第1章 第2讲 匀变速直线运动的规律(word教师用书)-【金版新学案】2027年高考物理高三总复习大一轮复习讲义（广东专版）

该高中物理高考复习讲义聚焦匀变速直线运动规律，围绕基本公式、推论应用及多物体多过程问题三大核心考点，按“基础公式-推论拓展-综合应用”逻辑层次展开。通过考点梳理（公式推导、正误辨析）、方法指导（公式选用技巧、刹车问题分析）、真题训练（例题解析、针对练）等环节，帮助学生构建知识体系，突破解题难点。 讲义突出科学思维与模型建构，如用逆向思维法、比例法解析匀变速运动，设计分层练习（基础巩固、能力提升）。通过多过程问题拆解训练，培养学生运动分析能力，为教师精准把控复习节奏提供支撑，有效提升学生高考应考能力。

第2讲　匀变速直线运动的规律 【学习目标】　1.理解匀变速直线运动的特点及规律，能熟练应用匀变速直线运动的基本公式解决实际问题。2.能灵活运用匀变速直线运动的有关推论。3.会解决匀变速直线运动中的多物体、多过程问题。 考点一　匀变速直线运动的基本公式 1．速度—时间关系式(速度公式)：v＝v0＋at。 2．位移—时间关系式(位移公式)：x＝v0t＋at2。 3．速度—位移关系式：v2－v02＝2ax。 【正误辨析】 (1)匀变速直线运动是加速度均匀变化的直线运动。(×) (2)匀加速直线运动的位移随时间均匀增大。(×) (3)匀变速直线运动中，经过相同的时间，速度变化量相同。(√) (4)几个做匀变速直线运动的物体，加速度最大的物体在时间t内的位移一定最大。(×) 基本公式的选用技巧 适用情境 适用公式 v＝v0＋at 学生用书第4页 x＝v0t＋at2 v2－v02＝2ax x＝ 某同学从静止开始做匀加速直线运动，经t1＝4 s 后速度大小达到8 m/s，之后的t2＝10 s内做匀速直线运动，接着经t3＝5 s做匀减速直线运动速度大小达到6 m/s(该同学可以看作质点)。求： (1)该同学在匀加速运动阶段的加速度大小； (2)该同学在第16 s末的速度大小； (3)该同学这段时间内的位移大小。 答案：(1)2 m/s2　(2)7.2 m/s　(3)131 m 解析：(1)设匀加速运动阶段的加速度为a1 则v1＝a1t1 解得a1＝2 m/s2。 (2)设匀减速运动阶段的加速度为a2 因为v2＝v1＋a2t3 所以a2＝－0.4 m/s2 第16 s末，该同学已减速运动了t4＝2 s 此时该同学的速度为v3＝v1＋a2t4＝7.2 m/s。 (3)匀加速直线运动的位移x1＝a1t12＝16 m 匀速直线运动的位移x2＝v1t2＝80 m 匀减速直线运动的位移x3＝＝35 m 则这段时间内的位移x＝x1＋x2＋x3＝131 m。 针对练．某飞船采用“快速返回技术”返回地面时，在距离地面1 m处时，反推发动机点火，返回舱速度由6 m/s减至2 m/s软着陆，此阶段的运动可看作匀减速直线运动。则此阶段(　　) A．航天员处于失重状态 B．航天员的加速度大小为32 m/s2 C．返回舱运动的时间为0.5 s D．返回舱此阶段的平均速度大小为4 m/s 答案：D 解析：由于此阶段的运动可看作匀减速直线运动，则加速度方向向上，可知航天员处于超重状态，故A错误；根据速度与位移的关系有v2－v02＝2ax，解得航天员的加速度a＝－16 m/s2，即加速度大小为16 m/s2，故B错误；由速度公式有v＝v0＋at，解得t＝0.25 s，故C错误；返回舱此阶段的平均速度大小为＝＝4 m/s，故D正确。 刹车类问题的分析方法 1．刹车类问题的特点为匀减速到速度为零后停止运动，加速度a突然消失。 2．求解时要注意确定实际运动时间。 3．如果问题涉及最后阶段(到停止)的运动，可把该阶段看成反向的初速度为零的匀加速直线运动。 4．汽车在刹车时，有时要考虑司机的反应时间，在反应时间内汽车做匀速直线运动。 拓展应用．(多选)自驾游是当今比较流行的旅游方式。