2026届广东广州市铁一中学高三下学期适应性考试物理试题

2026届广州市铁一中学高三适应性考试物理试卷 一、单选题 1.下列说法正确的是（) ① 荧光屏 x②x 粒子源 金箔 + 0 粒于米 ③ 核子分开 核子结合 XX 吸收能量 放出能量 真空aa 甲 乙 丙 丁 A.甲图为天安门广场阅兵上亮相的激光武器，激光作为电磁波，传播需要介质 B.卢瑟福通过乙图中的实验提出了原子的核式结构 C.丙图显示了α、B、Y三种射线从粒子源射入匀强磁场后的运动轨迹，其中③轨迹代 表u射线 D.丁图中，把核子分开需要能量是为了克服核子间的万有引力 2.在测试某款机器人运动性能时，记录了机器人从静止开始沿直线运动的整个过程内α与 t的关系。如图所示，其中04s内加速度a未知，16s时刚好停止运动，则() a/m.s-2 a 0 10 16 t/s -1.2 A.机器人在0~4s内的加速度a=0.9m/s2B.机器人在4~10s内处于静止 C.机器人在0~4s内的位移为3.6m D.机器人在10s时开始返回 3,武打片中经常有飞檐走壁的镜头，其实这是借助悬绳拍摄产生的效果，某演员（未画出） 在下列四种拍摄场景中均在空中做匀速运动，由绳①和绳②连接演员，若忽略绳所受重力， 则绳①受力最小的是( ② ① ② 00 1 ② ② A ① D ① 试卷第1页，共8页 4.电动平衡车作为一种电力驱动的运输载具，被广泛应用在娱乐、代步、安保巡逻等领域。 质量为的平衡车进行空载测试时，以初速度0在水平地面上沿直线做加速运动，电动机 P 输出功率恒为额定功率P,经历时间t平衡车达到的最大速度为"m= 8m8 ,重力加速度为g, 下列说法正确的是() A.平衡车受到的阻力为8m呢 P 8mgvo+Pt B.平衡车在时间t内的位移大小等于16g C.平衡车初始时的加速度大小为 --8g nwo D.在时间t内阻力做的功为 28gf-2m 5.随着科技的发展，载人飞船绕太阳运行终会实现。如图所示，I、Ⅲ轨道分别为地球和 火星绕太阳运动的圆轨道，Ⅱ轨道假设是载人飞船的椭圆轨道，其中点A、C分别是近日点 和远日点，B点为轨道Ⅱ、的交点，若运动中只考虑太阳的万有引力，则() 火星 地球 飞船 A.载人飞船的运动周期小于1年 B.载人飞船在C点的速率小于火星绕日的速率 C.载人飞船在I轨道上A点的速率大于在Ⅱ轨道上A点的速率 D.在相同时间内，载人飞船沿轨道I运行时与太阳连线扫过的面积和沿轨道Ⅱ运行时 与太阳连线扫过的面积相等 6.如图所示，x轴上有两列正弦波的一个完整波形分别沿x轴正、负方向传播，波长均为 =4m,波速均为1=1m/s,振幅均为A=10cm。=0时刻波形如图所示。则x=6m处的质点P 的振动图像符合实际的是() ↑y/cm 0 12345678910111213xm 试卷第2页，共8页 y/cm 个ylcm 20 2 10 10 A 0 ◇ 0 67t/s 2 3 567於 10 -20 0 y/cm y/cm 20 20 0 10 0 3 5 6 7 t/s 3 67t/s -10 10 -20 20 7,如图所示，倾斜的足够长光滑平行金属导轨下端接阻值为R的定值电阻，匀强磁场B垂 直导轨平面向下（图中未画出），电阻为r的金属棒在沿斜面向上的恒力F作用下由静止开 始沿导轨向上运动，不计其他电阻，金属棒与导轨始终垂直且接触良好。下列说法正确的是 ( A.金属棒机械能的增加量等于恒力F和重力做功之和 B.运动过程中通过电阻R的电荷量与金属棒的位移成正比 C.回路中电阻R的发热功率等于金属棒克服安培力做功的功率 D.金属棒向上做加速度增大的加速直线运动 二、多选题 8.如图甲为我国海上风力发电简化工作原理模型图，风轮带动矩形线圈在匀强磁场中转动 输出如图乙所示的交流电，并通过两理想变压器和远距离输电给用户供电，电压表为理想电 表。下列说法正确的是( ) ◆UV n 690√2 0.01 6.02亦s XXXX U U 690W2 图甲 图乙 A.用电高峰期相当于滑片向下移动，则电压表的示数变大 试卷第3页，共8页 B.仁0.015s时穿过线圈的磁通量为零 C.将输电电压提高到原来的10倍，输电线路上损失的功率变为原来的 0 D.若风速增大时，转速增加，输电线上损失的功率增大 9.水平桌面上，一质量为m的物体在水平恒力F拉动下从静止开始运动，物体通过的路程 等于5时，速度的大小为。，此时撤去F,物体继续滑行2。的路程后停止运动，重力加速 度大小为g,则( ) A.在此过程中F所做的功为2时 B.在此过中F的冲量大小等于 2m% C.物体与桌面间的动摩擦因数等于 4s8 D.F的大小等于物体所受滑动摩擦力大小的2倍 10.