湖南平江县第四中学2025-2026学年高二下学期物理假期小练（1）

**基本信息** 高二物理单元复习卷，涵盖电磁学、热学等核心知识，通过特高压输电、福建舰舰载机等科技前沿及风力发电、疫情防控等真实情境，考查物理观念、科学思维与科学探究，适配单元巩固与能力提升。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |单选题|6/24|电磁波性质、远距离输电|结合红外线测温等社会热点，落实物质与能量观念| |多选题|4/16|分子动理论、动量守恒|以短道速滑接力为情境，体现科学推理与模型建构| |实验题|2/18|油膜法估测分子大小|注重操作规范与误差分析，培养科学探究能力| |计算题|3/30|动量定理、电磁感应|联系风力发电等科技场景，综合考查问题解决与社会责任|

平江四中高二物理假期小练（1） 编者：黄睿 审核：高二物理备课组 一、单选题：本大题共6小题，共24分。 1.关于电磁波下列说法正确的是(    ) A. 麦克斯韦通过实验验证了“变化的电场产生磁场”和“变化的磁场产生电场”，并证实了电磁波的存在 B. 医院里常用射线照射病房和手术室进行消毒 C. 一切物体都在辐射红外线，这种辐射与物体的温度有关 D. 电磁波的传播需要介质，其在介质中的传播速度等于光速 2.新冠肺炎疫情突发，中华儿女风雨同舟、守望相助，筑起了抗击疫情的巍峨长城。志愿者用非接触式体温测量仪，通过人体辐射的红外线测量体温，防控人员用紫外线灯在无人的环境下消杀病毒，为人民健康保驾护航。红外线和紫外线都是电磁波，下列关于电磁波的说法不正确的是(    ) A. 射线是波长最短的电磁波，它比射线的频率还要高B. 光也是电磁波，电磁波是横波 C. 电磁波中最容易发生干涉、衍射现象的是无线电波 D. 无线电波在发射信号前要对信号调频，调频的方法包括调幅与调制 3.风力发电将成为福建沿海实现“双碳”目标的重要途径之一。如图甲，风力发电装置呈现风车外形，风吹向叶片驱动风轮机转动，风轮机带动内部匝数为的矩形铜质线圈在水平匀强磁场中，以角速度绕垂直于磁场的水平转轴顺时针匀速转动产生交流电，发电模型简化为图乙。已知匝线圈产生的感应电动势的最大值为。则 A. 当线圈转到图示位置时产生的感应电流方向为 B. 当线圈转到竖直位置时电流表的示数为零 C. 当线圈转到图示位置时磁通量的变化率最大 D. 穿过线圈的最大磁通量为 4.我国是目前世界上唯一用特高压输电技术进行远距离输电的国家，也是全球特高压输电线最长、核心专利最多、技术最完备的国家。如图是交流特高压远距离输电的原理图，假定在远距离输电过程中，等效理想变压器的输入功率，输入电压，输电线上的电流，输电线的总电阻为，输电线中的功率损失为输入功率的。则(    ) A. B. 变压器的原副线圈匝数比为 C. D. 若保持输入功率不变，提高输电电压，则与的差值增大 5.压电型传感器自身可以产生电压，某压电型传感器输出电压与所受压力成正比，利用该压电型传感器可以设计一个电路来判断升降机的运动情况，其工作原理如图所示。将压电型传感器固定在升降机底板上，其上放置一个绝缘物块，时间内升降机匀速上升，从时刻开始，电流表中电流随时间变化的情况如图所示，图中两段曲线为半径相同的半圆，下列判断正确的是(    ) A. 时间内，升降机的动能先增大后减小 B. 时间内，升降机处于静止状态 C. 时间内，物块机械能减小 D. 、时刻，升降机速度相同 6.