一辆自驾游汽车正在以15 m/s的速度匀速行驶在乡间笔直的公路上，司机发现前方公路上有几只小动物排成直线横穿公路，小动物对行驶的汽车视而不见。司机经过0.5 s的反应时间后立即刹车，刹车后汽车做匀减速运动，加速度大小为5 m/s2，汽车恰好在小动物前方停下，下列说法正确的是(　　) A．刹车后经过1 s，汽车的瞬时速度大小为10 m/s B．刹车后，汽车经过3.5 s停下 C．司机从发现动物开始经过5.5 s，汽车行驶的距离为20 m D．司机发现小动物时，汽车前端到小动物的距离为30 m 答案：AD 解析：汽车初速度大小v0＝15 m/s，加速度大小a＝5 m/s2，刹车后经过t＝1 s，汽车的瞬时速度大小为v＝v0－at＝10 m/s，故A正确；汽车刹车后，匀减速到停下来用时t1＝＝3 s，故B错误；司机反应时间内汽车位移x1＝15×0.5 m＝7.5 m，刹车时间为3 s，因此5.5 s内的位移等于3.5 s内的位移，汽车匀减速过程位移x2＝＝22.5 m，汽车行驶的距离为x＝x1＋x2＝30 m，故C错误；司机发现小动物时，汽车前端到小动物的距离为30 m，D正确。故选AD。 学生用书第5页 考点二　匀变速直线运动的推论及其应用 1．匀变速直线运动的三个重要推论 2．初速度为零的匀加速直线运动的重要推论 (1)按时间等分 ①T末、2T末、3T末、…、nT末的瞬时速度之比为v1∶v2∶v3∶…∶vn＝1∶2∶3∶…∶n。 ②T内、2T内、3T内、…、nT内的位移之比为x1∶x2∶x3∶…∶xn＝1∶4∶9∶…∶n2。 ③第1个T内、第2个T内、第3个T内、…、第n个T内的位移之比为xⅠ∶xⅡ∶xⅢ∶…∶xN＝1∶3∶5∶…∶(2n－1)。 (2)按位移等分 从静止开始通过连续相等的位移所用时间之比t1∶t2∶t3∶…∶tn＝1∶∶∶…∶。 【正误辨析】 (1)在匀变速直线运动中，一段时间内中间时刻的速度一定不大于该段时间内位移中点的速度。(√) (2)在匀变速直线运动中，第2秒内的位移比第1秒内的位移大1 m，则第3秒内的位移比第2秒内的位移大2 m。(×) (3)一个做初速度为零的匀加速直线运动的物体，它在第1 s末、第2 s末、第3 s末的瞬时速度之比为1∶3∶5。(×) 匀变速直线运动灵活解题的“常用五法” 如图所示，某个小物块以一定的初速度从斜面底端A点冲上固定的光滑斜面，斜面总长度为l，到达斜面最高点C时速度恰好为零，已知小物块从A点运动到距斜面底端l处的B点时，所用时间为t，则小物块从B运动到C所用的时间为(　　) A．0.5t　　　 B．t　　　　 C．1.5t　　　 D．2t 答案：B 解析：方法一：平均速度法 由题意知，由以上各式可得vB＝，则vB正好等于AC段的平均速度，根据匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于这段位移的平均速度，可知在B点时是这段位移的中间时刻，因此有tBC＝t。故选B。 方法二：比例法 对于初速度为零的匀加速直线运动，在连续相等的时间里通过的位移之比为1∶3∶5∶…∶(2n－1)。将物块的运动看成反向的初速度为零的匀加速直线运动，因为xBC∶xAB＝ ∶ ＝1∶3，而通过xAB的时间为t，所以通过xBC的时间tBC＝t。故选B。 方法三：逆向思维法 物块向上匀减速冲上斜面，相当于向下匀加速滑下斜面。设物块从B到C所用的时间为tBC。由运动学公式得xBC＝ ，xAC＝ ，又xBC＝ ，由以上三式解得tBC＝t。故选B。 方法四：图像法 根据匀变速直线运动的规律，画出v -t图像，如图所示。利用相似三角形的规律，面积之比等于对应边的平方比，则 ，且 ，OD＝t，OC＝t＋tBC，所以 ＝ ，解得tBC＝t。故选B。 针对练．(2026·山东模拟)学校组织高中生进行体能测试，其中有一项是50米跑。