2025-2026学年期末考试复习必修二生物遗传因子的发现计算

**基本信息** 本单元卷聚焦必修二“遗传因子的发现”计算专题，10道单选题覆盖基因分离与自由组合定律、遗传系谱分析等核心知识点，以科技前沿和人类遗传病为情境，突出科学思维与逻辑推理能力考查，适配期末复习。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |单选题|10题|基因分离定律的实质和应用、基因自由组合定律的实质和应用、9:3:3:1变式、遗传系谱图分析|结合玉米与大刍草杂交育性调控（科技前沿）、地贫基因遗传（社会热点），通过电泳结果、实验数据等真实情境，考查科学思维中的逻辑推理与建模能力|

2025-2026期末考试复习 必修二生物 遗传因子的发现计算 一、单选题 1．（2026·山东菏泽·二模）某二倍体昆虫的体色有褐色和红色两种，受常染色体上的等位基因A（褐色）/a（红色）控制，且雄性杂合子表现为褐色、雌性杂合子表现为红色；其常染色体上的等位基因B、b分别控制无角、有角，且B对b为完全显性。红色有角雌性个体（甲）与褐色无角雄性个体（乙）交配，子代中褐色有角雄性个体占3/16。褐色无角雄性个体（乙）与红色无角雌性个体（丙）交配，假设后代数量足够多，理论上子代中红色无角个体所占比例不可能是（    ） A．1/2 B．3/4 C．5/8 D．9/16 2．（2026·四川·模拟预测）正常人每条16号染色体上有2个α珠蛋白基因，若4个α基因全部缺失，则患Bart’s病，若缺失3个该基因，则患HbH病，其余情况为正常或轻型。正常人每条11号染色体上有1个β珠蛋白基因，若2个β基因均缺失，则患重型β地贫，若缺失1个该基因则为轻型。如图为某家族的遗传系谱图。不考虑染色体互换及其他变异，也不考虑两种基因同时缺失时的相互影响，下列叙述错误的是（     ） A．Ⅰ-1的α基因在同源染色体上的分布情况与Ⅰ-2相同 B．Ⅰ-3和Ⅰ-4再生一个孩子，孩子的基因型存在9种可能 C．Ⅱ-3和Ⅱ-4再生一个基因组成完全正常女孩的概率是 D．Ⅲ-3最多可以产生4种基因型的配子 3．（25-26高一下·重庆·期中）常染色体基因GJB2（简写为G2）和GJB6（简写为G6）是非综合征性耳聋的直接相关基因，对应的隐性基因用g2、g6表示，两对基因独立遗传，与性状之间的关系如图1所示。图2为某患病家系图，其中I-1和I-3是G2致病基因携带者，I-2为G6致病基因携带者，I-4没有携带致病基因。图3是对I-1、I-2、I-3、I-4个体的相关基因扩增后的电泳结果。下列叙述正确的是（    ） 注：隐性突变基因g2、g6会导致耳蜗发育关键结构蛋白1和蛋白2功能异常，两种蛋白任何一种功能异常均会引发非综合征性耳聋。 A．Ⅱ-1的基因型为G2g2G6g6 B．Ⅱ-1和Ⅱ-2再生育一个正常孩子的概率为3/4 C．诱发Ⅲ-1发病的致病基因间接来自I-2、I-3 D．Ⅲ-1的精原细胞在分裂过程中，细胞中最多含有2个G6基因 4．（25-26高三·全国·三轮复习）科研人员研究玉米与大刍草杂交的花粉育性调控机制，发现大刍草5号染色体上D基因表达产物抑制花粉发育致其不育，5号、6号染色体上失活基因T1、T2共同表达可使D基因产物失活；玉米对应基因为d、t1、t2，对配子育性无影响，F₁减数分裂产生的花粉不育：可育=3：1.下列叙述正确的是（　　） A．多代回交的价值是增加大刍草m的基因比例，扩大花粉育性相关候选基因范围 B．D/d与T1/t1、T2/t2均位于非同源染色体上，三者的遗传均遵循自由组合定律 C．