一束由两种频率不同的单色光组成的复色光从空气射入玻璃三棱镜后，出射光分成ā、 b两束，如图所示，则a、b两束光() A.垂直穿过同一块平板玻璃，a光所用的时间比b光长 B.从同种介质射入真空发生全反射时，a光临界角比b光的小 C.分别通过同一双缝干涉装置，b光形成的相邻条纹间距大 D.若照射同一金属都能发生光电效应，b光照射时逸出的光电子最大初动能大 三、实验题 11.(1)研究小车匀变速直线运动的实验装置如图 (a)所示其中斜面倾角0可调，打点计时器的工作频率为50Hz。纸带上计数点的间距如图： (b)所示，其中每相邻两点之间还有4个记录点未画出。 打点计时器 小车 纸带 图(a) 图(b) ①部分实验步骤如下： A.测量完毕，关闭电源，取出纸带 B.接通电源，待打点计时器工作稳定后放开小车 C.将小车依靠在打点计时器附近，小车尾部与纸带相连 试卷第4页，共8页 D.把打点计时器固定在平板上 让纸带穿过限位孔上述实验步骤的正确顺序是： (用字母填写) ②图(b)中标出的相邻两计数点的时间间隔 ③计数点5对应的瞬时速度大小计算式为= ④为了充分利用记录数据，减小误差，小车加速度大小的计算式应为 0 12.在“描绘小电珠的伏安特性曲线”实验中，所用器材有：小电珠(2.5V,0.6W),滑动变 阻器，多用电表，电流表，学生电源，开关，导线若干 ①粗测小电珠的电阻，应选择多用电表倍率的电阻挡（请填写“×1”、“×10”或×100？）： 调零后，将表笔分别与小电珠的两极连接，示数如图（©），结果为2， ②实验中使用多用电表测量电压，请根据实验原理图(d完成实物图e)中的连线一· ③开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片P置于端.为使小电珠亮度增加，P应由中点向 端滑动. ④下表为电压等间隔变化测得的数据，为了获得更准确的实验图象，必须在相邻数据点 间多测几组数据（请填写ab”、“bc”、“cd”、“d或“e) A-VO 25000y 图(c) ⑧ ⊙ 电源。 图d) 图(e) 数据 b 点 U/V 0.00 0.50 1.00 1.50 2.00 2.50 IIA 0.000 0.122 0.156 0.185 0.216 0.244 试卷第5页，共8页 四、解答题 13.如图，一端封闭、粗细均匀的U形玻璃管开口向上竖直放置，管内用水银将一段气体 封闭在管中.当温度为280K时，被封闭的气柱长L=22cm,两边水银柱高度差h=16cm,大 气压强p。=76cmHg. (1)为使左端水银面下降3cm,封闭气体温度应变为多少？ (2)封闭气体的温度重新回到280K后，为使封闭气柱长度变为20c,需向开口端注入的 水银柱长度为多少？ 试卷第6页，共8页 14.在平面直角坐标系xOy中，第I象限存在沿y轴负方向的匀强电场，第V象限存在垂直 于坐标平面向外的匀强磁场，磁感应强度为B.一质量为、电荷量为q的带正电的粒子从 y轴正半轴上的M点以速度o垂直于y轴射入电场，经x轴上的N点与x轴正方向成0=60° 角射入磁场，最后从y轴负半轴上的P点垂直于y轴射出磁场，如图所示.不计粒子重力， 求 ●● ●\6 ●●●●● D及● ●●●●● (I)MN两点间的电势差UN; (2)粒子在磁场中运动的轨道半径'： (3)粒子从M点运动到P点的总时间t. 试卷第7页，共8页 15.长度L=7m、质量ME1kg的木板C静止在粗糙的水平地面上，木板上表面左右两端各 有长度d1的粗糙区域，中间部分光滑。可视为质点的小物块A和B初始时如图放置， 质量分别是40.25kg和0.75kg,A、B与木板粗糙区域之间的动摩擦因数均为10.2， 木板与水平地面之间的动摩擦因数为u=O.3.某时刻对木板施加F-8N的水平恒力，木板开始 向右加速，A与B碰撞后粘在一起不再分开并瞬间撤去F,取g=10m/s2,求： (1)物块A与B碰后瞬间的速度大小： (2)最终物块A与木板C左端的距离。 d d ▣A F 777777777 7777777 试卷第8页，共8页 2026届高考物理适应性测试参考答案 题号 1 2 4 5 6 P 9 10 答案 B A C B A BD BC ABC 1.B 【详解】A.激光是一种电磁波，传播时不需要介质，故A错误； B.卢瑟福通过粒子散射实验提出了原子的核式结构模型，故B正确： C.粒子带正电，β粒子带负电，Y不带电，根据左手定则可知，②轨迹代表α射线，③轨 迹代表β射线，①轨迹代表Y射线，故C错误： D.把核子分开需要克服核子之间的核力作用，故D错误。 故选B。 