四川成都市树德中学2025-2026学年高二下学期期中考试物理试题

树德中学高2024级高二下学期半期考试物理试题 考试时间：75分钟总分，100分 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是最符 合题目要求的。 1,物理学家通过对实验的深入观察和研究，获得了正确的科学认知，进而推动了物理学的发展。下列说 法符合事实的是 A.法拉第引入电场线形象地描述电场，洛伦兹引入磁感线形象地描述磁场 B.奥斯特发现了电流的磁效应，首次揭示了电与磁的联系 C.汤姆孙通过对阴极射线的研究，提出了原子核式结构模型 D.麦克斯韦提出并通过一系列实验证实了光的电磁理论 2.在如图所示的电路中，L是直流电阻可以忽略的电感线圈，闭合开关S,电路稳 定后突然断开开关S并开始计时，已知LC振荡电路的振荡周期为？，则在牙时 间内 A.电容器在放电 B.磁场能转化为电场能 R C.A板所带的负电荷增加 D.L产生的自感电动势增大 3.如图所示，将倒扣导热玻璃管缓慢上提至管内外水面齐平（下端未离开水面)。下列关于管内气体（可 视为理想气体)的说法正确的是 A.分子平均动能不变，分子碰撞器壁频率不变 B.单位体积内分子数减少，管内气体压强减小 C.分子间平均距离增大，分子间引力作用增强 D.气体对外做功，气体分子内能减小 4.下列说法正确的是 A.电子的发现说明电子是组成物质的最小微粒 B.α粒子散射实验可以估计原子核直径的数量级是1010m C.各种原子的明线光谱中的明线和它吸收光谱中的暗线必定一一对应 D、气体发出的光只能产生明线光谱 5.如图所示的是半球形透明介质主视图，球心为O,半径为R,P为圆面上的一 点，距球心的距离为√2R。一束截面积为R的光束垂直射向圆面并恰好覆盖球形 2 上表面，实验发现从P点入射的光在透明介质的球面上恰好发生全反射。已知光在 真空中传播的速度为c,不考虑光在球形上表面的反射，则距离球心5R处入射的 2 光在介质中传播的时间为 A.R B.23R C.32R D.V6R 6,如图所示，长方形abcd区域内存在磁感应强度大小为B的匀强磁场，ab长为3.2L,ad长为L,ab边 中点S有一粒子源，沿纸面向磁场内各方向均匀发射速率相同的带正电粒子，已知带电粒子的比荷为k, 发射速率为kBL,粒子重力不计，忽略粒子间的静电力。已知si37°=0.6，cos37°=0.8，下列说法正确 的是 A.粒子在磁场中做匀速圆周运动的轨道半径”=kU B.粒子在磁场中运动的最长时间1三80门 C.cd边有粒子射出的区域长度为（√3+1）L × S 6 D.从ad边射出的粒子占粒子总量的百分比为29.4%。 高一物理半期2026- CS扫描全能王 3亿人都在用的扫描APF 7.如图所示，两条“个”形的平行金属导轨固定在绝缘水平面上，间距为L=l。左、右两导轨面与水 平面夹角均为日=37°，左侧导轨平面处于沿导轨平面向上的匀强磁场中，右侧导轨平面处于垂直导轨平 面向上的匀强磁场中，磁感应强度大小均为B=T。将阻值均为R=l2、长度均为1的导体棒M、N 垂直导轨放置，N与导轨接触光滑，M与导轨间动摩擦因数为μ=0.5，mw=lkg,mM=1.5kg,同时由 静止释放M、N,两棒在下滑过程中始终与导轨垂直并接触良好，导轨足够长且电阻不计。si37°=0.6， cos37°=0.8，重力加速度g=10m/s2。则下列说法正确的是 A.导体棒N的最大速度为6m/s B. 当导体棒N的速度为8m/s时，M的加速度大小为；mWs C.导体棒M的速度达到最大时，回路中的电流大小为4A ..37和 D.导体棒M的最大速度为4m/s 3 二、多项选择题，本题共3小题，每小题6分，共18分。每小题有多项符合题目要求，全部选对的得6 分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8.自然界中有许多美妙的光学现象，肥皂泡在阳光下五彩斑斓。下列现象中与上述原理相同的是 A.雨后的彩虹呈现出不同颜色 B.