物理（四）-【真题密卷】2026年高考物理考前冲顶实战演练（山东专版）

2025一2026学年度考前冲顶实战演练 物理（四） 本试卷总分100分，考试时间90分钟。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。 如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡 上。写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题目 要求。 1.在超导托卡马克实验装置中，一个H与一个H发生核反应，放出一个，并生成一个 新核。其中H质量为m1,H质量为m2,0n质量为m3,新核质量为m4,若已知真空中 的光速为c,则下列说法中正确的是 A.该核反应属于α衰变 B.新核的中子数为3，且该新核是He的同位素 C.该反应释放的核能为(m1十m2一m3一m4)c2 D.对于参与核反应的粒子系统，核反应前后系统的动量不守恒 2.某人驾驶一辆汽车以速度。匀速行驶，某时刻汽车开始刹车，测得第1s内的位移大小为 6m,第4s内的位移大小为1.5m。若汽车刹车过程可看做匀减速直线运动，则 A.汽车第4s末已经停下来 B.汽车初速度vo=6.75m/s C.汽车加速度的大小为3m/s2 D.汽车在t=4s时速度大小为0.5m/s 3.石磨是把米、麦、豆等粮食加工成粉、浆的一种工具。如图所示，石磨由下盘（不动盘）和 上盘（转动盘）两部分组成。某人在手柄AB上施加方向总与OB垂直、大小为10N的 水平力作用使石磨上盘匀速转动。已知B点到转轴O的距离为0.3m,石磨运动一周 历时10s。π≈3，则石磨上盘匀速转动一周的过程中克服摩擦力所做功的平均功率约为 A.0 B.0.3W C.0.6W D.1.8W 物理试题（四）第1页（共8页） 考前冲顶 4.如图，一定量的理想气体从状态A经等容过程到达状态B,然后经状态B变化到状态 班级 C,其V-T图像如图所示。已知质量一定的某种理想气体的内能只与温度有关，且随温 度升高而增大。下列说法正确的是 AV 姓名 ● 得分 A.A→B过程为放热过程 B.B→C过程为等压过程 C.状态A压强比状态C的小 D.状态A内能比状态C的大 5.一理想变压器原、副线圈匝数比n1：n2=11：5,如图甲所示，原线圈与正弦交流电源连 接，副线圈接入一个20Ω的电阻。原线圈输入电压u随时间t的变化情况如图乙所示。 电压表、电流表均为理想电表，下列说法正确的是 个/V 220√2 0.5 2t/×102s -220√2 甲 A.电流表的示数为5A B.电压表的示数为50V C.变压器的输入功率为500W D.经过60s电阻产生焦耳热为6×104J 6.如图，在某次巴蜀中学趣味运动会中，小蜀手持质量为M的乒乓球拍托着质量为m的 乒乓球一起沿水平方向做匀加速直线运动。球拍平面与水平面之间的夹角为0。不计 球和球拍之间的摩擦力以及空气阻力，重力加速度为g。则 乒乓球 球拍 0 A.乒乓球的加速度大小为gtan0 B.手对球拍的作用力大小为(m+M)gsin0 C.乒乓球运动过程中，其重力做负功 D.若小蜀在中途突然带着球拍减速，则乒乓球将做自由落体运动 实战演练 物理试题（四）第2页（共8页） 3 7.如图所示，某星球赤道上的A点有一卫星观测站，高空中有一探测卫星b,其轨道与赤 道共面。探测卫星b的绕行方向与该星球自转方向相反，角速度为该星球自转角速度 的2倍。已知该星球半径为R,高空探测卫星b距星球表面的高度也为R,星球表面两 极的重力加速度为g,下列说法正确的是 A,探测卫星b的加速度大小为气 B.