精品解析：2025年广东省汕头市潮南区峡山街道中考三模物理试题

2024－2025学年第二学期九年级教学质量监测 物理试卷 一、选择题：本大题共7小题，每小题3分，共21分。 1. 下列有关中学生的估测符合实际的是（　　） A. 百米赛跑的平均成绩为8s B. 双脚站立时，对地面的压强约为104Pa C. 正常步行的速度约为1.4km/h D. 完成一次引体向上做的功约为2×103J 【答案】B 【解析】 【详解】A．2021年8月1日，中国选手苏炳添在东京奥运会田径男子100米半决赛中跑出9秒83，以半决赛第一名晋级决赛，同时创造了新的亚洲纪录，初中生百米赛跑的平均成绩约为14s，故A不符合题意； B．中学生的质量约为50kg，双脚站立时与地面的接触面积约为0.05m2，双脚站立时，对地面的压强约为 故B符合题意； C．正常步行的速度约，故C不符合题意； D．完成一次引体向上做的功 故D不符合题意。 故选B。 2. 中华传统文化源远流长，在古诗文和关于节气的谚语中涉及的物态变化分析正确的是（　　） A. “蜡烛有心还惜别，替人垂泪到天明”，蜡烛“垂泪”是熔化现象，该过程需放热 B. “伏天三场雨，薄地长好麻”，雨的形成是液化现象，该过程需吸热 C. “霜降有霜，米谷满仓”，霜的形成是凝华现象，该过程需放热 D. “小寒冻土，大寒冻河”，河水结冰是凝固现象，该过程需吸热 【答案】C 【解析】 【详解】A．蜡烛 “垂泪” 是蜡烛由固态变为液态，是熔化现象，熔化过程需要吸热，而不是放热，故A错误； B．雨是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，液化过程需要放热，而不是吸热，故B错误； C．霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，凝华过程需要放热，故C正确； D．河水结冰是水由液态变为固态，是凝固现象，凝固过程需要放热，而不是吸热，故D错误。 故选C。 3. 小华用金属管自制小乐器，如图。敲击不同长度金属管，能发出“do（1）”“re（2）”“mi（3）”“fa（4）”“sol（5）”“la（6）”“si（7）”的声音。小华演奏歌曲《两只老虎》中的“快”时，应敲击的金属管是（　　） A. a B. c C. e D. g 【答案】C 【解析】 【详解】敲击不同长度金属管时，是金属管在振动，金属管越短，其振动越快，音调就越高，所以“do（1）”“re（2）”“mi（3）”“fa（4）”“sol（5）”“la（6）”“si（7）”对应的管分别是a、b、c、d、e、f、g；小华演奏歌曲《两只老虎》中的“快”时，对应的音是“sol（5）”，应敲击的金属管是e，故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 4. 妈妈正在用高压锅给小东做他最喜欢喝的龙骨汤，燃气的火苗跳跃着，锅上的气嘴呲呲的响，呼呼的转。对于此现象，以下说法正确的是（　　） A. 天然气燃烧得越充分，其热值就越大 B. 小东闻到了龙骨汤的香味，这是分子的扩散现象 C. 沸腾的龙骨汤，不断吸热，温度不变，内能不变 D. 气嘴呼呼的转，原理与内燃机的做功冲程相同 【答案】BD 【解析】 【详解】A．热值是燃料本身的固有属性，只和燃料种类有关，和燃烧充分程度无关，故A错误； B．闻到汤的香味，是香味分子不停做无规则运动，扩散到空气中被人感知，属于扩散现象，故B正确； C．汤沸腾时持续吸热，温度虽然不变，但吸收热量后内能会增加，故C错误； D．水蒸气推动气嘴转动，是将内能转化为机械能；内燃机做功冲程也是将燃气内能转化为机械能，二者原理相同，故D正确。 故选BD。 5. 如图所示，是学生在物理课上做的几个实验，分析不正确的是（ ） A. 图甲：当向管B中用力吹气时，管A中液面将会下降 B. 图乙：向外拉活塞试管内的水会再次沸腾，可知气压减小，水的沸点降低 C. 图丙：将压强计的探头往上提，U形管两侧液面的高度差会变小 D. 图丁：此实验装置能探究压力作用效果与受力面积的关系 【答案】A 【解析】 【详解】A．根据流体压强规律：流速越大，压强越小。向B管吹气时，A管上方空气流速变快，压强减小，小于外界大气压，烧杯中的水会在大气压作用下进入A管，A中液面应该上升，故A错误，符合题意； B．水的沸点随气压减小而降低，向外拉活塞，试管内气压减小，水的沸点降低，当沸点低于当前水温时，水会再次沸腾，故B正确，不符合题意； C．液体压强随深度减小而减小，将探头往上提，探头在水中的深度变小，受到的液体压强减小，因此U形管两侧液面高度差会变小，故C正确，不符合题意； D．探究压力作用效果与受力面积的关系，需要控制压力不变、改变受力面积。该装置中，将装满水的瓶子分别正放、倒放在海绵上，压力大小等于瓶和水的总重力（保持不变），只改变受力面积，可通过海绵的凹陷程度反映压力的作用效果，因此该装置可以完成探究，故D正确，不符合题意。 故选A。 6. 如图，手机无线充电的原理是：送电线圈通过输入频率一定、大小和方向变化的电流，在线圈的周围形成变化的磁场，受电线圈由于电磁感应产生大小和方向都发生变化的感应电流，从而将能量从发射端转移到接收端。关于无线充电，下列说法中正确的是（　　） ①右图的电源换成干电池也能实现手机无线充电     ②利用受电线圈的原理可制成电动机 ③受电线圈产生的感应电流是交流电     ④手机充电时是将电能转化为化学能 A. 只有③正确 B. 只有①③④正确 C. 只有①②正确 D. 只有③④正确 【答案】D 【解析】 【详解】①电源换成干电池，无法产生大小和方向都发生变化的电流，因此无法实现手机无线充电，故①错误； ②手机内的受电线圈感应到电磁信号，产生感应电流给手机电池充电，这是电磁感应现象，即受电线圈是利用电磁感应原理产生感应电流的；发电机也是利用电磁感应原理工作的，但电动机不是利用该原理工作的，故②错误； ③受电线圈由于电磁感应产生大小和方向都发生变化的感应电流，是交流电，故③正确； ④手机充电的过程中，消耗了电能，将电能转化为化学能，故④正确。 