F₁花粉育性比例为3：1，推测D基因表达早于T1、T2基因的表达 D．植株T（DdT1t1T2t2）与玉米w（ddt1t1t2t2）杂交，子代花粉均表现为不育 5．（2026·安徽池州·二模）豌豆花的着生位置有腋生和顶生。孟德尔用纯合的腋生和顶生豌豆进行了杂交实验（相关基因用F/f表示）；后来研究者重复该实验时，得到两种与孟德尔实验不同的结果，并鉴定出了另一对相关基因M/m，m基因纯合的个体表现为腋生。结合下表实验结果，有关分析错误的是（　　） 亲本 F1 F2腋生:顶生 实验1（孟德尔） 腋生甲×顶生 腋生 3:1 实验2（研究者） 腋生乙×顶生 腋生 13:3 实验3（研究者） 腋生丙×顶生 顶生 1:3 A．基因F/f与M/m位于非同源染色体上，是控制同一性状的非等位基因 B．腋生豌豆甲、乙、丙的基因型依次为FFMM、FFmm和ffmm C．从三组实验的F2顶生豌豆中各取一株，它们基因型相同的概率为 D．若腋生甲与丙杂交的F1自然状态下繁殖，则F₂表型及比例与实验2的F2相同 6．（2022·山东潍坊·一模）植物的杂种一代会出现产量等性状优于双亲的杂种优势，雄性不育品系能有效提高作物的杂交效率。油菜花粉的育性由一对基因控制，现有三种花粉育性基因型不同的纯合油菜（具两性花）品系，品系甲、乙育性正常，品系丙雄性不育（肉眼可观测到雄蕊异常），杂交实验如下。下列说法错误的是（    ） A．由于基因重组的原因，杂交一中F1的育性无法在自交后代中保持 B．据杂交一二推测，与油菜花粉育性有关的基因共有三种 C．杂交二F2中雄性不育株与品系甲杂交可获得兼具品系甲、乙优良性状的杂交种子 D．杂交二自F2起逐代选取雄性不育株与品系乙杂交可使雄性不育株具有更多品系乙的性状 7．（19-20高三上·山东青岛·期中）我国学者发现了芸苔（种子可榨油）雄性不育突变株（雄蕊异常，肉眼可辨），于是利用该突变株进行杂交实验（如图所示），已知育性性状由位于同源染色体相同位置上的3个基因（A1、A2、A3）决定。下列分析错误的是 A．由杂交一、二结果可推测，雄性不育株只能出现两种基因型 B．根据杂交结果可推测，基因A1、A2、A3的显隐性关系是A1>A2>A3 C．经虚线框内的杂交，可将品系3的性状与雄性不育整合在同一植株上 D．虚线框内雄性不育与品系3连续杂交过程中等位基因间存在基因重组 8．（19-20高三上·浙江绍兴·阶段检测）下图为甲、乙两种独立遗传的单基因遗传病的家系图。甲、乙两病在人群中的发病率均为万分之一。不考虑染色体畸变和基因突变。下列叙述错误的是 A．若乙病的遗传与性别相联系，则乙病为伴X染色体隐性遗传病 B．II6与III2基因型相同的概率为1/3 C．III1携带着来自I4的甲病致病基因的概率为1/8 D．若III3不携带乙病致病基因，则其与一个正常的男性结婚，生一个患病孩子的概率为1/404 9．（19-20高三·辽宁·期末）果蝇的灰体（E）对黑檀体（e）为显性；短刚毛和长刚毛是一对相对性状，由一对等位基因（B、b）控制。这两对基因位于常染色体上且独立遗传。现有甲、乙、丙三只果蝇，且已知丙果蝇的表现型为灰体短刚毛，三只果蝇进行杂交实验，杂交组合、F1表现型及比例如下： 下列分析错误的是 A．实验一的杂交结果能验证两对基因E、e和B、b的遗传遵循自由组合定律 B．两个实验的F1灰体长刚毛的基因型是相同的 C．实验二的F1中与亲本果蝇基因型不同的个体所占的比例为1/2 D．实验二的F1果蝇随机交配，F2中B基因频率：b基因频率＝1：1 10．（19-20高三上·浙江·阶段检测）某小组利用某二倍体自花传粉植物进行转基因育种和杂交实验。