2026年天津市中考物理自编模拟练习卷

**基本信息** 以传统文化（如“大筒”乐器、《天工开物》筒车）、科技前沿（机器人春晚、神舟十八号）及生活场景为情境，覆盖声、光、力、电等核心知识，通过实验探究（密度测量）、问题解决（电加热器设计）考查物理观念与科学思维。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |单选|10/30|声现象（音调）、物态变化（凝华）、平面镜成像、生活用电|结合“大筒”乐器、二十四节气等文化素材，考查基础概念| |多选|3/9|凸透镜成像、浮力与密度、电路动态分析|通过图像（I-U图）、实验数据（烤焦时间）考查科学推理| |填空|6/24|光的折射、机械能、杠杆、大气压|联系神舟十八号升空（机械能）、舂的杠杆应用，体现生活联系| |综合题|6/37|电热水壶效率、滑动摩擦力测量、筒车机械效率、密度测量设计、电加热器挡位设计|非选择题注重探究与创新，如24题仅用玻璃杯/刻度尺设计密度测量，25题基于电路数据推导电热丝阻值并设计三挡位加热器，考查科学探究与问题解决能力|

2026年天津市中考物理自编模拟练习卷 化学和物理合场考试，合计用时120分钟。 本试卷分为第Ⅰ卷（选择题）、第Ⅱ卷（非选择题）两部分。答题时，务必将答案涂写在“答题卡”上，答案答在试卷上无效。考试结束后，将本试卷和“答题卡”一并交回。 祝你考试顺利！ 第Ⅰ卷 注意事项： 1．每题选出答案后，用2B铅笔把“答题卡”上对应题目的答案标号的信息点涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号的信息点。 2．本卷共两大题，共39分。 一、单项选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分。每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题意） 1．如图所示是湖南传统拉弦乐器“大筒”，形似二胡，因琴筒较大得名，其有两根弦，用竹弓拉奏。演奏时，若保持拉弦力度不变，手指在琴弦上移动，主要是为了改变声音的（　　） A．音色 B．音调 C．响度 D．传播速度 【分析】声音的特性有三个：音调、响度和音色。音调是指声音的高低，音调的高低与发声体的振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高；响度是指声音的大小，振幅越大，响度越大，响度大小还与发声体的远近有关；音色是指声音的感觉特性，不同物质的特征不同，发出声音的音色也会不同。 【解答】解：演奏时，若保持拉弦力度不变，手指在琴弦上移动，则琴弦的长度改变，振动频率改变，所以主要是为了改变声音的音调。 故选：B。 2．我国的“二十四节气”已被列入联合国教科文组织人类非物质文化遗产代表作名录。下列与节气相关的物态变化现象中，属于凝华的是（　　） A．雨水——雨的形成 B．白露——露珠的形成 C．霜降——霜的形成 D．大寒——河水结冰 【分析】物质由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固，由液态变为气态叫汽化，由气态变为液态叫液化，由固态直接变为气态叫升华，由气态直接变为固态叫凝华。 【解答】解：A、雨是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，属于液化现象，故A错误； B、露是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，属于液化现象，故B错误； C、霜是空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，属于凝华现象，故C正确； D、冰是水遇冷形成的，属于凝固现象，故D错误。 故选：C。 3．中国象棋历史悠久。如图所示，在竖直放置的平面镜前水平放置一个九格的棋盘，将一颗棋子“馬”按箭头方向移动，则平面镜中所显示的棋子“馬”的移动路径是（　　） A．从“4”到“1” B．从“1”到“4” C．从“2”到“3” D．从“3”到“2” 【分析】根据平面镜成像特点进行判断：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等。 【解答】解：平面镜成像时，像和物关于平面镜对称，棋子“馬”按箭头方向移动，则棋子原来的像位于“2”，移动后的像则位于“3”，所以像移动路径是从“2”到“3”，故ABD错误、C正确。 故选：C。 4．2026年春晚被称为“机器人春晚”，多家国产机器人企业联袂登场，覆盖武术、小品、歌舞等多场景，实现了从“机械执行”到“自主感知”的质变。如图所示，某款机器人尝试做以下四个动作，其中身体无法保持平衡的是（　　） A． B． C． D． 【分析】在没有其他辅助的情况下，机器人要在水平地面上保持某种姿势，则机器人必须受到平衡力的作用，由于机器人在水平地面上静止时受到重力和支持力的作用，故这两个力必须在同一条直线上。 【解答】解：由图可知，四种情况下，机器人受重力和支持力的作用，当二力共线时即可平衡。 ACD图中支持力和重力可能作用在同一直线上，所以机器人在这两个力的作用下可能平衡； B图中机器人受到的重力和地面对脚的支持力不可能在同一直线上，所以机器人不可能平衡。 故选：B。 5．小明对生活用电的数据进行估测，下列数据不符合实际的是（　　） A．华为智能手机的电池电压最接近于3.7V B．家用空调正常工作时通过的电流约5A C．手机“快充”充电器的输出功率可达66W D．1度电可供“220V，40W”的白炽灯正常工作2.5h 【分析】首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。 【解答】解：A、华为智能手机的电池电压最接近于3.7V，故A符合实际； B、家用空调正常工作时通过的电流约5A，故B符合实际； C、手机“快充”充电器的输出功率可达66W，故C符合实际； D、1度电可供“220V，40W”的白炽灯正常工作的时间t25h，故D不符合实际。 故选：D。 6．在跨学科实践活动中，亮亮同学自制了一个调光台灯（图甲）。