物理（五）-【真题密卷】2026年高考物理考前冲顶实战演练（湖北专版）

2025一2026学年度考前冲顶实战演练 物理（五） 本试卷总分100分，考试时间75分钟。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。 如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡 上。写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，第1~7 题只有一项符合题目要求，第8~10题有多项符合题目要求。每小题全部选对的得4 分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。 1.一个静止的钴Co在某条件下发生B衰变生成镍60(N),放出动能为E1的电子，同时 释放能量分别为E2、E3的两个Y光子，忽略镍60的动能，释放的核能全部转化为电子 的动能和光子的能量，已知电子的质量为m,真空中光速为c,不考虑相对论效应，下列 选项正确的是 A.核反应方程为9Co→9Ni十de B.运动的高速钴C0发生衰变的半衰期更短 C.质能方程为c2=E1十E2十E3 D.镍60(Ni)的比结合能比钴60更大 2.一无人机在水平面内进行表演，Ox方向向东，Oy方向向北，机载传感器描绘出的无人 机在水平面内运动的轨迹如图所示。若0~x。内的曲线为开口向右的抛物线，则该无 人机向东飞行的vxt(速度一时间)图像、axt(加速度一时间)图像、向北飞行的v,t(速 度一时间)图像、向北飞行的ayt(加速度一时间)图像可能正确的是 物理试题（五）第1页（共8页） 考前冲顶 3.如图所示，A、B两球用轻杆连接锁定在竖直面内光滑的圆轨道上，A球在与圆心O等高 班级 的位置，B球在圆心正下方，解除锁定让两球由静止开始运动，当杆水平时，A、B两球的 速度刚好为零，不计两球的大小，则从解除锁定至轻杆水平的过程中，下列判断正确 的是 姓名 ------------- 得分 B A.A球质量大于B球质量 B.杆对B球做正功 C.合力对B球做正功 D.当杆水平时，A、B两球加速度可能相等 4.冥王星与卡戎（如图甲）之间存在一种特殊的天文现象一潮汐相互锁定，这意味着卡 戎绕冥王星公转一周的时间，恰好等于它自转一周的时间，也等于冥王星自转一周的时 间。冥王星与卡戎可看成一个双星系统，它们绕着O点做匀速圆周运动（如图乙），已知 冥王星与卡戎的质量之比约为8：1，半径之比约为2：1，在彼此绕行的过程中，忽略其 他天体的影响，下列说法正确的是 冥王星 0 卡戎 (⑨ 冥王星 卡戎 甲 乙 A.冥王星与卡戎的地表两极处重力加速度之比为2：1 B.冥王星与卡戎的第一宇宙速度之比约为4：1 C.冥王星与卡戎的线速度大小相等 D.冥王星与卡戎的轨道半径之比为2：1 5.如图所示，理想变压器原、副线圈接入定值电阻和电阻箱，定值电阻R1=42,R2=5Ω， 电阻箱R。的调节范围足够大，电流表为理想交流电表，原线圈所接交流电源电压= 44√2sin(100πt)V。当电阻箱的阻值调节为52时，电流表的示数为1A,原副线圈的匝 数分别用n1、n2表示。下列说法正确的是 R R A.n1:n2=4:1 B.当电阻箱的阻值为5Ω时，副线圈的输出电压为80V C.当电阻箱的阻值为152时，变压器的输出电压是R1上电压的10倍 D.电阻箱R。的阻值逐渐减小到某值，会出现电源输出功率最大 实战演练 物理试题（五）第2页（共8页） 4 6.如图，光滑水平面与水平传送带无缝衔接，传送带足够长，以恒定速率。逆时针运动。 可视为质点的质量为m的滑块，以速率v(v>。)水平向右冲上传送带，最终向左又返 回水平面。滑块与传送带之间的动摩擦因数处处相同且为4，已知重力加速度为g。关 于滑块在传送带上运动的全过程，下列选项正确的是 A.滑块向右滑行的最远距离为，。 B.传送带多做的功为mvo(vo十v) 1 C.因摩擦产生的内能为)m(u6十o2) D.因摩擦产生的内能为m(vo+v)2 7.如图甲所示，水平桌面上放置一个算盘。算珠可穿在固定的杆上滑动，算珠与杆之间的 动摩擦因数为0.1。发现某一根杆上有A、B两颗算珠未在归零位。现将算珠A拨出， 离手时Ao=0.4m/s,A、B相隔s1=3.5cm,每颗算珠质量为10g,g取10m/s2,A、B 在碰撞前后的t图像分别如图乙、丙所示(A、B碰撞的时间极短，图乙时间坐标轴每格 分度值相同)。下列选项正确的是 u(m's) (m's) 未归零归零 0.4 A 0.4 状态状态 0.3 0.3 0.2 0.2 0. 0.1 算盘水平放置 s 0 s 甲 乙 丙 A.由于摩擦力存在，A、B碰撞过程动量不守恒 B.碰撞过程中A受到的合外力冲量大小I=4×10-3N·s C.算珠A与B的碰撞是非弹性碰撞 D.算珠A与B的碰撞是完全非弹性碰撞 8.如图所示，半径为R的光滑大圆环固定在竖直面内，小环套在大圆环上，小环由静止开 始从大圆环顶端自由下滑至其底部。则下列关于小环下滑过程中，其水平方向速度x、 竖直方向速度vy、角速度平方w2以及向心加速度αm随下落高度h变化的图像可能正 确的是 4 物理试题（五）第3页（共8页） 考前冲顶多 ◆0 A B C D. 2Rh O 2R h 9.如图所示，波浪发电机是一种将海洋波浪的动能转化为电能的装置，由浮标和定浮标的 长锚链组成，浮标随波浪上下运动驱动发电机发电。波浪可视为简谐波，某时刻浮标 A、B均处于同一列波的波峰，两浮标间有两个波谷，经过1s时间，浮标A第一次到达 波谷。已知两个浮标A、B相距20m,则 A.波浪的波速为5m/s B.波浪的波速为8m/s C.浮标A、B的振动频率是波浪频率的2倍 D.浮标A、B的振动周期为2s 10.如图所示，一边长为L的单匝正方形均匀金属导体线圈置于光滑绝缘水平面上，线圈 右侧存在垂直水平面的匀强磁场区域「和Ⅱ，两磁场的宽度均为L,磁感应强度大小 均为B,方向如图所示。线圈的cd边与磁场边界始终平行。现给线圈一水平向右的 初速度。，当线圈全部进人磁场Ⅱ时速度恰好为零，下列说法正确的是 X X。 X。 :X X1。 L A.整个过程中，线圈做的是加速度逐渐减小的减速运动 B.线圈cd边分别进入磁场I、Ⅱ时，其速度之比为5：4 C.线圈的cd边在磁场I、Ⅱ运动的过程中线圈产生的焦耳热之比为9：16 D.线圈的ab边尚未进人到磁场I时，cd两端的电压大小可表示为；BLo 实战演练 物理试题（五）第4页（共8页） 二、非选择题：本题共5小题，共60分。 11.(7分)某同学借助图甲所示的装置验证机械能守恒定律，用到的器材有：气垫导轨、光 电门、遮光条、数字毫秒计、滑块等。当地重力加速度为g,实验的主要步骤如下： 遮光条 光电门 进气■ 滑块 缓冲器 A 水平桌面标尺 cm 0510 (1)用游标卡尺测量遮光条的宽度d,如图乙所示，则d= mm. (2)用测量工具测得导轨的倾斜角为0。 (3)将滑块从光电门左上方的最高位置由静止释放，用刻度尺测出滑块在释放点时遮 光条与光电门之间的距离为L,记录下遮光条通过光电门的遮光时间为t,则滑块 经过光电门时的速度大小v= ,要验证滑块的机械能是否守恒，只需验证 1d、2 2)= (均用题中所给字母表示)。 (4)若记录滑块返回时经过光电门的时间t'=t,说明滑块与缓冲器作用过程机械能 (填“是”或“否”)守恒。 (5)为减小实验误差，实验时宜选用 (填“较大”或“较小”)导轨倾斜角度。 12.(10分)某同学做“测量电源的电动势和内阻”实验，设计了如图甲所示实验电路图， R。=42,起保护电源作用，R2的最大阻值为252。实验步骤如下： R R ⊙ 5 10152025R,/2 用 (1)该同学闭合开关S之前，先把电阻箱 (填“R,”“R2”或“R1和R2”)的阻值 调至最大。 (2)在S2闭合于1处之后，多次调节电阻箱的选择旋钮，同时记录下每次电阻箱的阻值 R,和电流表A的示数I,再把示数I换算为倒数，描绘得到如图乙所示的R, 图像，可求得电源电动势E= V,内阻r= 2(结果均保留2位有 效数字)。 物理试题（五）第5页（共8页） 考前冲顶实 (3)该同学再把S2闭合于2处，多次调节电阻箱的选择旋钮，同时记录下每次电阻箱的 阻值R2和电压表V的示数U,为使图像更直观，应以 (填选项代号)为坐 标画图像，来计算电源电动势和内阻。 A.U-R2 11 B.0R2 C (4)电压表量程为0一3一15V,实验时应该选择的量程为 (5)S2闭合于1处测得内阻的测量值与真实值相比 (填“偏大”“偏小”或“不变”)。 13.(10分)游泳池底部装有地埋式LED灯，主要用于水下照明，方便游泳的人看到泳池水 底的情况。如图所示，表面积足够大的某泳池水的深度h=2,LED灯可视为点光 源，已知水的折射率n=√2，空气中光速c=3.0×108m/s,π=3.14。不计游泳池的反 射，当灯以不同角度射出光线时，求： (1)光在水中传播的速度大小； (2)在水面上方能看到的发光区域的面积。 h LED灯 战演练 物理试题（五）第6页（共8页） 4 14.(15分)一定质量的理想气体从状态A开始，经A→B→C 态A,其p-V图像如图所示，已知状态A的气体温度TA 和温度T的关系为U=aT(其中a=2J/K)。求： (1)气体在状态C时的温度； (2)C→A过程中，气体从外界吸收的热量。 4 物理试题（五）第7页（共8页） →A三个过程后回到初始状 15.(18分)如图所示，质量m=0.2kg的足够长木板c放在光滑的水平面上，长木板的右 350K,该理想气体的内能U 端到右侧弹性挡板的距离x。=6m,左端紧靠一平台且上表面与平台平齐，长木板的最 左端放置一质量为m2的物体b。质量M=2kg在光滑圆弧形轨道的滑块d放在光 滑平台上，且圆弧与平台相切。初始时滑块d锁定在平台上，若质量为m1的物体a由 p/(x10Pa) 距离平台高2.7m处静止释放，物体a刚好由圆弧轨道的最高点进入弧形轨道，物体a 运动到最低点时对轨道的压力为50N。现解除锁定，物体a仍从原来的位置静止释 放，经过一段时间与物体b发生弹性碰撞，物体b在长木板上发生滑动，此后长木板c 与挡板发生弹性碰撞。已知物体a、b的质量都为1kg,物体b与长木板c间的动摩擦 5V1(×10-3m) 因数u=0.5,a、b可视为质点，b始终没有离开长木板c,g取10m/s2。求： (1)四分之一圆弧轨道半径r; (2)物体b第一次与长木板c共速时b与c左端的距离； (3)长木板c在水平面上通过的总路程s。 