杂交涉及的二对相对性状分别是：红果（红）与黄果、抗病（抗）与易感病（感）。选取若干某红果杂合子进行转抗病基因（T）的试验后得到品种S1、S2、S3、S4。将S1～S4分别进行自然种植得到F1，统计数据如下表。下列叙述错误的是（    ） 品种 F1表现型及个体数 S1 450红抗、160 红感、150 黄抗、50黄感 S2 450红抗、30红感、150 黄抗、10黄感 S3 660红抗、90红感、90黄抗、160 黄感 S4 510红抗、240 黄抗、240 红感、10黄感 A．向二条非同源染色体分别转入1个抗病基因的品种只有S2 B．上述品种形成F1过程中遵循自由组合定律的只有品种S1和S2 C．S1品种产生的F1红抗个体自交产生的后代中红抗个体的概率为25／36 D．S2品种产生的F1红抗个体中纯合子的概率为1/15 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 《2025-2026期末考试复习必修二生物第一章 遗传因子的发现计算》参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C C B C C A D B A D 1．C 【难度】0.4 【知识点】基因分离定律的实质和应用、基因自由组合定律的实质和应用 【详解】红色有角雌性个体(甲)的基因型为Aabb或aabb，褐色无角雄性个体(乙)的基因型为A_B_，甲与乙交配，子代中褐色有角雄性个体（A_bb）占3/16，由于子代中雄性一定占1/2，所以3/16=1/2×1/2×3/4，进而确定甲的基因型为Aabb，乙的基因型为AaBb。红色无角雌性个体(丙)的基因型有4种可能性，即AaBB、AaBb、aaBB、aaBb。 若丙基因型为AaBB时，乙（AaBb）与丙杂交，子代全为无角，子代红色总概率为1/2，因此红色无角比例为1×1/2=1/2； 若丙基因型为aaBB时，乙（AaBb）与丙杂交，子代全为无角，子代红色总概率为3/4，因此红色无角比例为1×3/4=3/4； 若丙基因型为AaBb时，乙（AaBb）与丙杂交，子代无角概率为3/4，子代红色总概率为1/2，因此红色无角比例为3/4×1/2=3/8； 若丙基因型为aaBb时，乙（AaBb）与丙杂交，子代无角概率为3/4，子代红色总概率为3/4，因此红色无角比例为3/4×3/4=9/16。 即四种可能的基因型组合计算得到的红色无角比例为1/2、3/4、3/8、9/16，不可能出现5/8，C符合题意；ABD不符合题意。 故选C。 2．C 【难度】0.4 【知识点】基因自由组合定律的实质和应用 【详解】A、Ⅱ-1（Bart's 病，α 基因全部缺失）：基因型为--/--，说明父母（Ⅰ-1、Ⅰ-2）各提供了一条--的 16 号染色体，因此 Ⅰ-1 和 Ⅰ-2 的 α 基因分布均为--/αα（即每条同源染色体上，一条为缺失 2 个 α 基因，一条为正常 2 个 α 基因），这样才能生出--/--的孩子，A正确； B、先分析 α 基因：Ⅰ-3 和 Ⅰ-4 均为--/αα，子代基因型有3种：αα/αα、--/αα、--/--。 再分析β基因：Ⅰ-3 和 Ⅰ-4 均为β/-，子代基因型有 3 种：β/β、β/-、-/-。 两种基因独立遗传，因此子代基因型组合数为：3×3=9种，B正确； C、“基因组成完全正常” 指：α 基因 4 个全部正常（αα/αα），且 β 基因 2 个全部正常（β/β）。 计算α基因正常的概率：Ⅱ-3 和 Ⅱ-4 均为--/αα，子代αα/αα的概率为 1/4。 