台灯亮度是由电位器来控制的，图乙是调光台灯的电路实物图，下列说法中错误的是（　　） A．闭合开关后，电流流过的是d、P之间的电阻丝 B．滑片P如果顺时针移动，则接入电路的电阻丝长度变长 C．若要使台灯工作时的亮度最小，滑片P应置于图中b点 D．若将a、b接入电路同一点，d接入电路的另一点时，旋动旋钮时不能改变灯泡亮度 【分析】电位器的实质是滑动变阻器，串联在电路中能改变电路中电流的大小；若将图乙中a、b接入则接入了全部电阻片，不能改变电阻大小；闭合开关后，电流流过的是接线柱d、p接入电路的电阻丝。 【解答】解：AB、由图乙可知，电位器的实质是滑动变阻器，串联在电路中能改变电路中电流的大小，闭合开关后，电流流过的是接线柱d、p接入电路的电阻丝，滑片P如果顺时针移动，则接入电路的电阻丝长度变长，故AB正确； C、要使台灯工作时的亮度最小，电位器接入电路的电阻最大，滑片P应置于图中b点，故C正确； D、若将a、b接入电路同一点，d接入电路的另一点时，电流流过的是接线柱d、p接入电路的电阻丝，旋动旋钮时能够改变灯泡的亮度，故D错误。 故选：D。 7．将图甲所示插座面板按安全规范接入家庭电路，其电路连接如图乙所示。闭合开关后，下列说法正确的是（　　） A．a、b、c依次为相线、中性线和保护线 B．用测电笔测试插座时，手不能接触笔尾金属体 C．电冰箱的插头保护线插脚脱落，仍可插入甲图插座中长期使用 D．若指示灯断路，则三孔插座也会断电 【分析】（1）三孔插座的左孔接中性线，右孔接相线，上孔接保护线。 （2）使用测电笔时，手必须接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体。 （3）有金属外壳的家用电器要使用三孔插座。 （4）根据题图可知：三孔插座和指示灯互不影响。 【解答】解：A．根据三孔插座的正确接法可知：a是相线，b是中性线，c是保护线，故A正确； B．使用测电笔时，手必须接触笔尾金属体，才能让电流通过人体形成回路，使氖管发光来辨别火线。如果不接触笔尾金属体，测电笔无法正常工作，故B错误； C．电冰箱插头的保护线（地线）插脚脱落，会导致金属外壳无法接地。一旦电器漏电，外壳会带电，容易引发触电事故，严禁长期使用，故C错误； D．由图乙可知，指示灯与三孔插座是并联关系，且指示灯支路有电阻限流。因此指示灯断路只会导致自身不亮，不会影响三孔插座供电，故D错误。 故选：A。 8．下列关于能源和信息说法正确的是（　　） A．现有的核电站都是利用核聚变释放能量来发电的 B．煤、石油、天然气等化石能源蕴藏量较大，属于可再生能源 C．手机是利用电磁波来传递信息的 D．我国的北斗卫星导航系统是利用超声波来传递信息的 【分析】（1）获取核能的方式：核裂变和核聚变； （2）能够从自然界中源源不断获取的能源是可再生能源，水能、风能、太阳能、地热能都属于可再生能源；须经亿万年才能形成，短期内无法再生的能源是不可再生能源，煤、石油、天然气、核能都属于不可再生能源； （3）广播、电视和移动通信都是利用电磁波来传递信息的； （4）磁波可以传递信息，超声波不能在真空中传播。 【解答】解：A、现有的核电站都是利用核裂变释放能量来发电的，故A错误； B、煤、石油、天然气等化石能源蕴藏量较大，属于不可再生能源，故B错误； C、手机属于移动电话，它既是电磁波发射台也是电磁波接受台，所以是利用电磁波来传递信息的，故C正确； D、我国的北斗卫星导航系统是利用电磁波来传递信息的，故D错误。 故选：C。 9．工人用如图甲所示的滑轮组将重为700N的物体匀速竖直提升2m，不计绳重和各种摩擦，滑轮组的部分数据如图乙所示，以下说法正确的是（　　） A．绳子自由端移动的距离为6m B．动滑轮重150N C．工人对绳子自由端的拉力为500N D．只增大提升物体的重力，滑轮组的机械效率将小于70% 【分析】（1）根据滑轮组装置确定绳子股数，利用s＝nh求出绳子自由端移动的距离； （2）根据求出动滑轮重； （3）利用W有用＝Gh求得有用功，结合机械效率求得总功，根据W总＝Fs可得工人对绳子自由端的拉力。 【解答】解：A．由图可知，n＝2，绳子自由端移动的距离为s＝nh＝2×2m＝4m，故A错误； B．由 可得，故B错误； C．有用功为W有用＝Gh＝700N×2m＝1400J 拉力F做的功为 根据W总＝Fs，可得工人对绳子自由端的拉力为，故C正确； D．结合可知，只增大物体的重力，可增大机械效率，机械效率将大于目前的效率70%，故D错误。 故选：C。 10．两个灯泡L1、L2分别标有“6V，6W”和“6V，3W”字样，不考虑温度对灯丝电阻的影响，将它们连入电路中，为确保两灯均不损坏，下列说法正确的是（　　） A．将它们并联时，干路允许通过最大电流是0.5A B．将它们并联时，灯泡L1和L2功率之比1：2 C．将它们串联时，电路两端允许最大电压是9V D．将它们串联时，灯泡L1和L2功率之比2：1 【分析】根据题目中给出两个灯泡的电压值和电功率，先根据P＝UI可得额定电流值，再利用欧姆定律求出两盏灯泡的电阻，结合选项进行分析即可； 当两盏灯的规格不一样时，如果连入电路，那么它们的电流和电压都不能超过额定值，否则会损坏灯泡。 【解答】解：根据灯泡的铭牌可得：两个灯泡的额定电流分别为I1＝1A，I2＝0.5A；两灯泡的电阻分别是：R1＝6Ω，R2＝12Ω； A、将它们并联时，由于它们的额定电压相同，都能正常发光，则干路允许通过最大电流是1.5A，故A错误； B、将它们并联时，各支路电压相等，灯泡L1和L2功率之比为：，故B错误； C、如果将它们串联，则为了不烧坏任何一个，电路中的最大电流为0.5A，所以U1＝0.5A×6Ω＝3V，U2＝0.5A×12Ω＝6V，则电路中的总电压为9V，故C正确； D、将它们串联时，通过两灯泡的电流相等，则两灯泡L1和L2功率之比为：，故D错误。 故选：C。 二、多项选择题（本大题共3小题，每小题3分，共9分。每小题给出的四个选项中，均有多个选项符合题意，全部选对得3分，选对但不全得1分，不选或选错得0分） 11．图中的甲图将凸透镜正对着太阳光，在凸透镜下方，平行地放上白纸，测凸透镜与白纸间距s与对应的白纸被烤焦的时间t，绘出图像，将该凸透镜安装在光具座上如图丙所示，光屏未画出。下列说法正确的是（　　） A．该凸透镜的焦距为12cm B．