相机镜头的表面镀一层特定厚度的薄膜，增加光的透射 C.用标准平面对光学平面的平整程度进行检测 D.暗室中用激光笔照射小孔，在屏幕上看到明暗相间的圆环状条纹 9,如图甲所示，线圈bcd的面积是02m,共100匝，线圈电阻为=12，匀强磁场的磁感应强度B=V互 元 T,线圈以300r/mi的转速匀速转动.将甲图中线圈的两端分别与乙图最左端的接线柱相连（图中未连接）， 向右边的电路进行供电.变压器为理想变压器，电流表和电压表均为理想交流电表，R为最大值R=82 的滑动变阻器，R,为32的定值电阻，S为单刀双掷开关.则下列说法正确的是 A,从图示位置开始计时，线圈中产生的感应电动势的 瞬时值表达式为e=20sinl0πt 0 B.当S,闭合、S2断开时，上下移动R的滑动触头，R 0R,n13 n2 VR2 所消耗的最大功率8W C.当S断开、S,闭合时，为使R2所消耗的功率最大， S2 理想变压器的匝数比？=2 分 n、 D.当S1、S2均闭合，R阻值取最大值R,为使R所消耗的功率最大，理想变压器的匝数比及-8 10.如图（a)所示，两间距L=lm、左侧接有一电容器的光滑足够长的水平导轨处于垂直纸面向里的磁 场中，已知电容器的电容C=100μF,磁感应强度B随位置x的变化如图(b)所示。一长为L=lm、质量 m=O.12kg的金属棒在外力F的作用下从坐标原点O沿x轴正方向以vo=10m/s的速度匀速运动到x=lm 处，此时电容器被击穿，电容器变成一个R=10002 B/T 的电阻，通过改变外力F,使电路中电流保持不变， ×BX × 40外- 己知在运动过程中金属棒始终与导轨垂直且接触良 好，导轨和金属棒电阻不计。则下列说法正确的是 20 A,电容器被击穿时外力F的大小为2N B.电容器被击穿之前外力F做的功为2J n C.电容器被击穿之后，金属棒运动lm所需要的 0 2 图(a) 图b) 时间为 D.电容器被击穿之后，金属棒运动1m外力F做的功为1.5J 6-05第1页共2页 CS扫描全能王 造延3亿人都在用的扫描App 三、非选择题：本题共5小题，共54分。其中第13~15小题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重 要的演算步骤；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。 11.(6分)某同学做探究气体等温变化的规律实验的装置如图甲所示。 胶管 压强 注射器 传吧器 数据采集器 计算机 分 (1)关于该实验，下列说法正确的是 A.实验前应检查注射器气密性，确保无漏气现象 B.实验前应在注射器活塞上涂润滑油，目的是减小活塞与器壁的摩擦 C.左右推拉注射器活塞时，动作要缓慢，以防止气体温度改变 D.注射器活塞移动过程中，需用手握住注射器筒体，防止其受热膨胀 (2)为了探究气体在不同温度时发生等温度变化是否遵循相同的规律，A组同学进行了两次实验，得到 的p一”图像如图乙所示，由图可知两次实验气体的温度大小关系为TT(选填“<”“=”或“>”)。 (3)B组同学在操作规范、不漏气的前提下，测得多组压强和注射器体积V的数据并作出V-二图线， 发现图线不通过坐标原点，如图丙所示，则图中Vo代表的物理含义是 12.(10分)某同学想要测量电压表V（量程6V、内阻约为4k2)的内阻，实验方案如下： O 回 ×1000 ×100 S 甲 ×10 乙 ①正确连接好测量电路，电阻箱的阻值调到零，滑动变阻器的滑片滑到最左端： ②合上开关S,调节滑动变阻器的滑片位置，使得电压表的指针指到满偏刻度处： ③仅调节电阻箱的阻值，使得电压表的指针指到满偏刻度的子处： ④读出电阻箱接入电路中的电阻值。 (1)若已知电压表量程为6V,为减小误差和方便调节，实验时选用的滑动变阻器和电源规格应为 A.最大阻值为10002的滑动变阻器和电动势为10V的电源 B.最大阻值为1000n的滑动变阻器和电动势为4.5V的电源 C.最大阻值为202的滑动变阻器和电动势为10V的电源 D.