专题13 山东新高考全练&考点闯关(实战册)-【实战高考】2026年高考物理总复习（山东专版）

答案册 实战高考·物理 模拟精练 个运动过程中产生的热量Q=×2m-×2m- ①D解析若小车做匀减速直线运功，则有2一哈= 1 一2ax,整理有v2=听-2ax,所以其以2为纵坐标，以x 2m吃-2 m听，故C正确；从开始运动至达到稳定速度 为横坐标，其图像为一条倾斜直线，与题图不符合，故小 的过程中，流过金属棒b的电荷量q=It,联立解得q= 车向右做的不是匀减速直线运动，故A错误；由于ab边 切割磁感线相当于电源，电流方向沿逆时针方向，U山= 配故D鳞民，故选C 2十2元nBL0,故B错误；线圈切割的电动势为E 2lad+L 3AC解析初始时，弹簧被压缩，弹力大小为kx1= nBL,线图的电流为I是，线圈受到的安培力大小为F mgsin30,=紧，释放物块醉间，安培力为零，对杆和 =nBIL,则由动量定理有一F·△t=mw一mo,整理有 物块分折有mg十k1-mgsin30=2ma,解得a=2g,故 n2 B2La Rv·△=mw一m0,由于线圈受到的安培力是 A正确；导体棒运动过程中，弹簧的仲长量第一次为紧 小车对线圈的作用力，所以由牛顿第三定律可知，小车受 时，速度不为零，此时导体棒所受的合外力为其所受的安 到线圈给的作用力与安培力大小相等，所以从开始到停 培力，根据牛顿第二定律有mg-kx1-mgsin30°-BIL= 下对小车有一心聚x=0一，对小车，前半程有 2ma,加速度不为零，故B错误；由于系统一直克服安培力 做功，杆最终速度为零，安培力为零，细线拉力为T-g, -心.受=m网一mw,解得n=合0，由能量守 弹簧处于伸长状态，对导体杆有x2十ngsin30°=T,可 R 恒，前半程线圈产生的热量为Q,有Q=2m6 得2=合mg,解得=丝=器，弹簧弹性势能不支，对 物块、导体杆、弹簧整个系统，由能量守恒得mg(x1十x2) 2mf,同理后半程线圈产生的热量为Q2,有Q= 1 =mg(a十)sin30+Q,解得Q=日mg(a十2) 2m,所以Q:Q2=3:1,故C错误；在考虑摩擦阻力 1 m2g2 R 2k 时，前丰程由功量定理可得一股·受一1=m 则电假上产生的焦平热Q-R平Q-m紧，故 C正确，D错误。故选A、C。 m,对后半程由动量定理得一心股·受-1北=0 R (D)E-Ir EI-Er (2)EIr 4L0 m1,走相同的位移，因为前半程速度快时间少，即I< 解析(1)由能量守恒得EI一IPr=mgo,解得m ,脚示聚专+h<驶·音+1，解得n> -EI-Pr gu 罗，故D正确。故选D, 路端电压U=E-Ir。 ②C解析设经一段时间t后金属棒a、b达到稳定速度， (2)铜盘转动的角速度为。一是， 大小分别为、2，此时电路中刚好无电流，有2BL)= 铜盘上内外圆之间产生的电动势E=B×(3L一L)X BL2,解得2=2u,分别对金属棒a、b应用动量定理得 w×3L十wL=4BLu, -2BIL·t=2m-2mw,BIL·t=m2-0,联立解得 n=了，现=号w,故A,B错误；由能量守恤定律得整 2 由电路规律得U=E-I1r,而E=U,解得B=E亚 4L9 专题3 交变电流 山东新高考全练 ①D解析由题意可知导体棒通过磁场区域过程需要的 区域Ⅱ时，产生的电动势大小为E2=B×0.5Lw,经过的 时间，即周期为T=2L,导体棒通过区城I时，产生的电 时间为红=子，根据有效值的定义有骂 ,晚，T, R1+R2=R 动势大小为E=BL0,经过的时间为= 学体捧通过 代入数据可得E有=0BLu,故选D。 4 516 Q实战册参考答案及解析 2C解析由题意知，发电机的输出电压U1=250V,输 P 号定可知，流过电阻R的电流为1x-紧-翌A 出功率为500kW,则有五==2×103A,A错误；由题 2.5A交流电的周期为T=-2红=0.02s,D正确。故 高知，用户端电压山-20V,功率为8skW,则有是 w f 选D。 4=,P=U44,联立解得14=400A,13=8A,U3= I3 n4 4 BD 断对去侧支压器，品-是得U:一贤- 11000V,则输电线上损失的功率为P损=IR=4kW,且 22.5V,开关S接1时，设连接两理想变压器的导线中的 G=十R=150V弄旅排号-是，解得是=行 n2461 电流为1，则对右做支压器西U-1总器，向是 B、D错误；根据理想变压器无功率损失有P=U2I3十 P储，代入数据得P储=408kW,C正确。故选C。 =10W,得=10V,期取-货-1A,再由装猎得1 IR n3 3D解析变压器的输入电压为220V,原线圈的交流 =0.5A,解得U4=20V,r-2U-5,B正确。当S 电的电压与时间成余弦函数关系，故输入交流电压的最 大值为220√2V,根据理想变压器原线圈与单匝线圈的 接2时，设连接两理想变压器的导线中的电流为I2,通过 压敏比为程-Y解仔原线圈为220臣，A错民，根 R的电流为IR',则对右侧变压器有U3'=U2一I2r=22.5V 据图像可知，当原线圈输入220V电压时，B、C间的电压 -5瓷-子最-子g=kR解得k=5A 应为12V款B.C同的线图返数关系有平=品 UR'=15V,则P=IR'UR'=22.5W,D正确。 ⑤A解析由题意可知，输入端a、b所接电压的有效值 120,B、C间的线圈匝数为120匝，流过R的电流为IBC= 品品义-1A,B错民。若将R接在A,B瑞，&裙图 U1Ue=220V, √2 白凸=知变压器输出端电压U2= n2 像可知，当原线圈输入220V电压时，A、B间的电压应为 30V.为使为1正常发光.=24V,L-是-错A= 18V。根据交流电原线圈电压的表达式可知，交流电的 1 角递度为10mad/s,故交流电的频率为f=宁=元 16A,由电路可知Ua=U-L=6V,a-袋瓷= 0.6A,则R2和R串联支路电流IR2=IL一IR=1A,R串 50Hz,C错误。若将R接在A、C端，根据图像可知，当原 线圈输入220V电压时，A、C间的电压应为30V,根据欧 =R十R-=60,故R=60-50=10,选项A正确。 IR2 山东模拟专练 考点闯关) 理想电压表读数为45V,故A错误：根据欧姆定律可得理 ①B解析t=0时，线框处于中性面位置，感应电动势 为0，故A错误；线框感应电动势最大值为Em=BSw= 超电流京读数为1-只-易A=0.9A,故B错误：电江R 消耗的电功率为P=IPR=0.92×50W=40.5W,故C错 BBPu,原线圈两端电压U1=E=,副线圈两端电压U2= 4 √2 误；电阻R在50s内产生的热量为Q=PRt=0.92X50 ×50J=2025J,故D正确。故选D。 U1=V6Bw,故B正确；副线圈两端电压不变，滑动 81 3D解析电流表的示数为1=0.5A,根据=2可 变阻器R阻值减小，副线圈电流I2增大，原线圈电流I1= 121 得I2=2A,定值电阻R1消耗的功率为PR1=22W,A错 巴2，电流表示数将增大，故C错误；线框转动角速度加 误，变压器的输入电压为U1=2202V=220V,变压器 倍，感应电动势最大值加倍，原、副线圈两端电压加倍，负 √2 载电阻不支，则变压器副线图电流加倍，由一册可 的输入功率P1=U1h=110W,B错误；根据2一2 U=1可得 知，原线圈电流加倍，则电流表示数加倍，故D错误。故 变压器的输出电压为U2=55V,电动机两端电压为U= 选B。 ②D解析设交流电电压有效值为U,根据有效值定义 U历一1BR=4V,通过电动执的电流为T=一名= /30)2 2A-丝V .T1602,T_U2, 一401A,电动机消耗的功率P-UT'=44w,电 可得只·之忄R02●R·T,解得U5V测 动机的输出功率为P=U'T'一I'2R=33W,C错误，D正 517 答案册 实战高考·物理 确。故选D。 03W,故C错送；根据5-%，解得U2=4000V,输可 ④D解析开关K断开时，副线圈中的电流有效值为I2 线两端的电压为U损=I2r=100V,则U3=U2一U损= 一合则愿线网电流=兴1=2故A错送：原战圆 2√2 3900V,根把号-解得U,=250V,故D正确.故选 输入功率等于副线圈输出功率，即P1=P2=U ,故B √21 B、D 错误；电动机为非纯电阻，其内阻两端电压小于U0,内阻 分层闯关) 小于②吧，故C错误：当开关K闭合后，原线圈的输入功 ①C解析设灯泡正常发光的电压为U,电流为I,原 线圈输入的电压为U1,根据理想变压器原、副线圈功率相 率变为原来的9倍，所以电热丝的功率是电动机功率的8 等可得，U1IL=UL·2IL,可得U1=2UL,则交流电源的 U6 倍，由P热= 可得R=②0，故D正确。故选D。 电压为U=2UL十U1=4UL,故交流电源的电压与灯泡的 8 Io 额定电压之比为U:UL=4:1。故选C。 日B解折降压变压器副线图中的电流五一 P 2AC解析根据图乙可知，电动势变化的周期为0.2s, 通过电阻R的电流方向一个周期改变两次，每秒钟改变 11,105W=500A,设输电线上电流为1，根据号 220V 12 10次，故A正确；因不计发电机内阻，电压表示数为电动 解得=5.5A,根受-得每得U=2060V,龄 势的有效值，为品V,故B错误；t=0.05s时，感应电动 电线上损失的电压△U=I1R=1100V,可知升压变压器 势最大，线圈处于垂直于中性面的位置，与磁场方向平 副线图两端的电压U2=U3十△U=21100V,根据岁，= 行，故C正确；自耦变压器滑片P向上滑动时，原线圈匝 ,解得U1=316.5V,故选B。 敏增多，哈一他可知，制线圈两瑞电压变小，电里R热 n2 功率减小，故D错误。故选A、C。 ⑥BD解析当磁场与线圈平行时，线圈切割磁感线最 ③ACD解析由于两个变压器之间的输电线电阻R上 快，此时感应电动势最大，故A错误；发电机输出电压的 会有电压损耗，理想变压器T1的输出电压等于T2的输 最大值为Em=NBSw=450√2V,发电机输出电压的有 效值为U1=E==450V,故B正确；输电线上损失的功率 人电压与R上的损失电压之和，则有是品-是 n2 U2 U_U2一UR=k2,由于U=U4=6V,则有k1一2： U 为△P=I线R,代入数据解得I线=25A,故C错误；根据 U4 U4 =可得，U2=3600V,输电线上损失的电压为△W= U22 U2一UR_U2U<1,A正确；k1越大T输出的电压 U2 I线R=200V,则降压变压器的输入电压为U3=U2一△U U2越低，T2输出的电压越低，要使灯泡以额定功率正常 -340V,极据号-光解得降压变压器原，制线图的压 工作，则需要输电线上的电流越大，则输电线损失的电功 率越大，电路的输电效率越低，B错误；对变压器T2,输出 数比为器-长D正确。此选BD. 电流与输入电流的比值满足君=妇，对小灯泡则有人= ⑦BD解析变压器不改变交流电的周期，所以充电桩 P=3.6A=0.6A,若2=6，则R上电流13=0.1A,其 上交流电的周期为T=2x=0.02S,故A错误；若充电桩 U46 消耗的电功率Pr=IR=0.12×20W=0.2W,C正确； 消耗的功率增大，则电源输入总功率增大，因为总电压不 变，由I-号可知升压变压器原线图电流增大，升压变压 若起=6，则有0-费-如，U=,=6×6V=36V n4 则变压器T的输出电压为U2=U3+I3R=36V十0.1× 器副线圈电流增大，则输电线上损耗的电压增大，降压变 20V=38V,D正确。故选A、C、D。 压器原线圈电压减小，则T2的输出电压减小，故B正确； ④AD解析在图示位置穿过线圈的磁通量最大，磁通 T1的输入电压为U1=U=250V,T的输入功率为 量的变化率最小为零，故0时刻感应电动势为零，故A正 √2 确；一个周期内线圈中电流方向变化一次，故B错误； 20kW时，则电流为=云-80A,根据是-票解得 P T I2=50A,输电线上损失的电功率为P损=r=5× 哥时对应线周特过的角定为0-号×2=子，则此时字过 518专题13 交变电流 过去考什公 山东新高考全练 答案：P516 年份 考点 题型 题号 分值 难易度 2025年 考点1交变电流的产生与描述 单选 7 3 中 2024年 无 / 2023年 考点2变压器 远距离输电 单选 7 3 难 2022年 考点2变压器 远距离输电 单选 4 3 易 2021年 考点2变压器 远距离输电 多选 9 4 难 2020年 考点2变压器 远距离输电 单选 5 3 中 1.(2025山东，7,3分)如图为一种交流发电装 变压器。下列说法正确的是( 置的示意图，长度为2L、间距为L的两平行 金属电极固定在同一水平面内，两电极之间 U R 的区域I和区域Ⅱ有竖直方向的磁场，磁感 发电 储 应强度大小均为B、方向相反，区域I边界 是边长为L的正方形，区域Ⅱ边界是长为 o L、宽为0.5L的矩形。传送带从两电极之 A.发电机的输出电流为368A 间以速度v匀速通过，传送带上每隔2L固 B.输电线上损失的功率为4.8kW 定一根垂直运动方向、长度为L的导体棒， C.输送给储能站的功率为408kW 导体棒通过磁场区域过程中与电极接触良 D.升压变压器的匝数比n1:2=1:44 好。该装置产生电动势的有效值为( 3.新题型(2022山东，4,3分)如图所示的变压 2L 器，输入电压为220V,可输出12V、18V、 储能 传送带 导体棒 装置 30V的电压，匝数为m的原线圈中电压随时 间变化为u=Umcos100πt。单匝线圈绕过铁 金属电极 芯连接交流电压表，电压表的示数为0.1V。 A.BLv B.√②BLU 将阻值为12Ω的电阻R接在B、C两端时， 2 功率为12W。下列说法正确的是( ) C.3BLv 2 D.V10BLU 4 2.(2023山东，7,3分)某节能储能输电网络如 图所示，发电机的输出电压U1=250V,输 出功率为500kW。降压变压器的匝数比 3:n4=50:1,输电线总电阻R=62.52。 A.n为1100匝，Um为220V 其余线路电阻不计，用户端电压U4 B.B、C间线圈匝数为120匝，流过R的电 220V,功率为88kW,所有变压器均为理想 流为1.4A 196 0专题13交变电流 C.若将R接在A、B两端，R两端的电压为 A.r=102 B.r=52 18V,频率为100Hz C.P-45 W D.P=22.5W D.若将R接在A、C两端，流过R的电流为 5.(2020山东，5,3分)图甲中的理想变压器 2.5A,周期为0.02s 原、副线圈匝数比n:2=22:3,输入端 4.(2021山东，9,4分)（多选）输电能耗演示电 a、b所接电压u随时间t变化关系的图像如 路如图所示。左侧变压器原、副线圈匝数比 图乙所示。灯泡L的电阻恒为152，额定 为1：3，输入电压为7.5V的正弦交流电。 电压为24V。定值电阻R1=102、R2= 连接两理想变压器的导线总电阻为r,负载 52,滑动变阻器R的最大阻值为102。为 R的阻值为102。开关S接1时，右侧变压 使灯泡正常工作，滑动变阻器接入电路的电 器原、副线圈匝数比为2：1，R上的功率为 阻应调节为( 10W;接2时，匝数比为1：2，R上的功率 沿 ↑u/W 为P。下列说法正确的是( 2202 t/10-2s) b 2202 甲 A.12 B.52 C.62 D.80 将来考什么 山东模拟专练 答案：P517 考点闯关 考点①交变电流的产生与描述 B.电压表的示数为6BdPu 【题型】交变电流的产生与描述、四值问题 8n 1.(2025山东青岛一模)如图所示，abc是边长 C.若滑动变阻器R的阻值减小，则电流表 为d的等边三角形金属线框，处于磁感应强 示数将减小 度大小为B、方向垂直于纸面向里的匀强磁 D.若线框转动角速度加倍，则电流表示数 场中，线框与理想变压器相连。已知变压器 变为原来的4倍 原、副线圈匝数分别为n1和2，电表均为理 2.新题型(2024山东淄博一模)如图甲所示为 想电表，不计线框的电阻。t=0时刻线框从 一交变电压随时间变化的图像，每个周期 图示位置绕轴以角速度。匀速转动，下列说 内，前二分之一周期电压按正弦规律变化， 法正确的是() 后二分之一周期电压恒定。若将此交流电 连接成如图乙所示的电路，电阻R的阻值 为502，则( fuN 4t102s) A.t=0时线框感应电动势最大 甲 197 实战册 实战高考·物理 A.理想电压表读数为50V A当开关K断开时，原线圈中的电流为号 B.理想电流表读数为0.8A C.电阻R消耗的电功率为45W B.当开关K断开时，原线圈的输人功率为 D.电阻R在50s内产生的热量为2025J UoIo 考点2变压器远距离输电 C电动机的内阻为2 I 【题型1】理想变压器的原理及其应用 3.(2025山东烟台一模)如图所示，理想变压 D,电热丝的阻值为 8Io 器原线圈与理想电流表串联后接在= 【题型2】远距离输电 220√2sin100πt(V)交流电源上，变压器 5.(2024山东泰安三模)远距离输电的示意图 原、副线圈匝数比n1:2=4:1,定值电阻 如图所示，变压器均为理想变压器，升压变 R1的阻值为5.52，电动机M线圈的电阻 为11。调节变阻器R2的阻值，当变阻器 压程的原、制线圈匝数比为2一品降压变 n2 R2接入电路的阻值为44Ω时，电动机恰好 正常工作，此时电流表的示数为0.5A,下 压器的原，刷线网臣数比为会-1，输电 ns 列说法正确的是( 线的总电阻为R=2002。当用户消耗的电 o(A) 功率为110kW时，入户电压U4=220V,则 R AC R M 升压变压器的原线圈的输入电压U1等 于( A.定值电阻R1消耗的功率为11W B.变压器的输入功率为77W 2 用 C.电动机消耗的功率为11W 户 D.电动机的输出功率为33W 4.(2025山东济宁一模)某吹风机内部的简化 升压变压器 降压变压器 电路图如图甲所示，理想变压器原、副线圈 A.465V B.316.5V 的匝数比为2：1，原线圈两端接电压恒定 C.232.5V D.216.5V 的正弦交流电源。当开关K断开时，变压 6.(2025山东日照一模)（多选）某风力发电机 器副线圈中的电流讠随时间t变化的图像如 的原理如图所示，发电机的线圈固定，磁体 图乙所示，电动机两端的电压为U。;当开关 在叶片驱动下绕线圈对称轴转动，磁体间的 K闭合后，原线圈的输入功率变为原来的9 磁场为匀强磁场，磁感应强度的大小为 倍。吹风机工作时，电热丝的阻值和电动机 0.2T,线圈的匝数为100、面积为0.5m, 的内阻均不变。下列说法正确的是( 不计线圈的电阻，磁体转动的角速度为 45√2rad/s。发电机产生的交变电流经过 变压器升压后向远处输电，升压变压器原、 电 电 M 热 动 副线圈的匝数比为1：8，输电线总电阻为 丝 机 8Ω，输电线上损失的功率为5kW,在用户 甲 端用降压变压器把电压降为220V。假设 198 0专题13交变电流 两个变压器均是理想变压器，下列说法正确 比分别为m1：2=1:16、3:n4=78:5,输 的是( 电线总电阻为r=2。在T的原线圈两 端接入一电压为u=250√2sin100πt(V)的 交流电。不考虑其他因素的影响，下列说法 正确的是( ) 用 户 充 充 电 电 A.当磁场与线圈平行时，感应电动势为零 桩 桩 B.发电机输出电压的有效值为450V C.输电线上的电流为25√2A A.充电桩上交流电的周期为0.01s D.降压变压器原、副线圈的匝数比 B.当充电桩使用个数增多时，T2的输出电 为170：11 压减小 7.(2025山东淄博一模)（多选）如图所示为通 C.当T1的输入功率为200kW时，输电线 过远距离输电方式给新能源汽车充电桩供电 上损失的电功率为5×104W 的示意图，两变压器均为理想变压器，升压变 D.当T1的输入功率为200kW时，T2的输 压器T和降压变压器T2的原、副线圈匝数 出电压有效值为250V 分层闯关 基础题组 12 1.(2025山东济南一模)如图所示，电路中四 0 个灯泡完全相同，其中两个灯泡与理想变压 0.050.0.1502t/s 12 器的原线圈串联接在交流电源上，另外两个 灯泡并联接在副线圈的两端。若四个灯泡 甲 乙 都正常发光，则交流电源的电压与副线圈两 A.通过电阻R的电流方向每秒钟改变 端的电压之比为( 10次 B.改变滑片P的位置可以使电压表的示数 为12V C.t=0.05s时发电机线圈平面与磁场方向 平行 A.2:1 B.3:1 D.自耦变压器滑片P向上滑动时，电阻R C.4:1 D.6:1 热功率增大 2.新题型(2025山东菏泽一模)（多选）如图 3.(2024山东烟台二模)（多选）某实验小组利 甲所示的交流发电机产生的感应电动势如 用如图所示的电路模拟研究远距离输电。 图乙所示，通过自耦变压器给一电阻R供 图中交流电源电压为U=6V,定值电阻为 电，不计发电机内阻。下列说法正确的 R=202,小灯泡L的规格为“6V3.6W”, 是() 接通电路调节两个变压器，使小灯泡始终以 199