故选D。 7. 汕头已进入龙舟水季节，降雨量大，导致河流水位上涨。某科技小组设计了一个监测水位的装置如图甲所示，电路中电源电压保持不变，为定值电阻，是竖直放置的起滑动变阻器作用的电阻装置（最大阻值40Ω），浮子可带动金属滑杆AP滑片竖直上下移动，当电流表的示数达到某一数值时提醒小组成员水位达到警戒值（25cm），R接入电路的阻值随水位的变化关系如图乙所示，与之对应的电压表与电流表示数变化关系如图丙所示。下列说法中正确的是（ ） A. 当水位升高时，电压表的示数增大 B. 定值电阻为40Ω C. 电源电压为8V D. 水位变化过程中，最大功率为1.8W 【答案】D 【解析】 【分析】首先分析电路连接方式：因为R与串联，电压表测R两端电压，电流表测电路电流，所以先明确串电路的电流、电压规律是解题基础。结合图乙分析水位变化对R阻值的影响：如果水位升高，那么R接入电路的阻值减小，再根据串联分压规律，可判断电压表示数的变化，以此分析选项A。利用图乙和图丙的对应数据，结合串联电路规律和欧姆定律，列方程组求解和电源电压，以此分析选项B、C。根据​，因为​是定值电阻，所以电路电流最大时功率最大，结合R的最小阻值求出最大电流，进而计算的最大功率，以此分析选项D。 【详解】A．由图甲可知，滑动变阻器与定值电阻串联，电压表测两端电压，电流表测电路电流，当水位升高时，滑动变阻器接入电路中的阻值变小，根据串联分压原理可知，滑动变阻器两端电压会变小，即电压表的示数会变小，故A错误； BC．由图可知， 当接入电阻最大时，电路中的电流为0.1A，两端的电压为4V，电源电压为……① 当接入电阻为0时，电路中只有，电路中的电流为0.3A，电源电压为……② 联立①②解得，。故BC错误； D．由可知，当电路中电流最大时，R0的电功率最大，电路中最大电流为0.3A，则R0的最大电功率为 ，故D正确。 故选D。 二、填空题：本大题共7小题，每空1分，共21分。 8. 尊老爱幼是中华民族的传统美德。为了方便老年人剪指甲，在指甲剪的上方加装了一个小凸透镜，如图所示。为了达到目的，应调整加装的凸透镜到剪口的距离在凸透镜的_________（选填“焦点以内”、“焦点上”、“一倍焦距和二倍焦距之间”）；磨指甲的金属磨甲片表面粗糙条纹的作用是_____________；在打磨指甲的过程中是通过_________改变了指甲的内能。 【答案】 ①. 焦点以内 ②. 见解析 ③. 做功 【解析】 【详解】[1]指甲剪上加装凸透镜起到了放大镜的作用，根据凸透镜成像的规律可知，凸透镜到剪口的距离在凸透镜的焦点以内。 [2]磨指甲的金属磨甲片表面粗糙的条纹能够在压力一定时，增大接触面的粗糙程度，起到增大摩擦的作用。 [3]在打磨指甲的过程中，磨甲片对指甲做功，通过做功改变了指甲的内能。 9. 月球上的氦-3储量丰富，题图是氦-3的原子模型示意图，A带_______电，新一代人造太阳“中国环流三号”首次实现原子核和电子温度均突破一亿度，其能量产生原理与太阳发光发热相似，“人造太阳”利用_______（选填“聚变”或“裂变”），这种方式释放的核能具有不产生高放射性核废料的优点，属于_______（选填“可再生”或“不可再生”）能源。 【答案】 ①. 负 ②. 聚变 ③. 不可再生 【解析】 【详解】[1]如图所示为原子结构，A为核外电子，带负电。 [2]太阳发光发热是核聚变，因此“人造太阳”利用核聚变放电。 [3]核聚变的材料氘或是氚，氘-氘聚变生成氦气都是不可逆转的一次性聚变，所以核反应所用的材料都是一次能源不可再生，是不可再生的能源。 10. 如图是学生用扫把扫地的场景，扫把属于__________（选填“省力”“费力”或“等臂”）杠杆。给扫把头上套一个塑料袋，可以方便地清洁地上的细小毛发，这是因为塑料袋与地面摩擦过程中发生电子的__________（选填“转移”或“产生”），使塑料袋带电，从而具有__________的性质。 【答案】 ①. 费力 ②. 转移 ③. 吸引轻小物体 【解析】 【详解】[1]扫把使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆。 [2][3]给扫把头上套一个塑料袋，可以方便地清洁地上的细小毛发，这是因为塑料袋与地面摩擦过程中发生电子的转移，其中一个得电子带负电，另一个失去电子带正电，使塑料袋带电。带电体具有吸引轻小不带电物体的性质，方便地清洁地上的细小毛发。 11. 如图所示是家用电能表的表盘，若只让功率为1200W的电水壶单独正常工作，电能表指示灯闪烁了320次，则该用电器工作的时间是______min。如果这些热量的84%被1标准大气压下2kg初温为30°C的水吸收，水温会升高______°C；不计热损失，若用酒精燃烧来加热水也要达到以上效果，至少要______kg酒精（；）。 【答案】 ①. 10 ②. 70 ③. 0.0196 【解析】 【详解】[1]电能表指示灯闪烁了320次，用电器消耗的电能为 让功率为1200W的电水壶单独正常工作，该用电器工作的时间是 [2]水吸热的热量为 水升高的温度为 而一标准大气压下水的沸点为100°C，初温为30°C的水，升高的温度为 [3]不计热损失，水升温70°C，水吸热的热量为 需要酒精 12. 近日，国产航母福建舰将组建航母编队进行新一轮海上测试，舰队在编排过程中，不并排行驶的原因是：舰船并排行驶时，舰船间海水流速变大，其间的压强_______（选填“变大”或“变小”或“不变”），容易造成安全事故。航母采用电磁弹射技术，使电流通过线圈时产生强大的推力，可在短时间内大批次起降舰载机，该技术的原理是_______________，舰载机起飞后，福建舰底部受到的压强________（选填“变大”或“变小”或“不变”）。 【答案】 ①. 变小 ②. 磁场对电流有力的作用 ③. 变小 【解析】 【详解】[1]流体流速越大，流体产生的压强越小。舰船并排行驶时，舰船间海水流速变大，其间的压强变小，舰船外侧的压强大于两船之间的压强，在压强差的作用下，两船会靠近，容易造成安全事故。 [2]磁场对电流有力的作用，当电流通过线圈时，会受到磁场对其强大的推力，可在短时间内大批次起降舰载机，因此该技术的原理是磁场对电流有力的作用。 [3]舰载机起飞后，福建舰的总重力减小，仍然处于漂浮状态，由于物体漂浮时浮力等于自身的重力，所以受到的浮力变小，根据可知福建舰排开水的体积变小，故所处的深度变小，根据可得，福建舰底部受到水的压强变小。 13. 小明在刚装修的新家检验电工师傅安装线路是否符合常规安全用电要求时，图甲所示，开关闭合，指示灯亮，用测电笔接触插座A孔，氖管发光，则B孔接的是___________线，乙图是一个台灯的电路示意图，为了用电更安全，建议将台灯插头的___________插脚插入该插座的A孔，台灯与指示灯的连接方式是___________联。 【答案】 ①. 零 ②. D ③. 并 【解析】 【详解】[1]由题意知，试电笔测试插座的A孔，氖管发光，A孔接的是火线，则B孔接的是零线。 [2]为了用电安全，火线先连接开关，再接入灯泡，所以A孔接插脚D。 [3]台灯和指示灯在使用时互不影响，因此他们之间是并联。 14. 如图所示的滑轮组中，能够省力的是滑轮______（选填“A”或“B”）；已知物重，动滑轮重60N，滑轮组能保持平衡，则物重G1=______N；取下，用手拉动绳子将匀速提升，滑轮组的机械效率为______（不计摩擦及绳重）。 【答案】 ①. B ②. 200 ③. 85 【解析】 【详解】[1]由图可知，滑轮B随物体一起移动，是动滑轮，使用动滑轮能省力，但费距离。 [2]由图可知，，不计绳重及摩擦，物重为 [3]滑轮组的机械效率为 三、作图题：本题7分。 15. （1）古代文物与现代展示方式相结合，透过现代看过去，满满的传承。如图甲所示是博物馆内“刘充国印”的展台，上方是凸透镜，透过它能看到放大的印章；下方是平面镜，通过它能看到印章底部的字。图乙是其示意图，F为凸透镜的焦点，O为凸透镜的光心，光线a平行于凸透镜的主光轴（图中虚线）。请在图乙中画出：①光线a经过凸透镜折射后的光线；②人通过下方镜子看到印章底部文字的光路图。 （2）如图甲是一种菜馅挤水器，使用时可以轻松挤走菜馅中多余的水分，其手柄可以视为一个杠杆，图乙是其简化示意图。请在图乙中画出的力臂及在点施加的最小动力（保留作图痕迹）。 （3）如图所示，请把电源的正负极（用符号“+”“-”表示）填写在括号中并把电路图补充完整。要求：闭合开关时，条形磁铁与电磁铁之间互相排斥，并且向左移动滑动变阻器的滑片时，斥力增强。 【答案】（1） （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 凸透镜对光有会聚作用，平行于主光轴的光经凸透镜后经过焦点射出； 根据平面镜成像特点作出印章的像，连接像与眼睛，确定反射光线，连线与镜面的交点是入射点，再连接印章和入射点，即为入射光线，据此作图。 【小问2详解】 延长阻力F2的作用线，过支点O作F2作用线的垂线段，即为F2的力臂l2； 根据杠杆平衡条件，阻力和阻力臂不变时，动力臂越长，动力越小，连接OA即为最长力臂，过A点作一条垂直于OA向下带箭头的线段，即为最小动力F1。据此作图。 【小问3详解】 闭合开关时，条形磁铁与电磁铁之间相互排斥，根据磁极间相互作用可知，电磁铁左端为S极，右端为N极，根据安培定则，可知电流从螺线管右端流入、左端流出，因此电源左边为负极，右边为正极；向左移动滑动变阻器的滑片时，斥力增强，说明电磁铁磁性增强，电路中的电流变大，滑动变阻器接入电阻变小，即滑动变阻器左下边接入电路。据此作图。 四、实验题：本大题共3小题，第16小题6分，第17小题8分，第8小题6分，共20分。 16. （1）在“探究杠杆的平衡条件”实验中： ①实验前，杠杆静止在如图1甲所示的位置，杠杆______（选填“是”或“不是”）平衡状态，但实验中应将平衡螺母向______（选填“左”或“右”）调节，将杠杆调至水平位置平衡。 ②如图1乙所示，始终与杠杆垂直，将杠杆缓慢地由位置A拉至位置B的过程中，的大小将______。（选填“变大”、“变小”或“不变”） （2）小明同学利用电子秤测一拼图玩具中塑料块的密度，如图2所示。 实验过程如下： ①将电子秤放在水平桌面上，并使用电子秤的归零功能。 ②用电子秤测出塑料块的质量，如图A所示。 ③将空烧杯放在电子秤上，再次使用电子秤的归零功能后，将适量水倒入烧杯中，测出的质量如图B所示。 ④用细线系住塑料块，将其缓缓浸入水中时，发现电子秤的示数分别如图C、图D、图E所示，可以得出：浸在液体中的物体所受的浮力大小与______有关。 ⑤塑料块的密度为______， ⑥小明思考后认为：在第③步中，若电子秤不归零，也可以计算出塑料块的密度；这样测得的塑料块密度值将是______（选填“偏大”“偏小”或“准确”）的。 【答案】（1） ①. 是 ②. 右 ③. 变大 （2） ①. 排开液体的体积 ②. ③. 准确 【解析】 【小问1详解】 杠杆的平衡状态定义为静止或匀速转动，图甲中杠杆静止，因此属于平衡状态；杠杆左端下沉右端偏高，平衡螺母向偏高的右端调节，使杠杆在水平位置平衡； 拉力F始终与杠杆垂直，因此动力臂保持不变，阻力（物体重力）不变；杠杆从A拉至B的过程中，阻力臂逐渐变大，根据杠杆平衡条件，可得拉力F变大。 【小问2详解】 由图C、D、E可知，液体密度不变，塑料块排开液体的体积越大，电子秤示数越大，说明浮力越大，因此可得结论：浸在液体中的物体所受浮力大小与排开液体的体积有关； 塑料块完全浸没不碰烧杯底时，电子秤示数变化量 浮力等于排开水的重力，即 得塑料块体积 因此塑料块密度 若第三步电子秤不归零，空烧杯的质量会叠加在所有后续读数中，计算排开质量时 空烧杯质量会相互抵消，不影响最终密度计算，因此测量结果是准确的。 17. 小明在进行光学复习时，进行了如下的梳理。 （1）图1是“探究平面镜成像特点”的装置： ①为确定像的位置，用______代替平面镜，为确定像的虚实，需在______（选填“点燃”或“未点燃”）的蜡烛位置放一个光屏，再进行观察； ②实验时，将蜡烛A逐渐靠近玻璃板时，其像的大小______（选填“变大”，“变小”或“不变”）。 （2）如图2是做“探究凸透镜成像的规律”实验。 ①实验前，他先确定凸透镜的焦距。他用平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个光斑，可以______（选填“向左”、“向右”或“左右来回”）稍稍移动光屏，直到光屏上的光斑最小最亮，如图甲所示，该凸透镜的焦距为______； ②实验中，当物体（箭头1）与凸透镜的距离如图乙位置时，恰好可以在光屏上成一个______（选填“放大”、“等大”或“缩小”）的像；保持物体与光屏的位置不变，将凸透镜移动至______cm刻度线处，光屏上又可以得到清晰的像； ③小明从如图乙眼睛处朝向光屏观察，当箭头由“1”的位置转动90°到“2”的位置过程中，他在光屏上看到的箭头沿______（选填“顺时针”或“逆时针”）方向转动。 【答案】（1） ①. 玻璃板 ②. 未点燃 ③. 不变 （2） ①. 左右来回 ②. 10.0cm ③. 缩小 ④. 35 ⑤. 逆时针 【解析】 【小问1详解】 探究平面镜成像时，玻璃板透明，便于确定像的位置，因此用玻璃板代替平面镜；要验证像的虚实，需要在像所在的未点燃蜡烛位置放置光屏，观察光屏能否承接像。 平面镜成像特点是像与物体大小始终相等，蜡烛靠近玻璃板时，蜡烛本身大小不变，因此像的大小不变。 【小问2详解】 确定焦距时，平行光正对凸透镜，光屏上的光斑最小最亮的位置是焦点，所以需要左右来回移动光屏找到这个位置；由图甲可知，刻度尺的分度值为1cm，则凸透镜焦距为 由图乙可知，此时物距为，满足，成倒立缩小的实像；此时像距为 根据光路可逆，保持物体与光屏位置不变，将凸透镜移动到使物距为15.0cm、像距为30.0cm的位置，光屏上会再次出现清晰的像，由图可知，凸透镜应移动到35cm刻度处。 凸透镜成实像时，物和像上下、左右都倒立，因此物体顺时针转动时，在图乙处小明在光屏上看到的箭头沿逆时针转动。 18. 如图甲是小明探究“电流与电阻关系”的实验，选用的实验器材有电源（3V），电流表（0~0.6A），电压表（0~3V），滑动变阻器(30Ω 2A），阻值分别为5Ω、10Ω、20Ω的三个定值电阻，开关及导线若干。 （1）将图甲实物电路连接完整（要求滑片向左移动时电压表示数变大）。 （2）电路连接正确后，闭合开关，发现电压表有示数但电流表无示数，此时出现的故障可能是______。 （3）排除故障后，接入5Ω电阻，调节滑动变阻器，使电压表示数为；仅将电阻由换成，应将滑片向______（选填“左”或“右”）移动，使电压表示数仍为。当电阻换成时，发现无论怎样移动滑片，电压表示数都无法达到U，为了完成实验，的取值不能小于______V。 （4）多次实验后，画出了如图乙所示的图像，由此可得出结论：______。 （5）实验完成后，小明借助一个最大阻值为的滑动变阻器、电压恒定但未知的电源、电流表、开关和若干导线，测定未知定值电阻的阻值，电路设计如图丙所示，请将下列相关实验步骤补充完整： ①闭合开关，将滑动变阻器的滑片移到端，记录电流表示数； ②闭合开关，将滑动变阻器的滑片移到端，记录电流表示数； ③写出待测电阻的表达式：______（用已知量和测量量符号表示）。 【答案】（1） （2）电阻R断路 （3） ①. 右 ②. 1.2 （4）电压一定时，导体中电流与导体电阻成反比 （5） 【解析】 【小问1详解】 探究“电流与电阻关系”的实验中，定值电阻R和滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端电压，滑片向左移动时，电压表示数变大，根据串联分压原理可知，滑动变阻器接入电路中的电阻减小，即将A接线柱与开关右接线柱连接即可，据此作图。 【小问2详解】 闭合开关，电流表无示数，说明电路发生断路，电压表有示数，说明电压表两端可连通到电源，因此故障是与电压表并联的定值电阻R断路。 【小问3详解】 将5Ω电阻换成10Ω后，根据串联分压规律，定值电阻分压变大，要保持定值电阻电压不变，需要增大滑动变阻器的分压，因此要增大滑动变阻器的阻值，所以应将滑片向右移动。 当换成20Ω电阻，滑动变阻器最大阻值为30Ω，根据串联分压：……①​ 且 ……② 联立①②解得，因此U不能小于1.2V。 【小问4详解】 由图乙可知，定值电阻两端电压为 是一定值，则可得结论：电压一定时，导体中电流与导体电阻成反比。 【小问5详解】 滑片移到端时，​被短路，电路中只有滑动变阻器，接入阻值最大为​，则电源电压为​； 滑片移到端时，​与​并联，干路电流为​，通过的电流仍为​，因此通过​的电流； 则待测电阻为 五、计算题：本大题共2小题，第19小题6分，第20小题7分，共13分。 19. 在《哪吒：魔童闹海》电影中，哪吒与申正道的打斗场面惊心动魄。只见哪吒身姿矫健，立于一根高竹竿之巅，突然双脚一蹬，在空中翻腾旋转，最后稳稳地落在水面的一根细长竹竿上，此过程可近似看成竖直下落，如图所示。已知哪吒的质量为30kg，哪吒下落的竖直距离为21m，下落所用时间为3s，细长竹竿的质量是40kg。求： （1）哪吒竖直下落的平均速度； （2）哪吒下落过程中重力做的功； （3）哪吒静止在细长竹竿上时，细长竹竿排开水的体积。 【答案】（1） （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 哪吒竖直下落的平均速度为 【小问2详解】 哪吒下落过程中重力做的功为 【小问3详解】 哪吒静止在细长竹竿上时，细长竹竿受到的浮力为 由 得，哪吒静止在细长竹竿上时，细长竹竿排开水的体积为 20. 如图甲所示是某多功能电热菜板，它有加热和保温两挡功能，其内部简化电路如图乙所示，、是用于发热的定值电阻，其中的阻值为，电热菜板的加热功率为880W。某次使用电热菜板的保温功能加热凉开水，将500g的凉开水从20°C加热至60°C，用时5min。求： （1）该电热菜板的保温功率； （2）凉开水吸收的热量； （3）此次加热凉开水的加热效率。 