丙图成像规律与照相机的原理相同 C．将蜡烛放置在40cm刻度处，可得到正立、放大的虚像 D．蜡烛向左移动且凸透镜换为一个焦距更大的凸透镜，不动光屏也可能在光屏上呈现清晰的像 【分析】（1）根据图乙找出白纸被烤焦的最短时间，所对应的透镜与白纸间距即为焦距；（2）凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像；物距等于像距时，成倒立等大的实像；物距小于像距时，成倒立放大的实像。 【解答】解：A、由图乙可知，当透镜与白纸间距s＝12cm时，白纸被烤焦的时间t＝4min，所用的时间最短，说明太阳光经过凸透镜会聚后该点的温度最高，这个点就是凸透镜的焦点，则测出透镜与白纸距离即为焦距f＝12cm，故A正确；B、图丙中，蜡烛到透镜的距离为u＝50.0cm﹣35.0cm＝15.0cm，大于一倍焦距，小于二倍焦距，成倒立、放大的实像，应用是投影仪，故B错误；C、将蜡烛放置在40cm刻度处，物距小于焦距，可得到正立、放大的虚像，故C正确；D、蜡烛向左移动，物距增大，换为一个焦距更大的凸透镜，相当于减小物距，此时，不动光屏也可能在光屏上呈现清晰的像，故D正确。 故选：ACD。 12．将一底面积为S0的盛有水的圆柱形容器放在水平桌面上，一冰块中冻有一石块，总质量为m0，总体积为V0．将它们放在容器水中，沉在容器底部，如图甲所示。当冰全部熔化后，容器里的水面下降了h0，如图乙所示。已知水的密度为ρ0，冰的密度为0.9ρ0．则下列判断正确的是（　　） A．冰的体积为9S0h0 B．冰块的质量为9ρ0S0h0 C．石块的体积为V0﹣9h0S0 D．石块的密度为 【分析】（1）直接利用ΔV＝SΔh可求得冰全部熔化成水后，体积减小了多少； 设整个冰块的体积为V0，其中冰的体积为V1，根据冰熔化为水时，质量保持不变，但体积减小，以体积的减少量作为等量关系，可列出方程，即可求出冰块中冰的体积。 利用冰的密度和体积求出冰的质量。 （2）用总体积减去冰块的体积即为石块的体积，用总质量减去冰块的质量即为石块的质量，再利用密度公式即可求出石块的密度。 【解答】解： （1）整个冰块的总体积为V0，设其中冰的体积为V1，石块的体积为V2；冰和石块的总质量为m0，设其中冰的质量为m1，石块的质量为m2。 冰全部熔化成水后，体积减小了ΔV＝S0h0， 冰全部熔化成水，其质量不变，即ρ冰V1＝ρ水V冰化水，所以V冰化水； 由题意得，冰的体积减去熔化成水后的体积，就是水面下降的体积，即：V1ΔV＝S0h0， 则：V1V1＝S0h0， 即冰的体积：V1＝10S0h0，故A错误； 冰块的质量为：m1＝ρ冰V1＝0.9ρ0×10S0h0＝9ρ0S0h0，故B正确； （2）石块的体积：V2＝V0﹣V1＝V0﹣10h0S0，故C错误； 石块的质量：m2＝m0﹣m1＝m0﹣9ρ0S0h0， 所以石块的密度：ρ石，故D正确。 故选：BD。 13．如图甲所示电路，电源电压不变，电压表量程是0～3V，电流表量程是0～0.6A。只闭合S、S1，在滑动变阻器R1的滑片从最右端向左滑至a点的过程中，灯泡和R1的I﹣U图象分别如图乙所示，滑片在a点时灯泡恰好正常发光。在保证电路安全的情况下，下列说法正确的是（　　） A．灯泡的额定功率是0.15W B．只闭合S、S1时，电路的最小功率为1.35W C．只闭合S、S2，R1的滑片在a点，调节R2，R1的最大功率是2.16W D．只闭合S、S2，R1的滑片在a点，R2允许接入电路的最大阻值是12Ω 【分析】（1）只闭合S、S1，灯泡、R1串联，在滑动变阻器R1的滑片从最右端向左滑至a点的过程中，R1的阻值减小，电路中的总电阻变小，电流变大，根据图像即可读出滑片在a点时小灯泡正工作时灯泡、R1的电压和电流，根据P＝UI求出灯泡的额定功率和电路的最小功率； （2）由I可得R1的滑片在a点时R1的电阻，由图可知，只闭合S、S2，R1的滑片在a点，R1与R2串联，电压表测变阻器R2两端的电压，电流表测电路中的电流，根据串联电路电流特点结合电流表的量程可知电路中的最大电流，由P＝UI可得R1的最大功率；由于电压表采用0～3V量程，根据串联电路分压原理可知当电压表的示数U2最大＝3V时，滑动变阻器R2接入电路中的电阻最大，根据串联电路电压规律可知此时R1两端的电压，根据欧姆定律计算电路中的最小电流，进一步计算滑动变阻器R2接入电路的最大阻值。 【解答】解：（1）只闭合S、S1，灯泡、滑动变阻器R1串联，电压表测灯泡两端电压， 在滑动变阻器R1的滑片从最右端向左滑至a点的过程中， R1的阻值减小，电路中的总电阻变小，电流变大，灯泡两端的电压变大， 由此可知：图乙中，左边的曲线为灯泡的I﹣U图像，则右边的曲线为R1的I﹣U图像； 滑片在a点时R1的阻值最小（允许接入的最小阻值），电路中的电流最大， 由于灯泡恰好正常发光，则根据I﹣U图像可知： 小灯泡正常工作时的电压为1.5V，通过灯泡的电流为0.5A，此时R1两端的电压为3V， 则灯泡的额定功率：P额＝ULI最大＝1.5V×0.5A＝0.75W；故A错误； 电源电压：U＝UL+U1＝1.5V+3V＝4.5V， 电路的最小功率：P最小＝UI最小＝4.5V×0.3A＝1.35W；故B正确； （2）由I可得R1的滑片在a点时R1的电阻： R16Ω； 由图可知，只闭合S、S2，R1的滑片在a点，R1与R2串联，电压表测变阻器R2两端的电压，电流表测电路中的电流； 由于串联电路中各处的电流相等，电流表的量程为0～0.6A， 所以，电路中的最大电流I最大′＝0.6A， 由P＝UI可得R1的最大功率是：P1最大＝（I最大′）2R1＝（0.6A）2×6Ω＝2.16W，故C正确； 由于电压表采用0～3V量程，根据串联电路分压原理可知当电压表的示数U2最大＝3V时，滑动变阻器R2接入电路中的电阻最大， 因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，此时R1两端的电压：U1′＝U﹣U2最大＝4.5V﹣3V＝1.5V， 电路中的最小电流： I最小0.25A， 则滑动变阻器R2接入电路的最大阻值： R2最大12Ω，故D正确。 故选：BCD。 注意事项： 1．用黑色字迹的签字笔将答案写在“答题卡”上（作图可用2B铅笔）。 