2026届云南昆明市云南师范大学附属中学高三下学期学情检测物理试题

云南师大附中2026届高三月考十 物 理 注意事项： 1.答卷前，考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证号、考场号、座位号填写在 答题卡上，并认真核准条形码上的准考证号、姓名、考场号、座位号及科目，在规 定的位置贴好条形码。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂 黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案 写在答题卡上。写在本试卷上无效。 3。考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项 符合题目要求，每小题4分：第8一10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选 对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 1.一个静止的电子经10V电压加速后，其德布罗意波长为1，若加速电压为250V,不考虑 相对论效应，则其德布罗意波长为 A.101 B.5 D. 2。某同学为了估测某品牌照相机的曝光时间，让一块石子从砖墙前一定高度由静止下落， 同时用该品牌照相机拍摄石子在空中的照片，如图所示，由于石子的运动，它在照片上留下 了一条模糊的径迹AB,已知每块砖的平均厚度为Scm,若想要估算该品牌照相机拍这张照 片的曝光时间，则还需要测量的一个物理量为 A.石子的质量 B,照片中石子的径迹长度 C.石子释放时距地面的实际高度 D.每块砖的长度 地 3.一颗人造地球卫星在较高圆轨道运行，在A点点火进入椭圆轨道Ⅲ，由 远地点A向近地点B运动，再于B点进行二次点火，最终进入较低的目标 圆轨道Ⅲ并稳定运行，整个过程如图所示。忽略两次点火的时长，上述全 过程中卫星速常随时间变化的图像可能是 B 物理试卷·第1页（共8页） 4,随着我国新能源汽车迅猛发展，充电桩的需求快速增长。如图甲为常见的交流充电桩，充 电站为充电桩供电的电路示意图如图乙所示，理想变压器的原线圈电压为22kV,最大输出 功率为26.4kW,单个充电桩的充电电压为220V、充电电流为12A。下列说法正确的是 A.该变压器原、脚线圈的匝数比？：乃2=1：100 B.该变压器原线圈的电压22kV为峰值 C.该充电站能最大允许9个充电桩同时正常为新能源汽车充电 D.该充电站能最大允许10个充电桩同时正常为新能源汽车充电 5,工人用如图甲所示的小推车搬运桶装水，小推车的支架和底板相互垂直。某次工人将质 量为20kg的一桶水放到底板上，用力压把手至支架与水平面成30°角时保持静止，如图乙 所示，不计水桶与小推车间的摩擦，重力加速度g取10s2,下列说法正确的是 把手 支架 30 用 A.此时支架对水桶的弹力大小为100N B.此时底板对水桶的弹力大小为100√5N C.此时小推车对水桶的作用力小于水桶对小推车的作用力 D.缓慢减小支架与水平面的夹角，底板对水桶的弹力将减小 6.在某海洋科普实验中，科研人员在平静的海面上（视为xOy平面）的O点安装了一个振 动装置（起振方向竖直向上），可产生简谐横波并向四周传播。1=0时刻，海面上形成的第 物理试卷·第2页（共8页） 1个波峰和第1个波谷恰好分别位于距离O点0.2m(实线)和0.1m(虚线)的同心圆上， 如图所示。实验中，位于A点[坐标(3.0m,0)]和B点[坐标(4.0m,3.0m)门]的传感器 记录了质点的振动情况。已知该波的周期T=0.04s,下列说法正确的是 ↑)Wm 3.04…0B 3.04.0xhm A.该波的传播速度大小为2.5m/s B.1=0.56s时，质点A第一次到达波峰 C.1=0.96s时，质点B第一次到达波谷 D.1=0.96s时，质点B第二次到达波峰 ?在某地区的干早季节，人们常用水泵从深水井中抽水灌溉农田，简化模型如图所示。水井 中的水而距离水平地面的高度为H。出水口距水平地面的高度为力，与落地点的水平距离约 为1。假设抽水过程中H保持不变，水泵输出能量的刀倍转化为水被抽到出水口处增加的机 械能。