该星球同步卫星的轨道半径为4√2R C.每经过4r/2R 二时间，探测卫星b经过A点正上方一次 3g D.卫星观测站能持续监测到探测卫星b的时间最长为红2四 9g 8.某静电除尘装置的原理截面图如图，一对间距为，极板长为L的平行金属板，下板中 点为O,两板接多挡位稳压电源；均匀分布在A、B两点间的n个（数量很多）带负电灰 尘颗粒物，均以水平向右的初速度。从左侧进入两板间。颗粒物可视为质点，其质量 均为m,电荷量均为一q,板间视为匀强电场。若不计重力、空气阻力和颗粒物之间的相 互作用力，且颗粒物能够全部被收集在下极板，则 电源 A.上极板带正电 B.电源电压至少为 mvid2 gL2 C.电源电压为U时，净化过程中电场力对颗粒物做的总功为nqU D.O点左侧和右侧收集到的颗粒数之比可能为1：4 二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合题目要求， 全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。 9.波源处于坐标原点的一机械波沿x轴正方向传播，质点P的平衡横坐标xP=2m,质点 Q的平衡横坐标xQ=8,质点P、Q的振动图像分别如图甲、乙所示，t=0时刻，质点 P、Q间只有一个波峰，下列说法正确的是 3 物理试题（四）第3页（共8页） 考前冲顶多 A.该机械波的波长为4m B.该机械波的波速是3m/s C.t=10s时，质点P在平衡位置沿y轴负方向振动 D.该机械波在0~5s时间内传播的距离是10m 10.在竖直平面内存在一静电场，其电场线分布如图甲所示，Ox轴竖直向下。在O点由静 止释放一个带电小球，其后小球沿x轴正方向运动的t图像如图乙所示。已知重力 加速度为g,下列说法正确的是 A.小球带负电 B.小球在A点的加速度可能大于g C.从O点到A点，小球的动量变化率先增大再减小 D.从O点到A点，小球的电势能一直增大 11.《卖油翁》是宋代文学家欧阳修创作的一则写事明理的寓言故事，说明了熟能生巧的道 理。如图所示，油从距离地面高度为H的地方倒出，油束刚好充满钱孔倒入壶内，钱 孔的横截面积为S,油壶的高度为h,油的密度为ρ，重力加速度为g。若油倒入瓶底速 度减为0，没有飞溅。不计一切阻力，下列说法正确的是 A.单位时间倒入壶中油的质量为pS√2g(H一h) B.单位时间倒入壶中油的质量为p√2g(H一h) C.在动量减小阶段，后落入壶内的油，单位时间内动量变化更少 D.在动量减小阶段，任何时候落入壶内的油，单位时间内动量变化都一样多 战演练 物理试题（四）第4页（共8页） 12.如图，真空中两个足够大的平行金属板M、N水平固定，间距为d,M板接地。M板上 方整个区域存在垂直纸面向里的匀强磁场。M板O点处正上方P点有一粒子源，可 沿纸面内任意方向发射、速度大小相同的同种带电粒子。当发射方向与OP的夹角 0=60°时，粒子恰好垂直M板穿过Q点处的小孔。已知OQ=3L,初始时两板均不带 电，粒子碰到金属板后立即被吸收，电荷在金属板上均匀分布，金属板电量可视为连续 变化，不计金属板厚度、粒子重力及粒子间的相互作用，忽略边缘效应。下列说法正确 的是 X ×0 OX A.粒子一定带负电 B.若间距d增大，则板间所形成的最大电场强度增大 C.粒子打到M板上表面的位置与O点的最大距离为L D.粒子打到M板下表面的位置与Q点的最小距离为2√d 三、非选择题：本题共6小题，共60分。 13.(6分)某实验小组用如图甲所示的装置做“用单摆测量重力加速度”的实验。 