2．本卷共两大题，共61分。 三、填空题（本大题共6小题，每小题4分，共24分） 14．如图所示，一束光在空气和玻璃两种介质的界面上发生了反射和折射，由图可知折射角是　 　 °，玻璃在　 　 （选填“AB面的左方”“AB面的右方”或“CD面的上方”）。 【分析】光线从一种介质斜射向另一种介质时，在界面将发生反射和折射，注意入射光线和反射光线具有对称性，在界面的同侧；入射光线和折射光线不对称，分别在界面的两侧。 【解答】解：由图可知，∠FOC＝30°，∠EOC＝90°﹣60°＝30°，所以∠FOC＝∠EOC，故CD为法线，入射光线为EO，反射光线为OF，折射光线为OG，入射角等于30°； 又因为入射角为∠EOC，折射角为∠GOD且为90°﹣30°＝60°，且∠EOC＜∠GOD以及当光从玻璃中斜射入空气中时，折射角大于入射角，所以玻璃在AB面的左方。 故答案为：60；AB面的左方。 15．2024年4月25日，在酒泉卫星发射中心，搭载神舟十八号载人飞船的长征二号运载火箭加速升空直冲云霄，神舟十八号载人飞船的机械能将 　 　 （选填“增大”、“减小”或“不变”），当火箭进入大气层后，与大气摩擦，外壳温度升高，这是通过 　 　 的方式改变物体的内能。 【分析】（1）影响动能的因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能； （2）做功可以改变物体的内能。 【解答】解：火箭加速上升时，质量不变，速度变大，动能增大；高度变大，重力势能变大，动能和势能统称为机械能，所以机械能增大。 当火箭在大气层中快速飞行时，与大气层之间摩擦做功，火箭的内能增大，温度升高；这是通过做功的方式改变物体的内能。 故答案为：增大；做功。 16．如图所示，一人站在平台上，竖直向上抛出一个2N的小球，空气阻力大小恒为0.8N，小球上升最大高度为H，则小球在上升过程中受到的合力大小为 N；小球上升到最高点时，小球 （选填“是”或“不是”）处于平衡状态。 【分析】两力在同一直线上方向相同时，合力的大小等于两分力的大小之和，方向与分力方向相同；两力在同一直线上，方向相反时，合力大小等于两力大小之差，方向与较大的力的方向相同； 根据小球在最高点的受力情况分析其是否处于平衡状态。 【解答】 解：球在上升过程中，受到竖直向下的重力G和竖直向下的阻力f作用；故合力大小为F合=G+f=2N+0.8N=2.8N； 小球上升到最高点时，小球只受到重力的作用，不是处于平衡状态。 故答案为：2.8；不是。 17．央视“大风车”栏目常介绍科普知识，其中介绍了“天气预报瓶”的创意新品（如图所示），A为与大气相通的玻璃管，B为密闭的玻璃球，A与B下部相连通，内装有红墨水。当A管和B球液面相平时，此时瓶内气压　 　 （选填“大于”、“等于”或“小于”）外界大气压，将该仪器从山顶带到山脚的过程中A管液面将　 　 。 【分析】（1）A管和B球液面相平时，两液面受到气体的压强相等； （2）大气压与高度的关系是：大气压随着高度的增加而减小。 【解答】解：（1）A管和B球液面相平时，两液面受到气体的压强相等，说明瓶内气压等于外界大气压； （2）大气压随着高度的增加而减小，将该仪器从山顶带到山脚的过程中外界气压增大，A管液面将下降。 故答案为：等于；下降。 18．图甲是《天工开物》里记载的一种捣谷的舂（读作chōng），可将舂看作是一杠杆。若碓（读作duì）头质量为20kg，不计横木的重力和转动摩擦，捣谷人双手与扶手之间的作用力为零，g取10N/kg。则碓头竖直下落0.5m，重力对它做的功的大小为 　 　 ；捣谷人右脚在B点用力F踩横木使其刚好转动，如图乙所示，已知OA：OB＝3：2，则F的大小为 　 　 。 【分析】（1）根据物体的质量计算受到的重力。重力做的功是物体受到的重力和在重力方向上通过距离的乘积。 （2）利用杠杆平衡的条件，计算动力的大小。 【解答】解：（1）碓头质量为20kg，受到的重力G＝mg＝20kg×10N/kg＝200N。碓头竖直下落0.5m，重力对它做的功的大小W＝Fs＝Gh＝200N×0.5m＝100J。 （2）捣谷人右脚在B点用力F踩横木使其刚好转动，如图乙所示，已知OA：OB＝3：2，由杠杆的平衡条件得F•G200N＝300N。 故答案为：100J；300N。 19．如图所示电路中，电源电压保持不变，电压表示数为U，已知电阻阻值为R1，现在将一个未知电阻R2接入电路中， （1）若两个电表示数都改变，则电压表与电流表示数的乘积　 　 （选填“变小”“不变”或“变大”）； （2）若只有一个电表的示数变小，且电压表与电流表示数乘积的变化量的绝对值为ΔP，则R2＝　　 。 【分析】（1）根据串联分压才可以改变电阻的电压，而并联时电阻的电压不变分析电阻的接入方式，根据欧姆定律分析电流变化； （2）将一个R2接入电路中，若两个电表示数都改变，则必须使得电压表示数减小，故采用串联分压；结合串联电路的特点和欧姆定律分析解答； 【解答】解：（1）由图可知，电路为R1的简单电路，电压表测电源电压，电流表测通过R1的电流，若两个电表示数都改变，电压表不可能再增大了，只能是电压表示数减小，采用串联分压，且串联在电压表测量部分以外，因而串联导致电阻变大，电流必然减小，则电压表与电流表示数的乘积变小； （2）若只有一个电表的示数变小，如果采用并联，电源电压不变，电流表示数可以增大，也可以不变，不可能使得电表示数减小，故不可行； 只有一个电表的示数变小，如果电压表示数减小，则电流一定减小，也是不可能的，因而只能是电流表示数减小，电压表示数不变，电阻是串联，在串联在电压表测量的部分中，根据电压表示数不变，电压表与电流表示数乘积的变化量的绝对值为ΔP＝UΔI；则ΔI根据欧姆定律知， ΔI则有； 解得R2。 故答案为：（1）变小；（2）。 四、综合题（本大题共6小题，共37分。解题中要求有必要的分析和说明，计算题还要有公式及数据代入过程，结果要有数值和单位） 20．下表是某品牌电热水壶的铭牌。某次使用过程中，该电热水壶正常工作4min把1kg的水从20℃加热到95℃，已知水的比热容c水＝4.2×103J/（kg•℃）。求： XX牌电热水壶 型号：SW﹣15J321 最大容量：1.5L 额定电压：220V 频率：50Hz 额定功率：1500W （1）水吸收的热量； （2）该电热水壶正常工作4min消耗的电能； （3）该电热水壶的效率。 