2026年高考押题冲刺卷·U18盟校模拟卷·物理5

U18盟校模拟卷内部专用版物理（五） 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名，准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂 :黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答 题卡上。写在本试卷无效。 3.考试结束后，将本试题卷和答题卡一并交回。 000000000200 一、单项选择题（本题共7小题，每小题3分，共21分。每个小题只有一个选项符合题目要 求。) 1.用频率为u的光照射逸出功为W的金属时，光电子的最大初动能为E,用频率为，的光 照射逸出功为2W的金属时，光电子的最大初动能为，已知普朗克常量为1，”为卫知 量，W、E为未知量。则下列说法正确的是 2hv A.W= 3 2hv B.E=3 W C.用频率为"的光照射逸出功为？的金属时，光电子的最大初动能为2E: D.用频率为2的光照射逸出功为W的金属时，光电子的最大初动能为2E 2.地球可视为一个大磁体，某位置P的磁场竖直向上的分量大小为B=9×106T,水平分量 大小为B.=12×106T。则下列说法正确的是 A.P位置处在北半球 B.B,的方向指向地理的南极 C.P位置的磁感应强度大小为21×106T D.P位置的磁场与水平方向的夹角为37° 3.如右图所示为半径为R=4m的半圆，MN为半圆的直径。现在M、 N两点放置两振源，M、N振源的振动方程分别为y=2sin5πt(cm)、 y=2sin(5πt+π)(cm),两振源形成的波在此介质中的波速为v= 5m/s。t=0时刻两波源同时振动，当稳定时，半圆上振幅为4cm的 点有几处（不包括M、N两点） ( A.3 B.6 C.4 D.8 4.如右图所示，截面为三角形的棱镜，由两种色光甲、乙复合成的细 光束从左边射入，经折射后甲、乙两种色光射到右边的位置如图。 下列说法正确的是 ) A.两种色光通过同一双缝，色光甲的条纹间距宽 B.两种色光通过同一双缝，色光乙的条纹间距宽 C.障碍物的尺寸比色光甲的波长大的多时，两种色光均能产生明 【U18盟校模拟卷内部专用版·物理（五）·共6页·第1页】 显的衍射现象 D.障碍物的尺寸比色光乙的波长小的多时，色光甲不能产生明显的衍射现象 5.2023年在澳大利亚网球公开赛中，球王德约科维奇获得澳网第10 个冠军，重回世界第一的位置。假设某次德约科维奇将网球沿水平 方向击出，关于网球在落地前的运动，下列说法正确的是( A.网球的初速度越大，网球在空中运动的时间越长 B.网球的初速度越大，网球落地瞬间竖直方向的速度越大 C.网球的初速度越大，网球的位移越大 D.网球的初速度越大，网球落地瞬间速度与水平方向的夹角越大 6.如图甲所示的交变电路中，原线圈的两端接电压恒定的电源，其中R,为热敏电阻，其电阻值 随温度的变化规律如图乙所示，定值电阻R,两端有一报警装置，当电压表V,的示数达到一 定值时，报警装置开始工作。报警装置工作后与工作前相比较，下列说法正确的是（) ◆R/Q 图甲 图乙 t/℃ A.电压表V,的示数增大 B.电流表A的示数减小 C.电压表V,与电流表A示数的比值减小D.电源的输出功率增大 7.我国预计在2023年11月将“威海壹号”“远遥壹号”发射升空，这两颗卫星采用太阳同 步轨道，轨道高度距地520公里，在轨运行时将对渔船等海上目标进行管控。发射时，首 先将“威海壹号”发射到圆轨道1，经调试将“威海壹号”在A点点火使其进入椭圆轨道 2,最终“威海壹号”由B点进入预定的圆轨道3，已知卫星在轨道1、3均做匀速圆周运 动。则下列说法正确的是 A.“威海壹号”的发射速度大于11.2km/s B.“威海壹号”在A点的喷气方向与运动方向相同 C.“威海壹号”在轨道1上过A点的加速度大于轨道2上过A点的加 速度 D.