某种感温式火灾报警器如图所示，其简化的工作电路如图所示。变压器原线圈接电压有效值恒定的交流电源。副线圈连接报警系统，其中为热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小，为滑动变阻器，为定值电阻。当警戒范围内发生火灾，环境温度升高达到预设值时，报警装置图中未画出通过检测的电流触发报警。下列说法正确的是(    ) A. 警戒范围内出现火情时，副线圈两端电压减小 B. 警戒范围内出现火情时，原线圈输入功率变小 C. 通过定值电阻的电流过低时，报警装置就会报警 D. 若要调低预设的报警温度，可减小滑动变阻器的阻值 二、多选题：本大题共4小题，共16分。 7.关于分子动理论，下列说法正确的是(    ) A. 分子间存在相互作用的引力和斥力 B. 随着分子间距的变大，分子间的作用力的合力一定变小 C. 温度越高，悬浮颗粒越大，布朗运动越明显 D. 布朗运动是悬浮在液体或气体中的小颗粒的无规则运动 8.年月日，在荷兰鹿特丹进行的年国际滑联短道速滑世锦赛中，中国队在男女混合米接力决赛中获得冠军。接力时，选手在未被推动前不得开始滑行，选手从后面靠近并用力推动，使获得初速度。两选手相互作用时间极短，在接力前后瞬间，以下说法正确的有(    ) A. 与构成的系统动量守恒 B. 与构成的系统机械能守恒 C. 对的冲量大小大于对的冲量大小 D. 对的冲量大小等于对的冲量大小 9.氧气分子在和温度下单位速率间隔的分子数占总分子数的百分比随气体分子速率的变化分别如图中两条曲线所示。下列说法正确的是(    ) A. 图中两条曲线下面积相等 B. 图中虚线对应于氧气分子平均动能较小的情形 C. 图中实线对应于氧气分子在时的情形 D. 与时相比，时氧气分子速率出现在区间内的分子数占总分子数的百分比较大 10.福建舰舰载机着陆原理简化如图所示，水平平行金属轨道、间接有阻值为的电阻，其间存在竖直向下的磁感应强度为的匀强磁场长为、质量为、阻值为的金属棒垂直置于轨道上，质量为的舰载机钩住与金属棒连接的绝缘阻拦索不计质量后迅速达到共同速度，关闭动力滑行一段距离后停下，系统所受阻力与其速度成正比，即为定值，下列说法中正确的是(    ) A. 共速时金属棒中的电流方向由到 B. 系统的动能全部转化为棒上所产生的焦耳热 C. 舰载机滑行的距离为 D. 刚共速时舰载机的加速度为 三、实验题：本大题共2小题，共18分。 11.在做“用油膜法估测分子的大小”的实验中，将油酸溶于酒精，其浓度为每溶液中有油酸．用注射器测得上述溶液有滴，把滴该溶液滴入盛水的浅盘里，待水面稳定后，将玻璃板放在浅盘上，用彩笔在玻璃板上描出油酸膜的轮廓，再把玻璃板放在坐标纸上，其形状和大小如图所示，坐标中正方形方格的边长为，试求： 油酸膜的面积是          ； 每滴油酸酒精溶液中含有纯油酸的体积是          ；结果保留一位有效数字 按以上实验数据估测出油酸分子的直径是          ；结果保留一位有效数字 某同学实验中最终得到的计算结果和大多数同学的比较结果明显偏大，可能是由于          ． A.错误地将油酸酒精溶液的体积直接作为油酸的体积进行计算 B.计算油酸膜面积时，错将不完整的方格作为完整方格处理 C.求每滴溶液中纯油酸的体积时，溶液的滴数多记了滴 D.水面上痱子粉撒得较多，油酸膜没有充分展开 12.