2026届天津市滨海新区大港第一中学高三下学期模拟预测物理试题

天津市滨海新区大港一中高考模拟高三物理试题 一、单选题（共4道小题，每题5分，共计25分） 1.2026年1月3日，中国“人造太阳突破密度极限，点火迎来新路径。其利用高能氘核(H)和氚 核(H)发生核反应生成氨核(H©)并释放出一个粒子X,同时释放出Y射线，其核反应方程为 H+H→He+X。下列说法正确的是() A.X粒子可通过电磁场进行约束B.Y射线来源于核外电子能级跃迁 C.该核反应为a衰变 D.He的比结合能比H的比结合能大 2.篮球内部充入一定质量的空气，可视为理想气体，一同学用力拍篮球，篮球快速撞击地面被挤压体 积减小，快速撞击地面挤压篮球时球内气体来不及与外界发生热交换，关于快速挤压篮球的过程，下 列说法正确的是() A.篮球内气体对外界做正功 B.篮球内气体的内能不变 C.篮球内气体的压强增大 D.篮球内每个气体分子热运动的动能均增大 3.2025年10月6日，国家航天局和国家原子能机构联合发布“嫦娥六号”最新成果。如图为探测器登 月部分过程：探测器先在周期为工的椭圆轨道1运行，经远月点P点火变轨进入周期为工，的椭圆轨道2： 月球位于椭圆公共焦点上。已知变轨后轨道2的半长轴是轨道1的二倍。结合开普勒定律，下列说法 正确的是() A.点火操作应为“加速” B.变轨后探测器的机械能减小 C.变轨后探测器的机械能增大D.两轨道周期之比T:T=2:3 4.如图为某款潮汐发电机的结构简图，两磁体间匀强磁场的磁感应强度大小为T,线圈的面积为 0.02m,匝数500匝，海浪带动线圈以转速30r/i逆时针匀速转动。图示位置，线圈平面和磁感线 平行，不计线圈电阻。下列说法正确的是() 海浪 A.若仅增大线圈匀速转动的转速，则线圈产生电动势的峰值不变 浪板 B.线圈产生电动势的峰值为20W2V C.图示位置，线圈的磁通量最小，磁通量的变化率也最小 D.图示位置，a端的电势高于b端的电势 5.建筑工地常用如图所示装置将建材搬运到高处，光滑杆竖直固定在地面上，斜面体固定在水平面上， 配重P和建材Q用轻绳连接后跨过光滑的定滑轮，配重P穿过光滑竖直杆，建材Q放在斜面体上，且 轻绳与斜面平行，开始时建材静止在斜面上，之后增加配重质量，建材沿斜面上滑，下列分析正确的 是() A.当P、Q滑动时，则P、Q速度大小一定相等 B.当P、Q滑动时，P减小的机械能一定等于Q增加的机械能 C.当P、Q静止时，细线上的拉力一定大于竖直杆对P的弹力 7777777777777777777777777777777 D.当P、Q静止时，斜面对Q的摩擦力一定沿斜面向上 二、多选题（本题共3小题，每题5分，共计15分) 6.通过对光现象的深入研究可以进一步了解光的本质规律。以下光学现象示意图：图甲为光经过不透 明圆板后形成的泊松亮斑；图乙是雨后彩虹原理示意图：图丙为光通过劈尖后形成的干涉条纹：图丁 为用偏振眼镜观看立体电影示意图。下列说法正确的是() 太阳光（白色光） 了小水滴 红色光 紫色光 彩虹红色 誉色光 ↓↓↓↓ 红色光 紫色 甲 乙 丙 A,图甲中，出现亮点核心原理是光的干涉 B.图乙中，雨后彩虹是白光经过折射、色散、反射再折射而形成的 C.图丙中，若将垫板向右移动，条纹间距变大 D.图丁中，通过立体电影说明光是纵波 7.两列频率相同、振动方向和振幅相同的相干简谐横波，在同一均匀介质中发生稳定干涉，干涉图样 如图乙所示（图中实线表示波峰，虚线表示波谷）。其中一列波在仁0时刻的波形图如图甲所示，已知 该列波的周期T=0.4s,仁0时刻x=4m处的质点P沿y轴正方向运动。下列说法正确的是() A.该波的波长为8m,沿x轴负方向传播 y/cm B.图乙中c点的最大振幅为6cm C.图乙中α点为振动减弱点，始终保持静止 1012x/m D.图乙中b点在0.2s内通过的路程为24cm 图甲 图乙 8.如图所示，空间存在水平向右的匀强电场，t=0时刻，一质量为m=2×10-9kg、电荷量为 q=+8×10~15C的带电粒子以大小为=3000m/s的速度从P点竖直向上射出，t=5×104s时粒子运动 至Q点，此时速度方向与水平方向成日=37°夹角斜向右上方。粒子的重力忽略不计，sn37°=0.6。下 列说法正确的是() A.任意相同时间内，粒子动量的变化量均相同 N B.电场强度的大小为20V/m C.电场强度的大小为200V/m D.P、9之间的电势差Ue=380V 三、实验题 9（1).