“威海壹号”在轨道1上过A点的速度大于轨道2上过B点的速度 二、多项选择题（本题共4小题，每小题6分，共24分。每个小题有多个选项符合要求。全 部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。) 8.如下页右图所示的斜面体固定在水平面上，可视为质点的物体由斜面体的底端O点以一 定的初速度o冲上斜面体，经过一段时间运动到斜面体的最高点B,然后物体由最高点 B返回到斜面体的底端O,已知物体返回到O点的速度为初速度的一半，A点为OB的中 点。则下列说法正确的是 【U18盟校模拟卷内部专用版·物理（五）·共6页·第2页】 A.物体上滑与下滑的加速度大小之比4：1 B.物体上滑与下滑的时间之比为2：1 口物体上滑经过A点的速度大小为 Yo 20 D物体下滑经过A点的速度大小为子。 9.一滑块从左侧斜面上的A点静止释放，经过一段时 间运动到右侧斜面的最高点C,已知AB=BC=L,滑 块与斜面体之间的动摩擦因数处处相等，滑块经过 衔接点B时的机械能损失不计，重力加速度为g, a=53°，B=37°，sin37°=0.6，假设最大静摩擦力等于 滑动摩擦力。则下列说法正确的是 C△B 1滑块与斜面体之问的动库擦因数为】 B B.滑块到C点后静止在斜面上 C若6侧斜面的倾角为53”，则清块酒过的总路登为 D.若右侧斜面改为水平，则滑块停止时到B点的距离为5.6L 10.如右图所示，在真空中M、N两点分别固定带同种电荷的点电荷，且QM=Q=q,0点为 MN的中点，A、B为MN中垂线上的两点，且AO=OB=MO=ON。一带电粒子从A点由 静止释放，经过一段时间刚好以速度ⅴ经过O点。则下列说法正确的是() A.带电粒子一直沿AB方向运动 ↑A B.带电粒子的电势能一直减小 C.若QM=2q,带电粒子在A点受到的电场力为原来的 M B D.若QM=Qv=2q,带电粒子经过0点的速度为√2v 1L.如右图所示的矩形区域abcd内（包括边界）存在垂直 a 纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B,带同种电 + 荷的粒子束由a点沿ab方向射入磁场，结果有粒子从 ad边离开磁场。已知ab=√3L,ad=L,粒子的比荷均 相同。则下列说法正确的是 A.粒子带正电 B.从ad边离开的粒子，速度越大运动时间越短 C.从d点与从c点离开的粒子速度之比为1：4 D.从d点与从c点离开的粒子在磁场中运动的时间比为3：1 三、非选择题（共55分） 12.(6分)某实验小组通过手机拍摄小球自由下落的视频，然后通过软件得到分帧图片来 验证机械能守恒定律，实验装置如图1所示。 【U18盟校模拟卷内部专用版·物理（五）·共6页·第3页】 实验步骤如下： 下落中 ①将毫米刻度尺固定在竖直墙壁上，手机固定在手机支架上，调整好 刻度尺 手机 。的小球 摄像头的视野位置； ②打开手机摄像功能，开始摄像： ③用手捏住小球，使其下端位于刻度尺零刻度处，松手，小球自由下落； ④停止拍摄，对视频进行分帧处理，选取合适分帧图片，处理数据。 图1 已知摄像时每秒25帧，选取较清晰的连续三帧图片a、b、c,从刻度尺上读出数据，完成 下列问题 19 2021 2829 30 383940 41 图a 图b 图c (1)设从0刻度到b帧图片对应位置时下落高度为H,重力加速度为g,若要验证机械 能守恒，则u6、Hg需满足表达式 (2)小球质量为m,当地重力加速度g=9.80m/s2,则从0点到b点，重物的重力势能变 化量的绝对值△E,= m、b点的动能Ec= mJ o (3)比较E与△E的大小，出现这一结果的原因可能是 A.存在空气阻力和摩擦力 B.实际释放位置在0刻度上方 C.小球在0刻度位置释放时，由于手的抖动使小球初速度不为零。 13.(9分)某同学设计了如图甲所示的报警电路，已知R为热敏电阻，其电阻值随温度的变 化规律如图乙所示，当回路中的电流等达到0.2A时警报器开始报警。 本R/2 16 2 0 80t/℃ 图甲 图乙 已知电源的电动势为E=3.0V,内阻为r=1.02,定值电阻R'=5.02。 