【分析】（1）根据吸热公式Q吸＝c水m（t﹣t0）计算出水吸收的热量； （2）已知额定功率和通电时间，根据公式W＝Pt求出消耗的电能； （3）根据公式η100%算出电热水壶的热效率。 【解答】解：（1）水吸收的热量为： Q吸＝c水m（t2﹣t1）＝4.2×103J/（kg•℃）×1 kg×（95℃﹣20℃）＝3.15×105J； （2）根据P可得电热水壶消耗电能为： W＝Pt＝1500W×4×60s＝3.6×105J； （3）电热水壶的效率为： η100%100%＝87.5%。 答：（1）水吸收的热量为3.15×105J； （2）该电热水壶正常工作4min消耗的电能为3.6×105J； （3）该电热水壶的效率为87.5%。 21.亲爱的同学，请你运用所学的物理知识解答下列问题。 （1）如图1所示，其读数应为 　 　 kW•h，如图2所示，这个物块的长度为 　 　 cm。 （2）在“探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关”的实验中，小明用弹簧测力计在水平桌面水平拉动木块向右做 　 　 运动，如图3所示，木块所受摩擦力的大小为 　 　 N。 （3）小刘想测出一个实心塑料球的密度，但是发现塑料球放在水中会漂浮在水面上，无法测出它的体积。小刘设计了以下实验步骤： ①把天平放在水平台面上，将游码移到标尺的零刻度线处时，若天平分度盘的指针静止时如图4甲所示，则此时应将平衡螺母向 　 　 （选填“左”或“右”）调节，使天平平衡； ②由图4中乙、丙两图的数据可知塑料球的质量为 　 　 ，计算出塑料球的密度ρ＝ 　 kg/m3。 【分析】（1）电能表的最后一位是小数，单位kW•h；图2所示刻度尺的分度值为1mm，物块左端与6刻度线对齐，右端在7.40cm位置，据此读出物块的长度； （2）根据二力平衡的条件分析；根据弹簧测力计的分度值正确读数； （3）天平的调节原则是：左偏右调，右偏左调； 根据天平的读数方法，物体的质量等于砝码的质量加上游码所对刻度，而要准确读出游码所对刻度，必须明确标尺的分度值及以游码左端所对刻度为准； 用排水法测量塑料球的体积，读取塑料球的体积时，视线与液面（凹液面的底部）相平。先测量量筒水与沉锤的体积V1，然后测量塑料球、沉锤和水的总体积V2，V球＝V2﹣V1。 利用密度公式ρ，已知木块质量、体积，求出塑料球密度； 【解答】解：（1）①电能表示数如图1所示为18.5kW•h； ②图2所示刻度尺的分度值为1mm，物块左端与6刻度线对齐，右端在7.40cm位置，物块的长度为1.40cm； （2）①实验时，为了测量滑动摩擦力的大小，应拉动弹簧测力计使木块A在水平桌面上做匀速直线运动，木块在水平方向上受到平衡力的作用，弹簧测力计的示数等于摩擦力的大小； ②弹簧测力计的分度值是0.2N，如图3所示的测力计读数为2.6N，根据二力平衡知识可知，摩擦力的大小为2.6N； （3）①由图4甲可知，指针偏向分度盘中线的左侧，应向右调节平衡螺母，使天平平衡； ②由图乙可知，塑料球的质量：m＝10g+1.2g＝11.2g， 由图丙可知，塑料球的体积：V＝40mL﹣20mL＝20mL＝20cm3， 塑料球的密度：0.56×103kg/m3。 故答案为：（1）18.5；1.40；（2）匀速直线；2.6；（3）①右；②11.2g；0.56×103。 22.《天工开物》记载着大量的古代农业机械，如图甲所示是一种以水流作为动力来取水的机械筒车，图乙为机械筒车的简化示意图。若接水槽比取水处高4m，水轮上有12个取水筒，一个取水筒每次可取水4kg，筒车旋转一周取水的机械效率为80%，水流冲击筒车的功率为40W（接水槽离倒水处的高度忽略不计，g取10N/kg）。则： （1）筒车旋转一周对水做的功是多少？ （2）筒车旋转一周，水流冲击筒车做的功是多少？ （3）筒车旋转一周所用的时间是多少？ 【分析】（1）根据W＝Gh＝mgh求筒车旋转一周对水做的功； （2）根据η求筒车旋转一周，水流冲击筒车做的功； （3）根据P求筒车旋转一周所用的时间。 【解答】解：（1）筒车旋转一周对水做的功： W有用＝Gh＝mgh＝12×4kg×10N/kg×4m＝1920J； （2）根据η可得，筒车旋转一周，水流冲击筒车做的功： W总2400J； （3）根据P可得，筒车旋转一周所用的时间： t60s。 答：（1）筒车旋转一周对水做的功是1920J； （2）筒车旋转一周，水流冲击筒车做的功是2400J； （3）筒车旋转一周所用的时间是60s。 23. 小明利用如图甲所示的电路探究电流跟电阻的关系。已知电源电压为6V且保持不变，实验用到的四个电阻阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω。 （1）请根据图甲将图乙所示的实物电路连接完整（导线不允许交叉）。 （2）实验中多次改变R的阻值，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数保持不变，记下电流表的示数，得到如图丙所示的电流I随电阻R变化的图像。 ①由图像可以得出结论：电压一定时，　 　 。 ②上述实验中，小明用5Ω的电阻做完实验后，只将5Ω的定值电阻换成了10Ω，闭合开关后，发现电压表的示数 　 　 （选填“变大”、“变小”或“不变”），应向 　 　 （选填“左”、“右”）移动滑片，使电压表示数为 　 　 V时，读出电流表的示数。 （3）为完成整个实验，应该选取最大阻值不小于 　 Ω的滑动变阻器。 【分析】（1）探究电流跟电阻的关系时，应控制定值电阻两端的电压不变，因此电压表应与定值电阻并联；变阻器上下各选一个接线柱串联在电路中； （2）①根据图丙图象中电流与电阻之积为一定值分析得出结论； ②根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑动变阻器滑片移动的方向； （3）探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入20Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻。 