【答案】（1） （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 由电路图可知，当开关S接1时，只有接入电路，电路总电阻最小，电源电压不变，根据可知，此时电路总功率最大，为加热挡；当开关S接2时，与串联，电路总电阻最大，总功率最小，为保温挡。 因为电源电压为，加热功率为 ，所以由可得的阻值为 那么保温挡的总电阻为 因此保温功率为 【小问2详解】 因为水的质量为 ，水的比热容为 ，温度变化量为 所以凉开水吸收的热量为 【小问3详解】 因为加热时间为，所以电热菜板保温挡消耗的总电能为 所以此次加热凉开水的加热效率为 六．综合能力题：本大题3小题，每空1分，共18分。 21. 如下图是在巴黎奥运会上演“水花消失术”的全红婵跳水入水时的情景，她以巨大优势夺得女子单人10m跳台项目的金牌。如何才能减少跳水入水时产生的水花呢？实验小组进行了以下项目式学习： 【驱动问题】水花大小与什么因素有关？ 【项目研究】实验小组提出以下因素会影响水花大小 猜想1：入水时身体与水面的夹角；猜想2：入水速度；猜想3：入水面积；猜想4：人体体积； （1）根据全红婵选择的入水姿势可知，入水时身体与水面的夹角=__________时，水花会较小； （2）实验小组找来A、B、C三个矿泉水瓶进行实验，为模拟运动员的身体特征，他应在矿泉水瓶内灌满__________（选填“酒精”、“水”或“沙子”）； （3）为探究猜想2，实验小组应将矿泉水瓶从水面上方__________（选填“相同”或“不同”）高度由静止下落，比较水花大小； （4）已知A、B、C三个瓶盖的横截面积关系为SA=SB<SC，实验小组将三个瓶子从水面上方相同高度由静止下落，发现水花依次变小。由此可知：相同条件下，运动员体积越大，水花越__________；运动员跳水时应选择图__________（选填“D”或“E”）所示的手势为好。 【答案】（1）90° （2）水 （3）不同 （4） ①. 大 ②. E 【解析】 【小问1详解】 从照片看，全红婵是垂直于水面进入水中的，此时水花较小，即入水时身体与水面的夹角=90°时，水花会较小。 【小问2详解】 人的密度约等于水的密度，所以为模拟运动员的身体特征，他应在矿泉水瓶内灌满水。 【小问3详解】 要探究猜想2，应控制水瓶进入水中的速度不同，则实验小组应将矿泉水瓶从水面上方不同高度由静止下落，这样水瓶到达水面时的速度是不同的。 【小问4详解】 [1]比较A和B瓶落水情况，二者瓶盖面积相同，由于两个瓶子从水面上方相同高度由静止下落，到达水面时速度相同，但A瓶体积大于B瓶体积，且A瓶进入水中时的水花较大，所以相同条件下，运动员体积越大，水花越大。 [2]在其他情况相同时，运动员体积越大，水花越大，比较A与C落水情况，C的体积大于A的体积，C的瓶盖面积比A大，但C瓶入水时的水花较小，说明在其他情况相同时，入水面积越大，水花越小，图D与图E比较，图E中，手与水面的接触面积大，即入水面积大，所造成的水花要小一些，故运动员跳水时应选择图E所示的手势为好。 22. 2024年5月24日深圳举办第八届世界无人机大会，如图甲是一种自动拍摄火情的无人机。该无人机有4个旋翼，采用4个电动机分别带动旋翼转动，对下方空气施力从而获得升力起飞。该无人机具有一键起降和返航、空中悬停、高清拍摄、GPS定位等功能。在无风环境中，该无人机的升阻比为15~20，升阻比是空气对无人机的升力与阻力之比。升阻比越高，说明无人机的空气动力性能越好。 （1）无人机上载有高清摄像机，无人机的摄像头相当于_______透镜，远处的物体通过摄像机拍摄时成_______（选填序号）。 A．倒立放大的实像 B．倒立缩小的实像 C．正立缩小的实像 D．正立放大的虚像 （2）无人机沿水平方向飞行时，重力对无人机_______（选填“有”或“没有”）做功：无人机向上匀速飞行时，其机械能_______（选填“变大”、“变小”或“不变”）。 （3）无人机竖直向上飞行时，其所受阻力与飞行速度平方的关系如图乙。若无人机在1min内竖直向上匀速飞行180m，此时升阻比最大，则无人机受到的升力为_______N。 （4）类似机械效率，无人机的转力效率。无人机在竖直向上飞行中，升阻比为15，转力效率为60%，其4个旋翼转动每秒打过的空气总体积为20，则此时无人机飞行时受到的阻力为_______N（，）。 【答案】（1） ①. 凸 ②. B （2） ①. 没有 ②. 变大 （3）117 （4）10.4 【解析】 【小问1详解】 [1]无人机的摄像头相当于凸透镜，能够会聚光线成像。 [2]远处的物体通过摄像机拍摄时，物距大于二倍焦距，根据凸透镜成像的规律，此时成倒立缩小的实像，故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 【小问2详解】 [1]无人机沿水平方向飞行时，重力方向竖直向下，移动的距离为水平方向，二者垂直，所以重力不做功。 [2]无人机向上匀速飞行时，高度增加，重力势能增大，动能不变，所以机械能变大。 【小问3详解】 无人机飞行速度 速度数值的平方是9，由图乙可知，此时阻力f=5.85N。升阻比最大为20，所以升力F=20×5.85N=117N 【小问4详解】 由题意知，4个旋翼转动每秒打过的空气重力为 又知道转力效率为60％，则升力为F=260N×60％=156N 由升阻比为15可得，阻力 23. 阅读材料，回答问题。 如图所示是一种电动水翼冲浪板，图甲是一款新科技运动器械——电动水翼冲浪板，其水翼结构如图乙所示，相关参数如下表所示。使用时，内部的电机推动冲浪板向前运动，玩家站立在板体上就可以实现水上飞行。电机效率是指电动机获得的有用机械能与消耗电能的比值。 为了防止速度过快对人造成伤害，需要利用压力传感器设计一个如图丙所示的“感知自启系统”，该系统由“感知电路”“控制电路”等组成。其中电源由蓄电池提供，是电阻箱，是压力传感器（相当于可变电阻），它的阻值与压力变化的对应关系如图丁所示。a、b两端电压必须等于或大于36V时，控制电路才能启动反推电动机进入工作状态。 