2.A 【详解】AB.a-t图像的面积表示速度变化量△v;机器人初速度为0,16s末速度也为0， 因此整个过程a-t图像的面积代数和为0。设在0~4s内机器人的加速度为a,面积对应速 度变化，由图得S,=△？=4a,4s末机器人的速度为y=4a 4~10s内，机器人的加速度a=0,面积对应速度变化，由图得S2=0,机器人做匀速运动， 速度大小为y=4a 10~16s内，机器人加速度从d=-1.2m/s2均匀变化到0，这部分的面积对应速度变化，由 图得8=A=06-10)x-12m/s=-36m1s 因此，0~16s内总速度变化量△v=S+S2+S=0 代入S=4a,S2=0,S3=-3.6m/s 解得0~4s内机器人的加速度a=0.9ms2,在4~10s内机器人的速度1=3.6m/s,故A正确， B错误； 机器人做初速度为0的匀加速直线运动，位移】 ×0.9x42m=7.2m,故 2 C错误； D.整个过程速度始终为正，直至16s末速度才减到0，速度方向一直不变，故D错误。 故选A。 3.A 答案第1页，共10页 【详解】分析演员的受力，演员受到自身重力，绳①和绳②的拉力；绳②的拉力方向不变， 绳①的拉力方向在变化，三个力使演员处于平衡状态，三个力构成矢量三角形，利用动态三 角形进行求解，如图所示 mg F 由图可知，当耳与耳垂直时耳最小。 故选A。 4.C 【详解】A.平衡车速度最大时则牵引力等于阻力，可得平衡车受到的阻力为了=P=8g， A错误： B。平衡车在时间1内根据动能定距以-及-弓m心 2 解得位移大小等于-128mgP:+64m8正，B错误： 1024m2g3 --8118 C.平衡车初始时的加速度大小为a=乃-上= 8g'C正确： 6 1 D.动能定理Pt+,=26 2 p21 在时间t内阻力做的功为W,=一Pt+ 28g221n6,D错误。 故选C。 5.B 【详解】A.设地球轨道I的半径为，地球公转周期为1年，飞船椭圆轨道Ⅱ的半长轴 a=a+>5 2 根据开普勒第三定律-，可知载人飞钥的运功周期大于1年，枚A错损。 ®，火星在圆轨道绕日运动，速率满足万有引力提供向心力，有一，。 答案第2页，共10页 GM 解得vk= 飞船在椭圆轨道Ⅱ的C点，做向心运动，万有引力大于所需向心力，即G GM 得vc< 即飞船在C点的速率小于火星绕日速率，故B正确： C.飞船从圆轨道I变轨到椭圆轨道Ⅱ，需要在A点做离心运动，因此必须在A点加速，可 得飞船在I轨道上A点的速率小于在Ⅱ轨道上A点的速率，故C错误： D.开普勒第二定律中“相同时间内，中心天体与行星连线扫过的面积相等”是对同一轨道而 言，不同轨道扫过的面积不相等，故D错误。 故选B。 6.A 【详解】由题意可知，可看成是两波源位移x1=1m和飞，=12m处的两列机械波，质点P到 两波源的距离差为△r=Q2-6)m-(6-1)m=1m= 4 所以质点P不属于振动加强或减弱点，即质点P的最大位移ymx<2A=20cm 沿x轴正方向传播的波传播到质点P所需的时间为：=△“=1s 沿x轴负方向传播的波传播到质点P所需的时间为5，=△=2s 所以质点P在1s时仅在沿x轴正方向传播的波的作用下开始沿y轴负方向振动，振幅为10cm: 2s时沿x轴负方向传播的波也传播到质点P,又因为机械波的周期为T=2=4s 1 此时质点上在报动到-10m:3s时沿x轴正方向传播的波使质点P振动子，位移为以=0 沿x轴负方向传播的波使质点P振动4，位移为乃=10©m 所以，此时质点P的位移为y=片+y2=10cm 故选A。 7.B 【详解】A.除重力（弹力）以外的其它力做功等于机械能的增加量，可知恒力F与安培力 做功的代数和等于金属棒的机械能增加量，故A错误： 答案第3页，共10页 B.设经过△1时间通过电阻R的电荷量为q,金属棒的位移为x,根据g=△1,7：万 tr E=4Φ △D=BAS=BLx △t BL 联立解得q= R+r 可知电量q与位移x成正比，故B正确： C.根据功能关系，可知金属棒克服安培力做的功等于产生的电能，产生的电能等于电阻R 和金属棒上产生的总焦耳热，可知回路中电阻R的发热功率小于金属棒克服安培力做功的 功率，故C错误： D.对金属棒，根据牛顿第二定律有F-gsin6-F安=ma 又F=BL,I=E=B R+rR+r F B2Lv 联立解得a=二-gsin0- (R+r) 可知随速度v增大，加速度α不断减小，故金属棒做加速度减小的加速直线运动，故D错误。 故选B。 8.BD 【详解】A.用电高峰期用户增加，并联总电阻减小，相当于滑片向下移动，升压变压器两 端电压不变，降压变压器副线圈电流变大，则原线圈电流也增大，输电导线电阻R两端电 压增大，降压变压器原线圈两端电压减小，即电压表示数减小，故A错误： B.t=0.015s时，电压U=-690√5V,为最大值，所以线圈平面与磁感线平行，穿过线框的 磁通量为0，故B正确： C.