【解答】解：（1）探究电流跟电阻的关系时，应控制定值电阻两端的电压不变，因此电压表应与定值电阻并联；变阻器上下各选一个接线柱与定值电阻串联在电路中，如下图所示： ； （2）①由图象可知，导体两端的电压UV＝IR＝0.5A×5Ω＝……＝0.1A×25Ω＝2.5V，为一定值，故可得出结论：电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比； ②实验中，当把5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变大，研究电流与电阻关系时要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，要增大滑动变阻器电阻阻值，故应把滑动变阻器滑片向左移动滑片，使电压表示数为2.5V，然后读出电流表的示数； （3）实验中使用的定值电阻阻值最大为20Ω，定值电阻两端的电压始终保持UV＝2.5V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑＝U﹣UV＝6V﹣2.5V＝3.5V，变阻器分得的电压为电压表示数的1.4倍，根据分压原理，当接入20Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑＝1.4×20Ω＝28Ω，即所选择的变阻器的最大阻值不能小于28Ω。 故答案为：（1）见解答图；（2）①通过导体的电流与导体的电阻成反比；②变大；左；2.5；（3）28。 24. 问题解决﹣﹣测量小琉璃球的密度 小雨有若干个相同的小琉璃球，他想知道小琉璃球的密度。他身边只有一个有杯盖的玻璃杯（粗细均匀）、一个盛着足够水的水桶和一把刻度尺。 （1）说明测量步骤。（配图说明，图画在方框内）； （2）请你帮他推导出测量小琉璃球密度的数学表达式。 【分析】没有天平和量筒，可以利用漂浮条件F浮＝G得到物体重力从而得到质量，利用排水法测物体的体积，从而得到物体的密度。 【解答】解： （1）测量步骤： ①将玻璃杯中装入适量的水，测出杯水的深度h1； ②将玻璃杯放入桶里的水中，使其能竖直漂浮在水面上，用刻度尺测出玻璃杯浸入水中的深度h2； ③取出玻璃杯，将琉璃球放入玻璃杯中，测出杯中水的深度h3； ④将玻璃杯放入桶里的水中，使其能竖直漂浮在水面上，用刻度尺测出玻璃杯浸入水中的深度h4。 （2）推导小琉璃球密度的数学表达式： 由①③可得琉璃球体积：V＝S杯（h3﹣h1）， 由②可得杯和杯中水重G1＝F浮1＝ρ水gV排1＝ρ水gS杯h2， 由④可得杯和杯中水以及琉璃球总重G2＝F浮2＝ρ水gV排2＝ρ水gS杯h4， 琉璃球的重力：G＝G2﹣G1＝ρ水gS杯h4﹣ρ水gS杯h2＝ρ水gS杯（h4﹣h2）， 所以琉璃球的密度：ρ•ρ水。 故答案为： （1）步骤： ①将玻璃杯中装入适量的水，测出杯水的深度h1； ②将玻璃杯放入桶里的水中，使其能竖直漂浮在水面上，用刻度尺测出玻璃杯浸入水中的深度h2； ③取出玻璃杯，将琉璃球放入玻璃杯中，测出杯中水的深度h3； ④将玻璃杯放入桶里的水中，使其能竖直漂浮在水面上，用刻度尺测出玻璃杯浸入水中的深度h4。 （2）ρ•ρ水。 25．冬天，小星在帮爸爸种植蘑菇时发现种植箱内的温度太低，于是他想自制一个多挡位的电加热器，他找来了两根电热丝R1和R2，设计了甲、乙两图的电路来进行测试（A、B、C、D、E均为接线柱）。当他把A和C相连、B和D相连，把滑动变阻器的滑片移至中间某位置，闭合开关，电流表的示数为0.5A，电压表的示数为3V；接着他断开开关，保持滑动变阻器的滑片位置不变，只把B改接到E上，闭合开关，电流表的示数为0.4A，电压表的示数为7.2V。求： （1）电热丝R1的阻值； （2）电源电压； （3）丙图是小星用上述的电源、两根电热丝R1和R2，开关S1，再添加了保险装置（电阻不计），一个单刀双掷开关S2，设计的三挡位电加热器，电加热器可通过开关切断电路，虚线框里分别是电热丝R2和开关S1，请在虚线框里画出对应的电学元件符号，并计算此电加热器最大的电功率。 【分析】（1）当把A和C相连、B和D相连时，滑动变阻器RP和R1串联，电压表测R1电压，电流表测电路电流，根据欧姆定律求出电热丝R1的阻值； （2）根据欧姆定律和串联电路的电压特点表示出把A和C相连、B和D相连时的电源电压； 保持滑动变阻器的滑片位置不变，只把B改接到E上时，滑动变阻器RP、R1、R2串联，电压表测R1、R2总电压，电流表测电路电流，根据欧姆定律和串联电路的电压特点表示出电源电压，解方程求出变阻器接入电路的电阻和电源电压； （3）原甲电路中，当把A和C相连、B和E相连时，电热丝R1和R2串联，根据欧姆定律求出R1、R2的总电阻，根据串联电路的电阻特点求出R2的阻值； 由P＝UI可知，当电源电压一定时，电路电阻越大，功率越小，要设计三挡位电加热器，根据串并联电路电阻规律和P＝UI可知各挡位时电路的连接，进而设计出电路； 根据并联电路的特点和P＝UI 求出此电加热器最大的电功率。 【解答】解：（1）当把A和C相连、B和D相连时，滑动变阻器RP和R1串联，电压表测R1电压，电流表测电路电流。则电热丝R1的阻值为。 （2）当把A和C相连、B和D相连时，电源电压为U＝3V+0.5A×RP…① 保持滑动变阻器的滑片位置不变，只把B改接到E上时，滑动变阻器RP、R1、R2串联，电压表测R1、R2总电压，电流表测电路电流，则电源电压为U＝7.2V+0.4A×RP…② 联立①②，解得：变阻器阻值RP＝42Ω、电源电压U＝24V。 （3）原甲电路中，当把A和C相连、B和E相连时，电热丝R1和R2串联，通过它们的电流为0.4A，R1和R2的总电压为7.2V，由欧姆定律可知，R1和R2总电阻为， 则R2阻值为R2＝R总﹣R1＝18Ω﹣6Ω＝12Ω； 由P＝UI可知，当电源电压一定时，电路电阻越大，功率越小，要设计三挡位电加热器，由串并联电路电阻规律和P＝UI 结合图丙可知，当两电阻串联时，电路的总电阻最大，电功率最小，当两电阻并联时，电路的总电阻最小，电功率最大，当R1单独工作时，电功率位于中间挡，电路设计如下： 分析电路可知，当S2与b接通，S1闭合时，电热丝R1、R2并联，此时总电阻最小，由P＝UI 可知，电热器的功率最大， 则新设计的电路最大功率为。 