已知水的密度为P,水管内径的横截面积为S,重力加速度大小为g,不计一切阻力， 则水泵的输出功率约为 出水口 7777777777777 4. pgsl2gh 2nh H+h+ B PgSi 2gh( 2h 2nh Ah ( c. D.Pgst2gh H+ 27h 27h 物理试卷·第3页（共8页） 8如图所示，一束含有两种频率的复色光斜射向一块厚玻璃砖，玻璃砖的另一面涂有水银 光线经折射、反射、再折射后从玻璃砖入射面一侧射出，分成了两束单色光和b,下列说 法正确的是 A,在玻璃砖中a光的速度比b光的大 B.a光能发生偏振现象，b光则不能 C.a光比b光更不容易发生明显衍射 D.用a、b两种单色光分别照射同一金属，发生光电效应，a 光照射产生光电子的最大初动能比b光的小 9。某潜水钟从深水区上浮的过程中，其内部封闭的理想气体经历了如图所示的循环过程， p-V图中a→b→c-→a为一完整循环，已知a→b过程为等温变化，b→c过程体积不变。 下列说法正确的是 2 3 A.b→c过程中，气体向外界吸收热量 B。e-→0过程中，气体对外界做的功为以 C.c→a过程中，气体向外界放热 D,一个完整循环过程中，气体从外界吸收的热量等于向外界放出的热量 10.某科研小组设想用如图所示的装置来选择密度相同、大小不同的球状纳米粒子，粒子在 电离室中被电离后带正电，缓慢通过小孔Q进入极板间电压为U的水平加速电场区域1，再 通过小孔O射入相互正交的但定匀强电场、磁场区城I,其中磁场的磁感应强度大小为B, 方向垂直纸面向外，收集室的小孔0与Q、O,在同一条水平线上，调节区域Ⅱ的电场强度， 收集窄恰好能收集到半径为的粒子。己知纳米粒子材料的密度为P,电离后的带电量© 与其表面积S成正比，即g■S,式中k为已知常数。不计纳米粒子的重力，则 上极板 下极极 A,区域知的电场强度方向应竖直向下 物理试卷·第4页（共8页） 6kU B.半径为r的粒子通过O,时的速率为 C.半径为r>方的粒子在区城Ⅱ中会向上极板偏转 D.要收集到半径”>的粒子，在其他条件不变时，应增大区域知的电场强度 二、非选择题：本题共5小题，共54分。 11.(6分) 随着科技发展，智能手机不仅为我们的生活带来了便利，也可以利用它的摄像头和内部 传感器协助我们完成物理实验。某同学在“用单摆测量重力加速度”的实验中，利用了智能手 机磁传感器和一个磁性小球进行了如下实验： 图2 图3 (1)将摆线上端固定在铁架台上，下端系在小球上，做成图1所示的单摆。在测量单摆 的摆长时，先用毫米刻度尺测得摆球悬挂后的摆线长（从悬点到摆球的最上端），再用螺旋 测微器测得摆球的直径为d读数如图2所示)，从图2可知，摆球的直径为 mm. (2)将智能手机磁传感器置于磁性小球平衡位置正下方，打开智能手机的磁传感器，准 备测量磁感应强度的变化。将磁性小球由平衡位置拉开一个小角度，由静止释放，手机软件 记录磁感应强度的变化曲线如图3所示。由图3可知，单摆的周期为 (3)经测量得到多组不同的摆线长L和对应的周期T,画出L一T2图线，然后在图线上选 取A、B两个点，坐标如图4所示（图中物理量均已知），由图可得当地重力加速度g= 12.(10分) 某小组为准确测量电池组的电动势￡和内阻”，实验室提供了以下器材： 电流表A1:量程10mA,内阻102： 电流表A2:量程50mA,内阻202： 定值电阻：R=403,R2=102,R=22: 滑动变阻器R(0-1002): 物理试卷·第5页（共8页） 电池组： 导线及开关 M N (I)为完成实验，结合实验室提供的器材，设计了如图所示电路，图中、b、c为定值电阻。 P、Q为电流表。实验需要将Q改装成量程为3V的电压表，将P的量程扩大为60mA,则 图中Q应为电流表（选填“A”或“A2”),保护电阻C应为定值电阻（选填“R”“R2” 或“R”) (②)闭合开关后，发现无论怎样移动滑动变阻器的滑片，电流表Q有示数且不变，电流表P 始终没有示数。为查找故障，在其他连接不变的情况下，将电流表Q左端的导线从N点拆 开，再分别试触M、M、M三个位置时，发现电流表Q均没有示数。若电路中仅有一处 故障，则故障为 (选填选项前的字母)。 