将输电电压提高到原来的10倍，根据P=亚，可知输电线路上的电流变为原来的 10 根据输电线路上损失的功率P-R,可知输电线路上损失的功率变为原来的， 100,故c错 误； D.若风速增大，则风轮带动线圈转动更快，发电机转速增大，感应电动势增大，输出电压 增大。在变压器变比不变、用户负载不变的情况下，输电线中的电流增大。由于线路损耗功 率为P=IR,所以输电线上的损失功率增大，故D正确。 故选BD。 9.BC 答案第4页，共10页 【详解】CD.外力撤去前，由牛顿第二定律可知 F-ug=a① 由速度位移公式有 1-245② 外力撤去后，由牛顿第二定律可知 -g=a3③ 由速度位移公式有 -16=24(250)④ 由①②③④可得，水平恒力 F=3mg 450 动摩擦因数 -话 滑动摩擦力 R-umg= 456 可知F的大小等于物体所受滑动摩擦力大小的3倍， 故C正确，D错误； A.在此过程中，外力F做功为 Pemn 故A错误； B.由平均速度公式可知，外力F作用时间 =20 4=0+00 2 在此过程中，F的冲量大小是 3 I==20 故B正确。 答案第5页，共10页 故选BC。 10.ABC 【详解】A.根据折射率 n=sing sine. 由光路图可知，α光折射率更大一些，再由 v= 故可知在介质中α的速度更小一些，故穿过同一块平板玻璃所用时间要长些，故A正确； B.又因为 1 sinC= n 可知a光临界角要小些，故B正确： C.折射率越大说明频率越大，波长越小，故b光波长大，干涉条纹间距要更宽些 D.由 E=hv 可知，频率越大则光子能量越大，结合光电效应方程可知，照射同一种金属时，对应的光电 子最大初动能大，故D错误。 故选ABC。 11. DCBA 0.10 4十S (S4+5+56)-(91+S3+53) 2T 9T2 【详解】①[1]按常规实验步骤，先安装再操作后整理，再根据打点计时器的使用方法可知 正确步骤为DCBA; ②[2]相邻两点之间还有4个记录点未画出，相邻两计数点的时间间隔为 T=5×0.02s=0.10s ③[3]由 得 5-4+5 2T ④[4为了充分利用数据，应采用逐差法 a=5,+5+)-(+5+s) 9T2 答案第6页，共10页 12. ×18 如图所示 a b ab 【详解】O[[21小电珠(25V,0.6w)对应电阻为R==252 2=10.42,电阻十几欧， p0.6 所以选×1”挡.由表盘可读出小电珠的电阻为8 ②[3].电流表的电阻也就几欧，与电压表几千欧相比，小电珠算小电阻，所以电压表必须 外接，伏安特性曲线要求电压从0开始逐渐变大，所以滑动变阻器必须与电压采用分压接法. ③[4[5].从a端开始，电压为零，向b端移动，对小电珠所加电压逐渐变大. ④[(.ab之间电流增加了0.122A,其它段电流增加了0.03A左右，所以需要在ab之间将电 流分为0.030A、0.060A、0.090A,分别测出相应的电压值. 13.(1)T=350k(2)10cm 【详解】试题分析：(1)设玻璃管的横截面积为S,封闭气体压强为，初始根据水银液面 受力平衡可分析得R+16cHg=B,可得=60cHg 当左端水银面下降3cm,右端液面必然上升3cm,则左右液面高度差变为 △h=16cm-3cm-3cm=10cm,此时封闭气体压强为乃 同样根据液面平衡可分析得乃+10cg=日，可得乃=66cg 根据理想气体状态方程SB+3)S,代入温度T=280k,可得工=350k (2)设此时封闭气体压强为，封闭气体的长度L'=20cm,根据理想气体状态方程可得 ,=BS计算可得￡=66cm 此时作用液面高度差△h=R,-乃=10cm 答案第7页，共10页 左端液面上升x1=L-L'=2c,右端上升x=h+,-△h=8c,所以开口端注入水银的长 度为x1+x2=10cm 考点：理想气体状态方程 2mvo 14.1)UMN= 3mvo (2)r= (3) (3v3+2π)m 2g gB 3gB 【详解】(1)设粒子过N点时的速度为v,有： 1o=cose 解得： v=20 粒子从M点运动到N点的过程，有： 解得： 2g (2)粒子在磁场中以O为圆心做匀速圆周运动，半径为，有： 2 gvB=m 解得： n r=- gB (3)由几何关系得： ON=rsin0 设粒子在电场中运动的时间为1，有： ON=41 4=V3m gB 粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期： T-2rm gB 设粒子在磁场中运动的时间为2，有： 答案第8页，共10页 5=-0r 2π 5-3rm 3gB =t+t2 t=63+2m)m 3gB 15.(1)1m/s(2)0.87m 【详解】(1)假设物块A与木板C共同加速，加速度为，由牛顿第二定律有： F-2(M+s+阳)g=(M+a)a 而当C对A的摩擦力达到最大静摩擦力时，设A的加速度为4，可知 lnag=na 由于 a<a (a=1.6m/s",a 2m/s2) 所以A、C能共同加速，假设成立，研究A、C整体，设A与B碰前瞬间的速度为vo,从 木板开始运动到A与B碰前的过程，由运动学公式有： 1=2a(L-2d) 研究A、B系统，设碰后瞬间AB整体的速度为v,A、B碰撞过程系统动量守恒有： mato=(mA+mB)o 联立得 v=1m/s (2)撤去力F后，AB整体继续加速，设加速度为a,由牛顿第二定律有： 4(0a+)8=(a+)4 木板C减速，设加速度大小为，由牛顿第二定律有： 凸(M+a+阳)8+4(+)8=M 设经过t时间，AB整体与木板C速度相等且为v2,由运动学公式有： 12=16-41=1+44 计算得： 答案第9页，共10页 4=2m/s2,a,=8m/s2，专=0.3s,%2=1.6m/s 该过程AB整体与木板相对位移： +26 4g=ofv2i2 2 接着，AB整体减速向右，对木板的摩擦力向右，木板继续减速，其加速度大小为， 由牛顿第二定律有： 4(M+a+阳)8-凸(a+3)8=M3 设再经过时间2木板停止运动 68 AB整体相对木板向右位移的大小为 ,=44明-2马 1 此时AB整体的速度为 3=2-4吨2 AB整体继续减速再经过一段位移 △3= 喔 2d4 便停在木板上。计算得： △s=0.45m,43=4m/s2,t3=0.4s,△s2=0.16m,△s3=0.16m 最终AB整体与木板左端的水平距离为 As=d-As +As2 +As3 =0.87m 答案第10页，共10页 2026届广州市铁一中学高三适应性考试物理试卷 一、单选题 1．下列说法正确的是（ ） A．甲图为天安门广场阅兵上亮相的激光武器，激光作为电磁波，传播需要介质 B．卢瑟福通过乙图中的实验提出了原子的核式结构 C．丙图显示了、、三种射线从粒子源射入匀强磁场后的运动轨迹，其中③轨迹代表射线 D．丁图中，把核子分开需要能量是为了克服核子间的万有引力 2．在测试某款机器人运动性能时，记录了机器人从静止开始沿直线运动的整个过程内a与t的关系。如图所示，其中0~4s内加速度a未知，16s时刚好停止运动，则（ ） A．机器人在内的加速度 B．机器人在内处于静止 C．机器人在内的位移为3.6m D．机器人在时开始返回 3．武打片中经常有飞檐走壁的镜头，其实这是借助悬绳拍摄产生的效果，某演员（未画出）在下列四种拍摄场景中均在空中做匀速运动，由绳①和绳②连接演员，若忽略绳所受重力，则绳①受力最小的是（ ） A．B．C．D． 4．电动平衡车作为一种电力驱动的运输载具，被广泛应用在娱乐、代步、安保巡逻等领域。质量为m的平衡车进行空载测试时，以初速度v0在水平地面上沿直线做加速运动，电动机输出功率恒为额定功率P，经历时间t平衡车达到的最大速度为，重力加速度为g，下列说法正确的是（ ） A．平衡车受到的阻力为 B．平衡车在时间t内的位移大小等于 C．平衡车初始时的加速度大小为 D．在时间t内阻力做的功为 5．随着科技的发展，载人飞船绕太阳运行终会实现。如图所示，Ⅰ、Ⅲ轨道分别为地球和火星绕太阳运动的圆轨道，Ⅱ轨道假设是载人飞船的椭圆轨道，其中点A、C分别是近日点和远日点，B点为轨道Ⅱ、Ⅲ的交点，若运动中只考虑太阳的万有引力，则（ ） A．载人飞船的运动周期小于1年 B．载人飞船在C点的速率小于火星绕日的速率 C．载人飞船在Ⅰ轨道上A点的速率大于在Ⅱ轨道上A点的速率 D．在相同时间内，载人飞船沿轨道Ⅰ运行时与太阳连线扫过的面积和沿轨道Ⅱ运行时与太阳连线扫过的面积相等 6．如图所示，x轴上有两列正弦波的一个完整波形分别沿x轴正、负方向传播，波长均为λ=4m，波速均为v=1m/s，振幅均为A=10cm。t=0时刻波形如图所示。则x=6m处的质点P的振动图像符合实际的是（ ） A． B． C． D． 7．如图所示，倾斜的足够长光滑平行金属导轨下端接阻值为R的定值电阻，匀强磁场B垂直导轨平面向下（图中未画出），电阻为r的金属棒在沿斜面向上的恒力F作用下由静止开始沿导轨向上运动，不计其他电阻，金属棒与导轨始终垂直且接触良好。下列说法正确的是（ ） A．金属棒机械能的增加量等于恒力F和重力做功之和 B．运动过程中通过电阻R的电荷量与金属棒的位移成正比 C．回路中电阻R的发热功率等于金属棒克服安培力做功的功率 D．金属棒向上做加速度增大的加速直线运动 二、多选题 8．如图甲为我国海上风力发电简化工作原理模型图，风轮带动矩形线圈在匀强磁场中转动输出如图乙所示的交流电，并通过两理想变压器和远距离输电给用户供电，电压表为理想电表。下列说法正确的是（ ） A．用电高峰期相当于滑片向下移动，则电压表的示数变大 B．t=0.015s时穿过线圈的磁通量为零 C．将输电电压提高到原来的10倍，输电线路上损失的功率变为原来的 D．若风速增大时，转速增加，输电线上损失的功率增大 9．水平桌面上，一质量为m的物体在水平恒力F拉动下从静止开始运动，物体通过的路程等于时，速度的大小为，此时撤去F，物体继续滑行的路程后停止运动，重力加速度大小为g，则（ ） A．在此过程中F所做的功为 B．在此过中F的冲量大小等于 C．物体与桌面间的动摩擦因数等于 D．F的大小等于物体所受滑动摩擦力大小的2倍 10．一束由两种频率不同的单色光组成的复色光从空气射入玻璃三棱镜后，出射光分成a、b两束，如图所示，则a、b两束光（ ） A．垂直穿过同一块平板玻璃，a光所用的时间比b光长 B．从同种介质射入真空发生全反射时，a光临界角比b光的小 C．分别通过同一双缝干涉装置，b光形成的相邻条纹间距大 D．若照射同一金属都能发生光电效应，b光照射时逸出的光电子最大初动能大 三、实验题 11．（1）研究小车匀变速直线运动的实验装置如图 （a）所示其中斜面倾角θ可调，打点计时器的工作频率为50Hz。纸带上计数点的间距如图； （b）所示，其中每相邻两点之间还有4个记录点未画出。 ①部分实验步骤如下： A．测量完毕，关闭电源，取出纸带 B．接通电源，待打点计时器工作稳定后放开小车 C．将小车依靠在打点计时器附近，小车尾部与纸带相连 D．把打点计时器固定在平板上 让纸带穿过限位孔上述实验步骤的正确顺序是：________________________（用字母填写） ②图（b）中标出的相邻两计数点的时间间隔T=___________________s ③计数点5对应的瞬时速度大小计算式为v5=________________。 ④为了充分利用记录数据，减小误差，小车加速度大小的计算式应为a=______________。 12．在“描绘小电珠的伏安特性曲线”实验中，所用器材有：小电珠（2.5V，0.6W），滑动变阻器，多用电表，电流表，学生电源，开关，导线若干． ①粗测小电珠的电阻，应选择多用电表_____倍率的电阻挡（请填写“×1”、“×10”或“×100”）；调零后，将表笔分别与小电珠的两极连接，示数如图(c)，结果为_____Ω． ②实验中使用多用电表测量电压，请根据实验原理图(d)完成实物图(e)中的连线____． ③开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片P置于____端．为使小电珠亮度增加，P应由中点向_____端滑动． ④下表为电压等间隔变化测得的数据，为了获得更准确的实验图象，必须在相邻数据点_____间多测几组数据（请填写“ab”、“bc”、“cd”、“de”或“ef”） 数据点 a b c d e f U/V 0.00 0.50 1.00 1.50. 2.00 2.50 I/A 0.000 0.122 0.156 0.185 0.216 0.244 四、解答题 13．如图，一端封闭、粗细均匀的U形玻璃管开口向上竖直放置，管内用水银将一段气体封闭在管中．当温度为280K时，被封闭的气柱长L=22cm，两边水银柱高度差h=16cm，大气压强=76cmHg． （1）为使左端水银面下降3cm，封闭气体温度应变为多少？ （2）封闭气体的温度重新回到280K后，为使封闭气柱长度变为20cm，需向开口端注入的水银柱长度为多少？ 14．在平面直角坐标系xOy中，第Ⅰ象限存在沿y轴负方向的匀强电场，第Ⅳ象限存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场，磁感应强度为B．一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子从y轴正半轴上的M点以速度v0垂直于y轴射入电场，经x轴上的N点与x轴正方向成θ＝60°角射入磁场，最后从y轴负半轴上的P点垂直于y轴射出磁场，如图所示．不计粒子重力，求 （1）M、N两点间的电势差UMN； （2）粒子在磁场中运动的轨道半径r； （3）粒子从M点运动到P点的总时间t． 15．