湖北武汉市第四中学2025-2026学年高一下学期5月阶段检测物理试题

《2025-2026学年度高中物理5月月考卷》参考答案 题号 1 2 4 5 6 8 9 10 答案 B A D 0 BC AB AD 1.B 【详解】A.动量是矢量，表达式为p=w,匀速圆周运动中速度方向时刻改变，因此动量 方向也时刻变化，故A错误； B.动能是标量，表达式为B=,匀速圆周运动速率v大小恒定，物体质量不变，因 2 此动能始终保持不变，故B正确： C.位移是矢量，为初位置指向末位置的有向线段，物体做圆周运动时位置不断变化，位移 的大小和方向均会发生变化，故C错误： D.匀速圆周运动的加速度为向心加速度，是矢量，方向始终指向圆心，运动过程中方向时 刻改变，因此加速度是变化的，故D错误。 故选B。 2.C 【详解】A.经过最高点时，竖直方向速度为零，但水平方向速度不为零，动量P,=,也 不为零，故A错误： B.重力的冲量I=gt可知，重力的冲量不为零，故B错误； C.根据动量定理I=gt=△p 则动量的变化率兰=吧 重力恒定，故变化率不变，故C正确： D.竖直方向动量卫，=，，足球在竖直方向速度先减小后增大，则竖直方向的动量先减小 后增大，故D错误。 故选C。 3.A 【详解】在F-t图像中，图像与坐标轴所围的面积表示相应时间内F的冲量 A.t=ls时物块的速率为v,根据动量定理Ft=-0,可得v=/s,A正确： B.t=2s时，设物块的动量为P,根据动量定理t=p-0,可得p=4kgm/s,B错误； C.0~3s内，F-t图像都在第一象限，动量的增量为正值，速度为正值，C错误； D.0~4s内，根据动量定理IE=p-0 答案第1页，共7页 由图可知，图像与坐标轴所围面积I。=4Ns 解得t=4s时，物块的动量p'=4kg·m/s,D错误。 故选A。 4.A 【详解】行星绕太阳做匀速圆周运动时，万有引力提供向心力，根据万有引力提供向心力有 整理可得3GM 即开音勒第三定律的定值k=,-GM 故选A。 5.D 【详解】喷气过程时间极短，卫星与燃气组成的系统所受万有引力的冲量可忽略，系统动量 守恒。取卫星初始运动方向为正方向，设喷气后卫星速度为'，初始状态系统总动量为： 喷气后，剩余卫星质量为M-,动量为(M-m)v';燃气相对喷气前卫星向后的速度为%， 因此燃气相对地面的速度为v-。,动量为(v-)。根据动量守恒定律列方程： =(M-)v+m(v-o) 整理得：（M-m)v'=(M-m)v+wo 解得：v'=v+mmo M-m 故选D。 6.D 【详解】以水平向右为正方向，滑块Q从滑上P到滑离P的过程，物块P和滑块Q组成的 系统水平方向动量守恒，有=。+4？ 1 1 根据初末状态系统机械能相等有26=26+2×4n 2 2 联立解得6=子6，。行 2 5 根据动能定理，该过程中滑块Q对物块P所做的功为m=】×4;=8, 25 ma 故选D。 7.D 答案第2页，共7页 【详解】ABC.设小球由静止释放到第一次经过最低点的过程中，小球运动到最低点时的速 度大小为。，A、B的速度大小为，小球由静止释放在向下摆动的过程中，对A有拉力， 使得A、B之间有弹力，A、B不会分离，当C运动到最低点时，A、B间弹力为零，A、B 将要分离，A、B分离时速度相等，A、B、C系统水平方向不受外力，系统水平方向动量守 恒，取水平向左为正方向，由系统水平方向动量守恒得。-5，=0 解得c=5% 由机械能守恒定律得mgL=义5mm。+,时 2 解得L=15 L,故ABC错误； D.C球向左摆至最高点时，A、C共速，设水平向左为正方向，由水平方向动量守恒得 c-36=4w 1 由机械能守恒定律得二×3后+三2=gh+二×4m2 2 2 解得h 27,故D正确。 