A,MN间断路 B.MM,间短路 C.MM间短路 D.MM间断路 (3)排除电路故障后，闭合开关S,移动滑动变阻器，得到多组电流表A、A2的示数为山和 ,作出了山图像如图所示，由图可知电池组电动势E-V:内阻2.（以上 结果均保留三位有效数字) ↑l,mA 50 4 30 I/mA 25 46810 物理试卷·第6页（共8页） 13.(10分) 一辆汽车在平直公路上以某一速度匀速行驶时，司机低头看手机2s,相当于首开40m, 该车遇到紧急情况，紧急刹车的距离（从开始刹车到停下米汽车所行驶的距离）至少是25m, 根据以上提供的信息： ()求汽车匀速行驶的速度和刹车的最大加速度大小： (2)若该车以108kmh的速度在高速公路上行驶到某地时，前方100m处道路塌方，该 司机因低头看手机，25后才发现危险，发现危险到采取行动，司机的反应时间为0.5s,刹 车的加速度与(1)间中大小相等。试通过计算说明该汽车是否会发生交通事故。 14(13分)》 电磁弹射是我国最新研究的重大科技项目，创造了世界领先的关键技术，原理可用下述 模型说明。如图甲所示，虚线MW右侧存在一个竖直向上的匀强磁场，边长为L的正方形单 匝金属线框abcd放在光滑水平面上，电阻为R,质量为m,ab边紧靠MN虚线边界且在磁场 外，从t=0时刻起，磁感应强度B随时间t的变化规律是B=B。+kt(k为大于零的常量，司 时用一水平外力使线框保持静止状态 (1)求线框中感应电流的大小和方向： (2)写出所加水平外力的大小随时间变化的关系式： (3)若用完全相同的金属线绕制成相同大小的匝线 框，并在线框上加一质量为M的负载，如图乙所示， 当t=t,时撤去外力释放线框，求刚撒去外力时线框 的加速度大小。 物理试卷·第7页（共8页） 15(15分) 如图所示，在竖直平面内的x0y直角坐标系中，x轴上方存在正交的匀强电场和匀强磁 场，电场强度E1(大小未知)，方向沿y轴向上，磁场方向垂直纸面向里。x轴下方存在方 向沿y轴向上的匀强电场（图中未画出），场强为B2(大小未知)。一质量为m、电荷量为q的 带正电小球（可视为质点），从y轴上的A点以速度。沿x轴正方向抛出，经x轴上的P点后与x轴 正方向成60进入x轴上方后恰能做匀速圆周运动，0、P两点间距离x。与0、A两点间距离y。满 足关系：为=号号，重力加速度为g,以上物理量中m、q、%,g为已知量，其余量大小未 知。求： 、+ E (1)电场强度E,与E2的大小之比： (2)若小球可多次（大于两次）通过P点，则磁感应强度B为多大： (3)若小球可恰好两次通过P点，则磁感应强度B为多大：小球两次通过P点的时间间隔为多 少 物理试卷·第8页（共8页） 云南师大附中月考十物理参考答案及评分标准 一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项 符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选 对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 题号 7 8 9 10 答案 D D B B AD AC BC 1.【答案】C 设电子经过电压加速后的速度大小为v,由动能定理得eU=二mv 电子的动量大小为p=m;电子的德布罗意波长为1=h p 联立解得入= 2me元：结合U:U=25:1,解得元-1。故选C. 5 2.【答案】C 设曝光时间为加，从开始下落到《点的离度为时间为6则A-方g 从开始紧图A点h+2号3+△可知2A三土3可知想要估该品牌照相动 拍这张照片的曝光时间△灶，则还需要测量的一个物理量为石子释放时距地面的实际高度， 就可以根据图片中的信息得出从开始下落到A点的高度h。故选C。 3.【答案】A GM 初始较高圆轨道虹，圆轨道卫星线速度满足v 轨道半径r越大，速率v越小。因为 I是较高轨道，因此初始速率y<m,初始阶段速率恒定，为一段水平直线； 要从高圆轨道进入椭圆轨道Ⅱ（向低轨道变轨)，需要点火减速，做近心运动，因此A点 速率突然向下跳变；卫星从远地点向近地点运动过程中，万有引力做正功，速率逐渐增大， 因此这段时间速率持续上升： 椭圆轨道近地点B处，需要再次点火减速，速率向下跳变到，之后稳定运行，速率恒定， 结合m>,最终稳定速率（虚线位置)大于初始速率。故选A。 4.