最大阻值为202的滑动变阻器和电动势为4.5V的电源 (2)正确选用器材并完成实验步骤后，电阻箱示数如图乙所示 则该电压表的内阻为 2。为将电压表改装成量程为0~36V的电压表，需将电压表与阻值调至 Ω的电阻箱串联。考虑忠到实验时的误差，改装后的电压表用来测电压时的测量值 （填 “大于”“小于”或“等于”)真实值。 (3)为了精确测量电压表V的内阻，该同学取来标准电压表继续设计了用如图丙所示的电路进行测量： 高二物理半期· CS扫描全能王 3亿人都在用的扫描Ap 闭合开关S1,调节滑动变阻器和电阻箱，使两电压表指针的偏转角度较大（其中电压表V,为待测电表， 电压表V2为标准电表)，读电压表V1、V2的示数为U、U2,电阻箱的示数Ro,则被测电压表V1内阻Rv= 。(用U、U、Ro表示) 13.（10分)如图所示，是一个固定在水平面上的绝热容AB器，缸壁足够长，面积为S=100cm2的绝热 活塞B被锁定。隔板A左右两部分体积均为V=750c，隔板A左侧为真空，右侧中有一定质量的理想 气体处于温度T=300K、压强p,=2.04×10Pa的状态1。抽取隔板A,右侧中的气体就会扩散到左侧中， 最终达到状态2。然后解锁活塞B,同时施加水平恒力F,仍使其保持静止，当电阻丝C加热时，活塞B 能缓慢滑动（无摩擦)，使气体达到温度工=350K的状态3，气体内能增加54.5』。已知大气压强 Po=1.01×10Pa,隔板厚度不计。求： (1)(4分)水平恒力F大小： (2)(6分)电阻丝放出的热量2： 14.(12分)如图所示，某高二学习兴趣小组设计了一款电磁弹射系统。由间距为1的水平金属导轨、可 在导轨上滑行的导电动子、输出电压恒为U的电源和开关S组成，由此构成的回路总电阻为R。接通开 关S,动子从静止开始运动，所受阻力与其速度成正比，比例系数为k。当动子运动距离为x,时，飞机达 到最大速度。（可视为已匀速），实现飞机起飞。已知动子及安装其上所有装备的总质量为m,在运动过 程中，动子始终与导轨保持良好接触，忽略导轨电阻。 (1)(4分)求动子在接通S瞬间所受到的安 守轨 培力： (2)(4分)求弹射过程中动子能达到的最大 速度'm的大小： (3)(4分)求弹射过程中电源输出的总能量W: 15.（16分)如图所示，竖直虚线MW将真空空间分割成I、Ⅱ两个区域，I、IⅡ区域内存在范围足够大、 垂直纸面且方向相反的匀强磁场，一个质量为m、电荷量为+q的带电小圆环在竖直向下的恒定外力F=mg 作用下，以初速度'沿PQ方向向右做匀速直线运动。在圆环右侧有一根固定的绝缘竖直细杆，杆足够长， 杆的底部有个光滑的拐角，长度忽略不计，其能够使圆环在水平运动过程中无能量损失的套在杆上，让 圆环从杆的底部以初速度'。向上运动，己知环与杆的动摩擦因数为4，环套上杆后立即撤去外力F。经一 1 段时间后圆环回到底部光滑拐角，速度v=2。,圆环无能量损失的水平向左脱离杆，并在一段时间圆环 完成n个周期性运动后，恰好能够以竖直向上的速度到达MN边界并进入Ⅱ区域。已知重力加速度为g, 求： （1)(6分)匀强磁场的磁感应强度B,圆环从O点向上运动到 回到O点所用时间t: 十 (2)(5分)圆环第一次通过MN边界时的速度大小~，： ×××××:。 P0… (3)(5分)在圆环进入Ⅱ区域后首次到达轨迹最高点，此时的× --0 圆环位置到O点的位移大小x。 ×××××N· 605第2而共2页 C3扫描全能王 3 韃3亿人都在用的扫描ApP 树德中学高2024级高二下学期半期考试物理试题（参考答案) 题号 1 2 3 4 5 6 1 8 6 10 答案 B A B B D BC BC BD 11.【答案】(1)AC(2分)：(2)>(2分)：(3)胶管内气体的体积(2分)。 12.【答案】(1)C（2分)：(2)4016(2分) 20080(2分) 小于(2分)：(3) UR。(2分) U,- 13.【答案】(1)10N(4分)（2)80J(6分) 【详解】(1)状态1到状态2，气体温度不变，由玻意耳定律p=P2·2%一(1分) 得状态2压强P,=B=2.04×10 =1.02×10Pa—(1分) 2 2 对静止的活塞受力分析，受力平衡P2S=PS+F一(1分) 解得F=(P2-P)S=(1.02×103-1.01×10)×0.01=10N:一(1分) (2)状态2到状态3，活塞保持受力平衡，气体做等压变化，由盖-吕萨克定律业-上一（1分) TT 解得y='五=1750cm一(1分) T 体积变化△V=V3-V,=250cm3=2.5×10-4m3一(1分) 外界对气体做功W=-p,△V=-1.02×103×2.5×104=-25.5J一（1分) 根据热力学第一定律△U=Q+W,一(1分) 得气体吸收的热量（等于电阻丝放出的热量)9=△U-W=25.5J+54.5J=80J。一(1分) 4.【答案】(F-—（4分)a) ·—(4分)3)w=+,mU —(4分) R Bl kR+B212 【详解】(1)接通S瞬间，动子速度v=0,此时回路中没有感应电动势，电源电压为U,回路总电阻为R, 根据欧姆定律可知回路电流为，=一(1分） R 动子所受的力为安培力，大小为F=B11=B 一(2分)，方向水平向右一(1分) R (2)当动子达到最大速度"m时动子切割磁感线产生的电动势为E2=Bwm一(1分) 此时回路中的电流为，=-。一(1分) R 依题意此时动子做匀速运动，所受合力为零，有B11l=f=ym一(1分) 解得最大速度为。a一1分) (3)在弹射过程中，取一段极短的时间△，以水平向右为正方向，对动子及安装在上面的所有装备，由 动量定理有Bl,l,△t-·△1=m·△v 等式两侧求和得∑Bl·△-∑w△1=∑m:Av一(1分) 其中g=∑4，a依题意有%=∑vM,∑Av=n-0 解得流过电源的电荷量g=mv+&。一(1分) BL 解得第一级弹射过程电源输出总能量W=gU=k。+mv。一(1分) 代入上问结果得w=s+,mU Bl kR+B212 —(1分) 高二物理半期2026-05 CS扫描全能王 可壁3亿人都在用的扫描Ap 3vo 15.【答案】(08=2m8,【= 一(6分)： .—(5分) 9 2g 2 (B)Cn+1Drm+V3m2_元ma —（5分) qB 3Bq 【详解】(1)依题意，圆环沿水平方向做匀速直线运动，则有 Bq'=mg+F—(1分) 由F=mg，解得B=2mg 一（1分) gvo ①上升阶段，对环受力分析，规定向下为正，对竖直方向列动量定理可得 mgt上+Σ4gBv,△4，=0-(-mw)—(1分) v,△t=h ②下降阶段，对环受力分析，规定向下为正，对竖直方向列动量定理可得 mg4下-∑4gBv,△t,=mv-0—(1分) v,△l=h 联立以上两式可得mg(t上tt下)=mgt=mv+mv一(1分) 解得1=3一（1分) 2g (2)由受力分析知，物体只受重力及洛伦兹力，又因为物体初速度往左，故分解一个向右的速度， B三mg一（①分），即y=一(1分)则另一个速度”=v+y=0,方向向左一1 所以物体在mg和产生的洛伦兹力作用下向右做匀速直线运动，在？产生的洛伦兹力作用下沿逆时针方 向做匀速圆周运动，物体的实际运动为这两运动之和。 由题意可知，第一次通过N边界时圆环的轨迹与其相切，速度竖直向上，则此时 的速度方向如图所示 由图可知，当物体的速度竖直向上时，的速度方向与水平方向向左成θ角， cos日=立=，所以日=60°—（1分)所以v'=y,in0=V30 —(1分) 32 (3)易知圆环在I区域内做周期性运动，且此时的运动无法彩响竖直方向，所以 回到最高点的时间由？决定。依题意，圆环在到达边界MN之前，在I区域已完成n次周期性运动。 Ⅱ区域磁场大小相等，方向相反，且圆环进入Ⅱ区域时速度竖直向上，所以圆环在Ⅱ区域达到最高点的 轨迹就是这个周期内剩下轨迹的对称图形，如图所示 由T-2rm R=mV2mvo 一（1分) XX qB qB gB x-v(n+1)T+2Rsin@-v) 一(2分) 6 x=Cn+1Dπm。+V3my_xm。 98 3Bq x=nvoi+v3ve vo 一(2分) 2g 3g 26-05第3页共2页 CS扫描全能王 延3亿人都在用的扫描Ap