回答下列问题： (1)随环境温度的升高，电流表的示数 (填“增大”、“不变”或“减小”)； (2)写出热敏电阻随温度变化的关系式 ,如果在电流表的表盘上标 记处对应的温度0℃应标注在表盘上电流为 A处；（保留两位有效数 字) (3)报警器开始报警时，环境的温度为 ℃；若将定值电阻改为R'=8.52,则环 境的温度为 ℃时报警器开始报警。 14.（10分)如下页右图所示，高度为L的绝热汽缸的底部被一段细线连接悬挂在天花板 上，汽缸内被横截面积为S的活塞（体积不计）封闭了一定质量的理想气体。活塞与静 【U18盟校模拟卷内部专用版·物理（五）·共6页·第4页】 止于水平地面上的小物体通过一段轻绳连接，开始轻绳刚好绷紧但 EE06666E2 无作用力，此时活塞恰好在汽缸的正中央，整个装置处于静止状态。 已知大气压强为P。,开始时气体的热力学温度为T。,活塞和小物体 的质量均为m=P ，重力加速度为g。假设可通过特殊方式改变汽 活塞 4g 缸内气体温度，忽略一切摩擦，系统密封性良好。求： (1)缓慢给封闭气体加热，为使气体的质量保持不变，求封闭气体 的热力学温度最高为多少？ n77 (2)现让封闭气体的温度缓慢降低。T。,求稳定后封闭气体的压强和距缸底的高度。 15.(14分)如右图所示，两间距为1=)m的平行导轨由两部分构成，水平导轨以及倾角为0 =37°的足够长的导轨，倾斜导轨部分存在垂直导轨平面的匀强磁场，导轨的水平部分连 接阻值为R=42的定值电阻，质量为m=50g、阻值为r=12的导体棒垂直导轨由足够 高处无初速释放，经过一段时间导体棒刚好匀速，已知该过程中流过定值电阻的电荷量 为0.4C,且导体棒的加速度随速度的变化规律如图乙所示，整个过程中导体棒始终垂直 导轨，重力加速度g=10m/s2。求： 本a(ms) ... 图甲 图乙 4 v/(m/s) (1)磁场的磁感应强度； 【U18盟校模拟卷内部专用版·物理（五）·共6页·第5页】 (2)整个过程中导体棒因摩擦而产生的热量。 16.（16分)如右图所示，倾角为0=30°的光滑斜面体在水平面上固定不动，物体丙放在光 滑水平面上，物体丙由水平部分和，圆弧轨道组成，C为圆弧的最低点，D为圆弧的最高 点，物体丙的上表面与斜面体的底端平滑地衔接于B点，可视为质点的滑块乙放在物体 丙的最左端，另一可视为质点的滑块甲由斜面体上的A点静止释放，经过一段时间与滑 块乙发生无机械能损失的碰撞。已知xB=14.4m,滑块甲乙的质量均为m=2kg,物体丙 的质量为M=6kg,圆弧的半径为R=4m,除滑块与BC段的摩擦以外，其余部分的摩擦 均可忽略不计，xc=9.6m,滑块乙与BC间的动摩擦因数为=0.5，g=10m/s2。求： 人甲 gz (1)滑块乙第一次运动到C点时的速度多大？ (2)滑块乙第二次运动到C点时，滑块乙对轨道的压力多大？ (3)通过计算说明滑块乙能否从物体丙的左端离开，若能，求分离瞬间乙、丙的速度；若 不能，求最终滑块乙到C点的距离为多少？ 【U18盟校模拟卷内部专用版·物理（五）·共6页·第6页】U18盟校模拟卷内部专用版物理（五）答案 1-6:B,D,D,A,C,B 7-11:D.AC.AC.CD.CD 部分解析： 3.D解析：由两波源的振动方程可知，两波源的周期均为T 2T 一s=0.4s,显然两波源为相干波源，又两列波的波长为 入=vT=2m。又由振动方程可知，两波源的振动步调完全 相反，则取半圆上一点，到两个波源的距离分别为x,和 2,则当满足|x,-x=(2n+1))(n=01、2、3…)则该点 是振动加强的点，由以上分析可知4入=2R,又因为三角形 的两边之差小于第三边，故x,-x2<2R,则n=0时，有x R R 或x2-x1= n=1时，有x=3 或x2-x1三 4 3R 5R 4n=2时、有无1-x2=5或2-三4n=3时，有无，- 7 或x2x1 =迟，即该圆周的上半圆部分存在八个振动 4 加强且振幅为4cm的点，D正确。 