自重 20kg 蓄电池电压 40V 最大载重 120kg 蓄电池容量 50Ah 最大速度 40km/h 电机额定电压 40V 电机效率 90% 电机额定电功率 4000W （1）蓄电池放电的过程中，蓄电池相当于______（选填“电源”或“用电器”）； （2）当冲浪板水上匀速飞行时，水翼上下表面流速差产生压强差，此时水翼上表面流速______下表面流速（选填“大于”或“小于”）； （3）当蓄电池充满电时，其储存的电能为______J，冲浪板在额定功率下以最大速度匀速前进时，电机最大的电流为______A，冲浪板获得的动力为______N； （4）若设定压力为时反推电动机恰好工作，电阻箱的阻值应调到______Ω，当电池长时间使用，电源电压减小，应将电阻箱的阻值调______（选填“大”或“小”），确保反推电动机正常启动； （5）质量为60kg的运动员站在冲浪板上，匀速前行时阻力是总重力的0.2倍，冲浪板理想续航里程为______km。（g＝10N/kg） 【答案】（1）电源 （2）大于 （3） ①. ②. 100 ③. 324 （4） ①. 45 ②. 大 （5）40.5 【解析】 【小问1详解】 蓄电池放电过程中，将自身储存的化学能转化为电能，为电路提供电能，因此蓄电池相当于电源。 【小问2详解】 水翼需要获得向上的升力才能将冲浪板托起，根据流体压强与流速的关系：流速越大的位置压强越小。因此水翼上表面凸起，上表面流速大于下表面流速，使上表面压强小于下表面，产生向上的压强差获得升力。 【小问3详解】 充满电储存的电能为 根据电功率公式得，额定最大电流 电动机的最大速度为 由得：电动机提供的动力为 【小问4详解】 由丁图数据分析可知，压力传感器阻值与压力成反比，当压力为时，的阻值为 在控制电路中，与R串联，反推电动机恰好工作时，a、b两端电压即电压为36V，根据串联分压原理则有，解得电阻箱的阻值为 根据串联分压规律，，电源电压U减小，反推电动机正常启动，则反推电动机恰好工作时阻值不变，要使等式成立，应将电阻箱R的阻值调大。 【小问5详解】 因为冲浪板匀速前行，牵引力为 蓄电池储存的电能 则获得的机械能 冲浪板的续航里程 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 2024－2025学年第二学期九年级教学质量监测 物理试卷 一、选择题：本大题共7小题，每小题3分，共21分。 1. 下列有关中学生的估测符合实际的是（　　） A. 百米赛跑的平均成绩为8s B. 双脚站立时，对地面的压强约为104Pa C. 正常步行的速度约为1.4km/h D. 完成一次引体向上做的功约为2×103J 2. 中华传统文化源远流长，在古诗文和关于节气的谚语中涉及的物态变化分析正确的是（　　） A. “蜡烛有心还惜别，替人垂泪到天明”，蜡烛“垂泪”是熔化现象，该过程需放热 B. “伏天三场雨，薄地长好麻”，雨的形成是液化现象，该过程需吸热 C. “霜降有霜，米谷满仓”，霜的形成是凝华现象，该过程需放热 D. “小寒冻土，大寒冻河”，河水结冰是凝固现象，该过程需吸热 3. 小华用金属管自制小乐器，如图。敲击不同长度金属管，能发出“do（1）”“re（2）”“mi（3）”“fa（4）”“sol（5）”“la（6）”“si（7）”的声音。小华演奏歌曲《两只老虎》中的“快”时，应敲击的金属管是（　　） A. a B. c C. e D. g 4. 妈妈正在用高压锅给小东做他最喜欢喝的龙骨汤，燃气的火苗跳跃着，锅上的气嘴呲呲的响，呼呼的转。对于此现象，以下说法正确的是（　　） A. 天然气燃烧得越充分，其热值就越大 B. 小东闻到了龙骨汤的香味，这是分子的扩散现象 C. 沸腾的龙骨汤，不断吸热，温度不变，内能不变 D. 气嘴呼呼的转，原理与内燃机的做功冲程相同 5. 如图所示，是学生在物理课上做的几个实验，分析不正确的是（ ） A. 图甲：当向管B中用力吹气时，管A中液面将会下降 B. 图乙：向外拉活塞试管内的水会再次沸腾，可知气压减小，水的沸点降低 C. 图丙：将压强计的探头往上提，U形管两侧液面的高度差会变小 D. 图丁：此实验装置能探究压力作用效果与受力面积的关系 6. 如图，手机无线充电的原理是：送电线圈通过输入频率一定、大小和方向变化的电流，在线圈的周围形成变化的磁场，受电线圈由于电磁感应产生大小和方向都发生变化的感应电流，从而将能量从发射端转移到接收端。关于无线充电，下列说法中正确的是（　　） ①右图的电源换成干电池也能实现手机无线充电     ②利用受电线圈的原理可制成电动机 ③受电线圈产生的感应电流是交流电     ④手机充电时是将电能转化为化学能 A. 只有③正确 B. 只有①③④正确 C. 只有①②正确 D. 只有③④正确 7. 汕头已进入龙舟水季节，降雨量大，导致河流水位上涨。某科技小组设计了一个监测水位的装置如图甲所示，电路中电源电压保持不变，为定值电阻，是竖直放置的起滑动变阻器作用的电阻装置（最大阻值40Ω），浮子可带动金属滑杆AP滑片竖直上下移动，当电流表的示数达到某一数值时提醒小组成员水位达到警戒值（25cm），R接入电路的阻值随水位的变化关系如图乙所示，与之对应的电压表与电流表示数变化关系如图丙所示。下列说法中正确的是（ ） A. 当水位升高时，电压表的示数增大 B. 定值电阻为40Ω C. 电源电压为8V D. 水位变化过程中，最大功率为1.8W 二、填空题：本大题共7小题，每空1分，共21分。 8. 尊老爱幼是中华民族的传统美德。为了方便老年人剪指甲，在指甲剪的上方加装了一个小凸透镜，如图所示。为了达到目的，应调整加装的凸透镜到剪口的距离在凸透镜的_________（选填“焦点以内”、“焦点上”、“一倍焦距和二倍焦距之间”）；磨指甲的金属磨甲片表面粗糙条纹的作用是_____________；在打磨指甲的过程中是通过_________改变了指甲的内能。 9. 