在用油膜法估测油酸分子的大小的实验中，具体操作如下： 取纯油酸注入的容量瓶内，然后向瓶中加入酒精，直到液面达到的刻度为止，摇动瓶使油酸在酒精中充分溶解，形成油酸酒精溶液； 用滴管吸取制得的溶液逐滴滴入量筒，记录滴入的滴数直到量筒达到为止，恰好共滴了滴； 在边长约的浅盘内注入约深的水，将痱子粉均匀地撒在水面上，再用滴管吸取油酸酒精溶液，轻轻地向水面滴一滴溶液，酒精挥发后，油酸在水面上尽可能地散开，形成一层油膜，油膜上没有痱子粉，可以清楚地看出油膜轮廓； 待油膜形状稳定后，将事先准备好的玻璃板放在浅盘上，在玻璃板上绘出油膜的形状； 将画有油膜形状的玻璃板放在边长为的方格纸上，算出完整的方格有个，大于半格的有个，小于半格的有个。 该实验体现了理想化模型的思想，实验中我们的理想假设有          。 A.把油酸分子视为球形 B.油酸在水面上充分散开形成单分子油膜 C.油酸分子是紧挨着的没有空隙D.油酸不溶于水 利用上述具体操作中的有关数据可知一滴油酸酒精溶液含纯油酸为          ，油酸分子直径为          。结果均保留一位有效数字 若实验中计算出的分子直径偏小，可能是由于：          。 A.水面上痱子粉撒得较多，油酸膜没有充分展开 B.计算油酸膜面积时，错将不足半格的方格作为完整方格处理 C.油酸酒精溶液配制时间较长，酒精挥发较多 D.求每滴油酸酒精溶液的体积时，的溶液滴数少计了滴 四、计算题：本大题共3小题，共30分。 13.“鸡蛋撞地球”挑战活动要求学生制作鸡蛋“保护器”装置，使鸡蛋在保护装置中从高处静止下落撞到地面而不破裂。某同学制作了如图所示的鸡蛋“保护器”装置，从高处静止下落到地面后瞬间速度减小为零，鸡蛋在保护器装置中继续向下运动、用时静止而完好无损。已知鸡蛋在装置中运动过程受到恒定的作用力，且该装置含鸡蛋的总质量为，其中鸡蛋质量为，不计下落过程装置质量的变化，重力加速度为。求： 装置落地前瞬间的速度的大小；在下降过程，装置含鸡蛋所受阻力做的功； 鸡蛋在向下运动过程，装置对鸡蛋的冲量。 14.算盘是我国古老的计算工具，中心带孔的相同算珠可在算盘的固定导杆上滑动，使用前算珠需要归零，如图所示，水平放置的算盘中有甲、乙两颗算珠未在归零位置，甲靠边框，甲、乙相隔，乙与边框相隔，算珠与导杆间的动摩擦因数。现用手指将甲以的初速度拨出，甲、乙碰撞后甲的速度大小为，方向不变，碰撞时间极短且不计，重力加速度取。 通过计算，判断乙算珠能否滑动到边框； 求甲算珠从拨出到停下所需的时间。 15.高考临近，为保证高三教学工作正常开展，防止停电事故发生，某中学决定购买一台应急备用发电机，要求如下：一是保证全校间教室所有日光灯能正常发光二是发电机需远离教学区，以避免噪音干扰三是尽量利用已有设备和线路。为完成任务，以某物理老师牵头调查，发现以下数据：每间教室有日光灯盏，每盏灯功率为，额定电压均为发电机安装位置距离并网接口约米，计算得出所用电线每米电阻约，其余部分电阻不计学校已有升压变压器和降压变压器各一台，升压变压器原、副线圈匝数比为，降压变压器原、副线圈的匝数比为，该物理老师画出示意图如图所示。问： 输电线总电阻是多少 购买的发电机功率应不小于多少 发电机输出的电压是多少才能保证日光灯正 常发光 答案和解析 1.【答案】  【解析】A.麦克斯韦预言了电磁波的存在，赫兹用实验证明了电磁波的存在且测得了波速，故A错误； B.射线都有很高的穿透本领，常用于医学上透视人体；对人体有辐射，故不能用来消毒，故B错误； C.一切物体都在不停地向外辐射红外线，这种辐射与物体的温度有关，物体的温度越高，辐射的红外线就越强，故C正确； D.电磁波的传播不需要介质，电磁波在真空中的传播速度等于光速，故 D错误； 故选C。 2.【答案】  【解析】【分析】 射线频率比射线高，是波长最短的电磁波；无线电波波长最长，最易发生衍射现象，一般用来通信，无线电波发射时，需要经过调制再发射。 对于电磁波谱中各种电磁波将产生的机理、波动性和粒子性的强弱顺序要理解并掌握，并依据各自的用途用来解答本题。 【解答】 A.射线是波长最短的电磁波，它比射线的频率还要高，故A正确； B.电磁波包括可见光，电磁波是横波，故B正确； C.电磁波中无线电波波长最长，最易发生干涉、衍射现象，故C正确； D.无线电波发射时，使电磁波随着信号而改变就称为调制，分为调频和调幅两种，调频是使高频振荡的频率随信号而改变，调幅是使高频振荡的振幅随信号而改变，故D错误。 本题选不正确的，故选D。 3.【答案】  【解析】【分析】 本题考查的是正弦交变电流的产生，要记住两个特殊位置：中性面和与中性面垂直的平面的磁通量和感应电压的特点。 根据右手定则判断知当线圈转到题图示位置时的感应电流方向；当线圈转到竖直位置时，感应电流的瞬时值为零，但电流表测量的是有效值；由得穿过线圈的最大磁通量。 【解答】 A、当线圈转到题图示位置时，根据右手定则判断知产生的感应电流方向为，A错误 B、当线圈转到竖直位置时，感应电流的瞬时值为零，但电流表测量的是有效值，示数不为零，B错误 C、当线圈转到题图示位置时，线圈与中性面垂直，感应电动势最大，磁通量的变化率最大，C正确 D、由得，穿过线圈的最大磁通量，D错误。 4.【答案】  【解析】【分析】根据理想变压器的原理及结合电功率的计算公式可分析解答。 本题考查了变压器、远距离输电等知识点。求降压变压器原线圈电压对学生来说是易错点，也是难点，要注意：损失的电压的计算方法。 【解答】、由理想变压器得，又，解得 ，故A错误； B、由得，变压器的原副线圈匝数比为，故B正确； C、输电线中的功率损失为输入功率的。则，又，解得，故C错误； D、功率一定时，输电电压越大，输电电流越小，输电线中的电压损失越小，与的差越小，故D错误。 故选 B。 5.【答案】  【解析】A.因为传感器输出电压与所受压力成正比，根据欧姆定律 可知回路中的电流与传感器所受到的压力也成正比，结合图像，可知  传感器所受到的压力先增大后减小，又因为  时间内升降机匀速上升，物块对升降机的压力等于重力，所以  传感器所受到的压力始终大于重力，即物块受到的支持力大于重力，根据牛顿第二定律，有 重物先做加速度增大的加速运动，后做加速度减小的加速运动，故升降机的动能一直增大，A错误； B.  时间内电流已经减小到与  时间段内相同，又因为  升降机一直在加速运动，所以在  时间内升降机匀速运动，B错误； C.  时间内，升降机先做加速度增大的减速运动，后做加速度减小的减速运动，又因为图中两段曲线为半径相同的半圆，所以升降机始终在向上运动，物块受到的支持力始终做正功，所以物块的机械能增大，C错误； D.根据上述分析，已得回路中的电流与传感器所受到的压力成正比，此图像可以转化为物块所受到的合力与时间的图像，两段曲线为半径相同的半圆 根据动量定理可知  时间内合外力的冲量为零，  、  时刻，物块的速度相同，即  、  时刻，升降机速度相同，D正确。 故选D。 6.【答案】  【解析】A.