d 777777777777 777777777777777 7777777777777777 考前冲顶实战演练 物理试题（五）第8页（共8页）·物理· 参考答案及解析 参考答案及解析 2025一2026学年度考前冲顶实战演练 物理（五）】 一、选择题 1.D【解析】核反应方程为Co→Ni十_9e,A 又=4，得片-经-日所以两考金 错误；钻C0发生衰变的半衰期不受环境、状态 等的影响，B错误；发生核反应的质能方程为 金成大小之比受-月-后CD绿民 △mc2=E1十E2十E3,△m是质量亏损，不是反应 5.C【解析】交流电源电压有效值U=44,V- √2 物质量，C错误；反应过程放出核能，反应后的原 44V,则变压器输入电压U1=U-IR1=(44-1 子核镍60(N)的比结合能更大，D正确。 2.C【解析】由于0~x。段曲线为开口向右的抛物 义4V=40V,副线图电流1：-1，-则到线 n2 线，而且图像为运动轨迹，根据物体做曲线运动的 特点可知，无人机可能在向北方向做匀速直线运 图电压U,=1,R,十R)=10m,又因为U:U, n2 动，在向东方向做匀加速直线运动，结合a-t、心t n1:n2,联立解得n1:n2=2:1,U2=20V,A、B错 图像纵坐标变化，C正确。 U2、1 3.B【解析】根据机械能守恒，A球减少的重力势 误；当电阻箱的阻值为150时，20×2×R,=U1, 2U2+U1=44V,可得U2=10UR1,变压器的输出 能等于B球重力势能增加量，即mA8X2 -R= 电压是R1上电压的10倍，C正确；将原线圈输入端 加：8R-号：由北判断A球废主小于B球质 等效为电阻R,则IR=I(R。十R2),因为电流 2 I2=I1,整理得R.=()(R。十R2)=4(R。十 量，A错误；B球机械能增加，因此杆对B球做正 n2 n, 功，B正确；B球的速度先增大后减小，动能先增大 R2),变压器的输出功率最大时应有Rz=R1,可 后减小，根据动能定理可知，合力对B球先做正功 知不存在输出功率最大情况，D错误。 后做负功，总功为零，C错误；当杆水平时，杆的弹 6.B【解析】当v>v。时，滑块先向右减速运动，滑 力大小相等，方向相反，球壳弹力垂直切面，两小 块向右滑行速度减为索，最远的距离一g ,A错 球的重力下滑分量与杆的弹力的切向分量合成力 误；再向左加速运动，离开传送带时速度大小等于 产生加速度，由于A、B两球质量不等，因此两球 vo。设运动时间为t,有一v0=v一gt,可得t= 加速度不相等，D错误。 v0十v 4.A【解析】根据地表万有引力近似等于重力，冥 ,相对位移5相三之(00十)1=。十0)2 2g,因 王星表面G”-mg1,卡我表面G:” =mg2’ 1 R R 摩擦产生的内能E=mg5指=2m(u,十o)',C、D 冥王星与卡戎的地表加速度可以表示为g1= 错误；传送带多做的功W=fx带=μmg·vot= 0学两会0-异A mg·0。.et”=m0,(0,十，B正确。 ug 确；根据GMm_-mo,GM:m_mw2 7.C【解析】由于碰撞时间极短，碰撞内力远大于 RR:’R=R,,得第一宇 摩擦力，故A、B间的碰撞可认为是动量守恒，A 宙速度之比= M1R22 错误；由图乙图像可知，碰撞前A的速度？1= 0√MR,=1,B错误；对双星系 0.3m/s,碰撞后A的速度2=0.1m/s,对A,取 统，两星在轨道上的转动角速度相等，得v=ωr, 碰撞前的速度方向为正方向，根据动量定理得【= 物理答案（五）第1页（共4页）】 4 2026 考前冲顶实战演练（五） △p=mvA2一m0a1,已知m=10g=0.01kg,代入 边在磁场Ⅱ运动的过程，有一2BI'Lt2=0一mw1,即 数据解得I=一2X103N·s,B错误；由图丙图 4B2L20't 像可知，碰撞后B的速度v2=0.2m/s,则碰撞前 R =m1,其中0t2=L,解得u=写0B 1 系统总动能Ea=2mui,解得Eu=4.5X104J, 正确；线圈的cd边在磁场I、Ⅱ运动的过程中线 1 星拉后系能总功能Eu=m十日m品 Q12no品-2mu21 圈产生的焦耳热之比 一，解得 Q2 1 2.5×10-4J,则Ek2<Ek1,所以A与B的碰撞为 2nu号 非弹性碰撞，C正确；由图乙、丙可知，碰后A、B初 Q1=9 速度不同，加速度相同，可知不是同速，故不是完 Q。16,C正确；线圈的ab边恰未进入到磁场 全非弹性碰撞，D错误。 时，线圈速度1= 500,此时cd边产生的电动势 4 8.CD【解析】当x=R时，水平方向速度v,=0,可 知：不可能一直增大，A错误；根据动能定理得 E=BLv1-5 BL0。,正方形各边的电阻相等，cd mgh=2mw,得=2gh,设小环下落高度为卫 边电阻相当于电源内阻，外阻为闭合电路电阻的 (h<R)时速度与水平方向的夹角为α，根据几何 3 ,故cd端的电压大小可表示为Ua=4E- 关系有，=vsin a=V2gh.yR2-(R- 3 农 BLu,D正确。 V2gh.2Rhh2gh (2Rh-h) 二、非选择题 R R V,h图 像不可能成线性关系，B错误；小环下落高度为 11.1)7.51分)(3)41分)gLsin0(2分) (4)是(1分)(5)较大(2分) 时，了-h,a:h图像为过原点的直线，C 【解析】(1)游标卡尺的精确度为0.1mm,其读 v_√2gh 正确；小环下落高度h时，仙一R= R,得a2= 数为7mm十5×0.1mm=7.5mm。 (3)根据光电门计算醉时速度的公式，有口= h,得w2h图像为斜直线，D正确。 如果系统机械能守恒，则满足mgLsin日=)mo2= 9.AD【解析】经过1s时间，浮标A由波峰第一次 1 1 到达波谷，经历半个周期，2T=1s,可得T=2s, 由题意可知2λ=20m,可得λ=10m,根据v (4)经过光电门的时间t'=t,说明滑块返回到光 T=5m/s,A正确，B错误；浮标随波浪上下运 电门时与第一次过光电门时的速度相等，动能无 损失，说明滑块与缓冲器作用过程机械能守恒。 动驱动，是受迫振动，频率与驱动力频率一致，波 (5)为减小实验误差，实验时宜选用较大的倾斜 浪驱动浮标，故两者的频率相同，周期相同，C错 角度，使得阻力远小于重力下滑分量，可以忽略 误，D正确。 不计。 10.BCD【解析】线圈的cd边由磁场I进入磁场Ⅱ 12.(1)R1(1分)(2)4.9/5.0/5.1(2分)0.9/ 的瞬间，αb边也开始受到安培力作用，线框受到 1.0/1.1(2分)(3)B(2分)(4)0~3V(2分) 的安培力瞬间增大，则加速度瞬间增大，A错误； (5)偏大(1分) 设线圈cd边刚要进入磁场Ⅱ时的速度为01，线 【解析】(1)实验前，应该把电阻箱R1的阻值调 圈的cd边在磁场I运动的过程，取向右为正方 至最大，使电流表支路电阻最大但是R2不可以 向，由动量定理得一BLt1=mv1一mvo,即 调节到最大，否则，在S2闭合到2时，超出应选 BL1=m。一m01,其中t1=L,线图的cd 择的电压表量程。 R (2)根据闭合电路欧姆定律E=I(R1十R。+r),整 物理答案（五）第2页（共4页） ·物理· 参考答案及解析 里得-R+ (R。十r) .16-1 15.(1)1.35m (2)0.6m(3)7.8m E所以E=25 V-1 【解析】(I)滑块d锁定时，物体a从释放到轨道 R+）=1A1,解得E=5.0V,r=1.00. 最低点时，由机械能守恒定律得 E (3)把S2闭合于2处，多次调节电阻箱的选择旋 migh-2mivi (1分) 钮，同时记录下每次电阻箱的阻值R2和电压表 物体a在最低，点时，由合外力提供向心力得 V的示数U,则实验数据应采用电压表示数和R2 m16 (1分) 的阻值，根据闭合电路欧姆定律E=U十R, U FN一mg= 又由牛顿第三定律得 11L1(R。+r) (R。十r),整理得行一E十R ，为使图 物块对轨道压力F=FN E 解得r=1.35m (1分) 1 像更直观，应以行为纵轴~ 为横轴进行计算，B (2)解除锁定后，物体a与滑块d组成的系统，水 正确。 平方向动量守恒，以水平向右为正方向，则有 (4)电压表量程为0~3~15V,由于电动势为5V 0=m11-Mu (1分) 左右，小于15V的一半，为实验时准确测量，应 由机钱能守恒得mBh-弓m,时十号M如 该选择的量程为0~3V。 (1分) (5)此时忽略了电流表内阻，内阻测量值偏大。 解得v1=6m/s 13.(1)3v2 ×108m/s(2)12.56m 物体a与物体b发生弹性碰撞，以水平向右为正 2 1 【解析】(1)光在水中的传播速度 方向，则有m101=m101o十m2v20,2m11= v-c_3/2 n 2X10°m/s (2分) 1 1 2mivo+2mv (2分) (2)临界角sinC=1-V2 解得010=0m/s,℃20=6m/s -n-2 (2分) 物体b与长木板c共速时的速度为V共，对b、c组 解得C=459 (2分) 成的系统由动量守恒定律得 由几何关系可知，发光区域半径r=2m (2分) m2V20=(m2十m)v共 (1分) 面积S=4πm2=12.56m2。 (2分) 解得v共=5m/s 14.(1)560K(2)330J 又由功能关系得 【解析】(1)气体从C→A的过程中，由理想气体 1 Pn2sL三2m20二2(m2+m)泉 (1分) 状态方程可得DcVc_pV TA (3分) 解得L=0.6m (1分) 4×105×2×10-3 代入数据，解得Tc= N×1oxxO (3)物体b从滑上长木板c到第一次共速，对长 PAVA 1 350K=560K (2分) 木板c由动能定理得m:gx=之mw4 (1分) (2)气体从C→A的过程中，外界对气体所做的 解得x=0.5mxo 功等于图线与横坐标围成的面积，则有(1分) 物体b与长木板c共速后，木板与挡板发生碰 w=号×1+40×10×3×10-1=-750J 撞，以m2和m为研究对象，长木板第1次与挡 板撞后，以水平向右为正方向，得 (2分) m2v共-mv共=(m2十m)U2 (1分) 气体内能的变化量△U=a(TA-Tc)=2×(350 -560)J=-420J (2分) 解得a=:一m 0共 m2+m 由热力学第一定律可得△U=W十Q (3分) 长木板与挡板第1次碰后向左滑动的距离为51， 解得Q=△U-W=-420J-(-750J)=330J。 1 (2分) 对长木板c得一m2gs1=0一之m0条 (1分) 物理答案（五） 第3页（共4页）》 4 2026 考前冲顶实战演练（五） mvx 解得51一2un2g 对长木板有一m2g5n=0一 2mm号 (1分) 长木板第2次与挡板撞后，以水平向右为正方 向，得m2v2-mv2=(m2十m)v3 解得。一(》0-” mvx (1分) 2μm2g 解得ug=:一m 2)2 长木板c通过的路程 m2+m0=(3）0* s=x0十2(s1+s2十s3+…+5m) 对长木板有一um2gs2=0 1 2mvg 整理得s= mv头 ,+2+(}+(号)++（层）门 mv共 长木板第n次与挡板撞后，以水平向右为正方 2μm2g 向，由动量守恒定律得 代入数据解得s=7.8m。 (1分) m2Un-mon=(m2+m)vn+i (1分) 解得Vm+1= -( (1分) 4 物理答案（五）第4页（共4页）