答：（1）电热丝R1的阻值为6Ω； （2）电源电压为24V； （3）电路图解答图；此电加热器最大的电功率为144W。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 $ 2026年天津市中考物理自编模拟练习卷 化学和物理合场考试，合计用时120分钟。 本试卷分为第Ⅰ卷（选择题）、第Ⅱ卷（非选择题）两部分。答题时，务必将答案涂写在“答题卡”上，答案答在试卷上无效。考试结束后，将本试卷和“答题卡”一并交回。 祝你考试顺利！ 第Ⅰ卷 注意事项： 1．每题选出答案后，用2B铅笔把“答题卡”上对应题目的答案标号的信息点涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号的信息点。 2．本卷共两大题，共39分。 一、单项选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分。每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题意） 1．如图所示是湖南传统拉弦乐器“大筒”，形似二胡，因琴筒较大得名，其有两根弦，用竹弓拉奏。演奏时，若保持拉弦力度不变，手指在琴弦上移动，主要是为了改变声音的（　　） A．音色 B．音调 C．响度 D．传播速度 2．我国的“二十四节气”已被列入联合国教科文组织人类非物质文化遗产代表作名录。下列与节气相关的物态变化现象中，属于凝华的是（　　） A．雨水——雨的形成 B．白露——露珠的形成 C．霜降——霜的形成 D．大寒——河水结冰 3．中国象棋历史悠久。如图所示，在竖直放置的平面镜前水平放置一个九格的棋盘，将一颗棋子“馬”按箭头方向移动，则平面镜中所显示的棋子“馬”的移动路径是（　　） A．从“4”到“1” B．从“1”到“4” C．从“2”到“3” D．从“3”到“2” 4．2026年春晚被称为“机器人春晚”，多家国产机器人企业联袂登场，覆盖武术、小品、歌舞等多场景，实现了从“机械执行”到“自主感知”的质变。如图所示，某款机器人尝试做以下四个动作，其中身体无法保持平衡的是（　　） A． B． C． D． 5．小明对生活用电的数据进行估测，下列数据不符合实际的是（　　） A．华为智能手机的电池电压最接近于3.7V B．家用空调正常工作时通过的电流约5A C．手机“快充”充电器的输出功率可达66W D．1度电可供“220V，40W”的白炽灯正常工作2.5h 6．在跨学科实践活动中，亮亮同学自制了一个调光台灯（图甲）。台灯亮度是由电位器来控制的，图乙是调光台灯的电路实物图，下列说法中错误的是（　　） A．闭合开关后，电流流过的是d、P之间的电阻丝 B．滑片P如果顺时针移动，则接入电路的电阻丝长度变长 C．若要使台灯工作时的亮度最小，滑片P应置于图中b点 D．若将a、b接入电路同一点，d接入电路的另一点时，旋动旋钮时不能改变灯泡亮度 7．将图甲所示插座面板按安全规范接入家庭电路，其电路连接如图乙所示。闭合开关后，下列说法正确的是（　　） A．a、b、c依次为相线、中性线和保护线 B．用测电笔测试插座时，手不能接触笔尾金属体 C．电冰箱的插头保护线插脚脱落，仍可插入甲图插座中长期使用 D．若指示灯断路，则三孔插座也会断电 8．下列关于能源和信息说法正确的是（　　） A．现有的核电站都是利用核聚变释放能量来发电的 B．煤、石油、天然气等化石能源蕴藏量较大，属于可再生能源 C．手机是利用电磁波来传递信息的 D．我国的北斗卫星导航系统是利用超声波来传递信息的 9．工人用如图甲所示的滑轮组将重为700N的物体匀速竖直提升2m，不计绳重和各种摩擦，滑轮组的部分数据如图乙所示，以下说法正确的是（　　） A．绳子自由端移动的距离为6m B．动滑轮重150N C．工人对绳子自由端的拉力为500N D．只增大提升物体的重力，滑轮组的机械效率将小于70% 10．两个灯泡L1、L2分别标有“6V，6W”和“6V，3W”字样，不考虑温度对灯丝电阻的影响，将它们连入电路中，为确保两灯均不损坏，下列说法正确的是（　　） A．将它们并联时，干路允许通过最大电流是0.5A B．将它们并联时，灯泡L1和L2功率之比1：2 C．将它们串联时，电路两端允许最大电压是9V D．将它们串联时，灯泡L1和L2功率之比2：1 二、多项选择题（本大题共3小题，每小题3分，共9分。每小题给出的四个选项中，均有多个选项符合题意，全部选对得3分，选对但不全得1分，不选或选错得0分） 11．图中的甲图将凸透镜正对着太阳光，在凸透镜下方，平行地放上白纸，测凸透镜与白纸间距s与对应的白纸被烤焦的时间t，绘出图像，将该凸透镜安装在光具座上如图丙所示，光屏未画出。下列说法正确的是（　　） A．该凸透镜的焦距为12cm B．丙图成像规律与照相机的原理相同 C．将蜡烛放置在40cm刻度处，可得到正立、放大的虚像 D．蜡烛向左移动且凸透镜换为一个焦距更大的凸透镜，不动光屏也可能在光屏上呈现清晰的像 12．将一底面积为S0的盛有水的圆柱形容器放在水平桌面上，一冰块中冻有一石块，总质量为m0，总体积为V0．将它们放在容器水中，沉在容器底部，如图甲所示。当冰全部熔化后，容器里的水面下降了h0，如图乙所示。已知水的密度为ρ0，冰的密度为0.9ρ0．则下列判断正确的是（　　） A．冰的体积为9S0h0 B．冰块的质量为9ρ0S0h0 C．石块的体积为V0﹣9h0S0 D．石块的密度为 13．如图甲所示电路，电源电压不变，电压表量程是0～3V，电流表量程是0～0.6A。只闭合S、S1，在滑动变阻器R1的滑片从最右端向左滑至a点的过程中，灯泡和R1的I﹣U图象分别如图乙所示，滑片在a点时灯泡恰好正常发光。在保证电路安全的情况下，下列说法正确的是（　　） A．灯泡的额定功率是0.15W B．只闭合S、S1时，电路的最小功率为1.35W C．只闭合S、S2，R1的滑片在a点，调节R2，R1的最大功率是2.16W D．只闭合S、S2，R1的滑片在a点，R2允许接入电路的最大阻值是12Ω 注意事项： 1．用黑色字迹的签字笔将答案写在“答题卡”上（作图可用2B铅笔）。 2．本卷共两大题，共61分。 三、填空题（本大题共6小题，每小题4分，共24分） 14．如图所示，一束光在空气和玻璃两种介质的界面上发生了反射和折射，由图可知折射角是　 　 °，玻璃在　 　 （选填“AB面的左方”“AB面的右方”或“CD面的上方”）。 15．2024年4月25日，在酒泉卫星发射中心，搭载神舟十八号载人飞船的长征二号运载火箭加速升空直冲云霄，神舟十八号载人飞船的机械能将 　 　 （选填“增大”、“减小”或“不变”），当火箭进入大气层后，与大气摩擦，外壳温度升高，这是通过 　 　 的方式改变物体的内能。 16．如图所示，一人站在平台上，竖直向上抛出一个2N的小球，空气阻力大小恒为0.8N，小球上升最大高度为H，则小球在上升过程中受到的合力大小为 N；小球上升到最高点时，小球 （选填“是”或“不是”）处于平衡状态。 17．央视“大风车”栏目常介绍科普知识，其中介绍了“天气预报瓶”的创意新品（如图所示），A为与大气相通的玻璃管，B为密闭的玻璃球，A与B下部相连通，内装有红墨水。当A管和B球液面相平时，此时瓶内气压　 　 （选填“大于”、“等于”或“小于”）外界大气压，将该仪器从山顶带到山脚的过程中A管液面将　 　 。 18．图甲是《天工开物》里记载的一种捣谷的舂（读作chōng），可将舂看作是一杠杆。若碓（读作duì）头质量为20kg，不计横木的重力和转动摩擦，捣谷人双手与扶手之间的作用力为零，g取10N/kg。则碓头竖直下落0.5m，重力对它做的功的大小为 　 　 ；捣谷人右脚在B点用力F踩横木使其刚好转动，如图乙所示，已知OA：OB＝3：2，则F的大小为 　 　 。 19．如图所示电路中，电源电压保持不变，电压表示数为U，已知电阻阻值为R1，现在将一个未知电阻R2接入电路中， （1）若两个电表示数都改变，则电压表与电流表示数的乘积　 　 （选填“变小”“不变”或“变大”）； （2）若只有一个电表的示数变小，且电压表与电流表示数乘积的变化量的绝对值为ΔP，则R2＝　　 。 四、综合题（本大题共6小题，共37分。解题中要求有必要的分析和说明，计算题还要有公式及数据代入过程，结果要有数值和单位） 20．下表是某品牌电热水壶的铭牌。某次使用过程中，该电热水壶正常工作4min把1kg的水从20℃加热到95℃，已知水的比热容c水＝4.2×103J/（kg•℃）。求： XX牌电热水壶 型号：SW﹣15J321 最大容量：1.5L 额定电压：220V 频率：50Hz 额定功率：1500W （1）水吸收的热量； （2）该电热水壶正常工作4min消耗的电能； （3）该电热水壶的效率。 21.亲爱的同学，请你运用所学的物理知识解答下列问题。 （1）如图1所示，其读数应为 　 　 kW•h，如图2所示，这个物块的长度为 　 　 cm。 （2）在“探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关”的实验中，小明用弹簧测力计在水平桌面水平拉动木块向右做 　 　 运动，如图3所示，木块所受摩擦力的大小为 　 　 N。 （3）小刘想测出一个实心塑料球的密度，但是发现塑料球放在水中会漂浮在水面上，无法测出它的体积。小刘设计了以下实验步骤： ①把天平放在水平台面上，将游码移到标尺的零刻度线处时，若天平分度盘的指针静止时如图4甲所示，则此时应将平衡螺母向 　 　 （选填“左”或“右”）调节，使天平平衡； ②由图4中乙、丙两图的数据可知塑料球的质量为 　 　 ，计算出塑料球的密度ρ＝ 　 kg/m3。 22.《天工开物》记载着大量的古代农业机械，如图甲所示是一种以水流作为动力来取水的机械筒车，图乙为机械筒车的简化示意图。若接水槽比取水处高4m，水轮上有12个取水筒，一个取水筒每次可取水4kg，筒车旋转一周取水的机械效率为80%，水流冲击筒车的功率为40W（接水槽离倒水处的高度忽略不计，g取10N/kg）。则： （1）筒车旋转一周对水做的功是多少？ （2）筒车旋转一周，水流冲击筒车做的功是多少？ （3）筒车旋转一周所用的时间是多少？ 23. 小明利用如图甲所示的电路探究电流跟电阻的关系。已知电源电压为6V且保持不变，实验用到的四个电阻阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω。 （1）请根据图甲将图乙所示的实物电路连接完整（导线不允许交叉）。 （2）实验中多次改变R的阻值，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数保持不变，记下电流表的示数，得到如图丙所示的电流I随电阻R变化的图像。 ①由图像可以得出结论：电压一定时，　 　 。 ②上述实验中，小明用5Ω的电阻做完实验后，只将5Ω的定值电阻换成了10Ω，闭合开关后，发现电压表的示数 　 　 （选填“变大”、“变小”或“不变”），应向 　 　 （选填“左”、“右”）移动滑片，使电压表示数为 　 　 V时，读出电流表的示数。 （3）为完成整个实验，应该选取最大阻值不小于 　 Ω的滑动变阻器。 24. 问题解决﹣﹣测量小琉璃球的密度 小雨有若干个相同的小琉璃球，他想知道小琉璃球的密度。他身边只有一个有杯盖的玻璃杯（粗细均匀）、一个盛着足够水的水桶和一把刻度尺。 （1）说明测量步骤。（配图说明，图画在方框内）； （2）请你帮他推导出测量小琉璃球密度的数学表达式。 25．冬天，小星在帮爸爸种植蘑菇时发现种植箱内的温度太低，于是他想自制一个多挡位的电加热器，他找来了两根电热丝R1和R2，设计了甲、乙两图的电路来进行测试（A、B、C、D、E均为接线柱）。当他把A和C相连、B和D相连，把滑动变阻器的滑片移至中间某位置，闭合开关，电流表的示数为0.5A，电压表的示数为3V；接着他断开开关，保持滑动变阻器的滑片位置不变，只把B改接到E上，闭合开关，电流表的示数为0.4A，电压表的示数为7.2V。求： （1）电热丝R1的阻值； （2）电源电压； （3）丙图是小星用上述的电源、两根电热丝R1和R2，开关S1，再添加了保险装置（电阻不计），一个单刀双掷开关S2，设计的三挡位电加热器，电加热器可通过开关切断电路，虚线框里分别是电热丝R2和开关S1，请在虚线框里画出对应的电学元件符号，并计算此电加热器最大的电功率。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 $