变压器中副线圈两端电压取决于原线圈电压与匝数比，由于原线圈两端电压与匝数比不变，则警戒范围内出现火情时，副线圈两端电压不变，故A错误； B.警戒范围内出现火情时，副线圈两端电压不变，而副线圈中总电阻减小，副线圈中电流增大，则原线圈中电流增大，由可知，由于原线圈两端电压不变，所以原线圈输入功率变大，故 B错误； C.警戒范围内出现火情时，副线圈两端电压不变，而副线圈中总电阻减小，副线圈中电流增大，即通过定值电阻的电流达到某一值时，报警装置就会报警，故C错误； D.若要调低预设的报警温度，即热敏电阻的阻值较大，要保持流过的电流不变，则可减小滑动变阻器的阻值，故D正确。 故选：。 7.【答案】  【解析】【分析】 分子间同时存在着相互作用的引力和斥力，引力和斥力都随着距离的减小而增大，随着距离的增大而减小，但斥力变化得快；分子在永不停息的做无规则热运动，布朗运动和扩散现象都是分子热运动的体现。 【解答】 A.分子间存在相互作用的引力和斥力，A正确； B.当两分子间距从零不断增大时，分子间的作用力的合力先变小后变大再变小，B错误； C.温度越高，悬浮颗粒越小，布朗运动越明显，C错误； D.布朗运动是悬浮在液体或气体中的小颗粒的无规则运动，D正确。 故选AD。 8.【答案】  【解析】两运动员组成的系统所受合力为零，此系统动量守恒，后方运动员消耗自身的化学能，转化为两者的机械能，与构成的系统机械能不守恒，故A正确，B错误； 根据牛顿第三定律可知他们相互作用的推力等大反向，根据冲量的定义：，可知两运动员相互作用力的冲量等大反向，故C错误，D正确。 故选：。 9.【答案】  【解析】A、由题图可知，在和两种不同情况下各速率区间的分子数占总分子数的百分比与分子速率间的关系图线与横轴所围面积都应该等于，即相等，故A正确； 、温度越高，具有最大比例的速率区间越大，由图可知，时对应的速率大，故说明实线为的分布图像，故对应的平均动能较大，虚线对应于氧气分子平均动能较小的情形，故BC正确； D、由图可知，段内，对应的占据的比例均小于与时所占据的比值，因此时氧气分子速率出现在区间内的分子数占总分子数的百分比较小，故D错误。 故选ABC。 10.【答案】  【解析】根据右手定则，金属棒向右切割磁感线，感应电流方向为由到， A正确； 系统的动能一部分转化为棒和电阻上产生的焦耳热，还有一部分克服阻力做功， B错误； 设舰载机滑行的距离为，对系统由动量定理：。因为，， 则，即，整理得，C正确； 刚共速时，对系统由牛顿第二定律：，，则，D错误。 11.【答案】   【解析】【分析】 本实验的模型是不考虑油酸分子间的空隙，采用估算的方法求面积，肯定存在误差，但本实验只要求估算分子大小，数量级符合要求就行了。 通过测出滴油酸酒精溶液的体积，然后将此溶液滴在有痱子粉的浅盘里的水面上，等待形状稳定后，将玻璃板放在浅盘上，用彩笔描绘出油酸膜的形状，将画有油酸薄膜轮廓的玻璃板放在坐标纸上，按不足半个舍去，多于半个的算一个，统计出油酸薄膜的面积。则用此溶液的体积除以其的面积，恰好就是油酸分子的直径；据此原理分析误差。 【解答】 数油膜覆盖的正方形格数，大于半格的算一格，小于半格的舍去，得到估算出油膜的面积，正方形的个数约为个；则油膜的面积约为； 每滴油酸酒精溶液中含有纯油酸的体积 把油酸分子看成球形，且不考虑分子间的空隙，则油酸分子直径 错误地将油酸酒精溶液的体积直接作为油酸的体积进行计算，偏大，故A正确； B.计算油膜面积时，错将不完整的方格作为完整方格处理，则油膜的面积偏大，故B错误； C.求每滴体积时，的溶液的滴数误多记了滴，由可知，纯油酸的体积将偏小，则计算得到的分子直径将偏小，故C错误； D.水面上痱子粉撒得较多，油膜没有充分展开．则油膜的面积偏小，故D正确。 故选AD。 12.【答案】   【解析】【分析】 根据实验的原理判断哪些是理想化的假设； 根据求解油酸分子的直径； 根据油酸分子直径的计算公式判断误差的原因。 本题考查了油膜法测分子直径；关键是熟悉实验原理，逐个分析即可。 【解答】 在实验中我们将油酸分子看成球形，根据球体的体积公式计算油酸分子的直径；认为油酸在水面上充分散开形成单分子油膜，而且认为油酸分子相互之间是紧挨着的没有空隙，因此实验中我们的理想假设有； 一滴油酸酒精溶液中含有纯油酸的体积为， 形成油膜的面积，油酸分子的直径 油酸未完全散开使得面积偏小，则直径偏大，故A错误； B.计算油酸膜面积时，错将不足半格的方格作为完整方格处理，则面积偏大，则直径偏小，故B正确； C.油酸酒精溶液配制时间较长，酒精挥发较多，油酸浓度偏大，但计算时仍按原浓度计算油酸体积，因此会导致偏小，则 偏小，故C正确； D.求每滴体积时，的溶液的滴数少记了滴使得所测体积偏大，则直径偏大，故D错误。 13.【答案】解：设装置落地前瞬间的速度为，鸡蛋在继续向下运动过程中用时， 根据匀变速直线运动的规律可得： 解得：； 在下降的过程中，对装置含鸡蛋，根据动能定理： 解得装置含鸡蛋所受阻力做的功为：； 对鸡蛋在继续向下运动过程中，规定向下为正，根据动量定理： 解得：，负号表示方向竖直向上。  【解析】鸡蛋在继续向下运动过程中，根据匀变速直线运动的规律求解装置落地前瞬间的速度； 整体在下降的过程中，对装置含鸡蛋根据动能定理列方程求解； 对鸡蛋在继续向下运动过程中，根据动量定理进行解答。 本题主要是考查动量定理和动能定理，知道在不涉及时间、涉及位移优先考虑利用动能定理，涉及时间优先考虑利用动量定理解题。 14.【答案】解： 甲乙滑动时的加速度大小均为，甲与乙碰前的速度，则：，解得： 甲乙碰撞时由动量守恒定律  解得碰后乙的速度： 然后乙做减速运动，当速度减为零时则： 可知乙恰好能滑到边框； 甲与乙碰前运动的时间： 碰后甲运动的时间： 则甲运动的总时间为：   【解析】根据牛顿第二定律计算出加速度，结合运动学公式计算出速度，再根据动量守恒定律计算出碰撞后的速度，最后根据运动学公式和位移关系完成分析； 分阶段计算甲算珠的运动时间最后再相加即可。 本题主要考查了运动的多过程问题，在分析的过程中涉及到了动量守恒定律，要注意物理量的方向，整体难度不大。 15.【答案】解：输电线电阻 所有电灯正常发光时消耗的功率为： 由于灯正常发光时，降压变压器副线圈两端电压： 所以降压变压器原线圈两端电压： 解得： 两变压器之间输电线上的电流为： 输电线上损失的功率： 所以 即所购发电机额定功率不得低于。 升压变压器副线圈两端电压： 升压变压器原线圈两端电压：  【解析】根据输电线的长度和单位长度输电线的电阻即可求出输电线的总电阻； 求出所有灯消耗的电功率，再求出输电线上损耗的功率，求出两者的和即可； 求出升压变压器副线圈两端的电压，再由电压与匝数成正比，即可求解出发电机的输出电压。 解决本题的关键知道升压变压器的输出电压、损失电压和降压变压器的输入电压的关系，以及知道输出功率和输出电流和输出电压的关系。 学科网（北京）股份有限公司 $