2g 故选D。 8.BC 【详解】A.此时小球和轨道都静止，系统水平总动量为0。根据动量守恒，之后两者的总 动量仍为0，轨道不可能持续向左运动，A错误： BC.小球向下经过B、C、D位置时解开卡扣，速度方向水平分量向左，此时系统水平总动 量向左，解开卡扣后，系统水平方向上动量守恒，整体会向左运动：经过足够长时间，轨道 会获得向左的动量，圆弧形轨道总能运动到足够长的气垫导轨左端，BC正确： D.小球向下经过D位置时解开卡扣，速度方向水平分量向右，解开卡扣后，系统水平方向 上动量守恒，整体会向右运动；经过足够长时间，轨道会获得向右的动量，圆弧形轨道总能 运动到足够长的气垫导轨右端，D错误。 故选BC。 9.AB 【详解】A.由题意可知，物体B对地面恰好无压力，此时弹簧所受的拉力大小等于物体B 的重力，即F=g 弹簧伸长的长度为x=h 答案第3页，共7页 由F= ，故A正确： 可得k="g B.A与弹簧组成的系统机械能守恒，则有gh=】 m2+E。 则弹簧的弹性势能见=ghm,放B正确， C.物体B对地面恰好无压力时，B的速度为零，故C错误； D.对A,根据牛顿第二定律有F-g=a 又F=g 可得a=0,故D错误。 故选AB。 10.AD 【详解】A.钉子射入木块过程时间极短，动量守恒1=(m+,)v 代入=0.01kg,=60m/s,m=0.0kg m 0.01kg x60m/scm/s ni+n 0.1hg 故A正确： B.木块在普通水平面的加速度4=48=2m/s2(减速) 木块在薄板上的加速度4，=山8=8m/s2(减速) 薄板摩擦更大，要总减速距离最短，需要木块在薄板上滑完整个长度L=1m,由动能定理 2+T=4m+%)8《=D)+4m+& 代入数据得总最短距离x=6m,故B错误； C.要滑行时间最短，因为4>4，需尽可能早地用大加速度减速，木块刚好滑完薄板时速 度减为0，此时时间最短，设滑上薄板前的速度为y,滑完薄板速度为0，满足=2☑L 解得=4m/s 薄板左端到O点的距离x满足v2-1=2ax 解得x=36(m/-16(m/s-5m 2×2m/s2 即薄板左端距O点5m时滑行时间最短，故C错误。 答案第4页，共7页 D.总最短时间t="-5+互=6ms4m+m/:=15s 4422m/s2 8m/s2 故D正确。 故选AD。 11.(1) 0.154 0.151 空气阻力及纸带的摩擦 (2)2-h (3)错误，所用加速度为g,即默认了重锤是做自由落体运动，这样机械能必然守恒 【详解】(1)[1]从打点O到打计数点B的过程中，重锤重力势能的减少量为 △E。=gS2=0.1×9.8×15.72×102J≈0.154J [2]根据匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度，可得打下计数点 -m/s=1.74m/s B时重锤的速度为阳=元=2x0.02m 所以从打点O到打计数点B的过程中，重锤动能的增加量为 △Ek=-m6=5×0.1×1.742J≈0.151J 2 2 [3]由分析可知，重力势能的减少量略大于动能的增加量的主要原因是空气阻力及纸带的摩 擦。 3 (2)根据机械能守恒定律有mg= 解得v2=2gh 故为得到线性图线，可作v2-h图像。 (3)这种做法是错误的。因为利用V。=√2gS2计算与B点对应的重锤的瞬时速度，从而得 到动能的增加量时，已经默认了加速度为g,即认为重锤是做自由落体运动，这样机械能必 然守恒。 12.(1) (2)%x2=m1+2x (3)BD 【详解】(1)[1]为了防止入射小球碰撞后反弹（导致落点位置混乱），入射小球的质量必须 大于被碰小球的质量，即码>心。 [2]为了保证两球发生对心正碰，两球的直径必须相等，即d=d2。 (2)小球离开轨道后做平抛运动，下落高度相同，运动时间t相同，则入射球碰撞前、后 答案第5页，共7页 速度大小分别为。=、y=生 t t 碰撞后被碰小球的速度，= 规定向右为正方向，根据动量守恒有6=+ 联立整理得X3=1+x3 〈日)石两球同的碰拉是弹在碰数，则有加后--子 联立解得4号=+S 又因为4x2=%书1+23 联立整理可得x3=x2+x 故选BD。 13.(1)E。=31gR e所=-e 【详解】(1)物体从A点到B点，根据能量守恒有。=号m哈 2 解得E。=3gR (2)由题知， 物体恰好到达C点，根据牛顿第二定律有g=m R 解得=√8R 121 物体从A点到B点，根据动能定理有-mg·2R+序=2。-2i 解得所方gR 14.(1)ya=1m/s ea-专 【详解】(1)小球下摆过程中，由动能定理得mgL1-cos0)=m 2 小球摆到最低点时与物块A发生弹性正碰，取向右为正方向，由动量守恒和能量守恒定律 得=m+%,m=m时+， 1 .1 2 解得a=lms 答案第6页，共7页 (2)以物块A和木板B组成系统，由动量守恒定律和能量守恒定律得aVA=(a+)v, 子m,号m+叫州+m,8s 1 1 联立解得= 6 15.& 2V2h (2)p02gh (3)sposh 刀 【详解】(1)由运动的合成与分解及平抛运动规律可知，竖直方向h= 水平方向号=以 2 解得v=2h (2)落到水面时，竖直方向速度大小等于初竖直速度由=2gh 得y=√2gh,方向向下。 取△t时间内击打水面的水，质量△m=P2△t 击打后竖直速度为0，忽略重力，对水由动量定理（取向上为正方向）F.△t=0-(←△v,) 代入得F=p0y,=p0V2gh 由牛顿第三定律，水对水面竖直向下的平均作用力大小F=pQ√2gh (3)动能增量E=m 2 由功能关系得7P△t=△g(H+h)+。△ 得P=3P0gh 【点睛】 答案第7页，共7页2025-2026学年度高中物理5月月考卷 一、单选题(28分) 1.一物体在水平面内的匀速圆周运动，下列哪个物理量在运动过程中始终保持不变() A.动量 B.动能 C.位移 D.加速度 2.在“苏超”比赛中，足球被踢出后在空中做斜抛运动，最后落到水平草地上。不计空气阻 力，则足球在飞行过程中() A.经过最高点时动量为零 B.全过程重力的冲量为0 C.动量的变化率不变 D.竖直方向的动量不变 3.一质量为2g的物块在合力F的作用下从静止开始沿直线运动。合力F随时间t变化的 图线如图所示，则() ◆FN 0 1 2 t/s 2 A.t=ls时物块的速率为1m/s B.t=2s时物块的动量大小为2kg·m/s C.t=3s时物块的速度为零 D.t=4s时物块的动量大小为6kg·m/s 4.将各行星绕太阳运动简化为匀速圆周运动，则开普勒第三定律可以简化为各行星公转轨 道半径的三次方与周期的平方之比为定值k。已知万有引力常量为G,太阳质量为M,地球 质量为，则下列表达式可以表示定值k的是() A兴 B. GnL C. GM D.Gm 2π 2元 5.总质量为M的人造卫星绕地球做匀速圆周运动，线速度大小为v,为了使卫星到达较高 轨道运行，需要加速做离心运动，卫星发动机在极短时间内以相对于喷气前卫星的速度向后 喷出速度大小为，质量为的燃气，则喷气结束时卫星的速度大小是() A.vm d B.+ C.p+。 D.v+6 M-n M-m 6.