长度L=7m、质量M=1kg的木板C静止在粗糙的水平地面上，木板上表面左右两端各有长度d=1m的粗糙区域，中间部分光滑。可视为质点的小物块A和B初始时如图放置，质量分别是mA=0.25kg和mB=0.75kg，A、B与木板粗糙区域之间的动摩擦因数均为μ1=0.2，木板与水平地面之间的动摩擦因数为μ2=0.3.某时刻对木板施加F=8N的水平恒力，木板开始向右加速，A与B碰撞后粘在一起不再分开并瞬间撤去F，取g=10m/s2，求： (1)物块A与B碰后瞬间的速度大小； (2)最终物块A与木板C左端的距离。 2026届高考物理适应性测试参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B A A C B A B BD BC ABC 1．B 【详解】A．激光是一种电磁波，传播时不需要介质，故A错误； B．卢瑟福通过α粒子散射实验提出了原子的核式结构模型，故B正确； C．粒子带正电，粒子带负电，不带电，根据左手定则可知，②轨迹代表射线，③轨迹代表射线，①轨迹代表射线，故C错误； D．把核子分开需要克服核子之间的核力作用，故D错误。 故选B。 2．A 【详解】AB．图像的面积表示速度变化量；机器人初速度为0，16s末速度也为0，因此整个过程图像的面积代数和为0。设在内机器人的加速度为，面积对应速度变化，由图得，末机器人的速度为 内，机器人的加速度，面积对应速度变化，由图得，机器人做匀速运动，速度大小为 内，机器人加速度从均匀变化到0，这部分的面积对应速度变化，由图得 因此，内总速度变化量 代入，， 解得内机器人的加速度，在内机器人的速度，故A正确，B错误； C．0~4s内机器人做初速度为0的匀加速直线运动，位移，故C错误； D．整个过程速度始终为正，直至16s末速度才减到0，速度方向一直不变，故D错误。 故选A。 3．A 【详解】分析演员的受力，演员受到自身重力，绳①和绳②的拉力；绳②的拉力方向不变，绳①的拉力方向在变化，三个力使演员处于平衡状态，三个力构成矢量三角形，利用动态三角形进行求解，如图所示 由图可知，当与垂直时最小。 故选A。 4．C 【详解】A．平衡车速度最大时则牵引力等于阻力，可得平衡车受到的阻力为，A错误； B．平衡车在时间t内根据动能定理 解得位移大小等于，B错误； C．平衡车初始时的加速度大小为，C正确； D．动能定理 在时间t内阻力做的功为，D错误。 故选C。 5．B 【详解】A．设地球轨道Ⅰ的半径为，地球公转周期为1年，飞船椭圆轨道Ⅱ的半长轴 根据开普勒第三定律，可知载人飞船的运动周期大于1年，故A错误； B．火星在圆轨道Ⅲ绕日运动，速率满足万有引力提供向心力，有 解得 飞船在椭圆轨道Ⅱ的C点，做向心运动，万有引力大于所需向心力，即 得 即飞船在C点的速率小于火星绕日速率，故B正确； C．飞船从圆轨道Ⅰ变轨到椭圆轨道Ⅱ，需要在A点做离心运动，因此必须在A点加速，可得飞船在Ⅰ轨道上A点的速率小于在Ⅱ轨道上A点的速率，故C错误； D．开普勒第二定律中“相同时间内，中心天体与行星连线扫过的面积相等”是对同一轨道而言，不同轨道扫过的面积不相等，故D错误。 故选B。 6．A 【详解】由题意可知，可看成是两波源位移和处的两列机械波，质点P到两波源的距离差为 所以质点P不属于振动加强或减弱点，即质点P的最大位移 沿x轴正方向传播的波传播到质点P所需的时间为 沿x轴负方向传播的波传播到质点P所需的时间为 所以质点P在1s时仅在沿x轴正方向传播的波的作用下开始沿轴负方向振动，振幅为10cm；2s时沿x轴负方向传播的波也传播到质点P，又因为机械波的周期为 此时质点P在振动到；3s时沿x轴正方向传播的波使质点P振动，位移为 沿x轴负方向传播的波使质点P振动，位移为 所以，此时质点P的位移为 故选A。 7．B 【详解】A．除重力（弹力）以外的其它力做功等于机械能的增加量，可知恒力F与安培力做功的代数和等于金属棒的机械能增加量，故A错误； B．设经过时间通过电阻R的电荷量为，金属棒的位移为，根据，，， 联立解得 可知电量与位移成正比，故B正确； C．根据功能关系，可知金属棒克服安培力做的功等于产生的电能，产生的电能等于电阻R和金属棒上产生的总焦耳热，可知回路中电阻R的发热功率小于金属棒克服安培力做功的功率，故C错误； D．对金属棒，根据牛顿第二定律有 又， 联立解得 可知随速度增大，加速度不断减小，故金属棒做加速度减小的加速直线运动，故D错误。 故选B。 8．BD 【详解】A．用电高峰期用户增加，并联总电阻减小，相当于滑片向下移动，升压变压器两端电压不变，降压变压器副线圈电流变大，则原线圈电流也增大，输电导线电阻两端电压增大，降压变压器原线圈两端电压减小，即电压表示数减小，故A错误； B．