1 cm (1)用游标卡尺测量小球的直径，示数如图乙所示，读数为 mm (2)若某同学实验中测出单摆做n次全振动所用时间为t、摆线长为1、摆球直径为d, 则当地的重力加速度g= (用测出的物理量表示)。 (3)下列叙述正确的是 A.长度不同的1m和30cm的同种细线，应选用1m的细线做摆线 B.如图丙中A、B、C,摆线上端的三种悬挂方式，选C方式更好 C.从经过平衡位置开始计时，此后单摆60次经过平衡位置的总时间除以60为单 摆振动的周期 D.如图丁中，由于操作失误，致使摆球在一个水平面内做圆周运动，对实验的结果 并不会产生影响 14.(8分)磁阻效应是指某些材料的电阻值随外加磁场变化而变化的现象。如图甲为某磁 敏电阻在室温下的电阻—磁感应强度特性曲线，其中RB、R。分别表示有、无磁场时 磁敏电阻的阻值。为测量某磁场的磁感应强度B,需先测量磁敏电阻处于磁场中的电 阻值。实验器材如下： 物理试题（四）第5页（共8页） 考前冲顶实 R 14 2 0 8 6 2---4------ 2 0 0.20.61.01.4B/T A.磁敏电阻，无磁场时阻值R。=400Ω B.滑动变阻器R,总电阻为102 C.电流表A,量程3mA,内阻未知 D.电压表V,量程3V,内阻为2k2 E.直流电源E,电动势6V,内阻不计 F.定值电阻R G.开关S,导线若干 (1)待测磁场磁感应强度大小约为0.6T1.4T,选择一个合理的定值电阻R1= (填“2k”“2002”或“202”)。 (2)为使测量尽量精确，下列电路图符合实验要求的是 R A A B. A ☐(A R (3)将该磁敏电阻置于待测匀强磁场中，不考虑磁场对电路其它部分的影响。某次闭 合开关后，电压表的示数如图乙所示，此时电压表读数为 V。 本UV 3 25 2 1.5 wnunittln 15 0.5 0 V 0.511.522.531/mA 乙 丙 战演练 物理试题（四）第6页（共8页） (4)进行多次测量，得到电压表读数U和电流表读数I,绘出U-I图像如图丙所示，根据 图像，进一步分析得到匀强磁场中磁敏电阻的阻值R= ,结合图甲可知 待测磁场的磁感应强度B= T(结果均保留两位有效数字)。 15.(8分)如图所示，一理想变压器原、副线圈匝数比n1：n2=22：1,原线圈所加电压u= 220√2·sin314t(V),副线圈连接一根阻值R=202的电阻丝负载，其余电阻不计。将 该电阻丝置于一绝热容器A中，A容器的体积V。=2L。设电阻丝自身升温所需热量 以及所占的体积忽略不计。A容器通过一绝热细管与一竖直的横截面积S=100cm的 绝热容器C相连，容器C内有质量m=10kg的绝热活塞，活塞与C容器间无摩擦且无漏 气。现有一定质量理想气体封闭在两容器中，开始时容器内气体温度T。=300K,活塞 离容器底高度ho=10cm,大气压强p。=1.01×105Pa,接通电源对电阻丝加热，使C 中活塞缓慢移动，当稳定时容器气体温度为2T。,用时6分钟，焦耳热全部被气体吸收 且C容器高度足够高。求： (1)从开始加热到达到平衡时容器C中活塞移动的位移大小； (2)容器中气体增加的内能。 177 16.(8分)一个柱状玻璃砖的横截面如图所示，它可视为由半径为R的扇形OPQ与直角 三角形OPM组成，∠QOP=90°，∠OPM=90°，∠OMP=45°。现有一束单色光从 OQ边上的N点垂直边界OQ射入玻璃砖，在圆弧面PQ刚好发生全反射。已知光在 真空中的速率为c,ON长度为R。不考虑PM反射，求 (1)玻璃砖对该单色光的折射率； (2)单色光在玻璃砖中的传播时间。 459 17.(14分)如图所示，足够长的固定平行金属导轨A1B1A2B2与水平面的夹角0=30°，导 轨的右端接有阻值为R的电阻，导轨的间距为L,导轨C1C2的下方存在随空间交替变 化的匀强磁场，方向如图，大小均为B,每个磁场的宽度均为，。