计算β基因正常的概率：Ⅱ-3和Ⅱ-4均为β/-，子代β/β的概率为 1/4。 生女孩的概率为 1/2。 因此，完全正常女孩的概率 = 1/4 × 1/4 × 1/2 = 1/32，C错误； D、Ⅲ-3 的父母（Ⅱ-3、Ⅱ-4）基因型均为：α 基因--/αα，β 基因β/-，因此Ⅲ-3的基因型可能为： 若为αα/αα、β/β：只能产生 1 种配子（正常型）。 若为--/αα、β/-：可产生 4 种配子：ααβ、αα-、--β、---。 因此 Ⅲ-3 最多可以产生4种基因型的配子，D正确。 3．B 【难度】0.4 【知识点】基因分离定律的实质和应用、基因自由组合定律的实质和应用、利用分离定律思维解决自由组合定律的问题 【详解】A、两对基因独立遗传，遗传规则为：只要出现g2g2或g6g6就会患病，只有G2_G6_表现正常。根据题干已知信息：I−1、I−3是G2致病基因（g2）携带者，基因型为G2g2G6_；I−2是G6致病基因（g6）携带者，基因型为G2_G6g6；I−4不携带致病基因，基因型为G2G2G6G6。结合电泳条带可验证：条带①对应G2、③对应G6（①对应G6、③对应G2）、②对应g2、④对应g6。所以I−1基因型为G2g2G6G6，I−2基因型为G2G2G6g6，I−3基因型为G2g2G6G6，所以Ⅱ-2的基因型为G2_G6G6，由于Ⅲ-1患病，所以Ⅱ-2的基因型为G2g2G6G6，Ⅲ-1基因型为g2g2G6_，Ⅱ-1不患病的基因型为G2g2G6g6或者G2g2G6G6，A错误； B、已经确定Ⅱ-1和Ⅱ-2都是G2g2，且Ⅱ-2为G6G6，后代一定携带G6（G6一定正常），只有g2g2会患病，因此生育正常孩子（G2_）的概率为1−1/4=3/4，B正确； C、Ⅲ-1的两个致病基因g2，一个来自Ⅱ-1，间接来自I−1；另一个来自Ⅱ-2，间接来自I−3，C错误； D、若Ⅲ-1基因型为G6G6，精原细胞进行有丝分裂时，DNA复制后细胞中会含有4个G6基因，D错误。 4．C 【难度】0.4 【知识点】基因分离定律的实质和应用、基因自由组合定律的实质和应用 【详解】A、多代回交是降低大刍草m中与花粉育性无关的基因比例，缩小候选基因范围，A错误； B、D/d与T1/t1均在5号染色体上，属于同源染色体上的非等位基因，不遵循自由组合定律，仅D/d与T2/t2、T1/t1与T2/t2遵循，B错误； C、F1花粉不育：可育=3：1，推测D基因先表达（如减数分裂Ⅰ）使花粉初步不育，后T1、T2基因表达（如减数分裂Ⅱ后）仅使1/4花粉的D基因产物失活恢复可育，符合3：1的比例特征，C正确； D、子代有DdT1t1T2t2（花粉不育：可育=3：1）、ddt1t1T2t2等基因型，含dd的子代花粉全为可育，D错误。 5．C 【难度】0.4 【知识点】基因分离定律的实质和应用、9:3:3:1和1:1:1:1的变式类型及应用、性状的显、隐性关系及基因型、表现型、等位基因 【详解】A、实验2的F₂性状分离比为13:3，属于9:3:3:1的变形，说明基因F/f与M/m位于非同源染色体上，遵循自由组合定律，二者均控制花的着生位置，属于控制同一性状的非等位基因，A正确； B、实验1为纯合腋生甲×纯合顶生（ffMM），F₂分离比为3:1，说明F₁为FfMM，因此甲基因型为FFMM；实验2腋生乙×顶生（ffMM）的F₁为FfMm，因此乙基因型为FFmm；实验3腋生丙×顶生（ffMM）的F₁为ffMm，因此丙基因型为ffmm，B正确； C、实验1的F₂顶生基因型只有ffMM；实验2、3的F₂顶生中ffMM占、ffMm占，三者基因型相同的概率为1×× =1/9，C错误； D、腋生甲（FFMM）与丙（ffmm）杂交的F₁为FfMm，自然状态下自交，F₂表型及比例为腋生:顶生=13:3，与实验2的F₂结果相同，D正确。 6．A 【难度】0.4 【知识点】分离定律综合问题分析（异常现象分析） 【分析】分析遗传图解：杂交一 实验中F2表现3: 1的性状分离比，说明该性状很可能由一对等位基因控制，品系甲的可育性状对雄性不育性状为显性；杂交二实验中F1与品系乙杂交，后代出现1 : 1的性状分离比，推测为测交实验且雄性不育性状对品系乙的可育性状为显性。 【详解】A、结合分析可知，该性状受一对等位基因控制，不会发生基因重组，A错误； B、结合分析可知，油菜的育性性状可能由同源染色体上的3个等位基因(A1、A2、A3）决定，设品系甲的可育性状由基因A1决定，雄性不育由基因A2决定，品系乙的可育性状由基因A3决定，则其显隐性关系为基因A1对A2、A3为显性，基因A2对A3为显性，故与油菜花粉育性有关的基因共有三种，B正确； C、结合B选项，品系甲的基因型应为A1A1，品系丙为A2A2，品系乙为A3A3，则杂交二中F1雄性不育株基因型为A2A3，其与品系甲A1A1杂交，子代基因型有A1A2、A1A3，可获得兼具品系甲、乙优良性状的杂交种子，C正确； D、杂交二F1基因型为A2A3，与品系乙为A3A3杂交，F2基因型包括A2A3、A3A3，自F2起逐代选取雄性不育株（A2A3）与品系乙（A3A3）杂交，雄性不育株可作母本，其上结的种子基因型为：1/2A2A3、1/2A3A3，可使雄性不育株具有更多品系乙A3A3的性状，D正确。 故选A。 7．D 【难度】0.4 【知识点】分离定律综合问题分析（异常现象分析） 【分析】分析遗传图解： （1）杂交一中，雄性不育植株与品系1杂交，F1全部可育，F1自交得到F2育性正常：雄性不育=3：1，说明育性正常与雄性不育性状受一对等位基因控制； （2）杂交二中，由于雄性不育植株与品系3逐代杂交始终出现雄性不育性状的植株，所以雄性不育为显性性状。 【详解】AB、根据杂交一、二结果可知，雄性不育株基因型可能为A2A2和A2A3两种，同时根据杂交一结果说明A1对A2为显性，根据杂交二说明A2对A3为显性，A、B正确； C、经过虚线框内的杂交，可将品系3的优良性状和雄性不育整合在同一植株上，C正确； D、基因重组发生在非等位基因之间，D错误。 故选：D。 8．B 【难度】0.4 【知识点】孟德尔一对相对性状的杂交实验、基因分离定律的实质和应用、遗传系谱图中遗传方式的判定及应用、基因频率的改变与生物进化 【分析】识图分析可知，根据图中I1 和I2都不患甲病，但是子代中II2患了甲病可知，甲病为常染色体隐性遗传病；图中乙病患者只在某些男性中出现，则可能是伴X染色体隐性遗传病。假设用A、a表示控制甲病的基因，B、b表示控制乙病的基因。 【详解】A、根据以上分析可知，若乙病的遗传与性别相联系，则乙病为伴X染色体隐性遗传病，A正确； B、根据以上分析可知，II6与III2都患有乙病，则在该性状上二者的基因型相同，在甲病性状上，由于I3和I4都不患甲病，但是子代中II8患了甲病可知I3和I4的基因型都为Aa，则子代中II6的基因型为1/3AA、2/3Aa，图中II5的基因型也为1/3AA、2/3Aa，那么III2基因型为1/2AA、1/2Aa，B错误； C、由图可知，I4的甲病致病基因由II6传给III1，II6的基因型为1/3AA、2/3Aa，故III1携带着来自I4的甲病致病基因的概率为1/2×1/2×1/2=1/8，C正确； D、