时，电压，为最大值，所以线圈平面与磁感线平行，穿过线框的磁通量为0，故B正确； C．将输电电压提高到原来的10倍，根据，可知输电线路上的电流变为原来的，根据输电线路上损失的功率，可知输电线路上损失的功率变为原来的，故C错误； D．若风速增大，则风轮带动线圈转动更快，发电机转速增大，感应电动势增大，输出电压增大。在变压器变比不变、用户负载不变的情况下，输电线中的电流增大。由于线路损耗功率为，所以输电线上的损失功率增大，故D正确。 故选BD。 9．BC 【详解】CD．外力撤去前，由牛顿第二定律可知 ① 由速度位移公式有 ② 外力撤去后，由牛顿第二定律可知 ③ 由速度位移公式有 ④ 由①②③④可得，水平恒力 动摩擦因数 滑动摩擦力 可知F的大小等于物体所受滑动摩擦力大小的3倍， 故C正确，D错误； A．在此过程中，外力F做功为 故A错误； B．由平均速度公式可知，外力F作用时间 在此过程中，F的冲量大小是 故B正确。 故选BC。 10．ABC 【详解】A．根据折射率 由光路图可知，a光折射率更大一些，再由 故可知在介质中a的速度更小一些，故穿过同一块平板玻璃所用时间要长些，故A正确； B．又因为 可知a光临界角要小些，故B正确； C．折射率越大说明频率越大，波长越小，故b光波长大，干涉条纹间距要更宽些 D．由 可知，频率越大则光子能量越大，结合光电效应方程可知，照射同一种金属时，对应的光电子最大初动能大，故D错误。 故选ABC。 11．DCBA0.10 【详解】①[1]按常规实验步骤，先安装再操作后整理，再根据打点计时器的使用方法可知正确步骤为DCBA； ②[2]相邻两点之间还有4个记录点未画出，相邻两计数点的时间间隔为 T=5×0.02s=0.10s ③[3]由 得 ④[4]为了充分利用数据，应采用逐差法 12．×18如图所示abab 【详解】①[1][2]．小电珠（2.5V，0.6W）对应电阻为，电阻十几欧，所以选“×1”挡．由表盘可读出小电珠的电阻为8Ω. ②[3]．电流表的电阻也就几欧，与电压表几千欧相比，小电珠算小电阻，所以电压表必须外接，伏安特性曲线要求电压从0开始逐渐变大，所以滑动变阻器必须与电压采用分压接法． ③[4][5]．从a端开始，电压为零，向b端移动，对小电珠所加电压逐渐变大． ④[6]．ab之间电流增加了0.122A，其它段电流增加了0.03A左右，所以需要在ab之间将电流分为0.030A、0.060A、0.090A，分别测出相应的电压值． 13．（1）（2） 【详解】试题分析：（1）设玻璃管的横截面积为，封闭气体压强为，初始根据水银液面受力平衡可分析得，可得 当左端水银面下降，右端液面必然上升，则左右液面高度差变为，此时封闭气体压强为 同样根据液面平衡可分析得，可得 根据理想气体状态方程，代入温度，可得 （2）设此时封闭气体压强为，封闭气体的长度，根据理想气体状态方程可得 计算可得 此时作用液面高度差 左端液面上升，右端上升，所以开口端注入水银的长度为 考点：理想气体状态方程 14．1）UMN＝（2）r＝（3）t＝ 【详解】(1)设粒子过N点时的速度为v，有： 解得： 粒子从M点运动到N点的过程，有： 解得： (2)粒子在磁场中以O′为圆心做匀速圆周运动，半径为r，有： 解得： (3)由几何关系得： 设粒子在电场中运动的时间为t1，有： 粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期： 设粒子在磁场中运动的时间为t2，有： 15．(1)1m/s(2)0.87m 【详解】(1)假设物块A与木板C共同加速，加速度为a，由牛顿第二定律有： 而当C对A的摩擦力达到最大静摩擦力时，设A的加速度为aA，可知 由于 （） 所以A、C能共同加速，假设成立，研究A、C整体，设A与B碰前瞬间的速度为v0，从木板开始运动到A与B碰前的过程，由运动学公式有： 研究A、B系统，设碰后瞬间AB整体的速度为v1，A、B碰撞过程系统动量守恒有： 联立得 (2)撤去力F后，AB整体继续加速，设加速度为a1，由牛顿第二定律有： 木板C减速，设加速度大小为a2，由牛顿第二定律有： 设经过t1时间，AB整体与木板C速度相等且为v2，由运动学公式有： 计算得： ，，， 该过程AB整体与木板相对位移： 接着，AB整体减速向右，对木板的摩擦力向右，木板继续减速，其加速度大小为a3， 由牛顿第二定律有： 设再经过时间t2木板停止运动 AB整体相对木板向右位移的大小为 此时AB整体的速度为 AB整体继续减速再经过一段位移 便停在木板上。计算得： ，，，， 最终AB整体与木板左端的水平距离为 学科网（北京）股份有限公司 $