现闭合开关S,将材料 相同、粗细均匀的矩形金属线框MNPQ从距C1C2的上方某一位置静止释放，MN边 刚进入磁场时加速度变为零。已知金属线框的质量为m、周长为3L、总电阻为3R,运 3 物理试题（四）第7页（共8页） 考前冲顶实 动过程中金属线框与导轨始终接触良好，且MQ与A1B1重合，NP与A2B2重合，不 计线框与导轨之间的摩擦力，导轨电阻忽略不计，重力加速度为g。 (1)线框MNPQ的MN边刚进入磁场时，求B1、B,两点之间的电势差U,B,· (2)求初始时线框MNPQ的MN边与C1C2之间的距离x1。 (3)从线框MNPQ完全进人磁场开始计时，同时断开S,经过时间t,线框的加速度再 次变为零，求此时线框MNPQ的PQ边与C1C2之间的距离x2。 C R C … 丁.0=30° 18.(16分)一游戏装置竖直截面如图所示，该装置由固定在水平地面上倾角0=37°的直轨 道AB、螺旋圆形轨道BCDE,倾角0=37°的直轨道EF、足够长水平直轨道FG组成， 半径R=0.32m的螺旋圆形轨道与轨道AB、EF相切于B(E)处，B点高度为1.2R, 轨道间平滑连接。质量M=5kg的滑块b放置在轨道FG上，滑块b的上端面是一水 平台面，台面的长度11=0.8m,高度l,=0.8m,滑块b的侧面是g圆周的圆弧形光滑 槽，槽底跟水平面相切。质量m=2kg的物块a从倾斜轨道AB上高度为H处静止释 放（各段轨道均光滑，物块a视为质点，不计空气阻力，忽略螺距，重力加速度g取10m/s2, sin37°=0.6，cos37°=0.8)。 (1)若H=1.12m,求： ①物块a经过B点时螺旋圆形轨道对物块a的作用力大小FB; ②物块a冲上滑块b后能达到的最大离地高度h; (2)欲使物块a击中滑块b的水平台面，求释放高度H的取值范围。 459 Q物块a DK 、-11 H B 1.2R E) 滑块b _y .0 F G 战演练 物理试题（四）第8页（共8页）·物理· 参考答案及解析 参考答案及解析 2025一2026学年度考前冲顶实战演练物理（四） 一、单项选择题 6.A【解析】对乒乓球受力分析如图甲所示，根据 1.C【解析】这个反应是核聚变，A错误；根据题意 牛顿第二定律得ma=mg tan0,解得a=gtan0, 可以写出核反应方程H十H→He十n,新核 A正确；对球拍和乒乓球整体受力分析，如图乙所 的质子数和中子数都是2，是He同位素，B错误； 示，根据平行四边形定则知，运动员对球拍的作用 由于释放核能，会产生质量亏损，释放的能量大 小E=(m1十m2一m3-m4)c2,C正确；核反应方 力F=M十08，B错误；对乒兵球受力分析如图丙 程能量守恒且动量守恒，D错误。 所示，乒乓球水平向右运动，其重力不做功，C错 2.B【解析】根据△x=aT2,汽车4s末未停下来，根 误；若小蜀在中途突然带着球拍减速，由于惯性， 据△x1-△x4=3aT2,得出加速度大小a=1.5m/s2, 乒乓球的速度不会减小，将与球拍分离，在水平方 第4s内的平均速度与第3.5s瞬时速度相等，均 向有初速度，在竖直方向受力重力作用，故乒乓球 为1=1.5m/s,可知t=4s时，汽车速度2=01 将做平抛运动，D错误。 a×0.5s=0.75m/s,A、C、D错误；汽车初速 度o=v1十a×3.5s=6.75m/s,B正确。 3.D【解析】F与摩擦力一直是平衡力，F克服摩 乒兵球 擦力做功，因F大小不变，方向不断变化，则在微 小的位移内可认为是恒力，则微元功△W=F△x, 球拍 根据W=∑△W=F∑△x=F·2πL=10X2πX 0.3=6xJ≈18J,可知P=W-1,8W,D正确。 mg 4.C【解析】A→B过程，体积不变，则W=0,温度 升高，则△U>0,根据热力学第一定律△U=W十 Q可知Q>0,即该过程吸热，A错误；B、C连线并 非过原，点的倾斜直线，非等压线，B错误；从A状 态至C状态，图线上的点与O连线的斜率越大，说 明此状态下压强越小，可知状态A的压强比状态 (M+m)g C的小，C正确；状态A的温度比C的低，其内能 比C的小，D错误。 5.C【解析】原线图电压有效值U,=220,2V √2 乒乓球 220V,电压表示数等于副线圈电压的有效 值U,=”2U,=100V,B错误；流过电阻的电 球拍 n1 U2100. 流12=R20 =5A,根据电流比与匝数比的关 mg -,解得电流良的示量1：-A,A能误： 系12 25 变压器的输入功率P1=L1·U1=A×220V- 7.A【解析】由万有引力提供向心力GMm 2=ma, 500W,C正确；理想变压器输入功率与输出功率相 r=2R,黄金代换式GM=gR,联立解得a=, 等，即P1=P2=500W,则经过60s电阻产生焦耳 Mm 热Q=P2t=500W×60s=3.0×104J,D错误。 A正确；由G (2R)=mw2X2R,解得卫星的角 物理答案（四）第1页（共4页） 3 2026 考前冲顶实战演练（四） 速度w= GM 颗粒的初始高度之比为1：4，因初始时刻颗粒物均 √(2R),则该星球自转的角速度0。= 匀分布，故O点左侧和右侧收集到的颗粒数之比最 1GM 2√(2R),该星球自转角速度与其同步卫星角速 少为1：(4-1)=1：3，D错误。 二、多项选择题 度相同，有G Mm 9.AC【解析】由振动图像可知周期T=4s,由于 =mw品r,联立解得r=24R,B错 Q、P两个质点振动方向相反，且质点P、Q间只 误；由绕行方向相反，则卫星与观测站下一次相遇 有一个波峰，则可知两者间距离满足。入=6m,解 满足wt十wot=2π，解得时间t= 2π ,代入黄金代换式可解得t= 得波长入=4m,则波速口分1m/S,A正确，B GM,1「GM √(2R)3十2√(2R) 错误；在t=10s时质，点P的振动与方向t=2s时 相同，由质点P的振动图像可看出，质点P在平 2π2R 3g ,C错误；如图所示，由几何关系可得，卫星 衡位置沿y轴负方向振动，C正确；该机械波在 相对观测站转过的角度为，则卫星现测站能特 0~5s时间内传播的距离△x=t=5m,D错误。 10.AD【解析】通过题图乙知小球加速度先减小后 续监测探测卫星的时间最长，则t= 增大，小球向下运动，假设小球带正电，电场力向 2x 下，由牛顿第二定律可知mg十Eq=ma,电场线 2π2R 从O到A先密集再稀疏，电场强度先增大再减 ,D错误。 GM 1 GM 9g 小，加速度先增大再减小，与题图乙不符合，故小 √2R)+2/2R) 球带负电，且所受电场力始终小于重力，A正确； 由牛顿第二定律mg一Eq=ma可知，小球加速 3 60 度必小于g,B错误；动量支化率=F。,由图 乙可知小球加速度先减小再增大，故合力也是先 减小再增大，动量变化率先减小再增大，C错误； 小球所受电场力方向竖直向上，电场力一直做负 8.B【解析】颗粒物要被下极板收集，则所受电场 功，电势能一直增大，D正确。 力方向必向下，因其带负电，故电场强度方向向 11.AC【解析】设△t时间内倒入壶中油的质量为 上，故上极板应带负电，A错误；电源电压最小时， m,油到达壶口时的速度为v,则有m=p·△V, 沿上极板边缘进入的颗粒物恰好落到下极板右 端，设其在板间运动的时间为t,加速度大小为 △-S·Ad,根据机梳能守恒定律，则有2m a,则沿极板方向有L=vot,垂直极板方向有d= mg(H-h),联立解得m=pS√2g(H-h)·△t, 2at2,又na=gE-,联立解得U。