月球上的氦-3储量丰富，题图是氦-3的原子模型示意图，A带_______电，新一代人造太阳“中国环流三号”首次实现原子核和电子温度均突破一亿度，其能量产生原理与太阳发光发热相似，“人造太阳”利用_______（选填“聚变”或“裂变”），这种方式释放的核能具有不产生高放射性核废料的优点，属于_______（选填“可再生”或“不可再生”）能源。 10. 如图是学生用扫把扫地的场景，扫把属于__________（选填“省力”“费力”或“等臂”）杠杆。给扫把头上套一个塑料袋，可以方便地清洁地上的细小毛发，这是因为塑料袋与地面摩擦过程中发生电子的__________（选填“转移”或“产生”），使塑料袋带电，从而具有__________的性质。 11. 如图所示是家用电能表的表盘，若只让功率为1200W的电水壶单独正常工作，电能表指示灯闪烁了320次，则该用电器工作的时间是______min。如果这些热量的84%被1标准大气压下2kg初温为30°C的水吸收，水温会升高______°C；不计热损失，若用酒精燃烧来加热水也要达到以上效果，至少要______kg酒精（；）。 12. 近日，国产航母福建舰将组建航母编队进行新一轮海上测试，舰队在编排过程中，不并排行驶的原因是：舰船并排行驶时，舰船间海水流速变大，其间的压强_______（选填“变大”或“变小”或“不变”），容易造成安全事故。航母采用电磁弹射技术，使电流通过线圈时产生强大的推力，可在短时间内大批次起降舰载机，该技术的原理是_______________，舰载机起飞后，福建舰底部受到的压强________（选填“变大”或“变小”或“不变”）。 13. 小明在刚装修的新家检验电工师傅安装线路是否符合常规安全用电要求时，图甲所示，开关闭合，指示灯亮，用测电笔接触插座A孔，氖管发光，则B孔接的是___________线，乙图是一个台灯的电路示意图，为了用电更安全，建议将台灯插头的___________插脚插入该插座的A孔，台灯与指示灯的连接方式是___________联。 14. 如图所示的滑轮组中，能够省力的是滑轮______（选填“A”或“B”）；已知物重，动滑轮重60N，滑轮组能保持平衡，则物重G1=______N；取下，用手拉动绳子将匀速提升，滑轮组的机械效率为______（不计摩擦及绳重）。 三、作图题：本题7分。 15. （1）古代文物与现代展示方式相结合，透过现代看过去，满满的传承。如图甲所示是博物馆内“刘充国印”的展台，上方是凸透镜，透过它能看到放大的印章；下方是平面镜，通过它能看到印章底部的字。图乙是其示意图，F为凸透镜的焦点，O为凸透镜的光心，光线a平行于凸透镜的主光轴（图中虚线）。请在图乙中画出：①光线a经过凸透镜折射后的光线；②人通过下方镜子看到印章底部文字的光路图。 （2）如图甲是一种菜馅挤水器，使用时可以轻松挤走菜馅中多余的水分，其手柄可以视为一个杠杆，图乙是其简化示意图。请在图乙中画出的力臂及在点施加的最小动力（保留作图痕迹）。 （3）如图所示，请把电源的正负极（用符号“+”“-”表示）填写在括号中并把电路图补充完整。要求：闭合开关时，条形磁铁与电磁铁之间互相排斥，并且向左移动滑动变阻器的滑片时，斥力增强。 四、实验题：本大题共3小题，第16小题6分，第17小题8分，第8小题6分，共20分。 16. （1）在“探究杠杆的平衡条件”实验中： ①实验前，杠杆静止在如图1甲所示的位置，杠杆______（选填“是”或“不是”）平衡状态，但实验中应将平衡螺母向______（选填“左”或“右”）调节，将杠杆调至水平位置平衡。 ②如图1乙所示，始终与杠杆垂直，将杠杆缓慢地由位置A拉至位置B的过程中，的大小将______。（选填“变大”、“变小”或“不变”） （2）小明同学利用电子秤测一拼图玩具中塑料块的密度，如图2所示。 实验过程如下： ①将电子秤放在水平桌面上，并使用电子秤的归零功能。 ②用电子秤测出塑料块的质量，如图A所示。 ③将空烧杯放在电子秤上，再次使用电子秤的归零功能后，将适量水倒入烧杯中，测出的质量如图B所示。 ④用细线系住塑料块，将其缓缓浸入水中时，发现电子秤的示数分别如图C、图D、图E所示，可以得出：浸在液体中的物体所受的浮力大小与______有关。 ⑤塑料块的密度为______， ⑥小明思考后认为：在第③步中，若电子秤不归零，也可以计算出塑料块的密度；这样测得的塑料块密度值将是______（选填“偏大”“偏小”或“准确”）的。 17. 小明在进行光学复习时，进行了如下的梳理。 （1）图1是“探究平面镜成像特点”的装置： ①为确定像的位置，用______代替平面镜，为确定像的虚实，需在______（选填“点燃”或“未点燃”）的蜡烛位置放一个光屏，再进行观察； ②实验时，将蜡烛A逐渐靠近玻璃板时，其像的大小______（选填“变大”，“变小”或“不变”）。 （2）如图2是做“探究凸透镜成像的规律”实验。 ①实验前，他先确定凸透镜的焦距。他用平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个光斑，可以______（选填“向左”、“向右”或“左右来回”）稍稍移动光屏，直到光屏上的光斑最小最亮，如图甲所示，该凸透镜的焦距为______； ②实验中，当物体（箭头1）与凸透镜的距离如图乙位置时，恰好可以在光屏上成一个______（选填“放大”、“等大”或“缩小”）的像；保持物体与光屏的位置不变，将凸透镜移动至______cm刻度线处，光屏上又可以得到清晰的像； ③小明从如图乙眼睛处朝向光屏观察，当箭头由“1”的位置转动90°到“2”的位置过程中，他在光屏上看到的箭头沿______（选填“顺时针”或“逆时针”）方向转动。 18. 如图甲是小明探究“电流与电阻关系”的实验，选用的实验器材有电源（3V），电流表（0~0.6A），电压表（0~3V），滑动变阻器(30Ω 2A），阻值分别为5Ω、10Ω、20Ω的三个定值电阻，开关及导线若干。 （1）将图甲实物电路连接完整（要求滑片向左移动时电压表示数变大）。 （2）电路连接正确后，闭合开关，发现电压表有示数但电流表无示数，此时出现的故障可能是______。 （3）排除故障后，接入5Ω电阻，调节滑动变阻器，使电压表示数为；仅将电阻由换成，应将滑片向______（选填“左”或“右”）移动，使电压表示数仍为。当电阻换成时，发现无论怎样移动滑片，电压表示数都无法达到U，为了完成实验，的取值不能小于______V。 （4）多次实验后，画出了如图乙所示的图像，由此可得出结论：______。 （5）实验完成后，小明借助一个最大阻值为的滑动变阻器、电压恒定但未知的电源、电流表、开关和若干导线，测定未知定值电阻的阻值，电路设计如图丙所示，请将下列相关实验步骤补充完整： ①闭合开关，将滑动变阻器的滑片移到端，记录电流表示数； ②闭合开关，将滑动变阻器的滑片移到端，记录电流表示数； ③写出待测电阻的表达式：______（用已知量和测量量符号表示）。 五、计算题：本大题共2小题，第19小题6分，第20小题7分，共13分。 19. 在《哪吒：魔童闹海》电影中，哪吒与申正道的打斗场面惊心动魄。只见哪吒身姿矫健，立于一根高竹竿之巅，突然双脚一蹬，在空中翻腾旋转，最后稳稳地落在水面的一根细长竹竿上，此过程可近似看成竖直下落，如图所示。已知哪吒的质量为30kg，哪吒下落的竖直距离为21m，下落所用时间为3s，细长竹竿的质量是40kg。求： （1）哪吒竖直下落的平均速度； （2）哪吒下落过程中重力做的功； （3）哪吒静止在细长竹竿上时，细长竹竿排开水的体积。 20. 如图甲所示是某多功能电热菜板，它有加热和保温两挡功能，其内部简化电路如图乙所示，、是用于发热的定值电阻，其中的阻值为，电热菜板的加热功率为880W。某次使用电热菜板的保温功能加热凉开水，将500g的凉开水从20°C加热至60°C，用时5min。求： （1）该电热菜板的保温功率； （2）凉开水吸收的热量； （3）此次加热凉开水的加热效率。 六．综合能力题：本大题3小题，每空1分，共18分。 21. 如下图是在巴黎奥运会上演“水花消失术”的全红婵跳水入水时的情景，她以巨大优势夺得女子单人10m跳台项目的金牌。如何才能减少跳水入水时产生的水花呢？实验小组进行了以下项目式学习： 【驱动问题】水花大小与什么因素有关？ 【项目研究】实验小组提出以下因素会影响水花大小 猜想1：入水时身体与水面的夹角；猜想2：入水速度；猜想3：入水面积；猜想4：人体体积； （1）根据全红婵选择的入水姿势可知，入水时身体与水面的夹角=__________时，水花会较小； （2）实验小组找来A、B、C三个矿泉水瓶进行实验，为模拟运动员的身体特征，他应在矿泉水瓶内灌满__________（选填“酒精”、“水”或“沙子”）； （3）为探究猜想2，实验小组应将矿泉水瓶从水面上方__________（选填“相同”或“不同”）高度由静止下落，比较水花大小； （4）已知A、B、C三个瓶盖的横截面积关系为SA=SB<SC，实验小组将三个瓶子从水面上方相同高度由静止下落，发现水花依次变小。由此可知：相同条件下，运动员体积越大，水花越__________；运动员跳水时应选择图__________（选填“D”或“E”）所示的手势为好。 22. 2024年5月24日深圳举办第八届世界无人机大会，如图甲是一种自动拍摄火情的无人机。该无人机有4个旋翼，采用4个电动机分别带动旋翼转动，对下方空气施力从而获得升力起飞。该无人机具有一键起降和返航、空中悬停、高清拍摄、GPS定位等功能。在无风环境中，该无人机的升阻比为15~20，升阻比是空气对无人机的升力与阻力之比。升阻比越高，说明无人机的空气动力性能越好。 （1）无人机上载有高清摄像机，无人机的摄像头相当于_______透镜，远处的物体通过摄像机拍摄时成_______（选填序号）。 A．倒立放大的实像 B．倒立缩小的实像 C．正立缩小的实像 D．正立放大的虚像 （2）无人机沿水平方向飞行时，重力对无人机_______（选填“有”或“没有”）做功：无人机向上匀速飞行时，其机械能_______（选填“变大”、“变小”或“不变”）。 （3）无人机竖直向上飞行时，其所受阻力与飞行速度平方的关系如图乙。若无人机在1min内竖直向上匀速飞行180m，此时升阻比最大，则无人机受到的升力为_______N。 （4）类似机械效率，无人机的转力效率。无人机在竖直向上飞行中，升阻比为15，转力效率为60%，其4个旋翼转动每秒打过的空气总体积为20，则此时无人机飞行时受到的阻力为_______N（，）。 23. 阅读材料，回答问题。 如图所示是一种电动水翼冲浪板，图甲是一款新科技运动器械——电动水翼冲浪板，其水翼结构如图乙所示，相关参数如下表所示。使用时，内部的电机推动冲浪板向前运动，玩家站立在板体上就可以实现水上飞行。电机效率是指电动机获得的有用机械能与消耗电能的比值。 为了防止速度过快对人造成伤害，需要利用压力传感器设计一个如图丙所示的“感知自启系统”，该系统由“感知电路”“控制电路”等组成。其中电源由蓄电池提供，是电阻箱，是压力传感器（相当于可变电阻），它的阻值与压力变化的对应关系如图丁所示。a、b两端电压必须等于或大于36V时，控制电路才能启动反推电动机进入工作状态。 自重 20kg 蓄电池电压 40V 最大载重 120kg 蓄电池容量 50Ah 最大速度 40km/h 电机额定电压 40V 电机效率 90% 电机额定电功率 4000W （1）蓄电池放电的过程中，蓄电池相当于______（选填“电源”或“用电器”）； （2）当冲浪板水上匀速飞行时，水翼上下表面流速差产生压强差，此时水翼上表面流速______下表面流速（选填“大于”或“小于”）； （3）当蓄电池充满电时，其储存的电能为______J，冲浪板在额定功率下以最大速度匀速前进时，电机最大的电流为______A，冲浪板获得的动力为______N； （4）若设定压力为时反推电动机恰好工作，电阻箱的阻值应调到______Ω，当电池长时间使用，电源电压减小，应将电阻箱的阻值调______（选填“大”或“小”），确保反推电动机正常启动； （5）质量为60kg的运动员站在冲浪板上，匀速前行时阻力是总重力的0.2倍，冲浪板理想续航里程为______km。（g＝10N/kg） 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $