2026年普通高等学校招生选择性考试猜想卷（二）物理（陕晋青宁适用）

**基本信息** 2026年高考物理猜想卷（二）以科技前沿（钍基熔盐堆、火星探测器）和生活情境（温泉气泡、游泳视物）为载体，通过选择、非选择题型分层考查运动学、电磁学等核心知识，强化物理观念与科学思维的综合应用。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |选择题|10题/46分|运动学（1题）、核反应（2题）、电磁学（7/9题）等|结合汽车辅助驾驶（1题）、石磨转动（4题）等真实情境，第8题机械波多解问题考查科学推理| |非选择题|5题/54分|实验（11/12题）、光学（13题）、力学综合（14题）、电磁场综合（15题）|14题滑块多过程运动设计分层设问，15题电磁场叠加区域运动考查模型建构，契合高考对复杂问题解决能力的要求|

2026年普通高等学校招生选择性考试猜想卷（二） 物 理 注意事项: 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 1．在某次汽车的辅助驾驶功能测试中，汽车沿直线从A点由静止出发运动到B点停下。已知AB间距离为20m，汽车加速或减速的最大加速度大小均为，最大行驶速度为4m/s。则汽车从A点运动到B点的最短时间为（　　） A．7s B．5s C．3s D．2s 2．钍基熔盐堆（TMSR）是我国下一代核电技术的攻关项目，钍可以做制备核燃料的反应物，其衰变为β衰变，核反应方程为，经过时间，钍原子核剩余质量是之前质量的一半，、、的质量分别为、、，下列说法正确的是（     ） A．经过时间，100个钍原子核中有75个发生了衰变 B．粒子是核外的电子电离形成的 C．核反应释放的能量为 D．的比结合能大于的比结合能 3．如图，动能为1J的电荷垂直射入有左、右边界的匀强电场，电荷在运动中只受电场力作用，电荷射出电场时的动能为5J。若电荷以4J的动能垂直射入电场，其射出电场时的动能为（　　） A．25J B．20J C．8J D．5J 4．如图（a）所示，石磨由圆柱形可动磨盘和固定磨盘组成，可动磨盘能绕过圆心的竖直轴转动，其俯视简化图如图（b）所示。某次研磨时，手推动推杆使可动磨盘匀速转动，可动磨盘的上表面圆形进料口边缘有两粒谷物A、B恰能随磨盘一起转动。下列说法正确的是（　　） A．可动磨盘转动一周过程中，手对推杆做的功为零 B．谷物A所受摩擦力方向沿其运动轨迹切线方向 C．谷物A的向心加速度小于谷物B的向心加速度 D．若增大可动磨盘的转速，谷物A、B都能进入进料口中 5．宜春温汤因其温泉水高硒可饮而闻名，被誉为“华夏第一汤”，出水温度常年保持在67℃左右。假设泉水深，一个体积为的气泡，从底部缓慢上升（气泡始终未破裂）到达泉水表面。其内能减少了，泉水表面温度为61°C。g取，外界大气压强取，水的密度取，将气泡里的气体看成理想气体。下列说法正确的是（　　） A．气泡内所有分子动能都减小 B．气泡上升过程中对外做功，吸收热量 C．上升过程气体对外做功等于 D．气泡到达水面的体积约为 6．随着中国航天科技的飞跃发展，天问一号之后，中国将向火星发射更多的探测器。某质量为的火星探测器开始绕火星做匀速圆周运动，距离火星表面的距离为，火星的半径为。当探测器登陆火星后检测到一个小球在火星表面附近做自由落体运动，从高为的地方静止释放，经过时间落地，已知万有引力常量，则下列说法正确的是（     ） A．火星的第一宇宙速度为 B．火星质量为 C．探测器圆周运动的向心加速度为 D．探测器在圆轨道上受到的重力为 7．如图所示，两光滑直导轨AB、CD放在水平桌面上，右端连接一个定值电阻，左端放一根导体棒。导轨之间有竖直方向等大的匀强磁场，磁场分界线ab、cd、ef、mn之间的距离均为L，不计导轨和导体棒的电阻，导体棒以速度v水平向右匀速运动，且始终保持与导轨良好接触，以俯视时顺时针方向为电流的正方向，从导体棒经过ab分界线开始计时，通过电阻的电流i、电阻两端的电势差UBD随时间t变化的图像正确的是（　　） A． B． C． D． 8．如图甲所示，一列简谐横波沿水平直线传播，a、b为介质中相距30m的两个质点，某时刻a、b两质点正好都经过平衡位置，且a、b间只有一个波峰。已知这列波波源做简谐运动的图像如图乙所示，则下列说法正确的是（　　） A．波源的振动方程为x=2sinπt（cm） B．40s内位于波源的质点运动的路程为80cm C．该简谐横波传播速度的大小可能为15m/s D．该简谐横波传播速度的大小有四个可能值 9．如图所示，理想变压器原线圈接有输出电压有效值恒为24 V的交流电源，电源内阻不计，定值电阻R1、R2、R3的阻值分别为，，，滑动变阻器的最大阻值为。初始时滑动变阻器滑片位于中点，理想电流表的示数为，则下列说法正确的是（　　） A．初始时，电压表的示数为12 V B．变压器原、副线圈的匝数比为4∶1 C．从初始位置向右移动滑动变阻器滑片，电压表示数一直增大 D．从初始位置向左移动滑动变阻器滑片，变压器输出功率一直减小 10．在光滑水平地面上建立直角坐标，有一弹珠弹射装置，可以将弹珠以的动能从原点处向地面上的各个方向弹出。某次弹珠弹出后立即受到水平方向的恒力作用，先后经过、两点，弹珠经过点时的动能为，经过点时的动能为，已知、两点的坐标分别为、。下列说法正确的是（　　） A．该恒力大小为 B．该恒力大小为 C．若弹珠的质量为，则弹珠的初速度方向与轴正方向的夹角的正切值为 D．若弹珠的质量为，则弹珠的初速度方向与轴正方向的夹角的正切值为 二、非选择题：本题共5小题，共54分。 11．（6分） 现有两个滑块A、B，滑块A的标称质量为10g，滑块B的质量未知。某同学利用如图所示的气垫导轨通过闪光照相测量滑块B的质量。 向气垫导轨通入压缩空气，某次实验时碰撞前滑块B静止，滑块A匀速向滑块B运动并发生碰撞，利用闪光照相的方法连续4次拍摄得到的闪光照片如图所示。已知相邻两次闪光的时间间隔，在这4次闪光的过程中，两滑块A、B均在0~80cm的范围内，且第1次闪光时，滑块A恰好位于处。若A、B两滑块的碰撞时间及闪光持续的时间极短，均可忽略不计，则碰撞前滑块A的速度大小为_____________m/s（结果保留一位有效数字），在第1次闪光后_____________s（结果保留一位有效数字）发生碰撞，滑块B的质量_____________g（结果保留两位有效数字）。 12．（8分） 高分子热敏电阻（PTC）是一种具有非线性伏安特性的热敏元件，其阻值随自身温度升高而显著增大。在特定导通状态下，其伏安特性满足关系式：（其中，），该元件常用于工业温度监测与电路过热保护。现有如下实验器材： 直流稳压电源（电动势，内阻不计）； 理想电压表（量程、可切换）； 理想电流表（量程）； 定值电阻； 滑动变阻器（最大阻值）； 待测PTC热敏电阻、开关、导线若干。 某学习兴趣小组设计了题图1所示电路图研究其伏安特性曲线。则： (1)闭合开关前，题图1中滑动变阻器的滑片应置于最________（选填“左”或“右”）端。 (2)本实验采用分压式接法的核心目的是________（填选项标号）。 A．消除热敏电阻温度变化带来的系统误差 B．使热敏电阻两端的电压能从开始调节，以尽可能多的获取描绘伏安特性曲线所需的数据 C．仅起到保护电路的作用，防止电流超过电表量程 (3)调节滑片使热敏电阻处于稳定导通状态，此时电压表示数，电流表示数。结合伏安特性公式，且可认为始终为准确值，可求得的测量值为________（结果保留2位有效数字）。 (4)该学习兴趣小组又利用所给器材设计了题图2所示电桥电路来监测环境温度的变化。当环境温度为（此时热敏电阻为）时，电桥平衡，电压表示数为。当环境温度升高导致热敏电阻阻值变为时，电压表示数与的关系式为________（此时流经电压表的电流忽略不计，用、表示，）。 13．（8分） 一名游泳者不小心将泳镜落在池底的点，其从岸边返回寻找，当游到点时，恰好可以在水面上方看到泳镜，已知，，光速为。忽略眼睛到水面的高度，求： (1)水的折射率； (2)光在水中传播的速度。 14．（15分） 如图所示，光滑斜面、水平传送带、光滑水平面和两个半径为的光滑四分之一圆管轨道顺次平滑连接。现有一可视为质点的小滑块从斜面上距传送带高处由静止释放，通过传送带和后，进入圆管轨道。已知传送带长且以顺时针转动，长，，小滑块的质量，小滑块与传送带间的动摩擦因数，忽略空气阻力，重力加速度大小。 (1)若小滑块恰好到达圆管轨道最高点，求小滑块在点受圆管轨道的支持力大小和释放高度； (2)若段粗糙，小滑块与段的动摩擦因数记为，小滑块从斜面上距传送带高度处由静止释放，最终停在的中点，求： ①若小滑块只经过点一次，的可能值； ②若小滑块能经过点多次，的可能值。 15．（17分） 如图所示，在平面直角坐标系xOy中，第一、四象限内存在圆形匀强磁场区域Ⅰ和匀强电场、匀强磁场的叠加区域Ⅱ。区域Ⅰ的圆心坐标为、半径为R，磁感应强度大小未知，方向垂直xOy平面向里；区域Ⅱ的左右边界与y轴平行，沿x轴方向宽度为R，电场方向沿y轴正方向，磁场方向垂直xOy平面向外。第二象限设置有加速电极（极板平行于y轴）和偏转电极（极板平行于x轴），偏转电极的极板长度与板间距离之比为且下极板右端与坐标原点O重合。一质量为m、电荷量为的带电粒子从紧贴加速电极左极板处由静止释放，经加速后沿偏转电极的中线射入偏转电场，随后以速度大小v从O点进入区域Ⅰ，偏转后从M点（未标出）射出，射出时的速度方向与y轴正方向成角，之后粒子进入区域Ⅱ，并最终从区域Ⅱ的右边界沿x轴正方向射出。已知区域Ⅱ中的电场强度大小与磁感应强度大小的比值为，不计粒子重力，求： (1)加速电极和偏转电极电压之比； (2)区域Ⅰ磁场的磁感应强度大小； (3)粒子在区域Ⅱ中的运动时间t。 机密★启用前 物理试题 第1页（共6页） 试卷第2页，共8页 物理试题 第6页（共6页） 学科网（北京）股份有限公司 2026年普通高等学校招生选择性考试猜想卷（二） 物 理 注意事项: 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 A C D C B A B BC AD BC 二、非选择题：本题共5小题，共54分。 11．（6分） 1 0.5 15 12．（8分） (1) 左 (2) B (3) (4) 13．（8分） 解：（1）人在B点恰好能看到O点，说明从O点发出的光线在B点恰好发生全反射，有 2分 根据折射率和全反射临界角的关系有 4分 解得 5分 （2）光在介质中传播的速度 7分 所以 8分 14．（15分） 解：（1）圆管轨道中，恰好到达最高点E，则从到，由机械能守恒定律有 1分 解得 2分 在点，合力提供向心力 3分 解得 4分 因为故滑块到达的速度大于传送带速度，全程在传送带上减速，摩擦力全程做功，从释放到最高点，由动能定理有 5分 解得 6分 （2）滑块第一次到达点，由动能定理有 7分 解得 8分 设上运动总路程为，整个过程由动能定理得 9分 解得，中点距离为 10分 ①若小滑块只经过点一次，两种情况：若滑块从向运动，未到达直接停在中点位置，则解得 11分 若滑块到达，经圆管返回后停在中点，总路程 12分 可得解得 13分 故只经过一次时，的可能值为或。 13分 ② 小滑块能经过点多次，滑块经过多次后，从向出发走停在中点，总路程满足 14分 代入解得 15分 15．（17分） 解：（1）在加速电场中，由动能定理 1分 在偏转电场中，由动能定理 3分 设粒子从点离开偏转电场时速度方向与轴正方向成角，则 粒子进入偏转电场后做类平抛运动，则已知则 4分 联立可得 5分 （2）设粒子在区域Ⅰ的偏转半径为， 由几何关系知其中 6分 解得 7分 粒子偏转时洛伦兹力提供其做圆周运动的向心力，则 8分 联立可得 9分 （3）粒子在区域Ⅱ中运动时，轴方向由动量定理得 其中 11分 粒子的运动可分解为沿轴正方向的匀速直线运动和平面的圆周运动 其中 12分 解得 13分 设平面的圆周运动速度偏转角为由几何关系知 14分 则粒子在区域Ⅱ中的运动时间其中 15分 联立可得 17分 2026年普通高等学校招生选择性考试猜想卷（二） 物理试题解析部分 1．A 解：汽车从静止开始加速，最大加速度为，最大速度为。根据匀变速直线运动速度与时间的关系，得加速到最大速度所需时间根据匀变速直线运动的速度与位移的关系，得加速阶段行驶距离同理，减速到静止所需时间为减速阶段行驶距离为剩余距离为以最大速度匀速行驶，匀速阶段行驶时间总时间 2．C 解：A．半衰期是大量原子核衰变的统计规律，仅对数量足够多的原子核成立，对100个这种少量原子核无法预测具体衰变个数，故A错误；B．衰变产生的电子是原子核内部的中子转化为质子时释放的，不是核外电子电离形成，故B错误；C．核反应的质量亏损为根据质能方程，释放的能量为，故C正确；D．该衰变反应释放能量，说明生成物比反应物更稳定，而原子核越稳定比结合能越大，因此的比结合能小于的比结合能，故D错误。 3．D 解：电荷垂直射入匀强电场，做类平抛运动；设电场沿初速度方向的宽度为，初动能运动时间沿电场方向偏转位移 由动能定理，电场力做功，即电场力做功（动能增量）与初动能成反比；第一次初动能，末动能，动能增量 第二次初动能，电场力做功（动能增量）与初动能成反比，则动能增量 射出时动能 4．C 解：A．根据微元法可知，可动磨盘转动一周过程中，手对推杆做的功为，不为零，A错误； B．谷物A所受摩擦力充当圆周运动的向心力，可知摩擦力方向指向圆心，B错误； C．根据可知，因AB两点的角速度相同，而，可知谷物A的向心加速度小于谷物B的向心加速度，C正确； D．若增大可动磨盘的转速，谷物A、B做离心运动，A能进入进料口中，B不能进入进料口中，D错误。 5．B 解：A．温度降低则气体分子的平均动能减小，并不是所有分子动能都减小，故A错误； D．由理想气体的状态方程 其中，，，代入数据可求得气泡到达水面的体积为，故D错误； C．气体体积膨胀对外做功，若压强保持大气压强不变时，上升过程气体做功为 由于上升过程中压强逐渐减小到大气压强，所以对外做功大于，故C错误； B．气体对外做功大于，内能减少由热力学第一定律可知气泡上升过程中气泡要吸收热量，故B正确。 6．A 解：A．由小球自由落体运动规律解得火星表面重力加速度 第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，满足可得，故A正确； B．火星表面万有引力等于重力，即解得，故B错误； C．探测器轨道半径万有引力提供向心加速度联立，解得，故C错误； D．探测器在圆轨道上的重力等于万有引力，故D错误。 7．B 解：A．在时间内，磁场垂直纸面向里，导体棒向右运动，由右手定则可知，感应电流方向为，即顺时针方向，为正值；由于导轨间距随时间均匀减小，根据、解得，故电流随时间均匀减小。在时间内，无磁场，感应电流为零。 在时间内，磁场垂直纸面向外，由右手定则可知，感应电流方向为，即逆时针方向，为负值；电流大小随时间均匀减小，根据、 解得，故电流随时间均匀减小。图A中第三段电流为正值，故A错误； B．结合A选项的分析，电流先为正且减小，中间为零，后为负且绝对值减小。由于导轨向右运动过程中，接入电路的有效长度均匀减小，时刻的导轨间距大于时刻的导轨间距，故时刻的电流值大于时刻的电流绝对值。图B符合该规律，故B正确； C．电阻两端电势差，其变化规律与电流一致。即先为正且减小，中间为零，后为负且绝对值减小。且时刻的电压值应大于时刻的电压绝对值。图C中第三段起始值的绝对值明显大于第一段结束值，不符合导轨间距减小的事实，故C错误； D．在时间内，磁场垂直纸面向外，由右手定则可知，感应电流方向为，即逆时针方向，流过电阻的电流方向为，故电阻两端的电势差；图D中时间内电势差大于零，故D错误。 8．BC 解：A．从图乙振动图像可得：振幅，周期，因此角频率 波源的振动方程为，故A错误； B．一个周期内质点振动路程为，，总路程为，故B正确； CD．已知、都在平衡位置，间距，且、间只有一个波峰，共3种情况： 、间无波谷：，得，波速 、间有1个波谷：，得，波速 、间有2个波谷：，得，波速 因此波速大小有1种可能，其中包含，故C正确，D错误。 9．AD 解：AB．滑动变阻器滑片位于中点时，R3所在支路的总电阻为，电流为1A，则电流表所在支路两端电压为即副线圈两端电压为 因为R2所在支路的电阻为，由并联电路特点可知副线圈回路的总电阻为则通过副线圈电流为由理想变压器规律可知则可知副线圈回路的等效电阻为原线圈回路电流为且解得变压器原、副线圈的匝数比为根据理想变压器原副线圈电压比等于匝数比可知初始时，电压表的示数为，故A正确，B错误； C．由数学知识可知，当R3和R2所在支路的总电阻相等时，副线圈回路总电阻最大，此时滑动变阻器滑片右边的电阻值为1Ω，则向右移动滑动变阻器滑片，副线圈回路总电阻先增大后减小，则等效电阻先增大后减小，由串联分压规律可知，电压表示数先增大后减小，故C错误； D．将R1视为电源内阻，则当等效电阻阻值等于R1阻值时，变压器输出功率最大，根据A选项可以得出当滑片位于中点时，变压器原线圈等效电阻为 等于R1，向左移动滑片等效电阻变小，则变压器输出功率减小，故D正确。 10．BC 解：AB．设恒力的水平分量为，竖直分量为，弹珠经过点时的动能为，有，可得 经过点时的动能为，有，，联立解得 可得该恒力大小为，故A错误，B正确； CD．若弹珠的质量为，初动能为，有解得初速度为 如图所示，有水平方向的加速度 从原点处到经过点的时间竖直位移有， 联立解得，故C正确，D错误。 11.解：（1）安装好气垫导轨，调节气垫导轨的调节旋钮，使导轨水平； （2）[1]碰撞前滑块A的速度大小为 [2]从第3次闪光到两滑块相碰经过的时间即在第1次闪光后0.5s发生碰撞； [3]碰撞后滑块A的速度大小为方向与初速度方向相反； 碰撞后滑块B的速度大小为 以滑块A的初速度方向为正，由动量守恒可知解得 12.解：（1）闭合开关前，分压式接法中滑动变阻器的滑片应置于左端，这样待测部分电压从0开始，起到保护电路的作用。 （2）A．热敏电阻的温度变化是实验本身的影响，分压式接法无法消除这种系统误差，故A错误；B．分压式接法的核心优势是电压可从0开始连续调节，这样能尽可能多地获取伏安特性曲线的数据点，全面研究其非线性特性，故B正确；C．分压式接法的主要目的不是保护电路，限流式接法也能起到保护作用，分压式的核心价值是电压调节范围广，故C错误。 （3）根据将，代入方程，解得a的测量值 （4）电压表示数为0时，分析可知 答案第2页，共10页 物理试题答案 第7页（共8页） 学科网（北京）股份有限公司 $机密★启用前 2026年普通高等学校招生选择性考试猜想卷（二） 物理 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如 需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上， 写在本试卷上无效。 3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符 合题目要求，每小题4分；第&10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6 分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 1.在某次汽车的辅助驾驶功能测试中，汽车沿直线从A点由静止出发运动到B点停下。己 知AB间距离为20m,汽车加速或减速的最大加速度大小均为2m/s2,最大行驶速度为4m/s。 则汽车从A点运动到B点的最短时间为() A.7s B.5s C.3s D.2s 2.钍基熔盐堆(TM$R)是我国下一代核电技术的攻关项目，钍可以做制备核燃料的反应 物，其衰变为B衰变，核反应方程为Th→4Pa+,e,经过t时间，钍原子核剩余质量是 之前质量的一半，0Th、1Pa、e的质量分别为m、m2、,下列说法正确的是（) A.经过2t时间，100个钍原子核中有75个发生了衰变 B.B粒子是核外的电子电离形成的 C.核反应释放的能量为(-m-1)c2 D.Th的比结合能大于1Pa的比结合能 3.如图，动能为1J的电荷垂直射入有左、右边界的匀强电场，电荷在运动中只受电场力作 用，电荷射出电场时的动能为5J。若电荷以4J的动能垂直射入电场，其射出电场时的动能 为() A.25J B.20J C.8J D.5J 物理试题第1页（共6页） 4.如图(a)所示，石磨由圆柱形可动磨盘和固定磨盘组成，可动磨盘能绕过圆心O的竖直 轴转动，其俯视简化图如图(b)所示。某次研磨时，手推动推杆使可动磨盘匀速转动，可 动磨盘的上表面圆形进料口边缘有两粒谷物A、B恰能随磨盘一起转动。下列说法正确的是 () 推 A.可动磨盘转动一周过程中，手对推杆做的功为零 B.谷物A所受摩擦力方向沿其运动轨迹切线方向 C.谷物A的向心加速度小于谷物B的向心加速度 图(a D,若增大可动磨盘的转速，谷物A、B都能进入进料口中 5.宜春温汤因其温泉水高硒可饮而闻名，被誉为华夏第一汤”，出水温度常年保持在67℃ 左右。假设泉水深5m,一个体积为6.8×10'm的气泡，从底部缓慢上升（气泡始终未破裂） 到达泉水表面。其内能减少了2×102J,泉水表面温度为61℃。g取10m/s2,外界大气压强 取1.0×10Pa,水的密度取1×103kg/m,将气泡里的气体看成理想气体。下列说法正确的 是() A.气泡内所有分子动能都减小 B.气泡上升过程中对外做功，吸收热量 C.上升过程气体对外做功等于3.2×102JD.气泡到达水面的体积约为1.0×10？ 6.随着中国航天科技的飞跃发展，天问一号之后，中国将向火星发射更多的探测器。某质 量为m的火星探测器开始绕火星做匀速圆周运动，距离火星表面的距离为2R，火星的半径 为R。当探测器登陆火星后检测到一个小球在火星表面附近做自由落体运动，从高为h的地 方静止释放，经过时间t落地，已知万有引力常量G,则下列说法正确的是() A.火星的第一字宙速度为V2逦 B.火星质量为 Gr C.探测器圆周运动的向心加速度为 22 D。探测器作国轨运上受到的玉力为 7.如图所示，两光滑直导轨AB、CD放在水平桌面上，右端连接一个定值电阻，左端放一 根导体棒。导轨之间有竖直方向等大的匀强磁场，磁场分界线ab、cd、ef之间的距离 均为L,不计导轨和导体棒的电阻，导体棒以速度ⅴ水平向右匀速运动，且始终保持与导轨 良好接触，以俯视时顺时针方向为电流的正方向，从导体棒经过b分界线开始计时，通过 电阻的电流i、电阻两端的电势差U随时间t变化的图像正确的是() 物理试题第2页（共6页） 8.如图甲所示，一列简谐横波沿水平直线传播，a、b为介质中相距30m的两个质点，某时 刻4、b两质点正好都经过平衡位置，且α、b间只有一个波峰。已知这列波波源做简谐运动 的图像如图乙所示，则下列说法正确的是() ◆x/cm 甲 A.波源的振动方程为x=2sint(cm) B.40s内位于波源的质点运动的路程为80cm C.该简谐横波传播速度的大小可能为15m/s D.该简谐横波传播速度的大小有四个可能值 9.如图所示，理想变压器原线圈接有输出电压有效值恒为24V的交流电源，电源内阻不计， 定值电阻R1、R2、R3的阻值分别为R=9.62,R=22,R42,滑动变阻器R的最大阻值 为42。初始时滑动变阻器滑片位于中点，理想电流表的示数为1A,。 测下列说法正确的是 () A.初始时，电压表的示数为12V B.变压器原、副线圈的匝数比为4：1 C.从初始位置向右移动滑动变阻器滑片，电压表示数一直增大 D.从初始位置向左移动滑动变阻器滑片，变压器输出功率一直减小 10.在光滑水平地面上建立直角坐标xQy,有一弹珠弹射装置，可以将弹珠以0.45J的动能 从原点O处向地面上的各个方向弹出。某次弹珠弹出后立即受到水平方向的恒力作用，先后 经过A、B两点，弹珠经过A点时的动能为0.65J,经过B点时的动能为125J,已知A、B 两点的坐标分别为(0,10m)、 3W10,11V10 5m, 。下列说法正确的是() A.该恒力大小为0.5N B.该恒力大小为0.2N C.若弹珠的质量为0.1kg,则弹珠的初速度方向与y轴正方向的夹角的正切值为 ? D,若弹珠的质量为Q.1kg,则弹珠的初速度方向与少轴正方向的夹角的正切值为 物理试题第3页（共6页） 二、非选择题：本题共5小题，共54分。 11.(6分) 现有两个滑块A、B,滑块A的标称质量为10g,滑块B的质量未知。某同学利用如图 所示的气垫导轨通过闪光照相测量滑块B的质量。 010203040 505560 70 80x/cm 连气源 向气垫导轨通入压缩空气，某次实验时碰撞前滑块B静止，滑块A匀速向滑块B运动 并发生碰撞，利用闪光照相的方法连续4次拍摄得到的闪光照片如图所示。已知相邻两次闪 光的时间间隔△t=0.2s,在这4次闪光的过程中，两滑块A、B均在0~80cm的范围内，且 第1次闪光时，滑块A恰好位于x=1Ocm处。若A、B两滑块的碰撞时间及闪光持续的时间 极短，均可忽略不计，则碰撞前滑块A的速度大小为 m/s(结果保留一位有 效数字)，在第1次闪光后 s(结果保留一位有效数字)发生碰撞，滑块B的 质量妇= g(结果保留两位有效数字)。 12.(8分) 高分子热敏电阻(PT℃)是一种具有非线性伏安特性的热敏元件，其阻值随自身温度升 高而显著增大。在特定导通状态下，其伏安特性满足关系式：U=+b(其中 α=50002·A1，b=102),该元件常用于工业温度监测与电路过热保护。现有如下实验器 材： 直流稳压电源E(电动势6.0V,内阻不计)； 理想电压表V(量程0~3V、0~15V可切换)： 理想电流表A(量程0~100mA): 定值电阻R=R=R=802: 滑动变阻器R(最大阻值2002)： 待测PTC热敏电阻、开关、导线若干。 某学习兴趣小组设计了题图1所示电路图研究其伏安特性曲线。则： 物理试题第4页（共6页） 热敏电阻 R R R EL E 图1 图2 (1)闭合开关前，题图1中滑动变阻器的滑片应置于最 (选填“左”或“右”)端。 (2)本实验采用分压式接法的核心目的是 (填选项标号)。 A.消除热敏电阻温度变化带来的系统误差 B.使热敏电阻两端的电压能从0开始调节，以尽可能多的获取描绘伏安特性曲线 所需的数据 C.仅起到保护电路的作用，防止电流超过电表量程 (3)调节滑片使热敏电阻处于稳定导通状态，此时电压表示数U=2.4V,电流表示数 I=20.0mA。结合伏安特性公式，且可认为b始终为准确值，可求得a的测量值为 2·A1(结果保留2位有效数字)。 (4)该学习兴趣小组又利用所给器材设计了题图2所示电桥电路来监测环境温度的变化。 当环境温度为25℃（此时热敏电阻为802）时，电桥平衡，电压表示数为0。当环境温度 升高导致热敏电阻阻值变为R时，电压表示数U与R的关系式为U= (此时流经 电压表的电流忽略不计，用E、R,表示，飞=R3=飞=802)。 13.(8分) 一名游泳者不小心将泳镜落在池底的O点，其从岸边返回寻找，当游到B点时，恰好可 以在水面上方看到泳镜，已知AB=2.4m,OB=3.0m,光速为c。忽略眼睛到水面的高度， 求： (I)水的折射率n; (2)光在水中传播的速度v。 A B 物理试题第5页（共6页） 14.(15分) 如图所示，光滑斜面AB、水平传送带BC、光滑水平面CD和两个半径为R的光滑四分 之一圆管轨道顺次平滑连接。现有一可视为质点的小滑块从斜面上距传送带h高处由静止释 放，通过传送带和CD后，进入圆管轨道。已知传送带BC长L=2m且以。=lm/s顺时针转 动，CD长s=1m,R=0.4m,小滑块的质量=0.2g,小滑块与传送带间的动摩擦因数 u=0.5,忽略空气阻力，重力加速度大小g=10m/s2。 (1)若小滑块恰好到达圆管轨道最高点E,求小滑块在D点受圆管轨道的支持力大小和 释放高度h; (2)若CD段粗糙，小滑块与CD段的动摩擦因数记为4，小滑块从斜面上距传送带高度 h=l.5m处由静止释放，最终停在CD的中点，求： ①若小滑块只经过C点一次，4的可能值： ②若小滑块能经过C点多次，4的可能值。 15.(17分) 如图所示，在平面直角坐标系xO少中，第一、四象限内存在圆形匀强磁场区域虹和匀强 电场、匀强磁场的叠加区域Ⅱ。区域的圆心坐标为(R,O)、半径为R,磁感应强度大小未知， 方向垂直xOy平面向里；区域Ⅱ的左右边界与y轴平行，沿x轴方向宽度为R,电场方向沿 y轴正方向，磁场方向垂直xOy平面向外。第二象限设置有加速电极（极板平行于y轴）和 偏转电极（极板平行于x轴），偏转电极的极板长度与板间距离之比为3且下极板右端与 3 坐标原点O重合。一质量为m、电荷量为+q的带电粒子从紧贴加速电极左极板处由静止释 放，经加速后沿偏转电极的中线射入偏转电场，随后以速度大小ⅴ从O点进入区域虹，偏转 后从M点（未标出）射出，射出时的速度方向与y轴正方向成60°角，之后粒子进入区域I, 并最终从区域江的右边界沿x轴正方向射出。己知区域Ⅱ中的电场强度大小与磁感应强度大 小的比值为B,不计粒子重力，求： (1)加速电极和偏转电极电压之比U:U; (2)区域磁场的磁感应强度大小B,: (3)粒子在区域Ⅱ中的运动时间t。 物理试题第6页（共6页） 2026年普通高等学校招生选择性考试猜想卷（二) 物理 注意事项 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如 需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上， 写在本试卷上无效。 3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符 合题目要求，每小题4分；第&10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6 分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 题号 1 2 3 4 6 7 8 0 10 答案 A C D C B A B BC AD BC 二、非选择题：本题共5小题，共54分。 11.(6分) 1 0.5 15 12.(8分) 80 (1) 左 (2) B (3) 5.5×103 (4) E R+80 13.(8分) 解：(1)人在B点恰好能看到O点，说明从O点发出的光线在B点恰好发生全反射，有 AB 4 sinC= OB 5 2分 根据折射率和全反射临界角的关系有snC= 4分 解得n=1 =1.25..5分 sin C (2)光在介质中传播的速度v= n .7分 所以V=0.8C8分 14.(15分) 解：(1)圆管轨道中，恰好到达最高点E,则Vg=0从D到E,由机械能守恒定律有 1 W2=g·2R+W21分 2 物理试题答案第1页（共8页） 解得yD=√4gR=4m/S .2分 在D点，合力提供向心力N-g=m .3分 R 解得W=10N.4分 因为Vp=4m/s>故滑块到达B的速度大于传送带速度V,全程在传送带上减速，摩擦力 全程做功，从释放到最高点E,由动能定理有gh-umgL-g·2R=0-0.5分 解得h=1.8nm… 6分 (2）滑块第一次到达C点，由动能定理有gh-mgL=号m2-0…7分 解得yc=V10Im/S 8分 设CD上运动总路程为，整个过程由动能定理得=4mg…9分 解得=0 4 ,CD中点距离C为。=号=0.5m10分 ①若小滑块只经过C点一次，两种情况：若滑块从C向D运动，未到达D直接停在中点位 置，则x=0.5m=0.5 解得h=111分 若滑块到达D,经圆管返回后停在中点，总路程x=(1+0.5)m=1.5m12分 可得x=1.5m=0 解得凸=3 13分 故只经过C一次时，4的可能值为1或兮。13分 ②小滑块能经过C点多次，滑块经过C多次后，从C向D出发走0.5停在中点，总路程 满足x=25+0.5m=2n+0.5m(1n=1,2,3…）14分 代入x=05 1 解得4=十=l2,3 .15分 15.(17分) 解：(1)在加速电场中，由动能定理9之m .1分 U3=1, 1 在偏转电场中，由动能定理，m6+)6…3分一 设粒子从O点离开偏转电场时速度方向与x轴正方向成0角，则tan0=上 粒子进入偏转电场后做类平抛运动，则tam0=2之已知-5则tan0=5, .4分 物理试题答案第2页（共8页） 联立可得U:U3=1:6… 5分 (2)设粒子在区域I的偏转半径为r, II 由几何关系知rsin45°=Rsim75°其中sim75°=sim45cos30°+c0s45sim30°6分 解得r三 V3+1)R 7分 2 2 粒子偏转时洛伦兹力提供其做圆周运动的向心力，则qB=一 8分 联立可得B。= (3-1v 9分 gR (3)粒子在区域I中运动时，y轴方向由动量定理得qEt-∑q,B·△t=0-cos60° 其中∑q,B.△t=qRB…。 .11分 粒子的运动可分解为沿x轴正方向的匀速直线运动和xOy平面的圆周运动 其中gE=g直B.12分 解得v真= 3y 2 13分 设：xOy平面的圆周运动速度偏转角为x由几何关系知u=匹+m(0=0,12.）14分 2 则粒子在区域Ⅱ中的运动时间t=。T其中T=2" 2π gB .15分 2mR(1+2n) 联立可得t= -(n=0,1,2…） 2+√3π+2W3um …17分 物理试题答案第3页（共8页） 2026年普通高等学校招生选择性考试猜想卷（二） 物理试题解析部分 1.A 解：汽车从静止开始加速，最大加速度为a=2m/s2,最大速度为v=4m/s。根据匀变速直 线运动速度与时间的关系，得加速到最大速度所需时间(=”=4 s=2s根据匀变速直线运动 a21 的速度与位移的关系，得加速阶段行驶距离=”4 m=4m同理，减速到静止所需时 2a2×2 面为5，-等9三2s减速阶段行驶距离为s,广三4nm利余距离为与=5等-为2m以最 2a 48=38总时间t=1+5,+6,=7s 12 大速度v=4m/s匀速行驶，匀速阶段行驶时间= 2.C 解：A.半衰期是大量原子核衰变的统计规律，仅对数量足够多的原子核成立，对100个这 种少量原子核无法预测具体衰变个数，故A错误；B.β衰变产生的电子是原子核内部的中 子转化为质子时释放的，不是核外电子电离形成，故B错误；C.核反应的质量亏损为 △L=--根据质能方程，释放的能量为△E=△c2=(%-西-m3)c2,故C正确； D.该衰变反应释放能量，说明生成物1Pa比反应物Th更稳定，而原子核越稳定比结合 能越大，因此Th的比结合能小于1Pa的比结合能，故D错误。 3.D 解：电荷垂直射入匀强电场，做类平抛运动：设电场沿初速度方向的宽度为，初动能 。m运时间风沿电场方向偏转位移中1驱d 2m气(6 4Exo 由动能定理，电场力做功p=g=9 4Exo =△E,即电场力做功（动能增量）与初动能成 反比；第一次初动能E1=1J,末动能5J,动能增量△E1=5J-1J=4J 第二次初动能E2=4J,电场力做功（动能增量）与初动能成反比，则动能增量△E2=1J 射出时动能Ek未=E2+△E2=4J+1J=5J 4.C 物理试题答案第4页（共8页） 解：A.根据微元法可知，可动磨盘转动一周过程中，手对推杆做的功为W-∑F△x=F·2πR, 不为零，A错误： B.谷物A所受摩擦力充当圆周运动的向心力，可知摩擦力方向指向圆心，B错误： C.根据a=or可知，因AB两点的角速度相同，而14<g,可知谷物A的向心加速度小于 谷物B的向心加速度，C正确： D.若增大可动磨盘的转速，谷物A、B做离心运动，A能进入进料口中，B不能进入进料口 中，D错误。 5.B 解：A.温度降低则气体分子的平均动能减小，并不是所有分子动能都减小，故A错误： D.由理想气体的状态方程-，坐其中4=1.0×10+Pgh,了=273+67C340K, TL P2=1.0×10Pa,T=273+61°C-334K代入数据可求得气泡到达水面的体积为 乃=1.0×106m3,故D错误； C.气体体积膨胀对外做功，若压强保持大气压强不变时，上升过程气体做功为 W=p,△V=-1.0×10Pa×(1.0×106-6.8×107)m3=-3.2×102J 由于上升过程中压强逐渐减小到大气压强，所以对外做功大于3.2×102J,故C错误： B.气体对外做功大于3.2×102J,内能减少2×102J由热力学第一定律△U=W+Q可知气 泡上升过程中气泡要吸收热量，故B正确。 6.A 2h 解：A,由小球自由落体运动规律h)8解得火星表面重力加速度&水刀 第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，清足mgk=m。可得v=2 12 ,故A正确： R t B。火星表面万有引力等于重力，即G=mg大解得M=2 G,故B错误： C探测器轨道半径r=R+2R=3次万有引力提供向心加速度G=加联立，解得a= 9t2 故C错误； D。探测器在圆轨道上的重力等于万有引力P=ma=，故D错误。 7.B 物理试题答案第5页（共8页） 解：A.在0~乙时间内，磁场垂直纸面向里，导体棒向右运动，由右手定则可知，感应电 流方向为C→A,即顺时针方向，为正值；由于导轨间距d随时间均匀减小，根据E=Bh、 1=号解得1=Bh R ,故电流贴时间均匀减小。在二时间内，无影场，感应电流为零。 在！、时间内，磁场垂直纸面向外，由右手定则可知，感应电流方向为A→C,即逆 针方向，为负值：电流大小随时间均匀减小，根据五=B、i=日 R ，故电流：随时间均匀减小。图A中第三段电流为正值，故A错提 解得i=Bh B.结合A选项的分析，电流先为正且减小，中间为零，后为负且绝对值减小。由于导轨向 右运动过程中，接入电路的有效长度均匀减小，二时刻的导轨间距大于2二时刻的导轨间 距，故二时刻的电流值大于二时刻的电流绝对值。图B符合该规律，放B正确， 12 C.电阻两端电势差U加=R,其变化规律与电流一致。即先为正且减小，中间为零，后 为负且绝对值减小，且时刻的电压植应大于时刻的电压绝对值。图C中第三段起始猫 的绝对值明显大于第一段结束值，不符合导轨间距减小的事实，故C错误； D.在2L3。 ~二时间内，磁场垂直纸面向外，由右手定则可知，感应电流方向为A→C,即 11 逆时针方向，流过电阻的电流方向为D→B,故电阻两端的电势差V0<0:图D中2L、3弘 1V1 时间内电势差大于零，故D错误。 8.BC 解：A.从图乙振动图像可得：振幅A=2m,周期T=4s,因此角频率0=2”-rads 波源的振动方程为x=2sin二tcm,故A错误； 2 B.一个周期内质点振动路程为4A=8cm,40s=10T,总路程为10x8cm=80cm,故B正 确； CD.己知a、b都在平衡位置，间距L=30m,且a、b间只有一个波峰，共3种情况： a、b间无波谷：1=子，得A-60m,淡速=子=1sms T a、b间有1个波谷：L=1,得=30m,波速，= 2=7.5ms 2=5m/s a、b间有2个波谷：【=子，得名-20m,波速写-产 物理试题答案第6页（共8页） 因此波速大小有1种可能，其中包含15ms,故C正确，D错误。 9.AD 解：AB.滑动变阻器滑片位于中点时，R3所在支路的总电阻为62，电流为1A,则电流表 所在支路两端电压为U,=R+)=6x1V=6V即副线圈两端电压为凸，=VA,=6V 因为R?所在支路的电阻为4Q,由并联电路特点可知副线圈回路的总电阻为 R=4X62=2.42则通过副线圈电流为1，=R =25A由理想变压器规律可知 及-A,=及则可知副线图回路的等效电阻为R U2 n'I n 原线圈回路电流为1=飞1， 且I,R+IR'=U解得变压器原、副线圈的匝数比为：，=2：1根据理想变压器原副线圈电 压比等于匝数比可知初始时，电压表的示数为U=12V,故A正确，B错误； C.由数学知识可知，当R3和R2所在支路的总电阻相等时，副线圈回路总电阻最大，此时 滑动变阻器滑片右边的电阻值为12，则向右移动滑动变阻器滑片，副线圈回路总电阻先增 大后减小，则等效电阻先增大后减小，由串联分压规律可知，电压表示数先增大后减小，故 C错误； D.将R,视为电源内阻，则当等效电阻阻值等于R,阻值时，变压器输出功率最大，根据A 2 选项可以得出当滑片位于中点时，变压器原线圈等效电阻为R R=9.62 等于R1,向左移动滑片等效电阻变小，则变压器输出功率减小，故D正确。 10.BC 解：AB.设恒力的水平分量为F,竖直分量为至，弹珠经过A点时的动能为0.65J,有 4=△Ba=065J-045J=02J,y=0m可得万=0N 50 经过B点时的动能为1.25J,有Fy2+Fx=△E2=1.25J-0.45J=0.8J,x= 3W10 5m, 与=1v10 m联立解得R=310N 50 可得该恒力大小为F=√F+F2=0.2N,故A错误，B正确： CD.若弹珠的质量为0.1kg,初动能为0.45J,有E如=一解得初速度为%=3m/s 2 物理试题答案第7页（共8页） 如图所示，有m0是水平方向的加速度4至】 从原点O处到经过A点的时间t=sinC a 2竖直位移有csa44)aP0m,a,9 联立解得tan=,故C正确，D错误 y Vo 0 0 11解：(1)安装好气垫导轨，调节气垫导轨的调节旋钮，使导轨水平： (2)[1]碰撞前滑块A的速度大小为= △2_02 -m/s =1m/s △t0.2 [2]从第3次闪光到两滑块相碰经过的时间△t, 06-05g=0,15即在第1次闪光后0.5s发生 1 碰撞； [B]碰撞后滑块A的速度大小为y=:=。0.05 m/s=0.5m/s方向与初速度方向相反： △t0.2-0.1 碰撞后滑块B的速度大小为)=÷- m/s 1m/s △t0.1 以滑块A的初速度方向为正，由动量守恒可知a1%=a(-)+2解得=15g 12解：(1)闭合开关前，分压式接法中滑动变阻器的滑片应置于左端，这样待测部分电压 从0开始，起到保护电路的作用。 (2)A.热敏电阻的温度变化是实验本身的影响，分压式接法无法消除这种系统误差，故 A错误；B.分压式接法的核心优势是电压可从0开始连续调节，这样能尽可能多地获取伏 安特性曲线的数据点，全面研究其非线性特性，故B正确；C.分压式接法的主要目的不是 保护电路，限流式接法也能起到保护作用，分压式的核心价值是电压调节范围广，故C错 误。 (3)根据UR=4则I2+bI将U=2.4V、I=0.020A、b=102,代入方程，解得a的测量值 aw=5.5×1032.A1 =8RB=1-80 （4)电压表示数为0时，分析可知U=Ua-Ua2R+RB(2R+80) 物理试题答案第8页（共8页）