=2dx。 1 故单位时间内落入壶中油的质量△m=0- △t B正确；因初始时刻颗粒物均匀分布，由W一 pS√2g(H一h),A正确，B错误；随着油面的上 g0+U++u.)=四0，+…+) 升，后落入壶内的油到达油面的速度逐渐减小， 因此在动量减小阶段，其单位时间内动量的变化 更少，C正确，D错误。 ×子0十)n可得净化过程中电场力对颗粒 12.AC【解析】根据粒子在磁场中的偏转方向，与 物做的总功W三)gU,C错误；电源电压最小厅 左手定则可知粒子带负电，A正确；随着粒子不 断打到N极板上，N极板带电量不断增加，向下 时，O点左侧和右侧收集到的颗粒数之比最小，沿 的电场强度增加，粒子做减速运动，当粒子恰能 极板方向由x=v0t可知，落到O点和下极板右端 到达N极板时满足=2ad,a=gE,解得E= 的颗粒在板间运动的时间之比为1：2，垂直极板 1 mv2 方向由)y=2a12可知，落到0点和下极板右端的 2gd,即1越大，板间所形成的最大电场强度越 3 物理答案（四）第2页（共4页） ·物理· 参考答案及解析 小，B错误；因粒子发射方向与OP夹角为60°时 14.(1)2k2(2分)(2)B(2分)(3)2.50(2分) 恰能垂直穿过M板Q点的小孔，则由几何关系 (4)4.0×103(1分)1.2(1分) c0s60°-3L-',解得，=2L,可得0p=7n60= 【解析】(1)磁场磁感应强度大小约为0.6~1.4T, 根据图像可知磁敏电阻4R。~12R。,电压表与 √3L,可得粒子从磁场上方，直接打在打到M板 电源相比，需要扩量程，所以串联电阻R1= 上表面的位置与O点的最大距离xm= U-Uv Uv =2 ko. √/(2)2-(OP)?=√3L,当N极板吸收一定量的 Rv 粒子后，粒子再从Q点射入极板，会返回再从在Q (2)采用伏安法测量电阻，由于待测电阻较大，且 点射出，后继续做圆周运动，这时打在M板上表面 电压表内阻已知，为了准确测量，选择电流表外 的位置xm=OQ十2r=7L>xm1,则粒子打在M板 接，滑动变阻器采用分压式接法，B正确。 上表面的位置的最大距离为7L,C正确；因金属板 (3)电压表最小分度值为0.1V,读数为2.50V。 厚度不计，当粒子在磁场中运动轨迹的弦长仍为 PQ长度时，粒子仍可从Q点进入两板之间，由几何 4)根超欧姆文体R=,2,整型祥U I Ry 关系可知此时粒子从P点沿正上方运动，进入两板 RvI,根据图像有RB十2Rv3X10A RvRB 3V 间时的速度方向与M板夹角α=30°，则在两板间运 RB十2Rv 动时间12如。，其中a浸打到M板下表面距 02 解得Rg=4.0×1032=10R。,结合图甲可知待 测磁场的磁感应强度B=1.2T。 15.(1)30cm(2)1467J 离Q点的最小距离s=vcos at,解得s=2dsin2a= 【解析】(1)对A、C容器气体，根据盖一吕萨克 √3d,D错误。 定律有+Sh。-V+S,十 To (2分) 2T。 代入题中数据，解得达到平衡时容器C中活塞移 动的位移大小x=30cm (1分) 60%U 0, (2)题意可知原线圈有效电压U1= 2202V= √2 U1_ (1分) 60￥ 220V,则有U2-n2 解得副线圈电压U2=10V (1分) 则6分钟，电阻产生热量 三、非选择题 U Q=R2=1800J (1分) 13.(1)9.50(2分) （2)2rm(21+d)(2分) 该过程，气体对外做功，则 W=-(poS+mg)x=-333 J (1分) (3)AB(2分) 容器中气体增加的内能 【解析】(1)游标卡尺测量的读数为9mm+10× △U=Q+W=1467J. (1分) 0.05mm=9.50mm。 16.(1)√2 (2+√2)R (2) (2)单摆周期T=,且联立单摆周期公式T n 【解析】(1)根据题意作图，如图 ON_√2 (1分) ,解得g= 2x2n2(2l+d) 临界角满足sinC=R -2 t2 则折射率n=sinC 1 (2分) (3)摆线应适当长一些，A正确；选C方式更好， 得出n=√2 (1分) 能使摆线长度稳定，减小误差，B正确；从经过平 衡位置开始计时，单摆每相邻两次经过平衡位置 的时间间隔为一个周期，则60次经过平衡位置的 时间除以30为单摆的周期，C错误；圆锥摆的周 期与单摆的周期不同，会对实验结果造成影响，D 错误。 物理答案（四）第3页（共4页） 3 2026 考前冲顶实战演练（四） (2)根据几何关系可知光程 18.(1)①108N;②0.8m 2R+、R sin 45+R- 2 -2R-R+V2R (2)1.12m<H<1.6m (1分) 【解析】(1)①从A到B由机械能守恒定律 光在介质中的速度0=C (1分) 1 n mg(H-1.2R)=2mo% (1分) 单色光在玻璃砖中的传播时间：=、 (1分) 0 在B点时FB一ng cos37°=m R (1分) (2+√2)R 得出t= (1分) 解得FB=108N (1分) c 17.(1)mgR 9m2gR2 (2) 4BL 16BL (3)2gR2 ②从A到F由机械能守恒定律 mgRt 4B4L4+4B2L2 mgH-1 2 mvk (1分) 【解析】(1)MN边刚进入磁场时加速度变为零， 则可得ng sin0=BIL (1分) 当物块上升到最大高度时，假设没有离开圆孤 由右手定则可知M端相当于电源的正极，故 面，则物块与滑块共速，此时由动量守恒和能量 B1B2两，点之间的电势差UB,B2>0 (1分) 关系mvr=(m十M)v共 (1分) 1 MN,QP长度均为L,MQ、NP长度均为2L,可 之士工>—之2 (1分) 知QP上的电阻为R 解得h=0.8m (1分) 回路外电限，架及 假设正确，因此最大高度为0.8m (1分) (2)恰过C点，根据机械能守恒 则可得U,,=I·R1 (1分) mgR 解得UBB,=4BL mg(H-1.2R-R-Rcos 37)=1 mu2(1分) (1分) 在C点时 (2)MN边刚进入磁场时E=BLvo (1分) E=I·(R,+R) (1分) 已 mg=m R (1分) 金属线框从静止释放到MN边刚进入磁场，由动 1 解得H=1.12m (1分) 能定理可得mgx1sin0=2 ·mv6 (1分) 恰好击中平台右端 9m2gR2 解得x1=16B'元 由动量守恒和能量关系得mvr=mwx+Mu (1分) (1分) (3)从线框MNPQ完全进入磁场到再次加速度 Uz一0=Uy 为零时，设此时速度为1，由力学平衡和动量定 1 1 理可知 2mw呢=2m(o2+u)+2Mo2+mgl:(1分) mg sin 6= 4B2L2v1 2R (1分) 20y 且t= g mgsin0·t-34BL2, (v:-v)t=l1 (1分) 2R ·△t=m(v1-g) 1 (2分) 其中mgH=2mo呢 (1分) 其中x2=∑u△t (1分) 解得x2=ngR2 mgRt 综上解得H=1.6m (1分) 4B4L十4B2L2 (1分) 故1.12m<H<1.6m。 (1分) 3 物理答案（四）第4页（共4页）