【答案】D 1/7 由变压器原、副线圈两端电压与线圈匝数的关系U:U,=n:n2,可得 乃：n2=22000V:220V=100:1,故A错误：该变压器原、副线圈的电压22kV、220V为有 效值，故B错误： 根据P=NU,I,解得N=10,该充电站能最大允许10个充电桩同时正常为新能源汽车充 电，故D正确，C错误。故选D。 5.【答案】D AB.根据题意，对水桶受力分析，如图所示 由平衡条件有F=mg sin30°，F=mg cos.30° 解得=100N,E=100W3N;故AB错误： 30°℃ C.由平衡条件可知，小推车对水桶的作用力等于水桶对推车的 作用力，故C错误： D.结合上述分析可知，底板对水桶的弹力F=mg sin0 可知，缓慢减小支架与水平面的夹角O,底板对水桶的弹力将减小，故D正确。故选D。 6.【答案】B A.由题意，t=0时刻，海面上形成的第1个波峰和第1个波谷恰好分别位于距离O点0.2m (实线)和0.1m(虚线)的同心圆上，两者间距为半个波长=0,2m-0,1m=0.1m→元=0,2m 已知周期7=004s测波速v=子=5，A错误 日.A点第-次到达泼峰1020--05，B正确， C.B点第一次到达波谷1=5m-0.1m_4.9 s=0.98s,不是0.96s,C错误： D,B点第-次到达波峰1=弧，02=号。=096，第二次到达茨峰r1+7-10心，D 错误。故选B。 7.【答案】B 设水从出水口射出的初速度为'。，取极短时间△1内的水为研究对象，该部分水的质量为 △m=pSyo△t 2/7 根据平抛运动规律w'=1,h=)g0 2 解得y=12h 1 根据功能关系得Pa仞=2△m2+△mg(H+h) 联立解得水泵的输出功率为P=Pg7V2g 2 H+h+ 故选B。 2nh 4h 8.【答案】AD 光都能发生偏振现象，故B错误：作出光路图如图所示 由图可知b光偏折大，则b光的频率大、折射率大，根据公式n=二可知， 折射率越大，速度越小，则在玻璃砖中a光的速度比b光的大，故A正确： 根据c=f,因为b光的频率大，即b光的波长小于a光的波长，则a光 比b光更容易发生明显衍射，故C错误：由光子能量ε=v知，a光的光 子能量比b光小，再由光电效应方程E=v-W。可知，a光照射产生光电子的最大初动能比 b光的小，故D正确。故选AD。 9.【答案】AC A.b→c过程中，体积不变，压强P增大，根据号=C可知，温度T升高，内能增大，结 T 合△U=W+2可知，气体从外界吸热，故A正确： B.c→α过程中，根据图像与坐标轴围成的面积可知，外界对气体做功 G+则】 5 W= 2 (%-)=火故B错误， C.c→a过程中，压强p增加，体积减小，温度T降低，△U为负值，W为正值，根据热 力学第一定律△=W+2,可知2为负值，气体向外界放热，故C正确： D.一个完整循环过程中，外界对气体做功为正，根据△U=W+2,其内能不变，所以取 负，气体从外界吸收的热量小于向外界放出的热量，故D错误。故选AC。 10.【答案】BC A.粒子被电离后带有正电，在区域Ⅱ受到的洛伦兹力向下，粒子能沿O,O进入收集室，则 区域Ⅱ受力平衡，故所受静电力竖直向上，区域Ⅱ的电场强度方向应竖直向上，故A错误： B.半径为r的粒子所带电荷量g=4πa2 3/7 在区域由动能定理得gU=mw2又m=p4r综合解得v= 4 故B正确： 2 3 6kU C.由B项分析，同理可知半径为，的粒子通过O,时的速率。= pro 设区域I电场强度为E,该粒子在区域Ⅱ受力平衡，半径为。的粒子带的电荷量q=4πa,2 6kU 则有gE=qYB得E=B, pro 6kU 半径为r>的粒子设电荷量为9，有E>B 则9，E>Bg 6kU pr 竖直向上的电场力大于竖直向下的洛伦兹力，故半径为”>。的粒子在区域Ⅱ中会向上极板偏 转，故C正确： D.由C项分析可知，要收集到半径r>的粒子，在其他条件不变时，应减小区域Ⅱ的电场 强度，故D错误。故选BC。 11.(6分) (1)5.314-5.319 (2号(t2-t) 6)8=4r25-L2 T2-T2 【解析】（1)由图2可知，摆球的直径为d=5mm+31.5×0.01mm=5.315mm (2)磁性小球经过最低点时测得的磁感应强度B最大，根据图3可知周期为T=子(2一七) (3)结合L-T2图像，可知没有考虑磁性小球的半径，所以L=9T2-R,图像斜率为： 4π2 可解得：g=4x2乙-L2 T2-T2 评分标准：本题满分6分，正确得出每一空2分。 12.(10分) (1)A2 R2(2)A (3)5.14 32.9 【解析】(1)需要将一个电流表改装成量程为3V的电压表，将另一电流表量程扩大为60mA, 4/7 由提供的器材可知，将电流表A2与定值电阻R=402串联，改装为3V的电压表：将电流 表A,与定值电阻R=22并联，改装量程为60mA的电流表；故图中Q应为电流表A2,保 护电阻c应为定值电阻R。 (2)闭合开关后，发现无论怎样移动滑动变阻器的滑片，电流表Q有示数且不变，电流表 P始终没有示数。说明电流表P支路出现断路：将电流表Q左端的导线从N点拆开，再分 别试触M,、M2、M3三个位置时，发现电流表Q均没有示数，若电路中仅有一处故障，说 明MM2间、M2M3间MM4间均连接正常，则故障为MN间断路。故选A。 (3)根据闭合电路欧姆定律有E=I2(R2+R)+(I2+6I)R2+r) 6(R2+r） 变形可得I2= 1，+ E 。=-600+21+,E Ri+R+R+r R2+R+R2+r70+r 70+r -图像可得00x10A600+月_502岁 70+r10 二解得E≈5.14V,r≈32.92 评分标准：本题满分10分，正确得出每一空2分。 13.(10分) 解(1)司机低头看手机2s盲开40m,此过程汽车做匀速直线运动，则汽车速度 v=能=20m/s ① 紧急刹车过程汽车做匀减速直线运动，可知末速度为0，则有 v2 2ax ② a=8m/s2 ③ (2)题意可知汽车速度vo=108km/h=30m/s,司机低头看手机和反应时间内，汽车均 做匀速直线运动，则该段时间汽车运动距离 x1=v0t'=75m ④ 汽车刹车距离 x2=竖=56.25m ⑤ 2a x总=x1+x2=131.25m>100m ⑥ 可知汽车会发生交通事故。 评分参考：得出③⑥每式1分，其余每式2分，共10分，其余解法正确同样给分。 14(13分) 5/7 解：(1)线框中的感应电动势 E=42L2=k2 ① At 感应电流1=￡=k ② 根据楞次定律可知感应电流沿顺时针方向或a→d→c→b→a。 (1分》 (2)由于线圈静止，则所加的水平外力与安培力平衡，有F?=B儿 ③ 外力F=FB ④ P=(⑧+k受 ⑤ (3)n匝线框中t=to时刻产生的感应电动势E&=n架2=nkL2 ⑧ 线框中的电流1=。= R ⑦ t=to时刻线框受到的安培力 Fn=nBL=n(B,+kio)贺 ⑧ 设线框的加速度为a,根据牛顿第二定律有Fn=(nm+M)a ⑨ 解得Q=n(B+kto)k ⑩ R(nm+M) 评分标准：得出①②海式2分，方向1分，其余每式1分，其余解法正确同样给分。 15(15分) 解：(1)小球在x轴上方匀速圆周运动，可得qE1=mg ① 小球从A到P的过程中：x0=vot ② yo=at2 ③ 结合%=是6，可得：a=2g 由牛顿第三定律可得：qE2一mg=ma ④ 悬= ⑤ (2)小球第一次通过P点时与x轴正向成60°，可知小球在P点时 Vy=13v0, P点时的速度v=2vo ⑧ 66 人60° w=器-照 A 6/7 由类平抛的位移公式可得：xo=3的 29 ⑦ 小球多次经过P点，轨迹如图甲所示：小球在磁场中运动个周期后，到达x轴上的Q点，P、 Q关于原点0对称，之后回到A并不断重复这一过程，从而多次经过P点：设小球在磁场中圆 周运动的半径为R,由几何关系可得：Rsin60°=xo ⑧ 又由qB=m号 ⑨ 联立解得：B=2mg ⑩ qvo (3)小球恰能两次经过P点，轨迹如图乙、丙所示： 丙 由规律可知，小球恰能两次经过P点满足的几何关系为： n(2x0-2Rsin60°)=2Rsin60°(n=1,2,3..…) ① 解得：B=2+1)m(m=1,23…) ② nqvo 小球在复合电磁场中运动的周期7=需一。(n=123…) Bq 小球从A点到P点时间如名-罗 ③ 两次通过P点的时间间隔为t=(m+1)后T+2ntP(n=12,3…) ④ 解得：t=+V3)吧(n=1,23…) ⑤ 评分标准：得出上述式子，每式1分，其余解法正确同样给分。 7/7