某实验小组的同学做“探究 A 0 互成角度的两个力的合成规律”的 1 实验时，实验室只有一个弹簧测力 B 计，实验时进行了如下操作： 2 图1 图2 图3 ①如图1所示，将白纸用四个图钉固定在方木板上： ②橡皮筋的一端固定在A点，两个细绳套拴接在橡皮筋上； ③弹簧测力计挂在其中一个细绳套上，另一细绳套用手拉住，用两细绳套拉橡皮筋，把结 点拉至O点，用铅笔尖描点，分别记录两细绳的方向，同时记录弹簧测力计的读数耳： ④取下弹簧测力计并将弹簧测力计挂在另一个细绳套上，再用两细绳套拉橡皮筋，使两细绳的方向与 原来两细绳的方向重合，并使结点仍拉至O点，记录弹簧测力计的读数F,: ⑤仅用弹簧测力计所挂细绳套拉橡皮筋，使结点仍拉至O点，记录细绳的方向和弹簧测力计的读数F: ⑥取下白纸，作图如图3所示。 (1)某次实验时，弹簧测力计的读数如图2所示，则该读数为N。 (2)下列对该实验的理解正确的是 A.该实验的思想是理想化物理模型法 B.实验时，必须使两细绳的夹角为90 C.记录细绳方向时，两点间的距离应尽量小些 D.拉橡皮筋时，应使细绳和弹簧测力计保持与方木板平行 (3)若在误差允许的范围内，F和F'大小相等、方向相同，则力的平行四边形定则得到验证：其中 (选填“F或“F”)一定与橡皮筋AO在同一直线上。 (2)某一物理兴趣小组制作的水果电 15 池组，为了准确测量该电池组的电动 、 fmmptmmnnmm 100 150 势和内阻，进行了以下操作： 20 30 200 0 0 0 ommmw Zn Zn 1.5 ①该小组先用多用电表直流2.5V挡 00.3 2 A-V-Q 粗略测量水果电池组的电动势，如图 乙所示，则电表的读数为 V: 甲 乙 ②为了更准确地测量水果电池组的电动势和内阻，实验室提供了以下器材： A.待测水果电池组（内阻约为10002） B.电流表A(0-5mA,内阻为252) C.电压表V(03V,内阻约为10002) D.滑动变阻器R,(0~15002) 丙 E.开关、导线各若干 应该选择的实验电路是图中的 (选填“丙”或“丁”)； 确定好的电路后，调节滑动变阻器滑片位置以得到电压表的示数U与电流表的示数I的多组数据，作 出U-I图像如图戊所示，根据图像和题中所给信息可知该水果电池组的电动势E= V,内电 阻r= 2。(结果均保留三位有效数字) U/V 2.50 2.00 1.50 1.00 I/mA 0.50 ■■■■■ 0.51.0 1.52.0 戌 四、解答题 10(14分).如图所示，质量为=1.0kg的物体A由静止从光滑的1/4圆轨道上滑下，在圆轨道的底 端，与静止的物体B相碰，B的质量为2-O.50kg,碰后A和B立即粘在一起，并在水平面上继续滑 行了s=2.0m停下。已知圆轨道的半径为R0.45m。求： R (1)碰撞前滑块A在圆轨道最低点对轨道的压力大小 R (2)碰撞过程中损失的动能： (3)物体与水平面之间的动摩擦因数u。(取g=10/s2) B 7777777777777777777777777777 11(16分).如图所示，足够长的平行光滑金属导轨竖直固定放置，导轨间距L=0.2m。完全相同的两 金属棒b、cd均垂直于导轨放置且与导轨接触良好，其长度恰好等于导轨间距，两棒的质量均为 =0.01kg,电阻均为R=0.22,回路中其余电阻忽略不计。cd棒放置在水平绝缘平台上，整个装置处 在垂直于导轨平面向里的匀强磁场中，磁感应强度B=1T。棒b在恒力F作用下由静止开始向上运动。 当棒ab运动的位移达到x=0.1m时，它达到最大速度，此时cd棒对绝缘平台的压力恰好为零。8取 10m/s2,求： (1)恒力F的大小： (2)ab棒最大速度的大小： (3)在此过程中b棒产生的焦耳热（本小问结果保留两位有效数字）。 a 77777777777777777777 12(18分).如图所示，xOy平面直角坐标系中第一象限存在垂直于纸面向外的匀强磁场（未画出)， 第二象限存在沿x轴正方向的匀强电场，其电场强度=2m gL -(v为已知量，下同)。第四象限交替分 布着沿-y方向的匀强电场和垂直xOy平面向里的匀强磁场，电场、磁场的宽度均为L,边界与y轴垂 直，电场强度均为8-，磁感应强度大小均为。一质量为m电量为y的粒子从点M(L0 gL 以平行于y轴的初速度。（大小未知)进入第二象限，恰好从点N(0,2L)进入第一象限，然后又垂直x 轴进入第四象限，多次经过电场和磁场后轨迹恰好与某磁场下边界相切。不计粒子重力，求： (1)粒子的初速度的大小： (2)第一象限磁场的磁感应强度B的大小： W (3)粒子在第四象限中能到达距x轴的最远距离d。 MO x B ↓↓↓↓E X B ↓↓↓↓E XXX B ↓↓↓↓E天津市滨海新区大港一中高考模拟高三物理试题答案 2 3 4 5 6 8 D B BC CD AC 1【答案】D 2【答案】C 3【答案】B 4.【答案】D 5.【答案】c 6【答案】BC 7【答案】CD 【详解】A.由左图可知，该波的波长2=8m。t=0时刻x=4m处的质点P沿y轴正方向运动，根据“上下坡法” 或波形微平移法判断，该波沿x轴正方向传播，故A错误： B.右图中c点是虚线与虚线的交点，即波谷与波谷相遇，为振动加强点。两列波振幅相同，均为A=6c, 则c点的最大振幅为2A=12cn故B错误： C.图乙中点是实线与虚线的交点，即波峰与波谷相遇，为振动减弱点。由于两列波的振幅相同，减弱点的合 振幅为零，所以a点始终保持静止，故C正确： D.图乙中b点是实线与实线的交点，为振动加强点，其振幅A'=2A=12cm已知周期T=0.4st=0.2s=T 2 一个周期内通过的路程为4A',则在半个周期内通过的路程s=2A'=2×12cm=24cm故D错误。故选CD。 8【答案】AC 【详解】A.粒子在电场中运动时，仅受到恒定的电场力作用，任意相同的时间内，电场力对粒子的冲量均相 同，故粒子动量的变化量均相同，故A正确： BC从P点到2点，沿电场方向有飞m3aM,2的 m 联立解得电场强度的大小为E=200V/m,故B错误，C正确： D。从P点到Q点，沿电场方向有x-aG解得=m 则P、2之间的电势差为Ue=Ex=200V,故D错误。故选AC。 9(1) 2.15 D F (每空2分) (2) 1.50(1分) 丁(1分) 2.00(2分)975(2分) 【详解】(2)①[1]用多用电表直流2.5V挡粗略测量水果电池组的电动势，最小刻度为0.05V则电压表的读数为 1.50V ②[2]因电流表的内阻己知，则选用丁图：③[3][4根据U=E-I+R) 根据图像和题中所给信息势E=2.00V内电阻r=△ -R=2.00-0.50 2-252=9752 △I 1.5x103 10.(14分)10【详解】(1)设A滑到轨道底端时的速度为4，根据机械能守恒有mgR=,m-2分 2 解得ya=3m/s Fw-mg=m -2分 解的：F=30N--- -1分 R 有牛顿第三定律可得压力FN=30N- ---1分 （2)A、B相撞过程动量守恒，则有%Va=(+M)v----2分 解得1=2n/s 中损失的动能为△B三4暖4+他)P1.5丁二 (3)在水平面上，根据动能定理有-40+%)g5=0-04+%2 -2分 2 解得u=0.1 -2分 11(16分)【详解】(1)当达到最大速度时，设ab棒受安培力为耳， 对b棒受力分析有F=耳+g-2分 对cd棒受力分析有耳=g- --2分 解得F=2g=0.2N- ---2分 2R'B=BLv (2)设b棒最大速度为"，根据I= 耳=BL--3分 解得v=lm/S--.-.-- -1分 (3)ab棒从开始到达到最大速度的过程中，根据功能关系有Fx=二w2+gr+Q---3分 21 g b棒中产生的焦耳热为Qb= -1分 2 代入数据解得0=2.5×103J-- -2分 12【详解】(1)(5分)粒子在第二象限的电场中做类平抛运动，水平方向粒子做初速度为0的匀加速直线运动， 由牛顿第二定律可知，粒子的加速度满足g马=ma-2分 解得a=9=22 1 水平方向粒子的位移为L,满足Z=2.-1分 解得t=二 12 竖直方向，粒子做匀速直线运动，满足2L=1 -1分 解得=2-- 1分 (2)（5分)粒子进入第一象限时的速度yw=V+adt2=√2，=2√2y -1分 速度方向与y轴正方向夹角为45°，然后又垂直x轴进入第四象限，可知粒子在第一象限内转过的圆心角为 0=135° 由几何关系可知，粒子在第一象限内做圆周运动的半径为R=2√2L --1分 洛伦兹力充当向心力，满足xB=m -2分 -1分 R 解得B="m gL (3)(8分)设粒子离x轴最远时处于第n个磁场中，且粒子速度与x轴方向平行，此前粒子已经过n-1个电 场，设此时粒子速度大小为yn,由动能定理有(n-1)9EL=与mv层-mv- -2分 2 粒子经过n个磁场，在水平方向上由动量定理有qy,B△t=mvn-0-2分 假设粒子恰好不从第n个磁场飞出，则有v,△t=nL--1分 即gBL=1wn 联立解得n=5- --1分 故假设成立，粒子恰好能达到第5个磁场的下边界，粒子离x轴最远的距离d=(21-1)L-1分 解得d=9L-1分