如图所示，假设某同 学生用书第6页 学在测试中，从A点由静止开始做匀加速直线运动，通过连续四段相等的位移。已知他通过E处时的瞬时速度大小为v，通过AE段的时间为t，可将该同学视为质点。下列说法正确的是(　　) A．该同学通过AB段的时间为 B．该同学通过B处时的速度大小为v C．该同学通过CE段和BC段所用时间之比为∶1 D．该同学通过C处时的瞬时速度等于通过AE段的平均速度 答案：C 解析：由题意知AB∶AE＝1∶4，该同学做初速度为零的匀加速运动，而tAE＝t，根据x＝at2，可知tAB＝，故A错误；因vE＝at＝v，则该同学通过B处时的速度大小为vB＝a·v，故B错误；根据初速度为零的匀加速直线运动的推论可知，该同学通过AB、BC、CD、DE段所用时间之比为1∶∶∶，则该同学通过CE段和BC段所用时间之比为∶1，故C正确；由A项分析可知tAB＝，可知该同学通过B处时的瞬时速度等于通过AE段的平均速度，因为该同学做匀加速直线运动，所以通过C处时的瞬时速度大于通过AE段的平均速度，故D错误。故选C。 考点三　匀变速直线运动中的多物体、多过程问题 多物体的运动问题 游客排队滑滑梯时，在工作人员的引导下，每间隔相同的时间从滑梯顶端由静止开始滑下一名游客，将某次拍到的滑梯上同时有多名游客的照片简化为如图所示，已知A、B和B、C间的距离分别为2.5 m和3.5 m，若游客在滑梯上做匀加速直线运动，求： (1)C、D间的距离； (2)此刻A的上端滑道上还有几名游客？ (3)此时A距滑道顶端的距离。 答案：(1)4.5 m　(2)2名　(3)2 m 解析：(1)游客在滑梯上做匀加速直线运动，根据匀加速运动的规律可知，在相邻相等时间内位移差相等，即Δx＝lCD－lBC＝lBC－lAB＝1 m 解得lCD＝4.5 m。 (2)因为Δx＝1 m，所以此刻A的上端滑道上还有2名游客。 (3)设相邻两名游客滑下的时间间隔为T，下滑的加速度为a，有Δx＝aT2，即aT2＝1 m 由平均速度公式有vB＝＝vA＋aT 此时A距滑道顶端的距离x＝ 联立解得x＝2 m。 处理多物体同性质运动问题的技巧 研究多个物体在同一个空间上重复同样的运动时，可将同一时刻多个物体的运动转化为一个物体的运动，同一时刻多个物体所在的位置可以看成是一个物体在不同时刻所处的位置，如水龙头等时滴落的水滴、直升机定点等时空降的物资、在斜面上等时连续释放的小球等，均可把多物体的运动问题转化为单物体的运动问题求解。　　 物体运动的多过程问题 ETC是电子不停车收费系统的简称。汽车分别通过ETC通道和人工收费通道的流程如图所示。假设汽车以v1＝12 m/s的速度朝收费站沿直线行驶，如果过ETC通道，需要在距收费站中心线前d＝10 m处正好匀减速至v2＝4 m/s，匀速通过中心线后，再匀加速至v1正常行驶；如果过人工收费通道，需要恰好在中心线处匀减速至零，经过t0＝20 s缴费成功后，再启动汽车匀加速至v1正常行驶，设汽车加速和减速过程中的加速度大小均为1 m/s2。求： (1)汽车过ETC通道时，从开始减速至恢复正常行驶过程中的位移大小； 学生用书第7页 (2)汽车过人工收费通道时，应在离收费站中心线多远处开始减速？ (3)汽车过ETC通道比过人工收费通道节约的时间。 答案：(1)138 m　(2)72 m　(3)25 s 解析：(1)过ETC通道时，减速的位移和加速的位移相等，则x1＝＝64 m 故总的位移大小x总1＝2x1＋d＝138 m。 (2)过人工收费通道时，开始减速时距离中心线的距离为x2＝＝72 m。 (3)过ETC通道的时间t1＝＝18.5 s 过人工收费通道的时间t2＝×2＋t0＝44 s 过人工收费通道的位移x总2＝2x2＝144 m 二者的位移差Δx＝x总2－x总1＝6 m 在这段位移内汽车以正常行驶速度v1做匀速直线运动，则Δt＝t2－＝25 s。 学科网（北京）股份有限公司 $