直平坦的卡车货箱侧壁并与其保持相对静止。已知该演员受到的重力为 G ，则与货箱之间的动摩擦因数为 μ ,则下列说法正确的是 ( ) A ．该演员的每只脚对货箱的压力大小都为 G B ．该演员受到的摩擦力大小为μG C ．若换一个质量更大的演员表演，则需要更大的摩擦力才能保持相对静止 D ．单侧货箱对演员的作用力竖直向上 4 ．“打水漂”是一项古老而有趣的户外活动，通过让扁平的石头在水面弹跳，追求最多的跳跃次数或最远距离， 目前该活动最多弹跳次数记录达 88 次，最远距离为 121.8 米，法国科学家 Lyderic Bocquet 曾计算，理论上水漂弹跳次数可高达 350 次（但现实中几乎不可能）。现将一薄铁片从距离水面高度为h 处水平抛出，当铁片水平方向运动距离为l 时恰与水面发生第一次作用，此后薄铁片会多次与水面作用，反复在水面上弹跳前进。假设薄铁 片每次和水面作用前后，水平速度不变，竖直速度大小变为原来的 ，方向相反。已知重力加速度为g ，不计空气阻力，下列说法正确的是 ( ) A ．薄铁片从抛出到第一次与水面接触所用时间为 · ( \ g )B ．薄铁片抛出的初速度大小为l · C ．薄铁片每次刚要接触水面时速度方向与水面的夹角逐渐变小 D ．薄铁片第一次与水面接触后上升的最大高度为h 5 ．北斗三号卫星导航系统由24 颗中圆地球轨道卫星（MEO）、3 颗地球静止同步轨道卫星（GEO）和 3 颗倾斜 地球同步轨道卫星（IGSO）共 30 颗卫星组成。已知地球半径为 R ，地球表面赤道处重力加速度为g0 ，地球同步卫星到地心的距离为kR ，中圆地球轨道卫星的周期为同步卫星周期T 的一半，如图所示。下列关于地球静止同步轨道卫星 A 、倾斜地球同步轨道卫星 B 与中圆地球轨道卫星 C 的说法正确的是 ( ) 答案第 2页，共 5页 学科网（北京）股份有限公司 A ．地球静止同步轨道卫星 A 和倾斜地球同步轨道卫星 B 均相对赤道表面静止 B ．某时刻 B 、C 两卫星相距最近，则再经T ，两卫星间距离为(|(1 + ), kR C ．地球表面赤道处的重力加速度g0 = (k - 1) D ．中圆地球轨道卫星 C 的势能小于倾斜地球同步轨道卫星 B 的势能 6 ．打弹珠是孩子们玩的一种经典游戏。现将打弹珠简化成如图所示的模型：在光滑的水平面上静止着两个相同的小球 A 和 B，现给 A 球一个水平向右、大小为3m/s 的速度，此后 A 与 B 发生对心碰撞，以水平向右为正方向，则碰后 A 与 B 的速度可能为 ( ) A ． 1m/s、2m/s B ． 3m/s、1m/s C ． -1m/s、4m/s D ． -2m/s、5m/s 7．某汽车在水平路面上以恒定加速度 a 启动，v-t 图像如图所示，已知汽车的质量为 m，发动机的额定功率为P0 ，受到的阻力大小恒为f，则 ( ) A ． t1 ~ t2 时间内，汽车牵引力的冲量大小为I2 = m (vm -v1 )-f (t2 -t1 ) B ． t1 ~ t2 时间内，汽车发生的位移大小为 mvm (2) - mv1 (2) - P0 ( t2 - t1) x2 = f C ． 0 ~ t2 时间内，汽车牵引力的冲量大小为I = mvm -ft2 D ． 0 ~ t2 时间内，汽车克服阻力做的功为Wf = (f + ma)+ P0 (t2 - t1 ) - mvm (2) 8 ．如图所示， 以 O 点为圆心，以R = 0.20m为半径的圆与坐标轴交点分别为 a 、b 、c 、d，该圆所在平面内有一匀强电场，场强方向与 x 轴正方向成θ 角，已知 a 、b 、c 三点的电势分别为4V 、 4V 、 -4V ，则下列说法正确的是 ( ) A ．该匀强电场的场强大小E = 40V / m B ．场强方向与 x 轴正方向的夹角θ = 53o C ．d 点的电势为-2V D ．d 点的电势为-4V 二、多选题：本题共 4 小题，每小题 4 分，共 16 分。每小题有多个选项符合题目要求，全部选对得 4 分，选对但不全的得 2 分，有选错的得 0 分。 9 ．如图甲所示，一足够长的传送带倾斜放置，倾角为θ , 以恒定速率顺时针转动，一煤块以初速度v0 = 12m / s 从A 端冲上传送带，煤块的速度随时间变化的图像如图乙所示，取g = 10m / s2 。下列说法正确的是 ( ) 答案第3页，共 5页 学科网（北京）股份有限公司 A ．传送带的速率是 2m/s B ．传送带与水平方向夹角的正切值tanθ = 0.6 C ．煤块从最高点下滑到A 端所用的时间为 2s D ．煤块在传送带上留下的痕迹长为(9 + 4·、)m 10 ．图（a）为一列简谐横波在 t=0. 10s 时刻的图像，P 是平衡位置在 x=1.0m 处的质点，Q 是平衡位置在x=4.0m处的质点；图（b）为质点 Q 的振动图像。下列说法正确的是 ( ) A ．在 t=0.25s 时，质点 P 的加速度方向与y 轴正方向相同 B ．从 t=0. 10s 到 0.25s ，该波沿 x 轴负方向传播了 6m C ．从 t=0. 10s 到 t=0.25s ，质点 P 通过的路程为 30cm D ．质点 Q 做简谐运动的表达式为y=0. 10sin10πt ，单位为 cm 11．在“用传感器观察电容器的充放电过程”实验中，按图所示连接电路，电源电动势为8.0V 。内阻可以忽略，单刀双掷开关 S 先跟 2 相接，某时刻开关改接 1 ，一段时间后把开关再改接 2 ，实验中使用了电流传感器来采集电流随时间的变化情况。则下列说法正确的是 ( ) A ．开关改接 1 后， 电容器进行是的放电过程 B ．开关改接 2 后， 电容器进行是的放电过程 C ．在电容器放电过程中极板的电荷量的变化约为2.9 × 10-3 C D ．在电容器放电过程中极板的电荷量的变化约9.4 × 10-3 C 12 ．如图 1 所示，A 、B 两物块与一轻弹簧的两端相连接，静止在光滑的水平面上。A 物块的质量m = 1 kg 。现使A 获得水平向右的瞬时速度，以此刻为计时起点，两物块的速度随时间变化的规律如图2 所示，则从图像信息可得 ( ) A ．B 物块的质量为2 kg B ．弹簧的弹性势能最大值为18 J C ． t2 时刻弹簧的弹性势能为9 J D ． t3 时刻弹簧处于伸长状态 三、非选择题：本题共 6 小题，共 60 分。 13 ．在做“测定匀变速直线运动的加速度”的实验时，打点计时器接频率50Hz 的交流电源。 甲、乙两同学一组， 得到一条用打点计时器打下的纸带如图所示。他们在纸带上取了A 、B 、C 、D 、E 、F 、G 共 7 个计数点，每相邻两个计数点之间还有 4 个点（图中没有画出）。 答案第 4页，共 5页 学科网（北京）股份有限公司 (1)相邻两个计数点之间的时间间隔 T= s。 (2)经测量得d1 = 3.63cm 、 d2 = 8.00cm 、 d3 = 13.23cm 、 d4 = 19.20cm 、 d5 = 27.23cm 、 d6 = 33.58cm 。 ①甲同学计算得： vB = 0.400m/s 、 vC = 0.480m / s 、vD = ？ m / s 、 vE = 0.700m / s 、vF = 0.719m / s 。 甲同学算得 vD = m / s 。（本小问计算结果保留 3 位有效数字） ②以打点计时器打 A 点时记为t = 0 时刻，请你在图中描出vD 点，并画出该物体运动的v - t图像 。 ③甲同学利用v - t 图像的斜率，算得物体的加速度大小是a = m / s2 。（本小问计算结果保留 1 位有效数字） (3)乙同学用逐差法计算该物体的加速度大小a = m / s2 。（本小问计算结果保留 2 位有效数字） 14 ．为了验证碰撞中动量守恒，同学们分多个小组进行探究： （1）实验小组一，利用实验装置如图： ①入射小球 A 与被碰小球 B 直径相同，均为d，它们的质量相比较，应是 mA mB（填“大于” 、“等于”、或“小于”）。 ②为了保证小球做平抛运动，必须调整斜槽使 。 ③继续实验步骤为： A ．在地面上依次铺白纸和复写纸 B ．确定重垂线对应点 O C ．不放小球 B ，让小球 A 从斜槽滑下，确定它的落地点位置 P D ．把小球 B 放在斜槽边缘，让小球 A 从斜槽滑下，与小球 B 正碰后，确定小球 A 和小球 B 的落地点位置 E.用刻度尺量 OM、OP 、ON 的长度 F.看mAON = mA OM + mB OP 是否成立，以验证动量守恒 上述步骤有两步不完善或有错误，请指出并写出相应的正确步骤： ； 。 （2）实验小组二，利用频闪照相和气垫导轨来验证动量守恒定律。现用天平测出滑块 A 、B 的质量分别为 300g和 200g，接着安装好气垫导轨，调节气垫导轨的调节旋钮，使导轨水平。然后向气垫导轨通入压缩空气，再把 A、 B 两滑块放到导轨上分别给它们初速度，同时开始闪光照相，闪光频率f=5Hz 。如图所示是闪光 4 次拍摄得到的照片，其间 A 、B 两滑块均在 0~80cm 刻度的范围内。第一次闪光时，滑块 B 恰好通过 x=55cm 处，滑块 A 恰好通过 x=70cm 处。发生碰撞后，滑块 A 静止。由此可以判断：两滑块的碰撞发生在第一次闪光后 s；碰撞前滑块 A 的速度大小为 m/s ，碰撞后滑块 B 的速度大小为 m/s 。通过对实验结果的分析表明，碰撞前后 A 、B 两滑块组成的系统动量守恒。 15 ．如图甲所示为 t=0 时，A、B 两车在两条平行的平直公路上同向运行时的高空俯视图，此时两车车头平齐。为了检测两车的刹车与加速性能，控制平台利用车载速度传感系统分别描绘出了 A 车刹车过程与 B 车加速过程中速度的平方（v2 ）随位移（x）变化的图像如图乙所示。求： 答案第5页，共 5页 学科网（北京）股份有限公司 (1)A 、B 两车相遇前最大距离； (2)A 、B 两车分别经过 x=16m 处的时间差。 16 ．如甲图所示，海洋生态自动监测浮标，可用于监测水质和气象等参数。一列水波（视为横波）沿海面传播，在波的传播方向上相距 5m 的两处分别有 A 、B 两浮标，两浮标随波上下运动，振动图像如图所示。求： （1）求波源的振动周期； （2）t=0. 1s 时，A 、B 竖直方向的高度差为多少； （3）求这列水波的波速可能是多少； 17 ．如图所示，光滑轨道 abcd 固定在竖直平面内，ab 水平，bcd 为半圆，圆弧轨道的半径 R=0.32m ，在 b 处与 ab 相切。在直轨道 ab 上放着质量分别为 mA=2kg 、mB= 1kg 的物块 A 、B（均可视为质点），用轻质细绳将 A 、B连接在一起，且 A 、B 间夹着一根被压缩的轻质弹簧（未被拴接）。轨道左侧的光滑水平地面上停着一质量为 M=2kg 、足够长的小车，小车上表面与ab 等高。现将细绳剪断，之后 A 向左滑上小车且恰好没有掉下小车，B向右滑动且恰好能冲到圆弧轨道的最高点d 处。物块 A 与小车之间的动摩擦因数μ=0.2 ，重力加速度 g= 10m/s2。求： （1）物块 B 运动到圆弧轨道的最低点b 时对轨道的压力大小； （2）细绳剪断之前弹簧的弹性势能 EP； （3）小车长度 L。 18 ．如图甲所示，两个带正电的小球 A 、B 套在一个倾斜的光滑直杆上，两球均可视为点电荷，其中A 球固定，带电量QA = 2 × 10-4 C ，B 球的质量为 m=0. 1kg ．以 A 为坐标原点，沿杆向上建立直线坐标系，B 球的总势能随位置 x 的变化规律如图中曲线Ⅰ所示，直线Ⅱ为曲线 I 的渐近线．图中 M 点离 A 点距离为 6 米．（g 取10m/s2 ，静电力恒量k = 9.0 × 109 Nm2 /C2 ．） （1）求杆与水平面的夹角θ; （2）求 B 球的带电量 QB； （3）求 M 点电势φM； （4）若 B 球以 Ek0=4J 的初动能从 M 点开始沿杆向上滑动，求 B 球运动过程中离 A 球的最近距离及此时 B 球的加速度． $2025一2026学年度第一学期高三期中考试 物理试卷 一、单选题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题目要求。 1·下图中四幅图片涉及物理学史上的四个重大发现，下列说法正确的是（) 斜商 A·甲图，牛顿发现了万有引力定律并通过引力扭秤实验测出了万有引力常量 B.乙图，开普勒根据理想斜面实验，提出了力不是维持物体运动的原因 C,丙图，伽利略通过实验加推理的研究方法得到自由落体的速度与时间成正比 D,丁图，第谷通过大量天文观测数据总结了行星运行的规律 2,如图所示，x-t图、y-t图中，甲、乙、丙、丁四条图线代表四辆车由同一地点向同一方向运动的情况，则 () V A,丙丁两车在2时刻相遇 B.0~t1时间内，甲车的平均速度等于乙车的平均速度 C.甲、丙车做直线运动，乙、丁车做曲线运动 D,0~t3时间内，丁车的平均速度等于丙车的平均速度 3.如图所示，一位动作片演员在两辆匀速直线行驶的大卡车中间上演“一字马”的好戏，两脚分开分别抵住两侧 竖直平坦的卡车货箱侧壁并与其保持相对静止。己知该演员受到的重力为G,则与货箱之间的动摩擦因数为∥， 则下列说法正确的是（) 答案第1 A,该演员的每只脚对货箱的压力大小都为G B.该演员受到的摩擦力大小为G C,若换一个质量更大的演员表演，则需要更大的摩擦力才能保持相对静止 D,单侧货箱对演员的作用力竖直向上 4,打水漂”是一项古老而有趣的户外活动，通过让扁平的石头在水面弹跳，追求最多的跳跃次数或最远距离， 目前该活动最多弹跳次数记录达88次，最远距离为l2l.8米，法国科学家Lyderic Bocquet曾计算，理论上水漂 弹跳次数可高达350次（但现实中几乎不可能）。现将一薄铁片从距离水面高度为处水平抛出，当铁片水平方 向运动距离为时恰与水面发生第一次作用，此后薄铁片会多次与水面作用，反复在水面上弹跳前进。假设薄铁 片每次和水面作用前后，水平速度不变，竖直速度大小变为原来的，方向相反。已知重力加速度为，不计空 气阻力，下列说法正确的是() A.薄铁片从抛出到第一次与水面接触所用时间为、 2h B，薄铁片抛出的初速度大小为l g C.薄铁片每次刚要接触水面时速度方向与水面的夹角逐渐变小 D.薄铁片第一次与水面接触后上升的最大高度为 31 5.北斗三号卫星导航系统由24颗中圆地球轨道卫星(ME0)、3颗地球静止同步轨道卫星(GE0)和3颗倾斜 地球同步轨道卫星(IGS0)共30颗卫星组成。己知地球半径为R,地球表面赤道处重力加速度为g,地球同步 卫星到地心的距离为R,中圆地球轨道卫星的周期为同步卫星周期T的一半，如图所示。下列关于地球静止同 步轨道卫星A、倾斜地球同步轨道卫星B与中圆地球轨道卫星C的说法正确的是() 页，共5页 A CEO轨道 MO轨道 1GSO轨道 A·地球静止同步轨道卫星A和倾斜地球同步轨道卫星B均相对赤道表面静止 B某时刻B、C两卫星相距最近，则薄经、两卫星间距离为+元心 。.地球装面赤道处的重力加速度。=红(：-) D.中圆地球轨道卫星C的势能小于倾斜地球同步轨道卫星B的势能 6,打弹珠是孩子们玩的一种经典游戏。现将打弹珠简化成如图所示的模型：在光滑的水平面上静止着两个相同 的小球A和B,现给A球一个水平向右、大小为3/s的速度，此后A与B发生对心碰撞，以水平向右为正方向， 则碰后A与B的速度可能为（ ) A B A.1m/s、2m/sB.3m/s、1m/s c.-1m/s、4m/s D.-2n/s、5m/s 7.某汽车在水平路面上以恒定加速度α启动，v-t图像如图所示，己知汽车的质量为m,发动机的额定功率为P, 受到的阻力大小恒为f:则() A.t1~t2时间内，汽车牵引力的冲量大小为2=(m-y)f(t2-4) 答案第2 B.t,~t,时间内，汽车发生的位移大小为2 号-P飞- x2= r C.0~t2时间内，汽车牵引力的冲量大小为I=m2 D.0名时间内，汽车克服阻力做的功为=之〔*m+(6)-m 2 8.如图所示，以O点为圆心，以R=0.20m为半径的圆与坐标轴交点分别为a、b、c、d,该圆所在平面内有一 匀强电场，场强方向与x轴正方向成日角，己知a、b、c三点的电势分别为45V、4V、-43V,则下列说法 正确的是() A,该匀强电场的场强大小E=40√3V/m B.场强方向与x轴正方向的夹角日=530 C.d点的电势为-2V D.d点的电势为-4V 二、多选题：本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合题目要求，全部选对得 4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。 9.如图甲所示，一足够长的传送带倾斜放置，倾角为日，以恒定速率顺时针转动，一煤块以初速度'。=12/s从 A端冲上传送带，煤块的速度随时间变化的图像如图乙所示，取g=10m1s2。下列说法正确的是() 页，共5页 v/m's 12 8 2 012t/s 甲 乙 A.传送带的速率是2m/s B.传送带与水平方向夹角的正切值tan8=0.6 C.煤块从最高点下滑到4端所用的时间为2s D.煤块在传送带上留下的痕迹长为(9+4、2）m 10.图(a)为一列简谐横波在t=0.10s时刻的图像，P是平衡位置在x=1.0m处的质点，Q是平衡位置在x=4.0m 处的质点；图(b)为质点Q的振动图像。下列说法正确的是() y/cm Ay/cm 10 10 12x/m 0 0.1 0.2 0.3 -10…- -10 (a) (b) A.在=0.25s时，质点P的加速度方向与y轴正方向相同 B.从t=0.10s到0.25g,该波沿x轴负方向传播了6m C.从=0.10s到=0.25s,质点P通过的路程为30cm D.质点Q做简谐运动的表达式为y=0.10siml0t,单位为cm 11.在“用传感器观察电容器的充放电过程”实验中，按图所示连接电路，电源电动势为8.0V。内阻可以忽略，单 刀双掷开关S先跟2相接，某时刻开关改接1，一段时间后把开关再改接2，实验中使用了电流传感器来采集电 流随时间的变化情况。则下列说法正确的是() 答案第3页 ◆mA 2 接计算机电流 传感器 B R tis 6 A,开关改接1后，电容器进行是的放电过程 B,开关改接2后，电容器进行是的放电过程 C.在电容器放电过程中极板的电荷量的变化约为2.9×103C D.在电容器放电过程中极板的电荷量的变化约9.4×103C 12.如图1所示，A、B两物块与一轻弹簧的两端相连接，静止在光滑的水平面上。A物块的质量m=1kg。现使 A获得水平向右的瞬时速度，以此刻为计时起点，两物块的速度随时间变化的规律如图2所示，则从图像信息可 得() +m·s) 2 B A□B 777777777777777777777 图1 图2 A.B物块的质量为2kg B.弹簧的弹性势能最大值为18J C.专时刻弹簧的弹性势能为9J D.t3时刻弹簧处于伸长状态 三、非选择题：本题共6小题，共60分。 13.在做“测定匀变速直线运动的加速度”的实验时，打点计时器接频率50Hz的交流电源。甲、乙两同学一组， 得到一条用打点计时器打下的纸带如图所示。他们在纸带上取了A、B、C、D、E、F、G共7个计数点，每 相邻两个计数点之间还有4个点（图中没有画出）。 ,共5页 D G (1)相邻两个计数点之间的时间间隔T= S e (2)经测量得d=3.63cm、d,=8.00cm、d3=13.23cm、d=19.20cm、d=27.23cm、d,=33.58cm。 ①甲同学计算得：Vg=0.400n/s、vc=0.480m/s、'o=？m/s、ye=0.700n/s、vg=0.719m/s。甲同学算得 '=m/s。(本小问计算结果保留3位有效数字) ②以打点计时器打A点时记为t=0时刻，请你在图中描出'。点，并画出该物体运动的v-t图像 ↑v/(ms) 0.70 0.60 0.50 0.40H出 0 0.10.20.30.40.5 ③甲同学利用v-t图像的斜率，算得物体的加速度大小是a= 一m/s2。(本小问计算结果保留1位有效数 字) (3)乙同学用逐差法计算该物体的加速度大小a=】 一m/s2。（本小问计算结果保留2位有效数字) 14.为了验证碰撞中动量守恒，同学们分多个小组进行探究： (1)实验小组一，利用实验装置如图： 水平木板 OM ①入射小球A与被碰小球B直径相同，均为d,它们的质量相比较，应是mA mB(填“大于”、“等于”、 或“小于”)。 答案第4 ②为了保证小球做平抛运动，必须调整斜槽使 ③继续实验步骤为： A·在地面上依次铺白纸和复写纸 B,确定重垂线对应点O C.不放小球B,让小球A从斜槽滑下，确定它的落地点位置P D,把小球B放在斜槽边缘，让小球A从斜槽滑下，与小球B正碰后，确定小球A和小球B的落地点位置 E.用刻度尺量OM、OP、OW的长度 F.看laON=aOM+gOP是否成立，以验证动量守恒 上述步骤有两步不完善或有错误，请指出并写出相应的正确步骤： (2)实验小组二，利用频闪照相和气垫导轨来验证动量守恒定律。现用天平测出滑块A、B的质量分别为300g 和200g,接着安装好气垫导轨，调节气垫导轨的调节旋钮，使导轨水平。然后向气垫导轨通入压缩空气，再把A、 B两滑块放到导轨上分别给它们初速度，同时开始闪光照相，闪光频率=5Hz。如图所示是闪光4次拍摄得到的 照片，其间A、B两滑块均在0~80cm刻度的范围内。第一次闪光时，滑块B恰好通过x=55cm处，滑块A恰好 通过x=70cm处。发生碰撞后，滑块A静止。由此可以判断：两滑块的碰撞发生在第一次闪光后 S:碰 撞前滑块A的速度大小为/s,碰撞后滑块B的速度大小为 /s。通过对实验结果的分析表明， 碰撞前后A、B两滑块组成的系统动量守恒。 0 10 2030405060 7080x/cm B B BB A A 777777777777T777777777717777777777777 15.如图甲所示为=0时，A、B两车在两条平行的平直公路上同向运行时的高空俯视图，此时两车车头平齐。为 了检测两车的刹车与加速性能，控制平台利用车载速度传感系统分别描绘出了A车刹车过程与B车加速过程中速 度的平方(v2)随位移(x)变化的图像如图乙所示。求： 万，共5页 +v2m2.s2) 36 A 18 B 多x/m 1218 甲 (1)A、B两车相遇前最大距离： (2)A、B两车分别经过x=16m处的时间差。 16.如甲图所示，海洋生态自动监测浮标，可用于监测水质和气象等参数。一列水波（视为横波）沿海面传播， 在波的传播方向上相距5m的两处分别有A、B两浮标，两浮标随波上下运动，振动图像如图所示。求： (1)求波源的振动周期： (2)=0.1s时，A、B竖直方向的高度差为多少： (3)求这列水波的波速可能是多少； 4以cm 0.1570.370.6 70.97s -12 图甲 图乙 17.如图所示，光滑轨道abcd固定在竖直平面内，ab水平，bcd为半圆，圆弧轨道的半径R=0.32m,在b处与 ab相切。在直轨道ab上放着质量分别为m4=2kg、mB=Ikg的物块A、B(均可视为质点)，用轻质细绳将A、B 连接在一起，且A、B间夹着一根被压缩的轻质弹簧（未被拴接）。轨道左侧的光滑水平地面上停着一质量为 M=2kg、足够长的小车，小车上表面与ab等高。现将细绳剪断，之后A向左滑上小车且恰好没有掉下小车，B 向右滑动且恰好能冲到圆弧轨道的最高点d处。物块A与小车之间的动摩擦因数u=0.2,重力加速度g=10m/s2。 求： (1)物块B运动到圆弧轨道的最低点b时对轨道的压力大小； (2)细绳剪断之前弹簧的弹性势能EP: (3)小车长度1。 答案第5 0 R wwB 6 18.如图甲所示，两个带正电的小球A、B套在一个倾斜的光滑直杆上，两球均可视为点电荷，其中A球固定， 带电量Q4=2×104C,B球的质量为m=0.1kg,以A为坐标原点，沿杆向上建立直线坐标系，B球的总势能随位 置x的变化规律如图中曲线I所示，直线Ⅱ为曲线I的渐近线.图中M点离A点距离为6米.g取10m/s2,静电 力恒量k=9.0×109Nm2/c2.) ◆E/J 20 8 16 1 12 10 B 8 0 4 2 比田田田出由出出出 2468101214161820x/m 甲 乙 (1)求杆与水平面的夹角6： (2)求B球的带电量O: (3)求M点电势pM: (4)若B球以E=4J的初动能从M点开始沿杆向上滑动，求B球运动过程中离A球的最近距离及此时B球的 加速度， 万，共5页