如图所示，质量为4的物块P静止在水平面上，左侧面为圆弧面且与水平地面相切， 质量为的滑块Q以初速度，向右运动滑上P,沿圆弧面上滑一段距离后又返回，最后滑 试卷第1页，共6页 离P,不计一切摩擦。滑块Q从滑上P到滑离P的过程中，滑块Q对物块P所做的功为() A.2nd B.4nnp C.6 D.8 25 25 25 25 7.如图所示，质量分别为3、2m的木块A和B,并排放在光滑水平面上，木块A上固定 一竖直轻杆，轻杆上端的O点系一细线，细线另一端系质量为m的球C。现将C球拉起使 细线水平伸直，并由静止释放，当C球运动到最低点时，测得木块B的速度大小为，。己知 重力加速度大小为8，则下列说法正确的是() A B 77777777777777777777771777 A.细线长为5 B.C球经过最低点的速度大小可能为4 C.C球经过最低点的速度大小可能为6。 D.C球相对最低点上升的最大高度为27 8 二、多选题(12分) 8.如图所示，光滑半圆形轨道放在气垫导轨上，用卡扣固定半圆形轨道。小球从右边圆心 等高处静止释放，当小球运动到半圆形轨道某位置时解开卡扣，使半圆形轨道自由运动，发 现随着时间推移，圆弧形轨道总能运动到足够长的气垫导轨左端，关于这次实验解开卡扣的 时刻，可能是() D 气垫导轨 A.小球静止释放时解开卡扣 试卷第2页，共6页 B.在小球向下经过B位置时解开卡扣 C.小球向左经过C位置时解开卡扣 D.小球向下经过D位置时解开卡扣 9.如图所示，物体A、B通过不可伸长的细绳及轻质弹簧连接在光滑轻质定滑轮两侧，物 体A、B的质量都为。开始时细绳伸直，用手托着物体A使弹簧处于原长且A与地面的 距离为，物体B静止在地面上。放手后物体A下落，与地面即将接触时速度大小为v,此 时物体B对地面恰好无压力，不计空气阻力，重力加速度为g,则下列说法正确的是() B K0 A.弹簧的劲度系数为 h B.此时弹簧的弹性势能等于mgh-】 C.此时物体B的速度大小也为v D.此时物体A的加速度大小为g,方向竖直向上 10.如图所示，在一水平面上放置一质量=0.09kg的小木块，小木块与水平面间的动摩擦 因数4=0.2。一块长L=1m厚度忽略不计的薄板，可水平固定在小木块前进路径上的不同 位置，小木块滑上、滑离薄板时无动能损失，小木块与薄板间的动摩擦因数山=0.8。用一 射钉枪将一颗质量为=0.01kg的钉子以=60m/s的速度在极短时间内射入小木块中， 木块向右运动，重力加速度8取10m/s2,木块可视为质点，下列说法正确的是（) --L-- A.钉子射入后瞬间小木块的速度大小为6m/s B.小木块从开始滑行到停止的最短减速距离为5 C.薄板左端距O点6m时，小木块的滑行时间最短 D.小木块运动的最短时间为1.5s 试卷第3页，共6页 三、实验题 11.(10分)某组同学利用如图甲所示的实验装置验证机械能守恒定律，经正确操作得到打 点纸带如图乙所示，O点为打点计时器打下的第一个点，在纸带的后段选取连续的计数点A、 B、C、D、E,相邻计数点间的时间间隔为0.02s。是A、C两点的距离，S2是O、B两点 的距离，重锤的质量m=0.1kg,重力加速度g取9.80m/s2。 打点 计时器 1S-6.96cm 交流直流 B 学生电源 s2=15.72cm 甲 乙 (1)从打点O到点B的过程中重锤重力势能的减少量为 J,动能的增加量为 J 可以发现，重力势能的减少量略大于动能的增加量，其主要原因是 。(结果均保留 3位有效数字) (2)依据上述方法，可以测出O点到各计数点间的距离，计算出打下对应点时的速度v,再 通过作图像的方法剔除偶然误差较大的数据，提高实验的准确程度。为得到线性图线，可作 出 （填、T分或-)图像。 (3)另一同学用OB段的运动来验证机械能守恒时，他用g=√2g5,计算与B点对应的重锤的 瞬时速度，得到动能的增加量，你认为这种做法是否正确？并简述理由： 0 12.(8分)如图甲所示为“验证碰撞中动量守恒”实验的装置示意图，α是入射小球，b是被 碰小球，a和b的质量分别为叫和，直径分别为d和d,,轨道末端在水平地面上的投影 为O点。实验中，先将小球α从斜槽上某一固定位置由静止释放，α从斜槽末端飞出后落到 水平地面的记录纸上留下落点痕迹，重复I0次，描出α的平均落点位置P,再把小球b放 在斜槽末端，让小球仍从斜槽上同一位置由静止释放，与小球b碰撞后，两球分别在记录 纸上留下落点痕迹，重复10次，描出碰后小球a、b的平均落点位置MN如图乙所示。 试卷第4页，共6页 c入射小球a 被碰小球b M wooogoo O M N 甲 乙 (1)实验中对小球的要求是：质量% (填>=”或<”)2，直径 （填“>%=， 或<)d2。 (2)在图乙中，用毫米刻度尺测得O点与MP、N三点的水平方向的距离分别为x,、x2、x, 若关系式 成立，则说明该实验碰撞前后动量守恒。 (3)若两球间的碰撞是弹性碰撞，下列等式成立的是 。（多项选择，填正确答案标号) A.4x3=hx3+l21 B.4x=x2+ c.4=+ D.x3=x2+ 水33 四、解答题 13.(10分)如图所示，光滑水平面AB与竖直面内的粗糙半圆形导轨在B点相接，导轨半 径为R。一个质量为的物体将弹簧压缩至A点后由静止释放，在弹力作用下物体获得某 一向右速度后脱离弹簧，它经过B点的速度为√6gR,之后沿半圆形导轨运动，恰好到达C 点。重力加速度为8。 R m wwww A B (1)求弹簧压缩至A点时的弹性势能卫。： (2)求物体沿半圆形导轨运动过程中阻力所做的功W:。 14.(14分)如图所示，上表面粗糙的木板B静止于光滑水平面上，底部涂有颜料的物块A 放在B的左端，另一质量m=1kg的小球用长L=0.4m的轻绳悬挂在固定点O。将小球向左 拉至轻绳与竖直方向成60°并由静止释放，小球在最低点与A发生弹性正碰（碰撞时间极短）， 试卷第5页，共6页 碰后A在B上滑动，且未从B的右端滑出，测得划痕长度s=0.2m。已知物块A的质量 =3水g,木板B的质量妇=6g,物块A与小球均可视为质点，不计空气阻力，重力加 速度g取10m/s2。求： < 60° A 77777777777777777777777777777 (1)小球与物块A碰撞后A的速度'a的大小： (2)物块A与木板B之间的动摩擦因数。 15.(18分)如图甲所示，喷泉从喷泉水面以相同倾斜角度和速度大小喷射而出，喷出的水 下落击打水面形成层层涟漪甚为美观。喷出的水的运动可视为一般的抛体运动，在水平方向 不受力，在竖直方向只受重力，我们可以仿照研究平抛运动的方法来研究一般的抛体运动。 喷泉喷出水的运动轨迹示意图如图乙所示，水上升的最大高度为，落在水面的位置距喷水 口的距离为d。已知喷水口的水流量为Q(水流量Q定义为单位时间内喷出水的体积)，水 的密度为P,重力加速度为g,忽略空气阻力。 水泵 喷泉水面 三喷泉水池 地下水池 甲 乙 (1)求上述喷泉中水上升至最大高度时水平速度的大小'： (2)假设水击打在水面上时速度立即变为零，且在极短时间内击打水面的水受到的重力可忽 略不计，求水击打水面竖直向下的平均作用力的大小F; (3)如图乙所示，该喷泉利用水泵将水先从地下水池由静止提升至喷泉水面，然后再喷射出 去。已知地下水池的水面距喷泉水面恒为H,若H=h,d=4h,水泵提升水的机械效率为 刀，求水泵抽水消耗的电功率P。 试卷第6页，共6页