4.A解析：由光路图可知，色光甲的折射率小，色光甲的频 率小，色光甲的波长较长，两种色光通过同一双缝，波长 越长条纹间距越宽，则色光甲的条纹间距宽，A正确B错 误：障碍物的尺寸比波长小或相差不多时，能发生明显的 衍射现象，由于色光甲的波长较长，所以当障碍物的尺寸 比色光甲的波长大的多时，两种色光均不能产生明显的 衍射现象，C错误；障碍物的尺寸比色光乙的波长小的多 时，两种色光均能产生明显的衍射现象，D错误。 5.C解析：由平抛运动的规律= 25可知，网球在空中运 动的时间取决于下落的高度，与网球的速度大小无关，A 错误；又网球落地瞬间的竖直速度为v,=g,显然该速度 与网球初速度的大小无关，B错误：网球的初速度越大 网球的水平位移越大，则网球的位移越大，C正确：网球 落地瞬间，由tana=艺=2可知网球的初速度越大，网球 落地瞬间速度与水平方向的夹角越小，D错误。 6.B解析：由题中的条件可知，报警装置工作后，电压表V 的示数一定增大，又由于电源的电压恒定，则由变压器的 工作原理可知，变压器副线圈的输出电压恒定，则电压表 V,的示数一定减小，A错误；定值电阻R两端的电压减 小，则副线圈的电流减小，由变压器的工作原理可知，变 压器原线圈的电流减小，电流表的示数减小，B正确；由 公式P=I可知，U恒定，I减小，则电源的输出功率减 小，D错误：设副线圈的电流为1'，匝数比为k,则由 U k,又由欧姆定律得R= ,整理得R,=,由于R和 均为定值，则电压表V,与电流表A示数的比值保持不 变，C错误 7.D解析：“威海壹号”在轨运行时环绕地球做匀速圆周运 动，因此其发射速度大于7.9km/s而小于11.2km/s,A错 误：卫星在轨道1、轨道2上过A点时，万有引力提供向心 Mm 力，则由G=ma得a=G,因此“威海壹号”在轨道1 上过A点的加速度等于轨道2上过A点的加速度，C错 误：假设A点、B点到地心的距离分别为「1、2，“威海壹 Mm 号”在轨道1上做匀速圆周运动，过A点时，有G ,解得41= M G ,“威海壹号”在轨道2上由A到B r Mm M 做离心运动，则有G Mm,解得>G,则re> “威海壹号”由轨道1进入轨道2，应在A点加速，由 皮冲原理可知，点火后其喷气方向与“威海壹号”的运动 U18盟校模拟卷内部专用版·物理（五）1 方向相反，B错误：“威海壹号”在轨道3上做匀速圆周运 动，过B点时，有c=m会，解得a=,G亚，由于 <r2,所以1>心阳；“威海壹号”在轨道2上由B到A做近 心运动，则有Gm会，解得5，C M 则有2< :所以<<，显然“威海壹号”在轨道2上过 A点的速度大宇轨道2上过B点的速度，D正确。 8.AC解析：设OB两点之间的距离为x。对物体由速度位 移公式2-v=2x得a= ，物体上滑的加速度为a 24x 2 o 物体下滑的加速度大小为a 2 2x 2x ,解得a 8x a2=4:1,A正确：物体上滑到顶端的过程，可由逆向思维 把物体的运动看成反方向的初速度为零的匀加速直线运 2x 动，对物体由公式x=2ar得=√ ,物体上滑的时间 与下滑的时间之比为1：2，B错误：物体由O到B的过 程，有0-=-2a,x,物体由A到B的过程，有0-v=-2a1 ·之解得=受，C正确：物体由B到0的过程，有 2 2 =2ax,物体由B到A的过程，有店=2a,·之，解 √2 得=46D错误。 9.AC解析：滑块从A处由静止释放，恰好滑到C速度减为 零，由动能定理得mgLsin53°-mgLcos53°-mgLsin37°- mgc0s37°=0，解得u=7,A正确；滑块运动到C点后， 重力沿斜面向下的分力为mgsin37°=0.6mg,最大静摩擦 力为mgos37°-nmg<mgn37,滑块不可能静止在右 侧的斜面上，B错误：若右侧斜面的倾角为53°，由以上分 析可知，滑块最终静止在B点，整个过程由动能定理得 28 mgLsin53-umgscos53°=0，解得s=L,C正确；若右侧斜 面改为水平，滑块从释放到静止，由动能定理得 mgLsin53°m%cos53°mg=0,解得x=5LD错误。 10.CD解析：由题意可知，带电粒子由A到O的过程中电场 力做正功，电势能减小，由O到B的过程中电场力做负 功，电势能增大，由对称性可知，粒子在A、B两点间做往 复运动，A、B错误：设AN=r,原来M、N两电荷在A点产 生的电场强度大小为Ev=E、=k号，则A点的电场强度 为E=2k号；若Q=2q,M、N两电荷在A点产生的电 场强度大小分别为E,=2k号、E=k?,A点的电场强 度为E=√+E=5k号，A点的电场强度为原来的 倍，粒子在A点所受的电场力为原来的D倍，C 2 斋有调騁务分 00=2(91-9）,由动能定理得g00=2mm-0:若Q, Qx=2g,则A、0两，点的电势差为Uo=4(P1-92),由动能 定理得gUo=)mw'2-0,联立解得v'=√2，D正确。 11.CD解析：粒子能从ad边离开磁场，由左手定则可知粒 U18盟校模拟卷内部专用版·物理（五）2 子带负电，A错误：由题图可知，从ad边离开的粒子偏 转的角度均为180°，所用的时间均为半个周期，又粒子 的运动周期为T,需则发子在整场中运动的时间为： g,由于粒子的比荷均相同，所以粒子 运动的时间相同，B错误；从d点离开的粒子轨道半径为 风号，又所8=m产解得兴对于从c点离开的 粒子，由几何关系可知=(3L)+(R2-L)2,解得R2= 2汇，由0，B=m产解得24，则，：=1：4.CT确：又 m 由几何关系可知∠aOc=60°，则从c点离开的粒子在磁场中 运动的时间为1'=又=m,解得1：4=3：1，D正确。 63gB1 126分1号2分 (2)2.87(1分)(2.94~2.97)(1分)(3)BC(2分) 13.(9分)(1)增大(1分) (2)R=16-40(2分)014(2分) (3)40(2分）60(2分) 14.（10分)解：(1)当活塞恰好封在汽缸口处气体的体积最大 此过程气体做等压变化，根据盖一吕萨克定律可知，在气体 质量不变的条件下，此时气体的热力学温度最高。（1分) 对封闭气体，初态：7-工、体积受 未态：T=?、体积V2=LS(1分) 气体做等压变化，根据盖一吕萨克定律有 解得T2=2T(1分) 元(1分) _VI V2 (2)设开始时气体的压强为P1,根据活塞受力平衡有pS =mg+pS(1分) 3po 解得p=4(1分) 随着温度的降低，气体的压强减小，小物体对地面的压 力减小，当小物体对地面的压力减小为0时，设气体的 压强为P,此时气体的温度为T。根据活塞和小物体整 体受力平衡有poS=2mg+p3S(1分) 此过程中气体做等容变化.根据查现定律有号号 解得，=之五=子(1分) 之后气体的温度再降低，活塞向上缓慢移动气体做等压变化。 初态：子 未态：=子=5 根据盖一吕萨克定律有工，可 U18盟校模拟卷内部专用版·物理（五）3 解得x=子(1分) 故稳定后气体的压强为7，距缸底的高度为子(1分) 15.(14分)解：(1)由图乙可知，当导体棒的速度=0时，加 速度a=4m/s2(1分)》 由牛顿第二定律得mgsine6-umgcos0=ma(1分)） 代入数据解得4=0.25(1分) 由图乙可知，当导体棒的速度为v=4m/s时，导体棒的加 速度为零，则导体棒受平衡力的作用，由mgsine8= umgcost0+F安(1分) 又F发=Bl(1分) E I= 、E=Bl(1分)》 R+ 解得B=1T(1分) (2)由已知通过定值电阻的电荷量为g=0.4C,则g=1· △(1分) 又由闭合电路欧姆定律得1= E 1分)》 R+r 由法拉第电磁感应定律得E=49_B (1分) 山△ Blx 整理得q=R+,1分) 解得x=4m(1分) 由功能关系可知，该过程中导体棒因摩擦而产生的热量 为Q=umgcost0·x(1分) 代入数据解得Q=0.4钉(1分) 16.（16分)解：(1)滑块甲由A到B只有重力做功，则滑块甲 的机械能守恒，由机械能守恒定律得mgxan sin0= 2mg 解得v。=12m/s(1分) 滑块甲、乙发生弹性碰撞，设碰后甲、乙的速度分别为 v'、v,则由动量守恒定律、机械能守恒定律得m。=m+ mv'(1分) 2m6=7m2+2m(1分) 解得v'=0、v=12m/s 滑块乙从物体丙的最左端向右运动的过程中，滑块乙和 物体丙组成的系统动量守恒，设滑块乙第一次运动到C 点时，滑块乙和物体丙的速度大小分别为51、2，则由w =mw,+Mm,(1分) 1 1 又由功能关系得mg*c=2m2-2m-2M(1分) 解得u1=6m/s、v2=2m/s(1分) (2)滑块乙滑上圆弧轨道后，滑块乙和物体丙组成的系 统水平方向动量守恒，机械能守恒，设滑块乙第二次运 动到C点时滑块乙和物体丙的速度大小分别为3、4。 则由mw1+M2=-mm3+M,(1分) 3mi+2M=2m+了Mi(1分) 1 1 2 解得u3=0m/s、v,=4m/s(1分) 对滑块乙由牛顿第二定律得F-mg=m 1分 解得F=20N 由牛顿第三定律可知滑块乙对物体丙的作用力为F'= 20N(1分) (3)设滑块乙不能离开物体丙，则滑块乙和物体丙最终 共速，设共同的速度为，。则由动量守恒定律得-m,+ M,=(M+m)飞，(1分) 解得m,=3m/s(1分) 设滑块乙相对物体丙相对静止时到C点的距离为△x,则由能 量守恒定律得mg·A=了m+2城子（Mm1分例 2 解得△x=1.2m(1分) 因为△<xc,所以假设成立(1分) U18盟校模拟卷内部专用版·物理（五）4U18盟校模拟卷内部专用版物理（五）答题卡 准考证号 学校 0] 「0]「01「0]「01「0]「01「0]「0]「0 姓名 1 1] 「1]「11「11 「11「1 「11 「17 [2] [2] [2] [2] [2] [2] [21 [21 ] 2 3] 3 「3 3 3] 3 「3 [3 [3 班级 「41「41 [4][4 [4] 4 [5 6 6] 6 [6 6 考场 [7] 71 [7] [ 71 「81「8 8 [8][8] [81 8 [8 ■ [9j[9j[9 [9j[9[9j[9j[9j[9j[9] 1.答题前，考生务必清楚地将自己的学校、班级、姓名、准考证号填写在规定 注 的位置，核准条形码上的准考证号，姓名与本人相符并完全正确及考试科目 意 也相符后，将条形码粘贴在规定的位置。 2.选择题必须使用2B铅笔填涂：非选择题必须使用0.5毫米黑色墨水签字笔 贴条形码区 事 作答，字体工整、笔迹清楚 项 3.考生必须在答题卡各题日的规定答题区域内答题，超出答题区域范围书写的答案 (正面朝上，切勿贴出虚线方框) 无效：在草稿纸、试题卷上答题无效。 4.保持卡面清洁，不准折叠、不得弄破 填涂样例 正确填涂：■ 错误填涂：Y]X)☐ 缺考标记：□ ■ 二 三 题号 总分 ■ 1-7 8-11 12 13 14 15 16 得分 一、 单项选择题（本题包括7小题，共21分） 1「A1「B1「C17「D] 3「A1「B1「C1「D1 5[A]「B]「C1「D 7[A][B][C][D] 2 [A][B][C][D] 4 [A][B][C][D] 6 [A][B][C][D] 二、多项选择题（本题包括4小题，共24分） 8[A][B][C][D] 9[A][B][C][D] 10[A][B][C][D] 11[A][B][C][D] 三、非选择题（本题包括5小题，共55分） 12.(6分)(1) (2分) (2) (1分)； (1分) (3) (2分) 13.(9分)(1)】 (1分) (2) (2分)； (2分) (3) (2分)； (2分) 14.(10分) 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 【U18盟校模拟卷内部专用版·物理（五）答题卡·共2页·第1页】 15.(14分) 16.(16分) 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 【U18盟校模拟卷内部专用版·物理（五）答题卡·共2页·第2页】 ■ ■