若III3不携带乙病致病基因，其与一个正常的男性结婚，则后代不会患乙病，那么在甲病性状上，由于II6的基因型为1/3AA、2/3Aa，II5的基因型也为1/3AA、2/3Aa，故III3的基因型为1/2AA或者1/2Aa，在人群中的甲病发病率均为万分之一，即aa=1/1000，则a的基因频率为1/100，A的基因频率为99/100，那么正常男性为Aa基因型的概率为（2×1/100×99/100）÷（1-1/10000）=2/101，则生一个患病孩子的概率为1/2×2/101×1/4=1/404，D正确。 故选B。 9．A 【难度】0.4 【知识点】9:3:3:1和1:1:1:1的变式类型及应用 【分析】根据题意和图示分析可知：果蝇的灰体与黑檀体、短刚毛与长刚毛这两对基因位于常染色体上且独立遗传，遵循基因的自由组合定律。实验一的后代比例为1：1：1：1，说明亲本的基因型为EeBb和eebb或Eebb和eeBb；又实验二后代比例为3：1：3：1，说明亲本乙不可能是eebb，同时丙表现灰体短刚毛，则甲基因型为Eebb，乙基因型eeBb，丙基因型为EeBb，明确知识点，梳理相关的基础知识，分析题图，结合问题的具体提示综合作答。 【详解】A、验证自由组合定律需要进行测交验证，也就是EeBb×eebb，而甲的基因型是Eebb，乙的基因型是eeBb，若存在连锁，如，后代也会出现1：1：1：1的比例，但故无法验证E、e和B、b的遗传是否遵循自由组合定律，A错误； B、实验一中F1灰体长刚毛的基因型Eebb，实验二中F1灰体长刚毛的基因型也是Eebb，故两个实验的F1灰体长刚毛的基因型是相同的，B正确； C、实验二亲本乙×丙即eeBb×EeBb，F1中与亲本果蝇基因型相同的个体所占的比例为2/4×1/4+2/4×1/4=1/2，则不同的为：1-1/2=1/2，C正确； D、实验二的F1中短刚毛：长刚毛=B-：bb=3：1，果蝇随机交配，F2中B基因频率：b基因频率＝1：1，D正确。 故选A。 10．D 【难度】0.4 【知识点】基因自由组合定律的实质和应用、利用分离定律思维解决自由组合定律的问题 【分析】分析表格信息：在S1自交后代中，红抗∶红感∶黄抗∶感≈9∶3∶3∶1，说明S1是向另一条非同源染色体转入1个抗病基因，且遵循基因自由组合定律；在S2自交后代中，红抗∶红感∶黄抗∶黄感＝45∶3∶15∶1＝ (3红∶1黄) × (15抗∶1 感)，说明S2为向两条非同源染色体分别转入1个抗病基因，且遵循基因自由组台定律；在S3自交后代中，红抗∶红感∶黄抗∶黄感≠9∶3∶3∶1，说明抗病基因(T )和果实颜色基因在一条染色体上，不遵循基因自由组合定律；在S4自交后代中，红抗∶红感∶黄抗∶黄感≠9∶3∶3∶1，说明抗病基因(T )和果实颜色基因在一条染色体上，不遵循基因自由组合定律。 【详解】A、据以上分析可知，向两条非同源染色体分别转入1个抗病基因的品种只有S2，A正确； B、据以上分析可知，上述品种形成F1过程中遵循自由组合定律的只有品种S1和S2，B正确； C、如果控制红果的基因为A，则S1品种产生的F1红抗个体( 1/9AATT、2/9AATt、2/9AaTT、 4/9AaTt)， 自交产生的后代中红抗个体的概率为1/9＋2/9×3/4＋2/9×3/4＋4/9×9/16＝25/36，C正确； D、S2品种产生的F1红抗个体中纯合子(红果1/3AA、抗病1/15TTTT )的概率为1/45，D错误。 故选D。 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $